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湖南省张家界市桑植县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份湖南省张家界市桑植县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖南省张家界市桑植县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列事例中，物体运动状态改变的是( )
A. 人坐沙发，沙发凹陷 B. 降落伞匀速直线下降
C. 用力拉弹簧，弹簧变长 D. 运动员用头顶球，使球改变运动方向
2. 小国用水平推力推静止在水平地面上的讲台桌，结果没有推动。则下列说法正确的是( )
A. 讲台桌不受摩擦力 B. 推力与地面对讲台桌的摩擦力大小相等
C. 推力小于地面对讲台桌的摩擦力 D. 推力与讲台桌的重力大小相等
3. 一个空的塑料药瓶，瓶口扎上橡皮膜，竖直地浸入水中，一次瓶口朝上，一次瓶口朝下，这两次药瓶在水里的位置相同，下列关于橡皮膜的说法正确的是( )
A. 甲时向内凹、乙时向外凸，形变程度相同
B. 甲时向内凹、乙时向外凸，乙时形变程度更大
C. 两次都向内凹，形变程度相同
D. 两次都向内凹，乙时形变程度更大
4. 如图所示，利用托里拆利实验装置测量大气压强时，当玻璃管内的水银柱稳定后，在玻璃管的顶部穿一小孔，那么管内的水银液面将( )
A. 保持不变
B. 逐渐下降，最终与管外液面相平
C. 逐渐上升，最终从小孔中流出
D. 稍微下降一些
5. 在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球，白球受力运动后碰撞其它球，以下说法中正确的( )
A. 白球在水平桌面滚动的过程中重力做了功
B. 手推动球杆前进时，手对球杆做了功
C. 桌面对白球的支持力做了功
D. 白球撞击其它球后没有静止，因为人的手还在对白球做功
6. 小时候我们都玩过秋千吧，闭上眼睛，那种时高时低的感觉如同在飞……你知道其中能量的转化吗？把你坐在秋千上自由荡的过程简化为如图，下列分析错误的是( )
A. 你在A点具有最大动能
B. 你在B点势能最小
C. 你从C荡到B的过程中，势能转化为动能
D. 如果没有摩擦和空气阻力，你将一直荡下去
7. 如图所示，小猴与小兔一起发现一个胡萝卜，想要平分，小猴找来一个小石块支起胡萝卜，使其水平平衡，小猴要左侧部分，小兔要右侧部分，则获取萝卜的情形是( )
A. 小猴多 B. 小兔多 C. 二者一样多 D. 无法判定
8. 一个盛有盐水的容器中悬浮着一个鸡蛋，容器放在斜面上，如图所示。图上画出了几个力的方向，你认为鸡蛋所受浮力的方向应是( )
A. F1
B. F2
C. F3
D. F4
9. 兴趣小组的同学学习了功率知识后，进行了“比一比谁上楼的功率大”的比赛。比赛中某同学从一楼跑到五楼用了25s，试估算他上楼的功率大约是( )
A. 3W B. 30W C. 300W D. 3000W
10. 如图所示，装满水的密闭容器置于水平桌面上，此时水对容器底部的压力为F，压强为P。当把容器倒置后放在水平桌面上时，水对容器底部的压力和压强将( )
A. 不变、变大 B. 变大、不变 C. 变大、变小 D. 变小，不变
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共10小题，共20.0分）
11. 牛顿总结______等人的研究成果，再加上亲身地实验和推理，概括出著名的牛顿第一定律。为纪念牛顿对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为______(填物理量名称)的单位。
12. 小国行走时被石块绊了一下，身体向前倾倒。对此情景合理的解释是小国原来相对于地面是运动的，当他的脚的运动状态突然改变时，他的______ 由于惯性仍保持原来的运动状态。从行驶的汽车内向外抛撒杂物，不但污染环境，哪怕质量较小还可能由于物体的速度较快而具有较大的______ ，可能砸伤人，是十分危险的。
13. 小华和同学们参加研学旅行，汽车在公路上快速行驶时，小华发现窗帘从打开的窗户向______(选填“内”或“外”)飘，这是因为窗外的空气流速大，压强______。
14. 小国将放在水平桌面上重为3N的物理课本，水平匀速拉动0.5m。所用的水平拉力为1N，则课本受到的摩擦阻力______ N，水平拉力做功______ J。
15. 手握图中起瓶器的右端向上用力，便可轻松打开瓶盖。这个起瓶器属于______(填“省力”或“费力”)杠杆，它的支点在______点。
16. 护士在使用注射器吸取药液时，先将活塞推到针筒底部，这是为了排尽空气，然后将针尖浸入药液中，利用______吸取药液；现今医院对患者进行静脉抽血时，将贮血管做成真空(低压)的，它是利用______让血液自动进入管内。
17. 如图，甲图中的妇女推着购物车走了几步，乙图中的男子用很大的水平力推汽车，但汽车没被推动，这两个人做功较多的是______(选填“妇女”或“男子”)。乙图中男子的水平推力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)摩擦力。
18. 如图所示，小明在跳远测试时助跑后飞身一跃，跃起后能在空中继续前进一段距离是由于他具有______；他最终会落回地面是由于受到______的作用。
19. 电风扇静止吊在天花板上，此时该电风扇受到______个力作用，当剪断吊绳，一切外力消失时，电风扇将处于______。
20. 一艘轮船从海里驶入江里，它所受到的浮力______，它排开水的体积______。(填“变大”、“变小”或“不变”)
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
21. 如图甲是教室里的学生座椅，图乙是它的侧面图，要在C点用最小的力F1使座椅绕B开始顺时针转动，请在图乙中画出：
(1)F1的力臂；
(2)F1的示意图。
22. 在图中画出小球在水中下沉时受力示意图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
23. 《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理。
(1)实验前，杠杆静止时的位置如图1。要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______调节。
(2)如图2所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计，当杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为5cm和20cm，则被测物体的质量为______kg.此时若被测物体和秤砣同时减少了相同的质量但位置没变，则杆秤的______(选填“左端”或“右端”)下降；若秤砣碰掉了一块，则测量值比被测物体的质量要______(选填“偏大”或“偏小”)。
24. 在阿基米德原理的实验中。
(1)为了方便操作和减小测量误差，最合理的实验步骤顺序是______(用实验步骤对应的字母表示)。
(2)石块的重力大小为______N，浸没在盛满水的溢水杯中的石块受到的浮力大小为______N。
(3)由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于______，接着换用不同的物体和液体重新实验，这样做的目的是寻找______。
(4)将水换成酒精，比较同一物体浸没时测力计的示数，可探究物体所受浮力大小与______的关系。
25. 在“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验中，水平桌面上的器材有弹簧测力计、木块、钩码、棉布、毛巾和水平木板。
(1)实验中，弹簧测力计______ (填“必须”或“不必”)沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，原理是______ 。
(2)实验中小强通过改变木块对木板的压力在同一木板上进行多次实验，记录的数据如表。通过分析可知，当______ 相同时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
次数
1
2
3
4
木块对木板的压力/N
2
4
6
8
弹簧测力计示数/N
0.5
1.5
1.5
2.0
(3)小强还利用以上实验器材按如图所示的方式来测量木块所受到的滑动摩擦力。他水平拉动木板向右加速运动的过程中，木块受到木板的摩擦力大小______ (填“大于”“等于”或“小于”)弹簧测力计的示数，方向是______ 。
五、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
26. 植树节里，小冰同学用如图所示的水桶装满了16kg的水给刚栽上的树苗浇水，已知桶自身质量1kg，手的受力面积为1×10-3m2，桶中水深为35cm，桶的底面积为400cm2。(水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)求：
(1)提装满水的水桶时，手受到的压强是多大；
(2)水对桶底的压强和压力分别是多大；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
27. 如图所示为施工现场使用的提升装置。已知被提升的建筑材料重为1800N，动滑轮重力为200N，拉力F在10s内将重物匀速提升了10m，不计绳重及摩擦。求：
(1)提升装置所做的有用功；
(2)拉力F的功率；
(3)该装置的机械效率。
28. 黄河母亲像雕塑(如图所示)底部的面积为13m2，质量为39t。小华选用一块与该雕塑相同的石料，测得其质量为52g，体积为20cm3(g取10N/kg)，问：
(1)该像的密度为______kg/m3，体积为______m3。
(2)该雕塑对底座的压强是多大？
(3)在旋转雕塑时，工作人员用吊车把它从地面匀速提高1m，放置在底座上。吊车把雕塑匀速提起的过程中，对它做了多少焦耳的功？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、人坐沙发，沙发凹陷，力改变了物体的形状，物体的运动状态没有发生改变，故A不合题意；
B、降落伞匀速直线下降，速度大小和运动方向都不变，所以其运动状态不变，故B不合题意；
C、用力拉弹簧，弹簧变长，力改变了物体的形状，物体的运动状态没有发生改变，故C不合题意；
D、运动员用头顶球，使球改变运动方向，物体的运动状态没有发生改变，故D符合题意。
故选：D。
(1)力的作用效果：力改变物体的形状，力改变物体的运动状态。
(2)物体运动状态的变化表现在：速度大小的变化，运动方向的变化。
本题考查了对物体运动状态是否变化的判断，明确物体运动状态的改变不仅包括速度的改变也包括运动方向的改变是解答此题的关键。
2.【答案】B
【解析】解：小国用水平推力推静止在水平地面上的讲台桌，结果没有推动，则讲台桌仍处于静止状态，所以其受力平衡，推力与摩擦力平衡，故B正确。
故选：B。
要解决此题，首先要知道匀速直线运动状态或静止状态都属于平衡状态。
要掌握二力平衡的条件，知道处于平衡状态的物体所受力相互平衡，相互平衡的两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，讲台桌处于静止状态即平衡状态，受力平衡。
3.【答案】D
【解析】解：液体内部朝各个方向都有压强，所以橡皮膜不论是朝上还是朝下都会向内凹；
在同种液体中，液体的压强随深度的增加而增大，所以橡皮膜朝下时，浸入液体的深度大，橡皮膜凹的更明显。
综上分析可知，两次都向内凹，乙时形变程度更大。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
根据液体压强的特点分析解答，液体压强特点：
①液体内部朝各个方向都有压强，在同一深度，液体向各个方向的压强相等；
②液体的压强随深度的增加而增大；
③不同液体的压强还跟密度有关，深度一定时，液体的密度越大，压强越大。
此题考查了液体压强的特点，以及根据现象分析总结结论的能力。
4.【答案】B
【解析】当玻璃管顶部穿一小孔时，上端会进入空气，则玻璃管中与水银槽液面齐平的液面上下的压强不再平衡，向下压强等于大气压强加上水银柱产生的压强，所以水银柱向下运动直到与水银槽中液面相齐平。
故选：B。
托里拆利实验测量大气压的原理是：在玻璃管中取一液面(这一液面与水银槽中的液面相齐平)，则有大气向上的压力等于玻璃管中水银向下的压力，即p0S=ρ水银ghS，即大气压强等于玻璃管中水银柱产生的压强。
搞懂实验原理是解决此类问题的关键
5.【答案】B
【解析】解：A、重力与小球运动的方向垂直，重力对小球不做功，故A错误；
B、手推动球杆前进时，有力也有距离，所以手对球杆做了功，故B正确；
C、桌面支持力与小球的运动方向垂直，小球在支持力的方向上没有移动距离，支持力对小球不做功，故C错误；
D、手对白球没有力的作用，白球继续运动是因为白球具有惯性，故D错误。
故选：B。
做功包括两个必要的因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查的是力是否做功，要抓住做功的两个必要条件来做判断，且尤其注意力与距离的对应性。
6.【答案】A
【解析】解：A、在A点时，质量不变，高度最高，速度最小，所以具有最大的重力势能，而不是动能，故A错误；
B、在B点时，高度最低，所以重力势能最小，故B正确；
C、从C到B的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故C正确；
D、如果没有摩擦和空气阻力，则机械能的总量守恒，你将一直荡下去，故D正确。
故选：A。
动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关，二者可以相互转化。在没有能量损失的情况下，机械能的总量守恒。
明确影响动能和势能的因素，知道机械能的守恒条件，可顺利做出解答。
7.【答案】A
【解析】解：(1)萝卜处于平衡状态，由图可知，
右侧部分重心离支点O较远，故力臂OB较大，左侧部分重心离支点O较近，故力臂OA较小；
根据杠杆平衡条件GA×OA=GB×OB，左侧萝卜重力GA大、右侧重力GB小，故小猴分的萝卜要重。
故选：A。
由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的重力的大小关系。
本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，要掌握力臂的概念，理解杠杆在水平位置平衡的原因。
8.【答案】C
【解析】解：鸡蛋悬浮在液体中，此时鸡蛋上、下表面受到的液体压力不同，
这个压力差就是鸡蛋所受的浮力，因浮力的方向总是竖直向上的，所以F3正确；
故选：C。
从浮力产生的原因和浮力的方向去解答此题。
此题主要考查学生对浮力方向这一知识点的理解和掌握。学生要牢记浮力方向是竖直向上的。
9.【答案】C
【解析】解：同学质量约为60kg，一层楼高约为3m，同学从一楼到五楼上升的高度为3m×(5-1)=12m。
同学在上楼的过程中做的功为：
W=Gh=mgh=60kg×10N/kg×12m=7200J，
所用时间为25s，因此上楼的功率：
P=Wt=7200J25s=288W。
根据选项可知C符合题意。
故选：C。
上楼时要克服自身的重力做功，做功的大小等于重力和上楼高度的乘积，我们可以估测出同学的质量，求出同学的重力，再估测出楼高，利用功的计算公式W=Gh=mgh求出做的功，再利用功率计算公式P=Wt求出功率。
本题考查了功率的计算公式，以及质量和距离的估测，解估测题关键是在生活中要多观察、多思考，对生活中常见的一些物理量有所了解。
10.【答案】B
【解析】解：由于密闭容器装满水，容器倒置后，水的深度不变，由p=ρgh可知容器倒置之后水对容器底部压强不变；
容器倒置后，受力面积变大，根据p=FS的变形式F=pS可知，水对容器底部的压力变大。
故选：B。
容器倒置后，水的深度不变，利用p=ρgh可得水对容器底部的压强变化；
根据p=FS的变形式F=pS可得水对容器底部压力的变化。
本题考查压强、压力的有关知识，属于对基础知识的考查，难度不大。
11.【答案】伽利略 力
【解析】解：由物理学史可知，牛顿总结伽利略等人的研究成果，在概括推理的基础上，得出了著名的牛顿第一定律。
为纪念牛顿对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为力的单位。
故答案为：伽利略；力。
牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律，该定律不能用实验直接验证。牛顿的名字被命名为力的单位。
本题考查了对物理学史的相关知识，了解牛顿的贡献是解答的关键。
12.【答案】上身 动能
【解析】解：小国的上身和脚原来相对于地面都是运动的，行走时被石块绊了一下，他的脚停止了运动(即脚的运动状态突然改变)，而他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态，所以身体向前倾倒。
从行驶的汽车向外抛杂物，由于惯性，抛出时杂物与汽车具有相同的速度，由于物体速度较大而具有较大的动能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为。
故答案为：上身；动能。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，根据人不同身体部位的运动状态变化可做出解释。
(2)由于物体的运动而具有的能叫做动能；物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
本题考查了惯性和动能知识的应用，属力学基础知识，难度不大。
13.【答案】外 小
【解析】解：汽车在公路上快速行驶时，车窗外空气流速大，压强小，车窗内空气流速小，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，所以窗帘向外飘。
故答案为：外；小。
流体流速大的地方，压强小，流体流速小的地方，压强大，分析车窗内外的压强，来分析窗帘的运动情况。
本题通过窗帘的飘动，考查了流体的压强跟流速的关系，体现了生活处处皆物理。
14.【答案】1 0.5
【解析】解：水平匀速拉动物理课本，课本处于平衡状态，其受到的拉力和摩擦阻力是一对平衡力，则课本受到的摩擦阻力f=F=1N；
水平拉力为1N，并在水平面上匀速前进0.5m，具备做功的两个条件，所以拉力做了功，
则水平拉力做功：W=Fs=1N×0.5m=0.5J，
故答案为：1；0.5。
匀速直线运动的物体受力平衡；
拉力做功可用公式W=FS计算得出。
本题考查二力平衡的应用与功的计算，属于基础题。
15.【答案】省力 A
【解析】解：起瓶器在使用的过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；图中的起瓶器在打开瓶盖时，阻力作用在B点，起瓶器绕A点转动，所以A点是支点。
故答案为：省力；A。
先确定支点的位置，然后结合生活经验根据动力臂与阻力臂的大小关系判断其杠杆的类型。根据杠杆的平衡条件可以找出更省力的原因。
本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。
16.【答案】大气压 液体压强
【解析】解：(1)将注射器的活塞推到针筒底部，将针筒内的空气排出，再向上提起活塞时，针筒内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入针筒内。
(2)真空采血管在组装后应保持一定的负压，即真空试管内气体的压强低于大气压，针头插入检查者的静脉时，在检查者血压的压力下，血液流入真空采血管，利用了液体压强。
故答案为：大气压；液体压强。
(1)针筒吸药液这一现象中，药液不是吸上去的，而是被大气压压上去的。推下活塞，排除注射器里面的空气后再提起活塞的目的是为了使针筒内的气压小于外界大气压。
(2)我们身体血管中的血液是液体，存在着压强，根据我们对血压的了解来作答。
此题考查大气压的综合应用、液体压强的特点，药液是被大气压压上去的，不是吸上去的。推下活塞、提起活塞的目的是为了达到针筒内的气压小于外界大气压。明白此题的物理过程是关键。
17.【答案】妇女 等于
【解析】解：甲图中妇女推着购物车走了几步，有作用在物体上的力，购物车也在力的方向上通过了一定距离，推力对购物车做了功；
乙图中的男人用很大的力推汽车，但汽车没被推动，男人对汽车施加了较大的力，但汽车没有在力的方向上通过距离，推力没有对汽车做功；所以妇女做功较多。
乙图中汽车处于静止状态，属于平衡状态，故推力与摩擦力是一对平衡力，二者大小相等。
故答案为：妇女；等于。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
(2)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力。二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
本题考查功的大小比较、二力平衡条件的应用，掌握力做功的两个必要因素是关键。
18.【答案】惯性 重力
【解析】解：(1)跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于身体具有惯性，所以能在空中继续前进，进而提高成绩；
(2)运动员最终落回地面，是由于受到重力的作用，重力改变了他的运动状态。
故答案为：惯性；重力。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(2)力是改变物体运动状态的原因，地球上的物体都要受到重力作用。
此题考查惯性和重力的应用，难度不大，属于基础题。
19.【答案】两；静止状态
【解析】解：电风扇静止时受到的重力和固定杆对它的拉力是一对平衡力，即F1=G；故该电风扇受到两个力作用；
根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变。因为电风扇原来是静止的，当一切外力同时消失，电风扇仍保持静止状态。
故答案为：两；静止状态。
(1)电风扇静止，静止就是一种平衡状态，平衡状态时受到的就是一对平衡力；
(2)根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查的是平衡力和牛顿第一定律，解答此题的关键是我们要知道：电扇虽然转动，但由于它没有运动或者说位置没有发生变化，所以此时它依然是平衡状态，受到的是平衡力。
20.【答案】不变；变大
【解析】解：当轮船从海里驶入江里，船自重不变，
∵轮船始终漂浮，
∴轮船受到的浮力不变；
∵F浮=ρ液v排g，ρ江水<ρ海水，
∴排开江水的体积大于排开海水的体积。
故答案为：不变，变大。
该船从海里驶入江里，自重不变、液体的密度减小，根据漂浮条件和阿基米德原理分析回答。
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，知道轮船漂浮(F浮=G)是解此类题目的突破口，利用好阿基米德原理是关键。
21.【答案】解：
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在B点，要求在C点用力，连接BC，则BC就是最长的动力臂L1；由题意可知，要在C点用最小的力F1使座椅绕B开始顺时针转动，则动力应垂直于力臂L1向右，据此可画出最小动力F1的示意图。如下图所示：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
22.【答案】解：小球在水中受竖直向下的重力和竖直向上的浮力的作用，由于小球在水中正在下沉，所以重力大于浮力，二力的作用点均画在小球的重心上，如图所示：
【解析】小球在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；因为小球在水中正在下沉，所以重力比浮力大，则表示重力的线段长度较长。
本题考查了物体浮沉条件的应用，画力的示意图时，首先根据物体的运动状态，判断出物体受力的大小关系。
23.【答案】右 0.8 左端 偏大
【解析】解：(1)杠杆左端下沉，说明杠杆重心偏左，应将杠杆的平衡螺母向右调节；
(2)根据杠杆平衡条件可得G1L1=G2L2，即：m1gL1=m2gL2，则m1=m2L2L1=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg；
此时若被测物体和秤砣同时减少了相同的质量但位置没变，则左端为(0.8kg-m')
g×0.05m=0.04gkgm-0.05m×m'g，右端为(0.2kg-m')g×0.2m=0.04gkgm-0.2m×m'g，比较可知左端大于右端，所以左端下降；
若秤砣碰掉了一块，m2减小，而G1L1不变，所以L2要变大，杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：(1)右；(2)0.8；左端；偏大。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，杠杆的平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
根据杠杆平衡条件分析哪端下降；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
24.【答案】BADC 3.8 1.4 排开水的重力 普遍规律 液体密度
【解析】解：(1)为减少弹簧测力计悬挂物体的次数和减小实验误差，方便操作，在小桶接水前应测出其重力，所以合理的实验顺序为BADC；
(2)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则石块的重力为3.8N；把石块浸没在盛满水的溢水杯中，弹簧测力计的示数是2.4N，
根据称重法测浮力可知：F浮=G-F示=3.8N-2.4N=1.4N，比较D、A两图可知石块排开的水所受的重力：G排=2.6N-1.2N=1.4N；
(3)由B、C可知，排开水的重力为G排=2.6N-1.2N=2.4N，等于物体受到的浮力，由此可知：浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开水的重力；
为了使实验结论更具有普遍性，应选择不同体积、不同形状、不同密度的物体或者液体进行实验；
(4)将水换成酒精，比较物体浸没时弹簧测力计的示数，可探究物体所受浮力大小与液体的密度的关系。
故答案为：(1)BADC；(2)1.4；(3)排开水的重力；普遍规律；(4)液体密度。
(1)应采用准确、便捷、有利于实验的原则安排实验顺序；
(2)弹簧测力计读数：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数；
把石块浸没在盛满水的溢水杯中，根据 F浮=G-F示计算浮力的大小；
(3)求出排开水的重力，与浮力大小进行比较得出结论；
为了使实验结论更具有普遍性，应选择不同体积、不同形状、不同密度的物体或者液体进行实验；
(4)浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关。
本题探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系，考查了测力计读数、称重法测浮力、数据分析、控制变量法和归纳法的运用。
25.【答案】必须 二力平衡 接触面粗糙程度 压力 等于 水平向右
【解析】解：(1)实验中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，原理是二力平衡；
(2)实验中小强通过改变木块对木板的压力在同一木板上进行多次实验，记录的数据如表。通过分析可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)上图中，木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，木块受到木板的摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，因测力计的拉力方向为水平向左，故木块所受的摩擦力方向为水平向右。
故答案为：(1)必须；二力平衡；(2)接触面粗糙程度；压力；(3)等于；水平向右。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个，压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)木块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用及对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
26.【答案】不变
【解析】解：(1)水和桶的总重：G=(m水+m桶)g=(16kg+1kg)×10N/kg=170N，
手受到的压力：F=G=170N，
手受到的压强：
p=FS=170N1×10-3m2=1.7×105Pa；
(2)桶内水深：h=35cm=0.35m，
水对桶底的压强：p'=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.35m=3500Pa；
桶的底面积：S=400cm2=0.04m2，
由p=FS得，
水对桶底产生的压力：F'=pS=3500Pa×0.04m2=140N；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，根据F浮=G排=G木可知，排出的水的重力和木块的重力相同，根据F=G总可知，水桶对手的压力不变，根据p=FS可知，小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强不变。
故答案为：(1)提装满水的水桶时，手受到的压强是1.7×105Pa；
(2)水对桶底的压强和压力分别是3500Pa、140N；
(3)不变。
(1)根据G=(m水+m桶)g得出水和桶的总重，根据F=G得出手受到的压力，根据p=FS得出手受到的压强；
(2)根据p=ρ水gh得出水对桶底的压强，由p=FS得水对桶底产生的压力；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，根据F浮=G排=G木可知，排出的水的重力和木块的重力相同，根据F=G总得出水桶对手的压力的变化情况，根据p=FS可知小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强的变化情况。
本题考查了压强、压力的计算，并考查物体浮沉条件的应用，计算时注意单位统一。
27.【答案】解：(1)提升装置所做的有用功：W有用=Gh=1800N×10m=1.8×104J；
(2)由图可知，提起动滑轮绳子的股数n=2，
绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，
不计绳重及摩擦，拉力的大小：F=1n(G+G动)=12×(1800N+200N)=1000N，
拉力所做的功：W总=Fs=1000N×20m=2×104J，
拉力的功率：P=W总t==2×104J10s=2000W；
(3)该装置的效机械率：η=W有用W总=1.8×104J2×104J=90%。
答：(1)提升装置所做的有用功为1.8×104J；
(2)拉力F的功率为2000W；
(3)该装置的机械效率为90%。
【解析】(1)根据W=Gh求出提升装置所做的有用功；
(2)由图可知提起动滑轮绳子的股数n，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离；不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出拉力的大小，根据W=Fs求出拉力所做的功，根据P=Wt求出拉力的功率；
(3)根据效率公式求出该装置的效机械率。
本题考查功的计算、动滑轮绳子股数的判断、功率的计算以及效率的计算，能正确判断提起动滑轮绳子的股数的解题的关键。
28.【答案】2.6×103 15
【解析】解：(1)石料的密度ρ=mV=52g20cm3=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3，
已知像的质量m'=39t=3.9×104kg，
由ρ=mV可得，该像的体积V'=m'ρ=3.9×104kg2.6×103kg/m3=15m3，
(2)该雕塑对底座的压力F=G=m'g=3.9×104kg×10N/kg=3.9×105N，
该雕塑对底座的压强p=FS=3.9×105N13m2=3×104Pa；
(3)吊车把雕塑提起的过程中，对它做的功：
W=Gh=3.9×105N×1m=3.9×105J。
答：(1)2.6×103；15；(2)该雕塑对底座的压强是3×104Pa；(3)对它做了3.9×105J的功。
(1)首先根据石料的质量和体积求出石料的密度，该像的密度与石料的密度相同，由密度公式变形可求得该像的体积；
(2)该雕塑对底座的压力等于其重力，已知雕塑底部的面积，由p=FS可求得该雕塑对底座的压强；
(3)吊车把雕塑提起的过程中，利用W=Gh求对它做的功。
本题考查了密度公式、重力公式、压强公式、功的公式的应用，解题的关键是明确雕塑与石料的密度是相同的，难度不大。
2022-2023学年湖南省张家界市桑植县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 下列事例中，物体运动状态改变的是( )
A. 人坐沙发，沙发凹陷 B. 降落伞匀速直线下降
C. 用力拉弹簧，弹簧变长 D. 运动员用头顶球，使球改变运动方向
2. 小国用水平推力推静止在水平地面上的讲台桌，结果没有推动。则下列说法正确的是( )
A. 讲台桌不受摩擦力 B. 推力与地面对讲台桌的摩擦力大小相等
C. 推力小于地面对讲台桌的摩擦力 D. 推力与讲台桌的重力大小相等
3. 一个空的塑料药瓶，瓶口扎上橡皮膜，竖直地浸入水中，一次瓶口朝上，一次瓶口朝下，这两次药瓶在水里的位置相同，下列关于橡皮膜的说法正确的是( )
A. 甲时向内凹、乙时向外凸，形变程度相同
B. 甲时向内凹、乙时向外凸，乙时形变程度更大
C. 两次都向内凹，形变程度相同
D. 两次都向内凹，乙时形变程度更大
4. 如图所示，利用托里拆利实验装置测量大气压强时，当玻璃管内的水银柱稳定后，在玻璃管的顶部穿一小孔，那么管内的水银液面将( )
A. 保持不变
B. 逐渐下降，最终与管外液面相平
C. 逐渐上升，最终从小孔中流出
D. 稍微下降一些
5. 在台球比赛中，选手推动球杆撞击白球，白球受力运动后碰撞其它球，以下说法中正确的( )
A. 白球在水平桌面滚动的过程中重力做了功
B. 手推动球杆前进时，手对球杆做了功
C. 桌面对白球的支持力做了功
D. 白球撞击其它球后没有静止，因为人的手还在对白球做功
6. 小时候我们都玩过秋千吧，闭上眼睛，那种时高时低的感觉如同在飞……你知道其中能量的转化吗？把你坐在秋千上自由荡的过程简化为如图，下列分析错误的是( )
A. 你在A点具有最大动能
B. 你在B点势能最小
C. 你从C荡到B的过程中，势能转化为动能
D. 如果没有摩擦和空气阻力，你将一直荡下去
7. 如图所示，小猴与小兔一起发现一个胡萝卜，想要平分，小猴找来一个小石块支起胡萝卜，使其水平平衡，小猴要左侧部分，小兔要右侧部分，则获取萝卜的情形是( )
A. 小猴多 B. 小兔多 C. 二者一样多 D. 无法判定
8. 一个盛有盐水的容器中悬浮着一个鸡蛋，容器放在斜面上，如图所示。图上画出了几个力的方向，你认为鸡蛋所受浮力的方向应是( )
A. F1
B. F2
C. F3
D. F4
9. 兴趣小组的同学学习了功率知识后，进行了“比一比谁上楼的功率大”的比赛。比赛中某同学从一楼跑到五楼用了25s，试估算他上楼的功率大约是( )
A. 3W B. 30W C. 300W D. 3000W
10. 如图所示，装满水的密闭容器置于水平桌面上，此时水对容器底部的压力为F，压强为P。当把容器倒置后放在水平桌面上时，水对容器底部的压力和压强将( )
A. 不变、变大 B. 变大、不变 C. 变大、变小 D. 变小，不变
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共10小题，共20.0分）
11. 牛顿总结______等人的研究成果，再加上亲身地实验和推理，概括出著名的牛顿第一定律。为纪念牛顿对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为______(填物理量名称)的单位。
12. 小国行走时被石块绊了一下，身体向前倾倒。对此情景合理的解释是小国原来相对于地面是运动的，当他的脚的运动状态突然改变时，他的______ 由于惯性仍保持原来的运动状态。从行驶的汽车内向外抛撒杂物，不但污染环境，哪怕质量较小还可能由于物体的速度较快而具有较大的______ ，可能砸伤人，是十分危险的。
13. 小华和同学们参加研学旅行，汽车在公路上快速行驶时，小华发现窗帘从打开的窗户向______(选填“内”或“外”)飘，这是因为窗外的空气流速大，压强______。
14. 小国将放在水平桌面上重为3N的物理课本，水平匀速拉动0.5m。所用的水平拉力为1N，则课本受到的摩擦阻力______ N，水平拉力做功______ J。
15. 手握图中起瓶器的右端向上用力，便可轻松打开瓶盖。这个起瓶器属于______(填“省力”或“费力”)杠杆，它的支点在______点。
16. 护士在使用注射器吸取药液时，先将活塞推到针筒底部，这是为了排尽空气，然后将针尖浸入药液中，利用______吸取药液；现今医院对患者进行静脉抽血时，将贮血管做成真空(低压)的，它是利用______让血液自动进入管内。
17. 如图，甲图中的妇女推着购物车走了几步，乙图中的男子用很大的水平力推汽车，但汽车没被推动，这两个人做功较多的是______(选填“妇女”或“男子”)。乙图中男子的水平推力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)摩擦力。
18. 如图所示，小明在跳远测试时助跑后飞身一跃，跃起后能在空中继续前进一段距离是由于他具有______；他最终会落回地面是由于受到______的作用。
19. 电风扇静止吊在天花板上，此时该电风扇受到______个力作用，当剪断吊绳，一切外力消失时，电风扇将处于______。
20. 一艘轮船从海里驶入江里，它所受到的浮力______，它排开水的体积______。(填“变大”、“变小”或“不变”)
三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）
21. 如图甲是教室里的学生座椅，图乙是它的侧面图，要在C点用最小的力F1使座椅绕B开始顺时针转动，请在图乙中画出：
(1)F1的力臂；
(2)F1的示意图。
22. 在图中画出小球在水中下沉时受力示意图。
四、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
23. 《墨经》最早记述了杆秤的杠杆原理。
(1)实验前，杠杆静止时的位置如图1。要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______调节。
(2)如图2所示，杆秤秤砣的质量为0.2kg，杆秤自身质量忽略不计，当杆秤水平静止时，被测物体和秤砣到秤纽的距离分别为5cm和20cm，则被测物体的质量为______kg.此时若被测物体和秤砣同时减少了相同的质量但位置没变，则杆秤的______(选填“左端”或“右端”)下降；若秤砣碰掉了一块，则测量值比被测物体的质量要______(选填“偏大”或“偏小”)。
24. 在阿基米德原理的实验中。
(1)为了方便操作和减小测量误差，最合理的实验步骤顺序是______(用实验步骤对应的字母表示)。
(2)石块的重力大小为______N，浸没在盛满水的溢水杯中的石块受到的浮力大小为______N。
(3)由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于______，接着换用不同的物体和液体重新实验，这样做的目的是寻找______。
(4)将水换成酒精，比较同一物体浸没时测力计的示数，可探究物体所受浮力大小与______的关系。
25. 在“探究影响滑动摩擦力大小因素”实验中，水平桌面上的器材有弹簧测力计、木块、钩码、棉布、毛巾和水平木板。
(1)实验中，弹簧测力计______ (填“必须”或“不必”)沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，原理是______ 。
(2)实验中小强通过改变木块对木板的压力在同一木板上进行多次实验，记录的数据如表。通过分析可知，当______ 相同时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
次数
1
2
3
4
木块对木板的压力/N
2
4
6
8
弹簧测力计示数/N
0.5
1.5
1.5
2.0
(3)小强还利用以上实验器材按如图所示的方式来测量木块所受到的滑动摩擦力。他水平拉动木板向右加速运动的过程中，木块受到木板的摩擦力大小______ (填“大于”“等于”或“小于”)弹簧测力计的示数，方向是______ 。
五、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
26. 植树节里，小冰同学用如图所示的水桶装满了16kg的水给刚栽上的树苗浇水，已知桶自身质量1kg，手的受力面积为1×10-3m2，桶中水深为35cm，桶的底面积为400cm2。(水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)求：
(1)提装满水的水桶时，手受到的压强是多大；
(2)水对桶底的压强和压力分别是多大；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
27. 如图所示为施工现场使用的提升装置。已知被提升的建筑材料重为1800N，动滑轮重力为200N，拉力F在10s内将重物匀速提升了10m，不计绳重及摩擦。求：
(1)提升装置所做的有用功；
(2)拉力F的功率；
(3)该装置的机械效率。
28. 黄河母亲像雕塑(如图所示)底部的面积为13m2，质量为39t。小华选用一块与该雕塑相同的石料，测得其质量为52g，体积为20cm3(g取10N/kg)，问：
(1)该像的密度为______kg/m3，体积为______m3。
(2)该雕塑对底座的压强是多大？
(3)在旋转雕塑时，工作人员用吊车把它从地面匀速提高1m，放置在底座上。吊车把雕塑匀速提起的过程中，对它做了多少焦耳的功？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
A、人坐沙发，沙发凹陷，力改变了物体的形状，物体的运动状态没有发生改变，故A不合题意；
B、降落伞匀速直线下降，速度大小和运动方向都不变，所以其运动状态不变，故B不合题意；
C、用力拉弹簧，弹簧变长，力改变了物体的形状，物体的运动状态没有发生改变，故C不合题意；
D、运动员用头顶球，使球改变运动方向，物体的运动状态没有发生改变，故D符合题意。
故选：D。
(1)力的作用效果：力改变物体的形状，力改变物体的运动状态。
(2)物体运动状态的变化表现在：速度大小的变化，运动方向的变化。
本题考查了对物体运动状态是否变化的判断，明确物体运动状态的改变不仅包括速度的改变也包括运动方向的改变是解答此题的关键。
2.【答案】B
【解析】解：小国用水平推力推静止在水平地面上的讲台桌，结果没有推动，则讲台桌仍处于静止状态，所以其受力平衡，推力与摩擦力平衡，故B正确。
故选：B。
要解决此题，首先要知道匀速直线运动状态或静止状态都属于平衡状态。
要掌握二力平衡的条件，知道处于平衡状态的物体所受力相互平衡，相互平衡的两个力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
此题主要考查了二力平衡条件的应用，解决此题的关键是找出题目中暗含的条件，讲台桌处于静止状态即平衡状态，受力平衡。
3.【答案】D
【解析】解：液体内部朝各个方向都有压强，所以橡皮膜不论是朝上还是朝下都会向内凹；
在同种液体中，液体的压强随深度的增加而增大，所以橡皮膜朝下时，浸入液体的深度大，橡皮膜凹的更明显。
综上分析可知，两次都向内凹，乙时形变程度更大。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
根据液体压强的特点分析解答，液体压强特点：
①液体内部朝各个方向都有压强，在同一深度，液体向各个方向的压强相等；
②液体的压强随深度的增加而增大；
③不同液体的压强还跟密度有关，深度一定时，液体的密度越大，压强越大。
此题考查了液体压强的特点，以及根据现象分析总结结论的能力。
4.【答案】B
【解析】当玻璃管顶部穿一小孔时，上端会进入空气，则玻璃管中与水银槽液面齐平的液面上下的压强不再平衡，向下压强等于大气压强加上水银柱产生的压强，所以水银柱向下运动直到与水银槽中液面相齐平。
故选：B。
托里拆利实验测量大气压的原理是：在玻璃管中取一液面(这一液面与水银槽中的液面相齐平)，则有大气向上的压力等于玻璃管中水银向下的压力，即p0S=ρ水银ghS，即大气压强等于玻璃管中水银柱产生的压强。
搞懂实验原理是解决此类问题的关键
5.【答案】B
【解析】解：A、重力与小球运动的方向垂直，重力对小球不做功，故A错误；
B、手推动球杆前进时，有力也有距离，所以手对球杆做了功，故B正确；
C、桌面支持力与小球的运动方向垂直，小球在支持力的方向上没有移动距离，支持力对小球不做功，故C错误；
D、手对白球没有力的作用，白球继续运动是因为白球具有惯性，故D错误。
故选：B。
做功包括两个必要的因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
本题考查的是力是否做功，要抓住做功的两个必要条件来做判断，且尤其注意力与距离的对应性。
6.【答案】A
【解析】解：A、在A点时，质量不变，高度最高，速度最小，所以具有最大的重力势能，而不是动能，故A错误；
B、在B点时，高度最低，所以重力势能最小，故B正确；
C、从C到B的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故C正确；
D、如果没有摩擦和空气阻力，则机械能的总量守恒，你将一直荡下去，故D正确。
故选：A。
动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关，二者可以相互转化。在没有能量损失的情况下，机械能的总量守恒。
明确影响动能和势能的因素，知道机械能的守恒条件，可顺利做出解答。
7.【答案】A
【解析】解：(1)萝卜处于平衡状态，由图可知，
右侧部分重心离支点O较远，故力臂OB较大，左侧部分重心离支点O较近，故力臂OA较小；
根据杠杆平衡条件GA×OA=GB×OB，左侧萝卜重力GA大、右侧重力GB小，故小猴分的萝卜要重。
故选：A。
由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的重力的大小关系。
本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，要掌握力臂的概念，理解杠杆在水平位置平衡的原因。
8.【答案】C
【解析】解：鸡蛋悬浮在液体中，此时鸡蛋上、下表面受到的液体压力不同，
这个压力差就是鸡蛋所受的浮力，因浮力的方向总是竖直向上的，所以F3正确；
故选：C。
从浮力产生的原因和浮力的方向去解答此题。
此题主要考查学生对浮力方向这一知识点的理解和掌握。学生要牢记浮力方向是竖直向上的。
9.【答案】C
【解析】解：同学质量约为60kg，一层楼高约为3m，同学从一楼到五楼上升的高度为3m×(5-1)=12m。
同学在上楼的过程中做的功为：
W=Gh=mgh=60kg×10N/kg×12m=7200J，
所用时间为25s，因此上楼的功率：
P=Wt=7200J25s=288W。
根据选项可知C符合题意。
故选：C。
上楼时要克服自身的重力做功，做功的大小等于重力和上楼高度的乘积，我们可以估测出同学的质量，求出同学的重力，再估测出楼高，利用功的计算公式W=Gh=mgh求出做的功，再利用功率计算公式P=Wt求出功率。
本题考查了功率的计算公式，以及质量和距离的估测，解估测题关键是在生活中要多观察、多思考，对生活中常见的一些物理量有所了解。
10.【答案】B
【解析】解：由于密闭容器装满水，容器倒置后，水的深度不变，由p=ρgh可知容器倒置之后水对容器底部压强不变；
容器倒置后，受力面积变大，根据p=FS的变形式F=pS可知，水对容器底部的压力变大。
故选：B。
容器倒置后，水的深度不变，利用p=ρgh可得水对容器底部的压强变化；
根据p=FS的变形式F=pS可得水对容器底部压力的变化。
本题考查压强、压力的有关知识，属于对基础知识的考查，难度不大。
11.【答案】伽利略 力
【解析】解：由物理学史可知，牛顿总结伽利略等人的研究成果，在概括推理的基础上，得出了著名的牛顿第一定律。
为纪念牛顿对物理学的贡献，物理学中用他的名字作为力的单位。
故答案为：伽利略；力。
牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律，该定律不能用实验直接验证。牛顿的名字被命名为力的单位。
本题考查了对物理学史的相关知识，了解牛顿的贡献是解答的关键。
12.【答案】上身 动能
【解析】解：小国的上身和脚原来相对于地面都是运动的，行走时被石块绊了一下，他的脚停止了运动(即脚的运动状态突然改变)，而他的上身由于惯性仍保持原来的运动状态，所以身体向前倾倒。
从行驶的汽车向外抛杂物，由于惯性，抛出时杂物与汽车具有相同的速度，由于物体速度较大而具有较大的动能，可能砸伤人，这些都是十分危险的行为。
故答案为：上身；动能。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，根据人不同身体部位的运动状态变化可做出解释。
(2)由于物体的运动而具有的能叫做动能；物体的质量一定时，速度越大，动能越大。
本题考查了惯性和动能知识的应用，属力学基础知识，难度不大。
13.【答案】外 小
【解析】解：汽车在公路上快速行驶时，车窗外空气流速大，压强小，车窗内空气流速小，压强大，窗帘受到向外的压强大于向内的压强，所以窗帘向外飘。
故答案为：外；小。
流体流速大的地方，压强小，流体流速小的地方，压强大，分析车窗内外的压强，来分析窗帘的运动情况。
本题通过窗帘的飘动，考查了流体的压强跟流速的关系，体现了生活处处皆物理。
14.【答案】1 0.5
【解析】解：水平匀速拉动物理课本，课本处于平衡状态，其受到的拉力和摩擦阻力是一对平衡力，则课本受到的摩擦阻力f=F=1N；
水平拉力为1N，并在水平面上匀速前进0.5m，具备做功的两个条件，所以拉力做了功，
则水平拉力做功：W=Fs=1N×0.5m=0.5J，
故答案为：1；0.5。
匀速直线运动的物体受力平衡；
拉力做功可用公式W=FS计算得出。
本题考查二力平衡的应用与功的计算，属于基础题。
15.【答案】省力 A
【解析】解：起瓶器在使用的过程中动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；图中的起瓶器在打开瓶盖时，阻力作用在B点，起瓶器绕A点转动，所以A点是支点。
故答案为：省力；A。
先确定支点的位置，然后结合生活经验根据动力臂与阻力臂的大小关系判断其杠杆的类型。根据杠杆的平衡条件可以找出更省力的原因。
本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。
16.【答案】大气压 液体压强
【解析】解：(1)将注射器的活塞推到针筒底部，将针筒内的空气排出，再向上提起活塞时，针筒内的体积增大，压强减小，药液在外界大气压的作用下被压入针筒内。
(2)真空采血管在组装后应保持一定的负压，即真空试管内气体的压强低于大气压，针头插入检查者的静脉时，在检查者血压的压力下，血液流入真空采血管，利用了液体压强。
故答案为：大气压；液体压强。
(1)针筒吸药液这一现象中，药液不是吸上去的，而是被大气压压上去的。推下活塞，排除注射器里面的空气后再提起活塞的目的是为了使针筒内的气压小于外界大气压。
(2)我们身体血管中的血液是液体，存在着压强，根据我们对血压的了解来作答。
此题考查大气压的综合应用、液体压强的特点，药液是被大气压压上去的，不是吸上去的。推下活塞、提起活塞的目的是为了达到针筒内的气压小于外界大气压。明白此题的物理过程是关键。
17.【答案】妇女 等于
【解析】解：甲图中妇女推着购物车走了几步，有作用在物体上的力，购物车也在力的方向上通过了一定距离，推力对购物车做了功；
乙图中的男人用很大的力推汽车，但汽车没被推动，男人对汽车施加了较大的力，但汽车没有在力的方向上通过距离，推力没有对汽车做功；所以妇女做功较多。
乙图中汽车处于静止状态，属于平衡状态，故推力与摩擦力是一对平衡力，二者大小相等。
故答案为：妇女；等于。
(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
(2)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力。二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。
本题考查功的大小比较、二力平衡条件的应用，掌握力做功的两个必要因素是关键。
18.【答案】惯性 重力
【解析】解：(1)跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，由于身体具有惯性，所以能在空中继续前进，进而提高成绩；
(2)运动员最终落回地面，是由于受到重力的作用，重力改变了他的运动状态。
故答案为：惯性；重力。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
(2)力是改变物体运动状态的原因，地球上的物体都要受到重力作用。
此题考查惯性和重力的应用，难度不大，属于基础题。
19.【答案】两；静止状态
【解析】解：电风扇静止时受到的重力和固定杆对它的拉力是一对平衡力，即F1=G；故该电风扇受到两个力作用；
根据牛顿第一定律我们知道，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变。因为电风扇原来是静止的，当一切外力同时消失，电风扇仍保持静止状态。
故答案为：两；静止状态。
(1)电风扇静止，静止就是一种平衡状态，平衡状态时受到的就是一对平衡力；
(2)根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题考查的是平衡力和牛顿第一定律，解答此题的关键是我们要知道：电扇虽然转动，但由于它没有运动或者说位置没有发生变化，所以此时它依然是平衡状态，受到的是平衡力。
20.【答案】不变；变大
【解析】解：当轮船从海里驶入江里，船自重不变，
∵轮船始终漂浮，
∴轮船受到的浮力不变；
∵F浮=ρ液v排g，ρ江水<ρ海水，
∴排开江水的体积大于排开海水的体积。
故答案为：不变，变大。
该船从海里驶入江里，自重不变、液体的密度减小，根据漂浮条件和阿基米德原理分析回答。
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，知道轮船漂浮(F浮=G)是解此类题目的突破口，利用好阿基米德原理是关键。
21.【答案】解：
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在B点，要求在C点用力，连接BC，则BC就是最长的动力臂L1；由题意可知，要在C点用最小的力F1使座椅绕B开始顺时针转动，则动力应垂直于力臂L1向右，据此可画出最小动力F1的示意图。如下图所示：
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
22.【答案】解：小球在水中受竖直向下的重力和竖直向上的浮力的作用，由于小球在水中正在下沉，所以重力大于浮力，二力的作用点均画在小球的重心上，如图所示：
【解析】小球在水中受重力与浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上；因为小球在水中正在下沉，所以重力比浮力大，则表示重力的线段长度较长。
本题考查了物体浮沉条件的应用，画力的示意图时，首先根据物体的运动状态，判断出物体受力的大小关系。
23.【答案】右 0.8 左端 偏大
【解析】解：(1)杠杆左端下沉，说明杠杆重心偏左，应将杠杆的平衡螺母向右调节；
(2)根据杠杆平衡条件可得G1L1=G2L2，即：m1gL1=m2gL2，则m1=m2L2L1=0.2kg×0.2m0.05m=0.8kg；
此时若被测物体和秤砣同时减少了相同的质量但位置没变，则左端为(0.8kg-m')
g×0.05m=0.04gkgm-0.05m×m'g，右端为(0.2kg-m')g×0.2m=0.04gkgm-0.2m×m'g，比较可知左端大于右端，所以左端下降；
若秤砣碰掉了一块，m2减小，而G1L1不变，所以L2要变大，杆秤所示的质量值要偏大。
故答案为：(1)右；(2)0.8；左端；偏大。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，杠杆的平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
根据杠杆平衡条件分析哪端下降；
若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。
本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。
24.【答案】BADC 3.8 1.4 排开水的重力 普遍规律 液体密度
【解析】解：(1)为减少弹簧测力计悬挂物体的次数和减小实验误差，方便操作，在小桶接水前应测出其重力，所以合理的实验顺序为BADC；
(2)由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，则石块的重力为3.8N；把石块浸没在盛满水的溢水杯中，弹簧测力计的示数是2.4N，
根据称重法测浮力可知：F浮=G-F示=3.8N-2.4N=1.4N，比较D、A两图可知石块排开的水所受的重力：G排=2.6N-1.2N=1.4N；
(3)由B、C可知，排开水的重力为G排=2.6N-1.2N=2.4N，等于物体受到的浮力，由此可知：浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开水的重力；
为了使实验结论更具有普遍性，应选择不同体积、不同形状、不同密度的物体或者液体进行实验；
(4)将水换成酒精，比较物体浸没时弹簧测力计的示数，可探究物体所受浮力大小与液体的密度的关系。
故答案为：(1)BADC；(2)1.4；(3)排开水的重力；普遍规律；(4)液体密度。
(1)应采用准确、便捷、有利于实验的原则安排实验顺序；
(2)弹簧测力计读数：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数；
把石块浸没在盛满水的溢水杯中，根据 F浮=G-F示计算浮力的大小；
(3)求出排开水的重力，与浮力大小进行比较得出结论；
为了使实验结论更具有普遍性，应选择不同体积、不同形状、不同密度的物体或者液体进行实验；
(4)浮力的大小与液体的密度和排开液体的体积有关。
本题探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系，考查了测力计读数、称重法测浮力、数据分析、控制变量法和归纳法的运用。
25.【答案】必须 二力平衡 接触面粗糙程度 压力 等于 水平向右
【解析】解：(1)实验中，弹簧测力计必须沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，原理是二力平衡；
(2)实验中小强通过改变木块对木板的压力在同一木板上进行多次实验，记录的数据如表。通过分析可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)上图中，木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到长木板施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，木块受到木板的摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，因测力计的拉力方向为水平向左，故木块所受的摩擦力方向为水平向右。
故答案为：(1)必须；二力平衡；(2)接触面粗糙程度；压力；(3)等于；水平向右。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个，压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)木块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用及对实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
26.【答案】不变
【解析】解：(1)水和桶的总重：G=(m水+m桶)g=(16kg+1kg)×10N/kg=170N，
手受到的压力：F=G=170N，
手受到的压强：
p=FS=170N1×10-3m2=1.7×105Pa；
(2)桶内水深：h=35cm=0.35m，
水对桶底的压强：p'=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.35m=3500Pa；
桶的底面积：S=400cm2=0.04m2，
由p=FS得，
水对桶底产生的压力：F'=pS=3500Pa×0.04m2=140N；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，根据F浮=G排=G木可知，排出的水的重力和木块的重力相同，根据F=G总可知，水桶对手的压力不变，根据p=FS可知，小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强不变。
故答案为：(1)提装满水的水桶时，手受到的压强是1.7×105Pa；
(2)水对桶底的压强和压力分别是3500Pa、140N；
(3)不变。
(1)根据G=(m水+m桶)g得出水和桶的总重，根据F=G得出手受到的压力，根据p=FS得出手受到的压强；
(2)根据p=ρ水gh得出水对桶底的压强，由p=FS得水对桶底产生的压力；
(3)向装满水的水桶里轻轻放入一个木块，静止后漂浮，当水不再溢出且桶的外壁没有附着溢出的水，根据F浮=G排=G木可知，排出的水的重力和木块的重力相同，根据F=G总得出水桶对手的压力的变化情况，根据p=FS可知小冰像刚才那样再次提起有漂浮木块的这桶水，手受到的压强的变化情况。
本题考查了压强、压力的计算，并考查物体浮沉条件的应用，计算时注意单位统一。
27.【答案】解：(1)提升装置所做的有用功：W有用=Gh=1800N×10m=1.8×104J；
(2)由图可知，提起动滑轮绳子的股数n=2，
绳子自由端移动的距离：s=nh=2×10m=20m，
不计绳重及摩擦，拉力的大小：F=1n(G+G动)=12×(1800N+200N)=1000N，
拉力所做的功：W总=Fs=1000N×20m=2×104J，
拉力的功率：P=W总t==2×104J10s=2000W；
(3)该装置的效机械率：η=W有用W总=1.8×104J2×104J=90%。
答：(1)提升装置所做的有用功为1.8×104J；
(2)拉力F的功率为2000W；
(3)该装置的机械效率为90%。
【解析】(1)根据W=Gh求出提升装置所做的有用功；
(2)由图可知提起动滑轮绳子的股数n，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离；不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出拉力的大小，根据W=Fs求出拉力所做的功，根据P=Wt求出拉力的功率；
(3)根据效率公式求出该装置的效机械率。
本题考查功的计算、动滑轮绳子股数的判断、功率的计算以及效率的计算，能正确判断提起动滑轮绳子的股数的解题的关键。
28.【答案】2.6×103 15
【解析】解：(1)石料的密度ρ=mV=52g20cm3=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3，
已知像的质量m'=39t=3.9×104kg，
由ρ=mV可得，该像的体积V'=m'ρ=3.9×104kg2.6×103kg/m3=15m3，
(2)该雕塑对底座的压力F=G=m'g=3.9×104kg×10N/kg=3.9×105N，
该雕塑对底座的压强p=FS=3.9×105N13m2=3×104Pa；
(3)吊车把雕塑提起的过程中，对它做的功：
W=Gh=3.9×105N×1m=3.9×105J。
答：(1)2.6×103；15；(2)该雕塑对底座的压强是3×104Pa；(3)对它做了3.9×105J的功。
(1)首先根据石料的质量和体积求出石料的密度，该像的密度与石料的密度相同，由密度公式变形可求得该像的体积；
(2)该雕塑对底座的压力等于其重力，已知雕塑底部的面积，由p=FS可求得该雕塑对底座的压强；
(3)吊车把雕塑提起的过程中，利用W=Gh求对它做的功。
本题考查了密度公式、重力公式、压强公式、功的公式的应用，解题的关键是明确雕塑与石料的密度是相同的，难度不大。
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