2020年四川省泸州市中考物理试题（含解析）

物理

一、填空题

1.夏季，泸州市江阳公园的音乐喷泉随音乐舞动，供市民欣赏。以下关于声现象说法正确的是（  ）

A. 音箱发出的音乐不是振动产生的

B. 声音在传播过程中，可以传递信息

C. 区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音调不同

D. 声波在不同介质中传播时，速度保持340m/s不变

【答案】B

【解析】

【详解】A．声音是由物体振动产生的，故A错误；

B．声音可以传递信息和能量，故B正确；

C．不同的乐器的材质和结构不同，它们发出的声音音色不同，故区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音色不同，故C错误；

D．声音的传播速度与介质的种类和介质的温度有关，在相同温度下，介质不同，声音传播的速度不同；在同种介质中，介质的温度不同，声音传播的速度不同，故D错误。

故选B。

2.请你朋友到国家优秀旅游城市泸州品尝各地的传统特色美食。以下关于泸州各地美食中所涉及到的物理知识，描述正确的是（  ）

A. “泸州白糕”出笼时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气汽化吸热形成的

B. “叙永两河桃片”在制作过程中，把猪板油放入锅中，猪板油熔化时会放出热量

C. “合江烤鱼”在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过做功的方式改变其内能

D. “泸县太伏火腿”在烹饪过程中，散发出浓浓的香味，这是分子做无规则运动的缘故

【答案】D

【解析】

【详解】A．“白汽”，是笼中的水蒸气遇冷液化形成的，是放热过程，故A错误；
B．熔化是吸热过程，所以猪板油熔化时会吸收热量，故B错误；
C．“合江烤鱼”在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过热传递的方式改变其内能，故C错误；
D．“泸县太伏火腿”在烹饪过程中，，散发出浓浓的香味，这是因为分子在做无规则运动，故D正确。
故选D。

3.“从生活走向物理，从物理走向社会”。对下列生活中的事例，判断错误的是（  ）

A. “小王比小李胖”是指小王的体重一定大于小李的体重

B. “铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度

C. 用手机上网时，不能随意点击陌生链接，防止个人信息泄露

D. 大功率家用电器需要安装漏电保护装置，否则漏电时会危及生命和财产安全

【答案】A

【解析】

【详解】A．人的体重和质量成正比，而质量的大小和物体的体积以及密度有关，“小王比小李胖”只能说明小王比小李的体积大，我们不能由此来判断质量的关系，所以也不能判断他们体重的大小关系，故A错误，符合题意；

B．“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度，故B正确，不符合题意；

C．用手机上网时，有很多链接是不安全的，所以不能随意点击陌生链接，以防止个人信息泄露，故C正确，不符合题意；

D．大功率家用电器需要安装漏电保护装置，因为大功率电器工作时，通过电路的电流较大，漏电时可能会危及生命和财产安全，故D正确，不符合题意。

故选A。

4.公交IC卡是我市市民出行的好帮手。IC卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测器就会产生感应电流，便可读出IC卡上的信息。下列图中各电器的工作原理与IC卡刷卡时原理相同的是（  ）

A. 电风扇

B. 电动机

C. 手摇发电机

D. 电磁铁

【答案】C

【解析】

【详解】AB．电风扇、电动机是利用通过导体在磁场中要受到力的作用的原理来工作的，故A、B不符合题意；

C．手摇发电机，是闭合电路的部分导体做切割磁感线运动，产生感应电流，是利用电磁感应的原理来工作的，故C符合题意；

D．电磁铁，是通过线圈的周围存在磁场，是利用电流的磁效应来工作的，故D不符合题意。

故选C。

5.2020年6月21日下午，泸州地区上空出现了日环食现象，如图所示。下列各图中的光学现象与日环食现象原理相同的是（  ）

A. 小孔成像

B. 平面镜成像

C. 水中的鱼看起来变浅了

D. 雨后空中彩虹

【答案】A

【解析】

【详解】日环食的成因是光的直线传播原理；

A．小孔成像是由于光的直线传播原理，故A符合题意；

B．平面镜成像是由于光的反射原理，故B不符合题意；

C．水中的鱼看起来变浅了，是由于光的折射，故C不符合题意；

D．雨后空中彩虹是光的色散现象，其成因是由于光的折射，故D不符合题意。

故选A。

6.2020年6月23日，在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，成功发射北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星，实现北斗导航系统全球覆盖。下列说法中正确的是（  ）

A. 北斗导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播

B. 北斗导航系统中卫星间的信息传递采用光纤传送

C. 北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是运动的

D. 在轨运行的北斗导航卫星受到非平衡力的作用

【答案】D

【解析】

【详解】A．电磁波的传播不需要介质，故A错误；

B．北斗导航系统中卫星间的信息传递采用电磁波传送，故B错误；

C．地球同步卫星相对地面的位置没有发生改变，故北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是静止的，故C错误；

D．在轨运行的北斗导航卫星，运动的方向随时在改变，故运动状态随时在改变，受非平衡力的作用，故D正确。

故选D。

7.泸州“国窖1573”闻名世界。我市国窖广场的水平地面上竖直放置了“中国第一窖”的石头纪念标志，如图所示。下列说法中正确的是（  ）

A. 由于该石头静止在地面上，所以没有惯性

B. 石头对地面的压力和石头所受的重力是一对相互作用力

C. 石头所受重力和地面对石头的支持力是一对平衡力

D. 地面对石头的支持力小于石头对地面的压力

【答案】C

【解析】

【详解】A．惯性是物体的一种属性，与物体的运动状态无关，所以石头静止在地面上，也有惯性，故A错误；
B．一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在不同的物体上、在同一直线上，石头对地面的压力和石头所受的重力方向都是向下的，所以不是一对相互作用力，故B错误；
C．石头所受重力和地面对石头的支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、同一直线上，是一对平衡力，故C正确；
D．地面对石头的支持力与石头对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，故D错误。
故选C。

8.2020年泸州市中考体育测试中有必考、抽考和选考科目，包括短跑、跳绳、实心球、立定跳远、带足球绕杆、运篮球上篮等。以下关于体考中的物理知识，说法正确的是（  ）

A. 学生在短跑过程中，机械能转化为化学能

B. 学生带足球绕杆的运动，说明力可以改变物体的运动状态

C. 学生投掷的实心球在飞行的整个过程中，动能一直在减小

D. 学生在立定跳远的整个过程中，他的重力势能一直不变

【答案】B

【解析】

【详解】A．学生在短跑过程中，化学能转化为机械能，故A错误；

B．学生带足球绕杆的运动，足球的运动方向和速度在发生改变，故足球的运动状态在发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故B正确；

C．实心球在飞行的整个过程中，动能是先增大后减小，故C错误；

D．学生在立定跳远整个过程中，他的重力势能，先增加后减小，故D错误。

故选B。

9.如图所示，同一个球在A液体中处于漂浮状态，在B液体中处于悬浮状态。下列判断正确的是（  ）

A. A液体的密度小于B液体的密度

B. A液体的密度大于B液体的密度

C. 球在A液体中受到的浮力小于在B液体中受到的浮力

D. 球在A液体中受到的浮力大于在B液体中受到的浮力

【答案】B

【解析】

【详解】A B．因为球在A液体中处于漂浮状态，则有

在B液体中处于悬浮状态，则有

所以

故B正确，A错误；

C D．同一个球在A液体中处于漂浮状态，在B液体中处于悬浮状态，所以在两液体中的浮力

即球在A液体中受到的浮力等于在B液体中受到的浮力，故CD错误。

故选B。

10.在泸州市第35届科技创新大赛上，某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中，另一端与塑料瓶盖相连并密封，在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉，然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧，发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内，如图所示。下列说法中正确的是（  ）

A. 塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，目的是让瓶内空气增加

B. 用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终等于大气压

C. 烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是利用了连通器原理

D. 烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压

【答案】D

【解析】

【详解】A．塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，塑料瓶内空气受热膨胀溢出，目的是让瓶内空气减少，故A错误；
B．塑料瓶内空气受热膨胀溢出，瓶内空气减少，再用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终小于大气压，故B错误；
CD．烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压，利用了大气压的作用，故C错误，D正确。
故选D

11.某兴趣小组探究小台灯电路中各物理量的关系，如图所示。已知小灯泡的规格为“3V 0. 9W”，假设灯泡电阻不变，电源电压为3V。在探究过程中，闭合开关S，无论如何调节滑动变阻器，电流表示数都不会低于0.1A。则下列说法中正确的是（  ）

A. 小灯泡的电阻为10Ω

B. 当电流表示数为0.2A时，电压表示数为2V

C. 滑动变阻器的最大阻值为30Ω

D. 该电路消耗的最大功率与最小功率之比为3：1

【答案】AD

【解析】

【详解】A．由可得小灯泡的电阻为

故A正确；

B．由图知，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测整个电路的电流，电压表测变阻器两端的电压，当电流表示数为0.2A时，小灯泡两端的电压为

由串联电路电压的特点可得，电压表的示数为

故B错误；

C．当电路的电流为0.1A时，小灯泡两端的电压为

根据串联电路分压的特点可得

则变阻器的最大阻值为

故C错误；

D．当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，此时电路消耗的功率最大，即为小灯泡的额定功率，即

当变阻器接入电路的阻值最大时，此时电路消耗的功率最小，即

最大功率与最小功率之比为

故D正确。

故选AD。

12.如图所示，已知固定斜面长5m、倾角为30°，木箱重150N。某同学用大小为100N的推力沿斜面向上推木箱，使木箱沿斜面匀速从底端运动到顶端的过程中，关于木箱所受的力对木箱做的功，下列判断正确的是（  ）

A. 木箱克服重力做功的大小为500J

B. 木箱克服斜面摩擦力做功的大小为125J

C. 推力做功的大小为500J

D. 斜面支持力做功的大小为375J

【答案】BC

【解析】

【详解】ABC．推力对木箱做的功为总功

由题意知，斜面的高度为斜面长度的一半，木箱克服其重力做的功为有用功

此过程中，木箱克服斜面摩擦力做的功为额外功

故A错误、BC正确；

D．斜面对物体支持力的方向和物体运动的方向互相垂直，这说明物体没有在支持力的方向上通过一段距离，所以斜面支持力对物体没有做功，故D错误。

故选BC。

二、填空题

13.2020年6月28日，国产大飞机C919在新疆吐鲁番交河机场完成了高温极端天气下的试飞。飞机翅膀做成下平上凸形状，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强______（ 选填“大”或“小”），使飞机获得升力；飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹， 有利于着陆减速时______（选填“增大"或“减小”）摩擦；飞机在高空飞行过程中与空气______（选填“摩擦”或“接触”）起电使飞机带上电荷，轮胎胶合了钢丝的目的，是飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地，保证乘客安全。

【答案】    (1). 小    (2). 增大    (3). 摩擦

【解析】

【详解】[1]飞机翅膀做成下平上凸形状，根据伯努利原理，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强小。
[2]飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹，这是通过增大接触面的粗糙程度，增大摩擦。
[3]飞机在飞行时，与空气摩擦产生大量的静电，所以轮胎胶合了钢丝，将静电导走，防止对乘客带来危害。

14.疫情期间，某学校门口安装了一台双光温测智能识别系统，大幅度地提高了测温效率和人员识别能力，如图所示。测量温度主要利用了红外线具有热效应的特点，红外线是一种______（ 选填“电磁波”或“声波”）；光学成像系统的摄像头镜片是______（选填 “凸透镜”“凹透镜” 或“平面镜”）；当人体体温超过时，系统通过______（选填 “温度”“压力”或“速度”）传感器，触发系统自动报警。

【答案】    (1). 电磁波    (2). 凸透镜    (3). 温度

【解析】

【详解】[1]红外线是不可见光，它属于电磁波的一种。

[2]光学成像系统的摄像头和照相机的镜头一样，同为凸透镜。

[3]当人体体温超过时，系统通过温度传感器，触发系统自动报警。

15.泸州云龙机场用传送带为顾客运送行李，主要有水平运送和沿斜面运送两种形式，甲为水平传送带，乙为倾斜传送带，如图所示。当行李随传送带一起匀速运动时，甲传送带上的行李所受的摩擦力______（选填“等于零”或“不等于零”），乙传送带上的行李所受的摩擦力______（选填“等于零”或“不等于零”）。如果乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动，则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带______（选填“向上”或“向下”）。

【答案】    (1). 等于零    (2). 不等于零    (3). 向上

【解析】

【详解】[1]甲传送带上的行李做匀速直线运动，由题意可知它受到平衡力的作用，其竖直方向受到的重力和传送带的支持力为一对平衡力，假设行李在水平方向会受到摩擦力，那它在水平方向肯定会受到另一个力和摩擦力平衡，但我们找不到这个力的存在，所以假设不成立，即甲传送带上的行李所受的摩擦力为零。

[2]乙传送带上的物体会受到重力和传送带对其的支持力，重力的方向是竖直向下的、支持力的方向和传送带垂直向上，也就是说重力和支持力的方向并不相反，所以这两个力不能平衡，而乙传送带上的行李在做匀速直线运动，所以行李肯定会受到传送带的摩擦力，在重力、支持力、摩擦力，三力共同作用下，行李处于平衡状态。

[3]乙传送带上的物体受到重力的作用，所以该行李有沿传送带向下运动的趋势，而摩擦力总是阻碍物体的相对运动（或相对运动趋势），由此可知行李在运动中受到的摩擦力方向是沿传送带向上的。

16.随着我市城市化步伐加快，计划建两条电气化城市轻轨。其中一条是泸州客运中心到泸州南站，里程大约24km，设计列车运行时间24min，则列车运行全程的平均速度约为______km/h；列车运行时将______能转化为机械能；列车减速进站时，其动能______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

【答案】    (1). 60    (2). 电    (3). 减小

【解析】

【详解】[1]列车运行全程的平均速度约为

[2]列车是电气化城市轻轨，所以列车运行时将电能转化为机械能。

[3]列车减速进站时，速度减小，质量不变，所以其动能减小。

17.如图所示，站在水平面上的建筑工人竖直拉着绳，通过滑轮组将540N的重物在5s内匀速提升1m。已知工人重600N，与地面的接触总面积为0.04m2，动滑轮重100N，不计绳重和滑轮的摩擦。重物被匀速提升过程中，绳自由端的速度为______m/s， 人对地面的压强为______Pa。若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体，则滑轮组的机械效率将______（ 选填“变大”“变小”或“不变”）。

【答案】    (1). 0.4    (2). 7×103    (3). 变大

【解析】

【详解】[1]由图知，承担物重的绳子段数为

绳自由端移动的距离为

绳自由端的速度为

[2]因不计绳重和滑轮的摩擦，则人对绳的拉力为

以人为研究对象，受重力、绳的拉力、地对人的支持力作用，则人对地的压力为

人对地面的压强为

[3]由知

若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体，则滑轮组的机械效率将变大。

18.现阶段核潜艇的动力系统是由原子核______（选填“裂变”或“聚变”）提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于______（选填 “可再生”或“不可再生”）能源。若用燃气灶将一壶质量为3kg、初始温度为20℃的水加热到80℃，消耗了0.1m3的页岩气。已知水的比热容，页岩气的热值为4.2×107J/m3，则该燃气灶烧水的效率为______% 。

【答案】    (1). 裂变    (2). 不可再生    (3). 18

【解析】

【详解】[1]在现阶段，原子核的裂变是可以控制的，核潜艇的动力系统也是由原子核裂变提供的能量。

[2]页岩气和核能用一点少一点，所以它们都属于不可再生能源。

[3]由题意可知，水吸收热量

页岩气完全燃烧释放的热量

该燃气灶烧水的效率

19.小聪家的电能表如图所示，由此可知，小聪家允许接入电路的最大功率为______kW；小聪家有一个规格为“220V   1000W” 的用电器，可能是______（ 选填“台灯”“电饭锅”或“电视机”）。当电路中只有这一用电器正常工作10min，电能表的转盘转了______转。

【答案】    (1). 11    (2). 电饭锅    (3). 500

【解析】

【详解】[1]由电能表的铭牌可知小聪家允许接入电路的最大功率

[2]1000W应该属于大功率电器，所以该电器可能是电饭锅。

[3]电饭锅正常工作10min，消耗的电能

假设电能表表盘转过了n圈

解上式可得

20.某兴趣小组设计了一个力电综合装置，在轻质杠杆的左端点A，用竖直细线通过定滑轮与弹簧测力计相连，杠杆的右端点B，用细线悬挂一条形磁铁， 在条形磁铁正下方的螺线管与电路相连，如图所示。开关闭合前，当弹簧测力计的示数为7.5N时，杠杆在水平位置平衡，已知OA∶OB=2∶3，不计绳重和摩擦。则条形磁铁的重力等于______N ；闭合开关S后，螺线管上端为______（选填“N极”或“S极”），为了保持杠杆水平平衡，弹簧测力计的示数______（选填 “增大”“减小”或“不变”）。

【答案】    (1). 5.0    (2). N极    (3). 增大

【解析】

【详解】[1]因为使用的是定滑轮，且不计绳重和摩擦，所以绳对杠杆的左端点A的拉力F为7.5N。根据杠杆平衡条件

所以

[2]闭合开关S后，运用安培定则，即用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，大拇指所指的方向即是通电螺线管的N极。所以螺线管上端为N极。

[3]因为异名磁极相互吸引，所以条形磁铁被吸引，杠杆右端点B所受拉力增大，为了保持杠杆水平平衡，根据杠杆平衡条件，应增大轻质杠杆的左端点A的拉力，即增大弹簧测力计的拉力，其示数增大。

三、实验题

21.小李在实验室取出-10℃的冰进行加热实验，她观察冰熔化成水直到沸腾的过程并记录相关数据，绘制成如图所示的温度随时间变化的图像。根据图像可知0 ~ 4min内这块冰的内能______（选填“增加”或“不变”），加热到6min时，将处于______（ 选填“固态”“液态”或“固液共存态”），加热到______min，水开始沸腾。

【答案】    (1). 增加    (2). 固液共存态    (3). 14

【解析】

【详解】[1]根据图像可知0 ~ 4min内这块冰的温度在升高，内能在增加。

[2]加热到6min时，物质继续吸热，但温度保持不变，正在熔化，处于固液共存状态。

[3]加热到14min时，水的温度达到100℃，保持不变，开始沸腾。

22.小聪将一根橡皮筋左端固定在墙上， 用弹簧测力计拉其右端来“探究两个分力与合力关系”。

(1)实验中使用的弹簧测力计如图甲所示，其分度值为______N；

(2)小聪用两个弹簧测力计一起沿相同方向作用于橡皮筋上拉到A点，此时两个弹簧测力计的示数分别为F1=3.0N、F2=4.0N；小聪只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到A点，弹簧测力计的示数F =7.0N，如图乙所示。F的作用效果与F1、F2共同作用的效果相同，即F为F1和F2的合力，这种探究物理规律的方法是______（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；

(3)小聪在实验中突发奇想，将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点，记下两弹簧测力计的示数分别为F3=3.0N、F4=4.0N；然后只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到B点，如图丙所示，读出弹簧测力计的示数F＇=______N。根据你对合力与分力的理解，判断F＇ ______（选填 “是”或“不是”） F3、F4的合力。

【答案】    (1). 0.2    (2). 等效替代法    (3). 5（或5.0）    (4). 是

【解析】

【详解】(1)[1]弹簧测力计的刻度一大格是2N，一大格有十小格，所以分度值是0.2N。

(2)[2] F的作用效果与F1、F2共同作用的效果相同，可以用F代替F1、F2，这种方法叫等效替代法。

(3)[3]弹簧测力计的分度值是0.2N，指针指在4～6N中间，所以示数是5N。

[4] F＇的作用效果与F3、F4共同作用的效果相同，即F＇是F3、F4的合力。

23.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为3V，小灯泡额定电压为2.5V。

(1)小王同学连接电路时，开关应处于______（选填 “闭合”或“断开”）状态。小王已连接了部分电路，如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的______（选填 “A”“B”“D”或“P”）点相连；

(2)小王连接好电路后，闭合开关，逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，此现象的原因可能是______（选填 “开关”“小灯泡”“滑动变阻器”或“电流表”）出现故障；

(3)排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，观察到两电表示数在变化，并做好数据记录。小王根据多组实验数据绘制的图像如图乙所示，根据图像可得小灯泡的额定功率是______W， 此时小灯泡的电阻是______Ω；

(4)小王还发现图线在电流较小时是直线，随着电流增大，图线变成了一条曲线，如图乙所示。造成这变化的 原因是小灯泡的______随温度变化而变化；

(5)滑动变阻器的滑片P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为、，则______（选填“>”、“<”或“=”）。

【答案】    (1). 断开    (2). A    (3). 小灯泡    (4). 0.5    (5). 12.5    (6). 电阻    (7). =

【解析】

【详解】(1)[1]为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态。

[2] 要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的A点相连。

(2)[3]逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，电流表指针几乎不偏转，说明电路形成了断路；发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，说明电压表串联接入了电路，小灯泡断路了，故此现象的原因可能是是小灯泡。

(3)[4][5]由图乙知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，通过小灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为

此时小灯泡的电阻为

(4)[6]电流较小，小灯泡灯丝产生的热量少，灯丝的温度低，灯丝的电阻变化小；当电流较大时，小灯泡灯丝产生的热量多，灯丝的温度高，灯丝的电阻变化大，故造成这变化的原因是小灯泡的电阻随温度变化而变化。

(5)[7]因小灯泡与变阻器串联，根据串联电路电压的特点知，当滑片移动一段距离后，变阻器接入电路的电阻增大或减小，此时变阻器分得的电压增大或减小，小灯泡分得的电压相应的减小或增大；小灯泡两端电压增加或减小量等于变阻器两端电压的减小或增加量，故

=

24.电学实验室有一种恒流电源，将电源接入电路工作时，该电源输出恒定的电流，而电源两端的电压会随着外电路的电阻变化而变化。小浩在一次实验时， 将恒流电源接入如图所示的电路中，其中、均为定值电阻。只闭合开关S1时，电压表示数，此时电阻消耗的电功率。

(1)求该恒流电源输出的恒定电流；

(2)若同时闭合开关S1、S2时，电压表示数变为，求定值电阻的阻值；

(3)若同时闭合开关S1、S2，通电1min，求电阻产生的热能。

【答案】(1) 0.6A； (2) 20Ω；(3) 48J

【解析】

【详解】(1)设恒流电源的恒定电流为I，当只闭合S1时，电路中只有接入电路，由功率公式可得

(2)只闭合S1时，由欧姆定律可得的阻值

同时闭合两个开关，电阻、并联，则通过的电流为

根据并联电路分流的特点知

则的阻值为

(3)由焦耳定律可得电阻产生的热能

答：(1)该恒流电源输出的恒定电流为0.6A；

(2)定值电阻的阻值为20Ω；

(3)电阻产生的热能为48J。

25.借浮力起重，是我国古代的一个创造。如图所示为某一次起重涉及的物理原理简化示意图。有一个底面积S1= 2m2的圆柱形空金属容器A平放在水平地面上，其内放置一个厚度不计、底面积S2=1.5m2的圆柱形金属容器B，容器B质量m1=500kg，内装有m2 =3×103kg的水。（取g=10N/kg， ρ水=1.0×103kg/m3）

(1)求容器B中的水对容器B底部的压强；

(2)将容器B中的水往外抽到容器A中，当所抽水的质量m3= 600kg时，则容器B内外水的深度差是多少？此时容器B对容器A的压力是多少？

【答案】(1) 2×104Pa； (2) 0.4m；1.1×104N

【解析】

【详解】(1)设容器B中的水对容器A底部的压强为P1，由压强公式可得

(2)设从容器B中抽出600kg的水后，容器B中水的深度为hB，容器A中水的深度为hA，容器B内外深度差为h，由题意

-----------①

-------------②

代入数据,由①②解得

=1.2m，=1.6m

所以

=1.6m-1.2m=0.4m

此时容器B所受的浮力

容器A对容器B的支持力

所以容器B对容器A的压力