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2023年内蒙古通辽市中考物理试题（含解析）
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这是一份2023年内蒙古通辽市中考物理试题（含解析），共20页。试卷主要包含了05A，故B不符合实际；， 下列对物态变化的描述正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年内蒙古通辽市初中毕业生学业考试试卷物理
注意事项：
1. 本试卷共6页，24道小题，满分为70分，与化学同卡不同卷，合考时间为120分钟。
2. 根据网上阅卷需要，本试卷中的所有试题均要求在答题卡上作答，答在本试卷上的答案无效。
一、选择题（共12小题，1-10小题为单选题，每小题2分；11-12小题为多选题，每小题3分，完全选对得3分，漏选得1分，错选或不选的不得分. 共26分。请在答题卡上将代表正确选项的字母用2B铅笔涂黑）
1. 在2022年北京冬奥会开幕式上，一名小男孩用铜管乐器（小号）深情演奏《我和我的祖国》（如图所示），下列关于声现象的说法错误的是（ ）
A. 该乐器发出的声音是由空气柱振动产生的
B. 现场观众听到的声音是通过空气传入人耳的
C. 开幕式现场附近禁止车辆鸣笛，在传播过程中减弱噪声
D. 小男孩演奏时用手按下不同的按键，是为了改变声音的音调
【答案】C
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，该乐器发出的声音是由空气柱振动产生的，故A正确，不符合题意；
B．声音的传播需要介质，现场观众听到的声音是通过空气传入人耳的，故B正确，不符合题意；
C．开幕式现场附近禁止车辆鸣笛，是为了减少噪声的产生，是在声源处减弱噪声，故C错误，符合题意；
D．小男孩演奏时用手按下不同的按键，声音的振动频率不同，则声音的音调也不同，故D正确，不符合题意。
故选C。
2. 下列现象中与平面镜成像原理相同的是（ ）
A. 树荫下的圆形光斑 B. 街头路口的反光镜
C. 人脸识别机 D. 影子的形成
【答案】B
【解析】
【详解】平面镜成像的原理是光的反射。
A．树荫下的圆形光斑是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．街头路口的反光镜的成像原理是光的反射，故B符合题意；
C．人脸识别机的镜头是一个凸透镜，其成像原理是光的折射，故C不符合题意；
D．影子是由光的直线传播形成的，故D不符合题意。
故选B。
3. 生活处处有物理，下列生活常识最接近实际的一项是（ ）
A. 教室门的高度为2.2m B. 家用节能灯的工作电流为1A
C. 人体感觉舒适的室温为37℃ D. 一个篮球的质量是100g
【答案】A
【解析】
【详解】A．教室门的高度高于正常成年男性的身高，约为2.2m，故A符合实际；
B．家用节能灯的工作电流较小，约为0.05A，故B不符合实际；
C．人体的体温约为37℃，感觉舒适的室温约为23℃，故C不符合实际；
D．一个篮球的质量约为550g，故D不符合实际。
故选A。
4. 下列对物态变化的描述正确的是（ ）
A. 夏季从冰箱冷藏室取出的饮料瓶外壁出现水珠是熔化现象，需要吸热
B. 新疆吐鲁番地区修建坎儿井可以减慢水的蒸发，蒸发需要放热
C. 北方冬季窗玻璃上出现冰花是凝固现象，需要放热
D. 衣柜里的樟脑球变小或消失是升华现象，需要吸热
【答案】D
【解析】
【详解】A．夏季从冰箱冷藏室取出的饮料瓶外壁出现水珠是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故A错误；
B．新疆吐鲁番地区修建坎儿井可以减慢水的蒸发，蒸发属于汽化现象，需要吸热，故B错误；
C．北方冬季窗玻璃上出现冰花是水蒸气由气态直接变为固态，是凝华现象，需要放热，故C错误；
D．衣柜里的樟脑球变小或消失是由固态直接变为气态，是升华现象，需要吸热，故D正确。
故选D。
5. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶的动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来减小压强的
D. 乘客在座位上休息时，乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对平衡力
【答案】C
【解析】
【详解】A．匀速行驶的动车组转弯时其速度方向发生了改变，故其运动状态改变，故A错误；
B．惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C．动车铁轨下方铺放枕木，压力不变时，增大了受力面积从而减小压强，故C正确；
D．乘客在座位上休息时，乘客对座椅的压力作用在座椅上，乘客受到的支持力作用在乘客身体上，两个力作用在不同的物体上，故不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
6. 在学校科技节活动中，小明用饮料瓶自制了火箭模型，如图所示，他在瓶子的内侧壁安装了一个遥控电火花发生器，按下按钮会产生电火花。演示时从瓶口喷入雾状酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，纸筒立即飞出，关于此过程分析正确的是（ ）
A. 纸筒飞出后瓶内气体的内能减少，温度降低
B. 能闻到酒精的气味是因为分子间存在斥力
C. 酒精不完全燃烧时热值变小
D. 燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程
【答案】A
【解析】
【详解】A．气体对纸筒做功，纸筒飞出，瓶内气体内能减小，温度降低，气体内能转化为纸筒的机械能，故A正确；
B．能闻到酒精的气味说明酒精分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C．热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以酒精不全燃烧时热值不变，故C错误；
D．燃气推动纸筒飞出去，将内能转化为机械能，而内燃机的做功冲程也将内能转化机械能，因此燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的做功冲程，故D错误。
故选A。
7. 常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能．若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；
8. 掷实心球是通辽中考体育测试项目之一，如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，O点是实心球刚离开手的位置，A点是实心球运动到最高点的位置，B点是实心球落地前瞬间的位置，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 实心球在最高点A时，动能为零
B. 实心球从O点运动到A点时，动能转化为重力势能
C. 实心球从O点运动到B点的动能先增大后减小
D. 实心球在O点的机械能大于在B点的机械能
【答案】B
【解析】
【详解】A．实心球在最高点时，具有水平方向的速度，故动能不为零，A错误。
B．实心球从O点运动到A点时，高度增大，重力势能增大，速度减小，动能减小，故为动能转化为重力势能，故B正确；
C．实心球从O点运动到B点，速度先减小后增大，所以动能先减小后增大，故C错误；
D．因为不及空气阻力，只有动能和重力势能之间进行转化，机械能守恒，故D错误。
故选BC。
9. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，汽车刹车时的能量回收装置是利用电磁感原理工作的，其工作时闭合电路中的线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A．将通电导线靠近小磁针后，小磁针会发生偏转，说明电流周围有磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．电铃的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C．对着动圈式话筒说话，声波引起膜片振动，会带动线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，其原理是电磁感应现象，故C符合题意；
D．动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力振动，将电能转化为机械能而发声，故D不符合题意。
故选C。
10. 如图所示，用滑轮组帮助汽车脱困，汽车被水平匀速拉动1.2m时，作用在绳子自由端的拉力F为1000N，绳子自由端移动的速度为0.6m/s，滑轮组的机械效率为80%，则下列说法正确的是（ ）
A. 汽车移动速度为0.4m/s
B. 拉力F做的功为1200J
C. 汽车受到的摩擦力大小为2000N
D. 拉力F所做的有用功的功率为480W
【答案】D
【解析】
【详解】A．由题意可知，绳子自由端移动的速度为v=0.6m/s，且动滑轮上有两股绳子承重，故可得汽车移动的速度为
B．汽车移动的距离为s0=1.2m，故绳子自由端移动的距离为
s=2s0=2×1.2m=2.4m
绳子自由端的拉力为F=1000N，故由W=Fs可得，拉力F做的功为
W总=Fs=1000N×2.4m=2400J
故B错误；
C．因滑轮组的机械效率为80%，故可得滑轮组所做的有用功为
由W=Fs可得，汽车受到绳子的拉力为
因汽车在水平方向上受到向左的绳子拉力F0和向右的摩擦力f，由力的平衡可得，汽车受到的摩擦力为
f=F0=1600N
故C错误；
D．由P=Fv可得，拉力F所做的有用功的功率为
P有=F0v0=1600N×0.3m/s=480W
故D正确。
故选D。
11. 放在水平桌面上的容器中装有一定质量的盐水，将体积相同的物体A和冰块B放入该容器中，静止时的状态如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 冰块B完全熔化后，容器中液面会下降
B. 冰块B未熔化时，A受到的浮力比B大
C. 冰块B完全熔化后，A物体所受浮力减小
D. 冰块B完全熔化后，容器对桌面的压强减小
【答案】BC
【解析】
【详解】A．设冰块B排开盐水的体积为V排，故由阿基米德原理可得，冰块B漂浮时所受浮力为
F浮B=ρ盐水gV排=GB
设冰块B完全熔化成水后的体积为V水，因冰熔化成水的质量不变，故由可得
GB=ρ水gV水=ρ盐水gV排
因盐水密度大于水的密度，故可得冰块B排开盐水的体积小于冰块B完全熔化成水后的体积，故冰块B完全熔化后，容器中液面会上升，故A错误；
B．由图中可知，冰块B未完全熔化时，物体A排开液体的体积大于冰块B排开液体的体积，故由阿基米德原理可知，此时A受到的浮力比B大，故B正确；
C．冰块B完全熔化后，盐水的密度减小，此时A物体的密度大于盐水的密度，故A物体会沉底，A物体排开液体的体积不变，而液体的密度减小，故由F浮=ρ液gV排可知，冰块B完全熔化后，A物体所受浮力减小，故C正确；
D．冰块B完全熔化前后，整体的重力不变，故由受力分析可知，容器对桌面的压力不变，且受力面积不变，故由可知，冰块B完全熔化前后，容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选BC。
12. 如图所示，电源电压不变，定值电阻，小灯泡标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不变），电流表量程为0~3A。当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，滑动变阻器连入电路中的阻值减小了12，电流表示数变化了0. 1A，此时小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 滑动电阻器的最大阻值为48
B. 电源电压为12V
C. 所有开关闭合后，滑动变阻器的最大功率为33. 6W
D. 电路消耗的最小功率为9. 6W
【答案】ACD
【解析】
【详解】AB．灯泡的额定电流为
灯泡的电阻为
只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联。滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，电阻减小，电流增大，故阻值最大时，电流为I＝0.4A。滑动变阻器电阻最大时
当小灯泡正常发光时
代入数据，联立以上两式，解得U=24V，R滑=48Ω，故A正确，B错误；
C．所有开关闭合后，R与R0并联，R0两端电压和滑动变阻器两端电压均为U=24V，根据P=UI知，当通过滑动变阻器电流最大时，此时电流表示数达到最大，滑动变阻器的功率最大，此时R0通过的电流为
则通过R的电流为
故滑动变阻器的最大功率为
故C正确。
D．根据P=UI知，当电路总电流最小，电阻最大时，电功率最小，此时应将滑动变阻器与灯泡串联，且滑动变阻器滑片置于阻值最大值处，由AB可知，此时电路中的电流为0.4A，故电路中消耗的最小功率为
故D正确。
故选ACD。
二、填空题（共4小题，13~15小题，每小题2分；16小题3分，共9分）
13. 如图甲是装有自动供水装置的盆景，在__________的作用下可使盆景盘中水位保持一定的高度，图乙是创意气压计，A为玻璃管且上端与大气相通，B为密闭的厚空心玻璃球，A与B下部相通，该气压计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器。
【答案】 ①. 大气压 ②. 不属于
【解析】
【详解】[1]由图甲可知，外界大气压作用在水面上，会使得瓶中的水保持一定的高度，不会全部流出。
[2]由图乙可知，B玻璃球上端封闭，故不构成连通器。
14. 如图所示，用细线悬挂的条形磁体，磁极未知，当闭合电路开关S后，磁体的B端与通电螺线管的左端相互排斥，则B端是磁体的__________极；断开开关S，磁体静止时，B端会指向地理的__________（选填“北方”或“南方”）。
【答案】 ①. N ②. 北方
【解析】
【详解】[1]当闭合电路开关S后，电流从螺线管右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端为N极；由于磁体的B端与通电螺线管左端相互排斥，根据同名磁极相互排斥可知，B端是磁体的N极。
[2]由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，且磁体受地磁场的影响，所以磁体静止时，B端（N极）会指向地理的北方。
15. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就。华为5G通信是利用__________传递信息的，泰山核电站是利用__________（选填“核聚变”或“核裂变”）的链式反应发电的。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 核裂变
【解析】
【详解】[1]电磁波可传递信息且速度接近于光速。故华为5G通信是利用电磁波传递信息的。
[2]目前核聚变技术尚不可控。泰山核电站是利用可控的核裂变的链式反应发电的。
16. 如图所示，用6N的水平拉力F拉动木板A在水平地面上向右做匀速直线运动，物体B相对地面静止不动，弹簧测力计示数为2N，则B所受摩擦力的大小为__________N，方向为__________（选填“水平向左”或“水平向右”），地面对A的摩擦力大小为__________N。
【答案】 ①. 2 ②. 水平向右 ③. 4
【解析】
【详解】[1][2]由图中可知，物体B相对于木板A向左运动，故可知物体B受到水平向右的木板A的摩擦力f，物体B同时受到水平向左的弹簧测力计的拉力F拉，由力的平衡可得，物体B所受摩擦力的大小为
f=F拉=2N
方向水平向右。
[3]由力的作用的相互性可知，木板A受到水平向左的物体B的摩擦力f′，且对木板A受力分析可知，木板A在水平方向上受到向右的拉力F和向左的地面的摩擦力f地，由力的平衡可得
F=f地+f′
解得地面对木板A的摩擦力为
f地=F-f′=6N-2N=4N
方向水平向左。
三、作图题（共2小题，每小题2分，共4分）
17. 如图所示，物体A与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，请画出A的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】光滑的斜面，即不计斜面对物体的摩擦力，木块受到重力、斜面的弹力和弹簧的弹力，重力方向竖直向下，斜面弹力与斜面垂直向上，弹簧弹力平行于斜面向上。如图所示：
18. 如图所示，只闭合开关S1，风扇M和灯泡都不工作；只闭合开关S2，灯泡工作；同时闭合开关S1、S2，灯泡和风扇M都工作，请按要求把电路连接完整。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，只闭合开关S1，风扇M和灯泡都不工作；只闭合开关S2，灯泡工作；同时闭合开关S1、S2，灯泡和风扇M都工作，因此风扇M和灯泡并联，开关S1控制风扇M，开关S2控制灯泡，且开关接在火线与用电器之间，如图所示：
四、实验题（共4小题，19小题4分；20、21小题，每小题5分；22小题6分，共20分）
19. 如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。
物质
加热时间/min
消耗酒精/g
末温度/℃
物质
加热时间/min
消耗酒精/g
末温度/℃
食用油
1
0. 5
54
水
1
0. 5
35
2
1. 0
88
2
1. 0
50
3
1. 5
122
3
1. 5
65
（1）分析实验数据可知，__________（选填“水”或“食用油”）吸热能力更强；
（2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和__________法；
（3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是__________J，所使用的酒精灯的加热效率为__________（q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg·℃)）。
【答案】 ①. 水 ②. 转换 ③. 6.3×103 ④. 21%
【解析】
【详解】（1）[1]由表中数据可知，相同质量的水和食用油，吸收相同热量时，食用油的温度变化量更大，故可知水的吸热能力更强。
（2）[2]实验中为了控制无关变量，应控制水和食用油的质量和初温相同，故运用了控制变量法，将水和食用油吸收热量的多少转化为加热时间，运用了转换法。
（3）[3][4]因2min内水和食用油吸收的热量相同，故由Q=cmΔt可得
Q吸=c水m水Δt水=c油m油Δt油=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×(50℃-20℃)=6.3×103J
由Q=mq可得，酒精完全燃烧释放的热量为
Q放=m酒精q酒精=1×10-3kg×3.0×107J/kg=3.0×104J
故可得所使用的酒精灯的加热效率为
20. 同学们为了探究平面镜成像的特点，准备了平面镜、玻璃板、两支相同的蜡烛A和B、光具座、光屏等实验器材。
（1）如图所示，将一只点燃的蜡烛A放置在光具座的甲位置，选用__________（选填“平面镜”或“玻璃板”）竖直放置在乙位置，未点燃的蜡烛B放置在乙位置右侧，移动蜡烛B到丙位置时，发现蜡烛B与蜡烛A的像完全重合；
（2）取下蜡烛B，并在丙位置处放一光屏，光屏上不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜成的像是__________（选填“实像”或“虚像”）；
（3）接着同学们想利用上述装置探究凸透镜成像规律，将乙处器材换成一个凸透镜，再将蜡烛A移至35cm刻度线处，丙位置的光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，生活中的__________（选填“照相机”“投影仪”或“ 放大镜”）就是利用这一原理工作的。此时，用直径相同、焦距更大的凸透镜替换原凸透镜，移动光屏也得到了清晰的像，则此时的像较原来的像__________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）在上一步实验的基础上，小明将一远视镜片放在凸透镜与蜡烛之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将光屏适当向__________（选填“左”或“右”）移动。
【答案】 ①. 玻璃板
②. 虚像 ③. 投影仪 ④. 变大 ⑤. 左
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃既能透光又能反射光使物体成像，能看到前面物体在玻璃板后面成的像，也能看到玻璃板后面的物体，便于确定像的位置。所以实验中用玻璃板代替平面镜。
（2）[2]实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接，光屏上没有承接到A的像，说明成的是虚像。
（3）[3]由图可知，将蜡烛A移至35cm刻度线处，此时物距小于像距，成的是倒立、放大的实像，故属于投影仪的成像原理。
[4]当焦距变大时，光线会聚会晚一些，像距变大，所成的像会变大。
（4）[5]远视眼镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，将其放在中间，成像会往左移动，故将光屏适当向左移动。
21. 如图所示是某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置（杠杆刻度均匀，每个钩码重0. 5N）。
（1）挂钩码前，杠杆如图甲所示，此时正确的操作是向__________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接下来，在A、B两处挂上如图乙所示的钩码后，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则应将B处所挂钩码向__________（选填“左”或“右”）移动__________个格；
（3）某同学用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一定角度至如图丙所示位置，在旋转过程中，要使杠杆始终在水平位置平衡，则弹测力计的示数将逐渐__________（选填“变大”或“变小”），原因是____________________。
【答案】 ①. 右 ②. 左 ③. 2 ④. 变大 ⑤. 动力臂逐渐减小
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，此时杠杆左端重，右端轻，故此时应向右调节杠杆的平衡螺母，使杠杆水平平衡。
（2）[2][3]设杠杆每格的长度为l，每个钩码的重力为G，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则此时杠杆左端的力臂为FA=6l，杠杆右端钩码的重力为GB=3G，杠杆水平平衡时，由杠杆的平衡条件可得
G×6l=3G×lB
解得杠杆B端力臂的长度为
故可知应将B处所挂钩码向左移动2个格。
（3）[4][5]由图丙可知，在旋转过程中，杠杆保持水平平衡，动力臂逐渐减小，而阻力与阻力臂不变，故由杠杆的平衡条件可知，动力逐渐增大，即弹簧测力计的示数将逐渐变大。
22. 小华利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率，已知电源电压3V且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V。
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，将实物图连接完整（要求：滑片P向右端移动时，灯变亮）；（ ）
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近3V，则电路故障可能是____________________；
（3）排除电路故障后，重新开始实验，小华从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡I-U图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为__________W；
（4）测出小灯泡额定功率后，小华又把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，此时它的实际功率__________（选填“大于”或“小于”），原因是__________；
（5）实验中，有甲“15Ω 2A”、乙“25Ω 2A”、丙“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器供选择，小华在该实验中选用的是__________（选填“甲”“乙”或“丙”）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡断路 ③. 0.75 ④. 大于 ⑤. 灯泡的电阻随电压的增大而增大 ⑥. 乙
【解析】
【详解】（1）[1]滑片P向右端移动时，灯变亮，说明此时电路中电流变大，故由欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，故滑动变阻器应接入右下接线柱，电路连接如下图所示
（2）[2]闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，说明电路中存在断路，而电压表示数接近3V，说明电路故障可能是小灯泡断路，此时电压表直接串联进电路，相当于测量电源电压。
（3）[3]由图丙可知，小灯泡两端电压为2.5V时，流过小灯泡的电流为I=0.3A，故由P=UI可得，小灯泡的额定电压为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（4）[4][5]由图乙可知，小灯泡的电阻随两端电压的减小而减小，把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半后，由可知，若小灯泡的电阻不变，则其实际功率应为其额定功率的，而将灯泡两端电压调小后，其实际电阻也随之减小，故可知此时它的实际功率
（5）[6]由题意可知，小灯泡两端电压为U灯=0.5V时，由串联电路的电压规律可得，此时滑动变阻器两端电压为
U滑=U-U灯=3V-0.5V=2.5V
此时电路中的电流最小为I0=0.1A，故由欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的阻值最大为
可知滑动变阻器的最大阻值为25Ω，故应选择乙滑动变阻器。
五、计算题（共2小题，23小题5分，24小题6分，共11分）
23. 如图所示，某同学用阿基米德原理测量一种未知液体的密度，他把底面积为的圆柱体物块，用细绳悬挂在弹簧测力计上，读出示数后，将物块浸入该液体中，浸入液体中的深度h=10cm，容器底面积为，g取10N/kg。求：
（1）物块所受的浮力；
（2）液体的密度；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量。
【答案】（1）0.8N；（2）0.8×103kg/m3（3）200Pa
【解析】
【详解】解：（1）由第一个图可知，物块的重力G=3N，由第二个图可知，物块浸入液体中时的拉力F拉=2.2N，则物块所受的浮力
F浮=G-F拉=3N-2.2N=0.8N
（2）物块浸入液体中的体积，即排开液体的体积
V排=Sh=10cm2×10cm=100 cm3=1×10-4m3
根据F浮=ρ液gV排得，液体的密度
（3）容器的底面积
S=40cm2=4×10-3m2
物块浸入后，液面升高的高度
液体对容器底的压强变化量
答：（1）物块所受的浮力是0.8N；
（2）液体的密度是0.8×103kg/m3；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量是200Pa。
24. 小华家有一个标有“220V 2200W”的即热式水龙头，在使用时发现不能满足家人对冬夏两季水温的需求，于是他增加了两个相同的发热电阻R和两个指示灯（指示灯电阻不计），设计了如图甲所示的电路进行改进，其中为改进前水龙头的发热电阻，开关可以同时与a、b相连或只与c相连，使其具有两档工作状态（忽略发热电阻阻值的变化）。
（1）请求出的阻值；
（2）改进前，小华关闭家中其他电器，只让该水龙头工作，发下家中电能表（如图乙所示）1min转20r，请求出此时该水龙头的实际功率；
（3）改进后，水龙头正常工作时两档电功率之比为4∶1，请求出正常工作时高温档的电功率。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）根据可得，的阻值为
（2）根据图乙可知，当电能表转600r时，消耗的电能为，当转20r时，消耗的电能为
则此时该水龙头的实际功率为
（3）由电路图可知，将开关S与a、b相连时，电阻R与R0并联，电阻较小，根据
可知，此时电路的总功率最大，水龙头处于高温状态，由电路图可知，将开关S与c相连时，R与R0串联，总电阻较大，总功率较小，水龙头处于低温状态，因为水龙头分别处于高温挡与低温挡时，两档电功率之比为4∶1，则有
由于水龙头分别处于高温挡与低温挡时，两档电功率之比为4:1，可得
解得
则高温挡时的电功率为
答：（1）的阻值为；
（2）该水龙头的实际功率为；
（3）正常工作时高温档的电功率为。
2023年内蒙古通辽市初中毕业生学业考试试卷物理
注意事项：
1. 本试卷共6页，24道小题，满分为70分，与化学同卡不同卷，合考时间为120分钟。
2. 根据网上阅卷需要，本试卷中的所有试题均要求在答题卡上作答，答在本试卷上的答案无效。
一、选择题（共12小题，1-10小题为单选题，每小题2分；11-12小题为多选题，每小题3分，完全选对得3分，漏选得1分，错选或不选的不得分. 共26分。请在答题卡上将代表正确选项的字母用2B铅笔涂黑）
1. 在2022年北京冬奥会开幕式上，一名小男孩用铜管乐器（小号）深情演奏《我和我的祖国》（如图所示），下列关于声现象的说法错误的是（ ）
A. 该乐器发出的声音是由空气柱振动产生的
B. 现场观众听到的声音是通过空气传入人耳的
C. 开幕式现场附近禁止车辆鸣笛，在传播过程中减弱噪声
D. 小男孩演奏时用手按下不同的按键，是为了改变声音的音调
【答案】C
【解析】
【详解】A．声音是由物体的振动产生的，该乐器发出的声音是由空气柱振动产生的，故A正确，不符合题意；
B．声音的传播需要介质，现场观众听到的声音是通过空气传入人耳的，故B正确，不符合题意；
C．开幕式现场附近禁止车辆鸣笛，是为了减少噪声的产生，是在声源处减弱噪声，故C错误，符合题意；
D．小男孩演奏时用手按下不同的按键，声音的振动频率不同，则声音的音调也不同，故D正确，不符合题意。
故选C。
2. 下列现象中与平面镜成像原理相同的是（ ）
A. 树荫下的圆形光斑 B. 街头路口的反光镜
C. 人脸识别机 D. 影子的形成
【答案】B
【解析】
【详解】平面镜成像的原理是光的反射。
A．树荫下的圆形光斑是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．街头路口的反光镜的成像原理是光的反射，故B符合题意；
C．人脸识别机的镜头是一个凸透镜，其成像原理是光的折射，故C不符合题意；
D．影子是由光的直线传播形成的，故D不符合题意。
故选B。
3. 生活处处有物理，下列生活常识最接近实际的一项是（ ）
A. 教室门的高度为2.2m B. 家用节能灯的工作电流为1A
C. 人体感觉舒适的室温为37℃ D. 一个篮球的质量是100g
【答案】A
【解析】
【详解】A．教室门的高度高于正常成年男性的身高，约为2.2m，故A符合实际；
B．家用节能灯的工作电流较小，约为0.05A，故B不符合实际；
C．人体的体温约为37℃，感觉舒适的室温约为23℃，故C不符合实际；
D．一个篮球的质量约为550g，故D不符合实际。
故选A。
4. 下列对物态变化的描述正确的是（ ）
A. 夏季从冰箱冷藏室取出的饮料瓶外壁出现水珠是熔化现象，需要吸热
B. 新疆吐鲁番地区修建坎儿井可以减慢水的蒸发，蒸发需要放热
C. 北方冬季窗玻璃上出现冰花是凝固现象，需要放热
D. 衣柜里的樟脑球变小或消失是升华现象，需要吸热
【答案】D
【解析】
【详解】A．夏季从冰箱冷藏室取出的饮料瓶外壁出现水珠是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故A错误；
B．新疆吐鲁番地区修建坎儿井可以减慢水的蒸发，蒸发属于汽化现象，需要吸热，故B错误；
C．北方冬季窗玻璃上出现冰花是水蒸气由气态直接变为固态，是凝华现象，需要放热，故C错误；
D．衣柜里的樟脑球变小或消失是由固态直接变为气态，是升华现象，需要吸热，故D正确。
故选D。
5. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶的动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来减小压强的
D. 乘客在座位上休息时，乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对平衡力
【答案】C
【解析】
【详解】A．匀速行驶的动车组转弯时其速度方向发生了改变，故其运动状态改变，故A错误；
B．惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C．动车铁轨下方铺放枕木，压力不变时，增大了受力面积从而减小压强，故C正确；
D．乘客在座位上休息时，乘客对座椅的压力作用在座椅上，乘客受到的支持力作用在乘客身体上，两个力作用在不同的物体上，故不是一对平衡力，故D错误。
故选C。
6. 在学校科技节活动中，小明用饮料瓶自制了火箭模型，如图所示，他在瓶子的内侧壁安装了一个遥控电火花发生器，按下按钮会产生电火花。演示时从瓶口喷入雾状酒精并盖上锥形纸筒，按动电火花发生器的按钮，纸筒立即飞出，关于此过程分析正确的是（ ）
A. 纸筒飞出后瓶内气体的内能减少，温度降低
B. 能闻到酒精的气味是因为分子间存在斥力
C. 酒精不完全燃烧时热值变小
D. 燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的压缩冲程
【答案】A
【解析】
【详解】A．气体对纸筒做功，纸筒飞出，瓶内气体内能减小，温度降低，气体内能转化为纸筒的机械能，故A正确；
B．能闻到酒精的气味说明酒精分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；
C．热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否充分燃烧无关，所以酒精不全燃烧时热值不变，故C错误；
D．燃气推动纸筒飞出去，将内能转化为机械能，而内燃机的做功冲程也将内能转化机械能，因此燃气推动纸筒飞出的过程相当于内燃机的做功冲程，故D错误。
故选A。
7. 常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能．若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；
8. 掷实心球是通辽中考体育测试项目之一，如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，O点是实心球刚离开手的位置，A点是实心球运动到最高点的位置，B点是实心球落地前瞬间的位置，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 实心球在最高点A时，动能为零
B. 实心球从O点运动到A点时，动能转化为重力势能
C. 实心球从O点运动到B点的动能先增大后减小
D. 实心球在O点的机械能大于在B点的机械能
【答案】B
【解析】
【详解】A．实心球在最高点时，具有水平方向的速度，故动能不为零，A错误。
B．实心球从O点运动到A点时，高度增大，重力势能增大，速度减小，动能减小，故为动能转化为重力势能，故B正确；
C．实心球从O点运动到B点，速度先减小后增大，所以动能先减小后增大，故C错误；
D．因为不及空气阻力，只有动能和重力势能之间进行转化，机械能守恒，故D错误。
故选BC。
9. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，汽车刹车时的能量回收装置是利用电磁感原理工作的，其工作时闭合电路中的线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A．将通电导线靠近小磁针后，小磁针会发生偏转，说明电流周围有磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．电铃的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C．对着动圈式话筒说话，声波引起膜片振动，会带动线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，其原理是电磁感应现象，故C符合题意；
D．动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力振动，将电能转化为机械能而发声，故D不符合题意。
故选C。
10. 如图所示，用滑轮组帮助汽车脱困，汽车被水平匀速拉动1.2m时，作用在绳子自由端的拉力F为1000N，绳子自由端移动的速度为0.6m/s，滑轮组的机械效率为80%，则下列说法正确的是（ ）
A. 汽车移动速度为0.4m/s
B. 拉力F做的功为1200J
C. 汽车受到的摩擦力大小为2000N
D. 拉力F所做的有用功的功率为480W
【答案】D
【解析】
【详解】A．由题意可知，绳子自由端移动的速度为v=0.6m/s，且动滑轮上有两股绳子承重，故可得汽车移动的速度为
B．汽车移动的距离为s0=1.2m，故绳子自由端移动的距离为
s=2s0=2×1.2m=2.4m
绳子自由端的拉力为F=1000N，故由W=Fs可得，拉力F做的功为
W总=Fs=1000N×2.4m=2400J
故B错误；
C．因滑轮组的机械效率为80%，故可得滑轮组所做的有用功为
由W=Fs可得，汽车受到绳子的拉力为
因汽车在水平方向上受到向左的绳子拉力F0和向右的摩擦力f，由力的平衡可得，汽车受到的摩擦力为
f=F0=1600N
故C错误；
D．由P=Fv可得，拉力F所做的有用功的功率为
P有=F0v0=1600N×0.3m/s=480W
故D正确。
故选D。
11. 放在水平桌面上的容器中装有一定质量的盐水，将体积相同的物体A和冰块B放入该容器中，静止时的状态如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 冰块B完全熔化后，容器中液面会下降
B. 冰块B未熔化时，A受到的浮力比B大
C. 冰块B完全熔化后，A物体所受浮力减小
D. 冰块B完全熔化后，容器对桌面的压强减小
【答案】BC
【解析】
【详解】A．设冰块B排开盐水的体积为V排，故由阿基米德原理可得，冰块B漂浮时所受浮力为
F浮B=ρ盐水gV排=GB
设冰块B完全熔化成水后的体积为V水，因冰熔化成水的质量不变，故由可得
GB=ρ水gV水=ρ盐水gV排
因盐水密度大于水的密度，故可得冰块B排开盐水的体积小于冰块B完全熔化成水后的体积，故冰块B完全熔化后，容器中液面会上升，故A错误；
B．由图中可知，冰块B未完全熔化时，物体A排开液体的体积大于冰块B排开液体的体积，故由阿基米德原理可知，此时A受到的浮力比B大，故B正确；
C．冰块B完全熔化后，盐水的密度减小，此时A物体的密度大于盐水的密度，故A物体会沉底，A物体排开液体的体积不变，而液体的密度减小，故由F浮=ρ液gV排可知，冰块B完全熔化后，A物体所受浮力减小，故C正确；
D．冰块B完全熔化前后，整体的重力不变，故由受力分析可知，容器对桌面的压力不变，且受力面积不变，故由可知，冰块B完全熔化前后，容器对桌面的压强不变，故D错误。
故选BC。
12. 如图所示，电源电压不变，定值电阻，小灯泡标有“6V 3W”字样（灯丝电阻不变），电流表量程为0~3A。当只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，滑动变阻器连入电路中的阻值减小了12，电流表示数变化了0. 1A，此时小灯泡恰好正常发光。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 滑动电阻器的最大阻值为48
B. 电源电压为12V
C. 所有开关闭合后，滑动变阻器的最大功率为33. 6W
D. 电路消耗的最小功率为9. 6W
【答案】ACD
【解析】
【详解】AB．灯泡的额定电流为
灯泡的电阻为
只闭合开关S时，滑动变阻器与灯泡串联。滑动变阻器的滑片P从阻值最大处移动到某一位置时，电阻减小，电流增大，故阻值最大时，电流为I＝0.4A。滑动变阻器电阻最大时
当小灯泡正常发光时
代入数据，联立以上两式，解得U=24V，R滑=48Ω，故A正确，B错误；
C．所有开关闭合后，R与R0并联，R0两端电压和滑动变阻器两端电压均为U=24V，根据P=UI知，当通过滑动变阻器电流最大时，此时电流表示数达到最大，滑动变阻器的功率最大，此时R0通过的电流为
则通过R的电流为
故滑动变阻器的最大功率为
故C正确。
D．根据P=UI知，当电路总电流最小，电阻最大时，电功率最小，此时应将滑动变阻器与灯泡串联，且滑动变阻器滑片置于阻值最大值处，由AB可知，此时电路中的电流为0.4A，故电路中消耗的最小功率为
故D正确。
故选ACD。
二、填空题（共4小题，13~15小题，每小题2分；16小题3分，共9分）
13. 如图甲是装有自动供水装置的盆景，在__________的作用下可使盆景盘中水位保持一定的高度，图乙是创意气压计，A为玻璃管且上端与大气相通，B为密闭的厚空心玻璃球，A与B下部相通，该气压计__________（选填“属于”或“不属于”）连通器。
【答案】 ①. 大气压 ②. 不属于
【解析】
【详解】[1]由图甲可知，外界大气压作用在水面上，会使得瓶中的水保持一定的高度，不会全部流出。
[2]由图乙可知，B玻璃球上端封闭，故不构成连通器。
14. 如图所示，用细线悬挂的条形磁体，磁极未知，当闭合电路开关S后，磁体的B端与通电螺线管的左端相互排斥，则B端是磁体的__________极；断开开关S，磁体静止时，B端会指向地理的__________（选填“北方”或“南方”）。
【答案】 ①. N ②. 北方
【解析】
【详解】[1]当闭合电路开关S后，电流从螺线管右端流入，左端流出，根据安培定则可知，螺线管左端为N极；由于磁体的B端与通电螺线管左端相互排斥，根据同名磁极相互排斥可知，B端是磁体的N极。
[2]由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，且磁体受地磁场的影响，所以磁体静止时，B端（N极）会指向地理的北方。
15. 近年来我国在信息和能源等高科技领域取得了巨大成就。华为5G通信是利用__________传递信息的，泰山核电站是利用__________（选填“核聚变”或“核裂变”）的链式反应发电的。
【答案】 ①. 电磁波 ②. 核裂变
【解析】
【详解】[1]电磁波可传递信息且速度接近于光速。故华为5G通信是利用电磁波传递信息的。
[2]目前核聚变技术尚不可控。泰山核电站是利用可控的核裂变的链式反应发电的。
16. 如图所示，用6N的水平拉力F拉动木板A在水平地面上向右做匀速直线运动，物体B相对地面静止不动，弹簧测力计示数为2N，则B所受摩擦力的大小为__________N，方向为__________（选填“水平向左”或“水平向右”），地面对A的摩擦力大小为__________N。
【答案】 ①. 2 ②. 水平向右 ③. 4
【解析】
【详解】[1][2]由图中可知，物体B相对于木板A向左运动，故可知物体B受到水平向右的木板A的摩擦力f，物体B同时受到水平向左的弹簧测力计的拉力F拉，由力的平衡可得，物体B所受摩擦力的大小为
f=F拉=2N
方向水平向右。
[3]由力的作用的相互性可知，木板A受到水平向左的物体B的摩擦力f′，且对木板A受力分析可知，木板A在水平方向上受到向右的拉力F和向左的地面的摩擦力f地，由力的平衡可得
F=f地+f′
解得地面对木板A的摩擦力为
f地=F-f′=6N-2N=4N
方向水平向左。
三、作图题（共2小题，每小题2分，共4分）
17. 如图所示，物体A与弹簧连接，静止在光滑的斜面上，请画出A的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】光滑的斜面，即不计斜面对物体的摩擦力，木块受到重力、斜面的弹力和弹簧的弹力，重力方向竖直向下，斜面弹力与斜面垂直向上，弹簧弹力平行于斜面向上。如图所示：
18. 如图所示，只闭合开关S1，风扇M和灯泡都不工作；只闭合开关S2，灯泡工作；同时闭合开关S1、S2，灯泡和风扇M都工作，请按要求把电路连接完整。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，只闭合开关S1，风扇M和灯泡都不工作；只闭合开关S2，灯泡工作；同时闭合开关S1、S2，灯泡和风扇M都工作，因此风扇M和灯泡并联，开关S1控制风扇M，开关S2控制灯泡，且开关接在火线与用电器之间，如图所示：
四、实验题（共4小题，19小题4分；20、21小题，每小题5分；22小题6分，共20分）
19. 如图所示，在“比较不同物质吸热情况”的实验中，各取质量为50g、初温为20℃的水和食用油分别装在两个相同的烧杯中，用两个相同的酒精灯加热，每隔1min记录一次数据，如下表所示。
物质
加热时间/min
消耗酒精/g
末温度/℃
物质
加热时间/min
消耗酒精/g
末温度/℃
食用油
1
0. 5
54
水
1
0. 5
35
2
1. 0
88
2
1. 0
50
3
1. 5
122
3
1. 5
65
（1）分析实验数据可知，__________（选填“水”或“食用油”）吸热能力更强；
（2）实验中主要用到的科学探究方法有控制变量法和__________法；
（3）根据表中记录的数据，则2min内食用油吸收的热量是__________J，所使用的酒精灯的加热效率为__________（q酒精=3.0×107J/kg，c水=4.2×103J/(kg·℃)）。
【答案】 ①. 水 ②. 转换 ③. 6.3×103 ④. 21%
【解析】
【详解】（1）[1]由表中数据可知，相同质量的水和食用油，吸收相同热量时，食用油的温度变化量更大，故可知水的吸热能力更强。
（2）[2]实验中为了控制无关变量，应控制水和食用油的质量和初温相同，故运用了控制变量法，将水和食用油吸收热量的多少转化为加热时间，运用了转换法。
（3）[3][4]因2min内水和食用油吸收的热量相同，故由Q=cmΔt可得
Q吸=c水m水Δt水=c油m油Δt油=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×(50℃-20℃)=6.3×103J
由Q=mq可得，酒精完全燃烧释放的热量为
Q放=m酒精q酒精=1×10-3kg×3.0×107J/kg=3.0×104J
故可得所使用的酒精灯的加热效率为
20. 同学们为了探究平面镜成像的特点，准备了平面镜、玻璃板、两支相同的蜡烛A和B、光具座、光屏等实验器材。
（1）如图所示，将一只点燃的蜡烛A放置在光具座的甲位置，选用__________（选填“平面镜”或“玻璃板”）竖直放置在乙位置，未点燃的蜡烛B放置在乙位置右侧，移动蜡烛B到丙位置时，发现蜡烛B与蜡烛A的像完全重合；
（2）取下蜡烛B，并在丙位置处放一光屏，光屏上不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜成的像是__________（选填“实像”或“虚像”）；
（3）接着同学们想利用上述装置探究凸透镜成像规律，将乙处器材换成一个凸透镜，再将蜡烛A移至35cm刻度线处，丙位置的光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，生活中的__________（选填“照相机”“投影仪”或“ 放大镜”）就是利用这一原理工作的。此时，用直径相同、焦距更大的凸透镜替换原凸透镜，移动光屏也得到了清晰的像，则此时的像较原来的像__________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（4）在上一步实验的基础上，小明将一远视镜片放在凸透镜与蜡烛之间，要使光屏上还能呈清晰的像，可将光屏适当向__________（选填“左”或“右”）移动。
【答案】 ①. 玻璃板
②. 虚像 ③. 投影仪 ④. 变大 ⑤. 左
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃既能透光又能反射光使物体成像，能看到前面物体在玻璃板后面成的像，也能看到玻璃板后面的物体，便于确定像的位置。所以实验中用玻璃板代替平面镜。
（2）[2]实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接，光屏上没有承接到A的像，说明成的是虚像。
（3）[3]由图可知，将蜡烛A移至35cm刻度线处，此时物距小于像距，成的是倒立、放大的实像，故属于投影仪的成像原理。
[4]当焦距变大时，光线会聚会晚一些，像距变大，所成的像会变大。
（4）[5]远视眼镜片是凸透镜，对光线有会聚作用，将其放在中间，成像会往左移动，故将光屏适当向左移动。
21. 如图所示是某实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验装置（杠杆刻度均匀，每个钩码重0. 5N）。
（1）挂钩码前，杠杆如图甲所示，此时正确的操作是向__________（选填“左”或“右”）调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡；
（2）接下来，在A、B两处挂上如图乙所示的钩码后，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则应将B处所挂钩码向__________（选填“左”或“右”）移动__________个格；
（3）某同学用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，然后将弹簧测力计绕B点逆时针旋转一定角度至如图丙所示位置，在旋转过程中，要使杠杆始终在水平位置平衡，则弹测力计的示数将逐渐__________（选填“变大”或“变小”），原因是____________________。
【答案】 ①. 右 ②. 左 ③. 2 ④. 变大 ⑤. 动力臂逐渐减小
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，此时杠杆左端重，右端轻，故此时应向右调节杠杆的平衡螺母，使杠杆水平平衡。
（2）[2][3]设杠杆每格的长度为l，每个钩码的重力为G，杠杆重新在水平位置平衡，若将A处的钩码拿掉一个，要便杠杆在水平位置再次平衡，则此时杠杆左端的力臂为FA=6l，杠杆右端钩码的重力为GB=3G，杠杆水平平衡时，由杠杆的平衡条件可得
G×6l=3G×lB
解得杠杆B端力臂的长度为
故可知应将B处所挂钩码向左移动2个格。
（3）[4][5]由图丙可知，在旋转过程中，杠杆保持水平平衡，动力臂逐渐减小，而阻力与阻力臂不变，故由杠杆的平衡条件可知，动力逐渐增大，即弹簧测力计的示数将逐渐变大。
22. 小华利用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率，已知电源电压3V且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V。
（1）请在图甲中用笔画线代替导线，将实物图连接完整（要求：滑片P向右端移动时，灯变亮）；（ ）
（2）闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近3V，则电路故障可能是____________________；
（3）排除电路故障后，重新开始实验，小华从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡I-U图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为__________W；
（4）测出小灯泡额定功率后，小华又把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，此时它的实际功率__________（选填“大于”或“小于”），原因是__________；
（5）实验中，有甲“15Ω 2A”、乙“25Ω 2A”、丙“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器供选择，小华在该实验中选用的是__________（选填“甲”“乙”或“丙”）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡断路 ③. 0.75 ④. 大于 ⑤. 灯泡的电阻随电压的增大而增大 ⑥. 乙
【解析】
【详解】（1）[1]滑片P向右端移动时，灯变亮，说明此时电路中电流变大，故由欧姆定律可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值变小，故滑动变阻器应接入右下接线柱，电路连接如下图所示
（2）[2]闭合开关后，小华发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，说明电路中存在断路，而电压表示数接近3V，说明电路故障可能是小灯泡断路，此时电压表直接串联进电路，相当于测量电源电压。
（3）[3]由图丙可知，小灯泡两端电压为2.5V时，流过小灯泡的电流为I=0.3A，故由P=UI可得，小灯泡的额定电压为
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W
（4）[4][5]由图乙可知，小灯泡的电阻随两端电压的减小而减小，把灯泡两端的电压调为其额定电压的一半后，由可知，若小灯泡的电阻不变，则其实际功率应为其额定功率的，而将灯泡两端电压调小后，其实际电阻也随之减小，故可知此时它的实际功率
（5）[6]由题意可知，小灯泡两端电压为U灯=0.5V时，由串联电路的电压规律可得，此时滑动变阻器两端电压为
U滑=U-U灯=3V-0.5V=2.5V
此时电路中的电流最小为I0=0.1A，故由欧姆定律可得，此时滑动变阻器接入电路中的阻值最大为
可知滑动变阻器的最大阻值为25Ω，故应选择乙滑动变阻器。
五、计算题（共2小题，23小题5分，24小题6分，共11分）
23. 如图所示，某同学用阿基米德原理测量一种未知液体的密度，他把底面积为的圆柱体物块，用细绳悬挂在弹簧测力计上，读出示数后，将物块浸入该液体中，浸入液体中的深度h=10cm，容器底面积为，g取10N/kg。求：
（1）物块所受的浮力；
（2）液体的密度；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量。
【答案】（1）0.8N；（2）0.8×103kg/m3（3）200Pa
【解析】
【详解】解：（1）由第一个图可知，物块的重力G=3N，由第二个图可知，物块浸入液体中时的拉力F拉=2.2N，则物块所受的浮力
F浮=G-F拉=3N-2.2N=0.8N
（2）物块浸入液体中的体积，即排开液体的体积
V排=Sh=10cm2×10cm=100 cm3=1×10-4m3
根据F浮=ρ液gV排得，液体的密度
（3）容器的底面积
S=40cm2=4×10-3m2
物块浸入后，液面升高的高度
液体对容器底的压强变化量
答：（1）物块所受的浮力是0.8N；
（2）液体的密度是0.8×103kg/m3；
（3）物块浸入前后，液体对容器底的压强变化量是200Pa。
24. 小华家有一个标有“220V 2200W”的即热式水龙头，在使用时发现不能满足家人对冬夏两季水温的需求，于是他增加了两个相同的发热电阻R和两个指示灯（指示灯电阻不计），设计了如图甲所示的电路进行改进，其中为改进前水龙头的发热电阻，开关可以同时与a、b相连或只与c相连，使其具有两档工作状态（忽略发热电阻阻值的变化）。
（1）请求出的阻值；
（2）改进前，小华关闭家中其他电器，只让该水龙头工作，发下家中电能表（如图乙所示）1min转20r，请求出此时该水龙头的实际功率；
（3）改进后，水龙头正常工作时两档电功率之比为4∶1，请求出正常工作时高温档的电功率。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）根据可得，的阻值为
（2）根据图乙可知，当电能表转600r时，消耗的电能为，当转20r时，消耗的电能为
则此时该水龙头的实际功率为
（3）由电路图可知，将开关S与a、b相连时，电阻R与R0并联，电阻较小，根据
可知，此时电路的总功率最大，水龙头处于高温状态，由电路图可知，将开关S与c相连时，R与R0串联，总电阻较大，总功率较小，水龙头处于低温状态，因为水龙头分别处于高温挡与低温挡时，两档电功率之比为4∶1，则有
由于水龙头分别处于高温挡与低温挡时，两档电功率之比为4:1，可得
解得
则高温挡时的电功率为
答：（1）的阻值为；
（2）该水龙头的实际功率为；
（3）正常工作时高温档的电功率为。
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