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2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷（含解析）
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这是一份2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷（含解析），共33页。试卷主要包含了5m3B等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 以下科技应用中，说法正确的是( )
A. 北斗卫星是利用超声波导航 B. 光纤通信是利用光的折射传递信息
C. 核电站是利用核裂变产生的能量发电 D. 随着科技的发展，永动机必然能够实现
2. 下列估计值中，最符合实际的是( )
A. 初中生的体积0.5m3 B. 人正常步行速度约为1.4m/s
C. 人感觉舒适的气温约为40℃ D. 人体的安全电压36V
3. 图中物态变化与露水的形成相同的是( )
A. 打在枝头的霜 B. 屋檐下的冰凌
C. 山间的云雾 D. 消融的冰雪
4. 农历五月初五，是我国的传统节日——端午节，吃粽子是端午节的一大饮食习俗，关于煮粽子、吃粽子的过程中所涉及的物理知识，下列说法中错误的是( )
A. 煮粽子时，粽子的内能增大是通过热传递实现的
B. 高压锅煮粽子，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理
C. 刚出锅的粽子，不能直接用手拿，是由于粽子含有的热量多
D. 剥粽子时，粽叶与糯米粘在一起，是因为分子间存在引力
5. 下列图中关于光学现象的描述或解释不正确的是( )
A. 甲图中小孔成的是倒立的虚像 B. 乙图中凹透镜可以矫正近视眼
C. 丙图中白光通过三棱镜会分解成多种色光 D. 丁图中漫反射的光线遵循光的反射定律
6. 以下四种情况符合安全用电原则的是( )
A. 使用试电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人向落在地面上的“高压线头”靠近
C. 电灯的开关接在零线上
D. 雷雨天人站在大树下避雨
7. 如图所示的实验中，能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，当人驾驶平衡车在水平路面上匀速直线运动时，下列说法正确的是( )
A. 平衡车对人的支持力是由于车的形变产生的
B. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
C. 平衡车突然停止时，人会向前倾，是因为人受到惯性
D. 若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车会慢慢停下来
9. 如图所示小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点。N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 小球经过O、P两点时动能相等
B. 小球到达最高点N时速度一定为零
C. 小球到达的最高点N可能高于M点
D. 小球经过N点时的机械能大于经过Q点时的机械能
10. 如图所示，在水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯，烧杯内分别装有不同的液体，把两个相同的物体分别放入两杯液体中，在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，两液面相平。关于这一现象，下列说法中正确的是( )
A. 甲、乙两杯中液体的密度ρ甲<ρ乙
B. 甲、乙两杯中物体排开液体的质量m甲>m乙
C. 甲、乙两杯中液体对杯底压强p甲
A. B.
C. D.
12. 如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从B端移至A端的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的U−I图像如图乙所示，则( )
A. 电源电压为20V
B. EF是电压表V1的示数随电流表A的示数变化的图像
C. 滑动变阻器的最大功率为4.5W
D. 整个电路的最大功率为14.4W
13. 请看图完成下列问题：
(1)如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，这是由于空气______ 产生的，同时机身周围常常会有白雾出现，雪的形成原理与白雾的出现的原理______ (选填“相同”或“不相同”)。
(2)如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在______ (选填“点燃”或“未点燃”)的蜡烛位置放一个光屏，并在______ (选填“A”、“B”)位置上观察是否有像；点燃的蜡烛由远及近靠近平面镜的过程中，它在镜中像的大小______ 。
(3)在探究重力方向时，实验装置如图丙所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向______ (选填“变化”或“不变”)。
14. 夏天的清晨，小明看到水面有岸边的荷花倒影，这是由于光的______ 形成的。闻到荷花的香气是由于______ ；旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花______ (“吸收”或“反射”)红光。
15. 如图是一名飞行爱好者穿戴着飞行背包在空中飞行时的情景，飞行背包的两个喷射口向下喷射出气流却能将人推向空中，这是因为______ ，同时也说明力能改变物体的运动状态。飞行时以背包为参照物，飞行爱好者是______ 的。
16. 高铁站台设有安全线，这是因为高速行进中的列车车身附近的空气流速______ ，导致车身附近的气压______ (以上两空选填“变大”或“变小”)，将人“吸”向列车造成危险；该车长360m，匀速穿过一条长1800m的隧道，测得完全通过隧道需要108s。则火车运行的速度为______ km/h
17. 如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是______ (选填“串联”或“并联”)的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW⋅h以下的可充电设备。乘客______ (填“可以”或“不可以”)将电池容量约为2000mA⋅h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。
18. 用如图所示的滑轮组将货物向上匀速提升3m，已知货物重360N，货物上升速度是0.3m/s，拉力F的功率是120W(不计绳重)，则此过程中做的有用功为______ J，滑轮组的机械效率为______ 。
19. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______ J，0.1g酒精完全燃烧放出的热量为______ J，该实验中酒精灯的加热效率为______ %，BC过程中被加热物质的内能将增加______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
20. 如图所示是小明利用光敏电阻为居民楼门口设计的一种智能照明电路，L为“220V 22W”的照明灯，天暗时自动发光，天亮时自动熄灭，控制电路中，电源由两节干电池串联而成，电压为2.8V，R1为阻值10Ω的定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值会随着光强的变化而变化。
(1)灯L正常工作时，通过它的电流是______ A，受控电路中导线的______ (选填“a”或“b”)端应连接照明电路的火线，电磁铁的上端为______ 极。
(2)由题可知，光敏电阻的阻值随光照变强而______ (“变大”或“变小”)。
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，可采取______ 。
21. 请完成图中光路图。
22. 如图所示，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，忽略空气阻力，画出小球所受的重力G和弹力f。
23. 请将如图所示电水壶的三条接线按照安全用电原则接到对应的插头上。
24. 实心的钢铁会沉在水底，而钢铁造的船可以漂浮在水面。针对这种现象，同学们使用橡皮泥进行了探究。如图1所示，把一块质量为90g、体积为60cm3的橡皮泥投入水中而沉底；如图2所示，把橡皮泥捏造成一艘小船，橡皮泥小船漂在水面。求：(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)这块橡皮泥沉入水中时所受到的浮力；
(2)橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积；
25. 小强妈妈买了一个新的电饭煲，小强从说明书中得知表中的信息，工作电路图如图甲所示，S1为温控开关，加热电阻R1和R2的阻值不随温度变化。求：
(1)电阻R1的阻值；
额定电压
220V
额定蒸煮功率
1210W
额定保温功率
88W
频率
50Hz
容积
5L
(2)电饭煲在“保温”状态下正常工作时，加热电阻R1的电功率。
(3)某周末的晚饭时，小强想利用自家电能表(如图乙)测量电饭锅的实际功率。于是他关闭了家中其它所有用电器，只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，观察到电能表的转盘在1min内转了50转。求电饭锅的实际功率。
26. 小明利用如图甲所示的实验装置观察水的沸腾。
(1)组装器材时，应先固定图甲中的______ (填“A”或“B”)；
(2)安装好器材后，小明在烧杯中倒入热水，温度计示数如图乙所示，示数为______ ℃；
(3)在水温升高到90℃后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，直至水沸腾，如此持续3min后停止读数。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
98
99
99
99
99
①小明观察到：沸腾时水中气泡的情形为图丙中的图______ (填“C”或“D”)；气泡上升到水面后破裂释放出来的气体主要为______ ；
②请根据表格中的数据，在图丁所示的坐标系中画出水沸腾前后温度随时间变化的图象。
(4)小华与小红在同一小组做实验，他们同时按下秒表并且每隔0.5min记录一次温度计的示数，将小红和小华所测数据绘制出温度随时间变化的图象，发现小红的图象在小华的左侧，则原因在于小红的读数比小华______ (填“早”或“迟”)。
27. 小华利用图所示装置来研究凸透镜成像的规律。
(1)为使像成在光屏中央，应调整实验器材，使烛焰和光屏的中心位于______上。
(2)如图甲所示，光屏上能呈现清晰的像，此像的性质是倒立、______的实像。其实际应用是______。(选填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”)
(3)她又利用该装置研究视力的矫正问题，将蜡烛放在离凸透镜较远的位置，如图乙所示，给凸透镜“戴”上近视眼镜，此时光屏上能成一清晰的像；若“取”下近视眼镜，为使光屏上的像再次清晰，在保持透镜位置不变的条件下，下列操作可行的是(______)。
①将光屏远离透镜；②将光屏靠近透镜；③将蜡烛远离透镜；④将蜡烛靠近透镜；
A.①③B.①④C.②③D.②④
28. 如图所示，为小高“探究杠杆的平衡条件”的实验。每个钩码重为0.5N。
(1)将装置放在水平桌面上，静止时如图甲，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 端调节。这样做的目的是______ 。
(2)实验时，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，实验现象如图乙，记录数据为：动力F1=3N，动力臂l1=2cm，阻力F2=2N，阻力臂l2=3cm。通过数据得出结论：F1+l1=F2+l2。同组同学认为小高的结论是错误的，理由是______ 。
(3)小高用弹簧测力计代替钩码继续探究如图丙，第一次测力计竖直向上拉，第二次测力计沿虚线斜向上拉，两次杠杆均处于图示位置。则弹簧测力计由第一次到第二次，其示数将______ 。请在图丙中画出第二次弹簧测力计的力臂l。
(4)同组同学利用另一杠杆，测量出石块的密度。将一石块放入装满水的烧杯中，又将溢出的水装入A小桶中，再将石块装入B小桶中，分别挂在已调好的杠杆两端，此时杠杆状态如图丁所示，小桶A、B距支点O的距离分别为10cm和4cm，若不考虑桶重，该石块的密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3)
29. 利用斜面可以完成图甲、乙所示的实验。
(1)如图甲，利用斜面研究阻力对物体运动的影响，小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在不同粗糙程度表面上运动不同的距离后停止，为便于得出实验结论，木板、毛巾、平板玻璃在水平面上的摆放顺序是______，在上述实验过程中小车克服阻力做功的大小分别为W1、W2、W3，它们的关系是______。
(2)①如图乙，利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小车A从斜面的不同高度由静止开始滑下，是为了探究动能与______的关系。
②小明认为用弹簧替代斜面可以探究小车的动能大小与其质量的关系。如图丙所示，只需利用质量不同的小车将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块即可。小明的这种方案是否可行？答：______。
30. 如图探究影响滑动摩擦力大小的因素，物体A的重为12N。
(1)如图甲，加速拉动木板，则测得的A的摩擦力______ (选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”)。
(2)由图______ 两次实验，可以探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。
(3)由甲、丙两图的实验结论可知，丁图中氢气球对A向上的拉力为______ N。
31. 小明做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有：电压可变的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及滑动变阻器(规格分别为A.“5Ω 1A”、B.“40Ω 1A”和C.“60Ω 0.5A”可选)、电压表、电流表、开关和导线。
(1)如图甲所示是小明连接的电路，检查发现接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确连接的那根导线。
(2)连接好电路，正确操作后，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好。则故障可能是______ (填选项符号)。
A.灯泡短路
B.滑动变阻器断路
C.灯泡断路
(3)故障排除后，小明将电源电压调为4.5V，然后从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡的U−I图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W，所用滑动变阻器的规格是______ (选填字母)。实际测量时，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，则所测小灯泡的额定功率______ (选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”)。
(4)实验过程中，小明向右调节滑动变阻器，若滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ______ ΔP2(选填“>”“<”或“=”)
(5)爱动脑筋的小明想出另一种测量该刻小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路(电源电压为4.5V，灯泡的额定电压为2.5V)，请将以下实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为______ V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”时，读出电压表示数为U0。
③小灯泡的额定功率：P额= ______ (用U额、U0、R0表示)。
(6)实验结束后，小明同学将原电路中小灯泡换成几个定值电阻，用来探究电流与电阻的关系，根据实验数据作出如图丁所示的图像(定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω)。若选用“60Ω 0.5A”的规格滑动变阻器，则小明选择的电源电压的取值范围为______ V～ ______ V。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、“北斗”卫星导航是利用电磁波来传递信息的，故A错误；
B、光纤通信是利用激光的全反射来传递信息的，故B错误；
C、核电站利用的是核裂变时产生的能量的原理来工作的，故C正确；
D、永动机违反能量守恒定律，因此是永远不能发明出来的，故D错误。
故选：C。
(1)卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的；
(2)光纤通信是利用光的全反射来传播信息的；
(3)核能的利用有两种：核裂变、核聚变；
(4)永动机就是不需要外面输入能量就可以不断对外做功的机器。
本题主要主要考查学生对电磁波、现代通信方式、核能利用、永动机的了解和掌握，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、一位普通初中生质量约为50kg，人身体的密度约等于水的密度，其体积约为V=mρ=50kg1×103kg/m3=0.05m3，故A不符合实际；
B、人正常步行速度约为1.4m/s≈5km/h，故B符合实际；
C、人感觉舒适的气温约为25℃，故C不符合实际；
D、人体的安全电压为不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】C
【解析】解：
露是空气中的水蒸气遇冷液化为形成的小水滴；
A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，与露的形成不同，故A不符合题意；
B、屋檐下结的冰凌是水结冰，属于凝固现象，与露的形成相同，故B不符合题意；
C、雾是水蒸气遇冷发生的液化现象，与露的形成相同，故C符合题意；
D、冰雪消融是固态的冰雪变成液态的水，属于熔化现象，与露的形成不同，故D不符合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华，由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化，由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】A.煮粽子是通过热传递的方式提高了粽子的内能，故A正确；
B.高压锅内气压高，所以液体的沸点也会升高，故B正确；
C.热量是过程量，可以说吸收、放出，但不能说含有，故C错误；
D.剥开粽子叶总有一些糯米粘到粽子叶上，是因为分子间有引力，故D正确。
故选：C。
(1)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(2)液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越高，液体的沸点越高；
(3)热量是热传递过程中传递能量的多少，是过程量；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
此题是一道关于热现象的应用题，考查的知识点较多，包括分子间的作用力、改变内能的方法等，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：A、小孔成的是倒立的实像，是光在同种介质中沿直线传播形成的，该选项说法错误；
B、近视眼需要佩戴凹透镜矫正，是光的折射原理，该选项说法正确；
C、白光通过三棱镜可以分解成多种色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，该选项说法正确；
D、漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律，该选项说法正确。
故选：A。
(1)光在同种、均匀透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
(2)近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，到达视网膜时已经不是一点而是一个模糊的光斑了，应佩戴凹透镜矫正；
(3)太阳通过玻璃三棱镜后，被分解为绚丽的七色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这种现象称为光的色散，说明了白光不是单色光，不同颜色的光折射时的偏折程度不同；
(4)一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、近视眼及其矫正、光的色散以及漫反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
6.【答案】A
【解析】解：A、使用试电笔时手要接触笔尾金属体，这样才能构成通路，氖管才能发光，故A符合安全用电原则；
B、人靠近高压带电体极易引发跨步电压触电，故B不符合安全用电原则；
C、如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、雷雨天人站在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起物--大树传向人体，而造成雷电灾害，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属体；
(2)安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
(3)家庭电路的开关应该装在火线和用电器之间，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
(4)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来；在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。
7.【答案】B
【解析】解：
A、图是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、图中电路中有电源，通电导体受到磁场力的作用而运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；
C、图能说明磁极间的相互作用，故C不符合题意；
D、图是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，故D不符合题意。
故选：B。
电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。结合选项中的实验装置可逐一做出判断。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理、磁极间相互作用。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
8.【答案】A
【解析】解：A.人的压力使平衡车发生形变，平衡车对人的脚产生了一个支持力，故A正确；
B.人对车的压力和车对人的支持力，受力物体不同，不是一对平衡力，故B错误；
C.平衡车突然停止时，人会向前倾，是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D.若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，由牛顿第一定律可知，平衡车会保持原来的运动状态，即做匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，压力、支持力都属于弹力；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
(4)物体在不受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题以平衡车为载体，考查了弹力、惯性、牛顿第一定律、平衡力和相互作用力的区分等多个知识点，综合性较强，但难度不大。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，球在M点既有动能又有重力势能，球上升至最高点N时，仍水平方向飞行，也既有动能又有重力势能，故B错误；
C、球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，球在N点的机械能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高，故C正确；
D、忽略空气阻力，球从N点到Q点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能，故D错误。
故选：C。
机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
本题考查了机械能和能量之间的相互转化。
10.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，物体在甲、乙两杯中分别处于漂浮和沉底状态，则ρ甲>ρ物，ρ乙<ρ物，故甲、乙两杯中液体的密度ρ甲>ρ乙，故A错误；
B、物体漂浮或悬浮时，物体在甲中受到的浮力和自身的重力相等；物体下沉时，物体在乙中浮力小于重力，故物体在甲中受到的浮力大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理可知甲、乙两杯中物体排开液体的重力G甲排>G乙排，则甲、乙两杯中物体排开液体的质量m甲>m乙，故B正确；
C、因ρ甲>ρ乙，两杯中液面相平，由p=ρgh可知甲、乙两杯中液体对杯底的压强p甲>p乙，故C错误；
D、因为物体在甲中漂浮，乙中下沉，V排甲
因ρ甲>ρ乙，根据m=ρV知：m甲液>m乙液，根据G=mg可知G甲液>G乙液，
甲、乙两个烧杯对水平桌面的压力：F=G液体+G物+G烧杯，所以F甲>F乙，根据p=FS可知甲、乙两烧杯对水平桌面的压强p甲′>p乙′，故D错误。
故选：B。
(1)根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；
(2)根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断物体排开液体的质量；
(3)根据p=ρgh判断液体对杯底的压强关系；
(4)由于烧杯对水平桌面的压力等于烧杯的总重力，根据G=mg=ρVg判断液体的重力关系，然后根据p=FS判断烧杯对水平桌面的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
11.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：AB、由甲图可知，两个电阻串联，电流表测电路中电流，电压V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。
滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；
所以，通过R2的电流随其两端电压的减小而增大，通过R1的电流随其两端电压的增大而增大；由此可知，乙图中MN是R1的U−I图象，EF是R2的U−I图象(即EF是V2表示数随A表示数变化的图象，
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为：IB=0.4A，此时U1B=4V，U2B=8V，则串联电路的电压特点可得，电源电压：U=U1B+U2B=4V+8V=12V，故AB错误；
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为IB=0.4A，变阻器的电压U2B=8V，
则滑动变阻器的最大电阻为：
R2大=U2BIB=8V0.4A=20Ω，
U1B=4V，则R1的阻值为：
R1=U1BIB=4V0.4A=10Ω，
在滑片移动过程中，滑动变阻器的最大功率为：
P=I2R滑=(UR1+R滑)2R滑=U2R滑R滑2+2R滑R1+R12=U2R滑R滑2−4R滑R1+R12+4R滑R1=U2R滑(R滑−R1)2+4R滑R1
当R滑=R1时，滑动变阻器的功率最大，最大功率为：
P大=U2R滑4R滑R1=U24R1=(12V)24×10Ω=3.6W，
故C错误；
D、由图乙可知，电路的最大电流为1.2A，电源电压为12V.，
所以，整个电路的最大功率：
P总大=UI=12V×1.2A=14.4W，故D正确。
故选：D。
(1)由甲图可知，滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；由此可知，对于R2：通过的电流随两端电压的减小而增大；对于R1：通过的电流随两端电压的增大而增大；据此判断乙图象中两图线各是哪个电阻的电流与电压图线；
(2)根据串联电路的电压特点得出滑片P在B或A点的电压之和即为电源电压；
(3)根据P=I2R结合数学知识二次函数的最值问题分析解答；
(4)由P=UI计算电路中的最大总功率。
本题考查串联电路电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键所在。
13.【答案】振动 不相同 未点燃 B 不变 不变
【解析】解：(1)声音是由物体振动产生的；雾水蒸气液化形成的小水珠；雪是水蒸气凝华形成的小冰晶，故原理不相同；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧即B处观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大，因此点燃的蜡烛由远及近靠近平面镜的过程中，它在镜中像的大小不变；
(3)逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向不变，因为重力的方向始终是竖直向下的。
故答案为：(1)振动；不相同；(2)未点燃；B；不变；(3)不变。
(1)发声的物体在振动；雾是水蒸气液化成的小液滴；雪是水蒸气凝华成的小颗粒；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大；
(3)重力的方向总是竖直向下的。
此题考查了声音的产生、平面镜成像的特点、重力的方向，比较简单，属基础题。
14.【答案】反射 分子在不停地做无规则运动 反射
【解析】解：夏天的清晨，小明看到水面有岸边的荷花倒影，这是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的；
闻到荷花的香气是因为香气分子发生了扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花反射红色的光。
故答案为：反射；分子在不停地做无规则运动；反射。
(1)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
(2)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(3)物体的颜色是由它反射的光的颜色决定的。
此题考查学生对光的反射、分子动理论观点和物体的颜色的理解，是一道基础训练题。
15.【答案】力的作用是相互的 静止
【解析】解：(1)飞行背包的两个喷射口向下喷射出气流，反过来气流给背包和人一个向上的作用力，将人推向空中，这是因为力的作用是相互的；
(2)飞行时以背包为参照物，飞行者的位置没有发生改变，则飞行者是静止的。
故答案为：力的作用是相互的；静止。
(1)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，而受力物体同时也是施力物体；
(2)判断物体是运动或静止，要看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则物体是静止的。
本题考查了力作用的相互性、运动和静止的相对性，属于基础题，只要掌握基本知识点即可解决。
16.【答案】变大 变小 72
【解析】解：(1)人离高速列车比较近时，列车的速度很大，人和列车的之间的空气流动速度变大，压强变小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人靠太近有被“吸”向列车的危险，因此设置黄色安全线。
(2)火车完全通过隧道时行驶的路程：
s=L隧道+L车=1800m+360m=2160m，
火车的运行速度：
v=st=2160m108s=20m/s=72km/h。
故答案为：变大；变小；72。
(1)流体的压强跟流速有关，流体流速越大的位置，压强越小；
(2)火车完全通过隧道行驶的路程等于隧道长加上火车长，知道行驶时间，利用速度公式求火车的运行速度。
本题考查了流体压强与流速的关系、速度计算公式的应用，难度不大。
17.【答案】并联 可以 会
【解析】解：如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是并联的，互不影响；
电池容量约为2000mA⋅h、电压为20V的笔记本储存的电能为：W=UIt=20V×2000mA⋅h=20V×2A⋅h=40W⋅h=0.04kW⋅h，小于航空公司的规定值，可以带上飞机。
开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，A点与火线连通，且与零线断路，故测电笔氖管会发光。
故答案为：并联；可以：会。
(1)并联电路的各个用电器之间互不影响；串联的各个用电器之间互相影响。
(2)根据W=UIt计算比较电池储存的电能。
(3)测电笔的氖管接触火线或与火线连通的导体就会发光。
知道测电笔的使用方法；知道串联电路和并联电路的特点；会根据电功公式进行简单的计算。
18.【答案】1080 90%
【解析】解：
(1)做的有用功：
W有用=Gh=360N×3m=1080J；
(2)由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以手拉绳子的速度为v=3v物=3×0.3m/s=0.9m/s，
由P=Wt=Fst=Fv得作用在绳子自由端的拉力：
F=Pv=120W0.9m/s=4003N，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F=360N3×400N3×100%=90%；
故答案为：1080；90%。
(1)利用W有用=Gh求做的有用功；
(2)由图知，承担物重的绳子段数是3段，已知物体上升的速度，可以得到手拉绳子的速度；已知拉力的功率和手拉绳子的速度，可以得到拉力的大小；已知物重、拉力和承担物重的绳子段数，利用公式η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F计算滑轮组的机械效率。
本题考查了机械效率的计算，要注意题干中没有告诉绳与滑轮的摩擦不考虑，所以不能用滑轮组的省力公式计算拉力，需用P=Fv计算拉力。
19.【答案】1050 3000 17.5 1050
【解析】解：冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min～12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，m水=m冰=50g=5×10−2kg；
所以4min中水吸收的热量为：
Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×5×102kg×5℃=1050J；
0.1g酒精完全燃烧放出的热量：
Q放=m酒精q酒精=0.1g×3×107J/kg=0.1×10−3kg×3×107J/kg=3000J；
每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为：
Q′放=2Q放=3000J×2=6000J；
又因为4min水吸热Q吸=1050J，所以加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1050J6000J×100%=17.5%；
BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
故答案为：1050；3000；17.5；1050。
(1)根据热量的计算公式Q=cmΔt求出吸收的热量
(2)晶体熔化过程中吸热温度不变，物质处于固液共存态；
(3)利用效率的计算公式η=Q吸Q放×100%来解题；
(4)通过图像分析BC段是固液共存状态，到C点时全部熔化完，再继续吸收热量温度才升高，BC段和CD段都是加热4min吸收的热量相同，即也是增加的内能。
本题考查熔化实验，和有关的热量公式的计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
20.【答案】0.1 a N 变小 减小电源电压或增大R1电阻
【解析】解：(1)由P=UI可得，灯L正常工作时，通过它的电流为：
IL=PLUL=22W220V=0.1A；
电池继电器相当于自动开关，开关控制灯泡时，开关接在火线上，所以受控电路中导线a端应连接照明电路的火线；
如图，控制电路中的电流从电磁铁的上端进入，根据安培定则可以判断电磁铁的下端是S极，上端是N极；
(2)由题知，照明灯在天暗时发光，说明此时照明电路闭合，即衔铁上动触点与静触点接触，由图可知此时衔铁应被释放，则电磁铁的磁性减弱，说明控制电路中的电流变小，根据I=UR可知控制电路中的电阻变大，即此时光敏电阻的阻值变大，反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以，该光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性增强，控制电路中的电流变大，根据欧姆定律I=UR知电路中电阻变小，说明光敏电阻的阻值变小，由于电磁铁的吸合电流不变，由U=IR知可以减小电源电压；
或控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，由于光敏电阻的阻值变小，由串联电路电阻的规律知增大R1电阻。
故答案为：(1)0.1；a；N；(2)变小；(3)减小电源电压或增大R1电阻。
(1)灯L正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出通过它的电流；
开关控制灯泡时，开关接在火线和灯泡之间，断开开关时，切断火线，更换灯泡更安全；
由图可知控制电路的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；电磁铁的吸合电流不变，根据欧姆定律判断出电源电压的变化；
控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，根据光线的明亮程度判定光敏电阻阻值的大小，确定R1阻值的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电磁铁磁性、电功率公式的应用等知识，涉及的知识点较多，关键是会分析电路图结合所学知识进行解决实际问题。
21.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线或折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点(三条特殊关系)作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22.【答案】解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球共受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和F表示，且G
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
23.【答案】解：根据安全用电的原则和三孔插座的正确接法“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上，连线如下：
【解析】三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上。
知道家庭电路的正确接法，牢记三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上。
24.【答案】解：(1)橡皮泥沉入水中时所受到的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−5m3=0.6N；
(2)橡皮泥小船漂浮时受到的浮力F′浮=G总=mg=90×10−3kg×10N/kg=0.9N；
橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积V′排=F′浮ρg=0.9N1.0×103kg/m3×10N/kg=9×10−5m3。
答：(1)这块橡皮泥沉入水中时所受到的浮力0.6N；
(2)橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积为9×10−5m3。
【解析】(1)根据F浮=ρgV排得出橡皮泥沉入水中时所受到的浮力；
(2)根据F′浮=G总=mg得出橡皮泥小船漂浮时受到的浮力；根据V′排=F′浮ρg得出橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积。
本题考查浮沉条件的应用，是一道综合题。
25.【答案】解：由电路图知，只闭合S2时两电阻串联，电路中电阻较大，电源电压一定，由P=U2R可知，功率较小，处于保温状态；当两开关都闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，电源电压一定，由P=U2R可知，功率较大，处于蒸煮状态。
(1)由表中数据知，蒸煮状态时功率P蒸煮=1210W，
由P=U2R可得，R1的电阻：
R1=U2P蒸煮=(220V)21210W=40Ω；
(2)由表中数据可知，保温功率为88W，
由P=UI可得，在“保温”状态下正常工作时的电流：
I=P保温U=88W220V=0.4A，
此时R1的电功率：
P1=I2R1=(0.4A)2×40Ω=6.4W；
(3)“3000revs/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，
只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，转盘在1min内转了50转，消耗的电能为：
W=503000kW⋅h=160kW⋅h=160×3.6×106J=6×104J，
电饭煲在“蒸煮”状态下的实际功率为：
P实=Wt=6×104J60s=1000W。
答：(1)电阻R1的阻值为40Ω；
(2)电饭煲在“保温”状态下正常工作时，加热电阻R1的电功率为6.4W；
(3)电饭锅的实际功率为1000W。
【解析】分析电路图，只闭合S2时两电阻串联，电路中电阻较大；当两开关都闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小；而电源电压一定，由P=U2R可知功率大小关系，进而确定是处于保温状态，还是处于蒸煮状态。
(1)由表中数据知蒸煮状态时功率，利用P=U2R可得R1的电阻；
(2)由表中数据可知保温功率，利用P=UI求在“保温”状态下正常工作时的电流，再利用P=I2R求此时R1的电功率；
(3)“3000revs/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，据此求转盘在1min内转了50转时电饭煲消耗的电能，再利用P=Wt求电饭煲在“蒸煮”状态下的实际功率。
本题考查了电阻、消耗电能和电功率的计算，理解电能表相关参数的含义是关键。
26.【答案】B 68 C 水蒸气 迟
【解析】解：(1)解：(1)由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定B的高度；
(2)温度计的分度值是1℃，所以其温度为68℃；
(3)①水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，图D符合水沸腾前的现象；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，图C符合水沸腾时的现象；
故选：C；
气泡上升到水面后破裂，释放出来的水蒸气散发到空气中；
②根据表格中数据画出温度随时间的变化如图所示：
；
(4)小红的图象在小华的左侧，小红所绘的温度比小华所绘的温度高，则原因在于小红的读数比小华要迟一些。
故答案为：(1)B；(2)68；(3)①C；水蒸气；②；(4)迟。
(1)在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；
(2)要正确的读数一定要先认清温度计的分度值。
(3)①液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
②水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。
③首先根据实验数据确定对应点，然后“描点连线”得到图象；
(4)水沸腾前，加热时间越长，水吸收的热量越多，升高的温度越高。
此题是研究水的沸腾实验，在实验中需要测量水的温度，所以有关温度计的读数也是非常重要的，一定要认清温度计的分度值。还要学会处理数据、实验误差的分析和正确使用实验仪器。
27.【答案】凸透镜的主光轴 放大 幻灯机 D
【解析】解：
(1)在实验中，应使烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心的中心大致在同一高度，即位于凸透镜的主光轴上，像才能呈在光屏的中心；
(2)由图甲知，像距v>u，说明2f>u>f，所以成此时凸透镜倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机；
(3)近视眼是晶状体变厚，晶状体对光线的会聚能力增强，使像成在视网膜的前方，戴凹透镜使光线发散一些，使像呈在视网膜上；若“取”下近视眼镜(即取下凹透镜)，又恢复到原来的状态，为使光屏上的像再次清晰，需减小像距或减小物距，所以需要光屏靠近透镜或蜡烛靠近透镜。故选D。
故答案为：(1)凸透镜的主光轴；(2)放大； 幻灯机；(3)D。
(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
(2)凸透镜成像时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪；
(3)近视眼是由于晶状体变厚，像呈在视网膜的前方，给“眼睛”戴上近视眼镜(凹透镜)，使光线发散一些，增大了烛焰在“视网膜”上成像的像距，若取下近视眼镜，又恢复到原来状态，为使光屏上得到清晰的像，应使像距变小或物距变小。
此题通过实验探究了凸透镜成像的规律和近视眼的成因及矫正方法，要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律和凹透镜对光线的作用并做到灵活应用。
28.【答案】右 便于测量力臂及避免杠杆自重的影响 单位不同的物理量不能相加 变大 2.5×103
【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；
(2)得出“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的，因为只做了一次实验，数据具有偶然性，不能得出普遍规律，且单位不同的物理量不能相加；
(3)丙图中，弹簧测力计由第一次到第二次，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大；
(4)如图丁，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件得，G排×0.10m=G石×0.04m，
则，ρ水gV排×0.10m=ρ石gV石×0.04m，
因为石块浸没在水中，则V排=V石，
所以，石块的密度：ρ石=2.5ρ水=2.5×103kg/m3。
故答案为：(1)右；便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；(2)一次实验具有偶然性；(3)变大；(4)2.5×103。
(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
(2)杠杆平衡条件是规律性结论，必须经过多次实验验证才行，只有一次实验数据，偶然性太大，不能反映普遍规律，单位不同的物理量不能相加；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
(4)在不计小桶重力时，根据杠杆平衡条件列出等式，求出石块的密度。
本题考查了多次实验的目的、利用杠杆平衡条件判断杠杆是否平衡、利用杠杆平衡条件求石块的密度，并且对实验进行分析等，是杠杆平衡的一道较难的习题。
29.【答案】毛巾、木板、平板玻璃 W1=W2=W3 速度 不可行
【解析】解：(1)在做“斜面小车实验”时，给水平桌面铺上粗糙程度不同的物体，目的是探究阻力对物体运动的影响，由毛巾表面到木板再到平板玻璃，接触面的粗糙程度减小，小车受到的阻力也减小，所以摆放顺序是：毛巾、木板、平板玻璃；
在利用斜面研究阻力对物体运动的影响的实验中，小车的质量始终不变，小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，小车到达水平面时的速度相同，因此，小车具有的动能相同，也就是说，小车的做功能力是相同的，最终克服阻力做的功也是相等的；即W1=W2=W3；
(2)①在利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关的实验中，让同一小车处在不同的高度，控制了小车的质量相同，改变了小车的运动速度，这样设计的目的是研究动能与运动速度的关系；
②利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，该实验方案不可行，因为未控制小球撞击木块时速度一定。
故答案为：(1)毛巾、木板、平板玻璃；W1=W2=W3；(2)①速度；②不可行。
(1)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力阻力的大小；小车到达水平面时的初速度相同，因此，其具有的动能是相同的，所以小车克服阻力做功是相同的；
(2)动能的大小与质量和速度有关，结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
本题是研究阻力对物体运动的影响、影响动能大小因素的探究实验，考查了控制变量法和转换法的应用。
30.【答案】不受影响 甲、乙 2
【解析】解：(1)如图甲，实验中，若加速拉动木板，A与木板的压力、接触面粗糙程度不变，则测得的A的摩擦力不受影响；
(2)探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，接触面的粗糙程度不同，故对比甲、乙两图；
(3)如图甲，根据二力平衡的原理可知，向左拉动木板，当A静止后，A受到的滑动摩擦力就等于弹簧测力计的示数，为2.4N；
A的重力为12N，则A对木板的压力为12N，受到的摩擦力为2.4N，则摩擦力与压力的比值为2.4N12N=0.2；
由图丁可知，此时的摩擦力为2N，减小的摩擦力为2.4N−2N=0.4N，则减小的压力为：0.4N0.2=2N，即氢气球对A向上的拉力为2N。
故答案为：(1)不受影响；(2)甲、乙；(3)2。
(1)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；
(2)找出压力相同，而接触面粗糙程度不同的两组实验；
(3)根据压力和摩擦力的大小得出压力与摩擦力的关系，然后求出减小的压力，从而得到气球的拉力。
在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”的实验中，注意控制变量法和二力平衡原理的运用，熟练掌握影响滑动摩擦力的因素，能结合实验现象进行分析，是解答本题的关键。
31.【答案】B 0.75 B 偏大 < 2 U额⋅U0R0 2 8
【解析】解：(1)原电路图中，灯泡和电压表没有接入电路是错误的，在测“小灯泡电功率”实验中，小灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在小灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小明发现小灯泡始终不亮，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通，经检查电表完好，则故障可能是滑动变阻器断路，故选：B；
(3)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，
小灯泡的额定功率PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
当滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路中的电流最小为I1=0.1A，此时灯泡两端的电压U1=0.5V，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U−U1I1=4.5V−0.5V0.1A=40Ω，故滑动变阻器选B；
实际测量时，电压表并联在灯泡两端，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，电流表所测电流大于灯泡的额定电流，根据P=UI可知所测小灯泡的额定功率偏大；
(4)当向右调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；由图乙可知，通过灯泡的电流也变大，灯泡的实际功率变大；电源电压恒为4.5V，由P=UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1<ΔP2；
(5)实验步骤：
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为2V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”时，读出电压表示数为U0；
③在步骤①中，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片至电压表示数为2V，由串联电路电压的规律，灯两端的电压：U灯=U−U′=4.5V−2V=2.5V，灯泡正常发光；
在步骤②中，滑动变阻器的滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测R0两端的电压为U0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流：
I额=U0R0，
则小灯泡的额定功率：
P额=U额I额=U额⋅U0R0；
(6)由图丁可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V；
当定值电阻最大值为20Ω时，滑动变阻器的最大值为60Ω，若控制的定值电阻两端的电压不变，为2V，根据串联电路分压原理可知，滑动变阻器分担的电压为6V，则电源电压最大值为2V+6V=8V；
当滑动变阻器的阻值为零时，电压表的示数为2V，此时只有一个用电器，电压表也测量电源电压，故电源电压最小值为2V，故电源电压需要控制在2～8V。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)0.75；B；偏大；(4)<；(5)①2；③U额⋅U0R0；(6)2；8。
(1)在测“小灯泡电功率”实验中，小灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在小灯泡两端；
(2)小明发现小灯泡始终不亮，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通，据此分析；
(3)根据小灯泡的U−I图像确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
当滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路中的电流最小为I1=0.1A，此时灯泡两端的电压U1=0.5V，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值，据此选出所用滑动变阻器的规格；
实际测量时，电压表并联在灯泡两端，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，电流表所测电流大于灯泡的额定电流，根据P=UI可知所测小灯泡的额定功率的变化情况；
(4)当向右调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；由图乙可知，通过灯泡的电流也变大，灯泡的实际功率变大；电源电压恒为4.5V，由P=UI可知，电路总功率变大，据此分析；
(5)要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；
滑片不动，再将开关S1拨至“2”，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额=U额I额求出小灯泡的额定功率；
(6)根据图丁利用U=IR求出定值电阻两端电压；根据串联电路的分压原理求出当定值电阻最大、滑动变阻器接入电路阻值最大时的电源电压为电源的最大电压，当滑动变阻器接入电路阻值为零时的电源电压为电源的最小电压。
本题测“小灯泡电功率”实验，考查了电路连接、电路故障、功率的计算、器材的选择、误差分析、控制变量法和欧姆定律的应用及设计实验方案测功率的能力。
2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 以下科技应用中，说法正确的是( )
A. 北斗卫星是利用超声波导航 B. 光纤通信是利用光的折射传递信息
C. 核电站是利用核裂变产生的能量发电 D. 随着科技的发展，永动机必然能够实现
2. 下列估计值中，最符合实际的是( )
A. 初中生的体积0.5m3 B. 人正常步行速度约为1.4m/s
C. 人感觉舒适的气温约为40℃ D. 人体的安全电压36V
3. 图中物态变化与露水的形成相同的是( )
A. 打在枝头的霜 B. 屋檐下的冰凌
C. 山间的云雾 D. 消融的冰雪
4. 农历五月初五，是我国的传统节日——端午节，吃粽子是端午节的一大饮食习俗，关于煮粽子、吃粽子的过程中所涉及的物理知识，下列说法中错误的是( )
A. 煮粽子时，粽子的内能增大是通过热传递实现的
B. 高压锅煮粽子，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理
C. 刚出锅的粽子，不能直接用手拿，是由于粽子含有的热量多
D. 剥粽子时，粽叶与糯米粘在一起，是因为分子间存在引力
5. 下列图中关于光学现象的描述或解释不正确的是( )
A. 甲图中小孔成的是倒立的虚像 B. 乙图中凹透镜可以矫正近视眼
C. 丙图中白光通过三棱镜会分解成多种色光 D. 丁图中漫反射的光线遵循光的反射定律
6. 以下四种情况符合安全用电原则的是( )
A. 使用试电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人向落在地面上的“高压线头”靠近
C. 电灯的开关接在零线上
D. 雷雨天人站在大树下避雨
7. 如图所示的实验中，能说明电动机工作原理的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，当人驾驶平衡车在水平路面上匀速直线运动时，下列说法正确的是( )
A. 平衡车对人的支持力是由于车的形变产生的
B. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
C. 平衡车突然停止时，人会向前倾，是因为人受到惯性
D. 若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车会慢慢停下来
9. 如图所示小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点。N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 小球经过O、P两点时动能相等
B. 小球到达最高点N时速度一定为零
C. 小球到达的最高点N可能高于M点
D. 小球经过N点时的机械能大于经过Q点时的机械能
10. 如图所示，在水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯，烧杯内分别装有不同的液体，把两个相同的物体分别放入两杯液体中，在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，两液面相平。关于这一现象，下列说法中正确的是( )
A. 甲、乙两杯中液体的密度ρ甲<ρ乙
B. 甲、乙两杯中物体排开液体的质量m甲>m乙
C. 甲、乙两杯中液体对杯底压强p甲
A. B.
C. D.
12. 如图甲所示，电源电压恒定，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从B端移至A端的过程中，两电压表示数随电流表示数变化的U−I图像如图乙所示，则( )
A. 电源电压为20V
B. EF是电压表V1的示数随电流表A的示数变化的图像
C. 滑动变阻器的最大功率为4.5W
D. 整个电路的最大功率为14.4W
13. 请看图完成下列问题：
(1)如图甲所示，飞机飞行突破音障时会产生音爆，这是由于空气______ 产生的，同时机身周围常常会有白雾出现，雪的形成原理与白雾的出现的原理______ (选填“相同”或“不相同”)。
(2)如图乙所示，在探究平面镜成像特点的实验中，为确定像的虚实，需在______ (选填“点燃”或“未点燃”)的蜡烛位置放一个光屏，并在______ (选填“A”、“B”)位置上观察是否有像；点燃的蜡烛由远及近靠近平面镜的过程中，它在镜中像的大小______ 。
(3)在探究重力方向时，实验装置如图丙所示，将该装置放在水平桌面上，逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向______ (选填“变化”或“不变”)。
14. 夏天的清晨，小明看到水面有岸边的荷花倒影，这是由于光的______ 形成的。闻到荷花的香气是由于______ ；旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花______ (“吸收”或“反射”)红光。
15. 如图是一名飞行爱好者穿戴着飞行背包在空中飞行时的情景，飞行背包的两个喷射口向下喷射出气流却能将人推向空中，这是因为______ ，同时也说明力能改变物体的运动状态。飞行时以背包为参照物，飞行爱好者是______ 的。
16. 高铁站台设有安全线，这是因为高速行进中的列车车身附近的空气流速______ ，导致车身附近的气压______ (以上两空选填“变大”或“变小”)，将人“吸”向列车造成危险；该车长360m，匀速穿过一条长1800m的隧道，测得完全通过隧道需要108s。则火车运行的速度为______ km/h
17. 如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是______ (选填“串联”或“并联”)的；为了飞行安全，航公司允许乘客随身携带0.16kW⋅h以下的可充电设备。乘客______ (填“可以”或“不可以”)将电池容量约为2000mA⋅h、电压为20V的笔记本电脑带上民航飞机。如图乙所示，小明用测电笔检查家庭电路，电路中画“×”处表示该处断路，开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，测电笔氖管______ (选填“会”或“不会”)发光。
18. 用如图所示的滑轮组将货物向上匀速提升3m，已知货物重360N，货物上升速度是0.3m/s，拉力F的功率是120W(不计绳重)，则此过程中做的有用功为______ J，滑轮组的机械效率为______ 。
19. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______ J，0.1g酒精完全燃烧放出的热量为______ J，该实验中酒精灯的加热效率为______ %，BC过程中被加热物质的内能将增加______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q酒精=3×107J/kg]
20. 如图所示是小明利用光敏电阻为居民楼门口设计的一种智能照明电路，L为“220V 22W”的照明灯，天暗时自动发光，天亮时自动熄灭，控制电路中，电源由两节干电池串联而成，电压为2.8V，R1为阻值10Ω的定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值会随着光强的变化而变化。
(1)灯L正常工作时，通过它的电流是______ A，受控电路中导线的______ (选填“a”或“b”)端应连接照明电路的火线，电磁铁的上端为______ 极。
(2)由题可知，光敏电阻的阻值随光照变强而______ (“变大”或“变小”)。
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，可采取______ 。
21. 请完成图中光路图。
22. 如图所示，一个小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，忽略空气阻力，画出小球所受的重力G和弹力f。
23. 请将如图所示电水壶的三条接线按照安全用电原则接到对应的插头上。
24. 实心的钢铁会沉在水底，而钢铁造的船可以漂浮在水面。针对这种现象，同学们使用橡皮泥进行了探究。如图1所示，把一块质量为90g、体积为60cm3的橡皮泥投入水中而沉底；如图2所示，把橡皮泥捏造成一艘小船，橡皮泥小船漂在水面。求：(ρ水=1.0×103kg/m3)
(1)这块橡皮泥沉入水中时所受到的浮力；
(2)橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积；
25. 小强妈妈买了一个新的电饭煲，小强从说明书中得知表中的信息，工作电路图如图甲所示，S1为温控开关，加热电阻R1和R2的阻值不随温度变化。求：
(1)电阻R1的阻值；
额定电压
220V
额定蒸煮功率
1210W
额定保温功率
88W
频率
50Hz
容积
5L
(2)电饭煲在“保温”状态下正常工作时，加热电阻R1的电功率。
(3)某周末的晚饭时，小强想利用自家电能表(如图乙)测量电饭锅的实际功率。于是他关闭了家中其它所有用电器，只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，观察到电能表的转盘在1min内转了50转。求电饭锅的实际功率。
26. 小明利用如图甲所示的实验装置观察水的沸腾。
(1)组装器材时，应先固定图甲中的______ (填“A”或“B”)；
(2)安装好器材后，小明在烧杯中倒入热水，温度计示数如图乙所示，示数为______ ℃；
(3)在水温升高到90℃后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，直至水沸腾，如此持续3min后停止读数。
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
温度/℃
90
92
94
96
98
99
99
99
99
①小明观察到：沸腾时水中气泡的情形为图丙中的图______ (填“C”或“D”)；气泡上升到水面后破裂释放出来的气体主要为______ ；
②请根据表格中的数据，在图丁所示的坐标系中画出水沸腾前后温度随时间变化的图象。
(4)小华与小红在同一小组做实验，他们同时按下秒表并且每隔0.5min记录一次温度计的示数，将小红和小华所测数据绘制出温度随时间变化的图象，发现小红的图象在小华的左侧，则原因在于小红的读数比小华______ (填“早”或“迟”)。
27. 小华利用图所示装置来研究凸透镜成像的规律。
(1)为使像成在光屏中央，应调整实验器材，使烛焰和光屏的中心位于______上。
(2)如图甲所示，光屏上能呈现清晰的像，此像的性质是倒立、______的实像。其实际应用是______。(选填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”)
(3)她又利用该装置研究视力的矫正问题，将蜡烛放在离凸透镜较远的位置，如图乙所示，给凸透镜“戴”上近视眼镜，此时光屏上能成一清晰的像；若“取”下近视眼镜，为使光屏上的像再次清晰，在保持透镜位置不变的条件下，下列操作可行的是(______)。
①将光屏远离透镜；②将光屏靠近透镜；③将蜡烛远离透镜；④将蜡烛靠近透镜；
A.①③B.①④C.②③D.②④
28. 如图所示，为小高“探究杠杆的平衡条件”的实验。每个钩码重为0.5N。
(1)将装置放在水平桌面上，静止时如图甲，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向______ 端调节。这样做的目的是______ 。
(2)实验时，在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，实验现象如图乙，记录数据为：动力F1=3N，动力臂l1=2cm，阻力F2=2N，阻力臂l2=3cm。通过数据得出结论：F1+l1=F2+l2。同组同学认为小高的结论是错误的，理由是______ 。
(3)小高用弹簧测力计代替钩码继续探究如图丙，第一次测力计竖直向上拉，第二次测力计沿虚线斜向上拉，两次杠杆均处于图示位置。则弹簧测力计由第一次到第二次，其示数将______ 。请在图丙中画出第二次弹簧测力计的力臂l。
(4)同组同学利用另一杠杆，测量出石块的密度。将一石块放入装满水的烧杯中，又将溢出的水装入A小桶中，再将石块装入B小桶中，分别挂在已调好的杠杆两端，此时杠杆状态如图丁所示，小桶A、B距支点O的距离分别为10cm和4cm，若不考虑桶重，该石块的密度为______ kg/m3。(ρ水=1.0×103kg/m3)
29. 利用斜面可以完成图甲、乙所示的实验。
(1)如图甲，利用斜面研究阻力对物体运动的影响，小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在不同粗糙程度表面上运动不同的距离后停止，为便于得出实验结论，木板、毛巾、平板玻璃在水平面上的摆放顺序是______，在上述实验过程中小车克服阻力做功的大小分别为W1、W2、W3，它们的关系是______。
(2)①如图乙，利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关，让小车A从斜面的不同高度由静止开始滑下，是为了探究动能与______的关系。
②小明认为用弹簧替代斜面可以探究小车的动能大小与其质量的关系。如图丙所示，只需利用质量不同的小车将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块即可。小明的这种方案是否可行？答：______。
30. 如图探究影响滑动摩擦力大小的因素，物体A的重为12N。
(1)如图甲，加速拉动木板，则测得的A的摩擦力______ (选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”)。
(2)由图______ 两次实验，可以探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。
(3)由甲、丙两图的实验结论可知，丁图中氢气球对A向上的拉力为______ N。
31. 小明做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有：电压可变的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及滑动变阻器(规格分别为A.“5Ω 1A”、B.“40Ω 1A”和C.“60Ω 0.5A”可选)、电压表、电流表、开关和导线。
(1)如图甲所示是小明连接的电路，检查发现接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确连接的那根导线。
(2)连接好电路，正确操作后，移动滑动变阻器的滑片P，小明发现小灯泡始终不亮，电压表、电流表示数均为0，经检查电表完好。则故障可能是______ (填选项符号)。
A.灯泡短路
B.滑动变阻器断路
C.灯泡断路
(3)故障排除后，小明将电源电压调为4.5V，然后从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡的U−I图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______ W，所用滑动变阻器的规格是______ (选填字母)。实际测量时，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，则所测小灯泡的额定功率______ (选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”)。
(4)实验过程中，小明向右调节滑动变阻器，若滑动变阻器的功率减小了ΔP1，灯泡的功率变化了ΔP2，则ΔP1 ______ ΔP2(选填“>”“<”或“=”)
(5)爱动脑筋的小明想出另一种测量该刻小灯泡额定功率的方法，设计了如图丙所示的电路(电源电压为4.5V，灯泡的额定电压为2.5V)，请将以下实验步骤补充完整。
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为______ V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”时，读出电压表示数为U0。
③小灯泡的额定功率：P额= ______ (用U额、U0、R0表示)。
(6)实验结束后，小明同学将原电路中小灯泡换成几个定值电阻，用来探究电流与电阻的关系，根据实验数据作出如图丁所示的图像(定值电阻阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω)。若选用“60Ω 0.5A”的规格滑动变阻器，则小明选择的电源电压的取值范围为______ V～ ______ V。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、“北斗”卫星导航是利用电磁波来传递信息的，故A错误；
B、光纤通信是利用激光的全反射来传递信息的，故B错误；
C、核电站利用的是核裂变时产生的能量的原理来工作的，故C正确；
D、永动机违反能量守恒定律，因此是永远不能发明出来的，故D错误。
故选：C。
(1)卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的；
(2)光纤通信是利用光的全反射来传播信息的；
(3)核能的利用有两种：核裂变、核聚变；
(4)永动机就是不需要外面输入能量就可以不断对外做功的机器。
本题主要主要考查学生对电磁波、现代通信方式、核能利用、永动机的了解和掌握，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：A、一位普通初中生质量约为50kg，人身体的密度约等于水的密度，其体积约为V=mρ=50kg1×103kg/m3=0.05m3，故A不符合实际；
B、人正常步行速度约为1.4m/s≈5km/h，故B符合实际；
C、人感觉舒适的气温约为25℃，故C不符合实际；
D、人体的安全电压为不高于36V，故D不符合实际。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】C
【解析】解：
露是空气中的水蒸气遇冷液化为形成的小水滴；
A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，与露的形成不同，故A不符合题意；
B、屋檐下结的冰凌是水结冰，属于凝固现象，与露的形成相同，故B不符合题意；
C、雾是水蒸气遇冷发生的液化现象，与露的形成相同，故C符合题意；
D、冰雪消融是固态的冰雪变成液态的水，属于熔化现象，与露的形成不同，故D不符合题意。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华，由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化，由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】A.煮粽子是通过热传递的方式提高了粽子的内能，故A正确；
B.高压锅内气压高，所以液体的沸点也会升高，故B正确；
C.热量是过程量，可以说吸收、放出，但不能说含有，故C错误；
D.剥开粽子叶总有一些糯米粘到粽子叶上，是因为分子间有引力，故D正确。
故选：C。
(1)改变内能的方法有两个：做功和热传递；
(2)液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越高，液体的沸点越高；
(3)热量是热传递过程中传递能量的多少，是过程量；
(4)分子间存在相互作用的引力和斥力。
此题是一道关于热现象的应用题，考查的知识点较多，包括分子间的作用力、改变内能的方法等，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：A、小孔成的是倒立的实像，是光在同种介质中沿直线传播形成的，该选项说法错误；
B、近视眼需要佩戴凹透镜矫正，是光的折射原理，该选项说法正确；
C、白光通过三棱镜可以分解成多种色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，该选项说法正确；
D、漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律，该选项说法正确。
故选：A。
(1)光在同种、均匀透明介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光沿直线传播形成的；
(2)近视眼的成因是晶状体太厚，折光能力太强，或者眼球在前后方向上太长，因此来自远处点的光会聚在视网膜前，到达视网膜时已经不是一点而是一个模糊的光斑了，应佩戴凹透镜矫正；
(3)太阳通过玻璃三棱镜后，被分解为绚丽的七色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这种现象称为光的色散，说明了白光不是单色光，不同颜色的光折射时的偏折程度不同；
(4)一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、近视眼及其矫正、光的色散以及漫反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
6.【答案】A
【解析】解：A、使用试电笔时手要接触笔尾金属体，这样才能构成通路，氖管才能发光，故A符合安全用电原则；
B、人靠近高压带电体极易引发跨步电压触电，故B不符合安全用电原则；
C、如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、雷雨天人站在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起物--大树传向人体，而造成雷电灾害，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
(1)使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属体；
(2)安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
(3)家庭电路的开关应该装在火线和用电器之间，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
(4)当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来；在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。
7.【答案】B
【解析】解：
A、图是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B、图中电路中有电源，通电导体受到磁场力的作用而运动，是电动机的工作原理，故B符合题意；
C、图能说明磁极间的相互作用，故C不符合题意；
D、图是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，故D不符合题意。
故选：B。
电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。结合选项中的实验装置可逐一做出判断。
本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理、磁极间相互作用。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。
8.【答案】A
【解析】解：A.人的压力使平衡车发生形变，平衡车对人的脚产生了一个支持力，故A正确；
B.人对车的压力和车对人的支持力，受力物体不同，不是一对平衡力，故B错误；
C.平衡车突然停止时，人会向前倾，是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D.若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，由牛顿第一定律可知，平衡车会保持原来的运动状态，即做匀速直线运动，故D错误。
故选：A。
(1)弹力是由于物体发生弹性形变而产生的力，压力、支持力都属于弹力；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；
(4)物体在不受力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
此题以平衡车为载体，考查了弹力、惯性、牛顿第一定律、平衡力和相互作用力的区分等多个知识点，综合性较强，但难度不大。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能，故A错误；
B、球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，球在M点既有动能又有重力势能，球上升至最高点N时，仍水平方向飞行，也既有动能又有重力势能，故B错误；
C、球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，球在N点的机械能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高，故C正确；
D、忽略空气阻力，球从N点到Q点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能，故D错误。
故选：C。
机械能包括动能与重力势能；它们之间能相互转化，如果没有摩擦等阻力，机械能的总量保持不变，有摩擦阻力时，机械能的总量减小。
本题考查了机械能和能量之间的相互转化。
10.【答案】B
【解析】解：A、由图可知，物体在甲、乙两杯中分别处于漂浮和沉底状态，则ρ甲>ρ物，ρ乙<ρ物，故甲、乙两杯中液体的密度ρ甲>ρ乙，故A错误；
B、物体漂浮或悬浮时，物体在甲中受到的浮力和自身的重力相等；物体下沉时，物体在乙中浮力小于重力，故物体在甲中受到的浮力大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理可知甲、乙两杯中物体排开液体的重力G甲排>G乙排，则甲、乙两杯中物体排开液体的质量m甲>m乙，故B正确；
C、因ρ甲>ρ乙，两杯中液面相平，由p=ρgh可知甲、乙两杯中液体对杯底的压强p甲>p乙，故C错误；
D、因为物体在甲中漂浮，乙中下沉，V排甲
因ρ甲>ρ乙，根据m=ρV知：m甲液>m乙液，根据G=mg可知G甲液>G乙液，
甲、乙两个烧杯对水平桌面的压力：F=G液体+G物+G烧杯，所以F甲>F乙，根据p=FS可知甲、乙两烧杯对水平桌面的压强p甲′>p乙′，故D错误。
故选：B。
(1)根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；
(2)根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断物体排开液体的质量；
(3)根据p=ρgh判断液体对杯底的压强关系；
(4)由于烧杯对水平桌面的压力等于烧杯的总重力，根据G=mg=ρVg判断液体的重力关系，然后根据p=FS判断烧杯对水平桌面的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
11.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。
12.【答案】D
【解析】解：AB、由甲图可知，两个电阻串联，电流表测电路中电流，电压V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。
滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；
所以，通过R2的电流随其两端电压的减小而增大，通过R1的电流随其两端电压的增大而增大；由此可知，乙图中MN是R1的U−I图象，EF是R2的U−I图象(即EF是V2表示数随A表示数变化的图象，
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为：IB=0.4A，此时U1B=4V，U2B=8V，则串联电路的电压特点可得，电源电压：U=U1B+U2B=4V+8V=12V，故AB错误；
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为IB=0.4A，变阻器的电压U2B=8V，
则滑动变阻器的最大电阻为：
R2大=U2BIB=8V0.4A=20Ω，
U1B=4V，则R1的阻值为：
R1=U1BIB=4V0.4A=10Ω，
在滑片移动过程中，滑动变阻器的最大功率为：
P=I2R滑=(UR1+R滑)2R滑=U2R滑R滑2+2R滑R1+R12=U2R滑R滑2−4R滑R1+R12+4R滑R1=U2R滑(R滑−R1)2+4R滑R1
当R滑=R1时，滑动变阻器的功率最大，最大功率为：
P大=U2R滑4R滑R1=U24R1=(12V)24×10Ω=3.6W，
故C错误；
D、由图乙可知，电路的最大电流为1.2A，电源电压为12V.，
所以，整个电路的最大功率：
P总大=UI=12V×1.2A=14.4W，故D正确。
故选：D。
(1)由甲图可知，滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；由此可知，对于R2：通过的电流随两端电压的减小而增大；对于R1：通过的电流随两端电压的增大而增大；据此判断乙图象中两图线各是哪个电阻的电流与电压图线；
(2)根据串联电路的电压特点得出滑片P在B或A点的电压之和即为电源电压；
(3)根据P=I2R结合数学知识二次函数的最值问题分析解答；
(4)由P=UI计算电路中的最大总功率。
本题考查串联电路电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键所在。
13.【答案】振动 不相同 未点燃 B 不变 不变
【解析】解：(1)声音是由物体振动产生的；雾水蒸气液化形成的小水珠；雪是水蒸气凝华形成的小冰晶，故原理不相同；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧即B处观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大，因此点燃的蜡烛由远及近靠近平面镜的过程中，它在镜中像的大小不变；
(3)逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向不变，因为重力的方向始终是竖直向下的。
故答案为：(1)振动；不相同；(2)未点燃；B；不变；(3)不变。
(1)发声的物体在振动；雾是水蒸气液化成的小液滴；雪是水蒸气凝华成的小颗粒；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大；
(3)重力的方向总是竖直向下的。
此题考查了声音的产生、平面镜成像的特点、重力的方向，比较简单，属基础题。
14.【答案】反射 分子在不停地做无规则运动 反射
【解析】解：夏天的清晨，小明看到水面有岸边的荷花倒影，这是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的；
闻到荷花的香气是因为香气分子发生了扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花反射红色的光。
故答案为：反射；分子在不停地做无规则运动；反射。
(1)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
(2)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(3)物体的颜色是由它反射的光的颜色决定的。
此题考查学生对光的反射、分子动理论观点和物体的颜色的理解，是一道基础训练题。
15.【答案】力的作用是相互的 静止
【解析】解：(1)飞行背包的两个喷射口向下喷射出气流，反过来气流给背包和人一个向上的作用力，将人推向空中，这是因为力的作用是相互的；
(2)飞行时以背包为参照物，飞行者的位置没有发生改变，则飞行者是静止的。
故答案为：力的作用是相互的；静止。
(1)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，而受力物体同时也是施力物体；
(2)判断物体是运动或静止，要看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则物体是静止的。
本题考查了力作用的相互性、运动和静止的相对性，属于基础题，只要掌握基本知识点即可解决。
16.【答案】变大 变小 72
【解析】解：(1)人离高速列车比较近时，列车的速度很大，人和列车的之间的空气流动速度变大，压强变小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人靠太近有被“吸”向列车的危险，因此设置黄色安全线。
(2)火车完全通过隧道时行驶的路程：
s=L隧道+L车=1800m+360m=2160m，
火车的运行速度：
v=st=2160m108s=20m/s=72km/h。
故答案为：变大；变小；72。
(1)流体的压强跟流速有关，流体流速越大的位置，压强越小；
(2)火车完全通过隧道行驶的路程等于隧道长加上火车长，知道行驶时间，利用速度公式求火车的运行速度。
本题考查了流体压强与流速的关系、速度计算公式的应用，难度不大。
17.【答案】并联 可以 会
【解析】解：如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是并联的，互不影响；
电池容量约为2000mA⋅h、电压为20V的笔记本储存的电能为：W=UIt=20V×2000mA⋅h=20V×2A⋅h=40W⋅h=0.04kW⋅h，小于航空公司的规定值，可以带上飞机。
开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，A点与火线连通，且与零线断路，故测电笔氖管会发光。
故答案为：并联；可以：会。
(1)并联电路的各个用电器之间互不影响；串联的各个用电器之间互相影响。
(2)根据W=UIt计算比较电池储存的电能。
(3)测电笔的氖管接触火线或与火线连通的导体就会发光。
知道测电笔的使用方法；知道串联电路和并联电路的特点；会根据电功公式进行简单的计算。
18.【答案】1080 90%
【解析】解：
(1)做的有用功：
W有用=Gh=360N×3m=1080J；
(2)由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以手拉绳子的速度为v=3v物=3×0.3m/s=0.9m/s，
由P=Wt=Fst=Fv得作用在绳子自由端的拉力：
F=Pv=120W0.9m/s=4003N，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F=360N3×400N3×100%=90%；
故答案为：1080；90%。
(1)利用W有用=Gh求做的有用功；
(2)由图知，承担物重的绳子段数是3段，已知物体上升的速度，可以得到手拉绳子的速度；已知拉力的功率和手拉绳子的速度，可以得到拉力的大小；已知物重、拉力和承担物重的绳子段数，利用公式η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F计算滑轮组的机械效率。
本题考查了机械效率的计算，要注意题干中没有告诉绳与滑轮的摩擦不考虑，所以不能用滑轮组的省力公式计算拉力，需用P=Fv计算拉力。
19.【答案】1050 3000 17.5 1050
【解析】解：冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min～12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，m水=m冰=50g=5×10−2kg；
所以4min中水吸收的热量为：
Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×5×102kg×5℃=1050J；
0.1g酒精完全燃烧放出的热量：
Q放=m酒精q酒精=0.1g×3×107J/kg=0.1×10−3kg×3×107J/kg=3000J；
每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为：
Q′放=2Q放=3000J×2=6000J；
又因为4min水吸热Q吸=1050J，所以加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1050J6000J×100%=17.5%；
BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
故答案为：1050；3000；17.5；1050。
(1)根据热量的计算公式Q=cmΔt求出吸收的热量
(2)晶体熔化过程中吸热温度不变，物质处于固液共存态；
(3)利用效率的计算公式η=Q吸Q放×100%来解题；
(4)通过图像分析BC段是固液共存状态，到C点时全部熔化完，再继续吸收热量温度才升高，BC段和CD段都是加热4min吸收的热量相同，即也是增加的内能。
本题考查熔化实验，和有关的热量公式的计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
20.【答案】0.1 a N 变小 减小电源电压或增大R1电阻
【解析】解：(1)由P=UI可得，灯L正常工作时，通过它的电流为：
IL=PLUL=22W220V=0.1A；
电池继电器相当于自动开关，开关控制灯泡时，开关接在火线上，所以受控电路中导线a端应连接照明电路的火线；
如图，控制电路中的电流从电磁铁的上端进入，根据安培定则可以判断电磁铁的下端是S极，上端是N极；
(2)由题知，照明灯在天暗时发光，说明此时照明电路闭合，即衔铁上动触点与静触点接触，由图可知此时衔铁应被释放，则电磁铁的磁性减弱，说明控制电路中的电流变小，根据I=UR可知控制电路中的电阻变大，即此时光敏电阻的阻值变大，反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以，该光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性增强，控制电路中的电流变大，根据欧姆定律I=UR知电路中电阻变小，说明光敏电阻的阻值变小，由于电磁铁的吸合电流不变，由U=IR知可以减小电源电压；
或控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，由于光敏电阻的阻值变小，由串联电路电阻的规律知增大R1电阻。
故答案为：(1)0.1；a；N；(2)变小；(3)减小电源电压或增大R1电阻。
(1)灯L正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出通过它的电流；
开关控制灯泡时，开关接在火线和灯泡之间，断开开关时，切断火线，更换灯泡更安全；
由图可知控制电路的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；电磁铁的吸合电流不变，根据欧姆定律判断出电源电压的变化；
控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，根据光线的明亮程度判定光敏电阻阻值的大小，确定R1阻值的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电磁铁磁性、电功率公式的应用等知识，涉及的知识点较多，关键是会分析电路图结合所学知识进行解决实际问题。
21.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线或折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点(三条特殊关系)作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。
22.【答案】解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球共受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和F表示，且G
【解析】画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
23.【答案】解：根据安全用电的原则和三孔插座的正确接法“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上，连线如下：
【解析】三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上。
知道家庭电路的正确接法，牢记三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”；保险丝要接在火线上。
24.【答案】解：(1)橡皮泥沉入水中时所受到的浮力F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−5m3=0.6N；
(2)橡皮泥小船漂浮时受到的浮力F′浮=G总=mg=90×10−3kg×10N/kg=0.9N；
橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积V′排=F′浮ρg=0.9N1.0×103kg/m3×10N/kg=9×10−5m3。
答：(1)这块橡皮泥沉入水中时所受到的浮力0.6N；
(2)橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积为9×10−5m3。
【解析】(1)根据F浮=ρgV排得出橡皮泥沉入水中时所受到的浮力；
(2)根据F′浮=G总=mg得出橡皮泥小船漂浮时受到的浮力；根据V′排=F′浮ρg得出橡皮泥小船漂浮时排开液体的体积。
本题考查浮沉条件的应用，是一道综合题。
25.【答案】解：由电路图知，只闭合S2时两电阻串联，电路中电阻较大，电源电压一定，由P=U2R可知，功率较小，处于保温状态；当两开关都闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小，电源电压一定，由P=U2R可知，功率较大，处于蒸煮状态。
(1)由表中数据知，蒸煮状态时功率P蒸煮=1210W，
由P=U2R可得，R1的电阻：
R1=U2P蒸煮=(220V)21210W=40Ω；
(2)由表中数据可知，保温功率为88W，
由P=UI可得，在“保温”状态下正常工作时的电流：
I=P保温U=88W220V=0.4A，
此时R1的电功率：
P1=I2R1=(0.4A)2×40Ω=6.4W；
(3)“3000revs/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，
只让电饭煲在“蒸煮”状态下工作，转盘在1min内转了50转，消耗的电能为：
W=503000kW⋅h=160kW⋅h=160×3.6×106J=6×104J，
电饭煲在“蒸煮”状态下的实际功率为：
P实=Wt=6×104J60s=1000W。
答：(1)电阻R1的阻值为40Ω；
(2)电饭煲在“保温”状态下正常工作时，加热电阻R1的电功率为6.4W；
(3)电饭锅的实际功率为1000W。
【解析】分析电路图，只闭合S2时两电阻串联，电路中电阻较大；当两开关都闭合时，只有R1接入电路中，电阻较小；而电源电压一定，由P=U2R可知功率大小关系，进而确定是处于保温状态，还是处于蒸煮状态。
(1)由表中数据知蒸煮状态时功率，利用P=U2R可得R1的电阻；
(2)由表中数据可知保温功率，利用P=UI求在“保温”状态下正常工作时的电流，再利用P=I2R求此时R1的电功率；
(3)“3000revs/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表转盘转3000圈，据此求转盘在1min内转了50转时电饭煲消耗的电能，再利用P=Wt求电饭煲在“蒸煮”状态下的实际功率。
本题考查了电阻、消耗电能和电功率的计算，理解电能表相关参数的含义是关键。
26.【答案】B 68 C 水蒸气 迟
【解析】解：(1)解：(1)由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定B的高度；
(2)温度计的分度值是1℃，所以其温度为68℃；
(3)①水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，图D符合水沸腾前的现象；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，图C符合水沸腾时的现象；
故选：C；
气泡上升到水面后破裂，释放出来的水蒸气散发到空气中；
②根据表格中数据画出温度随时间的变化如图所示：
；
(4)小红的图象在小华的左侧，小红所绘的温度比小华所绘的温度高，则原因在于小红的读数比小华要迟一些。
故答案为：(1)B；(2)68；(3)①C；水蒸气；②；(4)迟。
(1)在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；
(2)要正确的读数一定要先认清温度计的分度值。
(3)①液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；
②水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。
③首先根据实验数据确定对应点，然后“描点连线”得到图象；
(4)水沸腾前，加热时间越长，水吸收的热量越多，升高的温度越高。
此题是研究水的沸腾实验，在实验中需要测量水的温度，所以有关温度计的读数也是非常重要的，一定要认清温度计的分度值。还要学会处理数据、实验误差的分析和正确使用实验仪器。
27.【答案】凸透镜的主光轴 放大 幻灯机 D
【解析】解：
(1)在实验中，应使烛焰的中心、凸透镜的光心、光屏的中心的中心大致在同一高度，即位于凸透镜的主光轴上，像才能呈在光屏的中心；
(2)由图甲知，像距v>u，说明2f>u>f，所以成此时凸透镜倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机；
(3)近视眼是晶状体变厚，晶状体对光线的会聚能力增强，使像成在视网膜的前方，戴凹透镜使光线发散一些，使像呈在视网膜上；若“取”下近视眼镜(即取下凹透镜)，又恢复到原来的状态，为使光屏上的像再次清晰，需减小像距或减小物距，所以需要光屏靠近透镜或蜡烛靠近透镜。故选D。
故答案为：(1)凸透镜的主光轴；(2)放大； 幻灯机；(3)D。
(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
(2)凸透镜成像时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪；
(3)近视眼是由于晶状体变厚，像呈在视网膜的前方，给“眼睛”戴上近视眼镜(凹透镜)，使光线发散一些，增大了烛焰在“视网膜”上成像的像距，若取下近视眼镜，又恢复到原来状态，为使光屏上得到清晰的像，应使像距变小或物距变小。
此题通过实验探究了凸透镜成像的规律和近视眼的成因及矫正方法，要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律和凹透镜对光线的作用并做到灵活应用。
28.【答案】右 便于测量力臂及避免杠杆自重的影响 单位不同的物理量不能相加 变大 2.5×103
【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；
(2)得出“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的，因为只做了一次实验，数据具有偶然性，不能得出普遍规律，且单位不同的物理量不能相加；
(3)丙图中，弹簧测力计由第一次到第二次，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大；
(4)如图丁，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件得，G排×0.10m=G石×0.04m，
则，ρ水gV排×0.10m=ρ石gV石×0.04m，
因为石块浸没在水中，则V排=V石，
所以，石块的密度：ρ石=2.5ρ水=2.5×103kg/m3。
故答案为：(1)右；便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；(2)一次实验具有偶然性；(3)变大；(4)2.5×103。
(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
(2)杠杆平衡条件是规律性结论，必须经过多次实验验证才行，只有一次实验数据，偶然性太大，不能反映普遍规律，单位不同的物理量不能相加；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
(4)在不计小桶重力时，根据杠杆平衡条件列出等式，求出石块的密度。
本题考查了多次实验的目的、利用杠杆平衡条件判断杠杆是否平衡、利用杠杆平衡条件求石块的密度，并且对实验进行分析等，是杠杆平衡的一道较难的习题。
29.【答案】毛巾、木板、平板玻璃 W1=W2=W3 速度 不可行
【解析】解：(1)在做“斜面小车实验”时，给水平桌面铺上粗糙程度不同的物体，目的是探究阻力对物体运动的影响，由毛巾表面到木板再到平板玻璃，接触面的粗糙程度减小，小车受到的阻力也减小，所以摆放顺序是：毛巾、木板、平板玻璃；
在利用斜面研究阻力对物体运动的影响的实验中，小车的质量始终不变，小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，小车到达水平面时的速度相同，因此，小车具有的动能相同，也就是说，小车的做功能力是相同的，最终克服阻力做的功也是相等的；即W1=W2=W3；
(2)①在利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关的实验中，让同一小车处在不同的高度，控制了小车的质量相同，改变了小车的运动速度，这样设计的目的是研究动能与运动速度的关系；
②利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，该实验方案不可行，因为未控制小球撞击木块时速度一定。
故答案为：(1)毛巾、木板、平板玻璃；W1=W2=W3；(2)①速度；②不可行。
(1)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力阻力的大小；小车到达水平面时的初速度相同，因此，其具有的动能是相同的，所以小车克服阻力做功是相同的；
(2)动能的大小与质量和速度有关，结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
本题是研究阻力对物体运动的影响、影响动能大小因素的探究实验，考查了控制变量法和转换法的应用。
30.【答案】不受影响 甲、乙 2
【解析】解：(1)如图甲，实验中，若加速拉动木板，A与木板的压力、接触面粗糙程度不变，则测得的A的摩擦力不受影响；
(2)探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，接触面的粗糙程度不同，故对比甲、乙两图；
(3)如图甲，根据二力平衡的原理可知，向左拉动木板，当A静止后，A受到的滑动摩擦力就等于弹簧测力计的示数，为2.4N；
A的重力为12N，则A对木板的压力为12N，受到的摩擦力为2.4N，则摩擦力与压力的比值为2.4N12N=0.2；
由图丁可知，此时的摩擦力为2N，减小的摩擦力为2.4N−2N=0.4N，则减小的压力为：0.4N0.2=2N，即氢气球对A向上的拉力为2N。
故答案为：(1)不受影响；(2)甲、乙；(3)2。
(1)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；
(2)找出压力相同，而接触面粗糙程度不同的两组实验；
(3)根据压力和摩擦力的大小得出压力与摩擦力的关系，然后求出减小的压力，从而得到气球的拉力。
在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”的实验中，注意控制变量法和二力平衡原理的运用，熟练掌握影响滑动摩擦力的因素，能结合实验现象进行分析，是解答本题的关键。
31.【答案】B 0.75 B 偏大 < 2 U额⋅U0R0 2 8
【解析】解：(1)原电路图中，灯泡和电压表没有接入电路是错误的，在测“小灯泡电功率”实验中，小灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在小灯泡两端，如下图所示：
；
(2)小明发现小灯泡始终不亮，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通，经检查电表完好，则故障可能是滑动变阻器断路，故选：B；
(3)小灯泡的额定电压为2.5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，
小灯泡的额定功率PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
当滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路中的电流最小为I1=0.1A，此时灯泡两端的电压U1=0.5V，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U−U1I1=4.5V−0.5V0.1A=40Ω，故滑动变阻器选B；
实际测量时，电压表并联在灯泡两端，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，电流表所测电流大于灯泡的额定电流，根据P=UI可知所测小灯泡的额定功率偏大；
(4)当向右调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；由图乙可知，通过灯泡的电流也变大，灯泡的实际功率变大；电源电压恒为4.5V，由P=UI可知，电路总功率变大；电路总功率等于各用电器消耗功率之和，故滑动变阻器的功率减小ΔP1小于灯泡的功率变化ΔP2，即ΔP1<ΔP2；
(5)实验步骤：
①检查电路无误后，闭合开关S，将开关S1拨至“1”，调节滑动变阻器滑片直至电压表示数为2V；
②滑片不动，再将开关S1拨至“2”时，读出电压表示数为U0；
③在步骤①中，小灯泡、R0和滑动变阻器串联，电压表测R0和滑动变阻器两端的电压，调节滑动变阻器的滑片至电压表示数为2V，由串联电路电压的规律，灯两端的电压：U灯=U−U′=4.5V−2V=2.5V，灯泡正常发光；
在步骤②中，滑动变阻器的滑片不动，再将开关S1拨至“2”，电压表测R0两端的电压为U0，此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流：
I额=U0R0，
则小灯泡的额定功率：
P额=U额I额=U额⋅U0R0；
(6)由图丁可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.4A×5Ω=……=0.1A×20Ω=2V；
当定值电阻最大值为20Ω时，滑动变阻器的最大值为60Ω，若控制的定值电阻两端的电压不变，为2V，根据串联电路分压原理可知，滑动变阻器分担的电压为6V，则电源电压最大值为2V+6V=8V；
当滑动变阻器的阻值为零时，电压表的示数为2V，此时只有一个用电器，电压表也测量电源电压，故电源电压最小值为2V，故电源电压需要控制在2～8V。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)0.75；B；偏大；(4)<；(5)①2；③U额⋅U0R0；(6)2；8。
(1)在测“小灯泡电功率”实验中，小灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在小灯泡两端；
(2)小明发现小灯泡始终不亮，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通，据此分析；
(3)根据小灯泡的U−I图像确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P=UI求出灯泡的额定功率；
当滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路中的电流最小为I1=0.1A，此时灯泡两端的电压U1=0.5V，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的阻值，据此选出所用滑动变阻器的规格；
实际测量时，电压表并联在灯泡两端，当电压表有示数时其内部是有微弱电流通过的，若考虑这个微弱电流的影响，电流表所测电流大于灯泡的额定电流，根据P=UI可知所测小灯泡的额定功率的变化情况；
(4)当向右调节滑动变阻器时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，由串联电路的特点可知，灯泡两端的电压增大；由图乙可知，通过灯泡的电流也变大，灯泡的实际功率变大；电源电压恒为4.5V，由P=UI可知，电路总功率变大，据此分析；
(5)要测量小灯泡的额定功率，需使小灯泡两端的电压等于其额定电压，根据串联电路电压规律可得出电压表的示数；
滑片不动，再将开关S1拨至“2”，求出此时电路中的电流即为小灯泡的额定电流，根据P额=U额I额求出小灯泡的额定功率；
(6)根据图丁利用U=IR求出定值电阻两端电压；根据串联电路的分压原理求出当定值电阻最大、滑动变阻器接入电路阻值最大时的电源电压为电源的最大电压，当滑动变阻器接入电路阻值为零时的电源电压为电源的最小电压。
本题测“小灯泡电功率”实验，考查了电路连接、电路故障、功率的计算、器材的选择、误差分析、控制变量法和欧姆定律的应用及设计实验方案测功率的能力。
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