专题14 基因的分离定律（精练）-备战2024年高考生物一轮复习串讲精练（新高考专用）（解析版）

基因的分离定律

1、(2020·嘉兴期末改编)下列有关一对相对性状的豌豆杂交实验的叙述中，错误的是(　　)

A．豌豆在自然状态下一般是纯合子，可使杂交实验结果更可靠

B．进行人工杂交时，必须在豌豆花未成熟时除尽母本的雄蕊

C．在统计时，若F2的数量过少，其性状分离比可能偏离3∶1

D．孟德尔提出杂合子测交后代性状分离比为1∶1的假说，并通过实际种植来演绎

【答案】D

【解析】孟德尔根据对豌豆遗传现象的分析提出假说，然后在假说的基础上演绎推理出测交后代性状分离比应为1∶1，并通过实际种植进行测交实验验证，D错误。

2、(2021·天津市静海区高三月考)孟德尔在探索遗传定律时运用了假说—演绎法。下列有关叙述正确的是(　　)

A．在“一对相对性状的遗传实验”中提出了等位基因的说法

B．假说的核心内容是“子代配子生活力相同及个体存活率相同”

C．“豌豆在自然状态下一般是纯种”不属于孟德尔假说的内容

D．F1自交得到F2是对假说的验证

【答案】C

【解析】　孟德尔在“一对相对性状的遗传实验”中提出了遗传因子的说法，不是基因，A错误；假说的核心内容是“在形成配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中”，B错误；假说内容包括四点：“生物性状是由遗传因子决定的；体细胞中遗传因子成对存在；配子中遗传因子成单存在；受精时，雌雄配子随机结合”，“豌豆在自然状态下一般是纯种”不属于孟德尔假说的内容，C正确；为了验证提出的假说是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，即让F1与隐性纯合子杂交，D错误。

3、(2020·四川南充模拟)下列有关孟德尔遗传定律的叙述中，正确的是(　　)

A．F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎，这是基因重组的结果

B．孟德尔通过测交实验的结果推测出F1产生配子的种类及数量，从而验证其假说是否正确

C．随着科学的不断发展，单倍体育种也可直接证明分离定律

D．孟德尔对分离现象的解释是基于对减数分裂的研究而提出的假说

【答案】C

【解析】F1高茎豌豆自交所得F2中出现了高茎和矮茎，这是F1产生配子时等位基因分离的结果，A项错误；孟德尔通过测交实验的结果推测出F1产生配子的种类及比例，但不能推测F1产生配子的数量，B项错误；单倍体育种过程中需要采用花药离体培养法，这样可以推测F1产生配子的种类及比例，也可直接证明分离定律，C项正确；孟德尔对分离现象的解释是在杂交和自交实验的基础上提出的，D项错误。

4、(2020·湖南十三校联考)“假说—演绎法”是现代科学研究中常用的方法，利用该方法孟德尔发现了两个遗传规律。下列有关分析正确的是(　　)

A．孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的”

B．孟德尔发现的遗传规律可以解释所有有性生殖生物的核遗传现象

C．孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程：若F1产生配子时成对的遗传因子分离，则F2中三种基因型个体的数量比接近1∶2∶1

D．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的

【答案】D

【解析】孟德尔未提出“基因”这一概念，A错误；孟德尔的遗传规律不能解释连锁互换现象，B错误；孟德尔在发现基因分离定律时的“演绎”过程为：若F1产生配子时成对的遗传因子分离，则测交后代会出现两种性状，分离比接近1∶1，C错误；提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验基础上的，D正确。

5、某哺乳动物的毛色受三个位于常染色体上的复等位基因A1(黄色)、A2(黑色)、A3(白色)控制(A1对A2、A3为显性，A2对A3为显性)，某一基因存在纯合致死现象。基因型为A1A3的个体与基因型为A1A2的个体交配得到F1，F1表现型及比例相对值如图所示，下列叙述错误的是(　　)

A．该哺乳动物中复等位基因的存在体现了基因突变的不定向性

B．该哺乳动物的群体中，基因型为A1A1的个体不能存活

C．F1中个体自由交配所得F2中黄色∶黑色∶白色＝5∶3∶1

D．F1中黄色个体与黑色个体交配，后代出现白色个体的概率为1/8

【答案】C

【解析】基因突变的不定向性表现为一个基因可以向不同的方向发生突变，产生一个以上的等位基因，A正确；基因型为A1A2的个体与基因型为A1A3的个体交配，理论上F1的基因型为A1A1、A1A3、A1A2、A2A3，而图中F1表现型及比例为黄色∶黑色＝2∶1，推知A1基因纯合致死，B正确；F1中个体随机交配，得到的F2中致死(1/9A1A1)∶黄色(2/9A1A2、2/9A1A3)∶黑色(1/9A2A2、2/9A2A3)∶白色(1/9A3A3)＝1∶4∶3∶1，故F2的实际表现型及比例为黄色∶黑色∶白色＝4∶3∶1，C错误；F1中黄色个体的基因型为1/2A1A3、1/2A1A2，黑色个体的基因型为A2A3，它们交配产生的后代出现白色个体的概率为1/2×1/4＝1/8，D正确。

6、(2022·山东鱼台县第一中学高三月考)水稻体细胞有24条染色体，非糯性和糯性是一对相对性状。非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色，而糯性花粉中所含的淀粉为支链淀粉，遇碘变橙红色。下列有关水稻的叙述正确的是(　　)

A．要验证孟德尔的基因分离定律，必须用纯种非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)杂交，获得F1，F1再自交

B．用纯种非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)杂交获得F1，F1再自交获得F2，取F1花粉加碘染色，在显微镜下观察到蓝黑色花粉粒占3/4

C．二倍体水稻的花粉经离体培养，可得到单倍体水稻，稻穗、米粒变小

D．用纯种非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)杂交获得F1，观察F1产生的花粉遇碘，1/2变蓝黑色，1/2变橙红色

【答案】D

【解析】用纯种非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)杂交，获得F1，F1可产生含A、a基因的两种数量相等的花粉，然后取F1的花粉用碘液染色，用显微镜观察到花粉一半呈蓝黑色、一半呈橙红色，即可验证孟德尔的基因分离定律，不再需要F1自交，A错误；用纯种非糯性水稻(AA)和糯性水稻(aa)杂交获得F1，F1基因型为Aa，可产生含A、a基因的两种数量相等的花粉，取F1花粉加碘染色，在显微镜下观察到蓝黑色花粉粒占1/2，B错误；二倍体水稻的花粉经离体培养，可得到单倍体水稻，由于单倍体水稻体细胞内不含同源染色体，所以不能产生可育配子。表现为高度不育，故无米粒，C错误。

7、(2022·安徽六安一中月考)进行有性生殖的某二倍体植物的一个基因存在很多等位基因的形式，称为复等位基因现象。该植物的性别是由3个等位基因aD、at、ad决定的，其中aD对at、ad为显性，at对ad为显性。aD基因决定雄性，at基因决定雌雄同株，ad基因决定雌性。若没有基因突变产生，下列说法正确的是(　　)

A．复等位基因的遗传并不遵循基因的遗传定律

B．自然条件下，该植物的基因型最多有5种

C．杂交父本、母本均为atad时，后代的基因型种类最多

D．若子代中有雌株，则对应的双亲基因型组合有三种

【答案】B

【解析】复等位基因的遗传遵循基因的分离定律，A错误；杂交父本aDat或aDad、母本均为atad时，后代的基因型种类最多，C错误；若子代中有雌株，则双亲一定都含ad，则父本只能为aDad，母本可以为atad、adad，对应的双亲基因型组合有2种，D错误。

8、(2022·安徽合肥市高三月考)自然界配子的发生、个体的发育受多种因素制约，存在致死现象。基因型为Aa的植株自交，子代基因型AA∶Aa∶aa的比例可能出现不同的情况。下列分析错误的是(　　)

A．若含有a的花粉50%死亡，则自交后代基因型的比例是2∶3∶1

B．若aa个体有50%死亡，则自交后代基因型的比例是2∶4∶1

C．若含有a的配子有50%死亡，则自交后代基因型的比例是4∶2∶1

D．若花粉有50%死亡，则自交后代基因型的比例是1∶2∶1

【答案】C

【解析】若含有a的配子有50%死亡，雌配子和雄配子中都是A占2/3，a占1/3，自交后代AA占2/3×2/3＝4/9, Aa占2/3×1/3＋2/3×1/3＝4/9，aa占1/3×1/3＝1/9，自交后代基因型的比例是4∶4∶1，C错误。

9、(2022·天津和平区高三月考)紫罗兰花瓣形态的单瓣和重瓣是由一对等位基因(B、b)控制的相对性状。现将单瓣紫罗兰自交得F1，再从F1中选择单瓣紫罗兰继续自交得F2，连续自交多代，发现每一代中总会出现性状分离。下列叙述错误的是(　　)

A．自交后代发生性状分离是减数分裂过程中等位基因分离导致的结果

B．若自交每代性状分离比为单瓣∶重瓣＝2∶1，可能是B纯合致死导致的结果

C．若自交每代性状分离比为单瓣∶重瓣＝5∶1，可能是杂合单瓣致死导致的结果

D．若自交每代性状分离比为单瓣∶重瓣＝1∶1，可能是B雄配子不育导致的结果

【答案】C

【解析】若杂合单瓣产生的雄配子中含有b基因的配子有一半致死，则会出现单瓣杂合子自交的性状分离比为单瓣∶重瓣＝5∶1的情况，而不是杂合单瓣致死导致的结果，C错误。

10、(2022·双鸭山市高三月考)某种昆虫的灰身对黑身为显性，该相对性状受一对位于常染色体上的等位基因A、a控制。现让纯种灰身昆虫与黑身昆虫杂交，产生的F1再自由交配产生F2。下列分析错误的是(　　)

A．若让F2中的昆虫进行自由交配，则F3中灰身昆虫与黑身昆虫的比例为3∶1

B．若让F2中基因型相同的昆虫进行交配，则F3中灰身昆虫与黑身昆虫的比例是5∶3

C．若除去F2中的黑身昆虫，让灰身昆虫自由交配，则F3中灰身昆虫所占比例是7/8

D．若除去F2中的黑身昆虫，让基因型相同的灰身昆虫进行交配，则F3中黑身昆虫所占比例为1/6

【答案】C

【解析】若让F2中的昆虫进行自由交配，则F2群体中含有A和a的配子比例为1∶1，则F3中的基因型为1AA、2Aa、1aa，相应的表型的比例为灰身∶黑身＝3∶1，A正确；若让F2中基因型相同的昆虫进行交配，则F3中黑身个体的比例为1/2×1/4＋1/4＝3/8，则灰身的比例为1－3/8＝5/8，即F3中灰身昆虫与黑身昆虫的比例是5∶3，B正确；若除去F2中的黑身昆虫，则灰身个体各种基因型所占的比例为1/3AA、2/3Aa，该群体中含有A基因的配子比例为2/3，含有a基因的配子比例为1/3，则让灰身昆虫自由交配，则F3中黑身个体的比例为1/3×1/3＝1/9，灰身昆虫所占比例是1－1/9＝8/9，C错误；若除去F2中的黑身昆虫，则灰身个体各种基因型所占的比例为1/3AA、2/3Aa，让基因型相同的灰身昆虫进行交配，则F3中黑身昆虫所占比例为2/3×1/4＝1/6，D正确。

11、(2020·山东省青岛市3校高三3月月考)某一年生植物开两性花，其花非常小，杂交育种时去雄困难。其花粉可育与不育由细胞核基因A/a(A、a基因仅在花粉中表达)和线粒体基因(N、S，每一植株只具其中一种基因)共同控制，花粉不育的机理如下图所示(P蛋白的存在是S基因表达的必要条件)。

回答下列问题：

(1)上述基因中，遵循孟德尔遗传规律的是________________________________________。

(2)基因型可用“线粒体基因(核基因型)”的形式表示，如植株N(aa)、花粉N(a)。现有植株N(aa)、S(aa)、S(AA)、N(AA)，要培育出植株S(Aa)。

①选用的父本是______________，母本是____________。

②植株S(Aa)产生的花粉中可育花粉的基因型及所占比例是________________，该植株自交后代的基因型及比例是________________________。

【答案】(1)A/a基因   (2)①S(AA)或N(AA)　S(aa)  ②S(A)1/2　S(AA)∶S(Aa)＝1∶1

【解析】(1)孟德尔遗传规律适用于核基因，不适合细胞质基因，故由此判断上述基因中，遵循孟德尔遗传规律的是A/a基因。

(2)①由于去雄困难，故应该选择S(aa)做母本，要培育S(Aa)，可以选择N(AA)或S(AA)做父本。

②植株S(Aa)可产生S(A)和S(a)两种花粉，其中可育花粉S(A)占1/2，该植株自交后代的基因型及比例是S(AA)∶S(Aa)＝1∶1。

12、(2020·河北省石家庄高三下学期模拟)在自然鼠群中，已知毛色由一对等位基因控制，A控制黄色，a1控制灰色，a2控制黑色，显隐性关系为A＞a1＞a2，且AA纯合胚胎致死。请分析回答相关问题：

(1)两只鼠杂交，后代出现三种表现型，则该对亲本的基因型是______，它们再生一只灰色雄鼠的概率是______。

(2)现进行多对Aa1×a1a2的杂交，统计结果平均每窝出生8只小鼠。在同样条件下进行许多Aa2×Aa2的杂交，预期每窝平均生出的黑色小鼠占比为________。

(3)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？请写出实验思路及预测结果。

实验思路：___________________________________________________________________

_____________________________________________________________________________。

预测结果：若子代表现型及比例为__________________，则该黄色雄鼠基因型为Aa1；若子代表现型及比例为____________________，则该黄色雄鼠基因型为Aa2。

【答案】(1)Aa2×a1a2　1/8　(2)1/3　(3)选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，统计后代毛色及比例　黄色∶灰色＝1∶1　黄色∶黑色＝1∶1

【解析】(1)由后代有黑色a2a2可推知亲代均有a2，又因后代有3种表现型，故亲本的基因型为Aa2和a1a2；它们再生一只灰色(a1a2)雄鼠的概率为1/4×1/2＝1/8。

(2)Aa2和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2和Aa2的后代有1/4AA胚胎致死，则每窝生出的黑色小鼠比例为1/3。

(3)要通过杂交方法检测出黄色雄鼠的基因型(Aa1或Aa2)，可用测交的方法，即将该黄色雄鼠与多只黑色(a2a2)雌鼠杂交并观察后代毛色。如果后代出现黄色∶灰色＝1∶1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1；如果后代出现黄色∶黑色＝1∶1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。