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河北省唐山市迁安市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份河北省唐山市迁安市2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共21页。试卷主要包含了 下列说法中正确的是等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河北省唐山市迁安市八年级（下）期末物理试卷
1. 下列关于中学生的数据最接近实际情况的是( )
A. 你将2个鸡蛋举高1m做功约1J
B. 你拿起一瓶矿泉水的力大约是10N
C. 你在水中游泳时受到的浮力大约是50N
D. 你站在水平地面上时，对地面的压强大约是1.5×103Pa
2. 如图所示的是我国运动员徐梦桃在北京冬奥会上参加自由式滑雪空中技巧比赛时的情境。下列说法正确的是( )
A. 运动员在离开地面后继续上升的过程中，受到方向向上的力
B. 运动员在空中到达最高点时，所受合力为零
C. 运动员从最高点加速下落的过程中，受到平衡力的作用
D. 运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小
3. 在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置。下列说法中正确的是( )
A. 弹簧恢复原状过程中，弹簧的弹性势能减小
B. 木块离开弹簧后最终会停下，说明物体的运动需要力来维持
C. 木块离开弹簧后减速运动过程中，水平面对木块的阻力变大
D. 图乙中，木块受到的支持力和木块受到的重力是一对相互作用力
4. 我们身边看似“轻”的空气，其实蕴含着巨大的力量，能够帮助我们完成很多工作。以下事例，与大气压作用无关的是( )
A. 用吸管吸饮料瓶中的饮料 B. 用抽水机把水从低处抽到高出
C. 用注射器把新冠疫苗药液注入肌肉里 D. 茶壶盖上开小孔便于把水倒出
5. 关于压强与浮力，下列说法错误的是( )
A. 菜刀钝了在磨石上磨一磨，是为了增大压强
B. 潜水艇是靠改变自身浮力实现上浮和下潜的
C. 塑料吸盘挂钩贴在墙壁上，是利用了大气压的作用
D. 因为液体的压强随深度的增加而增大，所以拦河坝设计成下宽上窄的形状
6. 如图所示是人们在生活中常用的各种机械，在使用时属于费力杠杆的是( )
A. 剪子 B. 镊子
C. 钳子 D. 起子
7. 下列说法中正确的是( )
A. 机械效率不可能大于100% B. 机械效率越高，机械做功一定越快
C. 功率越大的机械做功一定越多 D. 做功时间越少功率越大
8. 如图所示，A物体重力为100N，B物体重力为30N，此时A物体恰好向右做匀速直线运动，A物体受到的滑动摩擦力为其重力的0.2倍，下列说法正确的是(不计绳重和摩擦)( )
A. A受到的绳子的拉力为30N
B. 若将B的重力增加一倍，则A受到的摩擦力也增加一倍
C. 动滑轮的重力为10N
D. 若将A匀速向左拉动，则需要给A施加一个水平向左的20N的拉力
9. 如图甲所示，在粗糙程度均匀的水平地面上的运动物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F-t和v-t图像分别如图甲和图乙所示。下列有关拉力做功及其功率的分析正确的是( )
A. 9-12s内拉力做功为18J B. 0-3s内拉力做功为9J
C. 3-6s内拉力的功率逐渐变小 D. 第4s拉力的功率为36W
10. 以下对四个体育运动项目中涉及的物理知识描述正确的是( )
A. 踢足球——踢出去的足球在草地上越滚越慢是因为足球受摩擦力的作用
B. 立定跳远——脚用力向后蹬地，是为了增大惯性
C. 打排球——大力扣球，手对球的作用力大于球对手的作用力
D. 引体向上——双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力是平衡力
11. 小聪测量一形状不规则木块的密度，实验步骤如下：向容器内倒入适量的水，体积为V1，如图甲所示；将木块轻轻放入容器中，液面上升至V2，如图乙所示；用细针将木块浸没于水中，液面上升至V3，如图丙所示。则下列说法正确的是(已知水的密度为ρ水)( )
A. 木块的质量是ρ水(V2-V1)
B. 木块在漂浮时受到的浮力为ρ水g(V3-V1)
C. 木块的密度是V2-V1V3-V1ρ水
D. 细针对木块的压力为ρ水(V3-V2)
12. 如图所示，小华用滑轮组水平向左匀速拉动A物体，A物体5s内移动了100cm，且A物体与水平地面的摩擦力大小为12N，已知滑轮组的机械效率为80%，则下列说法正确的是( )
A. 拉力F大小为4N B. 绳子自由端移动的速度为0.6m/s
C. 拉力F做功的功率为3W D. 拉力F在5s内对滑轮组做的额外功为3J
13. 2019年12月29日上午10时，宁夏首条高铁银兰客专线银川至中卫南段正式开通运行，小明发现：高铁站台前都有一条安全线，乘客候车时都要站在黄色的安全线外，是因为______ 。
14. 北京时间2022年4月16日0时44分，神舟十三号载人飞船与空间站天和核心舱成功分离，航天员乘组翟志刚、王亚平、叶光富在空间站组合体工作生活了183天后，乘返回舱安全返回地面，返回舱在下降过程中重力势能______ (填“增大”“不变”或“减小”)，如图为降落伞打开后减速的过程，此时返回舱所受重力______ (“大于”或“小于”)阻力。
15. 如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为：p1______ p2，p3______ p4，F1______ F2。(选填“<”、“>”、“=”)
16. 2022年6月17日上午，中国举行第三艘航空母舰下水命名仪式，003航母被命名为18号“福建舰”，这是中国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航母，满载排水量约8万吨。吃水深度13m(水面至舰底部的距离)，则其满载时受到海水的浮力约为______ N，舰底部受到海水的压强为______ Pa；舰载机起飞后，“福建舰”受到的浮力______ (填“变大”“不变”或“变小”)(取g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3)。
17. 我国自主研制的“蛟龙号”载人潜水器，可以下潜到深度为7km的海水中，潜水器自完全没入海水水面时开始下潜的过程中，所受海水的压强______ ，所受海水的浮力______ (两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)；如果潜水器的一个观测窗面积为0.03m2，则潜水器在7km深处时，海水对观测窗的压力为______ N(海水密度近似取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。
18. 把质量为0.9kg、体积为1dm3的实心物体投入水中，当物体静止时，物体处于______ (填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”)状态，物体所受浮力为______ N。(g取10N/kg)
19. 如图所示，沿斜面向上匀速拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1.0m，高0.3m，拉力做功为2J，这个斜面的机械效率是______。实际匀速拉动过程中拉力一定会______摩擦力(选填“大于”、“小于”或“等于”)，该摩擦力为______ N。
20. 在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，如图所示。
(1)让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是______ 。
(2)实验中同一小车在水面上受的阻力越小，运动的距离越______ ，假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做______ 运动。
(3)如图丙所示，让同一小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，则还可以探究小车的______ 关系(选填序号)。
①重力势能与质量
②重力势能与高度
③动能与质量
④动能与速度
21. 如图是某一小组探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验，根据如图回答下列问题：
(1)若选用的操作是①④⑤，可探究浮力的大小与______ 的关系。
(2)若探究浮力大小与物体排开液体体积的关系，应选用的操作是______ (填序号)，可得出的结论是______ 。
(3)此实验中盐水的密度为______ kg/m3。
(4)另一小组在实验结束后，绘制了弹簧测力计对物体B的拉力和物体B所受浮力随浸入水中深度变化的两条图线，如图2所示。分析图象可知：
①曲线______ (选填“a”或“b”)描述的是物体B所受浮力的变化情况。
②物体B的密度为为______ kg/m3。
③将该物体从弹簧测力计上取下后放入水中，将______ (选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”)。
22. 下图是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置图。
(1)如图(a)所示杠杆处于静止状态，此时杠杆______ (选填“是”或“不是”)平衡状态。
(2)实验前应先调节杠杆使其在水平位置平衡，目的是______ 。为使杠杆在水平位置平衡，可调节杠杆左端的平衡螺母向______ 移动。
(3)调节杠杆平衡后，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，弹簧测力计示数如图(b)所示，在B位置竖直向下悬挂重为______ N的钩码，才能使杠杆在水平位置平衡；再多做几次，得到杠杆的平衡条件______ (用字母表示)。
(4)如图(c)，用弹簧测力计在C点由竖直向上拉改为斜向右上方拉，使杠杆在水平位置始终平衡，请画出此时的动力臂，在此过程中弹簧测力计的示数会______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
23. 如图，体积为V=200cm3的木块在绳子拉力F=0.8N的作用下完全浸没在底面积为400cm2的圆柱形容器的水中(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,绳子重力不计)。求：
(1)木块此时受到的浮力。
(2)木块的重力。
(3)剪断绳子，木块静止后，容器底部受到的压强变化量。
24. 如图所示，利用滑轮组用时10s将200N的重物匀速向上提升到20m的平台上，绳子自由端拉力为120N，不计绳重及摩擦。
(1)画出滑轮组的绕线方式。
(2)求绳子自由端向下移动的速度。
(3)求拉力做功的功率。
(4)若用此滑轮组匀速提起360N的重物，求此时滑轮组的机械效率。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、2个鸡蛋的质量约为100g，重力约为：G=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N，举高1m做功W=Gh=1N×1m=1J，故A正确；
B、一个鸡蛋的重力约为0.5N，则拿起两个鸡蛋的力大约是0.5N×2=1N，故B错误；
C、漂浮的物体受到的浮力等于重力，中学生的体重约500N，游泳时接近漂浮状态，受到的浮力在500N左右，故C错误；
D、中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，双脚对水平地面的压强在p=FS=GS=500N0.05m2=104Pa左右，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对功、重力、浮力、压强的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】D
【解析】解：A.运动员在离开地面后上升的过程中，受到阻力和竖直向下的重力，故A错误；
B.运动员在空中到达最高点时，只受到竖直向下的重力，合力不为零，故B错误；
C.运动员从最高点加速下落的过程中，速度不断增大，运动状态发生变化，所以处于非平衡状态受到非平衡力的作用，故C错误；
D.运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小，因为它们是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故D正确。
故选D。
运动员在离开地面上升的过程中，受到竖直向下的重力和阻力；运动员在空中到达最高点时，只受到竖直向下的重力；运动员从最高点加速下落的过程中，不断加速；运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小。
本题考查了同学们对运动过程中物体受力情况的分析，有一定难度。
3.【答案】A
【解析】解：A、弹簧恢复原状过程中，弹簧的形变逐渐减小，则弹簧的弹性势能逐渐变小，故A正确；
B、木块最终停下来，是因为摩擦力改变了木块的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，而不是物体的运动需要力来维持，故B错误；
C、木块离开弹簧后，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，则木块受到的摩擦力(阻力)不变，故C错误；
D、因为物体在水平面上处于静止状态，所以木块受到的支持力和木块受到的重力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)弹性势能的大小与物体的弹性形变有关；
(2)力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力来维持；
(3)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，通过分析压力和接触面的粗糙程度是否变化、怎样变化，来分析摩擦力的变化。
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查弹性势能的影响因素、摩擦力的大小的影响因素、平衡力和相互作用力的区别，以及力与运动的关系等知识，属于综合题，灵活运用相关的知识点是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A.用力吸管喝饮料，管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故A不符合题意。
B.抽水机抽低处的水到高处，通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，故B不符合题意；
C.用注射器把新冠疫苗药液注入肌肉里，利用的是人的推力，与大气压无关，故C符合题意；
D.壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相等，在重力和大气压的作用下，水可以更容易的倒出，利用了大气压，故D不符合题意；
故选：C。
大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
对于生活中常见的一些现象，在学习了相关物理知识后，一定要学以致用，理解其原理，通过不断积累，提高自己的知识储备。
5.【答案】B
【解析】解：A、菜刀钝了在磨石上磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B、潜水艇靠自身水舱的吸水和排水，来改变自身的重力，从而改变重力与浮力的大小关系，实现上浮和下沉，故B错误；
C、塑料吸盘被大气压挤压，大气压使挂钩贴在墙壁上，故C正确；
D、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而增大，这样可承受更大的压强，故D正确。
故选：B。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)当潜水艇完全浸没入水中时，其整体体积与排开水的体积相同，因此浮力就不可能改变。根据浮沉条件，只有改变浮力与重力的关系，才会实现上浮和下沉；
(3)塑料吸盘挂钩贴在墙壁上，是利用了大气压的作用；
(4)液体的压强随深度的增加而增大，据此做出判断。
本题考查了液体压强、增大压强的方法，大气压的综合应用，物体的浮沉条件，是一道综合性很强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6.【答案】B
【解析】解：
A、图示剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
7.【答案】A
【解析】解：A、使用任何机械不可避免地做额外功，所以有用功一定小于总功，有用功与总功的比值--机械效率一定小于100%，故A正确；
B、机械效率越高，说明有用功占总功的比例大，不能说明机械做功一定越快，故B错误；
C、功率越大的机械做功越快，但不一定做功越多，因为做功时间不确定，故C错误；
D、结合P=Wt可知，功率与功的大小、做功时间有关，故D错误。
故选：A。
机械效率是指有用功与总功的比值，其大小与做功的多少、功率的大小等均没有关系。
了解机械效率的概念，能将机械效率与做功的多少、功率的大小等相区分，搞清它们之间的关系，是解答的关键。
8.【答案】C
【解析】解：
A、物体A受到的摩擦力：f=0.2GA=0.2×100N=20N；由于A物体向右做匀速直线运动，A物体受到的绳子的拉力F与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则F=f=20N，故A错误；
B、若把B的重增加一倍，A与地面的粗糙程度不变，压力不变，因此A受到的摩擦力也不会改变，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，F=12(GB+G动)，则动滑轮的重力：
G动=2F-GB=2×20N-30N=10N，故C正确；
D、若把物体A匀速向左拉动，A受到向左的拉力和向右的拉力、摩擦力作用，由于A匀速运动，故向左的拉力等于向右的作用力的合力；又因为接触面的粗糙程度、压力不变，摩擦力不变，所以A受到水平向左的拉力：F左=20N+20N=40N，故D错误。
故选：C。
(1)先根据“A物体受到的滑动摩擦力为其重力的0.2倍”求出A受到的摩擦力，然后根据A受平衡力求A受到的绳子的拉力；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素：压力、接触面的粗糙程度；
(3)不计绳重和摩擦，F=12(GB+G动)，据此求出动滑轮的重力；
(4)若让A匀速向左运动，此时摩擦力方向向右，但摩擦力大小不变，再结合绳子的拉力和平衡力的知识就可以求出所需的向左的拉力。
本题考查了滑轮组的特点，力的平衡知识、影响滑动摩擦力大小的因素，考查知识点较多，关键是对物体进行正确的受力分析。
9.【答案】A
【解析】解：A、由图甲可知，9∼12s内，拉力为F=6N，由图乙知，9∼12s内，物体做匀速直线运动，v=1m/s，所以9∼12s内物体移动的距离s=vt=1m/s×3s=3m，则推力对物体做功W=Fs=6N×3m=18J，故A正确；
B、由图乙知，0∼3s内，物体速度为0，处于静止状态，没有在拉力F的方向上移动距离，拉力不做功，故B错误；
C、由图甲可知，3∼6s内，拉力为F=9N，由图乙知，3∼6s内，物体运动速度逐渐增大，由P=Wt=Fst=Fv可知，功率逐渐变大，故C错误；
D、由图甲可知，第4s拉力的大小为F=9N，由图乙可知，3s时速度为0，6s时速度为3m/s，物体做加速直线运动，所以第4s的速度为1m/s，由P=Wt=Fst=Fv可知，功率为P=Fv=9N×1m/s=9W，故D错误。
故选：A。
(1)根据图乙，利用速度公式求出9∼12s内物体通过的距离，根据甲图可得9-12s内拉力的大小，然后利用计算公式W=Fs计算做的功。
(2)首先根据图判断0∼3s时物体的运动状态，判断出拉力F和距离s，再根据计算公式W=Fs计算做的功。
(3)根据公式P=Wt=Fst=Fv判断3∼6s内拉力的功率的变化。
(4)由图乙计算第4s的速度，根据公式公式P=Wt=Fst=Fv判断拉力功率。
本题考查学生对图像的认识，v-t图像、F-t图像相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
10.【答案】AD
【解析】解：A.踢出去的足球在草地上滚动时会慢慢停下来，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故A正确；
B.立定跳远时，脚要用力向后蹬地，说明物体间力的作用是相互的，惯性的大小只与物体的质量有关，所以脚用力向后蹬地不能增大惯性，故B错误；
C.运动员在扣球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者大小相等，故C错误；
D.人双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力是一对平衡力，故D正确。
故选：AD。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；
(3)物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等；
(4)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了力的作用效果、相互作用力的特点、平衡状态的判断，是道综合题。
11.【答案】AC
【解析】解：(1)由图乙可知，木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
F浮=G=mg，
由甲乙可知，木块排开水的体积：
V排=V2-V1，
由ρ=mV和G=mg可得，木块排开水的重力：
G排=m排g=ρ水V排g=ρ水(V2-V1)g，
由阿基米德原理可得：
F浮=G排=G=mg=ρ水(V2-V1)g，
则木块的质量：
m=ρ水(V2-V1)，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由甲丙可知，木块的体积：
V=V3-V1，
木块的密度：
ρ=mV=ρ水(V2-V1)V3-V1。
(2)用细针将木块按压，使木块浸没于水中，木块受重力、浮力F'、细针的压力，即F'=G+F压
完全浸没时的浮力：F'=ρ水g(V3-V1)
故细针的压力大小是：F压=F'-G=ρ水g(V3-V1)-ρ水(V2-V1)g=ρ水(V3-V2)g，故AC正确、BD错误。
故选：AC。
(1)由图乙可知，木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，甲、乙两次容器内液体的差值即排开液体的体积，根据密度公式和重力公式求出排开水的重力，根据阿基米德原理得出等式求出木块的质量，由甲丙可知木块浸没时排开水的体积即为木块的体积，根据密度公式求出木块的密度；
(2)对物体进行受力分析即可解答。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、密度公式、重力公式的应用，从甲乙丙中得出木块的体积和漂浮时排开水的体积是关键。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、由图可知n=3，由η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF可知，绳子自由端的拉力：F=fnη=12N3×80%=5N，故A错误；
B、物体移动的距离：s物=100cm=1m，
绳子自由端移动的距离：s=ns物=3×1m=3m，
则绳子自由端移动的速度：v=st=3m5s=0.6m/s，故B正确；
C、拉力做的总功：W总=Fs=5N×3m=15J，
拉力做功的功率：P=W总t=15J5s=3W，故C正确；
D、有用功：W有=fs物=12N×1m=12J，
额外功：W额=W总-W有=15J-12J=3J，故D正确。
故选：BCD。
(1)由图可知n=3，利用η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求绳子自由端的拉力F；
(2)绳子自由端移动的距离s=ns物，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用W有=fs物求有用功，利用W总=W有+W额求额外功。
本题考查了水平使用滑轮组时速度、有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
13.【答案】流速越大的位置，压强越小，
【解析】解：因为列车快速行驶时，靠近车体附近的空气流速快、压强小，远离车体的空气流速慢、压强大，导致车体附近存在压强差，可能将乘客推向高铁，所以为了乘客的候车安全，应站在黄色的安全线以外。
故答案为：流速越大的位置，压强越小。
对于流体来说，流速越大的位置，压强越小，流速越小的位置，压强越大；
本题考查流体压强与流速的关系，难度不大。
14.【答案】减 小于
【解析】解：返回舱在下降过程中，开始做减速运动，下落过程中，其质量不变，高度减小，故重力势能将减少；减速下降时，即说明向上的力大于向下的力，故返回舱所受的重力小于阻力。
故答案为：减少；小于。
(1)重力势能大小的影响因素：质量、高度。
(2)对于运动的物体来说：当阻力小于动力时，物体做加速运动，若阻力等于动力时，物体做匀速运动；当阻力大于动力时，物体做减速运动。
本题考查了重力势能大小的影响因素、物体运动状态的理解、参照物的判断和速度的计算，是一道综合题。
15.【答案】==>
【解析】解：
(1)由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然相同，
根据p=ρgh可知水对容器底部的压强相等，即：p1=p2；
(2)因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；
由于玩具鸭子在水中漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物=F浮=G排，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同(底面积相同)，则由p=FS可知，此时两玻璃缸对桌面的压强相等，即：p3=p4；
(3)甲、乙两缸中装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，根据F浮=ρ水gV排可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1>F2。
故答案为：=；=；>。
(1)知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p=ρgh可比较缸底受到水的压强；
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据漂浮条件和阿基米德原理可知甲、乙两玻璃缸对桌面的压力关系，然后比较压强关系；
(3)根据图示判断出两只玩具鸭排开水的体积大小关系，根据阿基米德原理比较浮力大小关系。
本题考查了液体压强公式、压强定义式、浮沉条件和阿基米德原理的应用，关键是根据漂浮条件和阿基米德原理推出玩具鸭的重力与溢出水的重力相等。
16.【答案】8×108 1.3×105 变小
【解析】解：福建舰满载时的排水量m排=80000t=8×107kg，
福建舰满载时所受浮力为：F浮=G排=m排g=8×107kg×10N/kg=8×108 N；
舰底部受到海水的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×13m=1.3×105 Pa；
舰载机起飞后，福建舰的总重力减小，仍然处于漂浮状态，由于物体漂浮时浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小。
故答案为：8×108；1.3×105；变小。
(1)排水量是指满载时排开水的质量，根据F浮=G排=m排g求出福建舰满载时所受的浮力；
(2)根据p=ρ液gh计算出舰底部受到海水的压强；
(3)福建舰漂浮时，受到的浮力等于总重力，对航空母舰进行受力分析，可得到浮力的变化情况。
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强、物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。
17.【答案】变大 不变 2.1×106
【解析】解：潜水艇在下潜的过程中，所处深度h变大，根据p=ρgh可知潜水器受到水的压强变大；
潜水器自完全没入海水，ρ和V排不变，根据F浮=ρgV排可知潜水器受到的浮力不变；
潜水器在7km深处时所受压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa；
对观测窗的压力：F=pS=7×107Pa×0.03m2=2.1×106N。
故答案为：变大；不变；2.1×106。
潜水艇在下潜的过程中，所处深度变大，由液体压强公式分析所受压强变化情况；
根据F浮=ρgV排分析潜水器自完全没入海水水面时所受浮力变化情况；
已知海水密度和下潜深度，由液体压强公式可以求出其所受液体压强，由F=pS计算观测窗受到的压力。
本题考查液体压强公式、阿基米德原理的灵活运用，属于基础题。
18.【答案】漂浮 9
【解析】解：因为ρ物=mV=0.9kg1×10-3m3=0.9×103kg/m3<ρ水=1.0×103kg/m3，所以物体静止时处于漂浮状态；
因为物体漂浮，所以F浮=G物=mg=0.9kg×10N/kg=9N。
故答案为：漂浮；9。
利用物体的浮沉条件判定：实心物体密度小于水的密度，故物体漂浮在水面上；物体漂浮在水面上，浮力等于物体重力
本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口。
19.【答案】75%大于 0.5
【解析】解：
(1)拉力做的有用功：
W有用=Gh=5N×0.3m=1.5J，
斜面的机械效率：
η=W有用W总=1.5J2J×100%=75%；
(2)因为W总=Fs，W额=fs，而W总=W有用+W额>W额，
所以，Fs>fs，则F>f，
即：实际匀速拉动过程中拉力一定会大于摩擦力；
(3)拉力做的额外功：
W额=W总-W有用=2J-1.5J=0.5J；
由W额=fs得物体受到的摩擦力：
f=W额s=0.5J1.0m=0.5N。
故答案为：75%；大于；0.5。
(1)已知物体重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求有用功；知道总功大小，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=fs，根据W总>W额推导拉力与摩擦力的大小关系；
(3)使用该斜面所做的额外功等于总功减去有用功，利用W额=fs求物体受到的摩擦力。
本题考查了有用功、额外功、机械效率、摩擦力的计算，明确使用斜面时有用功、额外功的含义是关键。
20.【答案】使小车到达水平面时小车的初速度相同 远 匀速直线 ②④
【解析】解：(1)用同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下是为了使小车到达水平面时小车的初速度相同；
(2)木板表面最光滑，阻力就最小，小车运动的距离就最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，由此推理可得：如果运动的物体在没有受到力的作用时，将做匀速直线运动。
(3)同一小车从不同高度由静止滑下，通过小车运动的距离可知克服阻力做功的多少，从而可判断小车具有能量的大小，所以可以探究小车重力势能与高度的关系，由于从不同高度滑下，到达水平面时的初速度不同，所以还可探究动能与速度的关系。故选②④。
故答案为：(1)使小车到达水平面时小车的初速度相同；(2)远；匀速直线；(3)②④。
(1)要探究阻力对物体运动的影响，实验中应控制小车的初速度相同，为了使小车到达水平面具有相同的初速度，应使同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下；
(2)接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，小车运动的距离越远；
根据牛顿第一定律，如果运动的物体没有受到力的作用，将做匀速直线运动；运用了科学推理的方法。
(3)根据控制变量法分析。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
21.【答案】液体密度 ①②③ 浮力的大小与物体排开液体的体积有关 1.2×103 a2.7×103 下沉
【解析】解：(1)F浮=G-F示，由①④可知，物体浸没水中受到的浮力：F1=4N-3N=1N，
由①⑤可知，物体浸没盐水中受到的浮力：F2=4N-2.8N=1.2N，
F1≠F2，
可见，物体受到的浮力与液体的密度有关。
(2)①②③实验中，物体浸入水中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
(3)物体浸没在水中时，排开液体的体积等于自身体积，
则根据F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：V=V排水=F1ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体浸没在盐水中时，排开盐水的体积：V排盐水=V=1×10-4m3，
则盐水的密度：ρ盐水=F2gV排盐水=1.2N10N/kg×1×10-4m3=1.2×103kg/m3。
(4)①完全浸没前，深度越大，物体排开水的体积越大，所受浮力越大；完全浸没后，排开水的体积不变，所受的浮力不变，所以浮力随深度的变化是先变大后不变，应为a；
②由图像知，当F浮B=0时，测力计的示数为2.7N，则GB=2.7N；
当物体完全浸没时的浮力为1.0N，根据F浮=ρ液gV排得：
VB=V排B=F浮Bρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
则ρB=mBVB=GBVBg=2.7N1×10-4m3×10N/kg=2.7×103kg/m3；
③因为ρB>ρ水，所以根据物体浮沉条件可知，将该物体从弹簧测力计上取下后放入水中，将下沉。
故答案为：(1)液体密度；(2)①②③；浮力的大小与物体排开液体的体积有关；(3)1.2×103；(4)①a；②2.7×103；③下沉。
(1)④⑤两组实验通过变换不同的液体，改变液体的密度，弹簧测力计的示数F示变化，因为F浮=G-F示，物体受到的浮力发生了变化，由此说明浮力的大小与液体的密度有关.
(2)②③两组实验，用的是水、密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
(3)物体浸没在水中时，排开液体的体积等于自身体积，根据F浮=ρ液gV排可求出物体的体积，进而可得物体排开盐水的体积，再利用F浮=ρ液gV排可求出盐水的密度。
(4)①物体浸没前所受浮力随深度的增加而增大，当完全浸没后，所受浮力将不变；
②当浮力等于0时测力计的示数等于物体的重力；
根据B完全浸没时的浮力计算出物体的体积，然后根据ρ=mV=GVg计算出物体的密度；
③比较物体B与水的密度大小，根据物体浮沉条件判断其在水中的状态。
此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了称重法浮力的计算，阿基米德原理、密度公式及控制变量法的应用，同时还考查了有关图像的分析，综合性较强，难度较大。
22.【答案】是 便于测量力臂 左 1F1L1=F2L2 变大
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，是处于平衡状态；
(2)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；
杠杆左端偏高，则重心应向左移动，故应将左端的平衡螺母向左移动；
(2)调节杠杆平衡后，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，弹簧测力计示数如上图(b)所示，弹簧测力计的分度值是0.2N，拉力F=3N，根据杠杆的平衡条件可得在B位置竖直向下悬挂重为：G×6L=F×2L，解得G=F3=3N3=1N；
杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)；
(3)从支点O作动力F作用线反向延长线的垂线段，即为动力臂L，如图所示，
如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。
故答案为：(1)是；(2)便于测量力臂；左；(3)1；F1L1=F2L2；(4)见解答；变大。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；
(2)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂；平衡螺母调节方法是“左低右调，右低左调”；
(3)根据杠杆平衡条件分析；初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；
(4)从支点作力的作用线的垂线段即可作出力的力臂；
当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
本题探究杠杆平衡条件，涉及到的知识点有：杠杆平衡的调节、根据杠杆平衡条件进行计算以及力臂的作法等。
23.【答案】解：(1)木块体积V=200cm3=2×10-4m3，所以木块完全浸没在水中时V排=V=2×10-4m3，
木块受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=2N；
(2)木块在绳子拉力的作用下静止在水中，受到竖直向下的重力和拉力、竖直向上的浮力作用；所以G木+F=F浮，则木块的重力为：
G木=F浮-F=2N-0.8N=1.2N；
(3)剪断绳子，因为F浮>G木，所以木块上浮，静止时会漂浮在水面上，漂浮时木块受到的浮力等于自身重力，即F浮'=G木=1.2N，
由F浮=ρ水gV排得排开水的体积为：
V排'=F浮'ρ水g=1.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.2×10-4m3；
此时木块排开水水的体积比完全浸没在水中少排开水的体积为：
ΔV排=V-V排'=2×10-4m3-1.2×10-4m3=8×10-5m3，
此时容器水面降低的深度为：
h=ΔV排S=8×10-5m3400×10-4m2=0.002m，
所以剪断绳子后，水对容器底减小的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.002m=20Pa。
答：(1)木块此时受到的浮力为2N。
(2)木块的重力为1.2N。
(3)剪断绳子，木块静止后，容器底部减小的压强为20Pa。
【解析】(1)根据阿基米德原理计算浸没在水中木块受到的浮力；
(2)分析木块的受力情况，根据受力平衡时合力为零即可求出木块的重力；
(3)木块漂浮时所受的浮力等于它自身的重力，根据阿基米德原理计算木块漂浮时排开水的体积，液体压强公式是p=ρ液gh，判断压强变化只要分析液体深度变化即可。
本题考查物体的浮沉条件、液体压强公式和阿基米德原理的应用，注意木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，正确地分析木块受力是解题关键。
24.【答案】解：(1)由图知，人站在地面上拉绳子自由端，即绳端的拉力方向向下，据此由外向内依次画出滑轮组的绕线方式，如下图所示：
；
(2)由图可知，n=2，绳子自由端移动的速度为：
v=st=nht=2×20m10s=4m/s；
(3)拉力做功的功率为：
P=Wt=Fst=Fv=120N×4m/s=480W；
(4)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=2×120N-200N=40N，
若用此滑轮组匀速提起360N的重物，此时滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=W有W有+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=360N360N+40N×100%=90%。
答：(1)见解答图；
(2)绳子自由端向下移动的速度为4m/s；
(3)拉力做功的功率为480W；
(4)若用此滑轮组匀速提起360N的重物，此时滑轮组的机械效率为90%。
【解析】(1)由图知，人站在地面上拉绳子自由端，据此由外向内画出滑轮组的绕线方式；
(2)根据设计的滑轮组装置确定绳子的股数，利用v=st=nht求出绳子自由端移动的速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力做功的功率；
(4)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力，利用η=W有W总=W有W有+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
2022-2023学年河北省唐山市迁安市八年级（下）期末物理试卷
1. 下列关于中学生的数据最接近实际情况的是( )
A. 你将2个鸡蛋举高1m做功约1J
B. 你拿起一瓶矿泉水的力大约是10N
C. 你在水中游泳时受到的浮力大约是50N
D. 你站在水平地面上时，对地面的压强大约是1.5×103Pa
2. 如图所示的是我国运动员徐梦桃在北京冬奥会上参加自由式滑雪空中技巧比赛时的情境。下列说法正确的是( )
A. 运动员在离开地面后继续上升的过程中，受到方向向上的力
B. 运动员在空中到达最高点时，所受合力为零
C. 运动员从最高点加速下落的过程中，受到平衡力的作用
D. 运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小
3. 在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置；松手后，木块最终静止在图乙所示位置。下列说法中正确的是( )
A. 弹簧恢复原状过程中，弹簧的弹性势能减小
B. 木块离开弹簧后最终会停下，说明物体的运动需要力来维持
C. 木块离开弹簧后减速运动过程中，水平面对木块的阻力变大
D. 图乙中，木块受到的支持力和木块受到的重力是一对相互作用力
4. 我们身边看似“轻”的空气，其实蕴含着巨大的力量，能够帮助我们完成很多工作。以下事例，与大气压作用无关的是( )
A. 用吸管吸饮料瓶中的饮料 B. 用抽水机把水从低处抽到高出
C. 用注射器把新冠疫苗药液注入肌肉里 D. 茶壶盖上开小孔便于把水倒出
5. 关于压强与浮力，下列说法错误的是( )
A. 菜刀钝了在磨石上磨一磨，是为了增大压强
B. 潜水艇是靠改变自身浮力实现上浮和下潜的
C. 塑料吸盘挂钩贴在墙壁上，是利用了大气压的作用
D. 因为液体的压强随深度的增加而增大，所以拦河坝设计成下宽上窄的形状
6. 如图所示是人们在生活中常用的各种机械，在使用时属于费力杠杆的是( )
A. 剪子 B. 镊子
C. 钳子 D. 起子
7. 下列说法中正确的是( )
A. 机械效率不可能大于100% B. 机械效率越高，机械做功一定越快
C. 功率越大的机械做功一定越多 D. 做功时间越少功率越大
8. 如图所示，A物体重力为100N，B物体重力为30N，此时A物体恰好向右做匀速直线运动，A物体受到的滑动摩擦力为其重力的0.2倍，下列说法正确的是(不计绳重和摩擦)( )
A. A受到的绳子的拉力为30N
B. 若将B的重力增加一倍，则A受到的摩擦力也增加一倍
C. 动滑轮的重力为10N
D. 若将A匀速向左拉动，则需要给A施加一个水平向左的20N的拉力
9. 如图甲所示，在粗糙程度均匀的水平地面上的运动物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F-t和v-t图像分别如图甲和图乙所示。下列有关拉力做功及其功率的分析正确的是( )
A. 9-12s内拉力做功为18J B. 0-3s内拉力做功为9J
C. 3-6s内拉力的功率逐渐变小 D. 第4s拉力的功率为36W
10. 以下对四个体育运动项目中涉及的物理知识描述正确的是( )
A. 踢足球——踢出去的足球在草地上越滚越慢是因为足球受摩擦力的作用
B. 立定跳远——脚用力向后蹬地，是为了增大惯性
C. 打排球——大力扣球，手对球的作用力大于球对手的作用力
D. 引体向上——双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力是平衡力
11. 小聪测量一形状不规则木块的密度，实验步骤如下：向容器内倒入适量的水，体积为V1，如图甲所示；将木块轻轻放入容器中，液面上升至V2，如图乙所示；用细针将木块浸没于水中，液面上升至V3，如图丙所示。则下列说法正确的是(已知水的密度为ρ水)( )
A. 木块的质量是ρ水(V2-V1)
B. 木块在漂浮时受到的浮力为ρ水g(V3-V1)
C. 木块的密度是V2-V1V3-V1ρ水
D. 细针对木块的压力为ρ水(V3-V2)
12. 如图所示，小华用滑轮组水平向左匀速拉动A物体，A物体5s内移动了100cm，且A物体与水平地面的摩擦力大小为12N，已知滑轮组的机械效率为80%，则下列说法正确的是( )
A. 拉力F大小为4N B. 绳子自由端移动的速度为0.6m/s
C. 拉力F做功的功率为3W D. 拉力F在5s内对滑轮组做的额外功为3J
13. 2019年12月29日上午10时，宁夏首条高铁银兰客专线银川至中卫南段正式开通运行，小明发现：高铁站台前都有一条安全线，乘客候车时都要站在黄色的安全线外，是因为______ 。
14. 北京时间2022年4月16日0时44分，神舟十三号载人飞船与空间站天和核心舱成功分离，航天员乘组翟志刚、王亚平、叶光富在空间站组合体工作生活了183天后，乘返回舱安全返回地面，返回舱在下降过程中重力势能______ (填“增大”“不变”或“减小”)，如图为降落伞打开后减速的过程，此时返回舱所受重力______ (“大于”或“小于”)阻力。
15. 如图所示，水平桌面上两个相同的玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为：p1______ p2，p3______ p4，F1______ F2。(选填“<”、“>”、“=”)
16. 2022年6月17日上午，中国举行第三艘航空母舰下水命名仪式，003航母被命名为18号“福建舰”，这是中国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航母，满载排水量约8万吨。吃水深度13m(水面至舰底部的距离)，则其满载时受到海水的浮力约为______ N，舰底部受到海水的压强为______ Pa；舰载机起飞后，“福建舰”受到的浮力______ (填“变大”“不变”或“变小”)(取g=10N/kg，ρ海水=1.0×103kg/m3)。
17. 我国自主研制的“蛟龙号”载人潜水器，可以下潜到深度为7km的海水中，潜水器自完全没入海水水面时开始下潜的过程中，所受海水的压强______ ，所受海水的浮力______ (两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)；如果潜水器的一个观测窗面积为0.03m2，则潜水器在7km深处时，海水对观测窗的压力为______ N(海水密度近似取1.0×103kg/m3，g取10N/kg)。
18. 把质量为0.9kg、体积为1dm3的实心物体投入水中，当物体静止时，物体处于______ (填“漂浮”、“悬浮”或“沉底”)状态，物体所受浮力为______ N。(g取10N/kg)
19. 如图所示，沿斜面向上匀速拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1.0m，高0.3m，拉力做功为2J，这个斜面的机械效率是______。实际匀速拉动过程中拉力一定会______摩擦力(选填“大于”、“小于”或“等于”)，该摩擦力为______ N。
20. 在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，如图所示。
(1)让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是______ 。
(2)实验中同一小车在水面上受的阻力越小，运动的距离越______ ，假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做______ 运动。
(3)如图丙所示，让同一小车从斜面的不同高度由静止开始下滑，则还可以探究小车的______ 关系(选填序号)。
①重力势能与质量
②重力势能与高度
③动能与质量
④动能与速度
21. 如图是某一小组探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验，根据如图回答下列问题：
(1)若选用的操作是①④⑤，可探究浮力的大小与______ 的关系。
(2)若探究浮力大小与物体排开液体体积的关系，应选用的操作是______ (填序号)，可得出的结论是______ 。
(3)此实验中盐水的密度为______ kg/m3。
(4)另一小组在实验结束后，绘制了弹簧测力计对物体B的拉力和物体B所受浮力随浸入水中深度变化的两条图线，如图2所示。分析图象可知：
①曲线______ (选填“a”或“b”)描述的是物体B所受浮力的变化情况。
②物体B的密度为为______ kg/m3。
③将该物体从弹簧测力计上取下后放入水中，将______ (选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”)。
22. 下图是“探究杠杆的平衡条件”的实验装置图。
(1)如图(a)所示杠杆处于静止状态，此时杠杆______ (选填“是”或“不是”)平衡状态。
(2)实验前应先调节杠杆使其在水平位置平衡，目的是______ 。为使杠杆在水平位置平衡，可调节杠杆左端的平衡螺母向______ 移动。
(3)调节杠杆平衡后，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，弹簧测力计示数如图(b)所示，在B位置竖直向下悬挂重为______ N的钩码，才能使杠杆在水平位置平衡；再多做几次，得到杠杆的平衡条件______ (用字母表示)。
(4)如图(c)，用弹簧测力计在C点由竖直向上拉改为斜向右上方拉，使杠杆在水平位置始终平衡，请画出此时的动力臂，在此过程中弹簧测力计的示数会______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)。
23. 如图，体积为V=200cm3的木块在绳子拉力F=0.8N的作用下完全浸没在底面积为400cm2的圆柱形容器的水中(g=10N/kg,ρ水=1.0×103kg/m3,绳子重力不计)。求：
(1)木块此时受到的浮力。
(2)木块的重力。
(3)剪断绳子，木块静止后，容器底部受到的压强变化量。
24. 如图所示，利用滑轮组用时10s将200N的重物匀速向上提升到20m的平台上，绳子自由端拉力为120N，不计绳重及摩擦。
(1)画出滑轮组的绕线方式。
(2)求绳子自由端向下移动的速度。
(3)求拉力做功的功率。
(4)若用此滑轮组匀速提起360N的重物，求此时滑轮组的机械效率。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、2个鸡蛋的质量约为100g，重力约为：G=mg=100×10-3kg×10N/kg=1N，举高1m做功W=Gh=1N×1m=1J，故A正确；
B、一个鸡蛋的重力约为0.5N，则拿起两个鸡蛋的力大约是0.5N×2=1N，故B错误；
C、漂浮的物体受到的浮力等于重力，中学生的体重约500N，游泳时接近漂浮状态，受到的浮力在500N左右，故C错误；
D、中学生的体重在G=500N左右，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.05m2左右，双脚对水平地面的压强在p=FS=GS=500N0.05m2=104Pa左右，故D错误。
故选：A。
新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对功、重力、浮力、压强的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】D
【解析】解：A.运动员在离开地面后上升的过程中，受到阻力和竖直向下的重力，故A错误；
B.运动员在空中到达最高点时，只受到竖直向下的重力，合力不为零，故B错误；
C.运动员从最高点加速下落的过程中，速度不断增大，运动状态发生变化，所以处于非平衡状态受到非平衡力的作用，故C错误；
D.运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小，因为它们是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故D正确。
故选D。
运动员在离开地面上升的过程中，受到竖直向下的重力和阻力；运动员在空中到达最高点时，只受到竖直向下的重力；运动员从最高点加速下落的过程中，不断加速；运动员落地时，运动员对地面压力的大小等于地面对运动员支持力的大小。
本题考查了同学们对运动过程中物体受力情况的分析，有一定难度。
3.【答案】A
【解析】解：A、弹簧恢复原状过程中，弹簧的形变逐渐减小，则弹簧的弹性势能逐渐变小，故A正确；
B、木块最终停下来，是因为摩擦力改变了木块的运动状态，说明力可以改变物体的运动状态，而不是物体的运动需要力来维持，故B错误；
C、木块离开弹簧后，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，则木块受到的摩擦力(阻力)不变，故C错误；
D、因为物体在水平面上处于静止状态，所以木块受到的支持力和木块受到的重力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)弹性势能的大小与物体的弹性形变有关；
(2)力是改变物体运动状态的原因，物体运动不需要力来维持；
(3)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，通过分析压力和接触面的粗糙程度是否变化、怎样变化，来分析摩擦力的变化。
(4)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查弹性势能的影响因素、摩擦力的大小的影响因素、平衡力和相互作用力的区别，以及力与运动的关系等知识，属于综合题，灵活运用相关的知识点是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A.用力吸管喝饮料，管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故A不符合题意。
B.抽水机抽低处的水到高处，通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，故B不符合题意；
C.用注射器把新冠疫苗药液注入肌肉里，利用的是人的推力，与大气压无关，故C符合题意；
D.壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相等，在重力和大气压的作用下，水可以更容易的倒出，利用了大气压，故D不符合题意；
故选：C。
大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
对于生活中常见的一些现象，在学习了相关物理知识后，一定要学以致用，理解其原理，通过不断积累，提高自己的知识储备。
5.【答案】B
【解析】解：A、菜刀钝了在磨石上磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B、潜水艇靠自身水舱的吸水和排水，来改变自身的重力，从而改变重力与浮力的大小关系，实现上浮和下沉，故B错误；
C、塑料吸盘被大气压挤压，大气压使挂钩贴在墙壁上，故C正确；
D、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而增大，这样可承受更大的压强，故D正确。
故选：B。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)当潜水艇完全浸没入水中时，其整体体积与排开水的体积相同，因此浮力就不可能改变。根据浮沉条件，只有改变浮力与重力的关系，才会实现上浮和下沉；
(3)塑料吸盘挂钩贴在墙壁上，是利用了大气压的作用；
(4)液体的压强随深度的增加而增大，据此做出判断。
本题考查了液体压强、增大压强的方法，大气压的综合应用，物体的浮沉条件，是一道综合性很强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6.【答案】B
【解析】解：
A、图示剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆根据其省力情况可以分为三类：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
7.【答案】A
【解析】解：A、使用任何机械不可避免地做额外功，所以有用功一定小于总功，有用功与总功的比值--机械效率一定小于100%，故A正确；
B、机械效率越高，说明有用功占总功的比例大，不能说明机械做功一定越快，故B错误；
C、功率越大的机械做功越快，但不一定做功越多，因为做功时间不确定，故C错误；
D、结合P=Wt可知，功率与功的大小、做功时间有关，故D错误。
故选：A。
机械效率是指有用功与总功的比值，其大小与做功的多少、功率的大小等均没有关系。
了解机械效率的概念，能将机械效率与做功的多少、功率的大小等相区分，搞清它们之间的关系，是解答的关键。
8.【答案】C
【解析】解：
A、物体A受到的摩擦力：f=0.2GA=0.2×100N=20N；由于A物体向右做匀速直线运动，A物体受到的绳子的拉力F与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则F=f=20N，故A错误；
B、若把B的重增加一倍，A与地面的粗糙程度不变，压力不变，因此A受到的摩擦力也不会改变，故B错误；
C、不计绳重和摩擦，F=12(GB+G动)，则动滑轮的重力：
G动=2F-GB=2×20N-30N=10N，故C正确；
D、若把物体A匀速向左拉动，A受到向左的拉力和向右的拉力、摩擦力作用，由于A匀速运动，故向左的拉力等于向右的作用力的合力；又因为接触面的粗糙程度、压力不变，摩擦力不变，所以A受到水平向左的拉力：F左=20N+20N=40N，故D错误。
故选：C。
(1)先根据“A物体受到的滑动摩擦力为其重力的0.2倍”求出A受到的摩擦力，然后根据A受平衡力求A受到的绳子的拉力；
(2)影响滑动摩擦力大小的因素：压力、接触面的粗糙程度；
(3)不计绳重和摩擦，F=12(GB+G动)，据此求出动滑轮的重力；
(4)若让A匀速向左运动，此时摩擦力方向向右，但摩擦力大小不变，再结合绳子的拉力和平衡力的知识就可以求出所需的向左的拉力。
本题考查了滑轮组的特点，力的平衡知识、影响滑动摩擦力大小的因素，考查知识点较多，关键是对物体进行正确的受力分析。
9.【答案】A
【解析】解：A、由图甲可知，9∼12s内，拉力为F=6N，由图乙知，9∼12s内，物体做匀速直线运动，v=1m/s，所以9∼12s内物体移动的距离s=vt=1m/s×3s=3m，则推力对物体做功W=Fs=6N×3m=18J，故A正确；
B、由图乙知，0∼3s内，物体速度为0，处于静止状态，没有在拉力F的方向上移动距离，拉力不做功，故B错误；
C、由图甲可知，3∼6s内，拉力为F=9N，由图乙知，3∼6s内，物体运动速度逐渐增大，由P=Wt=Fst=Fv可知，功率逐渐变大，故C错误；
D、由图甲可知，第4s拉力的大小为F=9N，由图乙可知，3s时速度为0，6s时速度为3m/s，物体做加速直线运动，所以第4s的速度为1m/s，由P=Wt=Fst=Fv可知，功率为P=Fv=9N×1m/s=9W，故D错误。
故选：A。
(1)根据图乙，利用速度公式求出9∼12s内物体通过的距离，根据甲图可得9-12s内拉力的大小，然后利用计算公式W=Fs计算做的功。
(2)首先根据图判断0∼3s时物体的运动状态，判断出拉力F和距离s，再根据计算公式W=Fs计算做的功。
(3)根据公式P=Wt=Fst=Fv判断3∼6s内拉力的功率的变化。
(4)由图乙计算第4s的速度，根据公式公式P=Wt=Fst=Fv判断拉力功率。
本题考查学生对图像的认识，v-t图像、F-t图像相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在。
10.【答案】AD
【解析】解：A.踢出去的足球在草地上滚动时会慢慢停下来，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故A正确；
B.立定跳远时，脚要用力向后蹬地，说明物体间力的作用是相互的，惯性的大小只与物体的质量有关，所以脚用力向后蹬地不能增大惯性，故B错误；
C.运动员在扣球时，手对排球的作用力与排球对手的作用力是一对相互作用力，二者大小相等，故C错误；
D.人双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力是一对平衡力，故D正确。
故选：AD。
(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；
(3)物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等；
(4)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了力的作用效果、相互作用力的特点、平衡状态的判断，是道综合题。
11.【答案】AC
【解析】解：(1)由图乙可知，木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，
F浮=G=mg，
由甲乙可知，木块排开水的体积：
V排=V2-V1，
由ρ=mV和G=mg可得，木块排开水的重力：
G排=m排g=ρ水V排g=ρ水(V2-V1)g，
由阿基米德原理可得：
F浮=G排=G=mg=ρ水(V2-V1)g，
则木块的质量：
m=ρ水(V2-V1)，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由甲丙可知，木块的体积：
V=V3-V1，
木块的密度：
ρ=mV=ρ水(V2-V1)V3-V1。
(2)用细针将木块按压，使木块浸没于水中，木块受重力、浮力F'、细针的压力，即F'=G+F压
完全浸没时的浮力：F'=ρ水g(V3-V1)
故细针的压力大小是：F压=F'-G=ρ水g(V3-V1)-ρ水(V2-V1)g=ρ水(V3-V2)g，故AC正确、BD错误。
故选：AC。
(1)由图乙可知，木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，甲、乙两次容器内液体的差值即排开液体的体积，根据密度公式和重力公式求出排开水的重力，根据阿基米德原理得出等式求出木块的质量，由甲丙可知木块浸没时排开水的体积即为木块的体积，根据密度公式求出木块的密度；
(2)对物体进行受力分析即可解答。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、密度公式、重力公式的应用，从甲乙丙中得出木块的体积和漂浮时排开水的体积是关键。
12.【答案】BCD
【解析】解：A、由图可知n=3，由η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF可知，绳子自由端的拉力：F=fnη=12N3×80%=5N，故A错误；
B、物体移动的距离：s物=100cm=1m，
绳子自由端移动的距离：s=ns物=3×1m=3m，
则绳子自由端移动的速度：v=st=3m5s=0.6m/s，故B正确；
C、拉力做的总功：W总=Fs=5N×3m=15J，
拉力做功的功率：P=W总t=15J5s=3W，故C正确；
D、有用功：W有=fs物=12N×1m=12J，
额外功：W额=W总-W有=15J-12J=3J，故D正确。
故选：BCD。
(1)由图可知n=3，利用η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求绳子自由端的拉力F；
(2)绳子自由端移动的距离s=ns物，利用v=st求绳子自由端移动的速度；
(3)利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(4)利用W有=fs物求有用功，利用W总=W有+W额求额外功。
本题考查了水平使用滑轮组时速度、有用功、总功、额外功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关键。
13.【答案】流速越大的位置，压强越小，
【解析】解：因为列车快速行驶时，靠近车体附近的空气流速快、压强小，远离车体的空气流速慢、压强大，导致车体附近存在压强差，可能将乘客推向高铁，所以为了乘客的候车安全，应站在黄色的安全线以外。
故答案为：流速越大的位置，压强越小。
对于流体来说，流速越大的位置，压强越小，流速越小的位置，压强越大；
本题考查流体压强与流速的关系，难度不大。
14.【答案】减 小于
【解析】解：返回舱在下降过程中，开始做减速运动，下落过程中，其质量不变，高度减小，故重力势能将减少；减速下降时，即说明向上的力大于向下的力，故返回舱所受的重力小于阻力。
故答案为：减少；小于。
(1)重力势能大小的影响因素：质量、高度。
(2)对于运动的物体来说：当阻力小于动力时，物体做加速运动，若阻力等于动力时，物体做匀速运动；当阻力大于动力时，物体做减速运动。
本题考查了重力势能大小的影响因素、物体运动状态的理解、参照物的判断和速度的计算，是一道综合题。
15.【答案】==>
【解析】解：
(1)由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然相同，
根据p=ρgh可知水对容器底部的压强相等，即：p1=p2；
(2)因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；
由于玩具鸭子在水中漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物=F浮=G排，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同(底面积相同)，则由p=FS可知，此时两玻璃缸对桌面的压强相等，即：p3=p4；
(3)甲、乙两缸中装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，根据F浮=ρ水gV排可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1>F2。
故答案为：=；=；>。
(1)知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p=ρgh可比较缸底受到水的压强；
(2)水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据漂浮条件和阿基米德原理可知甲、乙两玻璃缸对桌面的压力关系，然后比较压强关系；
(3)根据图示判断出两只玩具鸭排开水的体积大小关系，根据阿基米德原理比较浮力大小关系。
本题考查了液体压强公式、压强定义式、浮沉条件和阿基米德原理的应用，关键是根据漂浮条件和阿基米德原理推出玩具鸭的重力与溢出水的重力相等。
16.【答案】8×108 1.3×105 变小
【解析】解：福建舰满载时的排水量m排=80000t=8×107kg，
福建舰满载时所受浮力为：F浮=G排=m排g=8×107kg×10N/kg=8×108 N；
舰底部受到海水的压强为：p=ρ海水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×13m=1.3×105 Pa；
舰载机起飞后，福建舰的总重力减小，仍然处于漂浮状态，由于物体漂浮时浮力等于自身的重力，所以受到的浮力变小。
故答案为：8×108；1.3×105；变小。
(1)排水量是指满载时排开水的质量，根据F浮=G排=m排g求出福建舰满载时所受的浮力；
(2)根据p=ρ液gh计算出舰底部受到海水的压强；
(3)福建舰漂浮时，受到的浮力等于总重力，对航空母舰进行受力分析，可得到浮力的变化情况。
本题考查了学生对阿基米德原理、液体压强、物体的漂浮条件的掌握和运用，难度不大。
17.【答案】变大 不变 2.1×106
【解析】解：潜水艇在下潜的过程中，所处深度h变大，根据p=ρgh可知潜水器受到水的压强变大；
潜水器自完全没入海水，ρ和V排不变，根据F浮=ρgV排可知潜水器受到的浮力不变；
潜水器在7km深处时所受压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa；
对观测窗的压力：F=pS=7×107Pa×0.03m2=2.1×106N。
故答案为：变大；不变；2.1×106。
潜水艇在下潜的过程中，所处深度变大，由液体压强公式分析所受压强变化情况；
根据F浮=ρgV排分析潜水器自完全没入海水水面时所受浮力变化情况；
已知海水密度和下潜深度，由液体压强公式可以求出其所受液体压强，由F=pS计算观测窗受到的压力。
本题考查液体压强公式、阿基米德原理的灵活运用，属于基础题。
18.【答案】漂浮 9
【解析】解：因为ρ物=mV=0.9kg1×10-3m3=0.9×103kg/m3<ρ水=1.0×103kg/m3，所以物体静止时处于漂浮状态；
因为物体漂浮，所以F浮=G物=mg=0.9kg×10N/kg=9N。
故答案为：漂浮；9。
利用物体的浮沉条件判定：实心物体密度小于水的密度，故物体漂浮在水面上；物体漂浮在水面上，浮力等于物体重力
本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口。
19.【答案】75%大于 0.5
【解析】解：
(1)拉力做的有用功：
W有用=Gh=5N×0.3m=1.5J，
斜面的机械效率：
η=W有用W总=1.5J2J×100%=75%；
(2)因为W总=Fs，W额=fs，而W总=W有用+W额>W额，
所以，Fs>fs，则F>f，
即：实际匀速拉动过程中拉力一定会大于摩擦力；
(3)拉力做的额外功：
W额=W总-W有用=2J-1.5J=0.5J；
由W额=fs得物体受到的摩擦力：
f=W额s=0.5J1.0m=0.5N。
故答案为：75%；大于；0.5。
(1)已知物体重力和提升的高度，根据公式W=Gh可求有用功；知道总功大小，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=fs，根据W总>W额推导拉力与摩擦力的大小关系；
(3)使用该斜面所做的额外功等于总功减去有用功，利用W额=fs求物体受到的摩擦力。
本题考查了有用功、额外功、机械效率、摩擦力的计算，明确使用斜面时有用功、额外功的含义是关键。
20.【答案】使小车到达水平面时小车的初速度相同 远 匀速直线 ②④
【解析】解：(1)用同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下是为了使小车到达水平面时小车的初速度相同；
(2)木板表面最光滑，阻力就最小，小车运动的距离就最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，由此推理可得：如果运动的物体在没有受到力的作用时，将做匀速直线运动。
(3)同一小车从不同高度由静止滑下，通过小车运动的距离可知克服阻力做功的多少，从而可判断小车具有能量的大小，所以可以探究小车重力势能与高度的关系，由于从不同高度滑下，到达水平面时的初速度不同，所以还可探究动能与速度的关系。故选②④。
故答案为：(1)使小车到达水平面时小车的初速度相同；(2)远；匀速直线；(3)②④。
(1)要探究阻力对物体运动的影响，实验中应控制小车的初速度相同，为了使小车到达水平面具有相同的初速度，应使同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下；
(2)接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，小车运动的距离越远；
根据牛顿第一定律，如果运动的物体没有受到力的作用，将做匀速直线运动；运用了科学推理的方法。
(3)根据控制变量法分析。
本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
21.【答案】液体密度 ①②③ 浮力的大小与物体排开液体的体积有关 1.2×103 a2.7×103 下沉
【解析】解：(1)F浮=G-F示，由①④可知，物体浸没水中受到的浮力：F1=4N-3N=1N，
由①⑤可知，物体浸没盐水中受到的浮力：F2=4N-2.8N=1.2N，
F1≠F2，
可见，物体受到的浮力与液体的密度有关。
(2)①②③实验中，物体浸入水中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
(3)物体浸没在水中时，排开液体的体积等于自身体积，
则根据F浮=ρ液gV排可得，物体的体积：V=V排水=F1ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体浸没在盐水中时，排开盐水的体积：V排盐水=V=1×10-4m3，
则盐水的密度：ρ盐水=F2gV排盐水=1.2N10N/kg×1×10-4m3=1.2×103kg/m3。
(4)①完全浸没前，深度越大，物体排开水的体积越大，所受浮力越大；完全浸没后，排开水的体积不变，所受的浮力不变，所以浮力随深度的变化是先变大后不变，应为a；
②由图像知，当F浮B=0时，测力计的示数为2.7N，则GB=2.7N；
当物体完全浸没时的浮力为1.0N，根据F浮=ρ液gV排得：
VB=V排B=F浮Bρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
则ρB=mBVB=GBVBg=2.7N1×10-4m3×10N/kg=2.7×103kg/m3；
③因为ρB>ρ水，所以根据物体浮沉条件可知，将该物体从弹簧测力计上取下后放入水中，将下沉。
故答案为：(1)液体密度；(2)①②③；浮力的大小与物体排开液体的体积有关；(3)1.2×103；(4)①a；②2.7×103；③下沉。
(1)④⑤两组实验通过变换不同的液体，改变液体的密度，弹簧测力计的示数F示变化，因为F浮=G-F示，物体受到的浮力发生了变化，由此说明浮力的大小与液体的密度有关.
(2)②③两组实验，用的是水、密度相同，物体浸入液体中的体积不同，弹簧测力计的示数不同，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关。
(3)物体浸没在水中时，排开液体的体积等于自身体积，根据F浮=ρ液gV排可求出物体的体积，进而可得物体排开盐水的体积，再利用F浮=ρ液gV排可求出盐水的密度。
(4)①物体浸没前所受浮力随深度的增加而增大，当完全浸没后，所受浮力将不变；
②当浮力等于0时测力计的示数等于物体的重力；
根据B完全浸没时的浮力计算出物体的体积，然后根据ρ=mV=GVg计算出物体的密度；
③比较物体B与水的密度大小，根据物体浮沉条件判断其在水中的状态。
此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了称重法浮力的计算，阿基米德原理、密度公式及控制变量法的应用，同时还考查了有关图像的分析，综合性较强，难度较大。
22.【答案】是 便于测量力臂 左 1F1L1=F2L2 变大
【解析】解：(1)杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，是处于平衡状态；
(2)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；
杠杆左端偏高，则重心应向左移动，故应将左端的平衡螺母向左移动；
(2)调节杠杆平衡后，在A点用弹簧测力计施加一个竖直向上的力，弹簧测力计示数如上图(b)所示，弹簧测力计的分度值是0.2N，拉力F=3N，根据杠杆的平衡条件可得在B位置竖直向下悬挂重为：G×6L=F×2L，解得G=F3=3N3=1N；
杠杆的平衡条件是动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1L1=F2L2)；
(3)从支点O作动力F作用线反向延长线的垂线段，即为动力臂L，如图所示，
如改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。
故答案为：(1)是；(2)便于测量力臂；左；(3)1；F1L1=F2L2；(4)见解答；变大。
(1)物体处于静止状态时，处于平衡状态；
(2)杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，使杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂；平衡螺母调节方法是“左低右调，右低左调”；
(3)根据杠杆平衡条件分析；初中物理用实验探究物理问题时要进行多次实验，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性；
(4)从支点作力的作用线的垂线段即可作出力的力臂；
当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
本题探究杠杆平衡条件，涉及到的知识点有：杠杆平衡的调节、根据杠杆平衡条件进行计算以及力臂的作法等。
23.【答案】解：(1)木块体积V=200cm3=2×10-4m3，所以木块完全浸没在水中时V排=V=2×10-4m3，
木块受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-4m3=2N；
(2)木块在绳子拉力的作用下静止在水中，受到竖直向下的重力和拉力、竖直向上的浮力作用；所以G木+F=F浮，则木块的重力为：
G木=F浮-F=2N-0.8N=1.2N；
(3)剪断绳子，因为F浮>G木，所以木块上浮，静止时会漂浮在水面上，漂浮时木块受到的浮力等于自身重力，即F浮'=G木=1.2N，
由F浮=ρ水gV排得排开水的体积为：
V排'=F浮'ρ水g=1.2N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.2×10-4m3；
此时木块排开水水的体积比完全浸没在水中少排开水的体积为：
ΔV排=V-V排'=2×10-4m3-1.2×10-4m3=8×10-5m3，
此时容器水面降低的深度为：
h=ΔV排S=8×10-5m3400×10-4m2=0.002m，
所以剪断绳子后，水对容器底减小的压强为：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.002m=20Pa。
答：(1)木块此时受到的浮力为2N。
(2)木块的重力为1.2N。
(3)剪断绳子，木块静止后，容器底部减小的压强为20Pa。
【解析】(1)根据阿基米德原理计算浸没在水中木块受到的浮力；
(2)分析木块的受力情况，根据受力平衡时合力为零即可求出木块的重力；
(3)木块漂浮时所受的浮力等于它自身的重力，根据阿基米德原理计算木块漂浮时排开水的体积，液体压强公式是p=ρ液gh，判断压强变化只要分析液体深度变化即可。
本题考查物体的浮沉条件、液体压强公式和阿基米德原理的应用，注意木块在水中的浮力要利用浮力的公式来计算，木块漂浮时的浮力要利用漂浮的条件来求，正确地分析木块受力是解题关键。
24.【答案】解：(1)由图知，人站在地面上拉绳子自由端，即绳端的拉力方向向下，据此由外向内依次画出滑轮组的绕线方式，如下图所示：
；
(2)由图可知，n=2，绳子自由端移动的速度为：
v=st=nht=2×20m10s=4m/s；
(3)拉力做功的功率为：
P=Wt=Fst=Fv=120N×4m/s=480W；
(4)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=2×120N-200N=40N，
若用此滑轮组匀速提起360N的重物，此时滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=W有W有+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=360N360N+40N×100%=90%。
答：(1)见解答图；
(2)绳子自由端向下移动的速度为4m/s；
(3)拉力做功的功率为480W；
(4)若用此滑轮组匀速提起360N的重物，此时滑轮组的机械效率为90%。
【解析】(1)由图知，人站在地面上拉绳子自由端，据此由外向内画出滑轮组的绕线方式；
(2)根据设计的滑轮组装置确定绳子的股数，利用v=st=nht求出绳子自由端移动的速度；
(3)根据P=Wt=Fst=Fv求出拉力做功的功率；
(4)不计绳重及摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力，利用η=W有W总=W有W有+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
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