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安徽省六安市金安区多校2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份安徽省六安市金安区多校2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年安徽省六安市金安区多校八年级（下）期末物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 如图所示，“太空教师”王亚平在太空做了抛冰墩墩实验，下列说法中正确的是( )
A. 抛出后冰墩墩向前做直线运动，说明力不可以改变物体的运动状态
B. 冰墩墩在太空中受到的重力与在地面所受重力相等
C. 由于惯性，抛出的冰墩墩继续向前运动
D. 在太空中冰墩墩具有的惯性比在地球上小
2. 两个用同种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有深度相同的同种液体，如图所示，若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，则匀速运动时F1、F2随时间t的变化关系图象可能是( )
A. B.
C. D. F₂
3. 如图所示，以下与压强知识相关的实验中分析不正确的是( )
A. 甲图实验，能够说明液体压强随深度的增加而增大
B. 乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越重，桌腿下陷越深
C. 丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，可估测大气压强的值
D. 丁图实验，在教室内可以用水代替水银做托里拆利实验
4. 利用同一个滑轮，分别按照如图所示的甲、乙两种方式提升重物，在相同时间内将同一物体G匀速提升相同的高度，拉力分别为F1和F2(不计绳重和摩擦)，下列说法正确的是( )
A. 拉力F1小于F2
B. 使用动滑轮时拉力做功更少
C. 甲装置比乙装置的机械效率大
D. 拉力F1和拉力F2做功的功率一样大
5. 小明15岁生日这天，爸爸送给他一辆山地自行车，如图所示。关于这辆自行车，下列分析正确的是( )
A. 自行车轮胎上的花纹可以减小摩擦
B. 自行车脚蹬上的花纹是为了减小摩擦
C. 自行车刹车是通过增大压力的方式增大摩擦力
D. 若体重较大的爸爸骑此车，车轮与地面的摩擦力会较小
6. 如图所示，AOB为轻质杠杆，B端用细线挂一重物G，在A端分别施加作用力F1、F2、F3时，杠杆都能在图示位置平衡。则下列说法正确的是( )
A. F1最小
B. F2最大
C. 使用此杠杆、筷子、轮轴等机械一定能省力，但不能省功
D. 若作用力为F3，保持F3与OA垂直，使重物匀速上升，F3将逐渐减小
7. 如图所示的实验装置，甲、乙均为实心正方体，甲的边长为10cm，密度为3g/cm3，在如图所示的静止状态下甲对水平地面的压强为2750Pa，乙的边长为5cm。下列说法错误的是( )
A. 甲所受的重力为30N B. 乙的密度为2g/cm3
C. 测力计的示数为25N D. 甲对水平地面的压力为27.5N
8. 小明在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上铺有粗糙程度不同的物体(毛巾、棉布、木板)，小车自斜面顶端从同一高度由静止开始下滑，观察小车在三种不同平面上运动的距离如图所示，下面说法正确的是( )
A. 小车在不同平面上运动的距离越长，受到的阻力越大
B. 如果在平面上小车受到的阻力为0，小车将做加速运动
C. 牛顿第一定律可以由实验结果直接得出
D. 此时实验用到的物理方法是控制变量法
9. 三个完全相同的容器内，分别装满酒精、水和盐水后(ρ盐水>ρ水>ρ酒精)，将a、b、c三个不同的小球放入容器中，小球静止后位置如图所示。下列说法正确的是( )
A. 三个容器底部受到的液体压力关系是F甲
C. 若将小球b放入丙杯中，小球b受到的浮力会增大
D. 若将小球c放入甲杯中，小球c排开液体的质量小于小球c的质量
10. 利用鸬捕鱼是我国传承千年的古老技艺。如图所示，当捕到鱼的鸬从水中跳到渔船上时，下列关于渔船说法正确的是( )
A. 排开水的质量不变
B. 受到的浮力变大
C. 船底受到的液体压强变小
D. 所受浮力始终大于船及所载物的总重力
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共10小题，共26.0分）
11. 端午节的传统习俗有包粽子、吃咸鸭蛋和赛龙舟等，粽叶飘香，说明分子在______ 。
12. 某物体对桌面的压强是2×104Pa，它的物理意义是______ 。
13. 如图所示，上表面水平且光滑的小车上有A、B两个物体，两物体与小车以相同的速度一起向右匀速运动，B在A的正前方，B的质量小于A的质量，假设小车的上表面足够长，不计空气阻力，小车遇到障碍物突然停止后，A、B两物体的速度关系vA______ vB(选填“>”、“<”或“=”)。
14. 如图所示，订书机钉槽内的订书钉之所以不会松脱，是因为固定在槽内后部的处于压缩状态的弹簧给订书钉一个向______ (选填“左”或“右”)的弹力，在使用过程中随着订书钉的逐渐减少，这个力将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
15. 如图所示，在水平地面上放置一个重为600N的物体，将物体匀速拉动时，动力F的大小是90N，则物体与地面间的摩擦力大小是 N(不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦)。
16. 科技的发展，让人们创造了一项又一项不可思议的世界纪录，如图所示是一款世界上速度最快的火箭车，速度可达1600km/h，其速度表示的物理意义是______ ，这个速度比民航飞机要快的多，不过这车只是用来挑战极限的，是不可能上路的，若这种火箭车以最大速度匀速行驶6min，可以通过的路程是______ m。
17. 小明在学校运动会上是仪仗队手，如图所示。他竖直举旗前进时，风给旗水平向右的阻力为20N，其作用点可以看成在A点。已知AB=1.6m，BC=0.4m。小明的两只手分别位于B、C两点，他用一只手握紧旗杆不让它下滑，用另一只手拉住旗杆不让它倾斜。则另一只手对旗杆加的最小拉力为______ N，方向______ 。
18. 如图，三个物块A、B、C叠放在水平桌面上，水平力F作用于C物体，使A、B、C以共同速度向右做匀速直线运动，则物块B______ (选填“受到”或“不受”)摩擦力；桌面对A的摩擦力______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)A对C的摩擦力；在其他条件不变的情况下取走B，A将做______ 运动。
19. 在水平地面上行驶的汽车车厢里挂着一个小球，当出现了如图所示的情景时，绳子对球的拉力和球受到的重力______(选填“是”、“不是”或“可能是”)一对平衡力。汽车在做______(选填“加速”、“匀速”或“减速”)运动。
20. 在水平桌面上有一个盛有水的容器，将密度为0.6g/m3木块用细线系住没入水中，如图甲所示。将细线剪断，木块静止后如图乙所示。那么甲、乙两图中，木块受到水的浮力之比是______ ；甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比是______ ；甲图容器对水平桌面的压强______ (选填：大于/小于/等于)乙图中容器对水平桌面的压强。(ρ水=1.0×103kg/m3)
三、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
21. 如图所示是某小组同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
(1)图甲是U形管压强计，从结构来看，压强计______ (是或不是)连通器；
(2)比较乙、丙两次实验可知：______ ；
(3)若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为______ Pa；在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，橡皮膜受到的液体压强将______ 。
22. “探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)把杠杆放在支架上后，在图甲所示的位置静止，这时的杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节好的杠杆如图乙，用弹簧测力计向上拉动杠杆使其水平在位置平衡，此操作的好处是______ 。
(3)如图丙，当杠杆水平在位置平衡时，与乙图相比弹簧测力计的示数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)图丁为小明利用所学知识自制的杆秤(自重不计)。已知秤砣的质量为0.5kg，当杠杆水平静止时，被测物和秤砣到秤纽的距离分别为0.04m、0.2m可估算出被测物质量为______ kg，为提高杆秤的测量范围，提纽应向______ 移动(选填“左”“右”)。
23. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小美选择如下器材：长木板、棉布、长方形木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等，设计的操作过程如图所示。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做______ 运动，利用______ 原理可知，此时弹簧测力计示数F等于木块所受滑动摩擦力的大小。
(2)得到的实验数据记录如下表：
实验情景
甲
乙
丙
丁
测力计示数F/N
1.5
1.5
2.1
2.5
比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小______ (选填“有关”或“无关”)；比较______ 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
(3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了______ 两次实验得出的结论。
(4)小美对实验装置进行改进，如图戊所示。请你说出改进后的优点：______ (写出一条即可)。
四、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
24. 如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦。求：
(1)拉力F做功的功率；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)动滑轮的重力；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率是多少？
25. 如图所示，质量为80kg的举重运动员在0.9s内将重为1500N的杠铃从地上举到1.80m的高度。求这个过程中：(运动员每只脚与地面的接触面积是0.025m2)
(1)运动员受到的重力；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(3)运动员对杠铃做功的功率。
26. 如图所示，有一体积为800cm3重为6N的木块漂浮在水面上，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)木块所受浮力；
(2)木块露出水面的体积；
(3)若在木块的上方施加一个竖直向下的力F，当F为多大时，木块恰好能全部没入水中。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、空间站中抛出后向前做直线运动，冰墩墩处于失重状态，不受力的作用，所以不能说明力可以改变物体的运动状态，故A错误；
B、空间站中处于失重状态，抛出的冰墩墩在太空中没有受到重力的作用，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，由于惯性，抛出的“冰墩墩”继续向前运动，故C正确；
D、同一个冰墩墩在太空中和在地球上质量相同，质量不变，惯性大小不变，故D错误。
故选：C。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)重力是由于地球的吸引而使物体受到的力；
(3)惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；
(4)质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系；惯性的大小只与物体的质量有关。
本题考查了惯性、牛顿第一定律、质量和重力等知识的理解和应用，涉及的知识点较多，综合性较强。
2.【答案】C
【解析】解：因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，所以根据m=ρV可知，右图中液体的质量较大，又因为容器质量相同，所以右图容器和液体的总质量较大，根据G=mg可知右图容器和液体的总重力较大；
由于水平桌面受到的压力等于容器和液体的总重力，因此右图容器对水平桌面受到的压力较大，故在接触面粗糙程度相同时，右图容器所受摩擦力较大；
由于两容器均做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故F 1
因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，先根据密度公式判断出液体的质量关系，然后判断出容器和液体总重力的关系，再利用水平桌面受到的压力等于总重力，最后根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小；
本题主要考查了二力平衡条件的应用，能够比较出两液体的体积大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A.甲图实验，小孔所处深度越深处，液体从小孔中喷射越远，可以表明液体压强随深度的增加而增大，故A正确；
B.乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越重，对细沙的压力越大，桌腿下陷越深，故B正确；
C.丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，利用压强定义式可估测大气压强的值，故C正确；
D.丁图实验，在教室内不可以用水代替水银做托里拆利实验，因为一个大气压相当于10m高的水柱产生的压强，故D错误。
故选：D。
(1)液体内部的压强随深度的增加而增大；
(2)压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；
(3)知道压力和受力面积，利用p=FS求压强；
(4)一个大气压可以支持76cm高的水银柱，相当于10m高的水柱。
本题为力学综合题，考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强的特点、压强计算、托里拆利实验，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：由题知，两种方式提升重物时，物重G相同，提升的高度h相同，所用时间t相同；
A、左图为定滑轮，使用定滑轮不能改变力的大小(即不能省力)；右图为动滑轮，使用动滑轮可以省力，所以拉力F1大于F2，故A错误；
BC、使用定滑轮，不计绳重与摩擦，拉力做的功等于克服物体重力做的功，即W1=Gh；
使用动滑轮，不计绳重与摩擦，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功，即W2=(G+G动)h；
所以，使用动滑轮所做的功大于使用定滑轮所做的功，即使用动滑轮所做的总功大，故B错误；
根据W有=Gh可知两者所做有用功相同，由于使用动滑轮所做的总功大，所以由η=W有用W总×100%可知，动滑轮的机械效率要小于定滑轮的机械效率，即甲装置的机械效率更高，故C正确；
D、使用动滑轮所做的功大于使用定滑轮所做的功，由于做功时间相同，根据P=Wt可知，使用动滑轮拉力做功的功率大于使用定滑轮拉力做功的功率，故D错误。
故选：C。
(1)根据定滑轮和动滑轮的工作特点分析解答；
(2)不计绳重及摩擦，使用定滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力做的功；使用动滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功；
(3)根据W有=Gh可知两者所做有用功相同；不计绳重及摩擦，使用定滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力做的功；使用动滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功；根据η=W有用W总×100%判断机械效率之间的关系；
(4)根据公式P=Wt比较功率的大小。
本题考查了功和功率的大小比较、定滑轮和动滑轮的工作特点、使用滑轮时拉力的求法，会分析拉力做的功和有用功，并能熟练运用功和功率公式是关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎上的花纹可以在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故A错误；
B、自行车脚蹬上的花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故B错误；
C、自行车刹车是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方式增大摩擦力，故C正确；
D、若体重较大的爸爸骑此车，接触面粗糙程度不变，压力增大，车轮与地面的摩擦力会变大，故D错误。
故选：C。
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
本题考查了对增大和减小摩擦的方法在生活中的应用，能将知识与实际应用相结合，是解答的关键。
6.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，在A点用力时，F1的力臂最短，F3的力臂最长，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂一定时，所施加的动力F1最大，F3最小，故AB错误；
C、图中杠杆为省力杠杆，而筷子是费力杠杆，轮轴可以看作是省力杠杆的变形，它们都不能省功，故C错误；
D、若作用力为F3，保持F3与OA垂直，则动力臂不变，使重物匀速上升时，阻力G不变，阻力臂逐渐小于OB，即阻力臂变小，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，F3将逐渐减小，故D正确。
故选：D。
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。使用任何机械都不能省功。
本题考查了对杠杆的认识，对杠杆进行动态平衡分析等，全面认识杠杆的特点及应用，熟练掌握杠杆的平衡条件，是解答的关键。
7.【答案】C
【解析】解：A、正方体甲的体积：V甲=(10cm)3=1000cm3=1×10-3m3，其密度ρ甲=3g/cm3=3×103kg/m3，
由ρ=mV可得，甲的质量：m甲=ρ甲V甲=3×103kg/m3×1×10-3m3=3kg，
甲所受的重力：G甲=m甲g=3kg×10N/kg=30N，故A正确；
D、由p=FS可得，甲对水平面的压力：
F=pS甲=2750Pa×(0.1m)2=27.5N，故D正确；
C、对甲进行受力分析可知，甲受到的重力与甲受到的拉力和支持力三力平衡，受力大小关系为：G甲=F拉+F支，甲所受的支持力和甲对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，因此绳子对甲的拉力F拉=G甲-F支=30N-27.5N=2.5N，测力计在甲、乙两物体拉力作用下静止，因此乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，即测力计的示数为2.5N，故C错误；
B、由图可知，测力计在甲、乙两物体拉力作用下静止，因此乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，还等于乙的重力，即G乙=F拉=2.5N，
乙的质量：m乙=G乙g=2.5N10N/kg=0.25kg，
已知正方体乙的边长L乙=5cm=0.05m，则乙的体积V乙=(0.05m)3=1.25×10-4m3，
乙的密度：ρ乙=m乙V乙=0.25kg1.25×10-4m3=2×103kg/m3=2g/cm3，故B正确。
故选：C。
(1)已知正方体甲的边长可求得其体积，又知道密度，根据密度公式可求得其质量，然后根据G=mg可求得甲所受的重力；
(2)已知甲的边长可求得其底面积，又知道甲对水平地面的压强，由p=FS可求得甲对水平地面的压力；
(3)甲的受力大小关系为：G甲=F拉+F支，甲受三个力作用处于静止状态，甲所受的支持力和甲对地面的压力是一对相互作用力，由此可求得绳子对甲的拉力即为测力计的示数；
(4)由图可知，乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，等于乙的重力，由G=mg可求得其质量，已知乙的边长可求得其体积，由密度公式可求得乙的密度。
本题考查了力的平衡条件、压强公式、重力公式和密度公式的应用，对甲进行正确的受力分析是关键。
8.【答案】D
【解析】解：A、木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，小车在不同平面上运动的距离越长，受到的阻力越小，故A错误；
B、如果在平面上小车受到的阻力为0，小车的速度不会变小，将做匀速直线运动，故B错误；
C、牛顿第一定律是在实验的基础上推理归纳概括出来的，不能由实验结果直接得出，故C错误；
D、根据控制变量法，实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的速度相同，此时实验用到的物理方法是控制变量法，故D正确。
故选：D。
A、根据实验现象分析；
B、如果在平面上小车受到的阻力为0，小车的速度不会变小，据此推理回答；
C、生活中不受力的物体不存在，牛顿第一定律是在实验的基础上推理归纳概括出来的；
D、根据控制变量法，要使小车到达斜面底端时的速度相同。
本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法及对牛顿第一定律的理解。
9.【答案】D
【解析】解：A、由于ρ盐水>ρ水>ρ酒精，由p=ρgh可知，三个容器底部受到的液体压强关系是p甲
C、若将小球b放入丙杯中，又因为ρb=ρ水<ρ盐水，所以小球b在丙杯中处于漂浮状态，根据F浮=G可知小球b受到的浮力不变，故C错误；
D、若将小球c放入甲杯中，因为ρc>ρ盐水>ρ酒精，所以小球c在甲杯中处于沉底状态，浮力小于重力，所以小球c排开液体的质量小于小球c的质量，故D正确。
故选：D。
(1)由ρ盐水>ρ水>ρ酒精和液体深度的关系，利用p=ρgh判断容器底受到液体的压强关系，由p=FS判断出容器底部受到的液体压力的关系；
(2)由图得出a、b、c三个小球所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与液体的密度大小关系，进而判断出三个小球密度的关系；
(3)若将小球b放入丙杯中，根据ρb=ρ水<ρ盐水判断出小球b在丙杯中的状态，根据浮沉条件判断小球b受到的浮力的变化情况；
(4)若将小球c放入甲杯中，根据ρc>ρ盐水>ρ酒精判断出小球c在甲杯中的状态，判断出浮力与重力，从而判断出小球c排开液体的质量与小球c质量的关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
10.【答案】B
【解析】解：鸬鹚全部上船后，渔船的重力变大，渔船漂浮，受到的浮力等于船及所载物的总重力，所以浮力变大，根据阿基米德原理可知，渔船排开水的重力变大，根据F浮=ρ水gV排可知，水的密度不变，浮力增大，排开水的体积增大，所以小船下沉一些，船底的深度变大，根据p=ρgh可知，船底受到的压强变大，故ACD错误，B正确。
故选：B。
当捕到鱼的鸬从水中跳到渔船上时，先判断出船总重的变化，根据物体漂浮条件F浮=G物判断浮力变化；根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知渔船排开水的重力和体积的变化；根据p=ρgh分析小船底部受到的压强的变化。
本题考查了漂浮条件和阿基米德原理知识灵活应用，属于比较典型的题目，要熟练掌握。
11.【答案】不停地做无规则运动
【解析】解：粽叶飘香这是粽叶的香味进入到空气中发生的扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：不停地做无规则运动。
不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，说明一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动。
本题考查了扩散现象，属于基础知识的应用，难度不大。
12.【答案】桌面1m2面积上受到的压力是2×104N
【解析】解：某物体对桌面的压强是2×104Pa，它的物理意义是：桌面1m2面积上受到的压力是2×104N。
故答案为：桌面1m2面积上受到的压力是2×104N。
压强是反映压力作用效果的物理量，压强的单位是帕，1Pa=1N/m2，表示每平方米的面积上受到的压力是1N。
对于一个物理量，一定要掌握它的物理意义，这样才能理解物理量。
13.【答案】=
【解析】解：小车的表面是光滑的，两物体与小车间不存在摩擦力；小车遇到障碍物突然停止后，由于A、B在水平方向上不受力，根据牛顿第一定律可知，A、B两物体会保持原来的速度做匀速直线运动，所以A、B两物体的速度相等，即vA=vB。
故答案为：=。
根据牛顿第一定律分析两个物体的运动情况。
本题考查牛顿第一定律的应用，解答本题的关键是对物体的受力情况进行分析，属易错题。
14.【答案】左 减小
【解析】解：(1)读图可知，订书机钉槽内的订书钉之所以不会松脱，是因为固定在槽内后部的弹簧发生了形变，会给钉子一个向左的弹力；
(2)在使用过程中，随着钉子的减少，弹簧形变程度变小，给钉子的这个力将减小。
故答案为：左；减小。
物体发生弹性形变时会产生弹力，形变的程度越大，弹力会越大。
根据图中的结构明确弹力的方向与大小变化，是解答本题的关键。
15.【答案】180
【解析】解：由图知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，绳端的拉力F=1nf，
物体与地面间的摩擦力大小：
f=nF=2×90N=180N。
故答案为：180。
由图知，水平使用滑轮组时绳子的有效股数n=2，不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，拉力F=1nf，据此求物体与地面间的摩擦力大小。
本题考查了水平使用滑轮组时物体与地面间的摩擦力的计算，属于基础题目。
16.【答案】1h通过的路程为1600km 1.6×105
【解析】解：火箭车的速度为1600km/h表示1h通过的路程为1600km；
因为v=，所以通过的路程为s=vt=1600km/h×6×160h=160km=1.6×105m。
故答案为：1h通过的路程为1600km；1.6×105。
速度是描述物体运动快慢的物理量；已知速度和时间，利用公式s=vt得到路程。
一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小，但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的，结合生活常识加上一个合适的单位，物理数据才有意义．
17.【答案】80 水平向右
【解析】解：小明在竖直举旗前进时，若以C为支点时，B处垂直于旗杆向左的力为动力，A处垂直杠杆向右的力为阻力，BC为动力臂，AC为阻力臂，
若以B点为支点时，在C处用力，且动力的方向垂直于旗杆向右，BC为动力臂，AB为阻力臂，
两种情况的动力臂均为BC，但以B为支点，阻力臂较小，根据杠杆的平衡条件知，此时的动力最小；
根据杠杆的平衡条件：F1×LBC=F2×LAB，
所以最小的动力为：F1=F2×LABLBC=20N×1.6m0.4m=80N，方向是水平向右。
故答案为：80；水平向右。
分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件分析解答。
本题考查了杠杆五要素的分析、利用杠杆的平衡条件分析解答问题，本题的关键是判断支点的位置。
18.【答案】不受 等于 加速
【解析】解：B随A一起做匀速直线运动，没有相对运动、也没有相对运动的趋势，所以B与A之间不存在摩擦力，故B不受摩擦力；
以C为研究对象，C做匀速直线运动，水平方向受到拉力F与A对C的静摩擦力是一对平衡力，大小相等，由于C对A的静摩擦力和A对C的摩擦力是一对相互作用力，其大小相等；以A为研究对象，A做匀速直线运动，水平方向受到桌面对A的摩擦力和C对A的静摩擦力是一对平衡力，其大小相等，所以桌面对A的摩擦力等于等于A对C的摩擦力都等于F；
在其他条件不变的情况下取走B，A对桌面的压力变小，则桌面对A摩擦力变小，以AC整体为研究对象，桌面对AC整体的摩擦力小于拉力F，故AC将做加速运动，即A将做加速运动。
故答案为：不受；等于；加速。
(1)根据产生摩擦力的条件去判断有无摩擦力；
(2)根据相互作用力的特点和平衡力的特点判断；
(3)掌握影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度，根据影响因素判断摩擦力的变化情况，物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化。
本题涉及多个物体平衡，关键要灵活选择研究对象，整体法与隔离法可交叉使用。
19.【答案】不是；加速
【解析】解：(1)图中小球受到竖直向下的重力、沿绳子斜向上的拉力，这两个力不在同一条直线上，根据二力平衡条件可知，这两个力不是一对平衡力；
(2)当汽车加速运动时，小球由于惯性要保持原来的运动状态(即小球以原来较小的速度运动)，所以小球就向后偏，即根据小球向后偏可知汽车做加速运动。
故答案为：不是；加速。
(1)根据平衡力及平衡的条件分析解答此题，二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，这四个条件缺一不可。(2)汽车匀速运动时绳子在竖直方向上；汽车做变速运动时，绳子倾斜；加速小球向后摆，减速小球向前摆。
物体具有惯性而表现出来的惯性现象以及平衡力的问题，在生活中随处可见。要多观察，多实验，多体会。
20.【答案】5：3 2：5 等于
【解析】解：甲图中木块浸没在水中，排开液体的体积V排=V木，受到的浮力F甲=G排=m排g=ρ水V排g=ρ水V木g，
乙图中木块漂浮在水面，浮力等于重力，则木块受到的浮力F乙=G木=m木g=ρ木V木g，
甲、乙两图中木块受到的浮力之比F甲F乙=ρ水V木gρ木V木g=ρ水ρ木=1.0g/cm30.6g/cm3=53；
则F甲=53F乙=53G木，G木=35F甲，
甲图中细线对木块的拉力F=F甲-G木=F甲-35F甲=25F甲，
则甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比FF甲=25F甲F甲=2：5；
容器对水平桌面的压力等于总重力，甲、乙两图中总重力不变，容器的底面积没有变，根据p=F压S=GS知，甲图容器对水平桌面的压强等于乙图中容器对水平桌面的压强。
故答案为：5：3；2：5；等于。
甲图中木块浸没在水中，排开液体的体积等于木块的体积，根据阿基米德原理计算受到的浮力，乙图中木块漂浮在水面，浮力等于重力，根据F乙=G木=m木g=ρ木V木g计算，甲、乙两图中木块受到的浮力之比为F甲F乙=ρ水V木gρ木V木g=ρ水ρ木；
则F甲=53F乙=53G木，G木=35F甲，甲图中细线对木块的拉力F=F甲-G木=F甲-35F甲=25F甲，然后计算甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比；
容器对水平桌面的压力等于总重力，甲、乙两图中总重力不变，容器的底面积没有变，根据p=F压S=GS判断，甲图容器对水平桌面的压强与乙图中容器对水平桌面的压强的大小关系。
本题考查了阿基米德原理的应用、浮沉条件的应用、固体压强的计算，要求学生能够灵活运用公式进行计算。
21.【答案】不是 同种液体内部压强随深度的增加而增大 500 变大
【解析】解：(1)压强计一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，压强计不是连通器；
(2)比较乙、丙两次实验可知，液体的密度相同时，液体越深，U形管液面高度差越大，液体的压强越大，说明同种液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，即0.05m，根据p=ρ水gh可知，橡皮管内气体的压强与管外大气压之差p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
图乙的实验中，容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，加清水后烧杯内液体重力增加，液体对烧杯底部对压力增大，烧杯底面积不变，液体对烧杯底部对压强变大，所以金属盒(橡皮膜)以上的压强变大。
故答案为：(1)不是；(2)同种液体内部压强随深度的增加而增大；(3)500；变大。
(1)上端开口底部连通的仪器是连通器；
(2)分析比较乙、丙两次实验中相同的物理量以及不同的物理量，利用控制变量法得出结论；
(3)根据p=ρ水gh得出橡皮管内气体的压强与管外大气压之差；
容器中加入适量清水与其均匀混合后，水不溢出，容器底压强变大，容器底压强等于金属盒以上和以下液体压强的和，而加清水后液体密度减小，由此分析判断橡皮膜受到的液体压强的变化。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
22.【答案】平衡 左 便于测量力臂 变大 2.5 左
【解析】解：(1)杠杆静止在如图甲的位置，所以杠杆处于平衡状态；
杠杆停在如图甲所示的位置，左端上翘，要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的左端移动；
(2)杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)弹簧测力计在M位置时，力臂是红色的线段；弹簧测力计在N位置时，力臂是绿色的线段。根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力和阻力臂都不变，动力臂变短，动力变大，故弹簧测力计示数变大。
(4)如图丁：以O为支点，因为杠杆平衡，
所以G物L左=G砣L右，
即：m物gL左=m2gL右，
所以m物=m砣L右L左=0.5kg×0.2m0.04m=2.5kg；
秤砣质量m不变，即动力不变，若杆秤的称量范围变大，则阻力变大，由杠杆平衡条件知，动力臂与阻力臂的比值变大，由于阻力臂与动力臂的和等于杆秤的长度是一定的，则
应减小阻力臂，增大动力臂，所以提纽应向左端移动。
故答案为：(1)平衡；左；(2)便于测量力臂；(3)变大；(4)2.5；左。
(1)杠杆静止或匀速转动，杠杆都处于平衡平衡状态；杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡。为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，动力变大；
(4)知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
知道提高杆秤的测量范围是保持秤砣不变，根据杠杆平衡条件分析力臂的变化。
对于杠杆的平衡，学生容易认为杠杆在平衡位置静止是平衡状态，在其它位置静止和匀速转动容易被忽视。对于杠杆平衡的问题，正确运用杠杆平衡条件是关键。
23.【答案】匀速直线 二力平衡 无关 甲、丙 甲、丁 便于操作，不需要控制木板做匀速直线运动
【解析】解：(1)根据二力平衡的原理，只有物体做匀速直线运动时，拉力才与滑动摩擦力大小相等；
(2)比较甲、乙两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关；
要得出“在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小”，需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，比较甲、丙两次实验即可；
(3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丁两次实验得到的结论的。
(4)实验改进后，物体B相对于地面是静止的，物体B受到测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不必控制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)无关；甲、丙；(3)甲、丁；(4)便于操作，不需要控制木板做匀速直线运动。
(1)实验中，摩擦力的大小是通过读取弹簧测力计的拉力得出的，这是依据了二力平衡的原理，因此，要保持物体做匀速直线运动才行；
(2)(3)探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答。
(4)物体B相对地面处于静止状态，物体B受到弹簧测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟物体运动速度无关。
本题考查了滑动摩擦力的影响因素，要明确：滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小等没有关系。
24.【答案】解：(1)由图可知，n=2，工人做的总功为W总=Fs=Fnh=250N×2×2m=1000J，
拉力做功的功率为：
P=W总t=1000J10s=100W；
(2)工人做的有用功为W有=Gh=400N×2m=800J，
则滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=800J1000J×100%=80%；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=2×250N-400N=100N；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率为：
η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=900N900N+100N×100%=90%。
答：(1)拉力F做功的功率为100W；
(2)滑轮组的机械效率为80%；
(3)动滑轮的重力为100N；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率为90%。
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出工人做的总功，根据P=W总t求出拉力做功的功率；
(2)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(4)根据η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
25.【答案】解：(1)运动员受到的重力G=mg=80kg×10N/kg=800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力F=G总=800N+1500N=2300N，
运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强p=FS=2300N2×0.025m2=4.6×104Pa；
(2)运动员对杠铃所做的功：W=G'h=1500N×1.8m=2700J，
运动员对杠铃做功的功率P=Wt=2700J0.9s=3000W。
答：(1)运动员受到的重力为800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强为4.6×104Pa；
(3)运动员对杠铃做功的功率为3000W。
【解析】(1)根据G=mg得出运动员受到的重力；
(2)根据F=G总得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力，根据p=FS得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(2)根据W=G'h得出运动员对杠铃所做的功，根据P=Wt得出运动员对杠铃做功的功率。
本题考查重力、压强和功率的有关计算，是一道综合题。
26.【答案】解：(1)根据题意可知，木块漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知，木块受到的浮力：F浮=G木=6N；
(2)由F浮=ρ液gV排可知，木块浸没在水中的体积：V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3=600cm3，
木块露出水面体积：V露=V-V排=800cm3-600cm3=200cm3；
(3)木块全部浸没在水中时，木块排开水的体积V排'=V=800cm3=8××10-4m3，
木块全部浸没在水时受到的浮力：F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×8××10-4m3=8N，
对物体受力分析可知，要使木块恰好能全部没入水中，需要施加的力：F=F浮'-G木=8N-6N=2N。
答：(1)木块所受浮力为6N；
(2)木块露出水面的体积为200cm3；
(3)若在木块的上方施加一个竖直向下的力F，当F为2N时，木块恰好能全部没入水中。
【解析】(1)根据物体的浮沉条件可知木块受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排求出木块排开水的体积，木块的体积减去木块排开水的体积即为木块露出水面的体积；
(3)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排求出木块全部浸没在水时受到的浮力，对木块受力分析可求出力F的大小。
本题考查物体的浮沉条件、物体的受力分析以及阿基米德原理的应用，难度不大。
2022-2023学年安徽省六安市金安区多校八年级（下）期末物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 如图所示，“太空教师”王亚平在太空做了抛冰墩墩实验，下列说法中正确的是( )
A. 抛出后冰墩墩向前做直线运动，说明力不可以改变物体的运动状态
B. 冰墩墩在太空中受到的重力与在地面所受重力相等
C. 由于惯性，抛出的冰墩墩继续向前运动
D. 在太空中冰墩墩具有的惯性比在地球上小
2. 两个用同种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有深度相同的同种液体，如图所示，若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，则匀速运动时F1、F2随时间t的变化关系图象可能是( )
A. B.
C. D. F₂
3. 如图所示，以下与压强知识相关的实验中分析不正确的是( )
A. 甲图实验，能够说明液体压强随深度的增加而增大
B. 乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越重，桌腿下陷越深
C. 丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，可估测大气压强的值
D. 丁图实验，在教室内可以用水代替水银做托里拆利实验
4. 利用同一个滑轮，分别按照如图所示的甲、乙两种方式提升重物，在相同时间内将同一物体G匀速提升相同的高度，拉力分别为F1和F2(不计绳重和摩擦)，下列说法正确的是( )
A. 拉力F1小于F2
B. 使用动滑轮时拉力做功更少
C. 甲装置比乙装置的机械效率大
D. 拉力F1和拉力F2做功的功率一样大
5. 小明15岁生日这天，爸爸送给他一辆山地自行车，如图所示。关于这辆自行车，下列分析正确的是( )
A. 自行车轮胎上的花纹可以减小摩擦
B. 自行车脚蹬上的花纹是为了减小摩擦
C. 自行车刹车是通过增大压力的方式增大摩擦力
D. 若体重较大的爸爸骑此车，车轮与地面的摩擦力会较小
6. 如图所示，AOB为轻质杠杆，B端用细线挂一重物G，在A端分别施加作用力F1、F2、F3时，杠杆都能在图示位置平衡。则下列说法正确的是( )
A. F1最小
B. F2最大
C. 使用此杠杆、筷子、轮轴等机械一定能省力，但不能省功
D. 若作用力为F3，保持F3与OA垂直，使重物匀速上升，F3将逐渐减小
7. 如图所示的实验装置，甲、乙均为实心正方体，甲的边长为10cm，密度为3g/cm3，在如图所示的静止状态下甲对水平地面的压强为2750Pa，乙的边长为5cm。下列说法错误的是( )
A. 甲所受的重力为30N B. 乙的密度为2g/cm3
C. 测力计的示数为25N D. 甲对水平地面的压力为27.5N
8. 小明在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，在水平桌面上铺有粗糙程度不同的物体(毛巾、棉布、木板)，小车自斜面顶端从同一高度由静止开始下滑，观察小车在三种不同平面上运动的距离如图所示，下面说法正确的是( )
A. 小车在不同平面上运动的距离越长，受到的阻力越大
B. 如果在平面上小车受到的阻力为0，小车将做加速运动
C. 牛顿第一定律可以由实验结果直接得出
D. 此时实验用到的物理方法是控制变量法
9. 三个完全相同的容器内，分别装满酒精、水和盐水后(ρ盐水>ρ水>ρ酒精)，将a、b、c三个不同的小球放入容器中，小球静止后位置如图所示。下列说法正确的是( )
A. 三个容器底部受到的液体压力关系是F甲
C. 若将小球b放入丙杯中，小球b受到的浮力会增大
D. 若将小球c放入甲杯中，小球c排开液体的质量小于小球c的质量
10. 利用鸬捕鱼是我国传承千年的古老技艺。如图所示，当捕到鱼的鸬从水中跳到渔船上时，下列关于渔船说法正确的是( )
A. 排开水的质量不变
B. 受到的浮力变大
C. 船底受到的液体压强变小
D. 所受浮力始终大于船及所载物的总重力
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共10小题，共26.0分）
11. 端午节的传统习俗有包粽子、吃咸鸭蛋和赛龙舟等，粽叶飘香，说明分子在______ 。
12. 某物体对桌面的压强是2×104Pa，它的物理意义是______ 。
13. 如图所示，上表面水平且光滑的小车上有A、B两个物体，两物体与小车以相同的速度一起向右匀速运动，B在A的正前方，B的质量小于A的质量，假设小车的上表面足够长，不计空气阻力，小车遇到障碍物突然停止后，A、B两物体的速度关系vA______ vB(选填“>”、“<”或“=”)。
14. 如图所示，订书机钉槽内的订书钉之所以不会松脱，是因为固定在槽内后部的处于压缩状态的弹簧给订书钉一个向______ (选填“左”或“右”)的弹力，在使用过程中随着订书钉的逐渐减少，这个力将______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
15. 如图所示，在水平地面上放置一个重为600N的物体，将物体匀速拉动时，动力F的大小是90N，则物体与地面间的摩擦力大小是 N(不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦)。
16. 科技的发展，让人们创造了一项又一项不可思议的世界纪录，如图所示是一款世界上速度最快的火箭车，速度可达1600km/h，其速度表示的物理意义是______ ，这个速度比民航飞机要快的多，不过这车只是用来挑战极限的，是不可能上路的，若这种火箭车以最大速度匀速行驶6min，可以通过的路程是______ m。
17. 小明在学校运动会上是仪仗队手，如图所示。他竖直举旗前进时，风给旗水平向右的阻力为20N，其作用点可以看成在A点。已知AB=1.6m，BC=0.4m。小明的两只手分别位于B、C两点，他用一只手握紧旗杆不让它下滑，用另一只手拉住旗杆不让它倾斜。则另一只手对旗杆加的最小拉力为______ N，方向______ 。
18. 如图，三个物块A、B、C叠放在水平桌面上，水平力F作用于C物体，使A、B、C以共同速度向右做匀速直线运动，则物块B______ (选填“受到”或“不受”)摩擦力；桌面对A的摩擦力______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)A对C的摩擦力；在其他条件不变的情况下取走B，A将做______ 运动。
19. 在水平地面上行驶的汽车车厢里挂着一个小球，当出现了如图所示的情景时，绳子对球的拉力和球受到的重力______(选填“是”、“不是”或“可能是”)一对平衡力。汽车在做______(选填“加速”、“匀速”或“减速”)运动。
20. 在水平桌面上有一个盛有水的容器，将密度为0.6g/m3木块用细线系住没入水中，如图甲所示。将细线剪断，木块静止后如图乙所示。那么甲、乙两图中，木块受到水的浮力之比是______ ；甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比是______ ；甲图容器对水平桌面的压强______ (选填：大于/小于/等于)乙图中容器对水平桌面的压强。(ρ水=1.0×103kg/m3)
三、实验探究题（本大题共3小题，共24.0分）
21. 如图所示是某小组同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”的实验装置。
(1)图甲是U形管压强计，从结构来看，压强计______ (是或不是)连通器；
(2)比较乙、丙两次实验可知：______ ；
(3)若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为______ Pa；在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后(液体不溢出)，橡皮膜受到的液体压强将______ 。
22. “探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)把杠杆放在支架上后，在图甲所示的位置静止，这时的杠杆处于______ (选填“平衡”或“非平衡”)状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节。
(2)调节好的杠杆如图乙，用弹簧测力计向上拉动杠杆使其水平在位置平衡，此操作的好处是______ 。
(3)如图丙，当杠杆水平在位置平衡时，与乙图相比弹簧测力计的示数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(4)图丁为小明利用所学知识自制的杆秤(自重不计)。已知秤砣的质量为0.5kg，当杠杆水平静止时，被测物和秤砣到秤纽的距离分别为0.04m、0.2m可估算出被测物质量为______ kg，为提高杆秤的测量范围，提纽应向______ 移动(选填“左”“右”)。
23. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小美选择如下器材：长木板、棉布、长方形木块(各表面粗糙程度相同)、砝码、弹簧测力计等，设计的操作过程如图所示。
(1)实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动放置在长木板上的木块，使其做______ 运动，利用______ 原理可知，此时弹簧测力计示数F等于木块所受滑动摩擦力的大小。
(2)得到的实验数据记录如下表：
实验情景
甲
乙
丙
丁
测力计示数F/N
1.5
1.5
2.1
2.5
比较甲、乙两次实验可知，滑动摩擦力大小与接触面积的大小______ (选填“有关”或“无关”)；比较______ 两次实验可知，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。
(3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，这是应用了______ 两次实验得出的结论。
(4)小美对实验装置进行改进，如图戊所示。请你说出改进后的优点：______ (写出一条即可)。
四、计算题（本大题共3小题，共20.0分）
24. 如图工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m。不计绳重和摩擦。求：
(1)拉力F做功的功率；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)动滑轮的重力；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率是多少？
25. 如图所示，质量为80kg的举重运动员在0.9s内将重为1500N的杠铃从地上举到1.80m的高度。求这个过程中：(运动员每只脚与地面的接触面积是0.025m2)
(1)运动员受到的重力；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(3)运动员对杠铃做功的功率。
26. 如图所示，有一体积为800cm3重为6N的木块漂浮在水面上，已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)木块所受浮力；
(2)木块露出水面的体积；
(3)若在木块的上方施加一个竖直向下的力F，当F为多大时，木块恰好能全部没入水中。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、空间站中抛出后向前做直线运动，冰墩墩处于失重状态，不受力的作用，所以不能说明力可以改变物体的运动状态，故A错误；
B、空间站中处于失重状态，抛出的冰墩墩在太空中没有受到重力的作用，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，由于惯性，抛出的“冰墩墩”继续向前运动，故C正确；
D、同一个冰墩墩在太空中和在地球上质量相同，质量不变，惯性大小不变，故D错误。
故选：C。
(1)力是改变物体运动状态的原因；
(2)重力是由于地球的吸引而使物体受到的力；
(3)惯性是指物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；
(4)质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系；惯性的大小只与物体的质量有关。
本题考查了惯性、牛顿第一定律、质量和重力等知识的理解和应用，涉及的知识点较多，综合性较强。
2.【答案】C
【解析】解：因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，所以根据m=ρV可知，右图中液体的质量较大，又因为容器质量相同，所以右图容器和液体的总质量较大，根据G=mg可知右图容器和液体的总重力较大；
由于水平桌面受到的压力等于容器和液体的总重力，因此右图容器对水平桌面受到的压力较大，故在接触面粗糙程度相同时，右图容器所受摩擦力较大；
由于两容器均做匀速直线运动，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故F 1
因为容器内装有深度相同的同种液体，从图中可知，右图中液体体积较大，先根据密度公式判断出液体的质量关系，然后判断出容器和液体总重力的关系，再利用水平桌面受到的压力等于总重力，最后根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小；
本题主要考查了二力平衡条件的应用，能够比较出两液体的体积大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A.甲图实验，小孔所处深度越深处，液体从小孔中喷射越远，可以表明液体压强随深度的增加而增大，故A正确；
B.乙图实验，压有砝码的桌子放在细沙上，砝码越重，对细沙的压力越大，桌腿下陷越深，故B正确；
C.丙图实验，测出拉动注射器活塞时的拉力和活塞的面积，利用压强定义式可估测大气压强的值，故C正确；
D.丁图实验，在教室内不可以用水代替水银做托里拆利实验，因为一个大气压相当于10m高的水柱产生的压强，故D错误。
故选：D。
(1)液体内部的压强随深度的增加而增大；
(2)压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；
(3)知道压力和受力面积，利用p=FS求压强；
(4)一个大气压可以支持76cm高的水银柱，相当于10m高的水柱。
本题为力学综合题，考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强的特点、压强计算、托里拆利实验，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：由题知，两种方式提升重物时，物重G相同，提升的高度h相同，所用时间t相同；
A、左图为定滑轮，使用定滑轮不能改变力的大小(即不能省力)；右图为动滑轮，使用动滑轮可以省力，所以拉力F1大于F2，故A错误；
BC、使用定滑轮，不计绳重与摩擦，拉力做的功等于克服物体重力做的功，即W1=Gh；
使用动滑轮，不计绳重与摩擦，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功，即W2=(G+G动)h；
所以，使用动滑轮所做的功大于使用定滑轮所做的功，即使用动滑轮所做的总功大，故B错误；
根据W有=Gh可知两者所做有用功相同，由于使用动滑轮所做的总功大，所以由η=W有用W总×100%可知，动滑轮的机械效率要小于定滑轮的机械效率，即甲装置的机械效率更高，故C正确；
D、使用动滑轮所做的功大于使用定滑轮所做的功，由于做功时间相同，根据P=Wt可知，使用动滑轮拉力做功的功率大于使用定滑轮拉力做功的功率，故D错误。
故选：C。
(1)根据定滑轮和动滑轮的工作特点分析解答；
(2)不计绳重及摩擦，使用定滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力做的功；使用动滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功；
(3)根据W有=Gh可知两者所做有用功相同；不计绳重及摩擦，使用定滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力做的功；使用动滑轮时，拉力做的功等于克服物体重力和动滑轮重力做的功；根据η=W有用W总×100%判断机械效率之间的关系；
(4)根据公式P=Wt比较功率的大小。
本题考查了功和功率的大小比较、定滑轮和动滑轮的工作特点、使用滑轮时拉力的求法，会分析拉力做的功和有用功，并能熟练运用功和功率公式是关键。
5.【答案】C
【解析】解：A、自行车轮胎上的花纹可以在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故A错误；
B、自行车脚蹬上的花纹是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故B错误；
C、自行车刹车是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方式增大摩擦力，故C正确；
D、若体重较大的爸爸骑此车，接触面粗糙程度不变，压力增大，车轮与地面的摩擦力会变大，故D错误。
故选：C。
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；用滑动代替滚动。
本题考查了对增大和减小摩擦的方法在生活中的应用，能将知识与实际应用相结合，是解答的关键。
6.【答案】D
【解析】解：AB、由图可知，在A点用力时，F1的力臂最短，F3的力臂最长，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂一定时，所施加的动力F1最大，F3最小，故AB错误；
C、图中杠杆为省力杠杆，而筷子是费力杠杆，轮轴可以看作是省力杠杆的变形，它们都不能省功，故C错误；
D、若作用力为F3，保持F3与OA垂直，则动力臂不变，使重物匀速上升时，阻力G不变，阻力臂逐渐小于OB，即阻力臂变小，杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，F3将逐渐减小，故D正确。
故选：D。
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。使用任何机械都不能省功。
本题考查了对杠杆的认识，对杠杆进行动态平衡分析等，全面认识杠杆的特点及应用，熟练掌握杠杆的平衡条件，是解答的关键。
7.【答案】C
【解析】解：A、正方体甲的体积：V甲=(10cm)3=1000cm3=1×10-3m3，其密度ρ甲=3g/cm3=3×103kg/m3，
由ρ=mV可得，甲的质量：m甲=ρ甲V甲=3×103kg/m3×1×10-3m3=3kg，
甲所受的重力：G甲=m甲g=3kg×10N/kg=30N，故A正确；
D、由p=FS可得，甲对水平面的压力：
F=pS甲=2750Pa×(0.1m)2=27.5N，故D正确；
C、对甲进行受力分析可知，甲受到的重力与甲受到的拉力和支持力三力平衡，受力大小关系为：G甲=F拉+F支，甲所受的支持力和甲对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，因此绳子对甲的拉力F拉=G甲-F支=30N-27.5N=2.5N，测力计在甲、乙两物体拉力作用下静止，因此乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，即测力计的示数为2.5N，故C错误；
B、由图可知，测力计在甲、乙两物体拉力作用下静止，因此乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，还等于乙的重力，即G乙=F拉=2.5N，
乙的质量：m乙=G乙g=2.5N10N/kg=0.25kg，
已知正方体乙的边长L乙=5cm=0.05m，则乙的体积V乙=(0.05m)3=1.25×10-4m3，
乙的密度：ρ乙=m乙V乙=0.25kg1.25×10-4m3=2×103kg/m3=2g/cm3，故B正确。
故选：C。
(1)已知正方体甲的边长可求得其体积，又知道密度，根据密度公式可求得其质量，然后根据G=mg可求得甲所受的重力；
(2)已知甲的边长可求得其底面积，又知道甲对水平地面的压强，由p=FS可求得甲对水平地面的压力；
(3)甲的受力大小关系为：G甲=F拉+F支，甲受三个力作用处于静止状态，甲所受的支持力和甲对地面的压力是一对相互作用力，由此可求得绳子对甲的拉力即为测力计的示数；
(4)由图可知，乙对测力计的拉力等于甲对测力计的拉力，等于乙的重力，由G=mg可求得其质量，已知乙的边长可求得其体积，由密度公式可求得乙的密度。
本题考查了力的平衡条件、压强公式、重力公式和密度公式的应用，对甲进行正确的受力分析是关键。
8.【答案】D
【解析】解：A、木板表面最光滑，小车运动时受到的阻力最小，小车在木板表面上通过的距离最长，速度减小得最慢，小车在不同平面上运动的距离越长，受到的阻力越小，故A错误；
B、如果在平面上小车受到的阻力为0，小车的速度不会变小，将做匀速直线运动，故B错误；
C、牛顿第一定律是在实验的基础上推理归纳概括出来的，不能由实验结果直接得出，故C错误；
D、根据控制变量法，实验中需要小车每次从同一斜面的同一高度由静止自由滑下，目的是使小车到达斜面底端时的速度相同，此时实验用到的物理方法是控制变量法，故D正确。
故选：D。
A、根据实验现象分析；
B、如果在平面上小车受到的阻力为0，小车的速度不会变小，据此推理回答；
C、生活中不受力的物体不存在，牛顿第一定律是在实验的基础上推理归纳概括出来的；
D、根据控制变量法，要使小车到达斜面底端时的速度相同。
本题探究阻力对物体运动的影响，考查控制变量法和推理法及对牛顿第一定律的理解。
9.【答案】D
【解析】解：A、由于ρ盐水>ρ水>ρ酒精，由p=ρgh可知，三个容器底部受到的液体压强关系是p甲
C、若将小球b放入丙杯中，又因为ρb=ρ水<ρ盐水，所以小球b在丙杯中处于漂浮状态，根据F浮=G可知小球b受到的浮力不变，故C错误；
D、若将小球c放入甲杯中，因为ρc>ρ盐水>ρ酒精，所以小球c在甲杯中处于沉底状态，浮力小于重力，所以小球c排开液体的质量小于小球c的质量，故D正确。
故选：D。
(1)由ρ盐水>ρ水>ρ酒精和液体深度的关系，利用p=ρgh判断容器底受到液体的压强关系，由p=FS判断出容器底部受到的液体压力的关系；
(2)由图得出a、b、c三个小球所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与液体的密度大小关系，进而判断出三个小球密度的关系；
(3)若将小球b放入丙杯中，根据ρb=ρ水<ρ盐水判断出小球b在丙杯中的状态，根据浮沉条件判断小球b受到的浮力的变化情况；
(4)若将小球c放入甲杯中，根据ρc>ρ盐水>ρ酒精判断出小球c在甲杯中的状态，判断出浮力与重力，从而判断出小球c排开液体的质量与小球c质量的关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
10.【答案】B
【解析】解：鸬鹚全部上船后，渔船的重力变大，渔船漂浮，受到的浮力等于船及所载物的总重力，所以浮力变大，根据阿基米德原理可知，渔船排开水的重力变大，根据F浮=ρ水gV排可知，水的密度不变，浮力增大，排开水的体积增大，所以小船下沉一些，船底的深度变大，根据p=ρgh可知，船底受到的压强变大，故ACD错误，B正确。
故选：B。
当捕到鱼的鸬从水中跳到渔船上时，先判断出船总重的变化，根据物体漂浮条件F浮=G物判断浮力变化；根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排可知渔船排开水的重力和体积的变化；根据p=ρgh分析小船底部受到的压强的变化。
本题考查了漂浮条件和阿基米德原理知识灵活应用，属于比较典型的题目，要熟练掌握。
11.【答案】不停地做无规则运动
【解析】解：粽叶飘香这是粽叶的香味进入到空气中发生的扩散现象，表明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：不停地做无规则运动。
不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，说明一切物体的分子都在永不停息地做无规则运动。
本题考查了扩散现象，属于基础知识的应用，难度不大。
12.【答案】桌面1m2面积上受到的压力是2×104N
【解析】解：某物体对桌面的压强是2×104Pa，它的物理意义是：桌面1m2面积上受到的压力是2×104N。
故答案为：桌面1m2面积上受到的压力是2×104N。
压强是反映压力作用效果的物理量，压强的单位是帕，1Pa=1N/m2，表示每平方米的面积上受到的压力是1N。
对于一个物理量，一定要掌握它的物理意义，这样才能理解物理量。
13.【答案】=
【解析】解：小车的表面是光滑的，两物体与小车间不存在摩擦力；小车遇到障碍物突然停止后，由于A、B在水平方向上不受力，根据牛顿第一定律可知，A、B两物体会保持原来的速度做匀速直线运动，所以A、B两物体的速度相等，即vA=vB。
故答案为：=。
根据牛顿第一定律分析两个物体的运动情况。
本题考查牛顿第一定律的应用，解答本题的关键是对物体的受力情况进行分析，属易错题。
14.【答案】左 减小
【解析】解：(1)读图可知，订书机钉槽内的订书钉之所以不会松脱，是因为固定在槽内后部的弹簧发生了形变，会给钉子一个向左的弹力；
(2)在使用过程中，随着钉子的减少，弹簧形变程度变小，给钉子的这个力将减小。
故答案为：左；减小。
物体发生弹性形变时会产生弹力，形变的程度越大，弹力会越大。
根据图中的结构明确弹力的方向与大小变化，是解答本题的关键。
15.【答案】180
【解析】解：由图知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，绳端的拉力F=1nf，
物体与地面间的摩擦力大小：
f=nF=2×90N=180N。
故答案为：180。
由图知，水平使用滑轮组时绳子的有效股数n=2，不计滑轮和绳重、轮与轴间摩擦，拉力F=1nf，据此求物体与地面间的摩擦力大小。
本题考查了水平使用滑轮组时物体与地面间的摩擦力的计算，属于基础题目。
16.【答案】1h通过的路程为1600km 1.6×105
【解析】解：火箭车的速度为1600km/h表示1h通过的路程为1600km；
因为v=，所以通过的路程为s=vt=1600km/h×6×160h=160km=1.6×105m。
故答案为：1h通过的路程为1600km；1.6×105。
速度是描述物体运动快慢的物理量；已知速度和时间，利用公式s=vt得到路程。
一个数据在数学上如果没有单位还可以表示出其大小，但在物理上一个数据如果没有单位是没有任何意义的，结合生活常识加上一个合适的单位，物理数据才有意义．
17.【答案】80 水平向右
【解析】解：小明在竖直举旗前进时，若以C为支点时，B处垂直于旗杆向左的力为动力，A处垂直杠杆向右的力为阻力，BC为动力臂，AC为阻力臂，
若以B点为支点时，在C处用力，且动力的方向垂直于旗杆向右，BC为动力臂，AB为阻力臂，
两种情况的动力臂均为BC，但以B为支点，阻力臂较小，根据杠杆的平衡条件知，此时的动力最小；
根据杠杆的平衡条件：F1×LBC=F2×LAB，
所以最小的动力为：F1=F2×LABLBC=20N×1.6m0.4m=80N，方向是水平向右。
故答案为：80；水平向右。
分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件分析解答。
本题考查了杠杆五要素的分析、利用杠杆的平衡条件分析解答问题，本题的关键是判断支点的位置。
18.【答案】不受 等于 加速
【解析】解：B随A一起做匀速直线运动，没有相对运动、也没有相对运动的趋势，所以B与A之间不存在摩擦力，故B不受摩擦力；
以C为研究对象，C做匀速直线运动，水平方向受到拉力F与A对C的静摩擦力是一对平衡力，大小相等，由于C对A的静摩擦力和A对C的摩擦力是一对相互作用力，其大小相等；以A为研究对象，A做匀速直线运动，水平方向受到桌面对A的摩擦力和C对A的静摩擦力是一对平衡力，其大小相等，所以桌面对A的摩擦力等于等于A对C的摩擦力都等于F；
在其他条件不变的情况下取走B，A对桌面的压力变小，则桌面对A摩擦力变小，以AC整体为研究对象，桌面对AC整体的摩擦力小于拉力F，故AC将做加速运动，即A将做加速运动。
故答案为：不受；等于；加速。
(1)根据产生摩擦力的条件去判断有无摩擦力；
(2)根据相互作用力的特点和平衡力的特点判断；
(3)掌握影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度，根据影响因素判断摩擦力的变化情况，物体受非平衡力作用时，其运动状态会发生变化。
本题涉及多个物体平衡，关键要灵活选择研究对象，整体法与隔离法可交叉使用。
19.【答案】不是；加速
【解析】解：(1)图中小球受到竖直向下的重力、沿绳子斜向上的拉力，这两个力不在同一条直线上，根据二力平衡条件可知，这两个力不是一对平衡力；
(2)当汽车加速运动时，小球由于惯性要保持原来的运动状态(即小球以原来较小的速度运动)，所以小球就向后偏，即根据小球向后偏可知汽车做加速运动。
故答案为：不是；加速。
(1)根据平衡力及平衡的条件分析解答此题，二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，这四个条件缺一不可。(2)汽车匀速运动时绳子在竖直方向上；汽车做变速运动时，绳子倾斜；加速小球向后摆，减速小球向前摆。
物体具有惯性而表现出来的惯性现象以及平衡力的问题，在生活中随处可见。要多观察，多实验，多体会。
20.【答案】5：3 2：5 等于
【解析】解：甲图中木块浸没在水中，排开液体的体积V排=V木，受到的浮力F甲=G排=m排g=ρ水V排g=ρ水V木g，
乙图中木块漂浮在水面，浮力等于重力，则木块受到的浮力F乙=G木=m木g=ρ木V木g，
甲、乙两图中木块受到的浮力之比F甲F乙=ρ水V木gρ木V木g=ρ水ρ木=1.0g/cm30.6g/cm3=53；
则F甲=53F乙=53G木，G木=35F甲，
甲图中细线对木块的拉力F=F甲-G木=F甲-35F甲=25F甲，
则甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比FF甲=25F甲F甲=2：5；
容器对水平桌面的压力等于总重力，甲、乙两图中总重力不变，容器的底面积没有变，根据p=F压S=GS知，甲图容器对水平桌面的压强等于乙图中容器对水平桌面的压强。
故答案为：5：3；2：5；等于。
甲图中木块浸没在水中，排开液体的体积等于木块的体积，根据阿基米德原理计算受到的浮力，乙图中木块漂浮在水面，浮力等于重力，根据F乙=G木=m木g=ρ木V木g计算，甲、乙两图中木块受到的浮力之比为F甲F乙=ρ水V木gρ木V木g=ρ水ρ木；
则F甲=53F乙=53G木，G木=35F甲，甲图中细线对木块的拉力F=F甲-G木=F甲-35F甲=25F甲，然后计算甲图中细线对木块的拉力与木块受到的浮力之比；
容器对水平桌面的压力等于总重力，甲、乙两图中总重力不变，容器的底面积没有变，根据p=F压S=GS判断，甲图容器对水平桌面的压强与乙图中容器对水平桌面的压强的大小关系。
本题考查了阿基米德原理的应用、浮沉条件的应用、固体压强的计算，要求学生能够灵活运用公式进行计算。
21.【答案】不是 同种液体内部压强随深度的增加而增大 500 变大
【解析】解：(1)压强计一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，压强计不是连通器；
(2)比较乙、丙两次实验可知，液体的密度相同时，液体越深，U形管液面高度差越大，液体的压强越大，说明同种液体内部压强随深度的增加而增大；
(3)图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，即0.05m，根据p=ρ水gh可知，橡皮管内气体的压强与管外大气压之差p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa；
图乙的实验中，容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下部分液体压强变小，加清水后烧杯内液体重力增加，液体对烧杯底部对压力增大，烧杯底面积不变，液体对烧杯底部对压强变大，所以金属盒(橡皮膜)以上的压强变大。
故答案为：(1)不是；(2)同种液体内部压强随深度的增加而增大；(3)500；变大。
(1)上端开口底部连通的仪器是连通器；
(2)分析比较乙、丙两次实验中相同的物理量以及不同的物理量，利用控制变量法得出结论；
(3)根据p=ρ水gh得出橡皮管内气体的压强与管外大气压之差；
容器中加入适量清水与其均匀混合后，水不溢出，容器底压强变大，容器底压强等于金属盒以上和以下液体压强的和，而加清水后液体密度减小，由此分析判断橡皮膜受到的液体压强的变化。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgh的运用。
22.【答案】平衡 左 便于测量力臂 变大 2.5 左
【解析】解：(1)杠杆静止在如图甲的位置，所以杠杆处于平衡状态；
杠杆停在如图甲所示的位置，左端上翘，要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的左端移动；
(2)杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)弹簧测力计在M位置时，力臂是红色的线段；弹簧测力计在N位置时，力臂是绿色的线段。根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力和阻力臂都不变，动力臂变短，动力变大，故弹簧测力计示数变大。
(4)如图丁：以O为支点，因为杠杆平衡，
所以G物L左=G砣L右，
即：m物gL左=m2gL右，
所以m物=m砣L右L左=0.5kg×0.2m0.04m=2.5kg；
秤砣质量m不变，即动力不变，若杆秤的称量范围变大，则阻力变大，由杠杆平衡条件知，动力臂与阻力臂的比值变大，由于阻力臂与动力臂的和等于杆秤的长度是一定的，则
应减小阻力臂，增大动力臂，所以提纽应向左端移动。
故答案为：(1)平衡；左；(2)便于测量力臂；(3)变大；(4)2.5；左。
(1)杠杆静止或匀速转动，杠杆都处于平衡平衡状态；杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡。为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
(3)根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，动力变大；
(4)知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；
知道提高杆秤的测量范围是保持秤砣不变，根据杠杆平衡条件分析力臂的变化。
对于杠杆的平衡，学生容易认为杠杆在平衡位置静止是平衡状态，在其它位置静止和匀速转动容易被忽视。对于杠杆平衡的问题，正确运用杠杆平衡条件是关键。
23.【答案】匀速直线 二力平衡 无关 甲、丙 甲、丁 便于操作，不需要控制木板做匀速直线运动
【解析】解：(1)根据二力平衡的原理，只有物体做匀速直线运动时，拉力才与滑动摩擦力大小相等；
(2)比较甲、乙两次实验可知，压力和接触面的粗糙程度相同，接触面积不同，弹簧测力计的示数相同，说明滑动摩擦力大小与接触面积的大小无关；
要得出“在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越小，滑动摩擦力越小”，需要控制接触面的粗糙程度相同，改变压力，比较甲、丙两次实验即可；
(3)拔河比赛时队员要穿鞋底带有花纹的运动鞋参赛，是通过增大接触面的粗糙程度来增加摩擦力的，是应用了甲、丁两次实验得到的结论的。
(4)实验改进后，物体B相对于地面是静止的，物体B受到测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力是一对平衡力，其大小始终相等，与木板运动的速度无关，所以实验时不必控制木板做匀速直线运动，便于操作，且实验时测力计的示数稳定，便于读数。
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)无关；甲、丙；(3)甲、丁；(4)便于操作，不需要控制木板做匀速直线运动。
(1)实验中，摩擦力的大小是通过读取弹簧测力计的拉力得出的，这是依据了二力平衡的原理，因此，要保持物体做匀速直线运动才行；
(2)(3)探究滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析解答。
(4)物体B相对地面处于静止状态，物体B受到弹簧测力计的拉力和木板对物体B的滑动摩擦力，滑动摩擦力跟物体运动速度无关。
本题考查了滑动摩擦力的影响因素，要明确：滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小等没有关系。
24.【答案】解：(1)由图可知，n=2，工人做的总功为W总=Fs=Fnh=250N×2×2m=1000J，
拉力做功的功率为：
P=W总t=1000J10s=100W；
(2)工人做的有用功为W有=Gh=400N×2m=800J，
则滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=800J1000J×100%=80%；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=nF-G=2×250N-400N=100N；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率为：
η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=900N900N+100N×100%=90%。
答：(1)拉力F做功的功率为100W；
(2)滑轮组的机械效率为80%；
(3)动滑轮的重力为100N；
(4)若物重增大到900N，则滑轮组的机械效率为90%。
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出工人做的总功，根据P=W总t求出拉力做功的功率；
(2)根据W有=Gh求出有用功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(4)根据η=W有'W总'=W有'W有'+W额=G'hG'h+G动h=G'G'+G动求出滑轮组的机械效率。
本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
25.【答案】解：(1)运动员受到的重力G=mg=80kg×10N/kg=800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力F=G总=800N+1500N=2300N，
运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强p=FS=2300N2×0.025m2=4.6×104Pa；
(2)运动员对杠铃所做的功：W=G'h=1500N×1.8m=2700J，
运动员对杠铃做功的功率P=Wt=2700J0.9s=3000W。
答：(1)运动员受到的重力为800N；
(2)运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强为4.6×104Pa；
(3)运动员对杠铃做功的功率为3000W。
【解析】(1)根据G=mg得出运动员受到的重力；
(2)根据F=G总得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压力，根据p=FS得出运动员举起杠铃后双脚站立时对地面的压强；
(2)根据W=G'h得出运动员对杠铃所做的功，根据P=Wt得出运动员对杠铃做功的功率。
本题考查重力、压强和功率的有关计算，是一道综合题。
26.【答案】解：(1)根据题意可知，木块漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知，木块受到的浮力：F浮=G木=6N；
(2)由F浮=ρ液gV排可知，木块浸没在水中的体积：V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3=600cm3，
木块露出水面体积：V露=V-V排=800cm3-600cm3=200cm3；
(3)木块全部浸没在水中时，木块排开水的体积V排'=V=800cm3=8××10-4m3，
木块全部浸没在水时受到的浮力：F浮'=ρ水gV排'=1.0×103kg/m3×10N/kg×8××10-4m3=8N，
对物体受力分析可知，要使木块恰好能全部没入水中，需要施加的力：F=F浮'-G木=8N-6N=2N。
答：(1)木块所受浮力为6N；
(2)木块露出水面的体积为200cm3；
(3)若在木块的上方施加一个竖直向下的力F，当F为2N时，木块恰好能全部没入水中。
【解析】(1)根据物体的浮沉条件可知木块受到的浮力；
(2)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排求出木块排开水的体积，木块的体积减去木块排开水的体积即为木块露出水面的体积；
(3)根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排求出木块全部浸没在水时受到的浮力，对木块受力分析可求出力F的大小。
本题考查物体的浮沉条件、物体的受力分析以及阿基米德原理的应用，难度不大。
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