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2022-2023学年山东省德州市齐河县富足店中学八年级（下）期中物理试卷（含解析）
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这是一份2022-2023学年山东省德州市齐河县富足店中学八年级（下）期中物理试卷（含解析），共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省德州市齐河县富足店中学八年级（下）期中物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列物理学家与其科学发现对应关系错误的是( )
A. 牛顿——惯性定律
B. 托里拆利——最先准确测出大气压的值
C. 阿基米德——浮力与物体排开液体重力的关系
D. 亚里士多德——摩擦力与接触面粗糙程度的关系
2. 对牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是( )
A. 物体的运动是依靠力来维持的
B. 该定律由斜面小车探究实验直接得出
C. 物体运动状态改变时，一定受到了力的作用
D. 运动的物体若去掉所有力的作用，物体一定会慢慢停下
3. 冰壶是冬奥会比赛项目之一，如图所示，冰壶比赛正在进行。在冰壶运动的过程中，下列分析正确的是( )
①冰壶离开手后减速滑行，惯性不变
②冰壶对冰面的压力与受到的重力是一对平衡力
③冰壶减速滑行过程中，其受力平衡
④运动员在冰壶运动路线上的某些区域用刷子快速刷冰，目的是减小摩擦力
A. 只有①③正确 B. 只有①④正确 C. 只有②③正确 D. 只有②④正确
4. 图实例中，利用连通器原理工作的是( )
A. 用吸管吸饮料 B. U形管压强计
C. 活塞式抽水机 D. 船闸
5. 对于下图所涉及的物理知识，分析正确的是( )
A. 在甲图容器中装入同种液体，液体不流动时，各部分的液面高度相同，是因为它们的形状不同
B. 乙图用吸管吸饮料，饮料就会上升到嘴中，是因为饮料上方的大气压强变大了
C. 丙图往B管中吹气，A管中液柱上升，是因为流体的流速越大，压强越大
D. 丁图中蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强大
6. 如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上，现用一水平力F，向右缓慢地推木板，使其一部分露出桌面如图乙所示，在推木板的过程中木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况是( )
A. F、p 不变，f 变大 B. F、f 不变，p 变大
C. F 变小，p、f 变大 D. F、f 不变，p 变小
7. 新型膨胀式安全带(如图)紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用。下列关于膨胀式安全带说法正确的是( )
A. 该安全带会使人的惯性减小
B. 该安全带可以使人所承受的力减小
C. 当车加速时，该安全带就会自动充气
D. 该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
8. 小明同学利用托里拆利实验测量大气压强的值，如图所示，以下判断正确的是( )
A. 换用粗玻璃管做实验，管内水银柱高度将减小
B. 若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将变小
C. 将此装置从地面移至山顶，玻璃管内的水银面会上升
D. 若换用水来做该实验，则大气压能支持的液柱的高度将大于760mm
9. 如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的玻璃缸装满了水，其中甲只有水，乙水中漂浮着一只小鸭子，丙水中漂浮着一只大鸭子。若把三个缸放到台秤上称量，可知它们的质量( )
A. 甲最大 B. 乙最大 C. 丙最大 D. 一样大
10. 线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则( )
A. 甲杯中溢出水的体积小 B. 乙杯中小球所受浮力大
C. 甲杯底部受到水的压强小 D. 两杯对桌面的压强一样大
11. 2021年4月18日，深圳欢乐港湾的“湾区之光”摩天轮正式对外开放。当小明坐在匀速转动的摩天轮的轿厢内，从最低点向最高点运动时，下列说法正确的是( )
A. 以地面为参照物，小明是静止的
B. 小明在上升过程中受到的是平衡力的作用
C. 小明的重力势能不断增大，机械能也增大
D. 小明在上升过程中机械能守恒
12. 两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的s−t图象如图所示，根据图象，下列判断中( )
①两次物体运动的速度：v1
③0−6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2
④0−6s两次拉力对物体做功的功率：P1
A. 只有①②正确 B. 只有①④正确 C. 只有②③正确 D. 只有②④正确
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
13. 2022年3月23日下午“天宫课堂”再次开讲，“太空教师”带着“出差”的顶流冰墩墩在太空舱内给大家演示了牛顿第一定律，被抛出后的冰墩墩近似做______(选填“静止”、“竖直下落”或“匀速直线运动”)，这一定律在地球上______(选填“能”或“不能”)用实验验证。
14. 游泳时，用力向后划水就可以前进了，这是因为______，严禁在游泳池的排水口附近游泳，是由于排水时此处水流速度______，压强______，人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故。
15. 2013年长沙体育中考，男生新设引体向上项目。如图所示是引体向上的示意图，小云同学在半分钟内做了12个规范的引体向上。已知小云的质量为60kg，每次引体向上他能将自身重心提高0.4m，则小云每做一次引体向上所做的功为______J，整个过程中的平均功率为______W.(g取10N/kg)
16. 小明将如图的自制气压计从一楼拿到六楼，会观察到玻璃管内的水面______(选填“上升”或“下降”)，这是由于大气压随高度增加而______(选填“增大”或“减小”)的缘故。当气压小于一个标准大气压时，水的沸点______(选填“大于”、“等于”或“小于”)100℃。
17. 在同一水平面上，用弹簧测力计水平拉木块向右做匀速直线运动，如图所示，木块所受摩擦力的大小为______N；若拉力增大，木块所受的摩擦力将______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
18. 大连舰满载排水量达12300t，则其满载时受到的浮力为______N(g取10N/kg)；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共5.0分）
19. 如图物块沿斜面向上滑行，画出物块受到的重力和摩擦力f的示意图。
20. 如图所示，为一足球在水平球场上滚动的情景，请你在图中画出足球所受力的示意图(不考虑空气阻力)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共25.0分）
21. 如图(a)所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下，完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中h1=h3>h2，mA=mB
(1)实验中，小球到达斜面底端时的动能大小是通过______ (选填“高度h”、“距离s”)大小来反映的。
(2)分析比较甲和乙两组实验可得出结论______ 。
(3)图乙中木块被推动时所受摩擦力大小______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)图丙中木块被推动时所受摩擦力大小。
(4)图(b)是探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应______ (选填“使小车从同一高度由静止滑下”、“保持水平桌面的粗糙程度相同”)。
(5)在水平面滑行的小车受到的重力和小车对水平面的压力______ (选填“是”或“不是”)一对平衡力。
(6)牛顿第一定律告诉了我们物体的运动______ (填“需要”或“不需要”)力来维持，一切物体都有保持原来______ 不变的性质。
22. 在“研究影响液体内部压强”的实验中：
(1)压强计是通过观察U形管左右两侧液面的______ 来显示橡皮膜所受压强的大小；
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______ (选填“A”或“B”)，使U形管左右两侧的水面相平；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
(3)在丙实验的基础上控制金属盒所在位置不变，向烧杯中加水，则根据此时的实验现象和丙实验现象对比可以研究液体内部压强与______ 是否有关；如果控制金属盒的位置不变，向烧杯中加盐水(ρ盐水>ρ水)，根据实验现象和丙实验现象对比______ (选填“能”或“不能”)证明液体内部压强与液体密度是否有关，你的理由是：______ ；
(4)在丁图中，U形管左端与一根管子相连，速度是v1和v2的气流分别经过相连的管子时，U形管液面的高度差如图所示(h1>h2)，则v1 ______ v2(选填“>”“=”或“<”)；
(5)戊装置容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状为一凹面，用戊装置测量未知液体的密度，在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，需要测量的物理量有______ ；
A.右侧待测液体到容器底的深度h1；
B.右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C.左侧水到容器底的深度h3；
D.左侧水到橡皮膜中心的深度h4；
根据你选用的物理量推导出待测液体密度的表达式为ρ= ______ (用题中字母和ρ水表示)。
23. 完成下列两个有关浮力的实验探究题。
(1)探究浮力的大小跟哪些因素有关时的部分操作及装置静止时测力计指针的位置如图所示。
①图乙中测力计的示数为 N，由如图甲、乙、丙所示实验可得出的结论是：在液体密度相同时，物体所受浮力的大小跟 有关。
②由如图丙、丁所示实验得出的结论是：物体排开液体体积相等时，浮力大小与 有关。
③由图中提供的数据，可以求出盐水的密度为 kg/m3。
(2)某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照图所示的步骤，探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
①先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为 N。
②把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为 N。石块排开的水所受的重力可由 (填字母代号)两个步骤测出。
③由以上步骤可初步得出结论：没在水中的物体所受浮力的大小等于 。
④为了得到更普遍得结论，下列继续进行的操作中不合理的是 。
A.用原来的方案和器材多次测量取平均值
B.用原来的方案将水换成酒精进行实验
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
⑤另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作都正确，则 (选填“能”或“不能”)得到与(3)相同的结论。
五、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
24. 电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点。如图是一辆停放在水平地面上的电动汽车，质量为1.6×103kg，当汽车做匀速直线运动时1min前进了600m。静止时每个轮胎与地的接触面积为2×10−2m2，g取10N/kg。求：
(1)电动汽车匀速行驶时的速度；
(2)电动汽车静止时对地面的压强。
25. 如图所示，水平面上有一底面积为5.0×10−3m2的圆柱形容器，容器中装有质量为0.5kg的水，现将一个质量分布均匀、体积为5.0×105m3的物块(不吸水)放入容器中，物块漂浮在水面上，物块浸入水中的体积为4.0×10−5m3.(g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)求物块受到的浮力大小；
(2)求物块的密度；
(3)用力缓慢向下压物块使其恰好完全浸没在水中(水未溢出).求此时水对容器底的压强。
26. 抗击新冠肺炎疫情期间，某市救护车转运患者集中隔离治疗，该车配置了负压装置，负压舱内气压小于外界气压，将内部空气“吸入”排风净化装置进行处理，有效避免了病毒的传播，某次转运病人时，救护车以60kW的恒定功率在平直公路上匀速行驶36km，用时30min，请解答下列问题：
(1)救护车匀速行驶36km牵引力做的功；
(2)救护车所受的阻力。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、惯性定律，也就是牛顿第一定律，是牛顿在前人的基础上，结合自己的研究总结得出的，故A正确；
B、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，托里拆利实验最早较精确测出了大气压的数值，故B正确；
C、阿基米德原理是指浮力大小与排开液体重力的关系，故C正确；
D、亚里士多德提出了物体的运动需要力来维持，故D错误。
故选：D。
根据对物理学史及物理学家成就的了解作答。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
2.【答案】C
【解析】解：A.力是改变物体运动状态的原因，物体的运动是不需要力来维持，故A错误；
B.牛顿第一定律是在实验的基础上，通过进一步的概括推理得出的，不能通过实验直接得出，故B错误；
C.力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态改变时，一定受到了力的作用，故C正确；
D.运动的物体不受外力时，将做匀速直线运动，故D错误。
故选：C。
根据牛顿第一定律的内容可以得出：力是改变物体运动状态的原因；牛顿第一定律是在实验的基础上，通过进一步的概括推理得出的。
本题考查的是学生对于牛顿第一定律的内容及得出过程的理解，属基础知识的考查。
3.【答案】B
【解析】解：①冰壶离开手后减速滑行过程中，质量不变，所以惯性不变，故①正确；
②冰壶对冰面的压力与受到的重力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故②错误；
③冰壶减速滑行过程中，处于非平衡状态，其受力不平衡，故③错误；
④队员用冰刷刷冰面的过程中，因摩擦生热使得部分冰面熔化产生水，减小了接触面的粗糙程度，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦，故④正确。
故选：B。
(1)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
(2)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
(3)处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用；
(4)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查惯性和摩擦力大小的影响因素、平衡力的辨别等，有一定综合性，但难度不大，属于常考题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压，故A不合题意；
B、压强计的U形管一端是密封的，因此不是连通器，故B不合题意；
C、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用的是大气压，没有利用连通器原理，故C不合题；
D、打开船闸的一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸。然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等。船就可以开到另一端去，利用了连通器，故D符合题意。
故选：D。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。
5.【答案】D
【解析】解：A、如图所示上端开口、下端连通的容器叫做连通器。根据连通器的特点可知，若它里面装的是同种液体，液体不流动时各部分中的液面高度总是相同的，故A错误；
B、用吸管吸饮料时，管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下上升，利用了大气压，因为饮料上方的大气压强变小了，故B错误；
C、往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在这个管内外产生压强差的作用下，液面上升，故C错误；
D、蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强大，故D正确。
故选：D。
(1)根据连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
(2)吸管吸饮料时，利用了大气压；
(3)当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，管内外产生压强差将液体压上去；
(4)根据压强公式p=FS进行判断．
本题考查连通器原理，大气压的应用，流速与压强的关系，以及压强公式的应用，是一道综合题。
6.【答案】B
【解析】解：(1)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，用水平力F向右缓慢地推木板时，木板对桌面的压力F不变，故C错误；
因水平力F向右缓慢地推木板时，木板与桌面的接触面积变小，受力面积变小，
所以，由p=FS可知，长木板对桌面的压强p变大，故AD错误；
(2)因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，
所以，水平力F向右缓慢地推木板时，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力f不变，故B正确。
故选：B。
(1)水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；
(2)根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。
本题考查了压力和压强大小的比较和影响滑动摩擦力大小的因素的应用，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量。
7.【答案】D
【解析】解：A、惯性大小只和质量有关，故系安全带不会改变车及人的惯性，故A错误；
B、该安全带不能使人所承受的力减小，故B错误；
C、由题意“紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋”，而不是当车加速时，该安全带就会自动充气，故C错误；
D、该安全带充气后增大与人体的接触面积，在压力一定时，增大受力面积，可减小压强，从而避免人员被勒伤，故D正确。
故选：D。
(1)惯性是物体的固有属性，其大小只和质量有关；由于惯性当紧急刹车时，人会前冲，安全带可以防止人冲上前窗玻璃。
(2)安全带不能使人所承受的力减小；
(3)安全带紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积，在受力面积一定时，减小压力。
此题考查减小压强的方法和惯性，一切物体都具有惯性，有时我们要利用物体的惯性，有时我们要防止惯性带来的危害；体现了物理服务于人们的生活，生活中处处有物理。
8.【答案】D
【解析】解：A、换用粗玻璃管做实验，管内水银柱高度不变，故A错误。
B、若将玻璃管稍稍倾斜，进入玻璃管内的水银增加，但是管内外水银面的高度差不变，故B错误。
C、山顶海拔高，气压降低，将此装置从地面移至山顶，玻璃管内的水银面会下降，故C错误。
D、大气压不变时，用水做实验，水柱产生的压强和水银柱产生的压强相等，根据p水=p水银，则ρ水gh水=ρ水银gh水银，水银密度是水密度的13.6倍，水的高度是水银柱高度的13.6倍，故D正确。
故选：D。
(1)(2)托里拆利实验中玻璃管内混入空气影响水银柱的高度，玻璃管的粗细、玻璃板的长度(大于760mm)、水银槽内水银多少、玻璃管是否倾斜、玻璃管的上提下压都不影响水银柱的高度。
(3)气压跟海拔有关，海拔越高，气压越小。
(4)大气压不变时，用水做实验，水柱高度比水银柱高度高。
对于托里拆利实验中要明确玻璃管内混入空气影响水银柱的高度，气压影响水银柱高度；玻璃管的粗细、玻璃管的长度(大于760mm)、水银槽内水银多少、玻璃管是否倾斜、玻璃管的上提下压都不影响水银柱的高度。
9.【答案】D
【解析】解：由于鸭子漂浮，
所以F浮=G排=G鸭，
即：放入鸭子后排开水的重力等于鸭子的重力
所以三个玻璃缸的总重相同，
由于G=mg，
所以三个玻璃缸的总质量相同，
把它们分别放在台秤上，则台秤的示数相同，即它们的质量一样大。
故选：D。
可用等效替代法来分析此题，鸭子漂浮在水面上，所以鸭子受到的浮力与其重力相等，则鸭子的重力等于排开水的重力，从而可以判断出台秤示数的关系。
本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，知识点多，综合性强，难度适中，是一道好题。
10.【答案】D
【解析】解：
AB、两个小球的质量相同，根据G=mg可知，小球的重力相同；小球在甲中漂浮，受到的浮力等于自身的重力；小球在乙中悬浮，受到的浮力等于自身的重力，所以两杯中小球受到的浮力相同，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，两个小球排开的水的体积是相同的，烧杯原来都装满水，则溢出水的体积相同，故AB错误；
C、两杯中液面深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，两杯底部受到的水的压强是相同的，故C错误；
D、甲杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，乙杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，小球的重力相同，所以排开的水的重力相同；杯子的重力相同，所以杯子重力、水的重力、小球的重力的和是相同的，受力面积相同，根据p=FS可知，桌面受到的压强相同，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据两个小球的状态，利用物体的浮沉条件得出浮力的大小关系，根据阿基米德原理分析排开的水的体积的大小关系；
(3)根据p=ρgh分析杯子底部受到的压强的大小关系；
(4)容器对桌面的压力等于杯子重力、水的重力、小球的重力的和，据此分析两个杯子总重力的大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
11.【答案】C
【解析】解：
A、以地面为参照物，小明和地面之间发生了物体位置的变化，所以小明是运动的，故A错误；
B、小明在上升过程中，运动方向不断的变化，所以虽然匀速转动，受力不平衡，故B错误；
CD、小明在上升过程中，高度越来越大，重力势能变大，速度，质量没变，动能不变，所以机械能增大，故机械能不守恒，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)处于平衡状态的物体可能不受力的作用，可能受到平衡力的作用，处于非平衡状态的物体，受到非平衡力的作用；
(3)根据机械能的概念分析动能和势能的大小变化及机械能是否守恒。
此题考查运动和静止的相对性、物体运动状态的判断、力与运动的关系等，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
12.【答案】C
【解析】解：①从图像看出，在相同的时间内，两次物体通过的路程关系为s1>s2，故它们的速度关系为v1>v2；
②匀速运动过程中，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对地面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，故拉力大小也相等，即F1=F2；
③拉力所做的功为W=Fs，在相同的0～6s内，拉力大小相等，但物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，故有W1>W2；
④已知0～6s内，两次拉力对物体所做的功W1>W2，根据P=Wt可知0～6s两次拉力对物体做功的功率P1>P2。
综上分析可知，只有②③正确。
故选：C。
①从图像看出，在相同的时间内，第一次通过的路程大于第二次通过的路程，据此可知它们的速度大小关系；
②匀速运动过程中，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对地面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，据此得出拉力大小关系；
③拉力所做的功为W=Fs，在相同的0～6s内，已知拉力大小关系，但物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，据此得出0～6s两次拉力对物体所做的功的大小关系；
④已知0～6s内，两次拉力对物体所做的功的大小关系，根据P=Wt可知0～6s两次拉力对物体做功的功率的大小关系。
本题考查速度、功、功率和二力平衡的知识，关键是从图中得出有用信息。
13.【答案】匀速直线运动 不能
【解析】解：冰墩墩被推出后，处于运动状态，由于冰墩墩在太空中处于失重状态，在空中不受力的作用，所以冰墩墩会沿着原来的方向做匀速直线运动，这个实验直接证明了牛顿第一定律；
这一定律在地球上不能用实验验证，因为不受力的作用这种情况，在地球上是不存在的。
故答案为：匀速直线运动；不能。
牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查力与运动的关系，知道物体在不受力时，将保持原来的运动状态不变，是基础题。
14.【答案】力的作用是相互的 大 小
【解析】解：
游泳时人用力向后划水，由于物体间力的作用是相互的，人给水一个向后的作用力，同时，水也给人一个向前的推力，所以人就前进；
在流体中，流速越大的位置压强越小。游泳池的排水口处水流速度快，压强较小，水性不好的人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故。
故答案为：力的作用是相互的；大；小。
①力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体力的作用；
②流体的流速度与压强的关系是：流速大的地方、压强小，流速小的地方、压强大。
此题主要考查学生对力的作用相互性和流体压强与流速关系的理解和掌握，此类题目在现实生活中十分常见，要引导学生注意理论联系实际，激发学生学习物理的兴趣。
15.【答案】240 96
【解析】解：(1)小云的重力：
G=mg=60kg×10N/kg=600N，
小云每一次引体向上所做的功：
W=Gh=600N×0.4m=240J；
(2)小云半分钟做的总功：
W总=240J×12=2880J，
t=0.5min=30s，
小云做功的平均功率：
P=W总t=2880J30s=96W。
故答案为：240；96。
(1)已知小云的质量，利用重力公式求小云重，又知道引体向上移动的距离，根据公式W=Gh可求小云每一次引体向上所做的功；
(2)已知在半分钟内做了12个规范的引体向上，结合一次引体向上做的功进一步求出总功，然后利用P=Wt求出克服重力做功的功率。
本题考查做功和功率的计算，关键是要知道求平均功率要用总功除以总时间。
16.【答案】上升 减小 小于
【解析】解：
(1)将气压计从一楼拿到六楼时，高度在升高，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高；
(2)气压越低，沸点越低，当气压小于一个标准大气压时，水的沸点小于100℃。
故答案为：上升；减小；小于。
(1)在这个自制气压计中，想使水面上升到瓶口以上，必须靠瓶内那一部分气体的压强，瓶内气压大于外界大气压，水柱就上升，相反水柱就下降。而大气压随高度的变化是减小的；
(2)液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。
本题主要考查了大气压与高度的关系、沸点与气压的关系，是一道综合性题目。
17.【答案】2.4 不变
【解析】解：该测力计的每一个大格是1N，每一个小格是0.2N，故此时的示数是2.4N；
沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件可知，拉力大小等于摩擦力的大小，故木块所受的滑动摩擦力大小为2.4N；
当拉力增大后，因为木块对桌面的压力大小仍等于重力，没有变化，而且接触面的粗糙程度也不变，所以摩擦力大小不变。
故答案为：2.4；不变。
根据弹簧测力计的分度值读数；二力平衡的条件是：两个力作用在一个物体上，大小相等、方向相反、在一条直线上；摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
本题考查二力平衡的条件及影响滑动摩擦力大小的因素，为基础性题目。
18.【答案】1.23×108 变小
【解析】解：满载排水量m排=12300t=1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=1.23×107kg×10N/kg=1.23×108N；
舰载直升机起飞后，大连舰自重变小，因大连舰仍然漂浮，浮力等于此时的舰重，即大连舰受到的浮力变小。
故答案为：1.23×108；变小。
根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化。
本题考查阿基米德原理的应用、物体浮沉条件及其应用，正确理解排水量的含义是解答此题关键。
19.【答案】解：从物块重心画一条带箭头的线段，方向竖直向下，为物块的重力G示意图；
从物块重心画一条带箭头线段，方向沿斜面向下，为物块受到的摩擦力f示意图。如图所示：
【解析】(1)物块重力的作用点在物块的重心上，重力的方向总是竖直向下的，从物块的重心表示出重力的方向即可；
(2)物块沿斜面向上滑行，相对斜面向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下，从物块重心画出摩擦力即可。
本题的关键是确定压力和重力、摩擦力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。
20.【答案】解：水平球场上滚动的足球，在水平方向上速度越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，所以摩擦力的方向和相对运动方向相反。在竖直方向上，受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力。这几个力的作用点都画在足球的重心上，如图所示：
【解析】对足球进行受力分析，确定所受各力的大小、方向和作用点，然后根据力的示意图的画法作图。
此题考查力的示意图的画法，要想正确的做出力的示意图，就要对物体所受的力进行正确的分析，这是此题的关键。
21.【答案】距离s 质量相同时，物体的速度越大，动能越大 等于 使小车从同一高度由静止滑下 不是 不需要 运动状态
【解析】解：(1)在实验过程中，根据转换法，小球到达斜面底端时的动能大小是通过距离s大小来反映的；
(2)分析比较甲和乙两组实验，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平面时速度大，推动木块滑行的距离大，由此得出结论：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，图乙中木块与图丙中木块的对水平面的压力大小相等，接触面的粗糙程度相同，图乙中木块被推动时所受摩擦力大小等于图丙中木块被推动时所受摩擦力大小；
(4)探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应让同一小车使小车从同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面底端的速度相同；
(5)在水平面滑行的小车受到的重力和小车对水平面的压力，这两个力的方向相同，不是一对平衡力；
(6)一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，这就是牛顿第一定律，牛顿第一定律告诉我们：物体的运动不需要力来维持，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。
故答案为：(1)距离s；(2)质量相同时，物体的速度越大，动能越大；(3)等于；(4)使小车从同一高度由静止滑下；(5)不是；(6)不需要；运动状态。
(1)在实验过程中，根据转换法，通过观察木块被小球撞击的距离来判断小球动能的大小；
(2)物体的动能跟物体的速度和质量有关，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，根据控制变量法分析；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，据此分析；
(4)探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应让同一小车使小车从同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面底端的速度相同；
(5)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；
(6)根据牛顿第一定律分析回答。
此题考查影响物体动能大小的因素，实验过程中应注意控制变量法和转换法的应用。
22.【答案】高度差 B 深度 不能 没有控制深度不变 > BD h4h2×ρ水
【解析】解：(1)根据转换法，压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小；
(2)液体内部压强大小通过U形管中液面高度差的大小来反映，这是转换法；进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，使得U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
(3)在丙实验的基础上控制金属盒所在位置不变，向烧杯中加水，橡皮膜的深度增加，可以研究液体内部压强与液体的深度是否有关；
要探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变，改变液体的密度，实验中保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面差增大，没有控制深度不变，不能探究液体压强跟密度的关系；
(4)由图可知，左侧U形管液面的高度差较大，说明左侧U形管中液面上方压强较小，由流速越大的位置压强越小可知，左侧管子中气体的流速较大，即v1>v2；
(5)在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，即ρ水gh4=ρgh2，故需要测量的物理量是：右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2，左侧水到橡皮膜中心的深度h4；
选BD；
②由ρ水gh4=ρgh2得液体的密度的表达式：ρ=h4h2×ρ水
故答案为：(1)高度差；(2)B；(3)深度；不能；没有控制深度不变；(4)>；(5)BD； h4h2×ρ水。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)没有吹风时，左右两管上方的压强相同都等于大气压强，当管子中有气体通过时，增大左管上方流速，减小左管上方的压强，液体在压强差作用下移动形成高度差，据此进行解答；
(5)①观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式；
深度是液体内部一点到液体自由面的距离；
②根据①回答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。
23.【答案】3.6 物体排开液体的体积有关 液体密度 1.1×103 3.8 1.4 AD 排开水的重力 A 能
【解析】解：(1)①由图乙所示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为3.6N；
由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，在液体密度相同的情况下，物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关；
②由图丙、丁所示实验可知，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，物体受到的浮力不同，由此可知，在物体排开液体体积相同的情况下，物体受到的浮力与液体密度有关；
③由图甲、丙所示实验可知，物体浸没在水中受到的浮力：F浮=5N−3N=2N，由图甲、丁所示实验可知，物体浸没在盐水中受到的浮力F浮′=5N−2.8N=2.2N，
设物体体积为V，由浮力公式：F浮=ρgV排，F浮=ρ水gV，F浮′=ρ盐水gV，则V=F浮ρ水g=F浮′ρ盐水g，因此，盐水的密度：ρ盐水=F浮′F浮⋅ρ水=2.2N2N×1×103kg/m3=1.1×103kg/m3；
(2)①由图B可知，弹簧测力计的示数为3.8N，故物体的重力是3.8N；
②根据图BC图，由称重法测浮力，把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为：F浮=G−F示=3.8N−2.4N=1.4N；
由图中AD两个步骤知，石块排开的水与桶的总重力减去桶的重力等于物体排开液体的重力；
③排开液体的重力：G排=G桶和水−G桶=2.6N−1.2N=1.4N，故可以得出浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开液体的重力；
④本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究性实验，多次测量找普遍规律。
A.测量型实验多次测量取平均值可减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故A不合理；
B.用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，避免结论的偶然性，找出普遍规律，故B合理；
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，避免结论的偶然性，找出普遍规律，故C合理；
故选A；
⑤只将石块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小，仍能得出得到与(3)相同的结论。
故答案为：(1)①3.6；物体排开液体的体积有关；②液体密度；③1.1×103；(2)①3.8；②1.4；AD；③排开水的重力；④A；⑤能。
(1)①由图示测力计确定其分度值，读出其示数；分析图示实验现象，然后得出结论；
②分析图示实验现象，然后得出结论；
③根据图示实验求出物体在水与盐水中受到的浮力，然后根据浮力公式求出盐水的密度；
(2)①由图B可知可知物体的重力；
②根据图BC图，由称重法测浮力，求出把石块浸没在盛满水的溢水杯中时石块受到的浮力大小；
由图中AD两个步骤知，石块排开的水与桶的总重力减去桶的重力等于物体排开液体的重力；
③求出排开液体的重力并与浮力大小比较得出结论；
④用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
⑤浮力大小与排开液体所受重力大小根据力的分析进行解答。
本题探究浮力大小与排开液体所受重力的关系的实验，考查称重法测浮力、数据分析以及归纳法的运用。
24.【答案】解：(1)汽车做匀速直线运动时1min前进了600m，其速度为v=st=600m1×60s=10m/s；
(2)电动汽车静止时对地面的压力：F压=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，
接触面积S=4×2×10−2m2=8×10−2m2，
电动汽车静止时对地面的压强：p=F压S=1.6×104N8×10−2m2=2×105Pa。
答：(1)电动汽车匀速行驶时的速度为10m/s；
(2)电动汽车静止时对地面的压强为2×105Pa。
【解析】(1)利用速度计算公式求得电动汽车匀速行驶时的速度；
(2)知道电动汽车的质量，根据G=mg求出其重力，电动汽车静止时对地面的压力和自身的重力相等，根据p=FS求出电动汽车静止时对地面的压强。
本题考查了重力公式和二力平衡条件、压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
25.【答案】解：
(1)由题知，V排=4.0×10−5m3，
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−5m3=0.4N。
(2)由于物块漂浮在水面上，则物块的重力G=F浮=0.4N，
则质量m=Gg=0.4N10N/kg=0.04kg；
物块的密度ρ=mV=0.04kg5.0×10−5m3=0.8×103kg/m3；
(3)由ρ水=1.0×103kg/m3mV得水的体积为V水=m水ρ水=0.5kg1.0×103kg/m3=5×10−4m3，
物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积：
V=V水+V物=5×10−4m3+5×10−5m3=5.5×10−4m3
则水的深度为h=VS=VS0.11m，
所以水对容器底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m=1.1×103Pa。
答：(1)物块受到的浮力大小为0.4N；
(2)物块的密度为0.8×103kg/m3；
(3)此时水对容器底的压强1.1×103Pa。
【解析】(1)已知浸入水中的木块体积(排开水的体积)，利用阿基米德原理求所受浮力。
(2)由于物块漂浮在水面上，根据漂浮条件可知物块的重力，求出质量，利用ρ=mV求出物块的密度；
(3)利用ρ=mV求出水的体积，即可求出物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积，已知容器底面积求出水的深度h，根据p=ρgh即可求出水对容器底的压强。
本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、物体漂浮条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，这是中考必考题型，要熟练应用。
26.【答案】解：(1)救护车的功率：P=60kW=6×104W，
救护车行驶的时间：t=30min=1800s，
救护车匀速行驶36km动力做的功：
W=Pt=6×104W×1800s=1.08×108J；
(2)救护车运动的距离：s=36km=3.6×104m，
牵引力：F=Ws=1.08×108J3.6×104m=3000N；
救护车匀速行驶时处于平衡状态，所以根据二力平衡条件可得阻力：f=F=3000N。
答：(1)救护车匀速行驶36km动力做的功为1.08×108J；
(2)救护车所受的阻力为3000N。
【解析】(1)已知救护车的功率和行驶时间，根据公式W=Pt可求救护车匀速行驶36km动力做的功；
(2)利用公式W=Fs求出牵引力大小，救护车匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡可知阻力的大小。
本题主要考查功和功率的公式以及计算，是一道综合题。
2022-2023学年山东省德州市齐河县富足店中学八年级（下）期中物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列物理学家与其科学发现对应关系错误的是( )
A. 牛顿——惯性定律
B. 托里拆利——最先准确测出大气压的值
C. 阿基米德——浮力与物体排开液体重力的关系
D. 亚里士多德——摩擦力与接触面粗糙程度的关系
2. 对牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是( )
A. 物体的运动是依靠力来维持的
B. 该定律由斜面小车探究实验直接得出
C. 物体运动状态改变时，一定受到了力的作用
D. 运动的物体若去掉所有力的作用，物体一定会慢慢停下
3. 冰壶是冬奥会比赛项目之一，如图所示，冰壶比赛正在进行。在冰壶运动的过程中，下列分析正确的是( )
①冰壶离开手后减速滑行，惯性不变
②冰壶对冰面的压力与受到的重力是一对平衡力
③冰壶减速滑行过程中，其受力平衡
④运动员在冰壶运动路线上的某些区域用刷子快速刷冰，目的是减小摩擦力
A. 只有①③正确 B. 只有①④正确 C. 只有②③正确 D. 只有②④正确
4. 图实例中，利用连通器原理工作的是( )
A. 用吸管吸饮料 B. U形管压强计
C. 活塞式抽水机 D. 船闸
5. 对于下图所涉及的物理知识，分析正确的是( )
A. 在甲图容器中装入同种液体，液体不流动时，各部分的液面高度相同，是因为它们的形状不同
B. 乙图用吸管吸饮料，饮料就会上升到嘴中，是因为饮料上方的大气压强变大了
C. 丙图往B管中吹气，A管中液柱上升，是因为流体的流速越大，压强越大
D. 丁图中蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强大
6. 如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上，现用一水平力F，向右缓慢地推木板，使其一部分露出桌面如图乙所示，在推木板的过程中木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况是( )
A. F、p 不变，f 变大 B. F、f 不变，p 变大
C. F 变小，p、f 变大 D. F、f 不变，p 变小
7. 新型膨胀式安全带(如图)紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用。下列关于膨胀式安全带说法正确的是( )
A. 该安全带会使人的惯性减小
B. 该安全带可以使人所承受的力减小
C. 当车加速时，该安全带就会自动充气
D. 该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
8. 小明同学利用托里拆利实验测量大气压强的值，如图所示，以下判断正确的是( )
A. 换用粗玻璃管做实验，管内水银柱高度将减小
B. 若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将变小
C. 将此装置从地面移至山顶，玻璃管内的水银面会上升
D. 若换用水来做该实验，则大气压能支持的液柱的高度将大于760mm
9. 如图所示，甲、乙、丙三个完全相同的玻璃缸装满了水，其中甲只有水，乙水中漂浮着一只小鸭子，丙水中漂浮着一只大鸭子。若把三个缸放到台秤上称量，可知它们的质量( )
A. 甲最大 B. 乙最大 C. 丙最大 D. 一样大
10. 线上教学期间，居家学习的小明进行实验探究：将水平桌面上的甲、乙两只相同的塑料杯中分别装满水，把两个质量相同的小球分别放入两杯中，两小球静止时如图所示，则( )
A. 甲杯中溢出水的体积小 B. 乙杯中小球所受浮力大
C. 甲杯底部受到水的压强小 D. 两杯对桌面的压强一样大
11. 2021年4月18日，深圳欢乐港湾的“湾区之光”摩天轮正式对外开放。当小明坐在匀速转动的摩天轮的轿厢内，从最低点向最高点运动时，下列说法正确的是( )
A. 以地面为参照物，小明是静止的
B. 小明在上升过程中受到的是平衡力的作用
C. 小明的重力势能不断增大，机械能也增大
D. 小明在上升过程中机械能守恒
12. 两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的s−t图象如图所示，根据图象，下列判断中( )
①两次物体运动的速度：v1
③0−6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2
④0−6s两次拉力对物体做功的功率：P1
A. 只有①②正确 B. 只有①④正确 C. 只有②③正确 D. 只有②④正确
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共14.0分）
13. 2022年3月23日下午“天宫课堂”再次开讲，“太空教师”带着“出差”的顶流冰墩墩在太空舱内给大家演示了牛顿第一定律，被抛出后的冰墩墩近似做______(选填“静止”、“竖直下落”或“匀速直线运动”)，这一定律在地球上______(选填“能”或“不能”)用实验验证。
14. 游泳时，用力向后划水就可以前进了，这是因为______，严禁在游泳池的排水口附近游泳，是由于排水时此处水流速度______，压强______，人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故。
15. 2013年长沙体育中考，男生新设引体向上项目。如图所示是引体向上的示意图，小云同学在半分钟内做了12个规范的引体向上。已知小云的质量为60kg，每次引体向上他能将自身重心提高0.4m，则小云每做一次引体向上所做的功为______J，整个过程中的平均功率为______W.(g取10N/kg)
16. 小明将如图的自制气压计从一楼拿到六楼，会观察到玻璃管内的水面______(选填“上升”或“下降”)，这是由于大气压随高度增加而______(选填“增大”或“减小”)的缘故。当气压小于一个标准大气压时，水的沸点______(选填“大于”、“等于”或“小于”)100℃。
17. 在同一水平面上，用弹簧测力计水平拉木块向右做匀速直线运动，如图所示，木块所受摩擦力的大小为______N；若拉力增大，木块所受的摩擦力将______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。
18. 大连舰满载排水量达12300t，则其满载时受到的浮力为______N(g取10N/kg)；舰载直升机起飞后，大连舰受到的浮力______(填“变大”“变小”或“不变”)。
三、作图题（本大题共2小题，共5.0分）
19. 如图物块沿斜面向上滑行，画出物块受到的重力和摩擦力f的示意图。
20. 如图所示，为一足球在水平球场上滚动的情景，请你在图中画出足球所受力的示意图(不考虑空气阻力)。
四、实验探究题（本大题共3小题，共25.0分）
21. 如图(a)所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下，完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中h1=h3>h2，mA=mB
(1)实验中，小球到达斜面底端时的动能大小是通过______ (选填“高度h”、“距离s”)大小来反映的。
(2)分析比较甲和乙两组实验可得出结论______ 。
(3)图乙中木块被推动时所受摩擦力大小______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)图丙中木块被推动时所受摩擦力大小。
(4)图(b)是探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应______ (选填“使小车从同一高度由静止滑下”、“保持水平桌面的粗糙程度相同”)。
(5)在水平面滑行的小车受到的重力和小车对水平面的压力______ (选填“是”或“不是”)一对平衡力。
(6)牛顿第一定律告诉了我们物体的运动______ (填“需要”或“不需要”)力来维持，一切物体都有保持原来______ 不变的性质。
22. 在“研究影响液体内部压强”的实验中：
(1)压强计是通过观察U形管左右两侧液面的______ 来显示橡皮膜所受压强的大小；
(2)在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______ (选填“A”或“B”)，使U形管左右两侧的水面相平；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
(3)在丙实验的基础上控制金属盒所在位置不变，向烧杯中加水，则根据此时的实验现象和丙实验现象对比可以研究液体内部压强与______ 是否有关；如果控制金属盒的位置不变，向烧杯中加盐水(ρ盐水>ρ水)，根据实验现象和丙实验现象对比______ (选填“能”或“不能”)证明液体内部压强与液体密度是否有关，你的理由是：______ ；
(4)在丁图中，U形管左端与一根管子相连，速度是v1和v2的气流分别经过相连的管子时，U形管液面的高度差如图所示(h1>h2)，则v1 ______ v2(选填“>”“=”或“<”)；
(5)戊装置容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，橡皮膜两侧压强不同时，其形状为一凹面，用戊装置测量未知液体的密度，在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，需要测量的物理量有______ ；
A.右侧待测液体到容器底的深度h1；
B.右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2；
C.左侧水到容器底的深度h3；
D.左侧水到橡皮膜中心的深度h4；
根据你选用的物理量推导出待测液体密度的表达式为ρ= ______ (用题中字母和ρ水表示)。
23. 完成下列两个有关浮力的实验探究题。
(1)探究浮力的大小跟哪些因素有关时的部分操作及装置静止时测力计指针的位置如图所示。
①图乙中测力计的示数为 N，由如图甲、乙、丙所示实验可得出的结论是：在液体密度相同时，物体所受浮力的大小跟 有关。
②由如图丙、丁所示实验得出的结论是：物体排开液体体积相等时，浮力大小与 有关。
③由图中提供的数据，可以求出盐水的密度为 kg/m3。
(2)某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照图所示的步骤，探究“浮力的大小与排开液体所受重力的关系”。
①先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为 N。
②把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为 N。石块排开的水所受的重力可由 (填字母代号)两个步骤测出。
③由以上步骤可初步得出结论：没在水中的物体所受浮力的大小等于 。
④为了得到更普遍得结论，下列继续进行的操作中不合理的是 。
A.用原来的方案和器材多次测量取平均值
B.用原来的方案将水换成酒精进行实验
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
⑤另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作都正确，则 (选填“能”或“不能”)得到与(3)相同的结论。
五、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
24. 电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点。如图是一辆停放在水平地面上的电动汽车，质量为1.6×103kg，当汽车做匀速直线运动时1min前进了600m。静止时每个轮胎与地的接触面积为2×10−2m2，g取10N/kg。求：
(1)电动汽车匀速行驶时的速度；
(2)电动汽车静止时对地面的压强。
25. 如图所示，水平面上有一底面积为5.0×10−3m2的圆柱形容器，容器中装有质量为0.5kg的水，现将一个质量分布均匀、体积为5.0×105m3的物块(不吸水)放入容器中，物块漂浮在水面上，物块浸入水中的体积为4.0×10−5m3.(g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)求物块受到的浮力大小；
(2)求物块的密度；
(3)用力缓慢向下压物块使其恰好完全浸没在水中(水未溢出).求此时水对容器底的压强。
26. 抗击新冠肺炎疫情期间，某市救护车转运患者集中隔离治疗，该车配置了负压装置，负压舱内气压小于外界气压，将内部空气“吸入”排风净化装置进行处理，有效避免了病毒的传播，某次转运病人时，救护车以60kW的恒定功率在平直公路上匀速行驶36km，用时30min，请解答下列问题：
(1)救护车匀速行驶36km牵引力做的功；
(2)救护车所受的阻力。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、惯性定律，也就是牛顿第一定律，是牛顿在前人的基础上，结合自己的研究总结得出的，故A正确；
B、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，托里拆利实验最早较精确测出了大气压的数值，故B正确；
C、阿基米德原理是指浮力大小与排开液体重力的关系，故C正确；
D、亚里士多德提出了物体的运动需要力来维持，故D错误。
故选：D。
根据对物理学史及物理学家成就的了解作答。
多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
2.【答案】C
【解析】解：A.力是改变物体运动状态的原因，物体的运动是不需要力来维持，故A错误；
B.牛顿第一定律是在实验的基础上，通过进一步的概括推理得出的，不能通过实验直接得出，故B错误；
C.力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态改变时，一定受到了力的作用，故C正确；
D.运动的物体不受外力时，将做匀速直线运动，故D错误。
故选：C。
根据牛顿第一定律的内容可以得出：力是改变物体运动状态的原因；牛顿第一定律是在实验的基础上，通过进一步的概括推理得出的。
本题考查的是学生对于牛顿第一定律的内容及得出过程的理解，属基础知识的考查。
3.【答案】B
【解析】解：①冰壶离开手后减速滑行过程中，质量不变，所以惯性不变，故①正确；
②冰壶对冰面的压力与受到的重力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故②错误；
③冰壶减速滑行过程中，处于非平衡状态，其受力不平衡，故③错误；
④队员用冰刷刷冰面的过程中，因摩擦生热使得部分冰面熔化产生水，减小了接触面的粗糙程度，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦，故④正确。
故选：B。
(1)惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
(2)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
(3)处于非平衡状态的物体受到非平衡力的作用；
(4)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
本题考查惯性和摩擦力大小的影响因素、平衡力的辨别等，有一定综合性，但难度不大，属于常考题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压，故A不合题意；
B、压强计的U形管一端是密封的，因此不是连通器，故B不合题意；
C、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用的是大气压，没有利用连通器原理，故C不合题；
D、打开船闸的一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸。然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等。船就可以开到另一端去，利用了连通器，故D符合题意。
故选：D。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
此题考查的是连通器在生活中的应用。这就要求我们平时要多观察、多思考。
5.【答案】D
【解析】解：A、如图所示上端开口、下端连通的容器叫做连通器。根据连通器的特点可知，若它里面装的是同种液体，液体不流动时各部分中的液面高度总是相同的，故A错误；
B、用吸管吸饮料时，管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下上升，利用了大气压，因为饮料上方的大气压强变小了，故B错误；
C、往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，在这个管内外产生压强差的作用下，液面上升，故C错误；
D、蚊子能吸食人血，是因为蚊子的口器尖，即受力面积小，对皮肤的压强大，故D正确。
故选：D。
(1)根据连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
(2)吸管吸饮料时，利用了大气压；
(3)当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，管内外产生压强差将液体压上去；
(4)根据压强公式p=FS进行判断．
本题考查连通器原理，大气压的应用，流速与压强的关系，以及压强公式的应用，是一道综合题。
6.【答案】B
【解析】解：(1)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，用水平力F向右缓慢地推木板时，木板对桌面的压力F不变，故C错误；
因水平力F向右缓慢地推木板时，木板与桌面的接触面积变小，受力面积变小，
所以，由p=FS可知，长木板对桌面的压强p变大，故AD错误；
(2)因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，
所以，水平力F向右缓慢地推木板时，压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力f不变，故B正确。
故选：B。
(1)水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；
(2)根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化。
本题考查了压力和压强大小的比较和影响滑动摩擦力大小的因素的应用，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量。
7.【答案】D
【解析】解：A、惯性大小只和质量有关，故系安全带不会改变车及人的惯性，故A错误；
B、该安全带不能使人所承受的力减小，故B错误；
C、由题意“紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋”，而不是当车加速时，该安全带就会自动充气，故C错误；
D、该安全带充气后增大与人体的接触面积，在压力一定时，增大受力面积，可减小压强，从而避免人员被勒伤，故D正确。
故选：D。
(1)惯性是物体的固有属性，其大小只和质量有关；由于惯性当紧急刹车时，人会前冲，安全带可以防止人冲上前窗玻璃。
(2)安全带不能使人所承受的力减小；
(3)安全带紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋；
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积，在受力面积一定时，减小压力。
此题考查减小压强的方法和惯性，一切物体都具有惯性，有时我们要利用物体的惯性，有时我们要防止惯性带来的危害；体现了物理服务于人们的生活，生活中处处有物理。
8.【答案】D
【解析】解：A、换用粗玻璃管做实验，管内水银柱高度不变，故A错误。
B、若将玻璃管稍稍倾斜，进入玻璃管内的水银增加，但是管内外水银面的高度差不变，故B错误。
C、山顶海拔高，气压降低，将此装置从地面移至山顶，玻璃管内的水银面会下降，故C错误。
D、大气压不变时，用水做实验，水柱产生的压强和水银柱产生的压强相等，根据p水=p水银，则ρ水gh水=ρ水银gh水银，水银密度是水密度的13.6倍，水的高度是水银柱高度的13.6倍，故D正确。
故选：D。
(1)(2)托里拆利实验中玻璃管内混入空气影响水银柱的高度，玻璃管的粗细、玻璃板的长度(大于760mm)、水银槽内水银多少、玻璃管是否倾斜、玻璃管的上提下压都不影响水银柱的高度。
(3)气压跟海拔有关，海拔越高，气压越小。
(4)大气压不变时，用水做实验，水柱高度比水银柱高度高。
对于托里拆利实验中要明确玻璃管内混入空气影响水银柱的高度，气压影响水银柱高度；玻璃管的粗细、玻璃管的长度(大于760mm)、水银槽内水银多少、玻璃管是否倾斜、玻璃管的上提下压都不影响水银柱的高度。
9.【答案】D
【解析】解：由于鸭子漂浮，
所以F浮=G排=G鸭，
即：放入鸭子后排开水的重力等于鸭子的重力
所以三个玻璃缸的总重相同，
由于G=mg，
所以三个玻璃缸的总质量相同，
把它们分别放在台秤上，则台秤的示数相同，即它们的质量一样大。
故选：D。
可用等效替代法来分析此题，鸭子漂浮在水面上，所以鸭子受到的浮力与其重力相等，则鸭子的重力等于排开水的重力，从而可以判断出台秤示数的关系。
本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，知识点多，综合性强，难度适中，是一道好题。
10.【答案】D
【解析】解：
AB、两个小球的质量相同，根据G=mg可知，小球的重力相同；小球在甲中漂浮，受到的浮力等于自身的重力；小球在乙中悬浮，受到的浮力等于自身的重力，所以两杯中小球受到的浮力相同，水的密度不变，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，两个小球排开的水的体积是相同的，烧杯原来都装满水，则溢出水的体积相同，故AB错误；
C、两杯中液面深度相同，水的密度不变，根据p=ρgh可知，两杯底部受到的水的压强是相同的，故C错误；
D、甲杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，乙杯中小球排开的水的重力等于小球的重力，小球的重力相同，所以排开的水的重力相同；杯子的重力相同，所以杯子重力、水的重力、小球的重力的和是相同的，受力面积相同，根据p=FS可知，桌面受到的压强相同，故D正确。
故选：D。
(1)(2)根据两个小球的状态，利用物体的浮沉条件得出浮力的大小关系，根据阿基米德原理分析排开的水的体积的大小关系；
(3)根据p=ρgh分析杯子底部受到的压强的大小关系；
(4)容器对桌面的压力等于杯子重力、水的重力、小球的重力的和，据此分析两个杯子总重力的大小，根据p=FS分析桌面受到的压强的大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、阿基米德原理、压力和压强大小的比较等，综合性强，难度较大；解题时要注意压强公式的正确选择。
11.【答案】C
【解析】解：
A、以地面为参照物，小明和地面之间发生了物体位置的变化，所以小明是运动的，故A错误；
B、小明在上升过程中，运动方向不断的变化，所以虽然匀速转动，受力不平衡，故B错误；
CD、小明在上升过程中，高度越来越大，重力势能变大，速度，质量没变，动能不变，所以机械能增大，故机械能不守恒，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)处于平衡状态的物体可能不受力的作用，可能受到平衡力的作用，处于非平衡状态的物体，受到非平衡力的作用；
(3)根据机械能的概念分析动能和势能的大小变化及机械能是否守恒。
此题考查运动和静止的相对性、物体运动状态的判断、力与运动的关系等，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
12.【答案】C
【解析】解：①从图像看出，在相同的时间内，两次物体通过的路程关系为s1>s2，故它们的速度关系为v1>v2；
②匀速运动过程中，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对地面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，故拉力大小也相等，即F1=F2；
③拉力所做的功为W=Fs，在相同的0～6s内，拉力大小相等，但物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，故有W1>W2；
④已知0～6s内，两次拉力对物体所做的功W1>W2，根据P=Wt可知0～6s两次拉力对物体做功的功率P1>P2。
综上分析可知，只有②③正确。
故选：C。
①从图像看出，在相同的时间内，第一次通过的路程大于第二次通过的路程，据此可知它们的速度大小关系；
②匀速运动过程中，拉力与摩擦力为平衡力，两次水平拉动同一物体在同一水平面上运动，对地面的压力和接触面的粗糙程度都相同，故受到的滑动摩擦力大小相等，与物体运动速度无关；两物受到的摩擦力大小相等，据此得出拉力大小关系；
③拉力所做的功为W=Fs，在相同的0～6s内，已知拉力大小关系，但物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，据此得出0～6s两次拉力对物体所做的功的大小关系；
④已知0～6s内，两次拉力对物体所做的功的大小关系，根据P=Wt可知0～6s两次拉力对物体做功的功率的大小关系。
本题考查速度、功、功率和二力平衡的知识，关键是从图中得出有用信息。
13.【答案】匀速直线运动 不能
【解析】解：冰墩墩被推出后，处于运动状态，由于冰墩墩在太空中处于失重状态，在空中不受力的作用，所以冰墩墩会沿着原来的方向做匀速直线运动，这个实验直接证明了牛顿第一定律；
这一定律在地球上不能用实验验证，因为不受力的作用这种情况，在地球上是不存在的。
故答案为：匀速直线运动；不能。
牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查力与运动的关系，知道物体在不受力时，将保持原来的运动状态不变，是基础题。
14.【答案】力的作用是相互的 大 小
【解析】解：
游泳时人用力向后划水，由于物体间力的作用是相互的，人给水一个向后的作用力，同时，水也给人一个向前的推力，所以人就前进；
在流体中，流速越大的位置压强越小。游泳池的排水口处水流速度快，压强较小，水性不好的人容易被“吸”向排水口而发生溺水事故。
故答案为：力的作用是相互的；大；小。
①力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体力的作用；
②流体的流速度与压强的关系是：流速大的地方、压强小，流速小的地方、压强大。
此题主要考查学生对力的作用相互性和流体压强与流速关系的理解和掌握，此类题目在现实生活中十分常见，要引导学生注意理论联系实际，激发学生学习物理的兴趣。
15.【答案】240 96
【解析】解：(1)小云的重力：
G=mg=60kg×10N/kg=600N，
小云每一次引体向上所做的功：
W=Gh=600N×0.4m=240J；
(2)小云半分钟做的总功：
W总=240J×12=2880J，
t=0.5min=30s，
小云做功的平均功率：
P=W总t=2880J30s=96W。
故答案为：240；96。
(1)已知小云的质量，利用重力公式求小云重，又知道引体向上移动的距离，根据公式W=Gh可求小云每一次引体向上所做的功；
(2)已知在半分钟内做了12个规范的引体向上，结合一次引体向上做的功进一步求出总功，然后利用P=Wt求出克服重力做功的功率。
本题考查做功和功率的计算，关键是要知道求平均功率要用总功除以总时间。
16.【答案】上升 减小 小于
【解析】解：
(1)将气压计从一楼拿到六楼时，高度在升高，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高；
(2)气压越低，沸点越低，当气压小于一个标准大气压时，水的沸点小于100℃。
故答案为：上升；减小；小于。
(1)在这个自制气压计中，想使水面上升到瓶口以上，必须靠瓶内那一部分气体的压强，瓶内气压大于外界大气压，水柱就上升，相反水柱就下降。而大气压随高度的变化是减小的；
(2)液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高；气压越低，沸点越低。
本题主要考查了大气压与高度的关系、沸点与气压的关系，是一道综合性题目。
17.【答案】2.4 不变
【解析】解：该测力计的每一个大格是1N，每一个小格是0.2N，故此时的示数是2.4N；
沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件可知，拉力大小等于摩擦力的大小，故木块所受的滑动摩擦力大小为2.4N；
当拉力增大后，因为木块对桌面的压力大小仍等于重力，没有变化，而且接触面的粗糙程度也不变，所以摩擦力大小不变。
故答案为：2.4；不变。
根据弹簧测力计的分度值读数；二力平衡的条件是：两个力作用在一个物体上，大小相等、方向相反、在一条直线上；摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。
本题考查二力平衡的条件及影响滑动摩擦力大小的因素，为基础性题目。
18.【答案】1.23×108 变小
【解析】解：满载排水量m排=12300t=1.23×107kg，
由阿基米德原理可得其满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=1.23×107kg×10N/kg=1.23×108N；
舰载直升机起飞后，大连舰自重变小，因大连舰仍然漂浮，浮力等于此时的舰重，即大连舰受到的浮力变小。
故答案为：1.23×108；变小。
根据阿基米德原理，船满载时受到的浮力等于其排开水的重力；物体漂浮时浮力等于重力，根据物体重力的变化可知浮力大小的变化。
本题考查阿基米德原理的应用、物体浮沉条件及其应用，正确理解排水量的含义是解答此题关键。
19.【答案】解：从物块重心画一条带箭头的线段，方向竖直向下，为物块的重力G示意图；
从物块重心画一条带箭头线段，方向沿斜面向下，为物块受到的摩擦力f示意图。如图所示：
【解析】(1)物块重力的作用点在物块的重心上，重力的方向总是竖直向下的，从物块的重心表示出重力的方向即可；
(2)物块沿斜面向上滑行，相对斜面向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下，从物块重心画出摩擦力即可。
本题的关键是确定压力和重力、摩擦力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。
20.【答案】解：水平球场上滚动的足球，在水平方向上速度越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，所以摩擦力的方向和相对运动方向相反。在竖直方向上，受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力。这几个力的作用点都画在足球的重心上，如图所示：
【解析】对足球进行受力分析，确定所受各力的大小、方向和作用点，然后根据力的示意图的画法作图。
此题考查力的示意图的画法，要想正确的做出力的示意图，就要对物体所受的力进行正确的分析，这是此题的关键。
21.【答案】距离s 质量相同时，物体的速度越大，动能越大 等于 使小车从同一高度由静止滑下 不是 不需要 运动状态
【解析】解：(1)在实验过程中，根据转换法，小球到达斜面底端时的动能大小是通过距离s大小来反映的；
(2)分析比较甲和乙两组实验，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平面时速度大，推动木块滑行的距离大，由此得出结论：质量相同时，物体的速度越大，动能越大；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，图乙中木块与图丙中木块的对水平面的压力大小相等，接触面的粗糙程度相同，图乙中木块被推动时所受摩擦力大小等于图丙中木块被推动时所受摩擦力大小；
(4)探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应让同一小车使小车从同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面底端的速度相同；
(5)在水平面滑行的小车受到的重力和小车对水平面的压力，这两个力的方向相同，不是一对平衡力；
(6)一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，这就是牛顿第一定律，牛顿第一定律告诉我们：物体的运动不需要力来维持，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质。
故答案为：(1)距离s；(2)质量相同时，物体的速度越大，动能越大；(3)等于；(4)使小车从同一高度由静止滑下；(5)不是；(6)不需要；运动状态。
(1)在实验过程中，根据转换法，通过观察木块被小球撞击的距离来判断小球动能的大小；
(2)物体的动能跟物体的速度和质量有关，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，根据控制变量法分析；
(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，据此分析；
(4)探究阻力对物体运动影响的实验装置，每次实验时，应让同一小车使小车从同一高度由静止滑下，目的是使小车到达水平面底端的速度相同；
(5)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；
(6)根据牛顿第一定律分析回答。
此题考查影响物体动能大小的因素，实验过程中应注意控制变量法和转换法的应用。
22.【答案】高度差 B 深度 不能 没有控制深度不变 > BD h4h2×ρ水
【解析】解：(1)根据转换法，压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小；
(2)液体内部压强大小通过U形管中液面高度差的大小来反映，这是转换法；进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，使得U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
(3)在丙实验的基础上控制金属盒所在位置不变，向烧杯中加水，橡皮膜的深度增加，可以研究液体内部压强与液体的深度是否有关；
要探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变，改变液体的密度，实验中保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面差增大，没有控制深度不变，不能探究液体压强跟密度的关系；
(4)由图可知，左侧U形管液面的高度差较大，说明左侧U形管中液面上方压强较小，由流速越大的位置压强越小可知，左侧管子中气体的流速较大，即v1>v2；
(5)在左侧加入适量的水，在右侧缓慢倒入待测液体，直到观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，即ρ水gh4=ρgh2，故需要测量的物理量是：右侧待测液体到橡皮膜中心的深度h2，左侧水到橡皮膜中心的深度h4；
选BD；
②由ρ水gh4=ρgh2得液体的密度的表达式：ρ=h4h2×ρ水
故答案为：(1)高度差；(2)B；(3)深度；不能；没有控制深度不变；(4)>；(5)BD； h4h2×ρ水。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)液体内部压强大小通过U形管两侧液面高度差的大小来反映，这是转换法；U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(4)没有吹风时，左右两管上方的压强相同都等于大气压强，当管子中有气体通过时，增大左管上方流速，减小左管上方的压强，液体在压强差作用下移动形成高度差，据此进行解答；
(5)①观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式；
深度是液体内部一点到液体自由面的距离；
②根据①回答。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法的运用。
23.【答案】3.6 物体排开液体的体积有关 液体密度 1.1×103 3.8 1.4 AD 排开水的重力 A 能
【解析】解：(1)①由图乙所示测力计可知，其分度值为0.2N，示数为3.6N；
由图甲、乙、丙所示实验可知，物体排开液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，在液体密度相同的情况下，物体受到的浮力与物体排开液体的体积有关；
②由图丙、丁所示实验可知，物体排开液体的体积相同而液体密度不同，物体受到的浮力不同，由此可知，在物体排开液体体积相同的情况下，物体受到的浮力与液体密度有关；
③由图甲、丙所示实验可知，物体浸没在水中受到的浮力：F浮=5N−3N=2N，由图甲、丁所示实验可知，物体浸没在盐水中受到的浮力F浮′=5N−2.8N=2.2N，
设物体体积为V，由浮力公式：F浮=ρgV排，F浮=ρ水gV，F浮′=ρ盐水gV，则V=F浮ρ水g=F浮′ρ盐水g，因此，盐水的密度：ρ盐水=F浮′F浮⋅ρ水=2.2N2N×1×103kg/m3=1.1×103kg/m3；
(2)①由图B可知，弹簧测力计的示数为3.8N，故物体的重力是3.8N；
②根据图BC图，由称重法测浮力，把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为：F浮=G−F示=3.8N−2.4N=1.4N；
由图中AD两个步骤知，石块排开的水与桶的总重力减去桶的重力等于物体排开液体的重力；
③排开液体的重力：G排=G桶和水−G桶=2.6N−1.2N=1.4N，故可以得出浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开液体的重力；
④本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究性实验，多次测量找普遍规律。
A.测量型实验多次测量取平均值可减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故A不合理；
B.用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，避免结论的偶然性，找出普遍规律，故B合理；
C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，避免结论的偶然性，找出普遍规律，故C合理；
故选A；
⑤只将石块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小，仍能得出得到与(3)相同的结论。
故答案为：(1)①3.6；物体排开液体的体积有关；②液体密度；③1.1×103；(2)①3.8；②1.4；AD；③排开水的重力；④A；⑤能。
(1)①由图示测力计确定其分度值，读出其示数；分析图示实验现象，然后得出结论；
②分析图示实验现象，然后得出结论；
③根据图示实验求出物体在水与盐水中受到的浮力，然后根据浮力公式求出盐水的密度；
(2)①由图B可知可知物体的重力；
②根据图BC图，由称重法测浮力，求出把石块浸没在盛满水的溢水杯中时石块受到的浮力大小；
由图中AD两个步骤知，石块排开的水与桶的总重力减去桶的重力等于物体排开液体的重力；
③求出排开液体的重力并与浮力大小比较得出结论；
④用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
⑤浮力大小与排开液体所受重力大小根据力的分析进行解答。
本题探究浮力大小与排开液体所受重力的关系的实验，考查称重法测浮力、数据分析以及归纳法的运用。
24.【答案】解：(1)汽车做匀速直线运动时1min前进了600m，其速度为v=st=600m1×60s=10m/s；
(2)电动汽车静止时对地面的压力：F压=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N，
接触面积S=4×2×10−2m2=8×10−2m2，
电动汽车静止时对地面的压强：p=F压S=1.6×104N8×10−2m2=2×105Pa。
答：(1)电动汽车匀速行驶时的速度为10m/s；
(2)电动汽车静止时对地面的压强为2×105Pa。
【解析】(1)利用速度计算公式求得电动汽车匀速行驶时的速度；
(2)知道电动汽车的质量，根据G=mg求出其重力，电动汽车静止时对地面的压力和自身的重力相等，根据p=FS求出电动汽车静止时对地面的压强。
本题考查了重力公式和二力平衡条件、压强公式的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
25.【答案】解：
(1)由题知，V排=4.0×10−5m3，
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−5m3=0.4N。
(2)由于物块漂浮在水面上，则物块的重力G=F浮=0.4N，
则质量m=Gg=0.4N10N/kg=0.04kg；
物块的密度ρ=mV=0.04kg5.0×10−5m3=0.8×103kg/m3；
(3)由ρ水=1.0×103kg/m3mV得水的体积为V水=m水ρ水=0.5kg1.0×103kg/m3=5×10−4m3，
物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积：
V=V水+V物=5×10−4m3+5×10−5m3=5.5×10−4m3
则水的深度为h=VS=VS0.11m，
所以水对容器底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.11m=1.1×103Pa。
答：(1)物块受到的浮力大小为0.4N；
(2)物块的密度为0.8×103kg/m3；
(3)此时水对容器底的压强1.1×103Pa。
【解析】(1)已知浸入水中的木块体积(排开水的体积)，利用阿基米德原理求所受浮力。
(2)由于物块漂浮在水面上，根据漂浮条件可知物块的重力，求出质量，利用ρ=mV求出物块的密度；
(3)利用ρ=mV求出水的体积，即可求出物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积，已知容器底面积求出水的深度h，根据p=ρgh即可求出水对容器底的压强。
本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、物体漂浮条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，这是中考必考题型，要熟练应用。
26.【答案】解：(1)救护车的功率：P=60kW=6×104W，
救护车行驶的时间：t=30min=1800s，
救护车匀速行驶36km动力做的功：
W=Pt=6×104W×1800s=1.08×108J；
(2)救护车运动的距离：s=36km=3.6×104m，
牵引力：F=Ws=1.08×108J3.6×104m=3000N；
救护车匀速行驶时处于平衡状态，所以根据二力平衡条件可得阻力：f=F=3000N。
答：(1)救护车匀速行驶36km动力做的功为1.08×108J；
(2)救护车所受的阻力为3000N。
【解析】(1)已知救护车的功率和行驶时间，根据公式W=Pt可求救护车匀速行驶36km动力做的功；
(2)利用公式W=Fs求出牵引力大小，救护车匀速直线运动，处于平衡状态，根据二力平衡可知阻力的大小。
本题主要考查功和功率的公式以及计算，是一道综合题。
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