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山东省泰安市新泰市第一中学（老校区）2022-2023学年高一生物下学期第二次段考试题（Word版附解析）
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这是一份山东省泰安市新泰市第一中学（老校区）2022-2023学年高一生物下学期第二次段考试题（Word版附解析），共27页。
新泰一中2022级高一年级下学期第一次阶段性考试
生物试题
―、选择题
1. 生物学常用的方法有溯因法、归纳法和假说—演绎法，孟德尔利用假说—演绎法，发现了两大遗传定律。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 孟德尔通过正反交提出的问题是“F1产生3：1性状分离比”
B. 为验证“F1成对的遗传因子彼此分离进入不同配子”，孟德尔设计了测交实验
C. “遗传因子在体细胞中成对存在”属于假说的内容
D. 孟德尔的遗传定律不可以解释所有有性生殖生物的遗传现象
【答案】A
【解析】
【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说—演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；
②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；
③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；
④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。
【详解】A、孟德尔提出问题是通过杂交（包括正反交）和自交实验，A错误；
B、为验证“F1成对的遗传因子彼此分离进入不同配子”，孟德尔设计了测交实验，B正确；
C、假说中提出了“生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合”，C正确；
D、进行有性生殖的生物细胞质中含有基因，其遗传不遵循孟德尔定律，所以孟德尔的遗传定律不可以解释所有有性生殖生物的遗传现象 ，D正确。
故选A。
2. 下图表示某基因及其转录的mRNA的部分碱基序列，已知mRNA含有1200个碱基。下列相关分析正确的是（ ）
A. 图示mRNA上对应氨基酸的密码子最多有64种
B. 图示碱基参与组成的核苷酸共有5种
C. 组成图示基因的两条链中，G与C之和所占比例相等
D. mRNA的合成需要DNA聚合酶的参与
【答案】C
【解析】
【分析】DNA分子结构的主要特点：DNA是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的双螺旋结构； DNA的外侧由脱氧核糖和磷酸交替连接构成的基本骨架，内侧是碱基通过氢键连接形成的碱基对，碱基之间的配对遵循碱基互补配对原则(A-T、C-G)。
【详解】A、 密码子共64个，其中终止密码不决定氨基酸，A错误；
B、A、T、U、C、G五种碱基参与组成的核苷酸，T、U只能各形成一种，A、C、G各能形成两种核苷酸（脱氧核糖核苷酸和核糖核苷酸），所以一共有8种，B错误；
C、组成图示基因的两条链中，因为碱基互补配对原则，C与G两种碱基相互对应，一条链中C对应另一条中的G，数量相等，所以两条链中，G与C之和所占比例相等，C正确；
D、mRNA的合成为转录过程，需要RNA聚合酶的参与，D错误。
故选C。
3. 下列有关原核细胞和真核细胞转录和翻译过程的叙述中，正确的是( )
A. 原核细胞中，转录还未结束便启动遗传信息的翻译
B. 真核细胞内，在转录的同时，核糖体进入细胞核启动遗传信息的翻译
C. 原核细胞内，转录促进mRNA在核糖体上移动，以便合成肽链
D. 真核细胞内，一个mRNA分子在多个核糖体上移动，同时合成多条肽链
【答案】A
【解析】
【详解】A、原核细胞没有核膜，边转录边翻译，A项正确。
B、核糖体不能进入细胞核，B项错误。
CD、核糖体在mRNA上移动以合成肽链，C项和D项都错误。
故选A。
4. 如图是中心法则图解，中心法则揭示了生物的遗传信息传递的一般规律，下列说法错误的是（ ）
A. 五个过程都会发生碱基互补配对
B. c 过程还需要 tRNA 和核糖体参与
C. 某些病毒增殖时可发生 d 过程，需逆转录酶
D. 在所有的真核细胞中，a 和 b、c 三个过程均可发生
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图：图示为中心法则的内容，其中a表示DNA分子的自我复制；b表示转录过程；c表示翻译过程；d表示逆转录过程；e表示RNA分子的自我复制过程。其中d和e只发生在被某些病毒侵染的细胞中。
【详解】A、五个过程都遵循碱基互补配对原则，均会发生碱基互补配对，A正确；
B、c 过程为翻译，还需要 tRNA （搬运氨基酸）和核糖体（翻译的场所）参与，B正确；
C、、d为逆转录过程，某些逆转录病毒病毒增殖时可发生 d 过程，需逆转录酶，C正确；
D、a、b、c分别表示复制、转录和翻译过程，a只发生在能进行细胞分裂的细胞中，因此并不是在所有真核细胞都能发生a过程，D错误。
故选D。
5. 拉布拉多犬个性忠诚，智商极高，深受人们的喜爱。其毛色有黑、黄、棕3种，分别受B、b和E、e两对等位基因控制。为选育纯系黑色犬，育种工作者利用纯种品系进行了杂交实验，结果如下图所示。相关叙述不正确的是（ ）
A. B、b和E、e的遗传遵循基因的自由组合定律
B. F2黑色犬中基因型符合育种要求的个体占1/9
C. F2黄色犬与棕色犬随机交配，子代中可获得纯系黑色犬
D. F2黑色犬进行测交，测交后代中不能获得纯系黑色犬
【答案】C
【解析】
【分析】根据遗传图解可知，拉布拉多犬毛色的三种表现类型由两对等位基因控制并且符合自由组合定律，其中黄色的基因型为（B_ee或bbE-和bbee），棕色基因型为（bbE_或B-ee），黑色基因型为（B_E_），根据题干信息可以进行分析答题。
【详解】A、由于黑色个体F1自由交配后代产生的个体中有三种毛色，并且符合9∶3∶3∶1的性状分离比及变形，因此两对基因B、b和E、e的遗传符合基因的分离定律和自由组合定律，A正确；
B、F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四种，其中符合要求的黑色纯合子BBEE占1/9，B正确；
C、F2黑色犬测交（与bbee杂交）其后代一定都含有bbee产生的配子中的b和e基因，因此不会出现BBEE个体，C错误。
D、F2中黄色犬（B_ee或bbE-和bbee）与棕色犬（bbE_或B-ee）随机交配，其后代中不会出现BB和EE的个体，因此不能获得黑色纯种BBEE的个体，D正确。
故选C。
6. DNA分子可以为案件侦破提供证据的原理是（ ）
A. 不同人体内的DNA含有的碱基不同 B. 不同人体内的DNA含有的磷酸不同
C. 不同人体内的DNA含有的五碳糖不同 D. 不同人体内的DNA的核苷酸序列不同
【答案】D
【解析】
【分析】1、DNA是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的双螺旋结构，其外侧由脱氧核糖和磷酸交替连结构成基本骨架，内侧是碱基通过氢键连接形成的碱基对，碱基之间的配对遵循碱基互补配对原则，即A-T、C-G、T-A、G-C。
2、DNA分子的多样性：构成DNA分子的脱氧核苷酸虽只有4种，配对方式仅2种，但其数目却可以成千上万，更重要的是形成碱基对的排列顺序可以千变万化，从而决定了DNA分子的多样性（n对碱基可形成4n种）。
3、DNA分子的特异性：每个特定的DNA分子中具有特定的碱基排列顺序，而特定的排列顺序代表着遗传信息，所以每个特定的DNA分子中都贮存着特定的遗传信息，这种特定的碱基排列顺序就决定了DNA分子的特异性。
【详解】ABC、不同人体内的DNA含有的碱基、磷酸、五碳糖（脱氧核糖）都是相同的，ABC错误；
D、生物遗传信息储存在DNA分子中，每个人DNA的脱氧核苷酸序列是特定的，这构成了DNA分子的特异性，故DNA样品可为案件侦破提供证据，D正确。
故选D。
7. 某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。
①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离
②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶
③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1
④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1
其中能够判定植株甲为杂合子的实验是
A. ①或②
B. ①或④
C. ②或③
D. ③或④
【答案】B
【解析】
【分析】由题干信息可知，羽裂叶和全缘叶是一对相对性状，但未确定显隐性，若要判断全缘叶植株甲为杂合子，即要判断全缘叶为显性性状，羽裂叶为隐性性状。根据子代性状判断显隐性的方法：①不同性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子；②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本为杂合子。
【详解】让全缘叶植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明植株甲为杂合子，杂合子表现为显性性状，新出现的性状为隐性性状，①正确；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，说明双亲可能都是纯合子，既可能是显性纯合子，也可能是隐性纯合子，或者是双亲均表现为显性性状，其中之一为杂合子，另一个为显性纯合子，因此不能判断植株甲为杂合子，②错误；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但谁是杂合子、谁是纯合子无法判断，③错误；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1，说明植株甲与另一全缘叶植株均为杂合子，④正确。综上分析，供选答案组合，B正确，A、C、D均错误。
【点睛】解答本题的关键是明确显隐性性状的判断方法，以及常见分离比的应用，测交不能用来判断显隐性，但能检验待测个体的基因组成，因此可用测交法来验证基因的分离定律和基因的自由组合定律。
8. 现有DNA分子的两条单链均只含有14N（表示为14N14N）的大肠杆菌，若将该大肠杆菌在含有15N的培养基中繁殖两代，再转到含有14N的培养基中繁殖一代，则理论上DNA分子的组成类型和比例分别是（ ）
A. 有15N14N和14N14N两种，其比例为1：3
B. 有15N15N和14N14N两种，其比例为1：1
C. 有15N15N和14N14N两种，其比例为3：1
D. 有15N14N和14N14N两种，其比例为3：1
【答案】D
【解析】
【分析】本题考查DNA复制的相关知识，要求考生识记DNA分子复制的特点，掌握DNA分子半保留复制的探索历程，能结合所学的知识准确答题。
【详解】DNA分子的两条单链均只含有14N，该大肠杆菌在含有 15N 的培养基中繁殖两代，形成4个DNA，其中2个DNA为15N14N，另外2个DNA为15N15N。；再转到含有 14N 的培养基中繁殖一代，DNA为15N14N形成的子代DNA中，一个DNA为15N14N，另外1个DNA为 14N14N；而DNA为 15N15N 形成的2个子代DNA都为 15N14N；因此理论上 DNA 分子的组成类有 15N14N 和 14N14N 两种，其比例为 3：1。 故选D。
【点睛】DNA复制是以亲代DNA分子为模板合成子代DNA分子的过程。每个DNA分子都是由一条母链和一条子链构成。
9. 现有某mRNA分子的一个片段，其逆转录产生的cDNA的碱基序列为5'-ACGCGTAAA-3'，部分密码子与氨基酸的对应关系如下。下列相关叙述正确的是（ ）
5'-ACG-3'（苏氨酸） 5'-CGU-3'（精氨酸） 5'-UGC-3'（半胱氨酸）
5'-GCA-3'（丙氨酸） 5'-AAA-3'（赖氨酸） 5'-UUU-3'（苯丙氨酸）
A. 逆转录和DNA复制过程中碱基配对的方式相同
B. 该mRNA片段产生cDNA的过程不需要解旋酶参与
C. 翻译该mRNA片段时，运输丙氨酸的tRNA上的反密码子可能是5'-CGU-3'
D. 该mRNA片段翻译产生的肽链氨基酸序列为半胱氨酸-丙氨酸-苯丙氨酸
【答案】B
【解析】
【分析】转录是在细胞核内，以DNA一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA的过程。 翻译是在核糖体中以mRNA为模板，按照碱基互补配对原则，以tRNA为转运工具、以细胞质里游离的氨基酸为原料合成蛋白质的过程。
【详解】A、逆转录过程中遗传信息从RNA流向DNA，而DNA复制过程中遗传信息从DNA流向DNA，可见这两个过程中碱基配对的方式不完全相同，前者是A-T、U-A、G-C、C-G，而后者是A-T、T-A、G-C、C-G，A错误；
B、mRNA为单链结构，因此，由该mRNA片段产生cDNA的过程不需要解旋酶参与，B正确；
C、丙氨酸的密码子是5'-GCA-3'（丙氨酸），根据碱基互补配对原则可推测，翻译该mRNA片段时，运输丙氨酸的tRNA上的反密码子可能是5'-UGC-3'，C错误；
D、该mRNA的碱基序列为5'-UUUACGCGU-3'，由该mRNA片段翻译产生的肽链的氨基酸序列为苯丙氨酸-苏氨酸-精氨酸，D错误。
故选B。
10. 正常情况下﹒下列有关细胞内RNA的叙述，正确的是（ ）
A. 细胞内RNA大部分位于细胞核中，少数在线粒体和叶绿体中
B. RNA具有储存遗传信息、运输、参与组成细胞结构等功能，但无催化功能
C. RNA片段彻底水解后得到的碱基中嘌呤的数量和嘧啶的数量相等
D. 翻译过程至少需要3种RNA参与
【答案】D
【解析】
【分析】转录是指以DNA的一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA的过程。翻译是指以mRNA为模板，合成具有一定氨基酸排列顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、细胞内的RNA大部分位于细胞质中，且主要在线粒体和叶绿体中，A错误；
B、细胞中的mRNA具有传递遗传信息的作用；tRNA具有运输氨基酸的作用；某些酶的本质为RNA，具有催化化学反应的作用，B错误；
C、RNA片段通常为单链结构，其彻底水解后得到的碱基中嘌呤的数量和嘧啶的数量未必相等，C错误；
D、翻译过程至少需要3种RNA参与，分别需要mRNA作为翻译的模板，tRNA作为运输氨基酸的工具，核糖体作为翻译的模板，其中核糖体的组成成分中有rRNA，D正确。
故选D。
11. 噬菌体侵染细菌实验分析的活动如图所示（甲和丙为悬浮液，乙和丁为沉淀物)。下列叙述正确的是（ ）
A. 若其他操作正常，随①过程时间延长，则甲中含有35S的蛋白质外壳的量会增多
B. 若各过程操作正确，则乙中存在35S标记的子代噬菌体
C. 丙中可能含有32P的亲代噬菌体、亲代噬菌体蛋白质外壳、含32P和不含32P的子代噬菌体
D. 若②和③操作不当，会使丁中含32P的放射性增强
【答案】C
【解析】
【分析】赫尔希和蔡斯利用同位素标记法，用35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，32P标记的T2噬菌体的DNA分子，完全实现了DNA和蛋白质的分离，充分证明DNA是遗传物质。
（1）由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，故正确操作后放射性主要集中在上清液，即上清液中放射性很高，而沉淀物中的放射性很低，实验结果说明噬菌体的蛋白质外壳没有进入细菌。
（2）32P标记的T2噬菌体的DNA分子，故正确操作后放射性主要集中在沉淀物中，即上清液中放射性很低，而沉淀物中的放射性很高，实验结果说明噬菌体的DNA进入了细菌。
（3）噬菌体侵染细菌实验由于完全实现了DNA和蛋白质的分离，故能充分证明DNA是遗传物质。
【详解】A、由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，蛋白质外壳不能进入细菌，故正确操作后放射性主要集中在上清液，若其他操作正常，无论①过程时间是否延长， 都不会影响甲（上清液）中含35S的蛋白质外壳的量的多少，A错误；
B、由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，蛋白质外壳不能进入细菌，若各过程操作正确，则乙（沉淀物）中都不存在35S标记的子代噬菌体，B错误；
C、32P标记的T2噬菌体的DNA分子，丙（上清液）中可能含有32P的亲代噬菌体（未侵入细菌）、亲代噬菌体蛋白质外壳、含32P和不含32P的子代噬菌体（细菌破裂后释放出来的子代噬菌体），C正确；
D、若②和③操作不当，会使放射性物质进入上清液中，则会导致丁（沉淀物）中含32P的放射性减弱，D错误。
故选C。
12. 菜豆是自花传粉植物．其花色中有色对无色为显性．一株杂合有色花菜豆（Cc）生活在海岛上，如果海岛上没有其他菜豆植株存在，且菜豆为一年生植物，则第四年时，海岛上开有色花菜豆植株和开无色花菜豆植株的比例是（ ）
A. 3﹕1 B. 15﹕7 C. 9﹕7 D. 15﹕9
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意分析可知：一对基因Cc的杂合子自交，其遗传遵循基因的分离定律。自交后代的基因型为CC、Cc、cc，比例为1：2：1。
【详解】根据题意分析可知：菜豆为一年生植物，菜豆花的结构与豌豆花类似，也是自花闭花授粉。一株有色花的菜豆生活在海岛上，没有其它菜豆植株存在，第二年得到了开有色花和白花的植株，说明这株有色花是杂合体。一株杂合有色菜豆自交，子一代基因型为1/4CC、2/4Cc、1/4cc；子一代自交，子二代基因型为（1/4+2/4×1/4=3/8）CC、（2/4×2/4=1/4）Cc、（1/4+2/4×1/4=3/8）cc；子二代自交，子三代基因型为（3/8+1/4×1/4=7/16）CC、（1/4×2/4=2/16）Cc、（3/8+1/4×1/4=7/16）cc，由于菜豆的花色中有色对白色为显性，所以CC和Cc表现为有色菜豆，cc表现为白花菜豆。因此，子三代中开有色花的菜豆植株和开白花的菜豆植株的比例是（7/16+2/16）：7/16=9：7。
故选C。
13. 下列关于遗传实验中涉及的性状分离和交配说法正确的是（ ）
A. 非糯性水稻产生的花粉既有糯性的又有非糯性的，体现了性状分离现象
B. 通过具有相对性状的植物先杂交再自交，能够判断亲本的显隐性
C. 正交和反交实验也可以用来判断杂合子和纯合子
D. 测交可用于是判断动物某对性状的显隐性关系
【答案】B
【解析】
【分析】性状分离是指具有一对相对性状的亲本杂交，F1全部个体都表现显性性状，F1自交，F2个体大部分表现显性性状，小部分表现隐性性状的现象，即在杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象。
【详解】A、非糯性水稻产生的花粉属于配子，不是个体，性状分离是在杂种后代（个体）中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象，A错误；
B、具有相对性状的植物杂交，子代若只有一种表现型，则该表现型为显性性状，若子代有两种表现型，则让子代分别自交，发生性状分离的即为显性性状，因此通过具有相对性状的植物先杂交再自交，能够判断亲本的显隐性，B正确；
C、当基因位于常染色体上时，正交和反交的实验结果相同，因此不能通过正交和反交实验来判断杂合子和纯合子，C错误；
D、测交的亲本为相对性状，后代会出现两种表现型，不能据此判断动物某对性状的显隐性关系，D错误。
故选B。
14. 某植物的红花与白花这对相对性状受一对等位基因控制，生物兴趣小组的同学将300对亲本均分为2组，进行了下表所示的实验。下列说法错误的是（ ）
组别
杂交方案
杂交结果
甲
红花×白花
红花∶白花=7:1
乙
白花×白花
全为白花
A. 红花为显性性状，白花为隐性性状
B. 控制红花和白花的基因的碱基排列顺序不同
C. 甲组红花亲本中杂合个体的比例是1/3
D. 甲组中红花亲本个体全部自交，子代中白花个体占的比例为1/16
【答案】C
【解析】
【分析】甲组实验，红花与白花亲本杂交，子代红花∶白花=7∶1，说明红花对白花为显性性状（相关基因用M、m表示），且红花亲本植株既有纯合子，也有杂合子。因白花亲本（mm）只产生一种基因型为m的配子，子代的性状分离比与红花亲本产生的配子及其比例相同。若红花亲本中杂合个体（Mm）的比例是X，则纯合个体（MM）的比例是1－X，进而推知：红花亲本产生的配子及其比例为M∶m＝（1－X＋1/2X）∶1/2X＝7∶1，解得X＝1/4。在此基础上，即可对各选项作出准确的判断。
【详解】A、由甲组的杂交结果可推知：红花为显性性状，白花为隐性性状，且红花亲本植株既有纯合子，也有杂合子，A正确；
B、控制红花和白花的基因为不同的有遗传效应的DNA片段，因此二者的碱基排列顺序不同，B正确；
C、假设红花由基因M控制，白花由基因m控制，甲组的杂交子代红花∶白花=7∶1，即杂交子代白花的比例是1/8，说明亲本红花植株产生m配子的比例是1/8，进而推知：甲组红花亲本中杂合个体的比例是1/4，C错误；
D、甲组红花亲本中，只有杂合个体（Mm）自交才能产生白花子代（mm）个体，因甲组红花亲本中Mm的比例是1/4，所以自交产生的白花子代个体的比例为1/4×1/4＝1/16，D正确。
故选C。
15. 某真核生物DNA片段的结构示意图如下，下列叙述不正确的是（ ）
A. DNA两条单链不仅碱基数量相等，而且都有A、T、G、C四种碱基
B. ①是氢键，它的存在使两条脱氧核苷酸链相连，使DNA呈现规则的双螺旋结构
C. ②表示腺嘌呤脱氧核苷酸，是DNA的基本组成单位之一
D. 若a链的碱基比例为A：T：G：C=1：2：3：4，则整个DNA中（A+T）/（C+G）=3/7
【答案】C
【解析】
【分析】图示为某真核生物DNA片段的结构示意图，其中①为氢键，②为腺嘌呤（A），③为磷酸二酯键。
【详解】A、DNA两条链之间的碱基互补配对（A=T，G=C），所以每条单链碱基数量相等，且每条链上同时都含有四种碱基（A、G、C、T），A正确；
B、①是氢键，将DNA两条链之间的碱基连接形成碱基对，它的存在使两条脱氧核苷酸链相连，使DNA呈现规则的双螺旋结构，B正确；
C、图中②与A配对，表示腺嘌呤，C错误；
D、根据DNA中的碱基互补配对原则（A=T，G=C），若a链的碱基比例为A∶T∶G∶C=1∶2∶3∶4，则互补链中的β链中A∶T∶G∶C=2∶1∶4∶3，则DNA分子中4种碱基的比例为A∶T∶G∶C=3∶3∶7∶7，整个DNA中（A+T）/（C+G）=3/7，D正确。
故选C。
16. 已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（ ）
基因型
HH
Hh
hh
公羊的表型
有角
有角
无角
母羊的表型
有角
无角
无角
A. 若双亲无角，子代中也会出现有角
B. 若双亲有角，则子代全部有角
C. 若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为3∶1
D. 绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律
【答案】A
【解析】
【分析】从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表现型上受个体性别影响的现象。题中绵羊的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性，无角基因h为隐性，在杂合体（Hh）中，公羊表现为有角，母羊则无角，这说明在杂合体中，有角基因H的表现是受性别影响的。
【详解】A、若双亲无角，则父本基因型为hh，母本基因型可能为Hh或hh，则子代中可能出现基因型为Hh的个体，若其为公羊则表现为有角，A正确；
B、若双亲有角，则母本基因型为HH，父本基因型可能为Hh或HH，子代就可能出现基因型为Hh的个体，若其为母羊则表现为无角，B错误；
C、若双亲基因型为Hh，则子代HH：Hh：hh＝1：2：1，公羊中有角：无角＝3：1，母羊中有角：无角＝1：3，公羊母羊数量一致，则子代有角与无角的数量比为1：1，C错误；
D、绵羊的有角和无角是受一对等位基因控制的相对性状，遵循基因的分离定律，D错误。
故选A。
17. 人的i、IA、IB基因可以控制血型，以下有关叙述不正确的是（ ）
A. 子女之一为B型血时，双亲之一有可能为A型血
B. 双亲之一为AB型血时，不能生出O型血的孩子
C. 子女之一为A型血时，双亲至少有一方是A型血
D. 双亲之一为O型血时，不能生出AB型血的孩子
【答案】C
【解析】
【分析】人的i、IA、IB基因可以控制血型，A型血基因型为：IAIA、IAi；B型血基因型为：IBIB、IBi；AB型血基因型为：IAIB；O型血基因型为：ii。
【详解】A、双亲中一方为A型血（IAi），另一方为B型血（IBi），他们的孩子可以是A型血（IAi）或B型血（IBi）或AB型血（IAIB）或O型血（ii），A正确；
B、双亲之一为AB型血（IAIB）时，不能生出O型血（ii）的孩子，B正确；
C、双亲中一方为AB型血（IAIB），另一方为B型血（IBi）时，也可生出A型血（IAi）的孩子，C错误；
D、双亲之一为O型血（ii）时，不能生出AB型血（IAIB）的孩子，D正确。
故选C。
18. 如图为某植株自交产生后代的过程，以下对此过程及结果的描述，错误的是（ ）
AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵子代：N种表现型（9:6:1）
A. A、a与B、b的自由组合发生在①过程
B. ②过程发生雌、雄配子的随机结合
C. M、N分别代表9、3
D. 该植株测交后代性状分离比为1：2：1
【答案】C
【解析】
【分析】
由题图可知，①是减数分裂形成配子的过程，②是受精作用，③是受精卵经过细胞有丝分裂和细胞分化形成个体的过程。
【详解】A、根据自由组合定律可知，A、a 与 B、b的自由组合发生在减数分裂形成配子的过程中，即①过程，A正确；
B、②是受精作用，雌雄配子的结合是随机的，B正确；
C、M是受精作用过程中，配子的结合方式，共有16种，N为表现型，为3种，C错误；
D、由表现型为9：6：1可知，A_B_表现一种性状，A_bb和aaB_表现一种性状，aabb表现一种性状，测交后代的基因型及比例是AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，因此测交后代表现型是1：2：1，D正确。
故选C。
19. 某自花受粉植物的株高受第1号染色体上的A/a、第7号染色体上的B/b和第11号染色体上的C/c控制，且三对等位基因作用效果相同。每增加一个显性基因，该植物会在基本高度8 cm的基础上再增加2 cm。下列叙述错误的是（ ）
A. 基本高度8 cm的植株基因型为aabbcc
B. 控制株高的三对基因的遗传符合自由组合定律
C. 株高为14 cm的植株基因型有6种
D. 某株高为10 cm的个体在自然状态下繁殖，F1应有1∶2∶1的性状分离比
【答案】C
【解析】
【分析】由题干可知，A/a、B/b和C/c这三对等位基因分别位于三对非同源染色体上，因此是独立遗传，即其遗传符合基因自由组合定律。三对等位基因作用效果相同，当有显性基因存在时，每增加一个显性基因，该植物会在基本高度8cm的基础上再增加2cm，说明是数量遗传。
【详解】A、由题意可知基本高度为8cm的植株不含显性基因，所以它的基因型应为aabbcc，A正确；
B、由题干可知，A/a、B/b和C/c这三对等位基因分别位于不同对同源染色体上，因此是独立遗传的，即其遗传符合基因自由组合定律，B正确；
C、株高为14cm的植株中含有显性基因为（14-8）÷2=3个，包括AABbcc、AAbbCc、AaBBcc、AaBbCc、AabbCC、aaBBCc、aaBbCC共7种基因型，C错误；
D、该植物自然状态自花受粉即进行自交，株高为10cm的个体中只含有1个显性基因，假设基因型为Aabbcc，则自交F1中AAbbcc：Aabbcc：aabbc=1：2：1，D正确。
故选C。
20. 基因型为Aa的某植株产生的a花粉中，有2/3是致死的。则该植株自花传粉产生的子代中，AA：Aa：aa基因型个体的数量比为（ ）
A. 3：4：1 B. 9：6：1 C. 3：5：2 D. 1：2：1
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意分析可知：正常情况下，基因型为Aa的植物产生的A和a两种花粉和卵细胞的比例均为1：1。又由于“产生的a花粉中有2/3是致死的”，因此产生的卵细胞A：a=1：1，而花粉的种类和比例为A：a=3∶1。
【详解】正常情况下，基因型为Aa的植物产生的A和a两种花粉和卵细胞的比例均为1：1。又由于“产生的a花粉中有2/3是致死的”，因此产生的卵细胞A：a=1：1，而花粉的种类和比例为A：a=3∶1，因此产生的卵细胞为1/2A、1/2a，而花粉的种类和比例为3/4A、1/4a。因此该个体自花传粉，产生的后代基因型为AA的比例为1/2×3/4=3/8，Aa的比例为1/2×3/4+1/2×1/4=4/8，aa的比例为1/2×1/4=1/8。因此，该植株自花传粉产生的子代中AA：Aa：aa基因型个体的数量比为3：4：1，A正确。
故选A。
21. 若一个DNA分子某基因共含有碱基N个，其中胸腺嘧啶占模板链上所有碱基的比例为a（a＜1/2），占该基因中所有碱基的比例为b（b＜1/2），下列相关叙述错误的是（ ）
A. 该基因所含氢键数一定大于N个
B. 该基因含有N个脱氧核糖，2个游离的磷酸基团
C. 该基因转录出的mRNA中，尿嘧啶最多占2b-a
D. 该基因转录、翻译出的蛋白质中氨基酸数少于N/6
【答案】B
【解析】
【分析】DNA分子是由两条反向平行的单链构成的，每条链都有1个游离的磷酸基团，故每个DNA分子含有2个游离的磷酸基团。
【详解】A、因胸腺嘧啶（T）占该基因中所有碱基的比例为b（b＜1/2），则该基因中A+T=2b＜1，即该基因中还有碱基对C/G；碱基对A/T之间有2个氢键，C/G之间有3个氢键，该基因共含有碱基N个，即碱基对为N/2个，故该基因所含氢键数一定大于N个，A正确；
B、该基因共含有碱基N个，每一个碱基与一个磷酸、一个脱氧核糖构成一分子的脱氧核苷酸，故该基因含有N个脱氧核糖；DNA分子是由两条反向平行的单链构成的，每条链都有1个游离的磷酸基团，若该基因为环状，则不存在游离的磷酸基团，若为链状，含有2个游离的磷酸基团，B错误；
C、设该基因的模板链为1链，据题意T1=a，T=A=b，双链中A+T=2b，模板链的A1+T1=2b，则A1=2b-a，又因该基因转录出的mRNA中尿嘧啶（U）与模板链的腺嘌呤（A）碱基互补配对，故U=A1=2b-a，C正确；
D、该基因共含有碱基N个，则该基因转录形成的mRNA链中含有N/2个碱基，以该mRNA链为模板进行翻译时，每3个碱基决定1个氨基酸，即该mRNA链翻译出的蛋白质中氨基酸数最多为（N/2）/3=N/6，由于mRNA链上的终止密码子不编码氨基酸，故氨基酸数少于N/6，D正确。
故选B。
22. 若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中，A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄 ∶褐 ∶黑=52 ∶3 ∶9的数量比，则杂交亲本的组合是（ ）
A. AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd
B. aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD
C. aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd
D. AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd
【答案】D
【解析】
【分析】1、基因的自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合；
2、由题意知，该动物的毛色由3对独立遗传的等位基因控制，因此三对等位基因在遗传过程中遵循自由组合定律，由题干给出的代谢途径可知，A_B_dd为黑色，A_bbdd为褐色，aa____、____D_为黄色；两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型则会出现黄：褐：黑=52：3：9的数量比，后代的杂交组合是64种，因此子一代基因型是AaBbDd。
【详解】A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素，B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素，D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，说明黑色个体的基因型为A_B_dd，褐色个体的基因型为A_bbdd，黄色个体是aa____、____D_；由题意知，两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9，F2中黑色个体占比=9/（52＋3＋9）=9/64，褐色个体占比=3/（52＋3＋9）=3/64，结合题干3对等位基因位于常染色体上且独立分配，说明符合基因的自由组合定律，而黑色个体的基因型为A_B_dd，要出现9/64 的比例，可拆分为3/4×3/4×1/4；褐色个体的基因型为A_bbdd，要出现3/64的比例，可拆分为3/4×1/4×1/4。而符合F2黑色个体和褐色个体的比例的F1基因型只能为AaBbDd，则两个纯合黄色品种的动物的基因型为AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd，D项符合题意。
故选D。
23. 蝴蝶紫翅（P）对黄翅（p）是显性，绿眼（G）对白眼（g）为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交， F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法正确的是（ ）
`
A. 上述亲本的基因型是PpGg×PPgg
B. F1中纯合的紫翅绿眼占F1的1/8
C. F1紫翅白眼个体中，与亲本基因型相同的个体占1/2
D. F1紫翅白眼自交（基因型相同的雌雄个体间交配），F2中纯合子占2/3
【答案】D
【解析】
【分析】据图分析，紫翅：黄翅=3：1，两个亲本的基因型为Pp×Pp；绿眼：白眼=1：21，说明绿眼的基因型为Gg；则两个亲本的基因型PpGg×Ppgg。
【详解】A、分析题图可知，子代中紫翅：黄翅=3：1，可知亲本关于翅颜色的基因型分别为Pp、Pp，绿眼：白眼=1：1，可知亲本关于眼色的基因型为Gg、gg，故亲本基因型为PpGg×Ppgg，A错误；
B、F1中纯合的紫翅绿眼PPGG占F1的1/4×0=0，B错误；
C、F1紫翅白眼基因型为P_gg（1/3PPgg、2/3Ppgg），与亲本基因型相同的概率为2/3，C错误；
D、F1紫翅白眼基因型为P_gg，F1紫翅白眼中基因型相同的雌雄个体间交配，即1/3PPgg自交和2/3Ppgg自交，F2中纯合子概率为1/3+2/3×1/2=2/3，D正确。
故选D。
24. 如图表示DNA分子结构的片段，下列叙述正确的是（ ）
A. ②③交替连接构成DNA分子的基本骨架，使其具有较强的特异性
B. 正常情况下，该DNA分子中的嘌呤数与嘧啶数相等
C. 该片段中共包含了 8个脱氧核苷酸、3种碱基
D. 该DNA分子中G、C碱基对的比例较高，热稳定性较高
【答案】B
【解析】
【分析】DNA分子是一个独特的双螺旋结构，是由两条平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成；外侧由脱氧核糖和磷酸交替连接构成基本骨架，内侧是碱基对（A-T；C-G）通过氢键连接。
【详解】A、DNA分子是一个独特的双螺旋结构，②脱氧核糖③磷酸，交替连接构成DNA分子的基本骨架，但DNA的特异性是因为DNA分子的碱基排列顺序不同，A错误；
B、正常情况下，该DNA分子中的嘌呤与嘧啶通过氢键互补配对，所以数目相等，B正确；
C、根据题意和图示分析可知：一条链上含4个碱基，另一条链上的碱基与之互补配对，有A-T、T-A、C-G三种碱基对，所以该片段中共包含了8个脱氧核苷酸，4种碱基，C错误；
D、DNA分子中G、C碱基对之间含有3个氢键，氢键越多，则热稳定性较高，但从图中看不出哪种碱基对的比例高，D错误。
故选B。
25. 在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，黄色（A）对灰色（a1）、黑色（a2）为完全显性，灰色（a1）对黑色（a2）为完全显性，且存在A纯合胚胎致死现象。下列有关杂交及其结果的叙述正确的是（ ）
A. 一对基因型相同的杂合黄色鼠交配，后代的分离比接近3:1
B. 该群体中黄色鼠有3种基因型
C. 黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黑色鼠的比例一定为1/2
D. Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/8
【答案】D
【解析】
【分析】本题考查基因分离定律的应用，A、a1、a2为复等位基因，群体中黄色个体基因型有AA、Aa1、Aa2，灰色个体基因型有a1a1、a1a2，黑色个体基因型为a2a2。
【详解】A、一对基因型相同的杂合黄色鼠交配，根据分离定律，后代应出现三种基因型，且比例为1:2:1，由于存在A纯合胚胎致死现象，后代的分离比接近2:1，A错误；
B、该群体中黄色鼠有Aa1、Aa2，2种基因型，B错误；
C、若黄色鼠Aa1与黑色鼠a2a2杂交，后代没有黑色鼠a2a2。，C错误；
D、Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/4×1/2=1/8，D正确。
故选D。
二、不定向选择题
26. 艾弗里和他的同事从加热杀死的S型菌中制备的细胞提取物，经过不同处理后，再加入R型菌的培养物中进行转化实验。关于实验下列叙述不正确的是（ ）
A. 细胞提取物用DNA酶处理，仍具转化能力
B. 细胞提取物用蛋白酶处理，不具转化能力
C. 通过观察菌落形态，判断细胞提取物是否具有转化能力
D. 实验只有获得S型菌，才能说明细胞提取物具有转化能力
【答案】AB
【解析】
【分析】20世纪40年代，艾弗里和他的同事将加热致死的 S 型细菌破碎后，设法去除绝大部分糖类、蛋白质和脂质，制成细胞提取物。将细胞提取物加人有 R 型活细菌的培养基中，结果出现了 S 型活细菌。然后，他们对细胞提取物分别进行不同的处理后再进行转化实验，结果表明分别用蛋白酶、 RNA 酶或酯酶处理后，细胞提取物仍然具有转化活性；用 DNA 酶处理后，细胞提取物就失去了转化活性。
【详解】A、细胞提取物用DNA酶处理，就失去了转化活性，A错误；
B、细胞提取物用蛋白酶处理，细胞提取物仍然具有转化活性，B错误；
C、S型菌有荚膜，R型菌没有荚膜，可以通过观察菌落形态，判断细胞提取物是否具有转化能力，C正确；
D、将细胞提取物加入R型菌的培养物中，只有获得S型菌，才能说明细胞提取物具有转化能力，D正确。
故选AB。
27. 南瓜的果实白色（W）对黄色（w）为显性，果实盘状（D）对球状（d）为显性。现用白色盘状南瓜和黄色盘状南瓜杂交，统计子代所占百分比性状的结果如下图。有关叙述正确的是（ ）
A. 亲本的基因型为WwDd和wwDd
B. 子代中重组性状类型占1/8
C. 子代中能稳定遗传的个体占1/4
D. 子代的性状分离比为3∶1：3∶1
【答案】ACD
【解析】
【分析】由图可知，子代白色∶黄色=1∶1，则亲本果实颜色基因型为WW、ww，子代果实形状盘状∶球状=3∶1，则亲本果实形状基因型都为Dd，因此亲本基因型为WwDd和wwDd。
【详解】A、由图子代白色∶黄色=1∶1，则亲本果实颜色基因型为WW、ww，子代果实形状盘状∶球状=3∶1，则亲本果实形状基因型都为Dd，因此亲本基因型为WwDd和wwDd， A正确；
B、子代中重组性状有白色球状（1 Wwdd）、黄色球状（1 wwdd），重组性状类型占2/8=1/4，B错误；
C、纯合子能够稳定遗传，子代中能稳定遗传个体（1wwDD、1wwdd）占2/8=1/4，C正确；
D、子代基因型为1WwDD（白色盘状）、2WwDd（白色盘状）、1Wwdd（白色球状）、1wwDD（黄色盘状）、2wwDd（黄色盘状）、1wwdd（黄色球状），因此子代的性状分离比为3∶1：3∶1，D正确。
故选ACD。
28. 控制蛇皮颜色的一对等位基因遵循分离定律，现进行下列杂交实验。根据该杂交实验可推知，下列结论中正确的是（ ）
A. 所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇
B. 黄斑是隐性性状
C. 甲实验中，F1黑斑蛇遗传因子组成与亲本黑斑蛇基因型不同
D. 乙实验中，F2黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同
【答案】AB
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：根据乙中，F1黑斑蛇×黑斑蛇的后代出现了黄斑蛇，说明黑斑对黄斑为显性。设黑斑基因为A，则黄斑基因为a。根据甲中，P黑斑蛇×黄斑蛇的后代F1为黑斑蛇、黄斑蛇可知，亲本的基因型为Aa×aa， F1为Aa和aa。根据乙中， F1黑斑蛇×黑斑蛇的后代F2为黑斑蛇、黄斑蛇，则F1黑斑蛇都为Aa，F2黑斑蛇为AA和Aa、黄斑蛇为aa。
【详解】A、由于黑斑蛇是显性性状，所以所有黑斑蛇亲本至少有一方是黑斑蛇，A正确；
B、由分析可知，黑斑对黄斑为显性，即黄斑是隐性性状，B正确；
C、由分析可知，甲实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同，都是杂合体，C错误；
D、由分析可知，乙实验中，F2黑斑蛇基因型(AA和Aa) 与亲本黑斑蛇基因型(Aa) 不完全相同，D错误。
故选AB。
29. 某科研小组在格里菲思实验的基础上利用相同实验材料增加了相关实验，实验过程如图所示，下列叙述正确的是（ ）
A. 活菌甲是S型细菌，活菌乙是R型细菌
B. 该实验证明了DNA是遗传物质，蛋白质不是遗传物质
C. 从鼠2血液中分离出来的活菌都能使小鼠死亡
D. 从鼠5体内分离出活菌在培养基上培养，都会产生光滑菌落
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图∶只有S型菌有毒，会导致小鼠死亡，且S型菌的DNA会是R型菌转化为S型菌。因此图中活菌甲为R型细菌，菌乙为S型细菌。
【详解】A、R型菌无毒不会导致小鼠死亡，S型菌有毒会导致小鼠死亡，且S型菌的DNA会使R型菌转化为S型菌。因此图中活菌甲为R型细菌，菌乙为S型细菌，A错误；
B、格里菲思的实验证明S型细菌中存在某种转化因子，能将R型细菌转化为S型细菌，但没有证明DNA是遗传物质，蛋白质不是遗传物质，B错误；
C、加热致死乙菌（S型菌）的DNA使少数活菌甲（R型菌）发生转化成为S型菌，大多数R型菌未转化，故从鼠2血液中分离出来的活菌有S型菌和R型菌，R型菌不能使小鼠致死，C错误；
D、从鼠5体内分离出活菌均为S型细菌，因此其在培养基上培养，都会产生光滑菌落，D正确。
故选D。
30. 人类秃发由一对等位基因A和a控制，在男性中只有AA表现为不秃发，在女性中只有aa才表现为秃发。现有一对夫妇，丈夫秃发而妻子正常，生有一个正常女儿和一个秃发儿子。下列说法错误的是（ ）
A. 该对夫妇的基因型都是Aa B. 该对夫妇可能会生出秃发的女儿
C. 该对夫妇生的正常女儿的基因型是Aa D. 该对夫妇生的秃发儿子的基因型是aa
【答案】ACD
【解析】
【分析】据题干分析，在男性中，基因型为AA的个体不秃发，基因型为Aa和aa的个体秃发；在女性中，基因型为AA和Aa的个体不秃发，基因型为aa的个体秃发。
【详解】A、根据题意，在男性中，基因型为AA的个体不秃发，基因型为Aa和aa的个体秃发；在女性中，基因型为AA和Aa的个体不秃发，基因型为aa的个体秃发。所以丈夫的基因型是Aa或aa，妻子的基因型是AA或Aa，A错误；
B、若该对夫妇都是杂合子，则可能会生出秃发女儿，B正确；
C、该对夫妇生出的正常女儿的基因型可能是AA或Aa，C错误；
D、该对夫妇生的秃发儿子的基因型可能是Aa或aa，D错误。
故选ACD。
第II卷非选择题
31. 下甲图中DNA分子有a和d两条链，将甲图中某一片段放大后如乙图所示，结合所学知识回答下列问题：
（1）从甲图可看出DNA复制的方式是__________。
（2）甲图中，A和B均是DNA分子复制过程中所需要的酶，其中B能将单个的脱氧核苷酸连接成脱氧核苷酸链，从而形成子链，则B是_________酶。
（3）图乙中的DNA片断中，游离的磷酸有_______________个。若某含有1000个碱基对的DNA分子片断中，腺嘌呤脱氧核苷酸占20%，则该DNA片断中碱基之间的氢键数目是_______，经3次复制，需要消耗环境中游离的胞嘧啶脱氧核苷酸的数目是______。
（4）图为不同生物或生物不同器官（细胞核）的DNA分子中（A+T）/（G+C）的比值情况，据图回答问题：
①上述三种生物中的DNA分子，热稳定性最强的是__________________（填名称）。
②假设小麦DNA分子中（A+T）/（G+C）=1.2，那么（A+G）/（T+C）=______________。
【答案】（1）半保留复制
（2）DNA聚合 （3） ①. 2 ②. 2600 ③. 4200
（4） ①. 小麦 ②. 1
【解析】
【分析】根据甲图分析可知，图甲中进行着DNA分子复制，该过程主要在细胞核中进行，其次在线粒体、叶绿体、拟核中也可以进行，DNA分子复制过程中需消耗4种游离的脱氧核糖核苷酸为原料，在解旋酶、DNA聚合酶的催化下边解旋边复制、半保留复制。
图乙为DNA分子结构示意图，DNA分子一般由两条反向平行的脱氧核苷酸链构成，两条脱氧核苷酸链之间通过氢键将碱基对连接起来，DNA分子的磷酸-脱氧核糖交替连接排列外侧构成DNA分子基本骨架。
【小问1详解】
从甲图可看出，DNA复制的方式是半保留复制，所形成的子代DNA中都保留了一条母链。
【小问2详解】
甲图中，A和B均是DNA分子复制过程中所需要的酶，其中B能将单个的脱氧核苷酸连接成脱氧核苷酸链，从而形成子链，则B是DNA聚合酶，而A将DNA分子双螺旋结构解开，形成单链，是解旋酶。
【小问3详解】
图中的DNA片断中，游离的磷酸有2个，分布在片段的两个末端。若某含有1000个碱基对的DNA分子片断中，腺嘌呤脱氧核苷酸占20%，即该DNA分子中腺嘌呤脱氧核苷酸和胸腺嘧啶脱氧核苷酸数量各为400个，则鸟嘌呤脱氧核苷酸和胞嘧啶脱氧核苷酸各为600个，因为腺嘌呤脱氧核苷酸和胸腺嘧啶脱氧核苷酸之间由两个氢键连接，鸟嘌呤脱氧核苷酸和胞嘧啶脱氧核苷酸之间靠三个氢键连接。则该DNA片断中碱基之间的氢键数目是2600，即2×400+3×600=2600个。经3次复制，需要消耗环境中游离的胞嘧啶脱氧核苷酸的数目是4200，即（23－1）×600=4200个。
【小问4详解】
①由于AT对有两个氢键，而GC对有三个氢键，而小麦的（A+T）/（G+C）比值最小，所以GC对最多，氢键数目最多，所以热稳定性最强。
②假设小麦DNA分子中（A+T）/（G+C）=1.2，那么（A+G）/（T+C）=1，因为在双链DNA分子中，A+G=T+C，即不互补的碱基之和相等。
32. 在大豆的花色遗传中，紫花与白花是一对相对性状。下表是大豆花色遗传实验的结果，若控制花色的基因用A、a来表示，请分析表格回答问题。
F1的表现型和植株数目
组合
亲本表现型
紫花
白花
一
紫花×白花
405
411
二
白花×白花
0
820
三
紫花×紫花
1240
413
（1）根据组合_____可判断_____花为显性性状。
（2）组合一的杂交方式叫________，亲本中紫花的基因型为________。
（3）组合三中，F1紫花的基因型为_____，F1紫花中纯合子的比例为_____。
（4）从上述实验结果分析，大豆的花色遗传遵循基因的________定律。
【答案】 ①. 三 ②. 紫 ③. 测交 ④. Aa ⑤. AA或Aa ⑥. 1/3 ⑦. 分离
【解析】
【分析】根据题意和图表分析可知：从组合三紫花与紫花交配后代出现白花，而后代出现不同于亲本表型的现象称为性状分离，说明白花是隐性，且双亲紫花为杂合子；第一组后代紫花：白花为1：1，相当于测交；第二组是隐性纯合子自交。
【详解】（1）由于组合三中亲本均为紫色，F1中出现了白色，即发生性状分离，说明紫花是显性性状，白花为隐性性状。
（2）组合一后代紫花：白花为1：1，属于测交；说明亲代紫花基因型为Aa。
（3）组合三后代紫花：白花为3：1，则亲本基因型均为Aa，所以F1基因型为AA（1/3）或Aa（2/3）；即F1紫花中纯合子的比例为1/3。
（4）从上述实验结果分析，大豆的花色遗传受一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。
【点睛】本题结合图表，考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能熟练运用后代分离比推断法推断这对相对性状的显隐性关系及各组亲本的基因型，进而结合所学的知识准确答题。
33. 燕麦颖片颜色的遗传受不同对染色体上的两对等位基因控制，其中基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色。基因b、y均不控制色素合成，而表现为白颖（假设每株燕麦产生的后代数量一样）。为研究燕麦颖色的遗传，用黄颖和黑颖的纯合子燕麦为亲本进行了如下杂交实验。请分析并回答下列问题：
（1）根据F2表现型及比例判断，燕麦颖色的遗传遵循_____定律。
（2）图中亲本黄颖和黑颖基因型分别为_____。
（3）图中F2的黑颖植株中，共有_____种基因型。其中部分个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，这样的个体在F2的黑颖燕麦中所占的比例为_____；还有部分个体自交后代中会出现不同颜色。若将F2中的黄颖植株与白颖植株杂交，所得后代中白颖植株的比例为_____。
（4）为鉴定一黑颖植株的基因型，将该植株与白颖植株杂交得F1，F1自交得F2，请回答下列问题：
①根据F1的表现型及其比例，可确定黑颖植株的基因型可能为_____。
②根据F1表现型及其比例，尚不能确定的黑颖植株基因型中，若F2中黑颖：黄颖：白颖为_____，则该黑颖植株的基因型为BBYy。
【答案】（1）基因的自由组合（基因的分离定律和自由组合）
（2）bbYY、BByy
（3） ①. 6 ②. 1/3 ③. 1/3
（4） ①. BbYy、Bbyy、BbYY ②. 24:3:5
【解析】
【分析】根据题意，B_Y_和B_yy的个体均表现为黑颖，bbY_的个体均表现为黄颖，bbyy的个体均表现为白颖。题图中：黑：黄：白=241：59：20=12：3：1，说明两对等位基因独立遗传，符合基因的自由组合定律，子一代的基因型为BbYy，亲本中黄颖和黑颖基因型分别为bbYY、BByy。
【小问1详解】
F2三种表现型比例约为12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变形，说明燕麦颖色的遗传遵循自由组合定律。
【小问2详解】
根据F2三种表现型及比例可知图中F1基因型应为BbYy。基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色。基因b、y均不控制色素合成，而表现为白颖。则亲本中黄颖不含有B，基因型为bbYY，则黑颖为BByy。
【小问3详解】
图中F2的黑颖植株B 中，共有2×3=6种基因型。其中BB 个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，这样的个体在F2的黑颖燕麦中的比例为1/3。F2中的黄颖植株，1/3为纯合子，2/3为杂合子，与白颖植株杂交，所得后代中白颖植株的比例为（2/3）×（1/2）=1/3。
【小问4详解】
①若黑颖植株含有BB ，则后代一定为黑颖，无法通过测交判断其基因型；通过测交可判断黑颖植株Bb 的基因型。与白颖植株杂交，BbYy的后代表现为黑∶黄∶白=2∶1∶1； Bbyy的后代表现为黑∶黄∶白=3∶0∶1； BbYY的后代表现为黑∶黄∶白=3∶1∶0；据此可区分三种基因型。
②若该黑颖植株的基因型为BBYy，则F1基因型为1/2BbYy、1/2Bbyy，F2中黑颖比例为（1/2）×（12/16）+（1/2）×（3/4）=24/32；黄颖比例为（1/2）×（3/16）=3/32；白颖比例为（1/2）×（1/16）+（1/2）×（1/4）=5/32；黑颖∶黄颖∶白颖比例为24∶3∶5。
新泰一中2022级高一年级下学期第一次阶段性考试
生物试题
―、选择题
1. 生物学常用的方法有溯因法、归纳法和假说—演绎法，孟德尔利用假说—演绎法，发现了两大遗传定律。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 孟德尔通过正反交提出的问题是“F1产生3：1性状分离比”
B. 为验证“F1成对的遗传因子彼此分离进入不同配子”，孟德尔设计了测交实验
C. “遗传因子在体细胞中成对存在”属于假说的内容
D. 孟德尔的遗传定律不可以解释所有有性生殖生物的遗传现象
【答案】A
【解析】
【分析】孟德尔发现遗传定律用了假说—演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；
②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；
③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；
④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；⑤得出结论（就是分离定律）。
【详解】A、孟德尔提出问题是通过杂交（包括正反交）和自交实验，A错误；
B、为验证“F1成对的遗传因子彼此分离进入不同配子”，孟德尔设计了测交实验，B正确；
C、假说中提出了“生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合”，C正确；
D、进行有性生殖的生物细胞质中含有基因，其遗传不遵循孟德尔定律，所以孟德尔的遗传定律不可以解释所有有性生殖生物的遗传现象 ，D正确。
故选A。
2. 下图表示某基因及其转录的mRNA的部分碱基序列，已知mRNA含有1200个碱基。下列相关分析正确的是（ ）
A. 图示mRNA上对应氨基酸的密码子最多有64种
B. 图示碱基参与组成的核苷酸共有5种
C. 组成图示基因的两条链中，G与C之和所占比例相等
D. mRNA的合成需要DNA聚合酶的参与
【答案】C
【解析】
【分析】DNA分子结构的主要特点：DNA是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的双螺旋结构； DNA的外侧由脱氧核糖和磷酸交替连接构成的基本骨架，内侧是碱基通过氢键连接形成的碱基对，碱基之间的配对遵循碱基互补配对原则(A-T、C-G)。
【详解】A、 密码子共64个，其中终止密码不决定氨基酸，A错误；
B、A、T、U、C、G五种碱基参与组成的核苷酸，T、U只能各形成一种，A、C、G各能形成两种核苷酸（脱氧核糖核苷酸和核糖核苷酸），所以一共有8种，B错误；
C、组成图示基因的两条链中，因为碱基互补配对原则，C与G两种碱基相互对应，一条链中C对应另一条中的G，数量相等，所以两条链中，G与C之和所占比例相等，C正确；
D、mRNA的合成为转录过程，需要RNA聚合酶的参与，D错误。
故选C。
3. 下列有关原核细胞和真核细胞转录和翻译过程的叙述中，正确的是( )
A. 原核细胞中，转录还未结束便启动遗传信息的翻译
B. 真核细胞内，在转录的同时，核糖体进入细胞核启动遗传信息的翻译
C. 原核细胞内，转录促进mRNA在核糖体上移动，以便合成肽链
D. 真核细胞内，一个mRNA分子在多个核糖体上移动，同时合成多条肽链
【答案】A
【解析】
【详解】A、原核细胞没有核膜，边转录边翻译，A项正确。
B、核糖体不能进入细胞核，B项错误。
CD、核糖体在mRNA上移动以合成肽链，C项和D项都错误。
故选A。
4. 如图是中心法则图解，中心法则揭示了生物的遗传信息传递的一般规律，下列说法错误的是（ ）
A. 五个过程都会发生碱基互补配对
B. c 过程还需要 tRNA 和核糖体参与
C. 某些病毒增殖时可发生 d 过程，需逆转录酶
D. 在所有的真核细胞中，a 和 b、c 三个过程均可发生
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图：图示为中心法则的内容，其中a表示DNA分子的自我复制；b表示转录过程；c表示翻译过程；d表示逆转录过程；e表示RNA分子的自我复制过程。其中d和e只发生在被某些病毒侵染的细胞中。
【详解】A、五个过程都遵循碱基互补配对原则，均会发生碱基互补配对，A正确；
B、c 过程为翻译，还需要 tRNA （搬运氨基酸）和核糖体（翻译的场所）参与，B正确；
C、、d为逆转录过程，某些逆转录病毒病毒增殖时可发生 d 过程，需逆转录酶，C正确；
D、a、b、c分别表示复制、转录和翻译过程，a只发生在能进行细胞分裂的细胞中，因此并不是在所有真核细胞都能发生a过程，D错误。
故选D。
5. 拉布拉多犬个性忠诚，智商极高，深受人们的喜爱。其毛色有黑、黄、棕3种，分别受B、b和E、e两对等位基因控制。为选育纯系黑色犬，育种工作者利用纯种品系进行了杂交实验，结果如下图所示。相关叙述不正确的是（ ）
A. B、b和E、e的遗传遵循基因的自由组合定律
B. F2黑色犬中基因型符合育种要求的个体占1/9
C. F2黄色犬与棕色犬随机交配，子代中可获得纯系黑色犬
D. F2黑色犬进行测交，测交后代中不能获得纯系黑色犬
【答案】C
【解析】
【分析】根据遗传图解可知，拉布拉多犬毛色的三种表现类型由两对等位基因控制并且符合自由组合定律，其中黄色的基因型为（B_ee或bbE-和bbee），棕色基因型为（bbE_或B-ee），黑色基因型为（B_E_），根据题干信息可以进行分析答题。
【详解】A、由于黑色个体F1自由交配后代产生的个体中有三种毛色，并且符合9∶3∶3∶1的性状分离比及变形，因此两对基因B、b和E、e的遗传符合基因的分离定律和自由组合定律，A正确；
B、F2中黑色犬的基因型有BBEE、BbEe、BBEe、BbEE四种，其中符合要求的黑色纯合子BBEE占1/9，B正确；
C、F2黑色犬测交（与bbee杂交）其后代一定都含有bbee产生的配子中的b和e基因，因此不会出现BBEE个体，C错误。
D、F2中黄色犬（B_ee或bbE-和bbee）与棕色犬（bbE_或B-ee）随机交配，其后代中不会出现BB和EE的个体，因此不能获得黑色纯种BBEE的个体，D正确。
故选C。
6. DNA分子可以为案件侦破提供证据的原理是（ ）
A. 不同人体内的DNA含有的碱基不同 B. 不同人体内的DNA含有的磷酸不同
C. 不同人体内的DNA含有的五碳糖不同 D. 不同人体内的DNA的核苷酸序列不同
【答案】D
【解析】
【分析】1、DNA是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成的双螺旋结构，其外侧由脱氧核糖和磷酸交替连结构成基本骨架，内侧是碱基通过氢键连接形成的碱基对，碱基之间的配对遵循碱基互补配对原则，即A-T、C-G、T-A、G-C。
2、DNA分子的多样性：构成DNA分子的脱氧核苷酸虽只有4种，配对方式仅2种，但其数目却可以成千上万，更重要的是形成碱基对的排列顺序可以千变万化，从而决定了DNA分子的多样性（n对碱基可形成4n种）。
3、DNA分子的特异性：每个特定的DNA分子中具有特定的碱基排列顺序，而特定的排列顺序代表着遗传信息，所以每个特定的DNA分子中都贮存着特定的遗传信息，这种特定的碱基排列顺序就决定了DNA分子的特异性。
【详解】ABC、不同人体内的DNA含有的碱基、磷酸、五碳糖（脱氧核糖）都是相同的，ABC错误；
D、生物遗传信息储存在DNA分子中，每个人DNA的脱氧核苷酸序列是特定的，这构成了DNA分子的特异性，故DNA样品可为案件侦破提供证据，D正确。
故选D。
7. 某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株（植株甲）进行了下列四个实验。
①植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离
②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶
③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1
④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1
其中能够判定植株甲为杂合子的实验是
A. ①或②
B. ①或④
C. ②或③
D. ③或④
【答案】B
【解析】
【分析】由题干信息可知，羽裂叶和全缘叶是一对相对性状，但未确定显隐性，若要判断全缘叶植株甲为杂合子，即要判断全缘叶为显性性状，羽裂叶为隐性性状。根据子代性状判断显隐性的方法：①不同性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子；②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本为杂合子。
【详解】让全缘叶植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离，说明植株甲为杂合子，杂合子表现为显性性状，新出现的性状为隐性性状，①正确；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶，说明双亲可能都是纯合子，既可能是显性纯合子，也可能是隐性纯合子，或者是双亲均表现为显性性状，其中之一为杂合子，另一个为显性纯合子，因此不能判断植株甲为杂合子，②错误；用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1:1，只能说明一个亲本为杂合子，另一个亲本为隐性纯合子，但谁是杂合子、谁是纯合子无法判断，③错误；用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3:1，说明植株甲与另一全缘叶植株均为杂合子，④正确。综上分析，供选答案组合，B正确，A、C、D均错误。
【点睛】解答本题的关键是明确显隐性性状的判断方法，以及常见分离比的应用，测交不能用来判断显隐性，但能检验待测个体的基因组成，因此可用测交法来验证基因的分离定律和基因的自由组合定律。
8. 现有DNA分子的两条单链均只含有14N（表示为14N14N）的大肠杆菌，若将该大肠杆菌在含有15N的培养基中繁殖两代，再转到含有14N的培养基中繁殖一代，则理论上DNA分子的组成类型和比例分别是（ ）
A. 有15N14N和14N14N两种，其比例为1：3
B. 有15N15N和14N14N两种，其比例为1：1
C. 有15N15N和14N14N两种，其比例为3：1
D. 有15N14N和14N14N两种，其比例为3：1
【答案】D
【解析】
【分析】本题考查DNA复制的相关知识，要求考生识记DNA分子复制的特点，掌握DNA分子半保留复制的探索历程，能结合所学的知识准确答题。
【详解】DNA分子的两条单链均只含有14N，该大肠杆菌在含有 15N 的培养基中繁殖两代，形成4个DNA，其中2个DNA为15N14N，另外2个DNA为15N15N。；再转到含有 14N 的培养基中繁殖一代，DNA为15N14N形成的子代DNA中，一个DNA为15N14N，另外1个DNA为 14N14N；而DNA为 15N15N 形成的2个子代DNA都为 15N14N；因此理论上 DNA 分子的组成类有 15N14N 和 14N14N 两种，其比例为 3：1。 故选D。
【点睛】DNA复制是以亲代DNA分子为模板合成子代DNA分子的过程。每个DNA分子都是由一条母链和一条子链构成。
9. 现有某mRNA分子的一个片段，其逆转录产生的cDNA的碱基序列为5'-ACGCGTAAA-3'，部分密码子与氨基酸的对应关系如下。下列相关叙述正确的是（ ）
5'-ACG-3'（苏氨酸） 5'-CGU-3'（精氨酸） 5'-UGC-3'（半胱氨酸）
5'-GCA-3'（丙氨酸） 5'-AAA-3'（赖氨酸） 5'-UUU-3'（苯丙氨酸）
A. 逆转录和DNA复制过程中碱基配对的方式相同
B. 该mRNA片段产生cDNA的过程不需要解旋酶参与
C. 翻译该mRNA片段时，运输丙氨酸的tRNA上的反密码子可能是5'-CGU-3'
D. 该mRNA片段翻译产生的肽链氨基酸序列为半胱氨酸-丙氨酸-苯丙氨酸
【答案】B
【解析】
【分析】转录是在细胞核内，以DNA一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA的过程。 翻译是在核糖体中以mRNA为模板，按照碱基互补配对原则，以tRNA为转运工具、以细胞质里游离的氨基酸为原料合成蛋白质的过程。
【详解】A、逆转录过程中遗传信息从RNA流向DNA，而DNA复制过程中遗传信息从DNA流向DNA，可见这两个过程中碱基配对的方式不完全相同，前者是A-T、U-A、G-C、C-G，而后者是A-T、T-A、G-C、C-G，A错误；
B、mRNA为单链结构，因此，由该mRNA片段产生cDNA的过程不需要解旋酶参与，B正确；
C、丙氨酸的密码子是5'-GCA-3'（丙氨酸），根据碱基互补配对原则可推测，翻译该mRNA片段时，运输丙氨酸的tRNA上的反密码子可能是5'-UGC-3'，C错误；
D、该mRNA的碱基序列为5'-UUUACGCGU-3'，由该mRNA片段翻译产生的肽链的氨基酸序列为苯丙氨酸-苏氨酸-精氨酸，D错误。
故选B。
10. 正常情况下﹒下列有关细胞内RNA的叙述，正确的是（ ）
A. 细胞内RNA大部分位于细胞核中，少数在线粒体和叶绿体中
B. RNA具有储存遗传信息、运输、参与组成细胞结构等功能，但无催化功能
C. RNA片段彻底水解后得到的碱基中嘌呤的数量和嘧啶的数量相等
D. 翻译过程至少需要3种RNA参与
【答案】D
【解析】
【分析】转录是指以DNA的一条链为模板，按照碱基互补配对原则，合成RNA的过程。翻译是指以mRNA为模板，合成具有一定氨基酸排列顺序的蛋白质的过程。
【详解】A、细胞内的RNA大部分位于细胞质中，且主要在线粒体和叶绿体中，A错误；
B、细胞中的mRNA具有传递遗传信息的作用；tRNA具有运输氨基酸的作用；某些酶的本质为RNA，具有催化化学反应的作用，B错误；
C、RNA片段通常为单链结构，其彻底水解后得到的碱基中嘌呤的数量和嘧啶的数量未必相等，C错误；
D、翻译过程至少需要3种RNA参与，分别需要mRNA作为翻译的模板，tRNA作为运输氨基酸的工具，核糖体作为翻译的模板，其中核糖体的组成成分中有rRNA，D正确。
故选D。
11. 噬菌体侵染细菌实验分析的活动如图所示（甲和丙为悬浮液，乙和丁为沉淀物)。下列叙述正确的是（ ）
A. 若其他操作正常，随①过程时间延长，则甲中含有35S的蛋白质外壳的量会增多
B. 若各过程操作正确，则乙中存在35S标记的子代噬菌体
C. 丙中可能含有32P的亲代噬菌体、亲代噬菌体蛋白质外壳、含32P和不含32P的子代噬菌体
D. 若②和③操作不当，会使丁中含32P的放射性增强
【答案】C
【解析】
【分析】赫尔希和蔡斯利用同位素标记法，用35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，32P标记的T2噬菌体的DNA分子，完全实现了DNA和蛋白质的分离，充分证明DNA是遗传物质。
（1）由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，故正确操作后放射性主要集中在上清液，即上清液中放射性很高，而沉淀物中的放射性很低，实验结果说明噬菌体的蛋白质外壳没有进入细菌。
（2）32P标记的T2噬菌体的DNA分子，故正确操作后放射性主要集中在沉淀物中，即上清液中放射性很低，而沉淀物中的放射性很高，实验结果说明噬菌体的DNA进入了细菌。
（3）噬菌体侵染细菌实验由于完全实现了DNA和蛋白质的分离，故能充分证明DNA是遗传物质。
【详解】A、由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，蛋白质外壳不能进入细菌，故正确操作后放射性主要集中在上清液，若其他操作正常，无论①过程时间是否延长， 都不会影响甲（上清液）中含35S的蛋白质外壳的量的多少，A错误；
B、由于35S标记的是T2噬菌体的蛋白质外壳，蛋白质外壳不能进入细菌，若各过程操作正确，则乙（沉淀物）中都不存在35S标记的子代噬菌体，B错误；
C、32P标记的T2噬菌体的DNA分子，丙（上清液）中可能含有32P的亲代噬菌体（未侵入细菌）、亲代噬菌体蛋白质外壳、含32P和不含32P的子代噬菌体（细菌破裂后释放出来的子代噬菌体），C正确；
D、若②和③操作不当，会使放射性物质进入上清液中，则会导致丁（沉淀物）中含32P的放射性减弱，D错误。
故选C。
12. 菜豆是自花传粉植物．其花色中有色对无色为显性．一株杂合有色花菜豆（Cc）生活在海岛上，如果海岛上没有其他菜豆植株存在，且菜豆为一年生植物，则第四年时，海岛上开有色花菜豆植株和开无色花菜豆植株的比例是（ ）
A. 3﹕1 B. 15﹕7 C. 9﹕7 D. 15﹕9
【答案】C
【解析】
【分析】根据题意分析可知：一对基因Cc的杂合子自交，其遗传遵循基因的分离定律。自交后代的基因型为CC、Cc、cc，比例为1：2：1。
【详解】根据题意分析可知：菜豆为一年生植物，菜豆花的结构与豌豆花类似，也是自花闭花授粉。一株有色花的菜豆生活在海岛上，没有其它菜豆植株存在，第二年得到了开有色花和白花的植株，说明这株有色花是杂合体。一株杂合有色菜豆自交，子一代基因型为1/4CC、2/4Cc、1/4cc；子一代自交，子二代基因型为（1/4+2/4×1/4=3/8）CC、（2/4×2/4=1/4）Cc、（1/4+2/4×1/4=3/8）cc；子二代自交，子三代基因型为（3/8+1/4×1/4=7/16）CC、（1/4×2/4=2/16）Cc、（3/8+1/4×1/4=7/16）cc，由于菜豆的花色中有色对白色为显性，所以CC和Cc表现为有色菜豆，cc表现为白花菜豆。因此，子三代中开有色花的菜豆植株和开白花的菜豆植株的比例是（7/16+2/16）：7/16=9：7。
故选C。
13. 下列关于遗传实验中涉及的性状分离和交配说法正确的是（ ）
A. 非糯性水稻产生的花粉既有糯性的又有非糯性的，体现了性状分离现象
B. 通过具有相对性状的植物先杂交再自交，能够判断亲本的显隐性
C. 正交和反交实验也可以用来判断杂合子和纯合子
D. 测交可用于是判断动物某对性状的显隐性关系
【答案】B
【解析】
【分析】性状分离是指具有一对相对性状的亲本杂交，F1全部个体都表现显性性状，F1自交，F2个体大部分表现显性性状，小部分表现隐性性状的现象，即在杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象。
【详解】A、非糯性水稻产生的花粉属于配子，不是个体，性状分离是在杂种后代（个体）中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象，A错误；
B、具有相对性状的植物杂交，子代若只有一种表现型，则该表现型为显性性状，若子代有两种表现型，则让子代分别自交，发生性状分离的即为显性性状，因此通过具有相对性状的植物先杂交再自交，能够判断亲本的显隐性，B正确；
C、当基因位于常染色体上时，正交和反交的实验结果相同，因此不能通过正交和反交实验来判断杂合子和纯合子，C错误；
D、测交的亲本为相对性状，后代会出现两种表现型，不能据此判断动物某对性状的显隐性关系，D错误。
故选B。
14. 某植物的红花与白花这对相对性状受一对等位基因控制，生物兴趣小组的同学将300对亲本均分为2组，进行了下表所示的实验。下列说法错误的是（ ）
组别
杂交方案
杂交结果
甲
红花×白花
红花∶白花=7:1
乙
白花×白花
全为白花
A. 红花为显性性状，白花为隐性性状
B. 控制红花和白花的基因的碱基排列顺序不同
C. 甲组红花亲本中杂合个体的比例是1/3
D. 甲组中红花亲本个体全部自交，子代中白花个体占的比例为1/16
【答案】C
【解析】
【分析】甲组实验，红花与白花亲本杂交，子代红花∶白花=7∶1，说明红花对白花为显性性状（相关基因用M、m表示），且红花亲本植株既有纯合子，也有杂合子。因白花亲本（mm）只产生一种基因型为m的配子，子代的性状分离比与红花亲本产生的配子及其比例相同。若红花亲本中杂合个体（Mm）的比例是X，则纯合个体（MM）的比例是1－X，进而推知：红花亲本产生的配子及其比例为M∶m＝（1－X＋1/2X）∶1/2X＝7∶1，解得X＝1/4。在此基础上，即可对各选项作出准确的判断。
【详解】A、由甲组的杂交结果可推知：红花为显性性状，白花为隐性性状，且红花亲本植株既有纯合子，也有杂合子，A正确；
B、控制红花和白花的基因为不同的有遗传效应的DNA片段，因此二者的碱基排列顺序不同，B正确；
C、假设红花由基因M控制，白花由基因m控制，甲组的杂交子代红花∶白花=7∶1，即杂交子代白花的比例是1/8，说明亲本红花植株产生m配子的比例是1/8，进而推知：甲组红花亲本中杂合个体的比例是1/4，C错误；
D、甲组红花亲本中，只有杂合个体（Mm）自交才能产生白花子代（mm）个体，因甲组红花亲本中Mm的比例是1/4，所以自交产生的白花子代个体的比例为1/4×1/4＝1/16，D正确。
故选C。
15. 某真核生物DNA片段的结构示意图如下，下列叙述不正确的是（ ）
A. DNA两条单链不仅碱基数量相等，而且都有A、T、G、C四种碱基
B. ①是氢键，它的存在使两条脱氧核苷酸链相连，使DNA呈现规则的双螺旋结构
C. ②表示腺嘌呤脱氧核苷酸，是DNA的基本组成单位之一
D. 若a链的碱基比例为A：T：G：C=1：2：3：4，则整个DNA中（A+T）/（C+G）=3/7
【答案】C
【解析】
【分析】图示为某真核生物DNA片段的结构示意图，其中①为氢键，②为腺嘌呤（A），③为磷酸二酯键。
【详解】A、DNA两条链之间的碱基互补配对（A=T，G=C），所以每条单链碱基数量相等，且每条链上同时都含有四种碱基（A、G、C、T），A正确；
B、①是氢键，将DNA两条链之间的碱基连接形成碱基对，它的存在使两条脱氧核苷酸链相连，使DNA呈现规则的双螺旋结构，B正确；
C、图中②与A配对，表示腺嘌呤，C错误；
D、根据DNA中的碱基互补配对原则（A=T，G=C），若a链的碱基比例为A∶T∶G∶C=1∶2∶3∶4，则互补链中的β链中A∶T∶G∶C=2∶1∶4∶3，则DNA分子中4种碱基的比例为A∶T∶G∶C=3∶3∶7∶7，整个DNA中（A+T）/（C+G）=3/7，D正确。
故选C。
16. 已知绵羊角的表型与基因型的关系如表所示，下列判断正确的是（ ）
基因型
HH
Hh
hh
公羊的表型
有角
有角
无角
母羊的表型
有角
无角
无角
A. 若双亲无角，子代中也会出现有角
B. 若双亲有角，则子代全部有角
C. 若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为3∶1
D. 绵羊角的性状遗传不遵循基因的分离定律
【答案】A
【解析】
【分析】从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表现型上受个体性别影响的现象。题中绵羊的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性，无角基因h为隐性，在杂合体（Hh）中，公羊表现为有角，母羊则无角，这说明在杂合体中，有角基因H的表现是受性别影响的。
【详解】A、若双亲无角，则父本基因型为hh，母本基因型可能为Hh或hh，则子代中可能出现基因型为Hh的个体，若其为公羊则表现为有角，A正确；
B、若双亲有角，则母本基因型为HH，父本基因型可能为Hh或HH，子代就可能出现基因型为Hh的个体，若其为母羊则表现为无角，B错误；
C、若双亲基因型为Hh，则子代HH：Hh：hh＝1：2：1，公羊中有角：无角＝3：1，母羊中有角：无角＝1：3，公羊母羊数量一致，则子代有角与无角的数量比为1：1，C错误；
D、绵羊的有角和无角是受一对等位基因控制的相对性状，遵循基因的分离定律，D错误。
故选A。
17. 人的i、IA、IB基因可以控制血型，以下有关叙述不正确的是（ ）
A. 子女之一为B型血时，双亲之一有可能为A型血
B. 双亲之一为AB型血时，不能生出O型血的孩子
C. 子女之一为A型血时，双亲至少有一方是A型血
D. 双亲之一为O型血时，不能生出AB型血的孩子
【答案】C
【解析】
【分析】人的i、IA、IB基因可以控制血型，A型血基因型为：IAIA、IAi；B型血基因型为：IBIB、IBi；AB型血基因型为：IAIB；O型血基因型为：ii。
【详解】A、双亲中一方为A型血（IAi），另一方为B型血（IBi），他们的孩子可以是A型血（IAi）或B型血（IBi）或AB型血（IAIB）或O型血（ii），A正确；
B、双亲之一为AB型血（IAIB）时，不能生出O型血（ii）的孩子，B正确；
C、双亲中一方为AB型血（IAIB），另一方为B型血（IBi）时，也可生出A型血（IAi）的孩子，C错误；
D、双亲之一为O型血（ii）时，不能生出AB型血（IAIB）的孩子，D正确。
故选C。
18. 如图为某植株自交产生后代的过程，以下对此过程及结果的描述，错误的是（ ）
AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵子代：N种表现型（9:6:1）
A. A、a与B、b的自由组合发生在①过程
B. ②过程发生雌、雄配子的随机结合
C. M、N分别代表9、3
D. 该植株测交后代性状分离比为1：2：1
【答案】C
【解析】
【分析】
由题图可知，①是减数分裂形成配子的过程，②是受精作用，③是受精卵经过细胞有丝分裂和细胞分化形成个体的过程。
【详解】A、根据自由组合定律可知，A、a 与 B、b的自由组合发生在减数分裂形成配子的过程中，即①过程，A正确；
B、②是受精作用，雌雄配子的结合是随机的，B正确；
C、M是受精作用过程中，配子的结合方式，共有16种，N为表现型，为3种，C错误；
D、由表现型为9：6：1可知，A_B_表现一种性状，A_bb和aaB_表现一种性状，aabb表现一种性状，测交后代的基因型及比例是AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，因此测交后代表现型是1：2：1，D正确。
故选C。
19. 某自花受粉植物的株高受第1号染色体上的A/a、第7号染色体上的B/b和第11号染色体上的C/c控制，且三对等位基因作用效果相同。每增加一个显性基因，该植物会在基本高度8 cm的基础上再增加2 cm。下列叙述错误的是（ ）
A. 基本高度8 cm的植株基因型为aabbcc
B. 控制株高的三对基因的遗传符合自由组合定律
C. 株高为14 cm的植株基因型有6种
D. 某株高为10 cm的个体在自然状态下繁殖，F1应有1∶2∶1的性状分离比
【答案】C
【解析】
【分析】由题干可知，A/a、B/b和C/c这三对等位基因分别位于三对非同源染色体上，因此是独立遗传，即其遗传符合基因自由组合定律。三对等位基因作用效果相同，当有显性基因存在时，每增加一个显性基因，该植物会在基本高度8cm的基础上再增加2cm，说明是数量遗传。
【详解】A、由题意可知基本高度为8cm的植株不含显性基因，所以它的基因型应为aabbcc，A正确；
B、由题干可知，A/a、B/b和C/c这三对等位基因分别位于不同对同源染色体上，因此是独立遗传的，即其遗传符合基因自由组合定律，B正确；
C、株高为14cm的植株中含有显性基因为（14-8）÷2=3个，包括AABbcc、AAbbCc、AaBBcc、AaBbCc、AabbCC、aaBBCc、aaBbCC共7种基因型，C错误；
D、该植物自然状态自花受粉即进行自交，株高为10cm的个体中只含有1个显性基因，假设基因型为Aabbcc，则自交F1中AAbbcc：Aabbcc：aabbc=1：2：1，D正确。
故选C。
20. 基因型为Aa的某植株产生的a花粉中，有2/3是致死的。则该植株自花传粉产生的子代中，AA：Aa：aa基因型个体的数量比为（ ）
A. 3：4：1 B. 9：6：1 C. 3：5：2 D. 1：2：1
【答案】A
【解析】
【分析】根据题意分析可知：正常情况下，基因型为Aa的植物产生的A和a两种花粉和卵细胞的比例均为1：1。又由于“产生的a花粉中有2/3是致死的”，因此产生的卵细胞A：a=1：1，而花粉的种类和比例为A：a=3∶1。
【详解】正常情况下，基因型为Aa的植物产生的A和a两种花粉和卵细胞的比例均为1：1。又由于“产生的a花粉中有2/3是致死的”，因此产生的卵细胞A：a=1：1，而花粉的种类和比例为A：a=3∶1，因此产生的卵细胞为1/2A、1/2a，而花粉的种类和比例为3/4A、1/4a。因此该个体自花传粉，产生的后代基因型为AA的比例为1/2×3/4=3/8，Aa的比例为1/2×3/4+1/2×1/4=4/8，aa的比例为1/2×1/4=1/8。因此，该植株自花传粉产生的子代中AA：Aa：aa基因型个体的数量比为3：4：1，A正确。
故选A。
21. 若一个DNA分子某基因共含有碱基N个，其中胸腺嘧啶占模板链上所有碱基的比例为a（a＜1/2），占该基因中所有碱基的比例为b（b＜1/2），下列相关叙述错误的是（ ）
A. 该基因所含氢键数一定大于N个
B. 该基因含有N个脱氧核糖，2个游离的磷酸基团
C. 该基因转录出的mRNA中，尿嘧啶最多占2b-a
D. 该基因转录、翻译出的蛋白质中氨基酸数少于N/6
【答案】B
【解析】
【分析】DNA分子是由两条反向平行的单链构成的，每条链都有1个游离的磷酸基团，故每个DNA分子含有2个游离的磷酸基团。
【详解】A、因胸腺嘧啶（T）占该基因中所有碱基的比例为b（b＜1/2），则该基因中A+T=2b＜1，即该基因中还有碱基对C/G；碱基对A/T之间有2个氢键，C/G之间有3个氢键，该基因共含有碱基N个，即碱基对为N/2个，故该基因所含氢键数一定大于N个，A正确；
B、该基因共含有碱基N个，每一个碱基与一个磷酸、一个脱氧核糖构成一分子的脱氧核苷酸，故该基因含有N个脱氧核糖；DNA分子是由两条反向平行的单链构成的，每条链都有1个游离的磷酸基团，若该基因为环状，则不存在游离的磷酸基团，若为链状，含有2个游离的磷酸基团，B错误；
C、设该基因的模板链为1链，据题意T1=a，T=A=b，双链中A+T=2b，模板链的A1+T1=2b，则A1=2b-a，又因该基因转录出的mRNA中尿嘧啶（U）与模板链的腺嘌呤（A）碱基互补配对，故U=A1=2b-a，C正确；
D、该基因共含有碱基N个，则该基因转录形成的mRNA链中含有N/2个碱基，以该mRNA链为模板进行翻译时，每3个碱基决定1个氨基酸，即该mRNA链翻译出的蛋白质中氨基酸数最多为（N/2）/3=N/6，由于mRNA链上的终止密码子不编码氨基酸，故氨基酸数少于N/6，D正确。
故选B。
22. 若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中，A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄 ∶褐 ∶黑=52 ∶3 ∶9的数量比，则杂交亲本的组合是（ ）
A. AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd
B. aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD
C. aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd
D. AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd
【答案】D
【解析】
【分析】1、基因的自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合；
2、由题意知，该动物的毛色由3对独立遗传的等位基因控制，因此三对等位基因在遗传过程中遵循自由组合定律，由题干给出的代谢途径可知，A_B_dd为黑色，A_bbdd为褐色，aa____、____D_为黄色；两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型则会出现黄：褐：黑=52：3：9的数量比，后代的杂交组合是64种，因此子一代基因型是AaBbDd。
【详解】A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素，B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素，D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，说明黑色个体的基因型为A_B_dd，褐色个体的基因型为A_bbdd，黄色个体是aa____、____D_；由题意知，两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9，F2中黑色个体占比=9/（52＋3＋9）=9/64，褐色个体占比=3/（52＋3＋9）=3/64，结合题干3对等位基因位于常染色体上且独立分配，说明符合基因的自由组合定律，而黑色个体的基因型为A_B_dd，要出现9/64 的比例，可拆分为3/4×3/4×1/4；褐色个体的基因型为A_bbdd，要出现3/64的比例，可拆分为3/4×1/4×1/4。而符合F2黑色个体和褐色个体的比例的F1基因型只能为AaBbDd，则两个纯合黄色品种的动物的基因型为AAbbDD×aaBBdd或AABBDD×aabbdd，D项符合题意。
故选D。
23. 蝴蝶紫翅（P）对黄翅（p）是显性，绿眼（G）对白眼（g）为显性，两对基因分别位于两对同源染色体上，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交， F1出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法正确的是（ ）
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A. 上述亲本的基因型是PpGg×PPgg
B. F1中纯合的紫翅绿眼占F1的1/8
C. F1紫翅白眼个体中，与亲本基因型相同的个体占1/2
D. F1紫翅白眼自交（基因型相同的雌雄个体间交配），F2中纯合子占2/3
【答案】D
【解析】
【分析】据图分析，紫翅：黄翅=3：1，两个亲本的基因型为Pp×Pp；绿眼：白眼=1：21，说明绿眼的基因型为Gg；则两个亲本的基因型PpGg×Ppgg。
【详解】A、分析题图可知，子代中紫翅：黄翅=3：1，可知亲本关于翅颜色的基因型分别为Pp、Pp，绿眼：白眼=1：1，可知亲本关于眼色的基因型为Gg、gg，故亲本基因型为PpGg×Ppgg，A错误；
B、F1中纯合的紫翅绿眼PPGG占F1的1/4×0=0，B错误；
C、F1紫翅白眼基因型为P_gg（1/3PPgg、2/3Ppgg），与亲本基因型相同的概率为2/3，C错误；
D、F1紫翅白眼基因型为P_gg，F1紫翅白眼中基因型相同的雌雄个体间交配，即1/3PPgg自交和2/3Ppgg自交，F2中纯合子概率为1/3+2/3×1/2=2/3，D正确。
故选D。
24. 如图表示DNA分子结构的片段，下列叙述正确的是（ ）
A. ②③交替连接构成DNA分子的基本骨架，使其具有较强的特异性
B. 正常情况下，该DNA分子中的嘌呤数与嘧啶数相等
C. 该片段中共包含了 8个脱氧核苷酸、3种碱基
D. 该DNA分子中G、C碱基对的比例较高，热稳定性较高
【答案】B
【解析】
【分析】DNA分子是一个独特的双螺旋结构，是由两条平行的脱氧核苷酸长链盘旋而成；外侧由脱氧核糖和磷酸交替连接构成基本骨架，内侧是碱基对（A-T；C-G）通过氢键连接。
【详解】A、DNA分子是一个独特的双螺旋结构，②脱氧核糖③磷酸，交替连接构成DNA分子的基本骨架，但DNA的特异性是因为DNA分子的碱基排列顺序不同，A错误；
B、正常情况下，该DNA分子中的嘌呤与嘧啶通过氢键互补配对，所以数目相等，B正确；
C、根据题意和图示分析可知：一条链上含4个碱基，另一条链上的碱基与之互补配对，有A-T、T-A、C-G三种碱基对，所以该片段中共包含了8个脱氧核苷酸，4种碱基，C错误；
D、DNA分子中G、C碱基对之间含有3个氢键，氢键越多，则热稳定性较高，但从图中看不出哪种碱基对的比例高，D错误。
故选B。
25. 在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，黄色（A）对灰色（a1）、黑色（a2）为完全显性，灰色（a1）对黑色（a2）为完全显性，且存在A纯合胚胎致死现象。下列有关杂交及其结果的叙述正确的是（ ）
A. 一对基因型相同的杂合黄色鼠交配，后代的分离比接近3:1
B. 该群体中黄色鼠有3种基因型
C. 黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黑色鼠的比例一定为1/2
D. Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/8
【答案】D
【解析】
【分析】本题考查基因分离定律的应用，A、a1、a2为复等位基因，群体中黄色个体基因型有AA、Aa1、Aa2，灰色个体基因型有a1a1、a1a2，黑色个体基因型为a2a2。
【详解】A、一对基因型相同的杂合黄色鼠交配，根据分离定律，后代应出现三种基因型，且比例为1:2:1，由于存在A纯合胚胎致死现象，后代的分离比接近2:1，A错误；
B、该群体中黄色鼠有Aa1、Aa2，2种基因型，B错误；
C、若黄色鼠Aa1与黑色鼠a2a2杂交，后代没有黑色鼠a2a2。，C错误；
D、Aa2鼠与a1a2鼠杂交，后代中黑色雌鼠的比例为1/4×1/2=1/8，D正确。
故选D。
二、不定向选择题
26. 艾弗里和他的同事从加热杀死的S型菌中制备的细胞提取物，经过不同处理后，再加入R型菌的培养物中进行转化实验。关于实验下列叙述不正确的是（ ）
A. 细胞提取物用DNA酶处理，仍具转化能力
B. 细胞提取物用蛋白酶处理，不具转化能力
C. 通过观察菌落形态，判断细胞提取物是否具有转化能力
D. 实验只有获得S型菌，才能说明细胞提取物具有转化能力
【答案】AB
【解析】
【分析】20世纪40年代，艾弗里和他的同事将加热致死的 S 型细菌破碎后，设法去除绝大部分糖类、蛋白质和脂质，制成细胞提取物。将细胞提取物加人有 R 型活细菌的培养基中，结果出现了 S 型活细菌。然后，他们对细胞提取物分别进行不同的处理后再进行转化实验，结果表明分别用蛋白酶、 RNA 酶或酯酶处理后，细胞提取物仍然具有转化活性；用 DNA 酶处理后，细胞提取物就失去了转化活性。
【详解】A、细胞提取物用DNA酶处理，就失去了转化活性，A错误；
B、细胞提取物用蛋白酶处理，细胞提取物仍然具有转化活性，B错误；
C、S型菌有荚膜，R型菌没有荚膜，可以通过观察菌落形态，判断细胞提取物是否具有转化能力，C正确；
D、将细胞提取物加入R型菌的培养物中，只有获得S型菌，才能说明细胞提取物具有转化能力，D正确。
故选AB。
27. 南瓜的果实白色（W）对黄色（w）为显性，果实盘状（D）对球状（d）为显性。现用白色盘状南瓜和黄色盘状南瓜杂交，统计子代所占百分比性状的结果如下图。有关叙述正确的是（ ）
A. 亲本的基因型为WwDd和wwDd
B. 子代中重组性状类型占1/8
C. 子代中能稳定遗传的个体占1/4
D. 子代的性状分离比为3∶1：3∶1
【答案】ACD
【解析】
【分析】由图可知，子代白色∶黄色=1∶1，则亲本果实颜色基因型为WW、ww，子代果实形状盘状∶球状=3∶1，则亲本果实形状基因型都为Dd，因此亲本基因型为WwDd和wwDd。
【详解】A、由图子代白色∶黄色=1∶1，则亲本果实颜色基因型为WW、ww，子代果实形状盘状∶球状=3∶1，则亲本果实形状基因型都为Dd，因此亲本基因型为WwDd和wwDd， A正确；
B、子代中重组性状有白色球状（1 Wwdd）、黄色球状（1 wwdd），重组性状类型占2/8=1/4，B错误；
C、纯合子能够稳定遗传，子代中能稳定遗传个体（1wwDD、1wwdd）占2/8=1/4，C正确；
D、子代基因型为1WwDD（白色盘状）、2WwDd（白色盘状）、1Wwdd（白色球状）、1wwDD（黄色盘状）、2wwDd（黄色盘状）、1wwdd（黄色球状），因此子代的性状分离比为3∶1：3∶1，D正确。
故选ACD。
28. 控制蛇皮颜色的一对等位基因遵循分离定律，现进行下列杂交实验。根据该杂交实验可推知，下列结论中正确的是（ ）
A. 所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇
B. 黄斑是隐性性状
C. 甲实验中，F1黑斑蛇遗传因子组成与亲本黑斑蛇基因型不同
D. 乙实验中，F2黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同
【答案】AB
【解析】
【分析】根据题意和图示分析可知：根据乙中，F1黑斑蛇×黑斑蛇的后代出现了黄斑蛇，说明黑斑对黄斑为显性。设黑斑基因为A，则黄斑基因为a。根据甲中，P黑斑蛇×黄斑蛇的后代F1为黑斑蛇、黄斑蛇可知，亲本的基因型为Aa×aa， F1为Aa和aa。根据乙中， F1黑斑蛇×黑斑蛇的后代F2为黑斑蛇、黄斑蛇，则F1黑斑蛇都为Aa，F2黑斑蛇为AA和Aa、黄斑蛇为aa。
【详解】A、由于黑斑蛇是显性性状，所以所有黑斑蛇亲本至少有一方是黑斑蛇，A正确；
B、由分析可知，黑斑对黄斑为显性，即黄斑是隐性性状，B正确；
C、由分析可知，甲实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同，都是杂合体，C错误；
D、由分析可知，乙实验中，F2黑斑蛇基因型(AA和Aa) 与亲本黑斑蛇基因型(Aa) 不完全相同，D错误。
故选AB。
29. 某科研小组在格里菲思实验的基础上利用相同实验材料增加了相关实验，实验过程如图所示，下列叙述正确的是（ ）
A. 活菌甲是S型细菌，活菌乙是R型细菌
B. 该实验证明了DNA是遗传物质，蛋白质不是遗传物质
C. 从鼠2血液中分离出来的活菌都能使小鼠死亡
D. 从鼠5体内分离出活菌在培养基上培养，都会产生光滑菌落
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图∶只有S型菌有毒，会导致小鼠死亡，且S型菌的DNA会是R型菌转化为S型菌。因此图中活菌甲为R型细菌，菌乙为S型细菌。
【详解】A、R型菌无毒不会导致小鼠死亡，S型菌有毒会导致小鼠死亡，且S型菌的DNA会使R型菌转化为S型菌。因此图中活菌甲为R型细菌，菌乙为S型细菌，A错误；
B、格里菲思的实验证明S型细菌中存在某种转化因子，能将R型细菌转化为S型细菌，但没有证明DNA是遗传物质，蛋白质不是遗传物质，B错误；
C、加热致死乙菌（S型菌）的DNA使少数活菌甲（R型菌）发生转化成为S型菌，大多数R型菌未转化，故从鼠2血液中分离出来的活菌有S型菌和R型菌，R型菌不能使小鼠致死，C错误；
D、从鼠5体内分离出活菌均为S型细菌，因此其在培养基上培养，都会产生光滑菌落，D正确。
故选D。
30. 人类秃发由一对等位基因A和a控制，在男性中只有AA表现为不秃发，在女性中只有aa才表现为秃发。现有一对夫妇，丈夫秃发而妻子正常，生有一个正常女儿和一个秃发儿子。下列说法错误的是（ ）
A. 该对夫妇的基因型都是Aa B. 该对夫妇可能会生出秃发的女儿
C. 该对夫妇生的正常女儿的基因型是Aa D. 该对夫妇生的秃发儿子的基因型是aa
【答案】ACD
【解析】
【分析】据题干分析，在男性中，基因型为AA的个体不秃发，基因型为Aa和aa的个体秃发；在女性中，基因型为AA和Aa的个体不秃发，基因型为aa的个体秃发。
【详解】A、根据题意，在男性中，基因型为AA的个体不秃发，基因型为Aa和aa的个体秃发；在女性中，基因型为AA和Aa的个体不秃发，基因型为aa的个体秃发。所以丈夫的基因型是Aa或aa，妻子的基因型是AA或Aa，A错误；
B、若该对夫妇都是杂合子，则可能会生出秃发女儿，B正确；
C、该对夫妇生出的正常女儿的基因型可能是AA或Aa，C错误；
D、该对夫妇生的秃发儿子的基因型可能是Aa或aa，D错误。
故选ACD。
第II卷非选择题
31. 下甲图中DNA分子有a和d两条链，将甲图中某一片段放大后如乙图所示，结合所学知识回答下列问题：
（1）从甲图可看出DNA复制的方式是__________。
（2）甲图中，A和B均是DNA分子复制过程中所需要的酶，其中B能将单个的脱氧核苷酸连接成脱氧核苷酸链，从而形成子链，则B是_________酶。
（3）图乙中的DNA片断中，游离的磷酸有_______________个。若某含有1000个碱基对的DNA分子片断中，腺嘌呤脱氧核苷酸占20%，则该DNA片断中碱基之间的氢键数目是_______，经3次复制，需要消耗环境中游离的胞嘧啶脱氧核苷酸的数目是______。
（4）图为不同生物或生物不同器官（细胞核）的DNA分子中（A+T）/（G+C）的比值情况，据图回答问题：
①上述三种生物中的DNA分子，热稳定性最强的是__________________（填名称）。
②假设小麦DNA分子中（A+T）/（G+C）=1.2，那么（A+G）/（T+C）=______________。
【答案】（1）半保留复制
（2）DNA聚合 （3） ①. 2 ②. 2600 ③. 4200
（4） ①. 小麦 ②. 1
【解析】
【分析】根据甲图分析可知，图甲中进行着DNA分子复制，该过程主要在细胞核中进行，其次在线粒体、叶绿体、拟核中也可以进行，DNA分子复制过程中需消耗4种游离的脱氧核糖核苷酸为原料，在解旋酶、DNA聚合酶的催化下边解旋边复制、半保留复制。
图乙为DNA分子结构示意图，DNA分子一般由两条反向平行的脱氧核苷酸链构成，两条脱氧核苷酸链之间通过氢键将碱基对连接起来，DNA分子的磷酸-脱氧核糖交替连接排列外侧构成DNA分子基本骨架。
【小问1详解】
从甲图可看出，DNA复制的方式是半保留复制，所形成的子代DNA中都保留了一条母链。
【小问2详解】
甲图中，A和B均是DNA分子复制过程中所需要的酶，其中B能将单个的脱氧核苷酸连接成脱氧核苷酸链，从而形成子链，则B是DNA聚合酶，而A将DNA分子双螺旋结构解开，形成单链，是解旋酶。
【小问3详解】
图中的DNA片断中，游离的磷酸有2个，分布在片段的两个末端。若某含有1000个碱基对的DNA分子片断中，腺嘌呤脱氧核苷酸占20%，即该DNA分子中腺嘌呤脱氧核苷酸和胸腺嘧啶脱氧核苷酸数量各为400个，则鸟嘌呤脱氧核苷酸和胞嘧啶脱氧核苷酸各为600个，因为腺嘌呤脱氧核苷酸和胸腺嘧啶脱氧核苷酸之间由两个氢键连接，鸟嘌呤脱氧核苷酸和胞嘧啶脱氧核苷酸之间靠三个氢键连接。则该DNA片断中碱基之间的氢键数目是2600，即2×400+3×600=2600个。经3次复制，需要消耗环境中游离的胞嘧啶脱氧核苷酸的数目是4200，即（23－1）×600=4200个。
【小问4详解】
①由于AT对有两个氢键，而GC对有三个氢键，而小麦的（A+T）/（G+C）比值最小，所以GC对最多，氢键数目最多，所以热稳定性最强。
②假设小麦DNA分子中（A+T）/（G+C）=1.2，那么（A+G）/（T+C）=1，因为在双链DNA分子中，A+G=T+C，即不互补的碱基之和相等。
32. 在大豆的花色遗传中，紫花与白花是一对相对性状。下表是大豆花色遗传实验的结果，若控制花色的基因用A、a来表示，请分析表格回答问题。
F1的表现型和植株数目
组合
亲本表现型
紫花
白花
一
紫花×白花
405
411
二
白花×白花
0
820
三
紫花×紫花
1240
413
（1）根据组合_____可判断_____花为显性性状。
（2）组合一的杂交方式叫________，亲本中紫花的基因型为________。
（3）组合三中，F1紫花的基因型为_____，F1紫花中纯合子的比例为_____。
（4）从上述实验结果分析，大豆的花色遗传遵循基因的________定律。
【答案】 ①. 三 ②. 紫 ③. 测交 ④. Aa ⑤. AA或Aa ⑥. 1/3 ⑦. 分离
【解析】
【分析】根据题意和图表分析可知：从组合三紫花与紫花交配后代出现白花，而后代出现不同于亲本表型的现象称为性状分离，说明白花是隐性，且双亲紫花为杂合子；第一组后代紫花：白花为1：1，相当于测交；第二组是隐性纯合子自交。
【详解】（1）由于组合三中亲本均为紫色，F1中出现了白色，即发生性状分离，说明紫花是显性性状，白花为隐性性状。
（2）组合一后代紫花：白花为1：1，属于测交；说明亲代紫花基因型为Aa。
（3）组合三后代紫花：白花为3：1，则亲本基因型均为Aa，所以F1基因型为AA（1/3）或Aa（2/3）；即F1紫花中纯合子的比例为1/3。
（4）从上述实验结果分析，大豆的花色遗传受一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。
【点睛】本题结合图表，考查基因分离定律的实质及应用，要求考生掌握基因分离定律的实质，能熟练运用后代分离比推断法推断这对相对性状的显隐性关系及各组亲本的基因型，进而结合所学的知识准确答题。
33. 燕麦颖片颜色的遗传受不同对染色体上的两对等位基因控制，其中基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色。基因b、y均不控制色素合成，而表现为白颖（假设每株燕麦产生的后代数量一样）。为研究燕麦颖色的遗传，用黄颖和黑颖的纯合子燕麦为亲本进行了如下杂交实验。请分析并回答下列问题：
（1）根据F2表现型及比例判断，燕麦颖色的遗传遵循_____定律。
（2）图中亲本黄颖和黑颖基因型分别为_____。
（3）图中F2的黑颖植株中，共有_____种基因型。其中部分个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，这样的个体在F2的黑颖燕麦中所占的比例为_____；还有部分个体自交后代中会出现不同颜色。若将F2中的黄颖植株与白颖植株杂交，所得后代中白颖植株的比例为_____。
（4）为鉴定一黑颖植株的基因型，将该植株与白颖植株杂交得F1，F1自交得F2，请回答下列问题：
①根据F1的表现型及其比例，可确定黑颖植株的基因型可能为_____。
②根据F1表现型及其比例，尚不能确定的黑颖植株基因型中，若F2中黑颖：黄颖：白颖为_____，则该黑颖植株的基因型为BBYy。
【答案】（1）基因的自由组合（基因的分离定律和自由组合）
（2）bbYY、BByy
（3） ①. 6 ②. 1/3 ③. 1/3
（4） ①. BbYy、Bbyy、BbYY ②. 24:3:5
【解析】
【分析】根据题意，B_Y_和B_yy的个体均表现为黑颖，bbY_的个体均表现为黄颖，bbyy的个体均表现为白颖。题图中：黑：黄：白=241：59：20=12：3：1，说明两对等位基因独立遗传，符合基因的自由组合定律，子一代的基因型为BbYy，亲本中黄颖和黑颖基因型分别为bbYY、BByy。
【小问1详解】
F2三种表现型比例约为12∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变形，说明燕麦颖色的遗传遵循自由组合定律。
【小问2详解】
根据F2三种表现型及比例可知图中F1基因型应为BbYy。基因B控制黑色素的形成，基因Y控制黄色素的形成，但黑色会掩盖黄色。基因b、y均不控制色素合成，而表现为白颖。则亲本中黄颖不含有B，基因型为bbYY，则黑颖为BByy。
【小问3详解】
图中F2的黑颖植株B 中，共有2×3=6种基因型。其中BB 个体无论自交多少代，其后代表现型仍然全为黑颖，这样的个体在F2的黑颖燕麦中的比例为1/3。F2中的黄颖植株，1/3为纯合子，2/3为杂合子，与白颖植株杂交，所得后代中白颖植株的比例为（2/3）×（1/2）=1/3。
【小问4详解】
①若黑颖植株含有BB ，则后代一定为黑颖，无法通过测交判断其基因型；通过测交可判断黑颖植株Bb 的基因型。与白颖植株杂交，BbYy的后代表现为黑∶黄∶白=2∶1∶1； Bbyy的后代表现为黑∶黄∶白=3∶0∶1； BbYY的后代表现为黑∶黄∶白=3∶1∶0；据此可区分三种基因型。
②若该黑颖植株的基因型为BBYy，则F1基因型为1/2BbYy、1/2Bbyy，F2中黑颖比例为（1/2）×（12/16）+（1/2）×（3/4）=24/32；黄颖比例为（1/2）×（3/16）=3/32；白颖比例为（1/2）×（1/16）+（1/2）×（1/4）=5/32；黑颖∶黄颖∶白颖比例为24∶3∶5。
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