重难点突破02 向量中的隐圆问题(四大题型)-2024年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)(解析版)
展开重难点突破02 向量中的隐圆问题
目录
技巧一.向量极化恒等式推出的隐圆
乘积型:
定理:平面内,若为定点,且,则的轨迹是以为圆心为半径的圆
证明:由,根据极化恒等式可知,,所以,的轨迹是以为圆心为半径的圆.
技巧二.极化恒等式和型:
定理:若为定点,满足,则的轨迹是以中点为圆心,为半径的圆。
证明:,所以,即的轨迹是以中点为圆心,为半径的圆.
技巧三.定幂方和型
若为定点,,则的轨迹为圆.
证明:
.
技巧四.与向量模相关构成隐圆
坐标法妙解
题型一:数量积隐圆
例1.(2023·上海松江·校考模拟预测)在中,.为所在平面内的动点,且,若,则给出下面四个结论:
①的最小值为;②的最小值为;
③的最大值为;④的最大值为8.
其中,正确结论的个数是( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】A
【解析】如图,以为原点,所在的直线分别为轴,建立平面直角坐标系,
则,
因为,所以设,则
,,
所以,
所以,即(为任意角),
所以
(其中),
所以的最大值为,最小值为,
所以①③错误,
因为,
所以
(其中)
因为,
所以,
所以,
所以的最小值为,最大值为14,
所以②正确,④错误,
故选:A
例2.(2023·全国·高三专题练习)若正的边长为4,为所在平面内的动点,且,则的取值范围是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】由题知,
以为坐标原点,以所在直线为轴建立平面直角坐标系,如图,
则,,
由题意设,
则,
,
,
,
,
可得.
故选:D
例3.(2023·山东菏泽·高一统考期中)在中,AC=5,BC=12,∠C=90°.P为所在平面内的动点,且PC=2,则的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】在中,以直角顶点为原点,射线分别为轴非负半轴,建立平面直角坐标系,如图,
令角的始边为射线,终边经过点,由,得,而,
于是,
因此
,其中锐角由确定,
显然,则,
所以的取值范围是.
故选:D
变式1.(2023·全国·高三专题练习)已知是边长为的等边三角形,其中心为O,P为平面内一点,若,则的最小值是
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】作出图像如下图所示,取的中点为D,则,因为,则P在以O为圆心,以1为半径的圆上,
则.又为圆O上的点P到D的距离,则,
∴的最小值为.
故选:A.
变式2.(2023·北京·高三专题练习)为等边三角形,且边长为,则与的夹角大小为,若,,则的最小值为___________.
【答案】
【解析】因为是边长为的等边三角形,且,则为的中点,故,
以点为坐标原点,、分别为、轴的正方向建立如下图所示的平面直角坐标系,
则、、,设点,
,,
所以,,当且仅当时,等号成立,
因此,的最小值为.
故答案为:.
变式3.(2023·全国·高三专题练习)已知圆,点,M、N为圆O上两个不同的点,且若,则的最小值为______.
【答案】/
【解析】解法1:如图,因为,所以,故四边形为矩形,
设的中点为S,连接,则,
所以,
又为直角三角形,所以,故①,
设,则由①可得,
整理得:,
从而点S的轨迹为以为圆心,为半径的圆,
显然点P在该圆内部,所以,
因为,所以 ;
解法2:如图,因为,所以,
故四边形为矩形,由矩形性质,,
所以,从而,
故Q点的轨迹是以O为圆心,为半径的圆,
显然点P在该圆内,所以.
故答案为: .
题型二:平方和隐圆
例4.(2023·全国·高三专题练习)已知是单位向量,满足,则的最大值为________.
【答案】
【解析】依题意,可为与x轴、y轴同向的单位向量,设
化简得:
运用辅助角公式得:
,
即得:,
故;
故答案为:
例5.(2023·上海·高三专题练习)已知平面向量、满足,,设,则________.
【答案】
【解析】因为且,所以;
又因为,所以;
由,所以;
根据可知:,
左端取等号时:三点共线且在线段外且靠近点;右端取等号时,三点共线且在线段外且靠近点,
所以,所以.
故答案为:.
例6.(2023·江苏·高二专题练习)在平面直角坐标系中,已知点,,圆,若圆上存在点,使得,则实数的取值范围为( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】先求出动点M的轨迹是圆D,再根据圆D和圆C相交或相切,得到a的取值范围.设,则,
所以,
所以点M的轨迹是一个圆D,
由题得圆C和圆D相交或相切,
所以,
所以.
故选:B
变式4.(2023·江苏·高二专题练习)在平面直角坐标系中,已知直线与点,若直线上存在点满足(为坐标原点),则实数的取值范围是( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】设 ,
∵直线与点,直线上存在点满足,
∴,
整理,得 ①,
∵直线 上存在点M,满足,
∴方程①有解,
∴,
解得: ,
故选D.
变式5.(2023·宁夏吴忠·高二吴忠中学校考阶段练习)设,,O为坐标原点,点P满足,若直线上存在点Q使得,则实数k的取值范围为( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】设,
,
,即.
点P的轨迹为以原点为圆心,2为半径的圆面.
若直线上存在点Q使得,
则PQ为圆的切线时最大,
,即.
圆心到直线的距离,
或.
故选:C.
变式6.(2023·江西吉安·高三吉安三中校考阶段练习)在平面直角坐标系xOy中,已知圆C:,点,若圆C上存在点M,满足,则点M的纵坐标的取值范围是___________.
【答案】
【解析】解析:设,
因为,所以,
化简得,
则圆C:与圆:有公共点,
将两圆方程相减可得两圆公共弦所在直线方程为
代入可得,
故答案为:.
题型三:定幂方和隐圆
例7.(2023·湖南长沙·高一长沙一中校考期末)已知点,,直线:上存在点,使得成立,则实数的取值范围是______.
【答案】
【解析】由题意得:直线,
因此直线经过定点;
设点坐标为,;,
化简得:,
因此点为与直线的交点.
所以应当满足圆心到直线的距离小于等于半径
解得:
故答案为
例8.(2023·浙江·高三期末)已如平面向量、、,满足,,,,则的最大值为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】如下图所示,作,,,取的中点,连接,
以点为圆心,为半径作圆,
,,,
所以,为等边三角形,
为的中点,,所以,的底边上的高为,
,,
所以,,
所以,
,
由圆的几何性质可知,当、、三点共线且为线段上的点时,
的面积取得最大值,此时,的底边上的高取最大值,即,则,
因此,的最大值为.
故选:B.
例9.(2023·河北衡水·高三河北衡水中学校考期中)已知平面单位向量,的夹角为60°,向量满足,若对任意的,记的最小值为M,则M的最大值为
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由推出,所以,如图,终点的轨迹是以为半径的圆,设,,,,所以表示的距离,显然当时最小,M的最大值为圆心到的距离加半径,即,
故选:A
变式7.(2023·江苏·高三专题练习)已知,是两个单位向量,与,共面的向量满足,则的最大值为( )
A. B.2 C. D.1
【答案】C
【解析】由平面向量数量积的性质及其运算得,设,
则,则点C在以AB为直径的圆O周上运动,由图知:当DC⊥AB时,|DC|≥|DC′|,设,利用三角函数求的最值.由得:,即,
设,
则,
则点C在以AB为直径的圆O上运动,
由图知:当DC⊥AB时,|DC|≥|DC′|,
设,
则,
所以当时,|DC|取最大值,
故选:C.
变式8.(2023·浙江舟山·高一舟山中学校考阶段练习)已知、、是平面向量,是单位向量. 若,, 则的最大值为_______.
【答案】
【解析】因为,则,即,
因为,即,
作,,,,则,
,则,
固定点,则为的中点,则点在以线段为直径的圆上,
点在以点为圆心,为半径的圆上,如下图所示:
,
设,则,
因为,,
故
,
当时,等号成立,即的最大值为.
故答案为:.
变式9.(2023·四川达州·高二四川省大竹中学校考期中)已知,,是平面向量,是单位向量.若非零向量与的夹角为,向量满足,则的最小值是_______.
【答案】
【解析】由得,,
故,或或,
设,,以O为原点,的方向为x轴正方向,建立如图所示坐标系,
则,令,则,,
由,或或,
得B点在以为圆心,为半径的圆上,
又非零向量与的夹角为,则设的起点为原点,则终点在不含端点的两条射线,上,
则的几何意义等价于圆上的点到射线上的点的距离,则其最小值为圆心到直线的距离减去半径,不妨以为例,
则的最小值为
故答案为:
变式10.(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量、、、,满足,,,,若,则的最大值是_________.
【答案】
【解析】因为,即,可得,
设,,则,则,
设,则,
因为,,则或,
因为,则或,
令,则或,
根据对称性,可只考虑,
由,
记点、、,则,,
所以,,
当且仅当点为线段与圆的交点时,等号成立,
所以,
.
故答案为:.
变式11.(2023·河南南阳·南阳中学校考模拟预测)已知是平面向量,,若非零向量与的夹角为,向量满足,则的最小值是__________.
【答案】/
【解析】设,则由得,可得,
由得,
因此,表示圆上的点到直线上的点的距离;
故其最小值为圆心到直线的距离减去半径1,即.
故答案为:
题型四:与向量模相关构成隐圆
例10.(2023·辽宁大连·大连二十四中校考模拟预测)已知是平面内的三个单位向量,若,则的最小值是__________.
【答案】
【解析】均为单位向量且,不妨设,,且,
,,
,
的几何意义表示的是点到和两点的距离之和的2倍,
点在单位圆内,点在单位圆外,
则点到和两点的距离之和的最小值即为和两点间距离,
所求最小值为.
故答案为:.
例11.(2023·上海·高三专题练习)已知、、、都是平面向量,且,若,则的最小值为____________.
【答案】
【解析】
作图,,则,,
因为,所以起点在原点,终点在以B为圆心,1为半径的圆上;
同理,,所以起点在原点,终点在以C为圆心,1为半径的圆上,
所以的最小值则为,
因为,,当,,三点共线时,,所以.
故答案为:.
例12.(2023·上海金山·统考二模)已知、、、都是平面向量,且,若,则的最小值为__________.
【答案】/
【解析】如图,设,,,,,
则点在以为圆心,以为半径的圆上,点在以为圆心,以为半径的圆上,
,所以点在射线上,
所以,
作点关于射线对称的点,则,且,
所以(当且仅当点三点共线时取等号)
所以的最小值为,
故答案为:.
变式12.(2023·全国·高三专题练习)已知线段是圆的一条动弦,且,若点为直线上的任意一点,则的最小值为__________.
【答案】
【解析】如图,为直线上的任意一点,
过圆心作,连接,由,
可得,
由,当共线时取等号,
又是的中点,所以,
所以.
则此时,
的最小值为.
故答案为:
变式13.(2023·全国·高三专题练习)已知为坐标原点,,B在直线上,,动点M满足,则的最小值为__________.
【答案】/
【解析】设,
因为,所以,
因为,所以,
,
整理得,
可得点在以为圆心,半径为的圆上,
,当时,
可得,即
圆心在在直线上,
过做的垂线,当垂足为圆心点时,长度最小,的长度也最小,
且长度最小值为,此时的最小值为.
故答案为:.
变式14.(2023·全国·高三专题练习)已知是单位向量,.若向量满足,则||的最大值是________.
【答案】/
【解析】法一 由,得.
如图所示,分别作,作,
由于是单位向量,则四边形OACB是边长为1的正方形,所以,
作,则,
所以点P在以C为圆心,1为半径的圆上.
由图可知,当点O,C,P三点共线且点P在点P1处时,||取得最大值,
故||的最大值是,
故答案为:
法二 由,得,
建立如图所示的平面直角坐标系,则,
设 ,由,
得 ,
所以点C在以(1,1)为圆心,1为半径的圆上.
所以
故答案为:
变式15.(2023·新疆·高三新疆兵团第二师华山中学校考阶段练习)已知是、是单位向量,,若向量满足,则的最大值为______
【答案】/
【解析】由、是单位向量,且,则可设,,,
所以,
向量满足,
,
即,
它表示圆心为,半径为的圆,
又表示圆上的点到坐标原点的距离,因为,
所以.
故答案为:.
变式16.(2023·全国·高三专题练习)已知是平面内两个互相垂直的单位向量,若向量 满足,则的最大值是_________.
【答案】
【解析】因为是平面内两个互相垂直的单位向量,
故不妨设,设,
由得:,
即,即,
则的终点在以为圆心,半径为的圆上,
故的最大值为,
故答案为:
变式17.(2023·全国·高三专题练习)已知平面向量满足:与的夹角为,记是的最大值,则的最小值是__________.
【答案】
【解析】如图,
设为AB中点,令,
则 ①,
因为,
故有,
②,
由①②得,从而,
因为,所以,即点C在以AB为直径的圆E上.
,
,
当且仅当时,即时等号成立.
故答案为:
变式18.(2023·全国·高三专题练习)已知向量,满足,,则的最大值为___________.
【答案】5
【解析】令,
,
,
,
令,
设,则
,,
令,
若函数存在极值点,则是函数的唯一极值点,
显然,函数在取得最值,
,
故答案为:5.
变式19.(2023·全国·高三专题练习)已知向量满足,则的最大值为________.
【答案】
【解析】设,以OA所在的直线为x轴,O为坐标原点建立平面直角坐标系,
∵
则A(4,0),B(2,2),设C(x,y),
∵,∴,
即,∴点C在以(3,1)为圆心,1为半径的圆上,
表示点A,C的距离,即圆上的点与A(4,0)的距离,
∵圆心到A的距离为,
∴的最大值为.
故答案为:.
变式20.(2023·全国·高三专题练习)设,为单位向量,则的最大值是________
【答案】
【解析】依题意,为单位向量,设,
则
,
当且仅当,即时等号成立.
故答案为:
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2024年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)重难点突破02 向量中的隐圆问题(四大题型)(原卷版+解析): 这是一份2024年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)重难点突破02 向量中的隐圆问题(四大题型)(原卷版+解析),共32页。试卷主要包含了已知点,,直线等内容,欢迎下载使用。
重难点突破11 导数中的同构问题(六大题型)-2024年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)(解析版): 这是一份重难点突破11 导数中的同构问题(六大题型)-2024年高考数学一轮复习讲练测(新教材新高考)(解析版),共39页。试卷主要包含了常见的同构函数图像等内容,欢迎下载使用。