还剩22页未读，
继续阅读
江苏省南通市通州区、如东县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
展开
这是一份江苏省南通市通州区、如东县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共25页。
2022-2023学年江苏省南通市通州区、如东县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 挂着重物的直升机悬停在空中，受到升力的作用，升力的施力物体是( )
A. 地球 B. 空气 C. 螺旋桨 D. 重物
2. 下列情境中，利用惯性的是( )
A. 禁止汽车超载行驶 B. 驾乘汽车要系安全带
C. 坐公交要抓好扶手 D. 运动员跳远时要助跑
3. 在“探究质量与体积的关系”实验中，设计数据记录表格时，不需要的项目栏是( )
A. 密度 B. 质量 C. 体积 D. 物质种类
4. 学完第九章“力与运动”后，小芳进行知识梳理。如图所示，是她整理的知识树形结构图，图中的①②③④处依次填写的内容是( )
A. 匀速圆周运动、匀速直线运动、受力不平衡、不受力
B. 匀速直线运动、运动方向改变、不受力、受力不平衡
C. 匀速直线运动、运动状态改变、不受力、受力不平衡
D. 匀速圆周运动、运动方向改变、受力不平衡、不受力
5. 诗人杜甫在《茅屋为秋风所破歌》中写道“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”，从物理学角度来看，下列情景与茅屋顶被狂风掀起的原理一致的是( )
A. 客机滑行起飞 B. 用吸管吸饮料 C. 火箭加速升空 D. 热气球上升
6. 如图所示，在探究二力平衡条件的实验中，两边挂等重的钩码，将塑料板扭转一个角度，放手并观察塑料板能不能保持静止，这样操作是为了探究二力平衡时两个力( )
A. 是否要作用在同一物体上 B. 是否要作用在同一直线上
C. 方向是否要相反 D. 大小是否要相等
7. 如图所示，烧瓶中装有温度为100℃的沸水，若要使瓶中的水重新沸腾起来，下列措施中可行的是( )
A. 向瓶底浇100℃的水 B. 瓶内打入适量空气
C. 向瓶内加入80℃的水 D. 向瓶底浇20℃的水
8. 用托盘天平测出一枚回形针的质量，下列做法中最合理的是( )
A. 先测出2枚回形针总质量，再除以2
B. 先测出一枚回形针和一螺母的总质量，再减去螺母的质量
C. 先测出100枚回形针总质量，再除以100
D. 先测出100枚回形针的总质量，再加一枚测出101枚回形针的总质量，求两者差值
9. 如图所示，质地均匀的长方体放在水平桌面上，对桌面的压强为p1；竖直切除①部分，剩余部分对桌面的压强为p2；再竖直切除②部分，剩余部分对桌面的压强为p3，三次压强的大小关系是( )
A. p1=p2=p3 B. p1=p2>p3 C. p1>p2>p3 D. p1>p2=p3
10. 在“探究影响液体内部压强因素”的实验中，两压强计橡皮膜所处的深度相同，甲、乙两组同学正确实验的现象如图所示，U形管两侧液面的高度差，h1
②若两压强计U形管中液体相同，则ρ1一定小于ρ2
③若两烧杯中液体相同，则p1一定等于p2
④若两烧杯中液体相同，则p1一定小于p2
A. ①③ B. ②③ C. ②④ D. ①④
11. 如图所示，两个相同的柱形瓶中分别装有20mL的水和一些液体，放在已调好的天平上，调节游码后，天平仍然水平平衡。根据图中信息估算，液体密度最接近( )
A. 0.8×103kg/m3 B. 1.0×103kg/m3 C. 1.5×103kg/m3 D. 1.7×103kg/m3
12. 两个用同种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有深度相同的同种液体，如图所示，若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，则匀速运动时F1、F2随时间t的变化关系图象可能是( )
A. B.
C. D. F₂
13. 如图所示，跳水运动员站到跳板A点时，运动员对跳板的______ 力使跳板发生形变；当她走到跳板B点时，跳板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的______ 有关；运动员对跳板施力，跳板要恢复原状，对运动员产生向______ 的弹力，运动员达到最高点时，在______ 力的作用下落入水中。
14. 为比较甲、乙两种物质的硬度，小雨用一把铜钥匙先在甲的表面上用力刻画，再在乙表面上轻轻刻划，物质甲上的刻痕比乙上深，他由此断定物质甲比乙硬，小雨通过刻痕比较硬度的物理方法是______ (选填“转换法”或“控制变量法”)，他得出的结论______ (选填“科学”或“不科学”)，理由是______ 。
15. 小明用柱形金属块“探究影响浮力大小的因素”，实验过程如图所示。
(1)图乙中，金属块受到的浮力为______ N。
(2)比较甲、乙、丙三幅图，可得出结论：浸在液体中的物体，所受浮力与______ 有关。
(3)比较______ 三幅图可以探究浮力的大小与液体密度的关系，进一步分析计算，可知液体密度是水密度的______ 倍。
(4)根据测出的数据(水的密度已知)，还能计算出金属块的______ (填一个物理量的名称)。
16. 小华做“探究杠杆的平衡条件”实验。
(1)实验前，杠杆静止如图甲，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)小华通过多次实验，测得数据如表，表中F1大小为弹簧测力计示数，F2为钩码对杠杆的拉力，l1、l2分别为F1、F2对应的力臂。
次数
F1/N
l1/cm
F2/N
l2/cm
1
1.5
10
1.0
15
2
3.0
10
2.0
15
3
A
15
2.0
15
4
……
……
……
……
①图乙是第3次杠杆平衡时的情景，表中A处填______ N；
②实验中第______ 次实验反映的是托盘天平的工作原理；
③为了合理分析、发现规律，每次实验总是在前一次基础上改变F2、l1、l2中的一个量，小华接下来的第4次实验需要改变______ 。
(3)第3次实验时，若在B点斜向右下方拉弹簧测力计，要使杠杆在水平位置平衡且弹簧测力计的示数与图乙中相同，应将钩码向______ (选填“左”或“右”)移动适当的距离。
17. 古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石。现准备破开一空心石块，测得其质量为84kg，体积为4.8×10-2m3，已知ρ石=2.8×103kg/m3，ρ冰=0.9×103kg/m3，则石块空心部分的体积______ m3；现将石块的空心部分注满水，那么，石块与水的总质量______ kg，注入的水全部结成冰后的体积增加______ m3使石块破开，若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水至少抽出______ kg。
18. 如图所示是木块静止在斜面上，请在图中画出木块受到的重力G和它对斜面的压力F的示意图。
19. 如图所示，轻质弹簧一端固定在墙上，另一端被置于粗糙水平面上的物块M压缩一段距离，放手后物块仍静止。请画出此时物块M在水平方向的受力示意图。
20. 如图，砖夹子是搬砖的工具，使用时，手柄AOB是一个绕O转动的杠杆，弹力F2是杠杆的阻力。请在图中画出作用在A点动力F1的大致方向及阻力臂l2。
21. 用如图所示滑轮组匀速提升重为380N的物体，物体上升的速度为0.5m/s，人对绳的拉力为140N，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)匀速拉动2s，绳子自由端移动的距离；
(2)动滑轮重力；
(3)若人的质量为60kg，绳子能承受的最大拉力为700N，该人用此滑轮组能提升物体的最大重力。
22. 薄壁圆柱形容器甲和正方体乙置于水平地面上，容器甲足够高，内部装有水。已知g取10N/kg，容器甲的质量忽略不计，水、正方体乙的质量、高度数据如表。求：
对象
m/kg
h/m
水
3.0
0.2
正方体乙
2.0
0.1
(1)薄壁圆柱形容器甲的底面积S甲；
(2)将正方体乙放入容器甲中静止时，水未溢出，容器甲对水平地面的压强；
(3)正方体乙在水中静止时受到的浮力。
23. 在探究“阻力对物体运动的影响”时，使用的器材有斜面、小车和水平桌面上铺垫的实验材料(木板、棉布、毛巾)。
(1)实验探究的是小车在______ (选填“AB”、“BC”或“AC”)段的运动过程；实验中，让小车从斜面上同一高度处自由滑下，这样做可使小车到达B点的______ 相同。
(2)小车在不同水平面上最后静止的位置，如图甲、乙、丙所示。那么，在表面1上铺垫的实验材料应是______ ，小车在表面3上滑出了右端，丙图中的实验______ (选填“需要”或“不需要”)重做获取可靠证据。
(3)多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越______ ，运动的距离越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车将一直做______ 运动，说明力是______ 的原因。
24. 小华做“测量蜂蜜的密度”实验。
(1)如图甲，先将天平放在水平工作台上，再将游码______ ，然后调节平衡螺母使天平平衡。
(2)测出空烧杯的质量为60g，再将图乙中量筒里的蜂蜜全部倒入烧杯中，测烧杯和蜂蜜的总质量，天平平衡时，右盘砝码质量和游码位置如图丙所示，则烧杯和蜂蜜的总质量为______ g。
(3)蜂蜜的密度ρ= ______ g/cm3，测得的蜂蜜密度ρ与真实值相比偏______ 。
(4)如图丁所示，小华还用注射器、木棒、刻度尺、钥匙若干、细绳、记号笔等材料自制密度秤，步骤如下：
①将空注射器挂在A点，提起提扭，移动右边钥匙位置使密度秤在水平位置平衡。
②用记号笔在钥匙悬挂的位置记为“0”。
③注射器抽取20mL的水，重复步骤①，用记号笔在钥匙悬挂的位置记为“1”。
④用刻度尺测出“0”和“1”的间距，将其20等分，则分度值是______ g/cm3。
⑤将注射器中的水排空，重新抽取20mL的食用油，重复步骤①，此时钥匙恰好在第18格刻度处，则食用油的密度为______ g/cm3。
⑥若想该密度秤能测出蜂蜜密度，需更换步骤③中抽取的液体，液体密度应比水______ (选填“大”或“小”)。
25. 浮箭式漏刻是古代的一种计时工具。其原理如图甲所示，往漏壶里装入一定量的水，让它慢慢漏出，通过漏入箭壶的水量来确定时刻。
(1)箭舟漂浮在水面，随水位的上升而上升，它所受的浮力是______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)的。
(2)小明感叹于古人的智慧，想了解漏刻计时的原理，通过观察，他找来三个横截面积不同的长方形塑料盒，分别在底部中央开一个大小相同的圆孔，探究长方形容器中水从圆孔流完所需时间与容器横截面积及水深的关系。通过实验得到如表数据：
实验次数
容器横截面积S/cm2
水深h/cm
水流完所需时间t/s
1
100
4
12
2
150
18
3
300
36
4
300
2
25
5
6
43
6
8
49
①分析______ 三次实验数据可知，水深相同时，水流完所需时间与容器横截面积成正比。
②分析3、4、5、6四次实验数据可知，在容器横截面积相同时，水的深度越大，水流完所需时间越______ 。
(3)进一步研究发现，长方形容器中的水流完所需时间t与容器横截面积S成正比，与水深h的平方根成正比，即t=kS h(k为比例系数)。如图乙、丙是两个上端开口、底部中央各有一个面积相同的圆孔的水箱，两水箱内装有相同体积的水，使水从孔中流出，则______ 箱中的水流完所需时间少。若丙箱中水流出一半所需的时间为t1，剩下一半的水流完所需时间为t2，则t1 ______ (选填“>”、“<”或“=”)t2，这是因为水的压强随______ 的增加而增大。
(4)早期的单级漏刻计时存在较大误差，是因为水位高低会影响水的流速。后来人们将单级漏刻改为多级漏刻，上面漏壶不断给下面漏壶补水，使一级漏壶内水的深度______ ，这样水就能比较均匀地流入箭壶，从而得到较精确的时刻。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以空气对直升机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是直升机向上的升力。
故选：B。
物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施加的反作用力。
本题考查了物体的受力分析，基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A.质量越大，惯性越大，因此超载会使汽车的惯性变大，当遇到紧急情况时，无法及时刹车，是防止惯性带来危害，故A不符合题意；
B.驾驶员要系好安全带，防止突然刹车时，由于惯性人向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故B不符合题意；
C.公交车上的扶手是防止车突然启动或突然刹车时，由于惯性人向后倾倒或向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故C不符合题意；
D.助跑时，运动员的身体处于快速运动状态，起跳后，身体由于具有惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，可以跳的更远，利用了惯性，故D符合题意。
故选：D。
判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用。
惯性的事例在生活中随处可见，很多思空见惯的现象，其实都是依据惯性来完成的。
3.【答案】A
【解析】解：A、物质的密度是根据测得的物质的质量与体积计算出来的，并不是通过实验直接测量的，故实验数据没有密度，故A错误；
B、“探究物质的质量与体积的关系”实验，必须记录物质的质量，故B正确；
C、“探究物质的质量与体积的关系”实验，必须记录物质的体积，故C正确；
D、“探究物质的质量与体积的关系”实验，应改变物质的种类，多次测量，故D正确。
故选：A。
“探究物质的质量与体积的关系”实验需要记录物质种类、质量、体积，密度不能通过实验直接测量出来。
本题考查了“探究物质的质量与体积的关系”实验数据表格的设计，是一道基础题。
4.【答案】B
【解析】解：物体的运动状态不变包含静止和匀速直线运动，故①是匀速直线运动；
运动状态不变的物体，可能受力平衡，也可能不受力，故③是物体不受力；
运动状态改变包括：加速运动、减速运动和运动方向改变，故②是运动方向改变；
运动状态改变必定受非平衡力，故④是受力不平衡。
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)根据运动状态不变和改变包含的运动类型分析；
(2)运动状态改变必定受非平衡力，而运动状态不变的物体，可能受力平衡，也可能不受力。
本题考查力与运动的关系，属于基础题，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：秋风吹过，茅草屋顶空气流动速度快，压强小，其压强小于屋内空气的压强，所以屋内向上的大气压力大于大气压对屋顶向下的压力，使屋顶内外大气压力差大于屋顶的重力，所以屋顶被卷走。
A、客机机翼的形状上凸下平，飞机起飞或滑行时，机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力，故A符合题意；
B、吸管吸饮料时，用力吸时，管内压强减小，饮料在大气压的作用下被压入嘴里，故B不符合题意；
C、火箭发射时，发动机向下喷出高温高压气体，箭体对气体施加向下的作用力，气体给箭体一个向上的反作用力，利用了物体间力的作用是相互的原理，故C不符合题意；
D、上升的热气球是因为受到空气的浮力作用，故D不符合题意。
故选：A。
流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小。
本题考查用科学道理来解释生活现象，体现了物理在生活中的应用。
6.【答案】B
【解析】解：将塑料板扭转一个角度，两个拉力不在同一直线上，放手后，塑料板运动，说明塑料板不能平衡；设计此实验步骤的目的是为了探究：二力平衡时两个力是否要作用在同一直线上。
故选B。
塑料板转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡。
此题考查了二力平衡的条件的探究，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，烧瓶内的气压减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，所以水会重新沸腾起来。
故选：D。
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题是一道基础题，知道液体沸腾的条件、影响液体沸点的因素是正确解题的前提与关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、2枚回形针总质量很小，可能小于天平的分度值，不能直接放在天平左盘中进行测量，故A错误；
B、一枚回形针和一个螺母的总质量几乎等于一个螺母的质量，无法进行测量，故B错误；
C、一枚回形针的质量很小，采用测量多个回形针的质量，然后求出一个回形针的质量，所以先测出100枚回形针总质量，再除以100，得出一个回形针的质量，故C正确；
D、先测出100个回形针的总质量和101个回形针的总质量相差不大，无法区分哪个的质量，故D错误。
故选：C。
回形针的质量太小，甚至小于天平的分度值，无法直接称量，应该用累积法测多个回形针的质量，除以总数算出一个回形针的质量。
测微小质量、微小长度一般用累积法，测曲线长度一般用化曲为直法、滚轮法，测硬币等圆的直径一般用平移法，在学习中要注意总结，灵活选用特殊测量方法。
9.【答案】D
【解析】解：质地均匀的长方体放在水平桌面上，竖直切除①部分，压力变小，受力面积不变，根据p=FS可知，长方体对桌面的压强变小，即p1>p2；
再竖直切除②部分(仍然是长方体)，压力大小和受力面积同时改变，但长方体的密度不变，高度也不变，根据p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh可知，再竖直切除②部分时，剩余部分对桌面的压强不变，即p2=p3；
综上所述，p1>p2=p3。
故选：D。
(1)先竖直切除该物体右边的阴影部分①，压力变小了，而受力面积不变，根据p=FS分析对桌面压强的变化；
(2)柱体对支持面(柱体全部放在支持面上)的压强为：p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh，即柱体对水平面的压强大小只与柱体的密度和高度有关，据此分析。
本题考查了压强公式的运用以及对压强大小变化的分析，根据p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh可知，柱体对水平面的压强大小只与柱体的密度和高度有关，但要注意柱体必须全部放在支持面上。
10.【答案】B
【解析】解：①②若两压强计相同，根据转换法，乙中液体产生的压强大，根据p=ρgh可知，则ρ1一定小于ρ2
故①错误；②正确；
③④若两烧杯中液体相同，因探头深度相同，根据p=ρgh，则p1一定等于p2，故③正确，④错误。
故选：B。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，结合p=ρgh分析；
(2)液体中某点的深度为这点到液体自由面的竖直高度，根据p=ρgh分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法及p=ρgh的运用。
11.【答案】A
【解析】解：由天平的使用规则可知，左盘瓶子和水的总质量等于右盘瓶子和液体的总质量与称量标尺上游码显示的质量之和，因为标尺上的游码在0刻度线处，所以左盘瓶子和水的总质量等于右盘瓶子和液体的总质量，已知两个柱形瓶是相同的，即质量相同，所以水的质量等于液体的质量，由图知，水的体积小于液体的体积，由密度公式ρ=mV可知，质量相等时，体积越大，密度越小，所以水的密度大于液体的密度，已知水的密度为1.0×103kg/m3，故A正确。
故选：A。
天平在使用时，被测物体放左盘里、砝码放右盘，则被测物体质量等于砝码质量与称量标尺上游码显示的质量之和；
由图得出瓶中液体的体积大小关系，利用密度公式分析两种液体的密度大小关系。
此题考查了密度计算公式的应用，属于基础知识。
12.【答案】C
【解析】解：因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，所以根据m=ρV可知，右图中液体的质量较大，又因为容器质量相同，所以右图容器和液体的总质量较大，根据G=mg可知右图容器和液体的总重力较大；
由于水平桌面受到的压力等于容器和液体的总重力，因此右图容器对水平桌面受到的压力较大，故在接触面粗糙程度相同时，右图容器所受摩擦力较大；
由于两容器均做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故F 1
因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，先根据密度公式判断出液体的质量关系，然后判断出容器和液体总重力的关系，再利用水平桌面受到的压力等于总重力，最后根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小；
本题主要考查了二力平衡条件的应用，能够比较出两液体的体积大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键。
13.【答案】弹 作用点 上 重
【解析】解：跳水运动员站到跳板A点时，运动员对跳板的弹力使跳板发生形变；当她走到跳板B点时，跳板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的作用点有关；运动员对跳板施力，跳板要恢复原状，对运动员产生向上的弹力，运动员达到最高点时，在重力的作用下落入水中。
故答案为：弹；作用点；上；重。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变所产生的力。
(2)力的大小、方向和作用点叫力的三要素。
(3)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力。
本题主要考查了弹力和重力的概念；知道力的三要素会影响力的作用效果。
14.【答案】转换法 不科学 没有控制变量，需要控制用力相同
【解析】解：(1)比较物体硬度是通过观察刻痕来比较的，所以填转换法。(2)根据控制变量法，应控制用力相同，才能通过划痕比较物质硬度，所以，她得出的结论不科学，理由是没有控制力相同。故答案为：转换法；不科学；没有控制变量，需要控制用力相同。
(1)转换法：一些比较抽象的看不见、摸不着的物质的微观现象，要研究它们的运动等规律，使之转化为学生熟知的看得见、摸得着的宏观现象来认识它们，这种方法在科学上叫做“转换法“；(2)控制变量法：在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素或条件加以人为控制，使其中的一些条件按照特定的要求发生变化或不发生变化，最终解决所研究的问题。
这个实验共涉及了两个物理实验方法：控制变量法和转换法。转换法就是将一些不容易观察到的现象通过其它直观现象再现出来。
15.【答案】0.4 排开液体的体积 甲、丙、丁 0.8 密度
【解析】解：(1)空气中物体的重力为G=2.7N；图乙中弹簧测力计的示数为F2=2.3N，
物体在图乙中受到的浮力为：
F浮=G-F2=2.7N-2.3N=0.4N；
(2)由图甲、乙、丙所示实验可知，液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)比较甲、丙、丁三幅图，丙图和丁图中金属块排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，可得出结论：浮力的大小与液体的密度有关；
由甲、丙可知，金属块在水中受到的浮力为：
F浮水=G-F3=2.7N-1.7N=1N；
由甲、丁可知，金属块在某液体中受到的浮力为：
F浮液=G-F4=2.7N-1.9N=0.8N；
因金属块完全浸没在水和某液体中，即V排不变，根据阿基米德原理可知，
F浮水ρ水g=F浮液ρ液g，即1Nρ水=0.8Nρ液，
解得：ρ液=0.8ρ水；
(4)由图甲可以得出金属块的重力，根据G=mg可以求出金属块的质量；
由甲、丙两图可以求出金属块在水中的浮力，利用阿基米德原理可以求出V排，
因金属块完全浸没在水中，即物体的体积等于V排，
利用密度公式可以求出金属块的密度。
故答案为：(1)0.4；(2)排开液体的体积；(3)甲、丙、丁；0.8；(4)密度。
(1)根据称重法F浮=G-F算出浮力；
(2)探究影响浮力大小的因素实验，应采用控制变量法，分析图示实验；根据实验控制的变量与实验现象即可判断；
(3)要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，据此分析；
根据称重法分别求出金属块在水中和某液体中受到的浮力，利用V排不变结合阿基米德原理进行计算；
(4)根据密度公式分析回答。
此题为探究影响浮力大小因素的实验，属于基础实验题，难度不大，解答时应注意控制变量法的运用。
16.【答案】右 2.0 3 l2 右
【解析】解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，应将左端或右端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)①根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得，FA×15cm=2.0N×15cm，解得FA=2.0N；
②由于天平为等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，所以第3次实验反映的是天平的原理；
③由实验序号1、2可知，l1和l2不变，改变了F2，由实验序号2、3可知，F2和l2不变，改变了l1，所以需要保持F2和l1不变，改变l2的大小；
(3)斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，若要保持动力大小不变，就得减小阻力臂，即应将钩码向右移动适当的距离。
故答案为：(1)右；(2)①2.0；②3；③l2；(3)右。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；
(2)①根据杠杆平衡条件求出表中A处的力；
②天平为等臂杠杆；
③根据题意分析得出实验步骤；
(3)当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究。
17.【答案】0.018 102 0.002 1.8
【解析】解：由ρ=mV可得石块的体积为：
V实=mρ石=84kg2.8×103kg/m3=3×10-2m3，
空心部分的体积是：V空=V-V实=4.8×10-2m3-3×10-2m3=1.8×10-2m3=0.018m3：
由题可知，空心部分灌满水，则有V水=V空=0.018m3，
由ρ=mV可得空心部分水的质量为：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.018m3=18kg
石块灌满水后总质量为：m=m+m=84kg+18kg=102kg；
水结成冰后，质量不变，即m'=m=18kg
冰的体积为：V冰=m'ρ冰=18kg0.9×103kg/m3=0.02m3，
增加的体积V'=V冰-V水=0.02m3-0.018m3=0.002m3；
若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水结成冰的体积等于空心体积，
m'水=m'冰=ρ冰V空=0.9×103kg/m3×0.018m3=16.2kg；
抽出水的质量m抽=m水-m'水=18kg-16.2kg=1.8kg。
故答案为：0.018；102；0.002；1.8。
(1)由ρ=mV的变形公式算出实心石块的体积，并与石块的实际体积比较；石块的体积减去实心石块的体积就是空心部分的体积；
(2)空心部分灌满水，水的体积就是空心部分的体积，由ρ=mV的变形公式算出水的质量，进而求出石块灌满水后总质量；质量是物体的一种属性，与状态无关，水结冰后，质量不变；由ρ=mV的变形公式算出冰的体积，得出增大的体积。
(3)若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水结成冰的体积等于空心体积，据此计算质量。
本题考查密度公式的灵活应用，知道质量是物质的固有属性，不随物体的形状、状态、温度以及空间位置的改变而改变是解答本题的关键。
18.【答案】解：(1)过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【解析】(1)重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。
19.【答案】解：物块在粗糙水平面上压缩弹簧并处于静止状态，在O点时物块水平方向上受到弹簧对它向右的弹力、地面对它水平向左的摩擦力，过物块重心，沿水平方向作出这两个力，如图所示：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
本题考查了力的示意图的画法，对于物体进行正确的受力分析是关键。
20.【答案】解：(1)反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂l2；
图中支点在O点，因此OA作为动力臂l1，在夹砖时，动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出动力F1的示意图，如图所示：
【解析】动力作用在A点，方向竖直向上，据此画出作用在A点的动力F1；根据力臂的概念画出F2的力臂l2。
此题考查力的示意图和力臂的画法，属于常考题目，难度不大，确定动力和阻力的方向是关键。
21.【答案】解：(1)物体上升的高度：h=vt=0.5m/s×2s=1m，
由图知，承担物重的绳子股数n=3，
绳子自由端移动的距离：s=nh=3×1m=3m；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，则动滑轮重力：
G动=nF-G=3×140N-380N=40N；
(3)人的重力：G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，
绳子能承受的最大拉力为700N，
所以人能施加的最大拉力：F最大=G人=600N，否则人会被绳子拉起来；
不计绳重和摩擦，最大拉力F最大=1n(G最大+G动)，则提升物体的最大重力：
G最大=nF最大-G动=3×600N-40N=1760N。
答：(1)匀速拉动2s，绳子自由端移动的距离为3m；
(2)动滑轮重力为40N；
(3)若人的质量为60kg，绳子能承受的最大拉力为700N，该人用此滑轮组能提升物体的最大重力为1750N。
【解析】(1)利用速度公式求出2s内物体上升的高度，由图知，承担物重的绳子股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮重力；
(3)利用G=mg求人的重力，知道绳子能承受的最大拉力，据此确定人能施加的最大拉力；不计绳重和摩擦，最大拉力F最大=1n(G最大+G动)，据此求提升物体的最大重力。
本题考查了使用滑轮组时绳子自由端移动距离、动滑轮重力、提升物重大小的计算，要用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)。
22.【答案】解：由表格数据可知，薄壁圆柱形容器甲内水的质量m水=3.0kg，深度h水=0.2m，
由ρ=mV可得，薄壁圆柱形容器甲内水的体积：V水=m水ρ水=3.0kg1.0×103kg/m3=3×10-3m3，
由V=Sh可得，薄壁圆柱形容器甲的底面积：S甲=V水h水=3×10-3m30.2m=1.5×10-2m2；
(2)容器甲对水平地面的压力F=G水+G乙=(m水+m乙)g=(3.0kg+2.0kg)×10N/kg=50N，则容器甲对水平地面的压强p=FS=50N1.5×10-2m2≈3333.3Pa；
(3)乙的体积V乙=(0.1m)3=10-3m3，乙的密度ρ乙=m乙V乙=2.0kg10-3m3=2×103kg/m3，因为ρ乙<ρ水，h水>h乙，则乙在水中浸没沉底，所以正方体乙在水中静止时受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=10N。
答：(1)薄壁圆柱形容器甲的底面积S甲为1.5×10-2m2；
(2)容器甲对水平地面的压强为3333.3Pa；
(3)正方体乙在水中静止时受到的浮力为10N。
【解析】(1)由表格数据可知薄壁圆柱形容器甲内水的质量和深度，根据ρ=mV求出薄壁圆柱形容器甲内水的体积，利用V=Sh求出薄壁圆柱形容器甲的底面积；
(2)容器甲对水平地面的压力等于水和乙的重力之和，根据压强公式p=FS可以求出容器甲对水平地面的压强；
(3)根据密度公式ρ=mV求出乙的密度，与水的密度比较确定乙的浮沉状态，可利用浮力公式F浮=ρ水gV排计算乙在水中静止时受到的浮力。
本题考查了密度公式、压强公式、浮力公式的应用等，难点在与第3小题，需要判断物体在水中的浮沉情况。
23.【答案】BC 速度 毛巾 不需要 慢 匀速直线 改变物体运动状态
【解析】解：(1)本题探究“阻力对物体运动的影响”，实验探究的是小车在水面即BC段的运动过程；实验中，让小车从斜面上同一高度处自由滑下，这样做可使小车到达B点的速度相同。
(2)毛巾表面最粗糙，小车运动时受到的阻力最大，通过的距离最短，小车在不同水平面上最后静止的位置，如图甲、乙、丙所示。那么，在表面1上铺垫的实验材料应是毛巾，小车在表面3上滑出了右端，说明在木板上受到的阻力最小，对运动影响最小，丙图中的实验不需要重做获取可靠证据；
(3)小车到达B点的速度相同，最终的速度为0，多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动的距离越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车速度不会变化，将一直做匀速直线运动，说明力是改变物体运动状态的原因。
故答案为：(1)BC；速度；(2)毛巾；不需要；(3)慢；匀速直线；改变物体运动状态。
(1)本题探究“阻力对物体运动的影响”，实验探究的是小车在水面即BC段的运动过程；
根据控制变量法，要使小车到达B点的速度相同；
(2)毛巾表面最粗糙，小车运动时受到的阻力最大，通过的距离最短，据此分析；小车在表面3上滑出了右端，说明在木板上受到的阻力最小，对运动影响最小；
(3)小车到达B点的速度相同，最终的速度为0，结合实验现象分析；据此推理回答。
本题探究在水平面上阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、推理法的运用。
24.【答案】归零 102 1.4 小 0.05 0.9 大
【解析】解：(1)天平放在水平台上后，如图甲所示，先将游码归零，再调节平衡螺母使天平水平平衡；
(2)如图丙所示，则烧杯和蜂蜜的总质量100g+2g=102g；
(3)空烧杯的质量为60g，则蜂蜜的质量为102g-60g=42g；蜂蜜的体积如图乙为30cm3；蜂蜜的密度ρ=mV=42g30cm3=1.4g/cm3；
将量筒中的蜂蜜倒入烧杯中称量时，会有蜂蜜残留在量筒中，故会导致蜂蜜的质量偏小，故蜂蜜的密度会比实际的偏小；
(4))④水的密度是1.0g/cm3，将0～1.0g/cm3平均分成20等分，故分度值为：1.0g/cm320=0.05g/cm3；
⑤将注射器中的水排空，重新抽取20mL的食用油，重复步骤①，此时钥匙恰好在第18格刻度处，则食用油的密度为：18×0.05g/cm3=0.9g/cm3；
⑥由于蜂蜜的密度大于水的密度，为了改变密度称的量程，故应选一种已知密度且密度较大的液体，重新标定量程，再确定分度值，称量蜂蜜确定蜂蜜的格数，可求得蜂蜜的密度。
故答案为：(1)归零；(2)102；(3)1.4；小；(4)④0.05；⑤0.9；⑥大。
(1)实验天平称量物体的质量时，应将天平放在水平桌面上，将游码归零，调节平衡螺母使天平水平平衡；
(2)天平的读数应将砝码的质量加上游码对应的刻度；
(3)蜂蜜的质量等于烧杯和蜂蜜的总质量-空烧杯的质量；读出量筒中蜂蜜的体积，根据ρ=mV求密度；将量筒中的蜂蜜倒入烧杯中称量时，会有蜂蜜残留在量筒中，故会导致蜂蜜的质量偏小，根据密度公式判断密度的变化；
(4)④水的密度是1.0g/cm3，将0～1.0g/cm3平均分成20等分，故分度值为：1.0g/cm320；
⑤用分度值×格数，即为食用油的密度；
⑥由于蜂蜜的密度大于水的密度，为了改变密度称的量程，故应选一种已知密度且密度较大的液体，重新标定量程，再确定分度值，称量蜂蜜确定蜂蜜的格数，可求得蜂蜜的密度。
本题考查利用天平和量筒测液体密度以及利用杠杆原理测液体的密度，属于基本实验及应用，有难度。
25.【答案】不变 1、2、3 长 丙 < 深度 基本保持不变
【解析】解：(1)箭舟漂浮在水面，浮力等于自身重力，故浮力不变；
(2)①水深相同时，需要容器的横截面积变化，观察水流完所需时间与横截面积的关系，所以需要选择横截面积发生变化的实验，故选1、2、3项；
②通过数据表观察3、4、5、6项时间的变化情况，发现在容器横截面积相同时，水的深度越大，水流完所需时间越长；
(3)①乙丙容器内的水体积相同，通过公式t=kS h=kVh h=kV 1h比较，h越大，所用时间越少。丙容器中的液面明显高于乙，h丙>h乙，因此丙箱中的水流完所用时间少；
②设丙箱中水的体积为V，水的深度为h，
由前面解答可知，丙箱中的水流完所用时间为t=kV 1h-----I
剩下一半的水流完所需时间为t2=k×12V 112h=k×12V 2h≈0.707kV 1h-----Ⅱ
则前一半体积的水流完所需的时间为t1=t-t2=kV 1h-0.707kV 1h=0.293kV 1h-----Ⅲ
比较Ⅱ、Ⅲ两式可知t1
故答案为：(1)不变；(2)①1、2、3；②长；(3)丙；<；深度；(4)基本保持不变。
(1)箭舟漂浮在水面，浮力等于自身重力；
(2)①水深相同时，需要容器的横截面积变化，观察水流完所需时间与横截面积的关系，所以需要选择横截面积发生变化的实验；②通过数据表直接观察3456项时间的变化情况即可得出结论；
(3)①甲乙容器内的水体积相同，通过公式t=kS h=kVh h=kV 1h比较，h越大，所用时间越少；
②通过前面的公式推出乙箱中的水流完所用时间t、剩下一半流出的时间t2，则第一次流出一半水的时间t1=t-t2，据此比较t1、t2的大小关系；液体压强的特点之一为压强随深度的增加而增大；
(4)由(3)可知，水的深度影响着容器内水流完的时间，因此我们想要让漏刻的时间准确，就尽量控制一级漏壶内水的深度。
本题考查了光的直线传播和液体压强、控制变量法等相关知识，体现了物理知识在实际当中的应用。重点是将题中的公式进行变形，从无法比较变形为可以比较。
2022-2023学年江苏省南通市通州区、如东县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 挂着重物的直升机悬停在空中，受到升力的作用，升力的施力物体是( )
A. 地球 B. 空气 C. 螺旋桨 D. 重物
2. 下列情境中，利用惯性的是( )
A. 禁止汽车超载行驶 B. 驾乘汽车要系安全带
C. 坐公交要抓好扶手 D. 运动员跳远时要助跑
3. 在“探究质量与体积的关系”实验中，设计数据记录表格时，不需要的项目栏是( )
A. 密度 B. 质量 C. 体积 D. 物质种类
4. 学完第九章“力与运动”后，小芳进行知识梳理。如图所示，是她整理的知识树形结构图，图中的①②③④处依次填写的内容是( )
A. 匀速圆周运动、匀速直线运动、受力不平衡、不受力
B. 匀速直线运动、运动方向改变、不受力、受力不平衡
C. 匀速直线运动、运动状态改变、不受力、受力不平衡
D. 匀速圆周运动、运动方向改变、受力不平衡、不受力
5. 诗人杜甫在《茅屋为秋风所破歌》中写道“八月秋高风怒号，卷我屋上三重茅”，从物理学角度来看，下列情景与茅屋顶被狂风掀起的原理一致的是( )
A. 客机滑行起飞 B. 用吸管吸饮料 C. 火箭加速升空 D. 热气球上升
6. 如图所示，在探究二力平衡条件的实验中，两边挂等重的钩码，将塑料板扭转一个角度，放手并观察塑料板能不能保持静止，这样操作是为了探究二力平衡时两个力( )
A. 是否要作用在同一物体上 B. 是否要作用在同一直线上
C. 方向是否要相反 D. 大小是否要相等
7. 如图所示，烧瓶中装有温度为100℃的沸水，若要使瓶中的水重新沸腾起来，下列措施中可行的是( )
A. 向瓶底浇100℃的水 B. 瓶内打入适量空气
C. 向瓶内加入80℃的水 D. 向瓶底浇20℃的水
8. 用托盘天平测出一枚回形针的质量，下列做法中最合理的是( )
A. 先测出2枚回形针总质量，再除以2
B. 先测出一枚回形针和一螺母的总质量，再减去螺母的质量
C. 先测出100枚回形针总质量，再除以100
D. 先测出100枚回形针的总质量，再加一枚测出101枚回形针的总质量，求两者差值
9. 如图所示，质地均匀的长方体放在水平桌面上，对桌面的压强为p1；竖直切除①部分，剩余部分对桌面的压强为p2；再竖直切除②部分，剩余部分对桌面的压强为p3，三次压强的大小关系是( )
A. p1=p2=p3 B. p1=p2>p3 C. p1>p2>p3 D. p1>p2=p3
10. 在“探究影响液体内部压强因素”的实验中，两压强计橡皮膜所处的深度相同，甲、乙两组同学正确实验的现象如图所示，U形管两侧液面的高度差，h1
②若两压强计U形管中液体相同，则ρ1一定小于ρ2
③若两烧杯中液体相同，则p1一定等于p2
④若两烧杯中液体相同，则p1一定小于p2
A. ①③ B. ②③ C. ②④ D. ①④
11. 如图所示，两个相同的柱形瓶中分别装有20mL的水和一些液体，放在已调好的天平上，调节游码后，天平仍然水平平衡。根据图中信息估算，液体密度最接近( )
A. 0.8×103kg/m3 B. 1.0×103kg/m3 C. 1.5×103kg/m3 D. 1.7×103kg/m3
12. 两个用同种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有深度相同的同种液体，如图所示，若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，则匀速运动时F1、F2随时间t的变化关系图象可能是( )
A. B.
C. D. F₂
13. 如图所示，跳水运动员站到跳板A点时，运动员对跳板的______ 力使跳板发生形变；当她走到跳板B点时，跳板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的______ 有关；运动员对跳板施力，跳板要恢复原状，对运动员产生向______ 的弹力，运动员达到最高点时，在______ 力的作用下落入水中。
14. 为比较甲、乙两种物质的硬度，小雨用一把铜钥匙先在甲的表面上用力刻画，再在乙表面上轻轻刻划，物质甲上的刻痕比乙上深，他由此断定物质甲比乙硬，小雨通过刻痕比较硬度的物理方法是______ (选填“转换法”或“控制变量法”)，他得出的结论______ (选填“科学”或“不科学”)，理由是______ 。
15. 小明用柱形金属块“探究影响浮力大小的因素”，实验过程如图所示。
(1)图乙中，金属块受到的浮力为______ N。
(2)比较甲、乙、丙三幅图，可得出结论：浸在液体中的物体，所受浮力与______ 有关。
(3)比较______ 三幅图可以探究浮力的大小与液体密度的关系，进一步分析计算，可知液体密度是水密度的______ 倍。
(4)根据测出的数据(水的密度已知)，还能计算出金属块的______ (填一个物理量的名称)。
16. 小华做“探究杠杆的平衡条件”实验。
(1)实验前，杠杆静止如图甲，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)小华通过多次实验，测得数据如表，表中F1大小为弹簧测力计示数，F2为钩码对杠杆的拉力，l1、l2分别为F1、F2对应的力臂。
次数
F1/N
l1/cm
F2/N
l2/cm
1
1.5
10
1.0
15
2
3.0
10
2.0
15
3
A
15
2.0
15
4
……
……
……
……
①图乙是第3次杠杆平衡时的情景，表中A处填______ N；
②实验中第______ 次实验反映的是托盘天平的工作原理；
③为了合理分析、发现规律，每次实验总是在前一次基础上改变F2、l1、l2中的一个量，小华接下来的第4次实验需要改变______ 。
(3)第3次实验时，若在B点斜向右下方拉弹簧测力计，要使杠杆在水平位置平衡且弹簧测力计的示数与图乙中相同，应将钩码向______ (选填“左”或“右”)移动适当的距离。
17. 古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石。现准备破开一空心石块，测得其质量为84kg，体积为4.8×10-2m3，已知ρ石=2.8×103kg/m3，ρ冰=0.9×103kg/m3，则石块空心部分的体积______ m3；现将石块的空心部分注满水，那么，石块与水的总质量______ kg，注入的水全部结成冰后的体积增加______ m3使石块破开，若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水至少抽出______ kg。
18. 如图所示是木块静止在斜面上，请在图中画出木块受到的重力G和它对斜面的压力F的示意图。
19. 如图所示，轻质弹簧一端固定在墙上，另一端被置于粗糙水平面上的物块M压缩一段距离，放手后物块仍静止。请画出此时物块M在水平方向的受力示意图。
20. 如图，砖夹子是搬砖的工具，使用时，手柄AOB是一个绕O转动的杠杆，弹力F2是杠杆的阻力。请在图中画出作用在A点动力F1的大致方向及阻力臂l2。
21. 用如图所示滑轮组匀速提升重为380N的物体，物体上升的速度为0.5m/s，人对绳的拉力为140N，不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)匀速拉动2s，绳子自由端移动的距离；
(2)动滑轮重力；
(3)若人的质量为60kg，绳子能承受的最大拉力为700N，该人用此滑轮组能提升物体的最大重力。
22. 薄壁圆柱形容器甲和正方体乙置于水平地面上，容器甲足够高，内部装有水。已知g取10N/kg，容器甲的质量忽略不计，水、正方体乙的质量、高度数据如表。求：
对象
m/kg
h/m
水
3.0
0.2
正方体乙
2.0
0.1
(1)薄壁圆柱形容器甲的底面积S甲；
(2)将正方体乙放入容器甲中静止时，水未溢出，容器甲对水平地面的压强；
(3)正方体乙在水中静止时受到的浮力。
23. 在探究“阻力对物体运动的影响”时，使用的器材有斜面、小车和水平桌面上铺垫的实验材料(木板、棉布、毛巾)。
(1)实验探究的是小车在______ (选填“AB”、“BC”或“AC”)段的运动过程；实验中，让小车从斜面上同一高度处自由滑下，这样做可使小车到达B点的______ 相同。
(2)小车在不同水平面上最后静止的位置，如图甲、乙、丙所示。那么，在表面1上铺垫的实验材料应是______ ，小车在表面3上滑出了右端，丙图中的实验______ (选填“需要”或“不需要”)重做获取可靠证据。
(3)多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越______ ，运动的距离越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车将一直做______ 运动，说明力是______ 的原因。
24. 小华做“测量蜂蜜的密度”实验。
(1)如图甲，先将天平放在水平工作台上，再将游码______ ，然后调节平衡螺母使天平平衡。
(2)测出空烧杯的质量为60g，再将图乙中量筒里的蜂蜜全部倒入烧杯中，测烧杯和蜂蜜的总质量，天平平衡时，右盘砝码质量和游码位置如图丙所示，则烧杯和蜂蜜的总质量为______ g。
(3)蜂蜜的密度ρ= ______ g/cm3，测得的蜂蜜密度ρ与真实值相比偏______ 。
(4)如图丁所示，小华还用注射器、木棒、刻度尺、钥匙若干、细绳、记号笔等材料自制密度秤，步骤如下：
①将空注射器挂在A点，提起提扭，移动右边钥匙位置使密度秤在水平位置平衡。
②用记号笔在钥匙悬挂的位置记为“0”。
③注射器抽取20mL的水，重复步骤①，用记号笔在钥匙悬挂的位置记为“1”。
④用刻度尺测出“0”和“1”的间距，将其20等分，则分度值是______ g/cm3。
⑤将注射器中的水排空，重新抽取20mL的食用油，重复步骤①，此时钥匙恰好在第18格刻度处，则食用油的密度为______ g/cm3。
⑥若想该密度秤能测出蜂蜜密度，需更换步骤③中抽取的液体，液体密度应比水______ (选填“大”或“小”)。
25. 浮箭式漏刻是古代的一种计时工具。其原理如图甲所示，往漏壶里装入一定量的水，让它慢慢漏出，通过漏入箭壶的水量来确定时刻。
(1)箭舟漂浮在水面，随水位的上升而上升，它所受的浮力是______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)的。
(2)小明感叹于古人的智慧，想了解漏刻计时的原理，通过观察，他找来三个横截面积不同的长方形塑料盒，分别在底部中央开一个大小相同的圆孔，探究长方形容器中水从圆孔流完所需时间与容器横截面积及水深的关系。通过实验得到如表数据：
实验次数
容器横截面积S/cm2
水深h/cm
水流完所需时间t/s
1
100
4
12
2
150
18
3
300
36
4
300
2
25
5
6
43
6
8
49
①分析______ 三次实验数据可知，水深相同时，水流完所需时间与容器横截面积成正比。
②分析3、4、5、6四次实验数据可知，在容器横截面积相同时，水的深度越大，水流完所需时间越______ 。
(3)进一步研究发现，长方形容器中的水流完所需时间t与容器横截面积S成正比，与水深h的平方根成正比，即t=kS h(k为比例系数)。如图乙、丙是两个上端开口、底部中央各有一个面积相同的圆孔的水箱，两水箱内装有相同体积的水，使水从孔中流出，则______ 箱中的水流完所需时间少。若丙箱中水流出一半所需的时间为t1，剩下一半的水流完所需时间为t2，则t1 ______ (选填“>”、“<”或“=”)t2，这是因为水的压强随______ 的增加而增大。
(4)早期的单级漏刻计时存在较大误差，是因为水位高低会影响水的流速。后来人们将单级漏刻改为多级漏刻，上面漏壶不断给下面漏壶补水，使一级漏壶内水的深度______ ，这样水就能比较均匀地流入箭壶，从而得到较精确的时刻。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：直升机的螺旋桨对空气施加了一个竖直向下的力，由于物体间力的作用是相互的，所以空气对直升机施加了一个竖直向上的反作用力，这个力就是直升机向上的升力。
故选：B。
物体间力的作用是相互的，螺旋桨在对空气施力的同时，也受到空气对它施加的反作用力。
本题考查了物体的受力分析，基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A.质量越大，惯性越大，因此超载会使汽车的惯性变大，当遇到紧急情况时，无法及时刹车，是防止惯性带来危害，故A不符合题意；
B.驾驶员要系好安全带，防止突然刹车时，由于惯性人向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故B不符合题意；
C.公交车上的扶手是防止车突然启动或突然刹车时，由于惯性人向后倾倒或向前倾倒，造成伤害，是防止惯性带来危害，故C不符合题意；
D.助跑时，运动员的身体处于快速运动状态，起跳后，身体由于具有惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，可以跳的更远，利用了惯性，故D符合题意。
故选：D。
判断某一现象是否利用了惯性，主要看物体是否在这一现象中由于保持原来运动状态不变的性质而被利用。
惯性的事例在生活中随处可见，很多思空见惯的现象，其实都是依据惯性来完成的。
3.【答案】A
【解析】解：A、物质的密度是根据测得的物质的质量与体积计算出来的，并不是通过实验直接测量的，故实验数据没有密度，故A错误；
B、“探究物质的质量与体积的关系”实验，必须记录物质的质量，故B正确；
C、“探究物质的质量与体积的关系”实验，必须记录物质的体积，故C正确；
D、“探究物质的质量与体积的关系”实验，应改变物质的种类，多次测量，故D正确。
故选：A。
“探究物质的质量与体积的关系”实验需要记录物质种类、质量、体积，密度不能通过实验直接测量出来。
本题考查了“探究物质的质量与体积的关系”实验数据表格的设计，是一道基础题。
4.【答案】B
【解析】解：物体的运动状态不变包含静止和匀速直线运动，故①是匀速直线运动；
运动状态不变的物体，可能受力平衡，也可能不受力，故③是物体不受力；
运动状态改变包括：加速运动、减速运动和运动方向改变，故②是运动方向改变；
运动状态改变必定受非平衡力，故④是受力不平衡。
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)根据运动状态不变和改变包含的运动类型分析；
(2)运动状态改变必定受非平衡力，而运动状态不变的物体，可能受力平衡，也可能不受力。
本题考查力与运动的关系，属于基础题，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：秋风吹过，茅草屋顶空气流动速度快，压强小，其压强小于屋内空气的压强，所以屋内向上的大气压力大于大气压对屋顶向下的压力，使屋顶内外大气压力差大于屋顶的重力，所以屋顶被卷走。
A、客机机翼的形状上凸下平，飞机起飞或滑行时，机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力，故A符合题意；
B、吸管吸饮料时，用力吸时，管内压强减小，饮料在大气压的作用下被压入嘴里，故B不符合题意；
C、火箭发射时，发动机向下喷出高温高压气体，箭体对气体施加向下的作用力，气体给箭体一个向上的反作用力，利用了物体间力的作用是相互的原理，故C不符合题意；
D、上升的热气球是因为受到空气的浮力作用，故D不符合题意。
故选：A。
流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小。
本题考查用科学道理来解释生活现象，体现了物理在生活中的应用。
6.【答案】B
【解析】解：将塑料板扭转一个角度，两个拉力不在同一直线上，放手后，塑料板运动，说明塑料板不能平衡；设计此实验步骤的目的是为了探究：二力平衡时两个力是否要作用在同一直线上。
故选B。
塑料板转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡。
此题考查了二力平衡的条件的探究，难度不大。
7.【答案】D
【解析】解：在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，烧瓶内的气压减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，所以水会重新沸腾起来。
故选：D。
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题是一道基础题，知道液体沸腾的条件、影响液体沸点的因素是正确解题的前提与关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、2枚回形针总质量很小，可能小于天平的分度值，不能直接放在天平左盘中进行测量，故A错误；
B、一枚回形针和一个螺母的总质量几乎等于一个螺母的质量，无法进行测量，故B错误；
C、一枚回形针的质量很小，采用测量多个回形针的质量，然后求出一个回形针的质量，所以先测出100枚回形针总质量，再除以100，得出一个回形针的质量，故C正确；
D、先测出100个回形针的总质量和101个回形针的总质量相差不大，无法区分哪个的质量，故D错误。
故选：C。
回形针的质量太小，甚至小于天平的分度值，无法直接称量，应该用累积法测多个回形针的质量，除以总数算出一个回形针的质量。
测微小质量、微小长度一般用累积法，测曲线长度一般用化曲为直法、滚轮法，测硬币等圆的直径一般用平移法，在学习中要注意总结，灵活选用特殊测量方法。
9.【答案】D
【解析】解：质地均匀的长方体放在水平桌面上，竖直切除①部分，压力变小，受力面积不变，根据p=FS可知，长方体对桌面的压强变小，即p1>p2；
再竖直切除②部分(仍然是长方体)，压力大小和受力面积同时改变，但长方体的密度不变，高度也不变，根据p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh可知，再竖直切除②部分时，剩余部分对桌面的压强不变，即p2=p3；
综上所述，p1>p2=p3。
故选：D。
(1)先竖直切除该物体右边的阴影部分①，压力变小了，而受力面积不变，根据p=FS分析对桌面压强的变化；
(2)柱体对支持面(柱体全部放在支持面上)的压强为：p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh，即柱体对水平面的压强大小只与柱体的密度和高度有关，据此分析。
本题考查了压强公式的运用以及对压强大小变化的分析，根据p=FS=GS=mgS=ρSghS=ρgh可知，柱体对水平面的压强大小只与柱体的密度和高度有关，但要注意柱体必须全部放在支持面上。
10.【答案】B
【解析】解：①②若两压强计相同，根据转换法，乙中液体产生的压强大，根据p=ρgh可知，则ρ1一定小于ρ2
故①错误；②正确；
③④若两烧杯中液体相同，因探头深度相同，根据p=ρgh，则p1一定等于p2，故③正确，④错误。
故选：B。
(1)液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，结合p=ρgh分析；
(2)液体中某点的深度为这点到液体自由面的竖直高度，根据p=ρgh分析。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法及p=ρgh的运用。
11.【答案】A
【解析】解：由天平的使用规则可知，左盘瓶子和水的总质量等于右盘瓶子和液体的总质量与称量标尺上游码显示的质量之和，因为标尺上的游码在0刻度线处，所以左盘瓶子和水的总质量等于右盘瓶子和液体的总质量，已知两个柱形瓶是相同的，即质量相同，所以水的质量等于液体的质量，由图知，水的体积小于液体的体积，由密度公式ρ=mV可知，质量相等时，体积越大，密度越小，所以水的密度大于液体的密度，已知水的密度为1.0×103kg/m3，故A正确。
故选：A。
天平在使用时，被测物体放左盘里、砝码放右盘，则被测物体质量等于砝码质量与称量标尺上游码显示的质量之和；
由图得出瓶中液体的体积大小关系，利用密度公式分析两种液体的密度大小关系。
此题考查了密度计算公式的应用，属于基础知识。
12.【答案】C
【解析】解：因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，所以根据m=ρV可知，右图中液体的质量较大，又因为容器质量相同，所以右图容器和液体的总质量较大，根据G=mg可知右图容器和液体的总重力较大；
由于水平桌面受到的压力等于容器和液体的总重力，因此右图容器对水平桌面受到的压力较大，故在接触面粗糙程度相同时，右图容器所受摩擦力较大；
由于两容器均做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故F 1
因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，先根据密度公式判断出液体的质量关系，然后判断出容器和液体总重力的关系，再利用水平桌面受到的压力等于总重力，最后根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小；
本题主要考查了二力平衡条件的应用，能够比较出两液体的体积大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键。
13.【答案】弹 作用点 上 重
【解析】解：跳水运动员站到跳板A点时，运动员对跳板的弹力使跳板发生形变；当她走到跳板B点时，跳板弯曲得更大，说明力的作用效果与力的作用点有关；运动员对跳板施力，跳板要恢复原状，对运动员产生向上的弹力，运动员达到最高点时，在重力的作用下落入水中。
故答案为：弹；作用点；上；重。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变所产生的力。
(2)力的大小、方向和作用点叫力的三要素。
(3)由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力。
本题主要考查了弹力和重力的概念；知道力的三要素会影响力的作用效果。
14.【答案】转换法 不科学 没有控制变量，需要控制用力相同
【解析】解：(1)比较物体硬度是通过观察刻痕来比较的，所以填转换法。(2)根据控制变量法，应控制用力相同，才能通过划痕比较物质硬度，所以，她得出的结论不科学，理由是没有控制力相同。故答案为：转换法；不科学；没有控制变量，需要控制用力相同。
(1)转换法：一些比较抽象的看不见、摸不着的物质的微观现象，要研究它们的运动等规律，使之转化为学生熟知的看得见、摸得着的宏观现象来认识它们，这种方法在科学上叫做“转换法“；(2)控制变量法：在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素或条件加以人为控制，使其中的一些条件按照特定的要求发生变化或不发生变化，最终解决所研究的问题。
这个实验共涉及了两个物理实验方法：控制变量法和转换法。转换法就是将一些不容易观察到的现象通过其它直观现象再现出来。
15.【答案】0.4 排开液体的体积 甲、丙、丁 0.8 密度
【解析】解：(1)空气中物体的重力为G=2.7N；图乙中弹簧测力计的示数为F2=2.3N，
物体在图乙中受到的浮力为：
F浮=G-F2=2.7N-2.3N=0.4N；
(2)由图甲、乙、丙所示实验可知，液体的密度相同而排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(3)比较甲、丙、丁三幅图，丙图和丁图中金属块排开液体的体积相同，液体密度不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，可得出结论：浮力的大小与液体的密度有关；
由甲、丙可知，金属块在水中受到的浮力为：
F浮水=G-F3=2.7N-1.7N=1N；
由甲、丁可知，金属块在某液体中受到的浮力为：
F浮液=G-F4=2.7N-1.9N=0.8N；
因金属块完全浸没在水和某液体中，即V排不变，根据阿基米德原理可知，
F浮水ρ水g=F浮液ρ液g，即1Nρ水=0.8Nρ液，
解得：ρ液=0.8ρ水；
(4)由图甲可以得出金属块的重力，根据G=mg可以求出金属块的质量；
由甲、丙两图可以求出金属块在水中的浮力，利用阿基米德原理可以求出V排，
因金属块完全浸没在水中，即物体的体积等于V排，
利用密度公式可以求出金属块的密度。
故答案为：(1)0.4；(2)排开液体的体积；(3)甲、丙、丁；0.8；(4)密度。
(1)根据称重法F浮=G-F算出浮力；
(2)探究影响浮力大小的因素实验，应采用控制变量法，分析图示实验；根据实验控制的变量与实验现象即可判断；
(3)要探究浮力大小与液体密度的关系，应控制物体排开液体的体积相同，据此分析；
根据称重法分别求出金属块在水中和某液体中受到的浮力，利用V排不变结合阿基米德原理进行计算；
(4)根据密度公式分析回答。
此题为探究影响浮力大小因素的实验，属于基础实验题，难度不大，解答时应注意控制变量法的运用。
16.【答案】右 2.0 3 l2 右
【解析】解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，应将左端或右端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)①根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得，FA×15cm=2.0N×15cm，解得FA=2.0N；
②由于天平为等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，所以第3次实验反映的是天平的原理；
③由实验序号1、2可知，l1和l2不变，改变了F2，由实验序号2、3可知，F2和l2不变，改变了l1，所以需要保持F2和l1不变，改变l2的大小；
(3)斜向下拉时，阻力和阻力臂一定，动力臂变小，动力变大，若要保持动力大小不变，就得减小阻力臂，即应将钩码向右移动适当的距离。
故答案为：(1)右；(2)①2.0；②3；③l2；(3)右。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；
(2)①根据杠杆平衡条件求出表中A处的力；
②天平为等臂杠杆；
③根据题意分析得出实验步骤；
(3)当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案。
探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究。
17.【答案】0.018 102 0.002 1.8
【解析】解：由ρ=mV可得石块的体积为：
V实=mρ石=84kg2.8×103kg/m3=3×10-2m3，
空心部分的体积是：V空=V-V实=4.8×10-2m3-3×10-2m3=1.8×10-2m3=0.018m3：
由题可知，空心部分灌满水，则有V水=V空=0.018m3，
由ρ=mV可得空心部分水的质量为：m水=ρ水V水=1.0×103kg/m3×0.018m3=18kg
石块灌满水后总质量为：m=m+m=84kg+18kg=102kg；
水结成冰后，质量不变，即m'=m=18kg
冰的体积为：V冰=m'ρ冰=18kg0.9×103kg/m3=0.02m3，
增加的体积V'=V冰-V水=0.02m3-0.018m3=0.002m3；
若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水结成冰的体积等于空心体积，
m'水=m'冰=ρ冰V空=0.9×103kg/m3×0.018m3=16.2kg；
抽出水的质量m抽=m水-m'水=18kg-16.2kg=1.8kg。
故答案为：0.018；102；0.002；1.8。
(1)由ρ=mV的变形公式算出实心石块的体积，并与石块的实际体积比较；石块的体积减去实心石块的体积就是空心部分的体积；
(2)空心部分灌满水，水的体积就是空心部分的体积，由ρ=mV的变形公式算出水的质量，进而求出石块灌满水后总质量；质量是物体的一种属性，与状态无关，水结冰后，质量不变；由ρ=mV的变形公式算出冰的体积，得出增大的体积。
(3)若想注入的水全部结冰后不破坏石块，应该将注入的水结成冰的体积等于空心体积，据此计算质量。
本题考查密度公式的灵活应用，知道质量是物质的固有属性，不随物体的形状、状态、温度以及空间位置的改变而改变是解答本题的关键。
18.【答案】解：(1)过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【解析】(1)重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；
(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。
19.【答案】解：物块在粗糙水平面上压缩弹簧并处于静止状态，在O点时物块水平方向上受到弹簧对它向右的弹力、地面对它水平向左的摩擦力，过物块重心，沿水平方向作出这两个力，如图所示：
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
本题考查了力的示意图的画法，对于物体进行正确的受力分析是关键。
20.【答案】解：(1)反向延长F2画出阻力作用线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂l2；
图中支点在O点，因此OA作为动力臂l1，在夹砖时，动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出动力F1的示意图，如图所示：
【解析】动力作用在A点，方向竖直向上，据此画出作用在A点的动力F1；根据力臂的概念画出F2的力臂l2。
此题考查力的示意图和力臂的画法，属于常考题目，难度不大，确定动力和阻力的方向是关键。
21.【答案】解：(1)物体上升的高度：h=vt=0.5m/s×2s=1m，
由图知，承担物重的绳子股数n=3，
绳子自由端移动的距离：s=nh=3×1m=3m；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，则动滑轮重力：
G动=nF-G=3×140N-380N=40N；
(3)人的重力：G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，
绳子能承受的最大拉力为700N，
所以人能施加的最大拉力：F最大=G人=600N，否则人会被绳子拉起来；
不计绳重和摩擦，最大拉力F最大=1n(G最大+G动)，则提升物体的最大重力：
G最大=nF最大-G动=3×600N-40N=1760N。
答：(1)匀速拉动2s，绳子自由端移动的距离为3m；
(2)动滑轮重力为40N；
(3)若人的质量为60kg，绳子能承受的最大拉力为700N，该人用此滑轮组能提升物体的最大重力为1750N。
【解析】(1)利用速度公式求出2s内物体上升的高度，由图知，承担物重的绳子股数n=3，绳子自由端移动的距离s=nh；
(2)不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮重力；
(3)利用G=mg求人的重力，知道绳子能承受的最大拉力，据此确定人能施加的最大拉力；不计绳重和摩擦，最大拉力F最大=1n(G最大+G动)，据此求提升物体的最大重力。
本题考查了使用滑轮组时绳子自由端移动距离、动滑轮重力、提升物重大小的计算，要用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G动)。
22.【答案】解：由表格数据可知，薄壁圆柱形容器甲内水的质量m水=3.0kg，深度h水=0.2m，
由ρ=mV可得，薄壁圆柱形容器甲内水的体积：V水=m水ρ水=3.0kg1.0×103kg/m3=3×10-3m3，
由V=Sh可得，薄壁圆柱形容器甲的底面积：S甲=V水h水=3×10-3m30.2m=1.5×10-2m2；
(2)容器甲对水平地面的压力F=G水+G乙=(m水+m乙)g=(3.0kg+2.0kg)×10N/kg=50N，则容器甲对水平地面的压强p=FS=50N1.5×10-2m2≈3333.3Pa；
(3)乙的体积V乙=(0.1m)3=10-3m3，乙的密度ρ乙=m乙V乙=2.0kg10-3m3=2×103kg/m3，因为ρ乙<ρ水，h水>h乙，则乙在水中浸没沉底，所以正方体乙在水中静止时受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10-3m3=10N。
答：(1)薄壁圆柱形容器甲的底面积S甲为1.5×10-2m2；
(2)容器甲对水平地面的压强为3333.3Pa；
(3)正方体乙在水中静止时受到的浮力为10N。
【解析】(1)由表格数据可知薄壁圆柱形容器甲内水的质量和深度，根据ρ=mV求出薄壁圆柱形容器甲内水的体积，利用V=Sh求出薄壁圆柱形容器甲的底面积；
(2)容器甲对水平地面的压力等于水和乙的重力之和，根据压强公式p=FS可以求出容器甲对水平地面的压强；
(3)根据密度公式ρ=mV求出乙的密度，与水的密度比较确定乙的浮沉状态，可利用浮力公式F浮=ρ水gV排计算乙在水中静止时受到的浮力。
本题考查了密度公式、压强公式、浮力公式的应用等，难点在与第3小题，需要判断物体在水中的浮沉情况。
23.【答案】BC 速度 毛巾 不需要 慢 匀速直线 改变物体运动状态
【解析】解：(1)本题探究“阻力对物体运动的影响”，实验探究的是小车在水面即BC段的运动过程；实验中，让小车从斜面上同一高度处自由滑下，这样做可使小车到达B点的速度相同。
(2)毛巾表面最粗糙，小车运动时受到的阻力最大，通过的距离最短，小车在不同水平面上最后静止的位置，如图甲、乙、丙所示。那么，在表面1上铺垫的实验材料应是毛巾，小车在表面3上滑出了右端，说明在木板上受到的阻力最小，对运动影响最小，丙图中的实验不需要重做获取可靠证据；
(3)小车到达B点的速度相同，最终的速度为0，多次实验分析论证得出：小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动的距离越远。并进一步推测：若水平面完全光滑且足够长，小车速度不会变化，将一直做匀速直线运动，说明力是改变物体运动状态的原因。
故答案为：(1)BC；速度；(2)毛巾；不需要；(3)慢；匀速直线；改变物体运动状态。
(1)本题探究“阻力对物体运动的影响”，实验探究的是小车在水面即BC段的运动过程；
根据控制变量法，要使小车到达B点的速度相同；
(2)毛巾表面最粗糙，小车运动时受到的阻力最大，通过的距离最短，据此分析；小车在表面3上滑出了右端，说明在木板上受到的阻力最小，对运动影响最小；
(3)小车到达B点的速度相同，最终的速度为0，结合实验现象分析；据此推理回答。
本题探究在水平面上阻力对物体运动的影响，考查控制变量法、推理法的运用。
24.【答案】归零 102 1.4 小 0.05 0.9 大
【解析】解：(1)天平放在水平台上后，如图甲所示，先将游码归零，再调节平衡螺母使天平水平平衡；
(2)如图丙所示，则烧杯和蜂蜜的总质量100g+2g=102g；
(3)空烧杯的质量为60g，则蜂蜜的质量为102g-60g=42g；蜂蜜的体积如图乙为30cm3；蜂蜜的密度ρ=mV=42g30cm3=1.4g/cm3；
将量筒中的蜂蜜倒入烧杯中称量时，会有蜂蜜残留在量筒中，故会导致蜂蜜的质量偏小，故蜂蜜的密度会比实际的偏小；
(4))④水的密度是1.0g/cm3，将0～1.0g/cm3平均分成20等分，故分度值为：1.0g/cm320=0.05g/cm3；
⑤将注射器中的水排空，重新抽取20mL的食用油，重复步骤①，此时钥匙恰好在第18格刻度处，则食用油的密度为：18×0.05g/cm3=0.9g/cm3；
⑥由于蜂蜜的密度大于水的密度，为了改变密度称的量程，故应选一种已知密度且密度较大的液体，重新标定量程，再确定分度值，称量蜂蜜确定蜂蜜的格数，可求得蜂蜜的密度。
故答案为：(1)归零；(2)102；(3)1.4；小；(4)④0.05；⑤0.9；⑥大。
(1)实验天平称量物体的质量时，应将天平放在水平桌面上，将游码归零，调节平衡螺母使天平水平平衡；
(2)天平的读数应将砝码的质量加上游码对应的刻度；
(3)蜂蜜的质量等于烧杯和蜂蜜的总质量-空烧杯的质量；读出量筒中蜂蜜的体积，根据ρ=mV求密度；将量筒中的蜂蜜倒入烧杯中称量时，会有蜂蜜残留在量筒中，故会导致蜂蜜的质量偏小，根据密度公式判断密度的变化；
(4)④水的密度是1.0g/cm3，将0～1.0g/cm3平均分成20等分，故分度值为：1.0g/cm320；
⑤用分度值×格数，即为食用油的密度；
⑥由于蜂蜜的密度大于水的密度，为了改变密度称的量程，故应选一种已知密度且密度较大的液体，重新标定量程，再确定分度值，称量蜂蜜确定蜂蜜的格数，可求得蜂蜜的密度。
本题考查利用天平和量筒测液体密度以及利用杠杆原理测液体的密度，属于基本实验及应用，有难度。
25.【答案】不变 1、2、3 长 丙 < 深度 基本保持不变
【解析】解：(1)箭舟漂浮在水面，浮力等于自身重力，故浮力不变；
(2)①水深相同时，需要容器的横截面积变化，观察水流完所需时间与横截面积的关系，所以需要选择横截面积发生变化的实验，故选1、2、3项；
②通过数据表观察3、4、5、6项时间的变化情况，发现在容器横截面积相同时，水的深度越大，水流完所需时间越长；
(3)①乙丙容器内的水体积相同，通过公式t=kS h=kVh h=kV 1h比较，h越大，所用时间越少。丙容器中的液面明显高于乙，h丙>h乙，因此丙箱中的水流完所用时间少；
②设丙箱中水的体积为V，水的深度为h，
由前面解答可知，丙箱中的水流完所用时间为t=kV 1h-----I
剩下一半的水流完所需时间为t2=k×12V 112h=k×12V 2h≈0.707kV 1h-----Ⅱ
则前一半体积的水流完所需的时间为t1=t-t2=kV 1h-0.707kV 1h=0.293kV 1h-----Ⅲ
比较Ⅱ、Ⅲ两式可知t1
故答案为：(1)不变；(2)①1、2、3；②长；(3)丙；<；深度；(4)基本保持不变。
(1)箭舟漂浮在水面，浮力等于自身重力；
(2)①水深相同时，需要容器的横截面积变化，观察水流完所需时间与横截面积的关系，所以需要选择横截面积发生变化的实验；②通过数据表直接观察3456项时间的变化情况即可得出结论；
(3)①甲乙容器内的水体积相同，通过公式t=kS h=kVh h=kV 1h比较，h越大，所用时间越少；
②通过前面的公式推出乙箱中的水流完所用时间t、剩下一半流出的时间t2，则第一次流出一半水的时间t1=t-t2，据此比较t1、t2的大小关系；液体压强的特点之一为压强随深度的增加而增大；
(4)由(3)可知，水的深度影响着容器内水流完的时间，因此我们想要让漏刻的时间准确，就尽量控制一级漏壶内水的深度。
本题考查了光的直线传播和液体压强、控制变量法等相关知识，体现了物理知识在实际当中的应用。重点是将题中的公式进行变形，从无法比较变形为可以比较。
相关试卷
江苏省南通市如东县2020-2021学年八年级下学期期末物理试卷： 这是一份江苏省南通市如东县2020-2021学年八年级下学期期末物理试卷，共11页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
江苏省南通市如东县2020-2021学年八年级下学期期末物理试卷： 这是一份江苏省南通市如东县2020-2021学年八年级下学期期末物理试卷，共11页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
江苏省南通市通州区、如东县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷： 这是一份江苏省南通市通州区、如东县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷，共8页。
