2022-2023学年河北省保定市阜平县八年级（下）期末数学试卷（含解析）

这是一份2022-2023学年河北省保定市阜平县八年级（下）期末数学试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年河北省保定市阜平县八年级（下）期末数学试卷
一、选择题（本大题共16小题，共42.0分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）
1. 下列属于最简二次根式的是(    )
A. 0.1 B. 10 C. 12 D. 18
2. 平行四边形ABCD中，∠A=60°，则∠C的度数是(    )
A. 30° B. 60° C. 90° D. 120°
3. 若 8= 2+a，则a=(    )
A. 2 B. 6 C. 2 D. 4
4. 下列各组数中，能作为直角三角形三边长的是(    )
A. 1，2，3 B. 3， 4， 5
C. 1，1， 2 D. 3，5，6
5. 如图所示的条形统计图描述了某校若干名学生对课后延时服务打分情况(满分5分)，则所打分数的众数为(    )

A. 3分 B. 4分 C. 5分 D. 27分
6. 若等腰三角形的周长为30cm，则底边长y(cm)与腰长x(cm)(不写自变量的取值范围)之间的函数解析式为(    )
A. y=15−x B. y=15−2x C. y=30−x D. y=30−2x
7. 某博物馆要招聘一名讲解员，一名应聘者笔试、试讲、面试三轮测试的得分分别为90分、94分，95分，综合成绩中笔试占30%，试讲占50%，面试占20%，则该应聘者的综合成绩为(    )
A. 88分 B. 90分 C. 92分 D. 93分
8. 依据图所标数据，则四边形ABCD一定是(    )
A. 正方形
B. 矩形
C. 菱形
D. 四个角均不为90°的平行四边形
9. 如图，分别以直角三角形的三边为边，向外作正方形，则阴影部分的面积S1，S2，与S3之间的数量(    )
A. S1+S2>S3
B. S1+S2 C. S1+S2=S3
D. S1+2S2=S3
10. 函数y=12x+b的图象如图所示，点A(x1,−1)，点B(x2,2)在该图象上，下列判断正确的是(    )
甲：x1与x2之间的大小关系为x1 乙：关于x的不等式12x+b>0的解集为x>0
A. 只有甲对 B. 只有乙对 C. 甲、乙都对 D. 甲、乙都不对
11. 将矩形纸片的长减少 3cm，宽不变，就成为一个面积为48cm2的正方形纸片，则原矩形纸片的长为(    )
A. 6 3cm B. 5 3cm C. 4 3cm D. 3 3cm
12. 如图，直线l1：y=k1x+b1与直线l2：y=k2x+b2(其中k1k2≠0)在同一平面直角坐标系中，则下列结论中一定正确的是(    )
A. k1+k2<0
B. k1k2>0
C. b1+b2=0
D. b1b2>0
13. 现有一四边形ABCD，借助此四边形作平行四边形EFGH，两位同学提供了如下方案，对于方案Ⅰ、Ⅱ，下列说法正确的是(    )
方案Ⅰ

作边AB，BC，CD，AD的垂直平分线l1，l2，l3，l4，分别交AB，BC，CD，AD于点E，F，G，H，顺次连接这四点围成的四边形EFGH即为所求．
方案Ⅱ

连接AC，BD，过四边形ABCD各顶点分别作AC，BD的平行线EF，GH，EH，FG，这四条平行线围成的四边形EFGH即为所求．

A. Ⅰ可行、Ⅱ不可行 B. Ⅰ不可行、Ⅱ可行
C. Ⅰ、Ⅱ都可行 D. Ⅰ、Ⅱ都不可行
14. 如图，小巷左右两侧是竖直的墙，一架梯子斜靠在左墙时，梯子底端到左墙角的距离BC为0.7m，梯子顶端到地面的距离AC为2.4m.如果保持梯子底端位置不动，将梯子斜靠在右墙时，梯子顶端到地面的距离A′D为1.5m，则小巷的宽为(    )

A. 2.4m B. 2m C. 2.5m D. 2.7m
15. 甲、乙两地相距300千米，一辆货车和一辆轿车分别从甲地开往乙地，图中的线段OA和折线BCD分别表示货车、轿车离甲地的距离y(km)与货车行驶时间x(h)之间的函数关系，当轿车追上货车时，轿车行驶了(    )

A. 3.9h B. 3.7h C. 2.7h D. 2.5h
16. 如图，在平面直角坐标系中，矩形ABCD的边AB=6，BC=3.若不改变矩形ABCD的形状和大小，当矩形顶点A在y轴的正半轴上上下移动时，矩形的另一个顶点B始终在x轴的正半轴上随之左右移动，已知M是边AB的中点，连接OM，DM.下列判断正确的是(    )
结论Ⅰ：在移动过程中，OM的长度不变；
结论Ⅱ：当∠OAB=45°时，四边形OMDA是平行四边形．

A. 结论Ⅰ、Ⅱ都对 B. 结论Ⅰ、Ⅱ都不对
C. 只有结论Ⅰ对 D. 只有结论Ⅱ对
二、填空题（本大题共3小题，共9.0分）
17. 数据3，4，4，5，6的中位数是______ ．
18. 如图，菱形ABCD与正方形AECF的顶点B，E，F，D在同一条直线上，且AB=4，∠ABC=60°．
(1)∠BAE的度数为______ ；
(2)点E与点F之间的距离为______ ．


19. 在平面直角坐标系中，直线l1：y=kx+b(k≠0)由函数y=−x的图象平移得到，且经过点(1,1)，直线l1与y轴交于点A.直线l2：y=mx−1(m>0)与y轴交于点B．
(1)直线l1的函数解析式为______ ；
(2)AB的长度为______ ；
(3)当x<1时，对于x的每一个值，y=mx−1(m>0)的值都小于y=kx+b的值，则m的取值范围是______ ．
三、解答题（本大题共7小题，共69.0分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）
20. (本小题9.0分)
计算下列各小题．
(1) 6× 12÷ 2；
(2)( 3− 2)2．
21. (本小题9.0分)
如图，四边形ABCD是某校在校园一角开辟的一块四边形“试验田”，经过测量得∠B=90°，AB=24m，BC=7m，CD=15m，AD=20m．
(1)求AC的长度和∠D的度数；
(2)求四边形“试验田”的面积．

22. (本小题9.0分)
为了考察甲、乙两种成熟期小麦的株高长势情况，现从中随机抽取6株，并测得它们的株高(单位：cm)如表所示甲：91，94，95，96，98，96：乙：93，95，95，96，96，95．
(1)数据整理，补全下表：6，96，95．
小麦
平均数
众数
中位数
方差
甲
95


143
乙

95
95
1
(2)通过比较方差，判断哪种小麦的长势比较整齐．
23. (本小题10.0分)
如图，在平行四边形ABCD中，连接AC，AC恰好平分∠BAD．
(1)求证：四边形ABCD是菱形；
(2)已知E，F分别是边AB，AD的中点，连接EF，交AC于点G，连接BD，交AC于点O．
①若BD=6，求EF的长度；
②EF与AC之间的位置关系，为______ ．

24. (本小题10.0分)
某科技活动小组制作了两款小型机器人，在同一赛道上进行试验运行.甲机器人离A点的距离与出发时间满足一次函数关系，部分数据如表.乙机器人在离A点15米处出发，以0.5米/秒的速度匀速前进，两个机器人同时同向(远离A点)出发并保持前进的状态．
出发时间(单位：秒)
…
5
10
…
甲机器人离A点距离(单位：米)
…
10
15
…
(1)请分别求出甲、乙两机器人离A点的距离与出发时间之间的函数关系式；
(2)：
①甲机器人出发时距离A点多远？
②两机器人出发多长时间时相遇？
25. (本小题10.0分)
如图，点A，B，C，D在同一条直线上，点E，F分别在直线AD的两侧，且AE=DF，∠A=∠D，AB=DC．
(1)求证：四边形BFCE是平行四边形；
(2)若AD=11，DC=4，∠FCB=60°．
①连接EF.当BC=EF时，请直接写出四边形BFCE的形状，并求CE的长度；
②当BE的长为______ 时，四边形BFCE是菱形，并证明．

26. (本小题12.0分)
经过点(1,4)，(0,1)的一次函数y=kx+b的图象(直线l1)在如图所示的平面直角坐标系中.某同学为观察k对图象的影响，将上面函数中的k减去2，b不变得到另一个一次函数，设其图象为直线l2．
(1)求直线l1的函数解析式；
(2)在图上画出直线l2(不要求列表计算)，并求直线l1，l2和x轴所围成的三角形的面积；
(3)将直线l2向下平移a(a>0)个单位长度后，得到直线l3.若直线l1与l3的交点在第三象限，求a的取值范围；
(4)若P(m,0)是x轴上的一个动点，过点P作y轴的平行线，该平行线分别与直线l1，l2及x轴有三个不同的交点，且其中一个交点的纵坐标是另外两个交点的纵坐标的平均数，请直接写出m的值．


答案和解析

1.【答案】B 
【解析】解：A、 0.1= 110= 1010，故A不符合题意；
B、 10是最简二次根式，故B符合题意；
C、 12= 22，故C不符合题意；
D、 18=3 2，故D不符合题意；
故选：B．
根据最简二次根式的定义，逐一判断即可解答．
本题考查了最简二次根式，熟练掌握最简二次根式的定义是解题的关键．

2.【答案】B 
【解析】解：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴∠C=∠A=60°，
故选：B．
直接利用平行四边形的对角相等即可得出答案．
此题主要考查了平行四边形的性质，熟记平行四边形的对角性质是解题关键．

3.【答案】A 
【解析】解：由题意得2 2= 2+a，
移项，得−a= 2−2 2，
解得a= 2，
故选：A．
运用二次根式的化简与计算方法进行求解．
此题考查了二次根式的化简、计算能力，关键是能准确理解并运用以上知识．

4.【答案】C 
【解析】解：A、∵1+2=3，
∴不能组成三角形，
故A不符合题意；
B、∵( 3)2+( 4)2=7，( 5)2=5，
∴( 3)2+( 4)2≠( 5)2，
∴不能构成直角三角形，
故B不符合题意；
C、∵12+12=2，( 2)2=2，
∴12+12=( 2)2，
∴能成直角三角形，
故C符合题意；
D、∵32+52=34，62=36，
∴32+52≠62，
∴不能构成直角三角形，
故D不符合题意；
故选：C．
根据勾股定理的逆定理进行计算，逐一判断即可解答．
本题考查了勾股定理的逆定理，熟练掌握勾股定理的逆定理是解题的关键．

5.【答案】B 
【解析】解：由条形统计图知，得4分的有27人，人数最多，
所以所打分数的众数为4分，
故选：B．
根据众数的定义求解即可．
本题主要考查众数，正确记忆求一组数据的众数的方法：找出频数最多的那个数据，若几个数据频数都是最多且相同，此时众数就是这多个数据是解题关键．

6.【答案】D 
【解析】解：∵等腰三角形的周长为30cm，
∴底边长y(cm)与腰长x(cm)之间的函数解析式为：y=30−2x，
故选：D．
根据等腰三角形的性质，以及三角形的周长公式进行计算，即可解答．
本题考查了等腰三角形的性质，函数关系式，函数自变量的取值范围，准确熟练地进行计算是解题的关键．

7.【答案】D 
【解析】解：该应聘者的综合成绩为：90×30%+94×50%+95×20%=93(分)，
故选：D．
根据加权平均数的定义列式计算可得．
本题主要考查加权平均数，解题的关键是掌握加权平均数的定义．

8.【答案】B 
【解析】解：设AC、BD交于点O，
∵OA=OC=4，OB=OD=4，
∴四边形ABCD是平行四边形，
∵OA+OC=OB+OD=4+4=8，
∴AC=BD，
∴四边形ABCD是矩形，
∴∠ABC=∠BCD=∠CDA=∠DAB=90°，
故B符合题意，D不符合题意，
若四边形ABCD是正方形或菱形，则AC⊥BD，显然与已知条件不符，
∴四边形ABCD不一定是正方形，也不一定是菱形，
故A不符合题意，C不符合题意，
故选：B．
设AC、BD交于点O，由OA=OC=4，OB=OD=4，可证明四边形ABCD是平行四边形，由AC=BD，得四边形ABCD是矩形，所以∠ABC=∠BCD=∠CDA=∠DAB=90°，可判断B符合题意，D不符合题意，假设四边形ABCD是正方形或菱形，则AC⊥BD，显然与已知条件不符，可判断A不符合题意，C不符合题意，于是得到问题的答案．
此题重点考查平行四边形的判定、矩形的判定、正方形的判定、菱的判定等知识，熟练掌握平行四边形及特殊的平行四边形的判定定理是解题的关键．

9.【答案】C 
【解析】解：由图形可设，直角三角形较长直角边长为a，较短直角边长为b，斜边长为c，
∵分别以直角三角形的三边为边，向外作正方形，
∴a2=S1，b2=S2，c2=S3，
∵a2+b2=c2，
∴S1+S2=S3，
故选：C．
根据勾股定理结合图形即可求解．
本题考查了勾股定理，熟练掌握勾股定理是解题的关键．

10.【答案】A 
【解析】解：∵k=12>0，
∴y随x的增大而增大，
∵点A(x1,−1)，B(x2,2)在该图象上，且−1<2，
∴x1 故甲判断正确；
由图象可知，直线与x轴的交点为(−2,0)，
∴关于x的不等式12x+b>0的解集为x>−2，
故乙判断错误．
故选：A．
根据一次函数的性质即可即可判断甲正确；观察图象即可判断乙错误．
本题考查了一次函数与一元一次不等式，一次函数的图象和性质，数形结合是解题的关键．

11.【答案】B 
【解析】解：面积为48cm2的正方形纸片的边长为 48=4 3cm，
∴原矩形纸片的长为：4 3+ 3=5 3(cm)，
故选：B．
根据后来的正方形的边长的面积可以计算出边长，再根据题目中的数据，即可计算出原来长方形的边长．
本题考查二次根式的应用、正方形的面积，解答本题的关键是明确题意，求出正方形的边长．

12.【答案】B 
【解析】解：∵一次函数y=k1x+b1的图象过第一、二、三象限，
∴k1>0，b1>0，
∵一次函数y=k2x+b2的图象过第一、三、四象限，
∴k2>0，b2<0，且|b1|>|b2|，
A、k1+k2>0，
故A不符合题意；
B、k1k2>0，
故B符合题意；
C、b1+b2>0，
故C不符合题意；
D、b1⋅b2<0，
故D不符合题意；
故选：B．
根据一次函数y=k1x+b1与y=k2x+b2的图象位置，可得k1>0，b1>0，k2>0，b2<0，然后逐一判断即可解答．
本题考查了一次函数的图象，熟练掌握一次函数图象的位置与系数的关系是解题的关键．

13.【答案】C 
【解析】解：方案Ⅰ：连接BD，
∵l1，l2，l3，l4是边AB，BC，CD，AD的垂直平分线，
∴GF和EH分别是△BDC和△BDA的中位线，
∴GF//BD，GF=12BD，EH//BD，EH=12BD，
∴GF=EH，GF//EH，
∴四边形EFGH是平行四边形；
方案Ⅱ：
∵GH//AC//EF，EH//BD//FG，
∴GH//EF，EH//FG，
∴四边形EFGH是平行四边形．
故选：C．
根据平行四边形的定义进行判断即可．
本题考查了平行四边形的判定，解题的关键是熟练掌握平行四边形的判定方法．

14.【答案】D 
【解析】解：在Rt△ABC中，由勾股定理得：AB= AC2+BC2= 2．42+0．72=2.5(m)，
∴A′B=AB=2.5米，
在Rt△A′BD中，由勾股定理得：BD= A′B2−A′D2= 2．52−1．52=2(m)，
∴CD=BC+BD=2+0.7=2.7(m)，
即小巷的宽为2.7米，
故选：D．
在Rt△ABC中，由勾股定理计算出AB的长，再在Rt△A′BD中由勾股定理计算出BD长，然后可得CD的长．
此题主要考查了勾股定理的应用，熟练掌握勾股定理是解题的关键．

15.【答案】C 
【解析】解：设货车对应的函数解析式为y=kx，
将(5,300)代入解析式得：5k=300，
解得k=60，
即货车对应的函数解析式为y=60x，
设CD段轿车对应的函数解析式为y=ax+b，
2.5a+b=804.5a+b=300，
解得a=110b=−195，
即CD段轿车对应的函数解析式为y=110x−195，
令60x=110x−195，
得x=3.9，
此时3.9−1.2=2.7(小时)，
即轿车出发2.7小时后，轿车追上货车，
故选：C．
用待定系数法分别求出货车和轿车的函数解析式，当它们的函数值相等时，解方程即可．
本题考查一次函数的应用，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用数形结合的思想解答．

16.【答案】A 
【解析】解：∵M是边AB的中点，AO⊥OB，
∴OM=12AB=3，故结论Ⅰ正确；
∴AD=AM=BM=3，
∵四边形ABCD是矩形，
∴∠DAM=90°，
∴∠AMD=45°，DM= 2AD=3 2，
∵∠OAB=∠OBA=45°，AB=6，
∴∠AMD=∠OAB，OA= 22AB=3 2，
∴DM//OA，DM=OA，
∴四边形OMDA是平行四边形，故结论Ⅱ正确，
故选：A．
根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可以判断结论Ⅰ；根据∠OAB=45°，证明DM//OA，DM=OA，即可判断结论Ⅱ，进而可以解决问题．
本题考查了矩形的性质，平行四边形的性质，坐标与图形性质，勾股定理，直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，掌握以上知识是解题的关键．

17.【答案】4 
【解析】解：这组数据的中位数是4，
故答案为：4．
根据中位数的定义可得答案．
本题主要考查中位数，将一组数据按照从小到大(或从大到小)的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．

18.【答案】15°  4 
【解析】解：(1)连接AC，
∵四边形ABCD是菱形，
∴AB=BC，
∵∠ABC=60°，
∴△ABC是等边三角形，
∴∠BAC=60°，
∵四边形AECF是正方形，
∴∠EAC=45°，
∴∠BAE=∠BAC−∠EAC=60°−45°=15°，
故答案为：15°；
(2)由(1)知△ABC是等边三角形，
∴AC=AB=BC=4，
∵四边形AECF是正方形，
∴EF=AC=4，
即点E与点F之间的距离为4，
故答案为：4．
(1)根据菱形的性质证得△ABC是等边三角形，于是有∠BAC=60°，由四边形AECF是正方形得出∠EAC=45°，从而求出∠BAE的度数；
(2)由(1)知△ABC是等边三角形，得出AC=AB=4，再根据正方形对角线相等即可得出点E与点F之间的距离．
本题考查了菱形的性质，正方形的性质，等边三角形的判定与性质，熟练掌握这些图形的性质是解题的关键．

19.【答案】y=−x+2  3  m≤2 
【解析】解：(1)∵一次函数y=kx+b(k≠0)的图象由直线y=−x平移得到，
∴k=−1，
∴y=−x+b，
将点(1,1)代入y=−x+b，解得b=2，
∴一次函数的解析式为y=−x+2；
故答案为：y=−x+2；
(2)在y=−x+2中，令x=0，则y=2，
∴A(0,2)，
在y=mx−1中，令x=0，则y=−1，
∴B(0,−1)，
∴AB=2+1=3；
故答案为：3；
(3)∵当x<1时，对于x的每一个值，y=mx−1(m>0)的值都小于y=kx+b的值，
∴mx−1<−x+2，
∴x<3m+1，
∴3m+1≥1，
∴m≤2，
故答案为：m≤2．
(1)先根据直线平移时k的值不变得出k=−1，再将点(1,1)代入y=−x+b，求出b的值，即可得到一次函数的解析式；
(2)求得A、B的坐标，即可求得AB；
(3)根据题意得到mx−1<−x+2，解得x<3m+1，由x<1时，对于x的每一个值，y=mx−1(m>0)的值都小于y=kx+b的值得到3m+1≥1，解得m≤2．
本题考查了一次函数图象与几何变换，一次函数与系数的关系，根据题意得到m的不等式是解题的关键．

20.【答案】解：(1) 6× 12÷ 2
= 72÷ 2
= 36
=6；
(2)( 3− 2)2
=3−2 6+2
=5−2 6． 
【解析】(1)利用二次根式的乘除法法则进行计算，即可解答；
(2)利用完全平方公式进行计算，即可解答．
本题考查了二次根式的混合运算，完全平方公式，准确熟练地进行计算是解题的关键．

21.【答案】解：(1)在Rt△ABC中，AB=24m，BC=7m，
∴AC= 242+72=25(m)，
在△ADC中，CD=15m，AD=20m，AC=25m，
∵CD2+AD2=152+202=252=AC2，
∴△ADC为直角三角形，∠D=90°．
(2)∵△ADC是直角三角形，
∴S△ADC=12×AD×DC=12×20×15=150(m2)，
∵S△ABC=12×AB×BC=12×24×7=84(m2)，
∴S四边形ABCD=S△ADC+S△ABC=150+84=234(m2). 
【解析】(1)利用勾股定理计算AC，再利用勾股定理的逆定理，判断三角形ADC是直角三角形；
(2)根据S四边形ABCD=S△ADC+S△ABC计算四边形的面积．
本题考查了勾股定理及其逆定理，灵活运用定理及其逆定理是解题的关键．

22.【答案】解：(1)将甲种成熟期小麦的株高长势情况按有小到大排列为：91、94、95、96、96、98，
甲种小麦的众数为：96，中位数为：95+962=95.5，
甲种小麦的平均数为：93+95+95+96+96+956=95，
故答案为：96；95.5；95；
(2)∵甲、乙两种成熟期小麦的株高长势情况的平均数相等，甲种小麦的方差大于乙种小麦的方差，
∴乙种小麦的长势比较整齐． 
【解析】(1)根据中位数、方差和众数的定义进行计算；
(2)根据方差的比较方法进行比较．
本题考查了中位数、方差和众数的运用，掌握中位数、方差和众数的定义是关键．

23.【答案】EF⊥AC 
【解析】(1)证明：∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AD//BC，
∴∠DAC=∠BCA，
∵AC平分∠BAD，
∴∠DAC=∠BAC，
∴∠BAC=∠BCA，
∴BA=BC，
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴四边形ABCD是菱形；
(2)解：①∵E，F分别是边AB，AD的中点，BD=6，
∴EF=12BD=3；
②EF与AC之间的位置关系为EF⊥AC，理由如下：
∵四边形ABCD是菱形，
∴AC⊥BD，
∵E，F分别是边AB，AD的中点，
∴EF//BD，
∴EF⊥AC，
故答案为：EF⊥AC．
(1)根据角平分线定义和平行四边形的性质即可证明四边形ABCD是菱形；
(2)①根据三角形中位线定理和BD=6，即可求EF的长度；
②利用菱形的性质结合①即可得EF与AC之间的位置关系．
本题考查了菱形的判定与性质，平行四边形的性质和判定，三角形中位线定理，平行线的性质等知识点，能综合运用定理进行推理是解此题的关键．

24.【答案】解：(1)设甲机器人的函数解析式为：y=kx+b，
则：5k+b=1010k+b=15，
解得：k=1b=5，
所以甲机器人距A点的距离与出发时间的函数表达式为：y=x+5；
由题意得乙机器人距A点的距离与出发时间的函数表达式为：y=0.5x+15；
(2)①当x=0时，y=5，
所以甲机器人出发时距离A点5米；
②由题意得：x+5=0.5x+15，
解得：x=20，
答：两机器人出发20秒时相遇． 
【解析】(1)根据待定系数法列方程求解；
(2)①求当x=0时y的值；
②求当函数值相等时，对应的x值；
本题考查了一次函数的应用，理解题意是解题的关键．

25.【答案】3 
【解析】(1)证明：∵AB=CD，
∴AB+BC=DC+BC，
∴AC=BD，
又∵∠A=∠D，AE=DF，
∴△AEC≌△DFB(SAS)，
∴EC=BF，∠ACE=∠DBF，
∴CE//BF，
∴四边形BFCE是平行四边形；
(2)解：①四边形BFCE是矩形，理由如下：
∵四边形BFCE为平行四边形，BC=EF，
∴四边形BFCE是矩形，
∴BE//CF，
∴∠EBC=∠FCB=60°，
∵AB=DC=4，AD=11，
∴BC=AD−AB−CD=11−4−4=3，
∴BE=12BC=1.5，
∴CE= 3BG=1.5 3；
②∵AB=DC=4，AD=11，
∴BC=AD−AB−CD=11−4−4=3，
∵四边形BFCE为菱形，
∴BF=CF=CE，
∵∠FCB=60°，
∴△BCF为等边三角形，
∴CF=CB=3，
∴BE=3．
故答案为：3．
(1)证明△AEC≌△DFB(SAS)，由全等三角形的性质得出EC=BF，∠ACE=∠DBF，证出CE//BF，由平行四边形的判定可得出结论；
(2)①证明四边形BFCE是矩形，然后利用含30度角的直角三角形即可解决问题；
②由菱形的性质得出BF=CF=CE，证出△BCF为等边三角形，由等边三角形的性质得出CF=CB，则可得出答案．
此题是四边形的综合题，考查了全等三角形的判定与性质、平行四边形的判定与性质，菱形的性质，矩形的判定以及勾股定理等知识．注意数形结合思想的应用，熟练掌握平行四边形的判定与性质是解题的关键．

26.【答案】解：(1)将(1,4)，(0,1)代入y=kx+b中，
得k+b=4b=1，
解得k=3b=1，
∴直线l1的函数解析式为y=3x+1．
(2)如图：

由题意可得直线l2的函数解析式为y=x+1，
在直线l1上，当y=0时，3x+1=0，
解得x=−13，
在直线l2上，当y=0时，x+1=0，
解得x=−1，
∴−13−(−1)=23，
∴直线l1，l2和x轴所围成的三角形的面积为12×1×23=13．
(3)由题意可得直线l3的函数解析式为y=x+1−a，
联立y=3x+1y=x+1−a，
解得x=−a2y=1−3a2，
∵交点在第三象限，
∴−a2<01−3a2<0，
解得a>23．
(4)m的值为1或−12或15．
将x=m代入y=3x+1，得y=3m+1，
将x=m代入y=x+1，得y=m+1，
∴过点P(m,0)与y轴平行的直线与直线l1，直线l2的交点分别为(m,3m+1)，(m,m+1)，
根据图象，当m>0时，3m+1+0=2(m+1)，
解得m=1；
当−13 解得m=−15；
当−1 解得m=−12；
当m<−1时，3m+1+0=2(m+1)，
解得m=1，不符合题意．
综上所述，m的值为1或−12或−15． 
【解析】(1)待定系数法求一次函数解析式即可；
(2)求出两直线与x轴交点坐标，最后由三角形面积公式计算即可；
(3)平移后的直线的解析式为y=x+1−a，联立求得交点坐标，根据第三象限点坐标的特征列不等式组，求解即可；
(4)先根据题意求得交点坐标，分情况讨论即可求解．
本题考查了一次函数的综合应用，主要考查求一次函数解析式，一次函数图象的平移，求一次函数与坐标轴的交点坐标，坐标系中点的坐标特征等，分类讨论是解题的关键．