2022-2023学年陕西省渭南市合阳县八年级（下）期末物理试卷（含解析）

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2022-2023学年陕西省渭南市合阳县八年级（下）期末物理试卷
一、选择题（本大题共12小题，共48分）
1. 如图所示，将木球浸入装有盐水的杯子中，木球所受浮力的施力物体是(    )
A. 地球
B. 木球
C. 盐水
D. 杯子
2. 在下列情景中，说明小孩对物体做功的是(    )
A. 小孩用力推汽车，没能推动 B. 被小孩踢出去以后在地面上滚动的足球
C. 小孩用力提起水桶 D. 小孩用手托着鸡蛋在水平路面运动
3. 学校经常举行升旗仪式，为了方便人站在地上就可以把国旗升到旗杆顶部，需要在国旗杆的顶部装有定滑轮，如图所示，其中定滑轮的作用是(    )
A. 省力
B. 省功
C. 省距离
D. 改变力的方向
4. 在世界杯女篮半决赛中，投球时，篮球离开球员的手后，减速上升的过程中(    )
A. 动能减小，重力势能增大 B. 动能增大，重力势能减小
C. 动能增大，重力势能增大 D. 动能减小，重力势能减小
5. 中国传统武术伴随着中国历史与文明发展。走过了几千年的风雨历程，成为维系民族生存和发展的魂。如图是一位武术爱好者的两个经典动作，关于这两个动作对比的叙述正确的是(    )
A. ①图中人对地面的压力大
B. ①图中人对地面的压力小
C. ①图中人对地面的压强大
D. 两图中人对地面的压强相等
6. 2022年卡塔尔世界杯于12月18完美落幕，留下无数精彩瞬间，如图所示，下列说法正确的是(    )
A. 运动员踢出的足球在空中飞行时，受到重力和脚的踢力
B. 运动员用力踢足球的同时，球也对运动员施加等大的力
C. 运动的足球不能立刻停止运动是由于足球不受任何力的作用
D. 只要运动员对足球施加等大的力，力的作用效果就会相同
7. 滑滑板车是儿童喜爱的运动项目之一，一小孩站立在滑板车上沿水平地面匀速直线滑行时，下列说法正确的是(    )
A. 地面对滑板车的支持力和滑板车对地面的压力是一对平衡力
B. 地面对滑板车的支持力和滑板车的重力是一对相互作用力
C. 地面对滑板车的支持力和滑板车的重力是一对平衡力
D. 小孩对滑板车的压力和滑板车对小孩的支持力是一对相互作用力
8. 如图所示，一轻质杠杆被细绳系在O点，在A处挂一实心金属块甲，B处挂一石块乙时恰好能使杠杆在水平位置平衡，已知OA=2OB，金属块甲的重力为G甲，石块乙的重力为G乙，则(    )
A. G甲：G乙=1：2
B. G甲：G乙=2：1
C. G甲：G乙=1：3
D. G甲：G乙=3：1
9. 关于惯性，以下说法正确的是(    )
A. 汽车的速度越大惯性越大 B. 太空中的宇航员没有惯性
C. 惯性是物体受到的一种力 D. 物体的质量越大惯性越大
10. 如图所示，一个容器被隔板分成甲、乙两个部分，隔板下部有一圆孔用橡皮膜密封，在两部分内装入深度相同的两种液体，橡皮膜向乙液体中凸出。若甲、乙两部分液体的密度分别为ρ甲、ρ乙，则二者的大小关系是(    )
A. ρ甲>ρ乙 B. ρ甲=ρ乙 C. ρ甲ρ乙，故A正确。
故选：A。
橡皮膜向乙液体中凸出要说明甲液体产生的压强大于乙液体产生的压强，由p=ρgℎ判断出甲、乙液体密度的关系。
本题考查了液体压强公式的应用，掌握橡皮膜的形变程度表示压强的大小是解题的关键。

11.【答案】B 
【解析】解：由题意可知，两辆正在匀速行驶的汽车的功率P相同，运动的时间t相同，通过的路程之比s1：s2=3：1。
AB.由P=Wt可得，两汽车所做功之比为W1W2=PtPt=11，故A错误、B正确；
C.由P=Wt=Fst=Fv可得，两汽车所受牵引力之比F1F2=W1s1W2s2=W1W2×s2s1=11×13=13，故C错误；
D.由v=st可得，两汽车的速度之比v1v2=s1ts2t=s1s2=31，故D错误。
故选：B。
由题意可知，两辆正在匀速行驶的汽车的功率关系和运动的时间关系以及通过的路程之比，根据P=Wt求出两汽车所做功之比，再根据P=Wt=Fst=Fv求出两汽车所受牵引力之比，利用v=st求出两汽车的速度之比。
本题考查了功率公式和速度公式的灵活运用，难度不大，易于解答。

12.【答案】C 
【解析】解：A、潜艇悬浮时排水量m排=20000t=2×107kg，则潜艇受到的浮力为：F浮=G排=m排g=2×107kg×10N/kg=2×108 N，故A正确；
B、由于潜艇水下处于悬浮，根据悬浮条件可知G=F浮=2×108 N，故B正确；
C、潜艇悬浮时受到的浮力等于重力，即：F浮=G；根据阿基米德原理，排开海水的体积为：V排=F浮ρ水g=m排gρ水g=m排ρ水=2×107kg1.0×103kg/m3=2×104m3，故C错误；
D、潜水器下潜过程中，液体的密度不变，深度变大，根据p=ρ液gℎ可知受到水的压强变大；排开液体的体积不变，根据F浮=ρ液gV排可知受到的浮力不变，故D正确。
故选：C。
(1)根据F浮=G排=m排g可求得潜艇受到的浮力。
(2)根据悬浮条件即可判断潜艇水下悬浮时的总重力；
(3)根据阿基米德原理和物体的浮沉条件计算潜艇悬浮时排开海水的体积；
(4)根据p=ρ液gℎ和F浮=ρ液gV排来判断压强、浮力的变化情况。
本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，熟练应用公式即可解答。

13.【答案】运动状态  作用点  摩擦力 
【解析】解：白球撞击黄球，黄球由静止变为运动，速度大小发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；白球撞击不同的位置，力的作用点不同，黄球的运动轨迹不同，说明力的作用效果与作用点有关。
力是改变物体运动状态的原因，黄球最终停止运动是因为受到了摩擦力作用。
故答案为：运动状态；作用点；摩擦力。
(1)作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变；
(2)力的三要素分别是大小、方向和作用点；三要素都可以影响力的作用效果，需要根据题目条件进行分析；
(3)力是改变物体运动状态的原因。
本题考查了力的作用效果和力的三要素等知识的了解和掌握，属于基础题。

14.【答案】弹性  弹性势  重力 
【解析】解：小明用力将弓拉开，弓的形状发生了变化，当撤去外力后，弓能恢复原状，故弓发生了弹性形变；具有弹性势能；箭离开弓后由于受到重力作用最终落向地面。
故答案为：弹性；弹性势；重力。
物体的形变有两种：一种是弹性形变，物体在力的作用下发生形变，力消失后能自动恢复原状的形变；另一种是塑性形变，物体在力的作用下发生形变，力消失后不能自动恢复原状的形变；
物体由于发生弹性形变而具有的能，叫做弹性势能；
地球附近的一切物体都会受到重力的作用，重力的方向始终竖直向下的。
本题考查了弹性形变、弹性势能、重力等，属于基础性题目，难度不大。

15.【答案】一样高  上升  小 
【解析】解：U形管中装有水，上端开口、下端连通，属于连通器，因此静止时U形管两侧液面一样高；
在流体的流量相同时，通过横截面积大的地方，流体的流速越小，b处横截面积大于a处横截面积，所以在右端c处往装置里急吹气，导致b管上方气流速度小于a管上方的气流速度。
因为流体的流速越大，流体的压强越小，所以b处压强大于a处压强，所以b管与a管的水面上方形成气压差，U形管中a管水面升高。
故答案为：一样高；上升；小。
(1)连通器的特点：上端开口、下端连通的容器；
(2)流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大。
本题考查了连通器原理、流体压强跟流速的关系，并且利用这个关系解释生活中有关现象，体现了物理在生活中的广泛应用。

16.【答案】减小  不变  增加压力 
【解析】解：(1)自行车坐垫设计成马鞍形，这是通过增大人体与坐垫的接触面积来减小压强；
(2)影响摩擦力大小的因素有压力的大小和接触面的粗糙程度，因为这两个因素都不变，所以在自行车停止运动之前，自行车受到地面的摩擦力的大小不变；
捏紧车闸使车停下是在接触面粗糙程度不变时，通过增加压力的方式增大刹车皮与车轮钢圈间的摩擦力。
故答案为：减小；不变；增加压力。
减小压强的方法：在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
本题考查了压强、摩擦力大小的影响因素，属于基础题。

17.【答案】动  10  0.5 
【解析】解：如图所示，利用A滑轮匀速提升重力为20N的重物，轮轴和物体一起移动的是动滑轮，若不计绳子的重力及摩擦、不计滑轮的重力，则所用拉力F=12G=12×20N=10N；
绳子自由端移动的距离是物体上升高度的2倍，绳端的速度为1m/s也是物体上升速度的2倍，即物体上升的速度为v=12×1m/s=0.5m/s。
故答案为：动；10；0.5。
滑轮轴和物体一起移动的是动滑轮，若不计绳子的重力及摩擦、不计滑轮的重力，F=12G；s=2ℎ。
本题考查动滑轮的应用，属于基础题。

18.【答案】0.27  0.54  空心  轮船 
【解析】解：(1)橡皮泥浸没在水中时排开水的体积：
V排=V橡=2.7×10−5m3，
橡皮泥受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×2.7×10−5m3=0.27N；
(2)橡皮泥的质量：
m橡=54g=0.054kg，
橡皮泥的重力：
G橡=m橡g=0.054kg×10N/kg=0.54N；
橡皮泥受到的浮力：
F浮=G橡=0.54N；
(3)通过通过以上计算可知，采用空心的办法增大可以利用的浮力，人们利用这种办法制造了轮船。
故答案为：0.27；0.54；空心；轮船。
(1)橡皮泥浸没在水中时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力；
(2)知道橡皮泥的质量，根据G=mg求出重力，橡皮泥小船漂浮时受到的浮力和自身的重力相等；
(3)通过以上计算说明增大可用浮力的方法以及应用。
本题考查了阿基米德原理和密度公式、重力公式、物体浮沉条件的应用等，要注意采用空心的办法增大可以利用的浮力。

19.【答案】省力  150  90 
【解析】解：由图可知，O为支点，地面对手的支持力F为动力(方向垂直地面向上)，支点到支持力作用线的距离为动力臂，由下图知，动力臂大小：
L1=0.9m+0.6m=1.5m，

人的重力G为阻力，支点到重力作用线的距离为阻力臂，由上图知，阻力臂大小：L2=0.9m，
由于动力臂L1大于阻力臂L2，所以他的身体相当于一个省力杠杆。
由杠杆平衡条件可得：FL1=GL2，即F×1.5m=500N×0.9m，
解得：F=300N；
每做一次俯卧撑肩膀升高的高度：
ℎ=50cm=0.5m，
他做一个俯卧撑做的功：
W=Fs=300N×0.5m=150J，
总功：
W总=nW=15×150J=2250J，
功率：
P=W总t=2250J25s=90W。
故答案为：省力；150；90。
根据力臂的定义确定动力臂和阻力臂的长度；动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力小于阻力的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
由杠杆平衡条件可得动力F；
根据W=Gℎ得出他做一个俯卧撑做的功，根据W总=nW得出总功，根据P=W总t得出功率。
本题考查杠杆的分类，并考查功和功率的计算，是一道综合题。

20.【答案】解：由题意知，物体A静止，所以受平衡力作用，在竖直方向受重力和墙面竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，重力方向竖直向下，大小为40N，则摩擦力方向竖直向上，大小也为40N；选取物体A的重心为作用点，从摩擦力的作用点开始，沿竖直向上的方向画一条有向线段，用f=40N表示，并标明其大小，如图所示：
 
【解析】首先要明确物体处于静止状态，受平衡力，只要找出哪两个力是平衡力，然后根据平衡力的特点判断摩擦力的方向，然后按照力的示意图的画法画出这个力即可。
此题考查力的示意图的画法，属于常考题目，根据二力平衡条件得出物体所受摩擦力的方向是关键。

21.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；在压制饺子皮时，动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图，如图所示：
 
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

22.【答案】大气压  左  小球A  速度 
【解析】解：(1)用手指堵住吸管上端，吸管内的水由于重力向下流动时，吸管上部的气压减小，而吸管下端外部大气压不变，大气压托着管内的水不会落下；
(2)由图乙知，杠杆左端偏高，平衡螺母应向上翘的左端移动，才能使杠杆在水平位置平衡；
(3)该实验通过比较木块被推动后移动的距离，比较小球A对木块B做功的多少，判断小球动能的大小，这用到了转换法；让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，小球运动到水平时速度不同，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与速度的关系。
故答案为：(1)大气压；(2)左；(3)小球A；速度。
(1)将两端开口的饮料管插入水中，管内外水面上方受到大气压的作用，所以内外液面将保持相平，用手堵住口的一端，管内水将在外界大气压的作用下不掉下来；
(2)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(3)该实验通过比较木块被推动距离的大小，比较小球对木块做功的多少，判断小球动能的大小，这用到了转换法；小球的动能大小与小球的质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析。
本题考查了大气压的应用、杠杆的调节、影响物体动能大小的因素等，属于基础题。

23.【答案】二力平衡  大  甲、乙  不变 
【解析】解：(1)实验中，用弹簧测力计拉着木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)图甲和图乙，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，可得出：在接触面粗糙程度相等时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)要得出“在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大”这个结论，必须控制压力相同，改变接触面的粗糙程度，由图可知，甲、乙实验符合要求；
(4)当木板的运动速度变大时，由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，故滑动摩擦力大小也不变。
故答案为：(1)二力平衡；(2)大；(3)甲、乙；(4)不变。
(1)要使拉力与摩擦力相等，需沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
(2)要探究摩擦力与压力大小的关系，需使接触面的粗糙程度相同，压力不同；
(3)要探究摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，需使压力相同，接触面粗糙程度不同；
(4)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与运动速度大小无关。
本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。

24.【答案】匀速直线  不正确  钩码所受的重力G/N  高  无关  B  B 
【解析】解：(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速直线运动；小明发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，若静止读数，则测力计示数变小(没有测量出机械之间的摩擦)，他的想法不正确。
(2)根据η=W有W总=GℎFs×100%，要测量出物体的重力大小，故表格中横线处应填的内容为钩码所受的重力G/N。
(3)分析1、2、3次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物所受重力越大，滑轮组的机械效率越高。
(4)分析3、4次实验的数据可知，重力和滑轮组不变，高度增大，机械效率不变，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度无关；
(5)A.增大绳重，则增大了额外功，在有用功不变的前提下，总功变大，机械效率变小；
B.减轻动滑轮重力，可减小额外功，从而提高了有用功占总功的比值，故机械效率变大；
C.加快物体提升的速度，物体仍受力平衡，拉力大小不变，则机械效率不变；
故选：B；
(6)同一滑轮组匀速提升质量越大的物体至同一高度，有用功越大，在额外不变的条件下，有用功占总功的比值变大，机械效率变大，但不会大于100%；故该滑轮组的机械效率η与所提升物体的重力G的关系图象正确的是B。
故答案为：(1)匀速直线；不正确；(2)钩码所受的重力G/N；(3)高；(4)无关；(5)B；(6)B。
(1)实验过程中，应缓慢拉动弹簧测力计，使钩码竖直向上做匀速直线运动，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小；
若测力计静止读数，则测力计示数变小；
(2)根据η=W有W总=GℎFs×100%分析；
(3)分析1、2、3次实验的数据回答；
(4)分析3、4次实验的数据回答；
(5)A.增大绳重，则增大了额外功，在有用功不变的前提下，总功变大，根据η=W有W总×100%分析；
B.减轻动滑轮重力，可减小额外功，从而提高了有用功占总功的比值，根据η=W有W总×100%；
C.加快物体提升的速度，测力计示数不变，总功不变，有用功不变，根据η=W有W总×100%；
(6)同一滑轮组匀速提升质量越大的物体至同一高度，有用功越大，在额外不变的条件下，有用功占总功的比值变大，根据η=W有W总×100%结合机械效率不会大于100%；
本题测量滑轮组的机械效率实验，考查注意事项、数据分析及机械效率公式的运用。

25.【答案】重力  d、b、c、e  F1−F2=F4−F3  A  保持不变  可以  增大 
【解析】解：
(1)图(b)所示，是叶子姐姐用弹簧测力计测量石块的重力；
(2)为了使小桶在接水之后可直接计算溢出水的重力，应先测量空桶的重，然后再测出石块的重力，并直接浸入水中观察测力计的示数，最后测排出的水和小桶的总重，求排出水的重力，因此，合理的顺序应为：dbce；
(3)b、c两次的结果之差符合称重法求浮力，d、e两次的结果之差则可求出物体排出的水受到的重力，若二者的结果是相等的，则可验证阿基米德原理，故得：F1−F2=F4−F3，进一步得出结论：F浮=G排；
(4)A、图(a)中溢水杯内未盛满水，则测得排开水的重力会偏小，会影响验证结果。
B、图(d)中小桶内有少量水，石块排开水后，测力计两次示数之差仍为排开水的重力，不影响实验结果。
C、图(c)中石块未浸没水中，此时浮力小，排开水的重力也小，不影响实验结果。
故选：A；
(5)溢水杯中的水应该满的，圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中的过程，溢水杯中水的深度不变，由p=ρgℎ可知，水对溢水杯底的压强保持不变；
(6)如换用密度小于水的木块，则图中的F2=0，所以，F浮=F1，其它步骤没有影响，故可以完成实验；
对金属块进行受力分析：金属块受竖直向下的重力、竖直向上弹簧测力计的拉力和浮力，
由力的平衡条件得：G金属=F+F浮，
则弹簧测力计的示数(即拉力)：F=G金属−F浮，
在金属块完全浸没前，V排逐渐增大，F浮逐渐增大，弹簧测力计的示数F逐渐减小；
对烧杯及水进行受力分析：烧杯及水受竖直向下的重力，金属块向下的压力F压=F浮，台秤的支持力FN，
由力的平衡条件可得，台秤的支持力：FN=G+F压，
在金属块完全浸没前，V排逐渐增大，F压=F浮逐渐增大，FN逐渐变大，则台秤所受压力增大，台秤的示数增大。
故答案为：(1)重力；(2)d、b、c、e；(3)F1−F2=F4−F3；(4)A；(5)保持不变；(6)可以；(7)增大。
(1)图(b)中弹簧测力计测量石块的重力；
(2)对于实验的合理顺序，我们应把握住两点，一是小桶是用来接排出的水的，在接水之前必须先测出空桶的重；二是物块要先测重力，再直接浸入水中才不会重复。依据这些分析可得出更加合理的顺序；
(3)利用称重法可得出浮力的大小，通过测量排出的水重也能得出浮力的大小，而这正是阿基米德原理的内容，即浸入液体中的物体所受的浮力，大小等于它排开的液体所受的重力；
(4)根据石块受到的浮力和排开的水的重力分析；
(5)根据p=ρgℎ分析圆柱体从刚接触水面到全部浸没水中，水对溢水杯底的压强；
(6)该实验的原理是称重法，据此即可判断；
(7)分别对金属块、烧杯及水受力分析，根据力的平衡条件得出弹簧测力计示数和台秤示数的表达式，再根据阿基米德原理即可判断金属块逐渐浸入台秤上盛有水的烧杯中、直至刚没入水中两者示数的变化。
本题考查了阿基米德原理的实验探究，阿基米德原理反映了浸在液体中的物体受到的浮力与物体排开液体的重力的关系，只有掌握阿基米德原理的内容，才能正确掌握实验目的。

26.【答案】连通器 
【解析】解：
(1)茶壶的壶嘴与壶身构成连通器；
(2)壶中水的深度ℎ=12cm=0.12m，则水对壶底的压强：
p水=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa，
由p=FS可得，水对茶壶底的压力：
F1=p水S=1200Pa×40×10−4m2=4.8N；
(3)茶壶的重力：
G壶=m壶g=0.4kg×10N/kg=4N，
水的重力：
G水=m水g=0.6kg×10N/kg=6N，
茶壶对水平桌面的压力：
F2=G水+G壶=6N+4N=10N，
茶壶对水平桌面的压强：
p=F2S=10N40×10−4m2=2.5×103Pa。
答：(1)连通器；
(2)水对茶壶底部的压力为4.8N；
(3)茶壶对桌面的压强为2.5×103Pa。
(1)连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
(2)利用液体压强公式先求出水对壶底的压强，再利用公式F=pS求出水对茶壶底部的压力。
(3)已知茶壶的质量和壶内水的质量，根据公式G=mg可求其重力，在水平面上压力等于物体自身的重力，茶壶的底面积已知，根据公式p=FS可求茶壶对桌面的压强。
本题考查重力、压强的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要知道在水平面上压力等于物体自身的重力，最容易出错的是受力面积的判断，本题给出了水平桌面的面积，这是一个陷阱，受力面积指的是两个物体相互接触的面积。

27.【答案】解：(1)对物体做的有用功：W有用=Gℎ=mgℎ=90kg×10N/kg×1m=900J；
(2)总功：W总=Fs=300N×4m=1200J，
推力的功率：P=W总t=1200J20s=60W；
(3)把物体推上斜面做的额外功：W额=W总−W有用=1200J−900J=300J，
物体受到斜面的摩擦力为：f=W额s=300J4m=75N；
(4)提高该斜面机械效率的方法：使用表面光滑的斜面。
故答案为：(1)推力对物体所做的有用功为900J；
(2)推力的功率为60W；
(3)物体受到的摩擦力大小75N；
(4)提高该斜面机械效率的方法：使用表面光滑的斜面。 
【解析】(1)根据W有用=Gℎ求出对物体做的有用功；
(2)利用W=Fs求推力做的总功，根据P=W总t得出推力的功率；
(3)由W总=W有用+W额得克服摩擦做的额外功，再利用W额=fs求物体所受摩擦力；
(4)根据机械效率公式可知增加有用功或减小额外功即可提高机械效率。
本题考查了利用斜面有用功、总功、额外功、摩擦力的计算以及提高该斜面机械效率的方法，难度不大。