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2023年广西大学附中中考物理模拟试卷（6月份）（含解析）
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2023年广西大学附中中考物理模拟试卷（6月份）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共13小题，共26.0分）
1. “一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态。”这一定律是哪位物理学家推理、概括出来的( )
A. 牛顿 B. 安培 C. 伏特 D. 欧姆
2. 超声波洗碗机是一种常用电器。洗碗机发出的超声波( )
A. 是由物体振动产生的 B. 可以在真空中传播
C. 传播速度是3×105km/s D. 不能传递能量
3. 下列材料适合做输电导线的是( )
A. 橡胶 B. 陶瓷 C. 玻璃 D. 铜
4. 如图所示为动车组正在运行的情景，我们说：司机是静止的。“静止”所选择的参照物是( )
A. 路面
B. 树木
C. 车厢
D. 房屋
5. 下列关于光现象的说法中，正确的是( )
A. 月亮是光源 B. 海市蜃楼是光的反射产生的
C. 电视机遥控器利用了紫外线 D. 彩虹是由于光的色散形成的
6. 如图所示，在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，闭合开关S后，L1、L2两端的电压分别为U1、U2，通过电流分别为I1、I2，则下列说法正确的是( )
A. I1≠I2 B. I1=I2
C. U1≠U2 D. 若L1灯丝烧断，灯L2仍能正常发光
7. 下列选项中可以用如图所示的光路图解释的是( )
A. 人眼看到水中的“鱼”
B. 人眼看到水中的“蓝天白云”
C. 水中的潜水员看到水面上的“路灯”
D. 潜水艇中的士兵通过潜望镜观察海面上的“舰艇”
8. 小陈家的空气开关发生了跳闸，可能是电路中( )
A. 灯泡发生了断路 B. 使用了大功率用电器
C. 电压低于220V D. 控制灯泡的开关发生了短路
9. 小华做了一个“魔法火焰”实验，如图。加热铅笔芯时，小灯泡慢慢亮了起来，此过程逐渐增大的物理量是( )
A. 电源的电压
B. 铅笔芯的电阻
C. 电路中的电流
D. 小灯泡的额定功率
10. 如图为一种爬杆机器人，它在沿杆竖直向上匀速爬行过程中( )
A. 运动状态发生了改变
B. 竖直方向上只受重力和摩擦力
C. 摩擦力方向竖直向下
D. 机器人对杆的压力和杆对机器人的支持力是一对平衡力
11. 下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用湿抹布擦插座 B. 铜丝代替保险丝 C. 洗衣机外壳接地 D. 闭合开关换灯泡
12. 某加工车床的基本工作电路是：闭合照明电路开关，照明灯亮起；再闭合工作电路开关，车床的电动机正常工作；若不闭合照明电路开关，则电动机电路不能工作。该加工车床的简化电路可能是( )
A. B.
C. D.
13. 小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放(忽略空气阻力)，下列说法正确的是( )
A. 小球在轨道B点的速度最大 B. 小球在B点的机械能大于在A点的
C. 小球运动到最高处C点时的速度为零 D. 小球在DE段，将做匀速直线运动
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
14. 中国有几千年的茶文化，品茶时涉及到很多物理知识，下列说法正确的是( )
A. 茶香四溢是扩散现象
B. 热的茶水含有的热量多
C. 茶壶利用了连通器原理
D. 烧水时壶盖被顶起是电能转化为内能
15. 如图所示，是巨磁电阻特性原理的示意图，其中GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是( )
A. 电磁铁的右端为N极
B. 当滑片P向右滑动时，电磁铁磁性减弱
C. 当滑片P向左滑动时，巨磁电阻的阻值增大
D. 当滑片P向左滑动时，指示灯变亮
16. 如图所示，水母的伞状体内有一种特别的腺，可以发出一氧化碳，使伞状体膨胀，通过控制伞状体的体积大小，水母实现了在水中上浮和下潜的自由。忽略产生一氧化碳的质量，下列说法正确的是( )
A. 伞体缩小时，受到浮力会减小
B. 悬浮的水母，产生一氧化碳时会上浮
C. 逐渐下沉的水母，所受水的压强逐渐增大
D. 水母实现浮沉自由的原理与潜水艇的一致
三、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
17. 小明用食品夹夹取糕点，糕点变扁了，说明力可以改变物体的______ ，如图所示，要使手指捏食品夹的力小一些，手指捏食品夹的位置应离______ 点近一些。
18. 2023年1月1日，中国东方航空全球首架C919大型客机测试飞行。在飞行过程中，机身与空气摩擦时因______ (选填“得到”或“失去”)电子而带正电。
19. “小眼镜”应成为社会的“大关切”，青少年视力健康不容忽视。视力正常的眼睛、远近景物都能在视网膜上成倒立_____的实像；若不爱护眼睛，则容易患上近视眼，使像成在视网膜的前方，如图中矫正近视眼的正确方式是_____图。(选填“甲”或“乙”)
20. 如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过______ 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至25℃，会放出______ J的热量。[c酒=3.4×103J/(kg⋅℃)]
21. 小明利用如图甲所示的滑轮组，将不同的物体匀速提升1m，图乙所示为克服物体重力做的功和拉力做的功随物重变化的柱状图，不计绳重和摩擦。物重为150N时，小明做的有用功为______ J，动滑轮的重力为______ N。
22. 如图所示，虚线框内为某废弃电热器的加热部件，小明在老师指导下利用如图电路测定电热器功率。把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A。把M接A，N接C，闭合开关S，测得电热器功率为880W。把M接A，N接C，再用导线连接______ ，闭合开关S，则此时电热器功率最大，最大功率为______ W。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
23. 在图中，根据给出的入射光线画出反射光线OB，并标出反射角及其大小。
24. 在图中画出使杠杆静止在图示位置的最小动力F1。
五、实验探究题（本大题共4小题，共25.0分）
25. 如图所示，是小明在做“探究影响液体内部压强大小的因素”实验：
(1)实验前，小明在调试时发现，用手指轻压或重压探头的橡皮膜时，U形管两边液面几乎没有变化，接下来的正确操作是______ 。
A.从U形管内取出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内加入适量水
(2)由甲、乙两图可知，在同种液体内部，液体压强随着______ 的增加而增大。
(3)取另外一种液体A，使探头在水和液体A中的深度相同，如乙、丙两图所示(h3>h2)，可以判断出液体A的密度ρ ______ ρ水(选填“>”、“<”或“=”)。
(4)实验中通过U形管内水面的高度差表示液体压强的大小，这个方法称为______ 法。
(5)完成上述实验后，用一“T”形玻璃管对着U形管左边管口吹气，如图丁所示，可以看到______ (选填“左”或“右”)管中的液面较高。
26. (1)如图甲所示是探究平面镜成像特点的实验装置。为了便于观察，实验最好在______ (选填“较亮”或“较暗”)的环境中进行。蜡烛B均能与蜡烛A的像完全重合，将蜡烛B移走，在其所在位置放上光屏，发现光屏上接收不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是______ 像。
(2)图乙为某固体熔化时温度随时间变化的图像，该物体是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，物体熔化其比热容______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(3)用图丙装置“观察磁场对通电直导线的作用”，应在从M、N之间接入______ (选填“小量程电流表”、“电源”或“灯泡”)，导体AB受到磁场作用力较小，为使实验现象更明显，从粗细、长度相同的铜棒和铝棒中，应选用______ 棒作为装置中的导体棒AB。
27. 某实验小组进行了“探究影响浮力大小的因素”和“利用浮力测量盐水密度”的实验。如图1所示，进行了甲、乙、丙、丁、戊五次实验。
(1)根据实验过程可知，图乙中金属块受到的浮力为______ N。
(2)由丙、丁两图可知：金属块浸没后，所受的浮力大小与______ 无关；由丙、戊两图可知：金属块所受的浮力大小与______ 有关。
(3)金属块的体积是______ m3。
(4)根据实验过程，最终测得戊图中盐水的密度为______ kg/m3。
(5)小明还想利用空易拉罐(剪去顶部)、小口径量筒、吸管、水(密度为ρ水)等常见生活材料，来测量金属块的密度(图2)。
①用空易拉罐和吸管组成如图所示装置，并放在水平台上，易拉罐装满水，将量筒放在吸管下端开口处；
②把一泡沫块轻轻放入易拉罐中，使之漂浮在水面上，不再溢出水时，测得量筒中水的体积为V1；
③用细线拴住金属块轻轻放入易拉罐中，直至金属块下沉至杯底，测得此时量筒中水的体积为V2；
④取出金属块轻轻放置在泡沫块上方，泡沫块和金属块漂浮在水面上，此时量筒中水的体积为V3；则金属块的密度为______ (用题目中所给的字母表示)。
⑤在步骤④中，将金属块从水中取出，放在泡沫上方时，若该金属块沾上了一些水，则会导致测得的金属块密度______ 。(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)
28. 小明在探究电流与电阻关系的实验中，所用实验器材均完好，电源电压为6V不变，定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。
次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
(1)小明连接了如图甲所示电路，闭合开关前，小明发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线把电路连接正确；
(2)电路检查无误后，闭合开关，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如表所示，则实验中控制电压表的示数为______ V不变。当使用30Ω的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表的示数与前三次相同，为了继续完成第四次实验，如果只能更换电源，则电源电压应不高于______ V；
(3)分析实验数据得出结论：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______ ；
(4)上述实验结束后，小明又设计了一个方案测量额定电压为3V的小灯泡的额定功率。电路如图所示(电源电压为6V，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”)，请把下面的实验步骤补充完整。
①只闭合开关______ ，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V2的示数为______ V，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S1，保持滑片P的位置不动，此时V1的示数为1V，V2的示数为2V；
③该灯泡的额定功率P额= ______ W。
六、计算题（本大题共3小题，共24.0分）
29. 氢燃料被公认为是21世纪最理想的能源。某氢燃料新能源公交车满载时的重力为2×105N，某次满载后匀速直线运行1200m从A站到B站，用时2分钟，汽车所受阻力是总重力的0.07倍，汽车消耗氢燃料0.25kg(氢的热值是1.4×108J/kg)。求此过程中：
(1)牵引力所做的功；
(2)牵引力的功率；
(3)汽车发动机的效率。
30. 大型玻璃花房内都配有自动加湿器，如图甲所示。自动加湿器由控制电路和工作电路两部分组成(图乙)。已知控制电路电源电压恒为12V，R是可调电阻箱，RH为湿敏电阻，其阻值随相对湿度变化的对应关系如图丙所示(横轴为空气湿度，用百分数表示)。请分析下列问题：
(1)加湿器额定功率为0.5kW，加湿一次的时间是20min，求这段时间消耗的电能；
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，求此时的空气湿度；
(3)若a、b两端电压必须等于或大于9V时，控制电路才能启动加湿器进入工作状态。工作人员设定相对湿度为30%时启动加湿器工作，则电阻箱的阻值至少应调到多少？
31. 如图甲所示，A、B为不同材料制成的体积相同的实心正方体，浸没在盛有水的薄壁圆柱形容器中，容器底面积是正方体下表面积的4倍，现在沿竖直方向缓慢匀速拉动绳子，开始时刻，A的上表面刚好与水面相平，A、B之间的绳子绷直，B在容器底部(未与容器底部紧密接触)，A上端绳子的拉力F随A上升的距离h变化的图像如图乙所示，除了连接A、B间的绳子承受拉力有一定限度外，其他绳子不会被拉断，绳的质量和体积忽略不计，求：
(1)正方体A的质量；
(2)正方体B的密度；
(3)整个过程中，水对容器底部压强的最小值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律：一切物体在不受外力时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
故选：A。
牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。
此题考查我们对牛顿成就及牛顿第一定律内容的掌握，属于基础知识的考查，难度较小。
2.【答案】A
【解析】解：
A、声音是由物体振动产生的，超声波也是由物体振动产生的，故A正确；
B、超声波不能在真空中传播，故B错误；
C、超声波在空气中的传播速度约为340m/s，3×105km/s是真空中的光速，故C错误；
D、超声波既可以传递信息，也可以传递能量，故D错误。
故选：A。
(1)一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也停止；
(2)能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质；
(3)声音的传播速度和介质、温度有关；
(4)声音既可以传递信息，也可以传递能量。
本题主要考查声音的产生和传播条件，以及声音的传播等，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：
ABC、橡胶、陶瓷、玻璃都不容易导电，属于绝缘体，不能用作输电导线，故ABC不符合题意；
D、金属铜容易导电，是导体，能用作输电导线，故D符合题意。
故选：D。
容易导电的物体叫导体，金属导体可以用来作为输电导线；不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查了导体、绝缘体的区别及应用，属于基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：对于正在运行的动车组，司机相对于车厢的位置没有发生变化，所以说司机是静止的，选择的参照物应该是车厢；
对于正在运行的动车组，司机相对于路面、树木和房屋的位置都发生了变化，所以说司机应该是运动的。
故选：C。
要解决此题，需要掌握运动和静止的相对性，物体的运动和静止相对于所选取的参照物而言的。关键是看物体相对于参照物的位置是否改变，若改变则是运动的；若不变，则是静止的。
此题主要考查对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同。
5.【答案】D
【解析】解：A.月亮自身不发光，是反射太阳的光，不是光源，故A错误；
B.海市蜃楼是光穿过不均匀大气层，发生光的折射产生的，故B错误；
C.电视机遥控器利用了红外线，故C错误；
D.彩虹是太阳光经过空中的水滴与冰晶发生折射后，偏折程度不同造成光的色散而形成的，故D正确。
故选：D。
(1)自身能够发光的物体是光源，
(2)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等；
(3)不可见光有红外线和紫外线，红外线可以用来遥控。
本题考查光源、光的折射、红外线的应用，属于中档题。
6.【答案】B
【解析】解：由串联电路的特点知：I1=I2=I.故A错误，B正确。
因为在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，由I=UR可得，U1=U2，故C错误，
串联电路中电流的路径只有一条，若L1灯丝烧断，灯L2将不能正常发光，故D错误。
故选：B。
两灯泡串联，电流相等。根据电阻定律研究两棒的电阻关系，根据欧姆定律研究电压关系。
本题实质是简单的串联电路，明确串并联电路的特点，抓住串联电路电流处处相等的特点是解题的关键。
7.【答案】A
【解析】解：A.根据图示可知，这是光从水中射入空气，发生了折射现象；人眼看到水中的“鱼”是鱼反射的光从水中斜射入空气，是折射现象，故A正确；
B.人眼看到水中的“蓝天白云”是倒影，属于平面镜成像，其原理是光的反射，故B不正确；
C.水中的潜水员看到水面上的“路灯”是光从空气斜射入水中，是光的折射现象，与图示现象不同，故C不正确；
D.潜水艇中的士兵通过潜望镜观察海面上的“舰艇”属于平面镜成像，是光的反射现象，故D不正确。
故选：A。
折射现象是指当光由一种介质(比如水)斜射入第二介质(比如空气)时，在界面上光发生偏离原来路线而与原来路线产生夹角的现象。
本题考查了光的反射现象、光的折射现象，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：电路发生短路；电路中用电器总功率过大。
A、如果发生了断路，电路中没有电流，空气开关不会跳闸，故A错误；
B、空气开关发生了跳闸，一定是总电流过大造成的，可能电路发生短路；也可能是电路中用电器总功率过大，故B正确；
C、一般情况下，家庭电路两端电压不变为220V；如果电压低于220V时，不会造成电流过大、空气开关也不会跳闸，故C错误；
D、控制灯泡的开关发生了短路，此时相当于闭合开关，形成通路，不会引起电流过大，故D错误。
故选：B。
家庭电路电流过大时，串联在电路中的空气开关会“跳闸”；
造成家庭电路电流过大的原因有：电路发生短路或用电器的总功率过大。
本题考查了空气开关的作用，以及家电路中电流过大的原因，要知道电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
9.【答案】C
【解析】解：灯泡慢慢亮起来了，说明小灯泡的实际功率变大，电路中的电流变大了，铅笔芯的电阻随温度的升高而变小，而电源电压、小灯泡的额定功率是不变的；
故ABD错误；C正确；
故选：C。
灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮；
电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
本题考查电阻的概念、温度对电阻的影响、灯泡的实际功率决定灯泡的亮度，是一道基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A、爬杆机器人沿杆竖直向上匀速爬行时，做匀速直线运动，运动状态保持不变，故A错误；
B、机器人在竖直方向上只受重力和摩擦力作用，故B正确；
C、机器人受到的重力竖直向下，在竖直向上匀速爬行时摩擦力与重力平衡，所以受摩擦力方向竖直向上，故C错误；
D、机器人对杆的压力和杆对机器人支持力是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误。
故选：B。
(1)速度和运动方向的变化都属于运动状态的改变；
(2)机器人沿杆竖直向上匀速爬行，所以竖直方向受到的是平衡力。
本题考查了平衡状态、二力平衡条件的应用及运动状态改变的判断，要熟练掌握所学的基础知识，善于用其解答相关的物理现象。
11.【答案】C
【解析】解：A.由于生活用水是导体，所以用湿抹布擦插座很容易使得人触电，故A不符合安全用电原则；
B.铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故B不符合安全用电原则；
C.洗衣机使用三孔插座，让金属外壳接地可以防止因洗衣机漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故C符合安全用电原则；
D.闭合开关换灯泡，如果接触到灯口，有触电危险，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路；
(3)用电器的金属外壳必须接地；
(4)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
12.【答案】C
【解析】解：由题意知，“闭合照明电路开关，照明灯亮起，再闭合工作电路开关，车床的电动机正常工作”，灯与电动机可独立工作，二者并联；
又因为“若不闭合照明电路开关，则电动机电路不能工作”，说明第一个开关在干路上，第二个开关在电动机所在的支路上，故只有选项C符合题意。
故选：C。
根据题意可知灯与电动机的连接方式和开关的位置，从而确定正确的电路连接。
根据不同开关的作用可判断它们的位置，根据用电器的工作情况可判断它们的串并联关系，最后确定连接方式，难度不大。
13.【答案】A
【解析】解：小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放(忽略空气阻力)，说明小球在运动过程中不受阻力，且只有重力做功，机械能守恒，小球从A静止释放后运动到B点，然后继续运动。因为小球的机械能始终等于在A点的机械能，故小球最高运动到与A点等高的点，到不了C点，更运动不到DE段。
A、由于小球运动过程中机械能守恒，B点最低，重力势能最小，所以B点的动能最大，速度最大，故A正确。
B、由于小球运动过程中机械能守恒，所以小球在B点的机械能等于在A点的机械能，故B错误。
C、小球不能运动到最高处C点，故C错误。
D、小球不能运动到最高处C点，故也运动不到DE段，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
此题考查机械能守恒，关键是掌握机械能守恒的条件，属于中档题。
14.【答案】AC
【解析】解：A.闻到茶的香味属于扩散现象，说明分子在做无规则的热运动，故A正确；
B.热量是热传递过程中传递能量的多少，热量是一个过程量，不能说物体含有热量，故B错误；
C.壶身和壶嘴下部是相通的，是连通器，故C正确；
D.烧水时水蒸气将壶盖顶起，水蒸气的内能转化成壶盖的机械能，故D错误。
故选：AC。
(1)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
(2)热传递过程中，传递能量的多少叫热量；
(3)上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
(4)气体膨胀做功，将内能转化为机械能。
本题考查了热量、扩散现象、连通器、做功冲程中的能量转化等知识，难度不大。
15.【答案】BD
【解析】解：A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误。
B、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故B正确。
CD、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的阻值变小，指示灯所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大，灯泡变亮，故C错误、D正确。
故选：BD。
(1)利用安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定电磁铁磁性强弱的变化；
(3)(4)当滑片P向左滑动时，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和电磁铁磁性强弱的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，根据欧姆定律判定通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化。
在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件。
16.【答案】ABC
【解析】解：A、水母的伞体缩小时，排开水的体积减小，根据F浮=ρ液gV排知水母受到浮力会减小，故A正确；
B、水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故B正确；
C、逐渐下沉的水母，深度增大，根据p=ρgh知，受到水的压强变大，故C正确；
D、水母实现浮沉自由是靠改变浮力来实现，潜水艇是靠改变自身的重力来实现的，故D错误。
故选：ABC。
(1)根据F浮=ρ液gV排，并结合物体浮沉条件分析解答；
(2)物体上浮时，浮力大于其重力；
(3)根据p=ρgh分析解答；
(4)水母实现浮沉自由是靠改变浮力来实现，潜水艇是靠改变自身的重力来实现的。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件和液体压强特点，具有一定的综合性，且难度适中，是一道好题，熟练运用相关物理规律是解答此题关键。
17.【答案】形状 B
【解析】解：糕点变扁了，是形状改变了，所以说明力可以改变物体的形状；
由杠杆的平衡条件可知，在阻力和动力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，越省力。所以要使手指捏食品夹的力小一些，手指捏食品夹的位置B点近一些。
故答案为：形状；B。
力可以改变物体的形状；
由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂、动力不变的情况下，动力臂越大越省力。
此题考查了力的作用效果和杠杆的分类，属于基础知识，比较简单。
18.【答案】失去
【解析】解：在飞行过程中，机身与空气摩擦时会失去电子而带正电。
故答案为：失去。
不同物质组成的物体相互摩擦时，物体得到电子，因多余电子带负电，物体失去电子，因缺少电子带正电。
本题考查了摩擦起电的实质，属于基础知识。
19.【答案】缩小 甲
【解析】解：视力正常的眼睛，好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏。我们看物体时，通过睫状体的伸缩来调节晶状体的弯曲程度，改变晶状体的焦距，使不同远近的物体都能在当物距大于二倍焦距时，凸透镜成缩小、倒立的实像。
近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜，即凹透镜，使光线推迟会聚，图中矫正近视眼的正确方式是甲。
故答案为：缩小；甲。
(1)眼睛好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像。
(2)近视眼是因为晶状体太厚或眼球过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚到视网膜上。
本题主要考查学生对近视眼的成因和矫正方法的理解，以及凸透镜成像特点的应用，是一道基础题。
20.【答案】热传递 1700
【解析】解：(1)将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，内能会从酒传递到水，使酒的温度降低，所以这是通过热传递的方式在改变酒的内能；
(2)酒放出的热量为：
Q放=c酒mΔt=3.4×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(30℃−25℃)=1700J。
故答案为：热传递；1700。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递两种；
(2)根据Q放=c酒mΔt得出放出的热量。
本题以新疆的美景为载体，综合考查了初中物理所学的多种知识，但难度不大。
21.【答案】150 50
【解析】解：小明做的有用功：W有用=Gh=150N×1m=150J；
由图乙可得，不计绳重和摩擦，额外功为W额=W总−W有用=200J−150J=50J，
则根据W额=G动h可得，动滑轮的重力为G动=W额h=50J1m=50N。
故答案为：150；50。
利用W=Gh计算小明做的有用功；不计绳重和摩擦，由图乙得出额外功，然后利用W额=G动h可求动滑轮的重力。
此题考查定滑轮的工作特点、功的计算等，熟练运用相关公式，并能从图片中获取相关信息是关键。
22.【答案】AB 1100
【解析】解：
把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A，则此时电热器的功率为P=UI=220V×0.8A=176W；
把M接A，N接B，闭合开关S，R1与R2串联，电流表示数为0.8A，则电路中的总电阻为R=UI=220V0.8A=275Ω；
把M接A，N接C，闭合开关S，只有R1接入的简单电路，测得电热器功率为880W，则R1的阻值为R1=U2P1=(220V)2880W=55Ω，
则R2的阻值为R2=R−R1=275Ω−55Ω=220Ω，
由P=U2R可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，经分析，当把M接A，N接C，再用导线连接AB，闭合开关，此时R1与R2并联接入电路，其阻值最小，则电功率最大，此时电路中的总电阻为R′=R1R2R1+R2=55Ω×220Ω55Ω+220Ω=44Ω，
最大电功率为P=U2R′=(220V)244Ω=1100W。
故答案为：AB；1100。
把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A，根据P=UI可知此时电热器的功率；
把M接A，N接B，闭合开关S，R1与R2串联，电流表示数为0.8A，根据欧姆定律得出电路中的总电阻；
把M接A，N接C，闭合开关S，只有R1接入的简单电路，测得电热器功率为880W，根据P=U2R得出R1的阻值，根据电阻串联的特点得出R2的阻值；由P=U2R可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，经分析，当把M接A，N接C，再用导线连接AB，闭合开关，此时R1与R2并联接入电路，其阻值最小，则电功率最大，根据电阻并联的特点得出此时电路中的总电阻，根据P=U2R得出最大电功率。
本题考查电功率的计算，综合性强，难度适中。
23.【答案】解：由图知，法线已画出，入射角为60°，则反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，并标出反射角的大小，如图所示：
【解析】根据反射定律作图：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
本题考查了对光的反射光路的画法，首先要掌握光的反射定律的内容，特别是反射角等于入射角，同时考查了入射角与反射角的概念。
24.【答案】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；
由图示可知，以OA为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA，从A点做OA的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。
此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
25.【答案】B 深度 > 转换 左
【解析】解：(1)若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化小，调节的方法是取下软管重新安装；
(2)甲、乙两图是探究液体压强大小与深度的关系，控制了液体的密度相同、金属盒的方向相同，而深度不同，甲图中深度大，U形管两侧液面高度差大，产生的压强大，通过U形管液柱的高度差不同得出，同种液体内部压强随着深度的增加而增加；
(3)取另外一种液体A，使探头在水和液体A中的深度相同，由于h3>h2，所以相同深度的A中液体压强大于水中的压强，根据p=ρgh知ρA>ρ水；
(4)实验中通过U形管两侧液面高度差比较液体压强大小，这种科学探究方法称为转换法；
(5)用一“T“形玻璃管对着形管左边管口吹气，如图丁所示，由于气体流速越大的位置，压强越小，故可以看到左管中的液面较高。
故答案为：(1)B；(2)深度；(3)>；(4)转换；(5)左。
(1)压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化；
(2)要探究液体压强与液体深度的关系，需控制液体的密度相同，然后得出结论；
(3)U形管两端的液面差越大，金属盒受到的压强越大，据此分析；
(4)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小，这种方法叫转换法；
(5)流体中流速越快的地方压强越小。
压强计的工作原理是我们首先应该了解的，在此实验中控制变量法的运用非常关键，只有这样，所探究的结论才具有说服力和科学性。
26.【答案】较暗 虚 晶体 变大 电源 铝
【解析】解：(1)为了便于观察，实验最好在较暗的环境中进行，成的像比较清晰；虚像不能成在光屏上，将蜡烛B移走，在其所在位置放上光屏，发现光屏上接收不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是虚像。
(2)由图乙可知，第2min时这种物质开始熔化，在第4min熔化结束，该过程中不断吸收热量，但温度保持在80℃不变，故该物体是晶体；
由图乙可知，在0～2min的时间里固态物质升高的温度为Δt1=30℃；在4min−6min的时间里液态物质升高的温度为Δt2=20℃，即Δt1>Δt2；
由Q=cmΔt可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大、比热容c就越小，所以这种物质固态时的比热容小于液态时的比热容，则该物体熔化后比热容变大。
(3)用图丙装置“观察磁场对通电直导线的作用”时，必须有电源，所以在M、N之间应接电源；探究磁场对电流的作用时，因为磁体能够吸引磁性材料，所以通电导体不能为磁性材料，则不能选择铁棒进行实验，而应选用轻质的铝棒。
故答案为：(1)较暗；虚；(2)晶体；变大；(3)电源；铝。
(1)为了使成的像比较清晰便于观察，实验最好在较暗的环境中进行；虚像不能成在光屏上；
(2)晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高；
相同时间内，吸收相同的热量，但温度变化不同，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大；
(3)通电导线在磁场中受力运动；磁体能够吸引磁性材料，说明验证通电导体在磁场中受力运动时，导体棒不能为磁性材料。
此题考查了探究平面镜成像的特点、晶体的概念、熔化的温度——时间图像、比热容、磁场对通电导线的作用，涉及知识点较多，但难度不是太大。
27.【答案】2 深度 液体密度 4×10−4 1.05×103 ρ水(V3−V1)V2−V1 不变
【解析】解：(1)图甲中物体的重力为10N，图乙中弹簧测力计的示数为8N，金属块在水中受到的浮力为：F浮=G−F乙=10N−8N=2N；
(2)比较图丙、丁知，排开液体的体积相同，而液体的密度相同，物体在液体中的深度不同，两图中，测力计示数相同，根据称重法，可知金属块受到的浮力相同，故由实验数据可得到的结论是：金属块浸没后，所受的浮力大小与深度无关；
比较图丙、戊知，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，两图中，测力计示数不同，根据称重法，可知金属块受到的浮力不同，故由实验数据可得到的结论是：浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体密度有关；
(3)比较图甲、丁知，金属块浸没在水中受到的浮力：F浮水=G−F丙=10N−6N=4N，
根据阿基米德原理得，金属块的体积V=V排=F浮水ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3；
(4)由图甲、戊知，金属块浸没在盐水中受到的浮力：F浮盐水=G−F戊=10N−5.8N=4.2N，
根据阿基米德原理得，盐水的密度为：ρ盐水=F浮盐水Vg=4.2N4×10−4m3×10N/kg=1.05×103kg/m3；
(5)泡沫漂浮在水面，则泡沫的重力：G泡=F泡浮=ρ水gV1，
泡沫和金属块一起漂浮，对泡沫和金属块进行受力分析可得：G泡+G金属块=F浮总=ρ水gV3，
所以，金属块的重力：G金属块=G金属块−G泡=ρ水gV3−ρ水gV1=ρ水g(V3−V1)，
由G=mg可得，金属块的质量：m金属块=G金属块g=ρ水g(V3−V1)g=ρ水(V3−V1)，
由步骤②与③可知，金属块的体积：V金属块=V2−V1，
金属块的密度：ρ金属块=m金属块V金属块=ρ水(V3−V1)V2−V1；
取出金属块轻轻放置在泡沫块上方时，虽然金属块上会沾一些水，导致“溢水杯”中水的体积减小，但“沾水”的金属块放在泡沫块上方时会多排开一些水，且“溢水杯”中水的体积减小量正好等于由于金属块“沾水”而多排开水的体积，则步骤④中测得的m排不变，即测得金属块的质量不变，根据ρ=mV可知测得金属块的密度不变。
故答案为：(1)2；(2)深度；液体密度；(3)4×10−4；(4)1.05×103；(5)ρ水(V3−V1)V2−V1；不变。
(1)根据称重法计算图丙中物体所受的浮力；
(2)浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，根据控制变量法进行研究。
(3)比较图甲、丁求出金属块浸没在水中受到的浮力，根据阿基米德原理可求出金属块的体积；
(4)由图甲、戊求出金属块浸没在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理可求出盐水的密度；
(5)由①②可知，泡沫静止时受到的浮力等于泡沫的重力，泡沫排开的水重等于泡沫受到的浮力，则G泡=F泡浮=ρ水gV排1；由②③知量筒中的水体积之差就是金属块的体积V金属块；由①④可知，泡沫块和金属块漂浮在水面时，整体受到的浮力等于自身的重力，受到的浮力等于排开的水重，则G泡+G金属块=ρ水gV排2，便可求出金属块重，利用m=Gg可求出金属块的质量，最后利用ρ=mV可求出金属块的密度；
取出金属块轻轻放置在泡沫块上方时，虽然金属块上会沾一些水，导致“溢水杯”中水的体积减小，但“沾水”的金属块放在泡沫块上方时会多排开一些水，且“溢水杯”中水的体积减小量正好等于由于金属块“沾水”而多排开水的体积，据此分析测得金属块的质量如何变化，然后根据ρ=mV进行判断。
本题考查了浮力大小的影响因素、利用浮力测量固体的密度和液体的密度，是综合性很强的习题，有很大的难度。
28.【答案】3 5 反比 S和S2 3 0.6
【解析】解：(1)原电路图中，电压表并联在滑动变阻器两端且正负接线柱接反是错误的，在探究电流和电阻关系实验中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
(2)由表中数据可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.3A×10Ω=……=0.15A×20Ω=3V，即实验中控制电压表的示数为3V不变；
当定值电阻最大为30Ω且滑动变阻器接入阻值最大时，由分压原理可得：UVU总=RR+R滑，
所以电源电压的最大值为：U总=R+R滑R⋅UV=30Ω+20Ω30Ω×3V=5V；
(3)定值电阻两端的电压为一定值，分析实验数据可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)实验步骤：
①只闭合开关S和S2，调节变阻器的滑片，使电压表V2的示数为3V，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S1，保持滑片P的位置不动，此时V1的示数为1V，V2的示数为2V；
③在②中，电压表V2测灯的电压，V1测R1滑片以左电阻R左的电压，
由串联电路电压的规律可知，R1滑片以右电阻R右的电压，U右=6V−1V−2V=3V，
因滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电流的规律，通过变阻器滑片以左和以右的电流相等，
由欧姆定律有：U右R右=U左R左，即3VR右=1VR左=1V20Ω−R右，
解得，R右=15Ω，
故在第1次操作中，电压表V2测灯的电压，由串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压为：U滑=6V−3V=3V，
电路中的电流即灯的额定电流为：IL=U滑R右=3V15Ω=0.2A，
该灯泡的额定功率：P额=U额IL=3V×0.2A=0.6W。
答：(1)图见解答；(2)3；5；(3)反比；(4)①S和S2；②3；③0.6。
(1)在探究电流和电阻关系实验中，电压表应并联在定值电阻两端；
(2)根据表中数据利用U=IR求出定值电阻两端的电压，即为控制不变的电压；当定值电阻最大为30Ω且滑动变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
(3)根据表中数据分析得出结论；
(4)测量额定电压为3V的小灯泡的额定功率，根据P=UI，关键是测灯的额定电流，首先使灯正常发光，通过开关的转换使电压表V1测滑动变阻器滑片以左电阻丝的电压，此时可知灯的电压，根据串联电路电压的规律，得出滑动变阻器滑片以左电阻丝的电压，根据串联电路各处的电流相等，由欧姆定律可得出滑片以左电阻丝的电阻大小，由第1次操作，根据欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI求出灯的额定功率。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、串联电路电压的规律和欧姆定律的应用等；同时也考查了测量小灯泡的额定功率，难度较大。
29.【答案】解：(1)汽车所受的阻力：f=0.07G=0.07×2×105N=1.4×104N，
，汽车匀速行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，牵引力：F=f=1.4×104N，
牵引力所做的功：W=Fs=1.4×104N×1200m=1.68×107J；
(2)牵引力的功率：P=Wt=1.68×107J2×60s=1.4×105W；
(3)氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.25kg×1.4×108J/kg=3.5×107J，
汽车发动机的效率：η=WQ放×100%=1.68×107J3.5×107J×100%=48%。
答：(1)牵引力所做的功为1.68×107J；
(2)牵引力的功率为1.4×105W；
(3)汽车发动机的效率为48%。
【解析】(1)根据f=0.07G求出汽车所受的阻力，汽车匀速行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知牵引力大小，根据W=Fs求出牵引力所做的功；
(2)根据P=Wt求出牵引力的功率；
(3)根据Q放=mq求出氢燃料完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题考查二力平衡条件、功的公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，是一道力热综合题，难度不大。
30.【答案】解：(1)加湿器额定功率为0.5kW，加湿一次的时间是20min，这段时间消耗的电能；
W=Pt=0.5×1000W×20×60s=6×105J；
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，
根据P=U2R可得，电路的总电阻：
R总=U2P=(12V)24.5W=32Ω；
根据电阻的串联，此时湿敏电阻的阻值：
R湿=R总−R箱=32Ω−12Ω=20Ω；
由图丙知，此时的空气湿度为30%；
(3)空气湿度为30%时，R湿=20Ω；
若a、b两端电压必须等于或大于9V时，
根据串联电路的规律及欧姆定律，电路中的电流小于等于：
I=U湿R湿=U−U箱R湿=12V−9V20Ω=0.15A；
则电阻箱的阻值至少应调到：
R箱=U箱I=9V0.15A=60Ω。
答：(1)这段时间消耗的电能为6×105J。
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，此时的空气湿度30%。
(3)若a、b两端电压必须等于或大于9V时，控制电路才能启动加湿器进入工作状态。工作人员设定相对湿度为30%时启动加湿器工作，则电阻箱的阻值至少应调到60Ω。
【解析】(1)已知加湿器额定功率和一次的时间是20min，根据W=Pt求出这段时间消耗的电能；
(2)根据已知条件，根据P=U2R求出电路的总电阻；根据电阻的串联求出R湿；由图丙知此时的空气湿度；
(3)根据串联电路的规律及欧姆定律，求出电路中的最大电流，从而得出电阻箱的阻值至少应调到多少。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从题中获取有效的信息。
31.【答案】解：(1)由图乙AB段可知，此过程是物体A出水面的过程，BC段中物体B处于浸没状态，CD段此过程是物体B出水面的过程，
根据称重法可知：
在A点时，(GA+GB)−(FA浮+FB浮)=FA=25N--------------------①
在B点时，(GA+GB)−FB浮=FB=35N--------------------②
根据①②可得：FA浮=10N，
根据F浮=ρ液gV排可得：
物体A的体积VA=VA排=FA浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−3m3，
因为物体上升时在C、D间的距离小于A、B间的距离，说明在D点时物体A、B间的绳子断了。
E点是绳子断了之后，此时绳端的拉力FE=GA，
则：GA=FE=25N-----------------------------③
则A的质量为mA=GAg=25N10N/ kg=2.5kg；
(2)因为A、B两物体的体积相同，所以物体A、B浸没时受到的浮力相等，
即：FB浮=FA浮=10N--------------------------④
由②③④可得：GB=20N-------------------⑤
因为A、B两物体的体积相同，所以物体B的体积VB=VA=1×10−3m3，
根据G=mg=ρVg可得：
正方体B的密度ρB=GBVBg=20N1×10−3m3×10N/kg=2×103kg/m3；
(3)正方体的棱长L=3VA=31×10−3m3=0.1m=10cm，
由图乙可以看出从B到C的过程中拉力的大小不变，由此可知，B点是物体A的下表面刚好离开水面的时候，C点是物体B的上表面刚好到达水面的时候。
所以，据此可知，物体B即将露出水面时，水的深度h′=h上升+L=13.5cm+10cm=23.5cm=0.235m；
由于在D处时物体B受到的浮力为FB浮′，
在D点时，(GA+GB)−FB浮′=FD=41N--------------------⑥
由③⑤⑥可得：FB浮′=4N，
则VB排′=FB浮′ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3，
根据已知可得：
容器内部底面枳S容=4S正=4L2=4×(0.1m)2=4×10−2m2，
VB露=VB−VB排′=1×10−3m3−4×10−4m3=6×10−4m3，
从C处到D处时液面下降的高度Δh=VB露S容=6×10−4m34×10−2m2=0.015m，
水的最小深度h最小=h′−Δh=0.235m−0.015m=0.22m，
水对容器底部最小压强p最小=ρ水gh最小=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.22m=2.2×103Pa。
答：(1)正方体A的质量为2.5kg；
(2)正方体B的密度为2×103kg/m3；
(3)整个过程中，水对容器底部压强的最小值为2.2×103Pa。
【解析】(1)(2)由图乙中AB段可知，此过程是物体A出水面的过程，根据称重法求出A受到的浮力，利用FA=ρ水gV排求得A物体的体积；
已知A、B两物体的体积相同，物体A、B浸没时受到的浮力相等；
由题意和图乙可知：在B点和E点时绳端的拉力，联立两个等式即可求得B的重力；
利用G=mg=ρVg可求得正方体B的密度；
(3)由图乙可以看出从B到C的过程中拉力的大小不变，由此可知，B点是物体A的下表面刚好离开水面的时候，C点是B的上表面刚好到达水面的时候。所以，根据C点A上升的距离h和物体B的边长可知此时水的深度；然后再根据从C处到D处时物体B受到的浮力求出物体B在D处时浸没的体积，即可求出根据物体B的体积变化，根据容器的底面积求出从C处到D处时液面下降的高度，最后即可得出水的最小深度，利用p=ρgh即可求出水对容器底部压强的最小值。
本题是有关压强和浮力的综合计算题目，首先要掌握液体压强的计算公式及阿基米德原理公式，此题的关键是能够看懂图像，明确AB间的距离大于C、D间的距离，说明物体A、B间的绳子断了是关键。
2023年广西大学附中中考物理模拟试卷（6月份）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共13小题，共26.0分）
1. “一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态。”这一定律是哪位物理学家推理、概括出来的( )
A. 牛顿 B. 安培 C. 伏特 D. 欧姆
2. 超声波洗碗机是一种常用电器。洗碗机发出的超声波( )
A. 是由物体振动产生的 B. 可以在真空中传播
C. 传播速度是3×105km/s D. 不能传递能量
3. 下列材料适合做输电导线的是( )
A. 橡胶 B. 陶瓷 C. 玻璃 D. 铜
4. 如图所示为动车组正在运行的情景，我们说：司机是静止的。“静止”所选择的参照物是( )
A. 路面
B. 树木
C. 车厢
D. 房屋
5. 下列关于光现象的说法中，正确的是( )
A. 月亮是光源 B. 海市蜃楼是光的反射产生的
C. 电视机遥控器利用了紫外线 D. 彩虹是由于光的色散形成的
6. 如图所示，在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，闭合开关S后，L1、L2两端的电压分别为U1、U2，通过电流分别为I1、I2，则下列说法正确的是( )
A. I1≠I2 B. I1=I2
C. U1≠U2 D. 若L1灯丝烧断，灯L2仍能正常发光
7. 下列选项中可以用如图所示的光路图解释的是( )
A. 人眼看到水中的“鱼”
B. 人眼看到水中的“蓝天白云”
C. 水中的潜水员看到水面上的“路灯”
D. 潜水艇中的士兵通过潜望镜观察海面上的“舰艇”
8. 小陈家的空气开关发生了跳闸，可能是电路中( )
A. 灯泡发生了断路 B. 使用了大功率用电器
C. 电压低于220V D. 控制灯泡的开关发生了短路
9. 小华做了一个“魔法火焰”实验，如图。加热铅笔芯时，小灯泡慢慢亮了起来，此过程逐渐增大的物理量是( )
A. 电源的电压
B. 铅笔芯的电阻
C. 电路中的电流
D. 小灯泡的额定功率
10. 如图为一种爬杆机器人，它在沿杆竖直向上匀速爬行过程中( )
A. 运动状态发生了改变
B. 竖直方向上只受重力和摩擦力
C. 摩擦力方向竖直向下
D. 机器人对杆的压力和杆对机器人的支持力是一对平衡力
11. 下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用湿抹布擦插座 B. 铜丝代替保险丝 C. 洗衣机外壳接地 D. 闭合开关换灯泡
12. 某加工车床的基本工作电路是：闭合照明电路开关，照明灯亮起；再闭合工作电路开关，车床的电动机正常工作；若不闭合照明电路开关，则电动机电路不能工作。该加工车床的简化电路可能是( )
A. B.
C. D.
13. 小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放(忽略空气阻力)，下列说法正确的是( )
A. 小球在轨道B点的速度最大 B. 小球在B点的机械能大于在A点的
C. 小球运动到最高处C点时的速度为零 D. 小球在DE段，将做匀速直线运动
二、多选题（本大题共3小题，共9.0分）
14. 中国有几千年的茶文化，品茶时涉及到很多物理知识，下列说法正确的是( )
A. 茶香四溢是扩散现象
B. 热的茶水含有的热量多
C. 茶壶利用了连通器原理
D. 烧水时壶盖被顶起是电能转化为内能
15. 如图所示，是巨磁电阻特性原理的示意图，其中GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是( )
A. 电磁铁的右端为N极
B. 当滑片P向右滑动时，电磁铁磁性减弱
C. 当滑片P向左滑动时，巨磁电阻的阻值增大
D. 当滑片P向左滑动时，指示灯变亮
16. 如图所示，水母的伞状体内有一种特别的腺，可以发出一氧化碳，使伞状体膨胀，通过控制伞状体的体积大小，水母实现了在水中上浮和下潜的自由。忽略产生一氧化碳的质量，下列说法正确的是( )
A. 伞体缩小时，受到浮力会减小
B. 悬浮的水母，产生一氧化碳时会上浮
C. 逐渐下沉的水母，所受水的压强逐渐增大
D. 水母实现浮沉自由的原理与潜水艇的一致
三、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
17. 小明用食品夹夹取糕点，糕点变扁了，说明力可以改变物体的______ ，如图所示，要使手指捏食品夹的力小一些，手指捏食品夹的位置应离______ 点近一些。
18. 2023年1月1日，中国东方航空全球首架C919大型客机测试飞行。在飞行过程中，机身与空气摩擦时因______ (选填“得到”或“失去”)电子而带正电。
19. “小眼镜”应成为社会的“大关切”，青少年视力健康不容忽视。视力正常的眼睛、远近景物都能在视网膜上成倒立_____的实像；若不爱护眼睛，则容易患上近视眼，使像成在视网膜的前方，如图中矫正近视眼的正确方式是_____图。(选填“甲”或“乙”)
20. 如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过______ 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至25℃，会放出______ J的热量。[c酒=3.4×103J/(kg⋅℃)]
21. 小明利用如图甲所示的滑轮组，将不同的物体匀速提升1m，图乙所示为克服物体重力做的功和拉力做的功随物重变化的柱状图，不计绳重和摩擦。物重为150N时，小明做的有用功为______ J，动滑轮的重力为______ N。
22. 如图所示，虚线框内为某废弃电热器的加热部件，小明在老师指导下利用如图电路测定电热器功率。把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A。把M接A，N接C，闭合开关S，测得电热器功率为880W。把M接A，N接C，再用导线连接______ ，闭合开关S，则此时电热器功率最大，最大功率为______ W。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
23. 在图中，根据给出的入射光线画出反射光线OB，并标出反射角及其大小。
24. 在图中画出使杠杆静止在图示位置的最小动力F1。
五、实验探究题（本大题共4小题，共25.0分）
25. 如图所示，是小明在做“探究影响液体内部压强大小的因素”实验：
(1)实验前，小明在调试时发现，用手指轻压或重压探头的橡皮膜时，U形管两边液面几乎没有变化，接下来的正确操作是______ 。
A.从U形管内取出适量水
B.拆除软管重新安装
C.向U形管内加入适量水
(2)由甲、乙两图可知，在同种液体内部，液体压强随着______ 的增加而增大。
(3)取另外一种液体A，使探头在水和液体A中的深度相同，如乙、丙两图所示(h3>h2)，可以判断出液体A的密度ρ ______ ρ水(选填“>”、“<”或“=”)。
(4)实验中通过U形管内水面的高度差表示液体压强的大小，这个方法称为______ 法。
(5)完成上述实验后，用一“T”形玻璃管对着U形管左边管口吹气，如图丁所示，可以看到______ (选填“左”或“右”)管中的液面较高。
26. (1)如图甲所示是探究平面镜成像特点的实验装置。为了便于观察，实验最好在______ (选填“较亮”或“较暗”)的环境中进行。蜡烛B均能与蜡烛A的像完全重合，将蜡烛B移走，在其所在位置放上光屏，发现光屏上接收不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是______ 像。
(2)图乙为某固体熔化时温度随时间变化的图像，该物体是______ (选填“晶体”或“非晶体”)，物体熔化其比热容______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(3)用图丙装置“观察磁场对通电直导线的作用”，应在从M、N之间接入______ (选填“小量程电流表”、“电源”或“灯泡”)，导体AB受到磁场作用力较小，为使实验现象更明显，从粗细、长度相同的铜棒和铝棒中，应选用______ 棒作为装置中的导体棒AB。
27. 某实验小组进行了“探究影响浮力大小的因素”和“利用浮力测量盐水密度”的实验。如图1所示，进行了甲、乙、丙、丁、戊五次实验。
(1)根据实验过程可知，图乙中金属块受到的浮力为______ N。
(2)由丙、丁两图可知：金属块浸没后，所受的浮力大小与______ 无关；由丙、戊两图可知：金属块所受的浮力大小与______ 有关。
(3)金属块的体积是______ m3。
(4)根据实验过程，最终测得戊图中盐水的密度为______ kg/m3。
(5)小明还想利用空易拉罐(剪去顶部)、小口径量筒、吸管、水(密度为ρ水)等常见生活材料，来测量金属块的密度(图2)。
①用空易拉罐和吸管组成如图所示装置，并放在水平台上，易拉罐装满水，将量筒放在吸管下端开口处；
②把一泡沫块轻轻放入易拉罐中，使之漂浮在水面上，不再溢出水时，测得量筒中水的体积为V1；
③用细线拴住金属块轻轻放入易拉罐中，直至金属块下沉至杯底，测得此时量筒中水的体积为V2；
④取出金属块轻轻放置在泡沫块上方，泡沫块和金属块漂浮在水面上，此时量筒中水的体积为V3；则金属块的密度为______ (用题目中所给的字母表示)。
⑤在步骤④中，将金属块从水中取出，放在泡沫上方时，若该金属块沾上了一些水，则会导致测得的金属块密度______ 。(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)
28. 小明在探究电流与电阻关系的实验中，所用实验器材均完好，电源电压为6V不变，定值电阻分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”。
次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
(1)小明连接了如图甲所示电路，闭合开关前，小明发现有一根导线连接错误，请在图甲中错误的导线上画“×”并用笔画线代替导线把电路连接正确；
(2)电路检查无误后，闭合开关，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如表所示，则实验中控制电压表的示数为______ V不变。当使用30Ω的电阻做实验时，无论怎样调节滑动变阻器的滑片都无法使电压表的示数与前三次相同，为了继续完成第四次实验，如果只能更换电源，则电源电压应不高于______ V；
(3)分析实验数据得出结论：在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______ ；
(4)上述实验结束后，小明又设计了一个方案测量额定电压为3V的小灯泡的额定功率。电路如图所示(电源电压为6V，滑动变阻器规格为“20Ω，1A”)，请把下面的实验步骤补充完整。
①只闭合开关______ ，调节滑动变阻器的滑片，使电压表V2的示数为______ V，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S1，保持滑片P的位置不动，此时V1的示数为1V，V2的示数为2V；
③该灯泡的额定功率P额= ______ W。
六、计算题（本大题共3小题，共24.0分）
29. 氢燃料被公认为是21世纪最理想的能源。某氢燃料新能源公交车满载时的重力为2×105N，某次满载后匀速直线运行1200m从A站到B站，用时2分钟，汽车所受阻力是总重力的0.07倍，汽车消耗氢燃料0.25kg(氢的热值是1.4×108J/kg)。求此过程中：
(1)牵引力所做的功；
(2)牵引力的功率；
(3)汽车发动机的效率。
30. 大型玻璃花房内都配有自动加湿器，如图甲所示。自动加湿器由控制电路和工作电路两部分组成(图乙)。已知控制电路电源电压恒为12V，R是可调电阻箱，RH为湿敏电阻，其阻值随相对湿度变化的对应关系如图丙所示(横轴为空气湿度，用百分数表示)。请分析下列问题：
(1)加湿器额定功率为0.5kW，加湿一次的时间是20min，求这段时间消耗的电能；
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，求此时的空气湿度；
(3)若a、b两端电压必须等于或大于9V时，控制电路才能启动加湿器进入工作状态。工作人员设定相对湿度为30%时启动加湿器工作，则电阻箱的阻值至少应调到多少？
31. 如图甲所示，A、B为不同材料制成的体积相同的实心正方体，浸没在盛有水的薄壁圆柱形容器中，容器底面积是正方体下表面积的4倍，现在沿竖直方向缓慢匀速拉动绳子，开始时刻，A的上表面刚好与水面相平，A、B之间的绳子绷直，B在容器底部(未与容器底部紧密接触)，A上端绳子的拉力F随A上升的距离h变化的图像如图乙所示，除了连接A、B间的绳子承受拉力有一定限度外，其他绳子不会被拉断，绳的质量和体积忽略不计，求：
(1)正方体A的质量；
(2)正方体B的密度；
(3)整个过程中，水对容器底部压强的最小值。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律：一切物体在不受外力时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
故选：A。
牛顿总结笛卡尔、伽利略等人的研究成果，概括出牛顿第一定律。人们为了纪念他，以他的名字命名为力的单位。
此题考查我们对牛顿成就及牛顿第一定律内容的掌握，属于基础知识的考查，难度较小。
2.【答案】A
【解析】解：
A、声音是由物体振动产生的，超声波也是由物体振动产生的，故A正确；
B、超声波不能在真空中传播，故B错误；
C、超声波在空气中的传播速度约为340m/s，3×105km/s是真空中的光速，故C错误；
D、超声波既可以传递信息，也可以传递能量，故D错误。
故选：A。
(1)一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也停止；
(2)能够传播声音的物质叫做传声的介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质；
(3)声音的传播速度和介质、温度有关；
(4)声音既可以传递信息，也可以传递能量。
本题主要考查声音的产生和传播条件，以及声音的传播等，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】解：
ABC、橡胶、陶瓷、玻璃都不容易导电，属于绝缘体，不能用作输电导线，故ABC不符合题意；
D、金属铜容易导电，是导体，能用作输电导线，故D符合题意。
故选：D。
容易导电的物体叫导体，金属导体可以用来作为输电导线；不容易导电的物体叫绝缘体。
本题考查了导体、绝缘体的区别及应用，属于基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：对于正在运行的动车组，司机相对于车厢的位置没有发生变化，所以说司机是静止的，选择的参照物应该是车厢；
对于正在运行的动车组，司机相对于路面、树木和房屋的位置都发生了变化，所以说司机应该是运动的。
故选：C。
要解决此题，需要掌握运动和静止的相对性，物体的运动和静止相对于所选取的参照物而言的。关键是看物体相对于参照物的位置是否改变，若改变则是运动的；若不变，则是静止的。
此题主要考查对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同。
5.【答案】D
【解析】解：A.月亮自身不发光，是反射太阳的光，不是光源，故A错误；
B.海市蜃楼是光穿过不均匀大气层，发生光的折射产生的，故B错误；
C.电视机遥控器利用了红外线，故C错误；
D.彩虹是太阳光经过空中的水滴与冰晶发生折射后，偏折程度不同造成光的色散而形成的，故D正确。
故选：D。
(1)自身能够发光的物体是光源，
(2)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等；
(3)不可见光有红外线和紫外线，红外线可以用来遥控。
本题考查光源、光的折射、红外线的应用，属于中档题。
6.【答案】B
【解析】解：由串联电路的特点知：I1=I2=I.故A错误，B正确。
因为在电路中两个规格完全相同的小灯泡L1、L2，由I=UR可得，U1=U2，故C错误，
串联电路中电流的路径只有一条，若L1灯丝烧断，灯L2将不能正常发光，故D错误。
故选：B。
两灯泡串联，电流相等。根据电阻定律研究两棒的电阻关系，根据欧姆定律研究电压关系。
本题实质是简单的串联电路，明确串并联电路的特点，抓住串联电路电流处处相等的特点是解题的关键。
7.【答案】A
【解析】解：A.根据图示可知，这是光从水中射入空气，发生了折射现象；人眼看到水中的“鱼”是鱼反射的光从水中斜射入空气，是折射现象，故A正确；
B.人眼看到水中的“蓝天白云”是倒影，属于平面镜成像，其原理是光的反射，故B不正确；
C.水中的潜水员看到水面上的“路灯”是光从空气斜射入水中，是光的折射现象，与图示现象不同，故C不正确；
D.潜水艇中的士兵通过潜望镜观察海面上的“舰艇”属于平面镜成像，是光的反射现象，故D不正确。
故选：A。
折射现象是指当光由一种介质(比如水)斜射入第二介质(比如空气)时，在界面上光发生偏离原来路线而与原来路线产生夹角的现象。
本题考查了光的反射现象、光的折射现象，属于基础题。
8.【答案】B
【解析】解：在家庭电路中，因电流过大导致空气开关“跳闸”的原因有：电路发生短路；电路中用电器总功率过大。
A、如果发生了断路，电路中没有电流，空气开关不会跳闸，故A错误；
B、空气开关发生了跳闸，一定是总电流过大造成的，可能电路发生短路；也可能是电路中用电器总功率过大，故B正确；
C、一般情况下，家庭电路两端电压不变为220V；如果电压低于220V时，不会造成电流过大、空气开关也不会跳闸，故C错误；
D、控制灯泡的开关发生了短路，此时相当于闭合开关，形成通路，不会引起电流过大，故D错误。
故选：B。
家庭电路电流过大时，串联在电路中的空气开关会“跳闸”；
造成家庭电路电流过大的原因有：电路发生短路或用电器的总功率过大。
本题考查了空气开关的作用，以及家电路中电流过大的原因，要知道电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
9.【答案】C
【解析】解：灯泡慢慢亮起来了，说明小灯泡的实际功率变大，电路中的电流变大了，铅笔芯的电阻随温度的升高而变小，而电源电压、小灯泡的额定功率是不变的；
故ABD错误；C正确；
故选：C。
灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮；
电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，还与温度有关；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
本题考查电阻的概念、温度对电阻的影响、灯泡的实际功率决定灯泡的亮度，是一道基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A、爬杆机器人沿杆竖直向上匀速爬行时，做匀速直线运动，运动状态保持不变，故A错误；
B、机器人在竖直方向上只受重力和摩擦力作用，故B正确；
C、机器人受到的重力竖直向下，在竖直向上匀速爬行时摩擦力与重力平衡，所以受摩擦力方向竖直向上，故C错误；
D、机器人对杆的压力和杆对机器人支持力是一对相互作用力，不是平衡力，故D错误。
故选：B。
(1)速度和运动方向的变化都属于运动状态的改变；
(2)机器人沿杆竖直向上匀速爬行，所以竖直方向受到的是平衡力。
本题考查了平衡状态、二力平衡条件的应用及运动状态改变的判断，要熟练掌握所学的基础知识，善于用其解答相关的物理现象。
11.【答案】C
【解析】解：A.由于生活用水是导体，所以用湿抹布擦插座很容易使得人触电，故A不符合安全用电原则；
B.铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用，故B不符合安全用电原则；
C.洗衣机使用三孔插座，让金属外壳接地可以防止因洗衣机漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，故C符合安全用电原则；
D.闭合开关换灯泡，如果接触到灯口，有触电危险，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
(1)生活用水是导体；
(2)铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路；
(3)用电器的金属外壳必须接地；
(4)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
12.【答案】C
【解析】解：由题意知，“闭合照明电路开关，照明灯亮起，再闭合工作电路开关，车床的电动机正常工作”，灯与电动机可独立工作，二者并联；
又因为“若不闭合照明电路开关，则电动机电路不能工作”，说明第一个开关在干路上，第二个开关在电动机所在的支路上，故只有选项C符合题意。
故选：C。
根据题意可知灯与电动机的连接方式和开关的位置，从而确定正确的电路连接。
根据不同开关的作用可判断它们的位置，根据用电器的工作情况可判断它们的串并联关系，最后确定连接方式，难度不大。
13.【答案】A
【解析】解：小球在光滑无摩擦轨道的A点静止释放(忽略空气阻力)，说明小球在运动过程中不受阻力，且只有重力做功，机械能守恒，小球从A静止释放后运动到B点，然后继续运动。因为小球的机械能始终等于在A点的机械能，故小球最高运动到与A点等高的点，到不了C点，更运动不到DE段。
A、由于小球运动过程中机械能守恒，B点最低，重力势能最小，所以B点的动能最大，速度最大，故A正确。
B、由于小球运动过程中机械能守恒，所以小球在B点的机械能等于在A点的机械能，故B错误。
C、小球不能运动到最高处C点，故C错误。
D、小球不能运动到最高处C点，故也运动不到DE段，故D错误。
故选：A。
(1)动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
此题考查机械能守恒，关键是掌握机械能守恒的条件，属于中档题。
14.【答案】AC
【解析】解：A.闻到茶的香味属于扩散现象，说明分子在做无规则的热运动，故A正确；
B.热量是热传递过程中传递能量的多少，热量是一个过程量，不能说物体含有热量，故B错误；
C.壶身和壶嘴下部是相通的，是连通器，故C正确；
D.烧水时水蒸气将壶盖顶起，水蒸气的内能转化成壶盖的机械能，故D错误。
故选：AC。
(1)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
(2)热传递过程中，传递能量的多少叫热量；
(3)上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的；
(4)气体膨胀做功，将内能转化为机械能。
本题考查了热量、扩散现象、连通器、做功冲程中的能量转化等知识，难度不大。
15.【答案】BD
【解析】解：A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误。
B、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故B正确。
CD、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的阻值变小，指示灯所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大，灯泡变亮，故C错误、D正确。
故选：BD。
(1)利用安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定电磁铁磁性强弱的变化；
(3)(4)当滑片P向左滑动时，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和电磁铁磁性强弱的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，根据欧姆定律判定通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化。
在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件。
16.【答案】ABC
【解析】解：A、水母的伞体缩小时，排开水的体积减小，根据F浮=ρ液gV排知水母受到浮力会减小，故A正确；
B、水母悬浮时，浮力等于其重力；若体积变大时，其排开水的体积变大，根据F浮=ρ液gV排知，浮力变大，浮力大于重力，则水母会上浮，故B正确；
C、逐渐下沉的水母，深度增大，根据p=ρgh知，受到水的压强变大，故C正确；
D、水母实现浮沉自由是靠改变浮力来实现，潜水艇是靠改变自身的重力来实现的，故D错误。
故选：ABC。
(1)根据F浮=ρ液gV排，并结合物体浮沉条件分析解答；
(2)物体上浮时，浮力大于其重力；
(3)根据p=ρgh分析解答；
(4)水母实现浮沉自由是靠改变浮力来实现，潜水艇是靠改变自身的重力来实现的。
此题考查阿基米德原理、物体浮沉条件和液体压强特点，具有一定的综合性，且难度适中，是一道好题，熟练运用相关物理规律是解答此题关键。
17.【答案】形状 B
【解析】解：糕点变扁了，是形状改变了，所以说明力可以改变物体的形状；
由杠杆的平衡条件可知，在阻力和动力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，越省力。所以要使手指捏食品夹的力小一些，手指捏食品夹的位置B点近一些。
故答案为：形状；B。
力可以改变物体的形状；
由杠杆的平衡条件可知，在阻力和阻力臂、动力不变的情况下，动力臂越大越省力。
此题考查了力的作用效果和杠杆的分类，属于基础知识，比较简单。
18.【答案】失去
【解析】解：在飞行过程中，机身与空气摩擦时会失去电子而带正电。
故答案为：失去。
不同物质组成的物体相互摩擦时，物体得到电子，因多余电子带负电，物体失去电子，因缺少电子带正电。
本题考查了摩擦起电的实质，属于基础知识。
19.【答案】缩小 甲
【解析】解：视力正常的眼睛，好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏。我们看物体时，通过睫状体的伸缩来调节晶状体的弯曲程度，改变晶状体的焦距，使不同远近的物体都能在当物距大于二倍焦距时，凸透镜成缩小、倒立的实像。
近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜，即凹透镜，使光线推迟会聚，图中矫正近视眼的正确方式是甲。
故答案为：缩小；甲。
(1)眼睛好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，它把来自物体的光会聚在视网膜上，形成物体的像。
(2)近视眼是因为晶状体太厚或眼球过长，远处物体的像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚到视网膜上。
本题主要考查学生对近视眼的成因和矫正方法的理解，以及凸透镜成像特点的应用，是一道基础题。
20.【答案】热传递 1700
【解析】解：(1)将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，内能会从酒传递到水，使酒的温度降低，所以这是通过热传递的方式在改变酒的内能；
(2)酒放出的热量为：
Q放=c酒mΔt=3.4×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(30℃−25℃)=1700J。
故答案为：热传递；1700。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递两种；
(2)根据Q放=c酒mΔt得出放出的热量。
本题以新疆的美景为载体，综合考查了初中物理所学的多种知识，但难度不大。
21.【答案】150 50
【解析】解：小明做的有用功：W有用=Gh=150N×1m=150J；
由图乙可得，不计绳重和摩擦，额外功为W额=W总−W有用=200J−150J=50J，
则根据W额=G动h可得，动滑轮的重力为G动=W额h=50J1m=50N。
故答案为：150；50。
利用W=Gh计算小明做的有用功；不计绳重和摩擦，由图乙得出额外功，然后利用W额=G动h可求动滑轮的重力。
此题考查定滑轮的工作特点、功的计算等，熟练运用相关公式，并能从图片中获取相关信息是关键。
22.【答案】AB 1100
【解析】解：
把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A，则此时电热器的功率为P=UI=220V×0.8A=176W；
把M接A，N接B，闭合开关S，R1与R2串联，电流表示数为0.8A，则电路中的总电阻为R=UI=220V0.8A=275Ω；
把M接A，N接C，闭合开关S，只有R1接入的简单电路，测得电热器功率为880W，则R1的阻值为R1=U2P1=(220V)2880W=55Ω，
则R2的阻值为R2=R−R1=275Ω−55Ω=220Ω，
由P=U2R可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，经分析，当把M接A，N接C，再用导线连接AB，闭合开关，此时R1与R2并联接入电路，其阻值最小，则电功率最大，此时电路中的总电阻为R′=R1R2R1+R2=55Ω×220Ω55Ω+220Ω=44Ω，
最大电功率为P=U2R′=(220V)244Ω=1100W。
故答案为：AB；1100。
把M接A，N接B，闭合开关S，电流表示数为0.8A，根据P=UI可知此时电热器的功率；
把M接A，N接B，闭合开关S，R1与R2串联，电流表示数为0.8A，根据欧姆定律得出电路中的总电阻；
把M接A，N接C，闭合开关S，只有R1接入的简单电路，测得电热器功率为880W，根据P=U2R得出R1的阻值，根据电阻串联的特点得出R2的阻值；由P=U2R可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，经分析，当把M接A，N接C，再用导线连接AB，闭合开关，此时R1与R2并联接入电路，其阻值最小，则电功率最大，根据电阻并联的特点得出此时电路中的总电阻，根据P=U2R得出最大电功率。
本题考查电功率的计算，综合性强，难度适中。
23.【答案】解：由图知，法线已画出，入射角为60°，则反射角也为60°；根据反射角等于入射角，在法线的另一侧画出反射光线，并标出反射角的大小，如图所示：
【解析】根据反射定律作图：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。
本题考查了对光的反射光路的画法，首先要掌握光的反射定律的内容，特别是反射角等于入射角，同时考查了入射角与反射角的概念。
24.【答案】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；
由图示可知，以OA为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA，从A点做OA的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。
此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
25.【答案】B 深度 > 转换 左
【解析】解：(1)若压强计的气密性很差，用手指不论轻压还是重压橡皮膜时，就会有漏气现象，因此U形管两边液柱的高度差变化小，调节的方法是取下软管重新安装；
(2)甲、乙两图是探究液体压强大小与深度的关系，控制了液体的密度相同、金属盒的方向相同，而深度不同，甲图中深度大，U形管两侧液面高度差大，产生的压强大，通过U形管液柱的高度差不同得出，同种液体内部压强随着深度的增加而增加；
(3)取另外一种液体A，使探头在水和液体A中的深度相同，由于h3>h2，所以相同深度的A中液体压强大于水中的压强，根据p=ρgh知ρA>ρ水；
(4)实验中通过U形管两侧液面高度差比较液体压强大小，这种科学探究方法称为转换法；
(5)用一“T“形玻璃管对着形管左边管口吹气，如图丁所示，由于气体流速越大的位置，压强越小，故可以看到左管中的液面较高。
故答案为：(1)B；(2)深度；(3)>；(4)转换；(5)左。
(1)压强计测量液体压强时，就是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若液体压强计漏气，U形管中的液面就不会变化；
(2)要探究液体压强与液体深度的关系，需控制液体的密度相同，然后得出结论；
(3)U形管两端的液面差越大，金属盒受到的压强越大，据此分析；
(4)压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小，这种方法叫转换法；
(5)流体中流速越快的地方压强越小。
压强计的工作原理是我们首先应该了解的，在此实验中控制变量法的运用非常关键，只有这样，所探究的结论才具有说服力和科学性。
26.【答案】较暗 虚 晶体 变大 电源 铝
【解析】解：(1)为了便于观察，实验最好在较暗的环境中进行，成的像比较清晰；虚像不能成在光屏上，将蜡烛B移走，在其所在位置放上光屏，发现光屏上接收不到蜡烛A的像，说明平面镜成的是虚像。
(2)由图乙可知，第2min时这种物质开始熔化，在第4min熔化结束，该过程中不断吸收热量，但温度保持在80℃不变，故该物体是晶体；
由图乙可知，在0～2min的时间里固态物质升高的温度为Δt1=30℃；在4min−6min的时间里液态物质升高的温度为Δt2=20℃，即Δt1>Δt2；
由Q=cmΔt可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大、比热容c就越小，所以这种物质固态时的比热容小于液态时的比热容，则该物体熔化后比热容变大。
(3)用图丙装置“观察磁场对通电直导线的作用”时，必须有电源，所以在M、N之间应接电源；探究磁场对电流的作用时，因为磁体能够吸引磁性材料，所以通电导体不能为磁性材料，则不能选择铁棒进行实验，而应选用轻质的铝棒。
故答案为：(1)较暗；虚；(2)晶体；变大；(3)电源；铝。
(1)为了使成的像比较清晰便于观察，实验最好在较暗的环境中进行；虚像不能成在光屏上；
(2)晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，内能增大；非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高；
相同时间内，吸收相同的热量，但温度变化不同，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大；
(3)通电导线在磁场中受力运动；磁体能够吸引磁性材料，说明验证通电导体在磁场中受力运动时，导体棒不能为磁性材料。
此题考查了探究平面镜成像的特点、晶体的概念、熔化的温度——时间图像、比热容、磁场对通电导线的作用，涉及知识点较多，但难度不是太大。
27.【答案】2 深度 液体密度 4×10−4 1.05×103 ρ水(V3−V1)V2−V1 不变
【解析】解：(1)图甲中物体的重力为10N，图乙中弹簧测力计的示数为8N，金属块在水中受到的浮力为：F浮=G−F乙=10N−8N=2N；
(2)比较图丙、丁知，排开液体的体积相同，而液体的密度相同，物体在液体中的深度不同，两图中，测力计示数相同，根据称重法，可知金属块受到的浮力相同，故由实验数据可得到的结论是：金属块浸没后，所受的浮力大小与深度无关；
比较图丙、戊知，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，两图中，测力计示数不同，根据称重法，可知金属块受到的浮力不同，故由实验数据可得到的结论是：浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体密度有关；
(3)比较图甲、丁知，金属块浸没在水中受到的浮力：F浮水=G−F丙=10N−6N=4N，
根据阿基米德原理得，金属块的体积V=V排=F浮水ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3；
(4)由图甲、戊知，金属块浸没在盐水中受到的浮力：F浮盐水=G−F戊=10N−5.8N=4.2N，
根据阿基米德原理得，盐水的密度为：ρ盐水=F浮盐水Vg=4.2N4×10−4m3×10N/kg=1.05×103kg/m3；
(5)泡沫漂浮在水面，则泡沫的重力：G泡=F泡浮=ρ水gV1，
泡沫和金属块一起漂浮，对泡沫和金属块进行受力分析可得：G泡+G金属块=F浮总=ρ水gV3，
所以，金属块的重力：G金属块=G金属块−G泡=ρ水gV3−ρ水gV1=ρ水g(V3−V1)，
由G=mg可得，金属块的质量：m金属块=G金属块g=ρ水g(V3−V1)g=ρ水(V3−V1)，
由步骤②与③可知，金属块的体积：V金属块=V2−V1，
金属块的密度：ρ金属块=m金属块V金属块=ρ水(V3−V1)V2−V1；
取出金属块轻轻放置在泡沫块上方时，虽然金属块上会沾一些水，导致“溢水杯”中水的体积减小，但“沾水”的金属块放在泡沫块上方时会多排开一些水，且“溢水杯”中水的体积减小量正好等于由于金属块“沾水”而多排开水的体积，则步骤④中测得的m排不变，即测得金属块的质量不变，根据ρ=mV可知测得金属块的密度不变。
故答案为：(1)2；(2)深度；液体密度；(3)4×10−4；(4)1.05×103；(5)ρ水(V3−V1)V2−V1；不变。
(1)根据称重法计算图丙中物体所受的浮力；
(2)浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，根据控制变量法进行研究。
(3)比较图甲、丁求出金属块浸没在水中受到的浮力，根据阿基米德原理可求出金属块的体积；
(4)由图甲、戊求出金属块浸没在盐水中受到的浮力，根据阿基米德原理可求出盐水的密度；
(5)由①②可知，泡沫静止时受到的浮力等于泡沫的重力，泡沫排开的水重等于泡沫受到的浮力，则G泡=F泡浮=ρ水gV排1；由②③知量筒中的水体积之差就是金属块的体积V金属块；由①④可知，泡沫块和金属块漂浮在水面时，整体受到的浮力等于自身的重力，受到的浮力等于排开的水重，则G泡+G金属块=ρ水gV排2，便可求出金属块重，利用m=Gg可求出金属块的质量，最后利用ρ=mV可求出金属块的密度；
取出金属块轻轻放置在泡沫块上方时，虽然金属块上会沾一些水，导致“溢水杯”中水的体积减小，但“沾水”的金属块放在泡沫块上方时会多排开一些水，且“溢水杯”中水的体积减小量正好等于由于金属块“沾水”而多排开水的体积，据此分析测得金属块的质量如何变化，然后根据ρ=mV进行判断。
本题考查了浮力大小的影响因素、利用浮力测量固体的密度和液体的密度，是综合性很强的习题，有很大的难度。
28.【答案】3 5 反比 S和S2 3 0.6
【解析】解：(1)原电路图中，电压表并联在滑动变阻器两端且正负接线柱接反是错误的，在探究电流和电阻关系实验中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
(2)由表中数据可知，定值电阻两端电压为UV=IR=0.3A×10Ω=……=0.15A×20Ω=3V，即实验中控制电压表的示数为3V不变；
当定值电阻最大为30Ω且滑动变阻器接入阻值最大时，由分压原理可得：UVU总=RR+R滑，
所以电源电压的最大值为：U总=R+R滑R⋅UV=30Ω+20Ω30Ω×3V=5V；
(3)定值电阻两端的电压为一定值，分析实验数据可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(4)实验步骤：
①只闭合开关S和S2，调节变阻器的滑片，使电压表V2的示数为3V，此时小灯泡正常发光；
②只闭合开关S和S1，保持滑片P的位置不动，此时V1的示数为1V，V2的示数为2V；
③在②中，电压表V2测灯的电压，V1测R1滑片以左电阻R左的电压，
由串联电路电压的规律可知，R1滑片以右电阻R右的电压，U右=6V−1V−2V=3V，
因滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电流的规律，通过变阻器滑片以左和以右的电流相等，
由欧姆定律有：U右R右=U左R左，即3VR右=1VR左=1V20Ω−R右，
解得，R右=15Ω，
故在第1次操作中，电压表V2测灯的电压，由串联电路电压的规律，滑动变阻器的电压为：U滑=6V−3V=3V，
电路中的电流即灯的额定电流为：IL=U滑R右=3V15Ω=0.2A，
该灯泡的额定功率：P额=U额IL=3V×0.2A=0.6W。
答：(1)图见解答；(2)3；5；(3)反比；(4)①S和S2；②3；③0.6。
(1)在探究电流和电阻关系实验中，电压表应并联在定值电阻两端；
(2)根据表中数据利用U=IR求出定值电阻两端的电压，即为控制不变的电压；当定值电阻最大为30Ω且滑动变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
(3)根据表中数据分析得出结论；
(4)测量额定电压为3V的小灯泡的额定功率，根据P=UI，关键是测灯的额定电流，首先使灯正常发光，通过开关的转换使电压表V1测滑动变阻器滑片以左电阻丝的电压，此时可知灯的电压，根据串联电路电压的规律，得出滑动变阻器滑片以左电阻丝的电压，根据串联电路各处的电流相等，由欧姆定律可得出滑片以左电阻丝的电阻大小，由第1次操作，根据欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI求出灯的额定功率。
本题探究电流与电阻的关系，考查电路连接、串联电路电压的规律和欧姆定律的应用等；同时也考查了测量小灯泡的额定功率，难度较大。
29.【答案】解：(1)汽车所受的阻力：f=0.07G=0.07×2×105N=1.4×104N，
，汽车匀速行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知，牵引力：F=f=1.4×104N，
牵引力所做的功：W=Fs=1.4×104N×1200m=1.68×107J；
(2)牵引力的功率：P=Wt=1.68×107J2×60s=1.4×105W；
(3)氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.25kg×1.4×108J/kg=3.5×107J，
汽车发动机的效率：η=WQ放×100%=1.68×107J3.5×107J×100%=48%。
答：(1)牵引力所做的功为1.68×107J；
(2)牵引力的功率为1.4×105W；
(3)汽车发动机的效率为48%。
【解析】(1)根据f=0.07G求出汽车所受的阻力，汽车匀速行驶时，牵引力与阻力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知牵引力大小，根据W=Fs求出牵引力所做的功；
(2)根据P=Wt求出牵引力的功率；
(3)根据Q放=mq求出氢燃料完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题考查二力平衡条件、功的公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，是一道力热综合题，难度不大。
30.【答案】解：(1)加湿器额定功率为0.5kW，加湿一次的时间是20min，这段时间消耗的电能；
W=Pt=0.5×1000W×20×60s=6×105J；
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，
根据P=U2R可得，电路的总电阻：
R总=U2P=(12V)24.5W=32Ω；
根据电阻的串联，此时湿敏电阻的阻值：
R湿=R总−R箱=32Ω−12Ω=20Ω；
由图丙知，此时的空气湿度为30%；
(3)空气湿度为30%时，R湿=20Ω；
若a、b两端电压必须等于或大于9V时，
根据串联电路的规律及欧姆定律，电路中的电流小于等于：
I=U湿R湿=U−U箱R湿=12V−9V20Ω=0.15A；
则电阻箱的阻值至少应调到：
R箱=U箱I=9V0.15A=60Ω。
答：(1)这段时间消耗的电能为6×105J。
(2)当电阻箱接入电路中的阻值12Ω时，控制电路消耗的功率是4.5W，此时的空气湿度30%。
(3)若a、b两端电压必须等于或大于9V时，控制电路才能启动加湿器进入工作状态。工作人员设定相对湿度为30%时启动加湿器工作，则电阻箱的阻值至少应调到60Ω。
【解析】(1)已知加湿器额定功率和一次的时间是20min，根据W=Pt求出这段时间消耗的电能；
(2)根据已知条件，根据P=U2R求出电路的总电阻；根据电阻的串联求出R湿；由图丙知此时的空气湿度；
(3)根据串联电路的规律及欧姆定律，求出电路中的最大电流，从而得出电阻箱的阻值至少应调到多少。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从题中获取有效的信息。
31.【答案】解：(1)由图乙AB段可知，此过程是物体A出水面的过程，BC段中物体B处于浸没状态，CD段此过程是物体B出水面的过程，
根据称重法可知：
在A点时，(GA+GB)−(FA浮+FB浮)=FA=25N--------------------①
在B点时，(GA+GB)−FB浮=FB=35N--------------------②
根据①②可得：FA浮=10N，
根据F浮=ρ液gV排可得：
物体A的体积VA=VA排=FA浮ρ水g=10N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−3m3，
因为物体上升时在C、D间的距离小于A、B间的距离，说明在D点时物体A、B间的绳子断了。
E点是绳子断了之后，此时绳端的拉力FE=GA，
则：GA=FE=25N-----------------------------③
则A的质量为mA=GAg=25N10N/ kg=2.5kg；
(2)因为A、B两物体的体积相同，所以物体A、B浸没时受到的浮力相等，
即：FB浮=FA浮=10N--------------------------④
由②③④可得：GB=20N-------------------⑤
因为A、B两物体的体积相同，所以物体B的体积VB=VA=1×10−3m3，
根据G=mg=ρVg可得：
正方体B的密度ρB=GBVBg=20N1×10−3m3×10N/kg=2×103kg/m3；
(3)正方体的棱长L=3VA=31×10−3m3=0.1m=10cm，
由图乙可以看出从B到C的过程中拉力的大小不变，由此可知，B点是物体A的下表面刚好离开水面的时候，C点是物体B的上表面刚好到达水面的时候。
所以，据此可知，物体B即将露出水面时，水的深度h′=h上升+L=13.5cm+10cm=23.5cm=0.235m；
由于在D处时物体B受到的浮力为FB浮′，
在D点时，(GA+GB)−FB浮′=FD=41N--------------------⑥
由③⑤⑥可得：FB浮′=4N，
则VB排′=FB浮′ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3，
根据已知可得：
容器内部底面枳S容=4S正=4L2=4×(0.1m)2=4×10−2m2，
VB露=VB−VB排′=1×10−3m3−4×10−4m3=6×10−4m3，
从C处到D处时液面下降的高度Δh=VB露S容=6×10−4m34×10−2m2=0.015m，
水的最小深度h最小=h′−Δh=0.235m−0.015m=0.22m，
水对容器底部最小压强p最小=ρ水gh最小=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.22m=2.2×103Pa。
答：(1)正方体A的质量为2.5kg；
(2)正方体B的密度为2×103kg/m3；
(3)整个过程中，水对容器底部压强的最小值为2.2×103Pa。
【解析】(1)(2)由图乙中AB段可知，此过程是物体A出水面的过程，根据称重法求出A受到的浮力，利用FA=ρ水gV排求得A物体的体积；
已知A、B两物体的体积相同，物体A、B浸没时受到的浮力相等；
由题意和图乙可知：在B点和E点时绳端的拉力，联立两个等式即可求得B的重力；
利用G=mg=ρVg可求得正方体B的密度；
(3)由图乙可以看出从B到C的过程中拉力的大小不变，由此可知，B点是物体A的下表面刚好离开水面的时候，C点是B的上表面刚好到达水面的时候。所以，根据C点A上升的距离h和物体B的边长可知此时水的深度；然后再根据从C处到D处时物体B受到的浮力求出物体B在D处时浸没的体积，即可求出根据物体B的体积变化，根据容器的底面积求出从C处到D处时液面下降的高度，最后即可得出水的最小深度，利用p=ρgh即可求出水对容器底部压强的最小值。
本题是有关压强和浮力的综合计算题目，首先要掌握液体压强的计算公式及阿基米德原理公式，此题的关键是能够看懂图像，明确AB间的距离大于C、D间的距离，说明物体A、B间的绳子断了是关键。
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