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    高中数学人教A版(2019)选择性必修第一册《2.3.3 点到直线的距离公式》提升训练(含解析)

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    高中数学2.3 直线的交点坐标与距离公式同步训练题

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    这是一份高中数学2.3 直线的交点坐标与距离公式同步训练题,共19页。试卷主要包含了直线x+3y−5=0的倾斜角是等内容,欢迎下载使用。
    
    人教A版(2019)选择性必修第一册《2.3.3 点到直线的距离公式》提升训练

    一 、单选题(本大题共13小题,共65分)
    1.(5分)直线x+3y−5=0的倾斜角是()
    A、π6
    B、π3
    C、2π3
    D、5π6
    A. π6 B. π3 C. 2π3 D. 5π6
    2.(5分)已知△ABC的顶点A(5,5),AB边上的中线所在直线方程为x−5y+6=0,AC边上的高所在直线方程为3x+2y−7=0,则BC所在直线的方程为()
    A、x+2y+1=0
    B、x−2y+3=0
    C、x−2y−5=0
    D、x+2y−1=0
    A. x+2y+1=0 B. x−2y+3=0
    C. x−2y−5=0 D. x+2y−1=0
    3.(5分)已知两不同直线m,n与三不同平面α,β,γ,下列条件能推出α//β的是( )
    A. α⊥γ且β⊥γ B. m⊂α,n⊂β,m//n
    C. m⊥α且m⊥β D. m⊂α,n⊂α,m//β,n//β
    4.(5分)如图,四边形ABCD为矩形,下底面宽AD=3丈,长AB=4丈,上棱EF=2丈,EF与平面ABCD平行.EF与平面ABCD的距离为1丈,则它的体积是()

    A. 4立方丈 B. 5立方丈 C. 6立方丈 D. 8立方丈
    5.(5分)在直线2x−3y+5=0上求点P,使点P到A(2,3)的距离为13,则点P的坐标是()
    A. (5,5) B. (−1,1)
    C. (5,5)或(−1,1) D. (5,5)或(1,−1)
    6.(5分)如图,网格纸上小正方形的边长为1,粗线画出的是某三棱锥的三视图,则该三棱锥的体积为()

    A. 6 B. 9 C. 92 D. 3
    7.(5分)在直三棱柱ABC−A1B1C1中,△ABC是边长为2的等边三角形,若异面直线BC1与AC所成的余弦值为14,则三棱柱ABC−A1B1C1的体积为()
    A. 6 B. 3 C. 2 D. 1
    8.(5分)如图,已知AB⊥平面BCD,BC⊥CD,则图中直角三角形的个数为( )
    A. 1 B. 2 C. 3 D. 4
    9.(5分)由直线 上的点向圆引切线,则切线长的最小值为( )
    A.
    B.
    C.
    D.
    10.(5分)直线y=kx+3被圆(x−2)2+(y−3)2=4截得的弦长为23,则直线的倾斜角为(    )
    A. π6或5π6 B. −π3或π3 C. −π6或π6 D. π6
    11.(5分)设关于x的方程4x−2x+1−b=0(b∈R),若该方程有两个不相等的实数解,则b的取值范围是( )
    A. [-1,0] B. [-1,0) C. (-1,0) D. (0,1)
    12.(5分)在空间直角坐标系O-xyz中,A(0,0,1),B(m2,0,0),C(0,1,0),D(1,2,1),若四面体OABC的外接球的表面积为6π,则异面直线OD与AB所成角的余弦值为

    A. 3030 B. 510 C. 16 D. 24
    13.(5分)三棱锥P-ABC中,ΔABC为等边三角形,PA=PB=PC=1,PA⊥PB,三棱锥P-ABC的外接球的表面积为(    )
    A. 12π B. 3π C. π6 D. 2π
    二 、填空题(本大题共5小题,共25分)
    14.(5分)若直线l:xa+yb=1(a>0,b>0)经过点(1,2),则直线l在x轴和y轴的截距之和的最小值是______.
    15.(5分)利用斜二测画法得到:①三角形的直观图是三角形;②平行四边形的直观图是平行四边形;③正方形的直观图是正方形;④菱形的直观图是菱形.以上结论中,正确的是________(填序号).
    16.(5分)如图,已知在三角形ABC中,∠A=60°,∠C=90°,AB=4cm,质点P1从点A出发沿A→B→C方向,同时质点P2也从点A出发沿A→C→B方向在该三角形上运动,直至它们首次相遇为止.若质点P1的速度为2cms,质点P2的速度为1cms,则AP1→⋅AP2→的最大值为 ______.

    17.(5分)已知三棱锥P−ABC中,O为AB中点,PO⊥平面ABC,∠APB=90°,PA=PB=2,则下列说法中正确的序号为 ______. 
    ①若O为ΔABC的外心,则PC=2; 
    ②若ΔABC为等边三角形,则AP⊥BC; 
    ③当∠ACB=90°时,PC与平面PAB所成角的范围为(0,π4]; 
    ④当PC=4时,M为平面PBC内动点,若OM//平面PAC,则M在ΔPBC内的轨迹长度为2.

    18.(5分)在数列{an}中,a1=6,an+1an=n+3n,那么{an}的通项公式是 ______ .
    三 、解答题(本大题共5小题,共60分)
    19.(12分)已知四棱锥P−ABCD的底面ABCD为矩形,PA⊥底面ABCD,点E在BC上(异于点B),F、G分别为PD、PA的中点. 




    (1)证明:B、E、F、G四点共面;
    (2)证明:平面PAB⊥平面BEFG.
    20.(12分)在平面直角坐标系xOy中,已知圆C:x2+y2−4x=0及点A(−1,0),B(1,2). 
    (1)若直线l平行于AB,与圆C相交于D,E两点,且DE=AB,求直线l的方程; 
    (2)在圆C上是否存在点P,使得PA2+PB2=12成立?若存在,求点P的个数;若不存在,说明理由; 
    (3)对于线段AC上的任意一点Q,若在以点B为圆心的圆上都存在不同的两点M,N,使得点M是线段QN的中点,求圆B的半径r的取值范围.
    21.(12分)如图正三棱柱ABC−A'B'C'的所有棱长均为2,E、F、G、H分别是棱AA'、AB、AC、B'C'的中点. 
    (1)求证:B'C'//面EFG; 
    (2)求三棱锥H−EFG的体积; 
    (3)求二面角E−FG−H的余弦值.

    22.(12分)如图,在四棱锥P­ABCD中,底面ABCD是矩形,PA⊥平面ABCD,PA=AD=4,AB=2.以BD的中点O为球心,BD为直径的球面交PD于点M.

    (1)求证:平面ABM⊥平面PCD;
    (2)求直线PC与平面ABM所成角的正切值;
    (3)求点O到平面ABM的距离.
    23.(12分)在三角形ABC中,角A,B,C的对边分别是a,b,c,且sin2B2b=cos(C+B)−cosCsinBc.
    (1)求角A的大小;
    (2)若三角形ABC的面积为1,b+c=2+2,求a.

    答案和解析
    1.【答案】null;
    【解析】解:x+3y−5=0的斜率为−33, 
    则所求倾斜角为56π. 
    故选:D. 
    根据已知条件,结合直线斜率与倾斜角的关系,即可求解. 
    此题主要考查直线斜率与倾斜角的关系,属于基础题.

    2.【答案】null;
    【解析】解:∵△ABC的顶点A(5,5),AC边上的高所在直线方程为3x+2y−7=0, 
    ∴AC边所在直线的方程为2x−3y+5=0, 
    ∵AB边上的中线所在直线方程为x−5y+6=0, 
    ∴联立{2x−3y+5=0x−5y+6=0,解得x=−1,y=1,即C(−1,1), 
    设B(a,b), 
    则线段AB的中点M(a+52,b+52),{a+52−5×b+52+6=03a+2b−7=0,解得{a=3b=−1,即B(3,−1), 
    ∴kBC=1+1−1−3=−12, 
    ∴BC所在直线的方程为y−1=−12(x+1),即x+2y−1=0. 
    故选:D. 
    先求出直线AC,再结合AB边上的中线所在直线方程,求出C(−1,1),再结合中点坐标公式,求出B(3,−1),即可求解. 
    此题主要考查直线方程的求解,属于基础题.

    3.【答案】C;
    【解析】解:因为α,β垂直于同一个平面γ,故α,β可能相交,可能平行,故A不正确; 
    α,β相交时,m,n都与交线平行,m//n,满足条件,不能推出α//β,故B不正确; 
    利用垂直于同一直线的两个平面平行,可知结论正确,故C正确; 
    α,β相交时,m,n都与交线平行,m//n,满足条件,不能推出α//β,故D不正确, 
    故选:C. 
    α,β垂直于同一个平面γ,故α,β可能相交,可能平行; 
    α,β相交时,m,n都与交线平行,m//n,满足条件; 
    利用垂直于同一直线的两个平面平行,可知结论正确; 
    α,β相交时,m,n都与交线平行,m//n,满足条件. 
    此题主要考查面面平行的判定,考查学生分析解决问题的能力,属于基础题.

    4.【答案】B;
    【解析】解:过E作EG⊥平面ABCD,垂足为G,过F作FH⊥平面ABCD,垂足为H, 
    过G作PQ//AD,交AB于Q,交CD于P,过H作MN//BC,交AB于N,交CD于M, 

    则它的体积: 
    V=VE−AQPD+VEPQ−FMN+VF−NBCM 
    =13×EG×S△AQPD+S△EPQ×NQ+13×FH×SNBCM 
    =13×1×1×3+12×3×1×2+13×1×1×3 
    =5(立方丈). 
    故选:B. 
    过E作EG⊥平面ABCD,垂足为G,过F作FH⊥平面ABCD,垂足为H,过G作PQ//AD,交AB于Q,交CD于P,过H作MN//BC,交AB于N,交CD于M,则它的体积:V=VE−AQPD+VEPQ−FMN+VF−NBCM. 
    此题主要考查几何体的体积的求法,考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识,考查运算求解能力、空间想象能力,考查函数与方程思想、数形结合思想,是中档题.


    5.【答案】C;
    【解析】 
    此题主要考查两点间的距离公式,属基础题.
    解:设点P(x,y),则y=2x+53.
    由|PA|=13,得(x−2)2+(2x+53−3)2=13,即(x−2)2=9,
    解得x=−1或x=5.
    当x=−1时,y=1;当x=5时,y=5,所以点P的坐标是(−1,1)或(5,5).

    6.【答案】D;
    【解析】解:根据几何体的三视图转换为直观图,该几何体由一个四棱锥体A−BCDE切去一个三棱锥体A−BCD. 
    如图所示: 

    故:V=VA−BCDE−VA−BCD=13×12×(2+3)×2×3−13×12×2×2×3=3. 
    故选:D. 
    首先把三视图转换为几何体的直观图,进一步利用割补法的应用求出几何体的体积. 
    此题主要考查的知识要点:三视图和几何体的直观图之间的转换,几何体的体积公式,主要考查学生的运算能力和数学思维能力,属于中档题.

    7.【答案】A;
    【解析】 
    此题主要考查异面直线成角、三棱柱的体积,属于基础题.解:在直三棱柱ABC−A1B1C1中,AC//A1C1, 
    故∠BC1A1即为异面直线BC1与AC所成角或其补角, 
    连接A1B,设BB1=ℎ 
    在△A1BC1中,A1B=BC1=4+ℎ2, 
    ∴cos∠BC1A1=A1C12+BC12−A1B22·A1C1·BC1=14, 
    ∴BC1=4, 
    ∴4+ℎ2=4,ℎ=23, 
    ∴三棱柱ABC−A1B1C1的体积 
    V=BB1·S△ABC=23·12·2·2·sin60°=6. 





    8.【答案】D;
    【解析】解:由于AB⊥平面BCD, 
    则AB⊥BC,AB⊥BD,AB⊥CD, 
    又BC⊥CD, 
    则CD⊥平面ABC, 
    则CD⊥AC, 
    故△ABC,△ACD,△ABD,△BCD均为直角三角形. 
    故选D.


    9.【答案】C;
    【解析】

    该题考查直线与圆的方程的应用,考查学生数形结合思想的运用,属于中档题目. 

    解:直线y=x+2上一点到圆心的距离为,切线长为,
    因此,
    当最小时,最小,
    的最小值为圆心(4,−2)到直线y=x+2的距离|4+2+2|12+12=42,
    因此的最小值为.
    故选C.

    10.【答案】A;
    【解析】 
    该题考查直线与圆的位置关系,考查直线的倾斜角,考查学生的计算能力,属于基础题. 
    利用直线y=kx+3被圆(x−2)2+(y−3)2=4截得的弦长为23,得到圆心到直线的距离为d=4−3=1=|2k|1+k2,求出k,即可求出直线的倾斜角. 

    解:由题知:圆心(2,3),半径为2. 
    因为直线y=kx+3被圆(x−2)2+(y−3)2=4截得的弦长为23, 
    所以圆心到直线的距离为d=4−3=1=|2k|1+k2, 
    ∴k=±33, 
    设直线倾斜角为α, 
    由k=tanα,且α∈[0,π), 
    得α=π6或5π6. 
    故选:A. 



    11.【答案】C;
    【解析】略

    12.【答案】A;
    【解析】 
    此题主要考查了利用空间向量求异面直线所成角,球的表面积和体积,属于基础题.由已知易知OA,OB,OC两两垂直,由4π×12+12+m44=6π,解得m2=2,得到AB→=2,0,1,OD→=1,2,1,代入夹角公式,即可得结果. 

    解:由已知易知OA,OB,OC两两垂直, 
    则4π×12+12+m44=6π, 
    解得m2=2, 
    则AB→=2,0,−1,OD→=1,2,1, 
    则cos=15×6=3030, 
    即异面直线OD与AB所成角的余弦值为3030. 
    故选A.

    13.【答案】B;
    【解析】 
    此题主要考查三棱锥外接球表面积的求法,属于中档题. 
    先证明PA⊥PC,PB⊥PC,可得三棱锥P-ABC外接球就是以PA,PB,PC为棱的长方体的外接球,长方体的对角线即为球直径,结合球的表面积公式可得结果.

    解:∵三棱锥P-ABC中,ΔABC为等边三角形,PA=PB=PC=1,
    ∴ΔPAB≅ΔPAC≅ΔPBC,
    ∵PA⊥PB,∴PA⊥PC,PB⊥PC,
    以PA,PB,PC为过同一顶点的三条棱,作长方体如图,

    则长方体的外接球也是三棱锥P−ABC外接球,
    ∵长方体的对角线为3,
    ∴球直径为3,半径为R=32, 
    因此,三棱锥P-ABC外接球的表面积是4πR2=4π×322=3π, 
    故选B.

    14.【答案】3+22;
    【解析】解:∵直线l:xa+yb=1(a>0,b>0)经过点(1,2) 
    ∴1a+2b=1, 
    ∴a+b=(a+b)(1a+2b)=3+ba+2ab⩾3+22,当且仅当b=2a时上式等号成立. 
    ∴直线在x轴,y轴上的截距之和的最小值为3+22. 
    故答案为:3+22. 
    把点(1,2)代入直线方程,得到1a+2b=1,然后利用a+b=(a+b)(1a+2b),展开后利用基本不等式求最值. 
    该题考查了直线的截距式方程,考查利用基本不等式求最值,是中档题.

    15.【答案】①②;
    【解析】

    此题主要考查斜二测法画直观图与平面图形的联系.
    根据斜二测画法的规则,逐个判断即可.

    解:斜二测画法保持平行性和相交性不变,即平行直线的直观图还是平行直线,
    相交直线的直观图还是相交直线,故①②正确;
    但是斜二测画法中平行于y轴的线段,在直观图中长度为原来的一半,
    则正方形的直观图不是正方形,菱形的直观图不是菱形,所以③④错.
    故答案为①②.

    16.【答案】112;
    【解析】解:设运动时间为ts, 
    当P1运动到点B时,P2恰运动到点C,此时t=AB2=2s, 
    当P1和P2首次相遇时,必在线段BC上,此时(t−2)+2(t−2)=BC=23,解得t=(233+2)s, 
    若0

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