人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）第2课时测试题

第2课时　孟德尔遗传规律的再发现及孟德尔遗传规律的应用

课后训练巩固提升

一、基础巩固

1.遗传规律是指下列哪项在生物传宗接代过程中的传递规律?(　　)

A.染色体　　 B.性状

C.基因 D.同源染色体

答案:C

2.下列说法错误的是(　　)

A.应用统计学分析数据是孟德尔获得成功的原因之一

B.随着孟德尔遗传规律的再发现,基因的本质和作用原理成为遗传学研究的中心问题

C.孟德尔遗传规律在生物的遗传中具有普遍性

D.孟德尔发现了基因,被称为“遗传学之父”

答案:D

解析:1909年,丹麦生物学家约翰逊给孟德尔的“遗传因子”一词起了一个新名字,叫作“基因”。

3.纯种甜玉米和纯种非甜玉米间行种植,收获时发现甜玉米果穗上有非甜玉米籽粒,而非甜玉米果穗上无甜玉米籽粒,原因是(　　)

A.甜是显性性状 B.非甜是显性性状

C.相互混杂 D.环境影响

答案:B

解析:在纯种甜玉米中,产生的配子都含控制“甜”这种性状的基因,但结的籽粒中有非甜的,说明接受了非甜的花粉后,籽粒中含有的非甜基因被表达出来。含有等位基因时,表现为非甜性状,则说明非甜是显性性状。

4.下列哪项不属于孟德尔研究遗传定律获得成功的原因? (　　)

A.正确地选用实验材料

B.最早采用人工杂交的实验方法

C.先分析一对相对性状的遗传,运用统计学方法分析结果

D.科学地设计实验程序,提出假说并进行验证

答案:B

解析:人工杂交的方法是科学家研究遗传规律常用的方法,不是孟德尔最早采用的实验方法。

5.两个杂合子交配,后代只有一种表型,这两个杂合子是 (　　)

A.AABb×aaBb B.aaBb×Aabb

C.AABb×AaBB D.AaBb×AaBb

答案:C

解析:亲本为AABb×AaBB,后代都表现为双显性。

6.在豚鼠中,黑色(C)对白色(c)、毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)为显性。下列能验证自由组合定律的最佳杂交组合是              (　　)

A.黑色光滑×白色光滑→黑色光滑∶白色光滑=9∶8

B.黑色光滑×白色粗糙→全黑色粗糙

C.黑色粗糙×黑色光滑→黑色粗糙∶白色粗糙=25∶8

D.黑色粗糙×白色光滑→黑色粗糙∶黑色光滑∶白色粗糙∶白色光滑=10∶9∶8∶11

答案:D

解析:验证自由组合定律,就是验证F1产生配子时,决定同一性状的成对的遗传因子是否彼此分离,决定不同性状的遗传因子是否自由组合,因此最佳方法为测交。D项符合测交的概念和结果,黑色粗糙(相当于F1的双显)×白色光滑(双隐性纯合子)→黑色粗糙∶黑色光滑∶白色粗糙∶白色光滑=10∶9∶8∶11,即出现4种性状表现类型,且比例接近1∶1∶1∶1。

7.某种植物的花色有红色和白色2种,分别由2对基因A和a、B和b控制。某研究人员设计了2组杂交实验,结果如下表所示。请回答下列问题。

(1)杂交组合①的F1红花植株的基因型为　　　　　　　　　　　　。 

(2)杂交组合②的F1红花植株的基因型为　　　　,F2红花植株的基因型共有　　　　种,F2红花植株中纯合子占　　　　。 

(3)根据杂交组合　　　　可以判断两对基因的遗传遵循自由组合定律。 

答案:(1)Aabb或aaBb　(2)AaBb　8　1/5　(3)②

解析:(1)杂交组合①的F2中红花∶白花≈3∶1,说明F1红花植株的基因型为Aabb或aaBb。(2)杂交组合②的F2中红花∶白花≈15∶1,该比例是9∶3∶3∶1的变式,说明其F1红花植株的基因型为AaBb,F2的基因型共有9种,其中只有基因型为aabb的个体表现为白花,因此F2红花植株的基因型共有8种,其中纯合子有AABB、AAbb、aaBB,分别占1/15,故F2红花植株中纯合子占3/15,即1/5。(3)杂交组合②的F1红花植株的基因型为AaBb,它的自交后代出现15∶1的性状分离比,说明该植株能产生4种数量相等的配子,即说明两对基因的遗传遵循自由组合定律。

二、能力提升

1.某种动物的毛色有黑色、灰色、白色三种,由两对等位基因(A、a和B、b)控制。现让该种动物的两黑色雌雄个体经过多代杂交,统计所有后代的性状表现,得到如下结果:黑色个体63只,灰色个体43只,白色个体7只。下列说法错误的是(　　)

A.两黑色亲本的基因型都是AaBb

B.后代黑色个体中约有7只个体为纯合子

C.可以确定控制毛色性状的两对等位基因的遗传遵循自由组合定律

D.后代灰色和白色个体中均有杂合子

答案:D

解析:杂交后代中黑色、灰色、白色个体的比例约为9∶6∶1,由此可知,两亲本的基因型一定都为AaBb,两对等位基因的遗传遵循自由组合定律。后代黑色个体中有1/9的个体为纯合子,即约有7只个体为纯合子。白色个体中没有杂合子。

2.某植物正常株开两性花,且有只开雄花和只开雌花的两种突变型植株。取纯合雌株和纯合雄株杂交,F1全为正常株,F1自交所得F2中正常株∶雄株∶雌株=9∶3∶4。下列推测不合理的是(　　)

A.该植物的性别由两对独立遗传的等位基因决定

B.雌株和雄株两种突变型都是正常株隐性突变的结果

C.F1正常株测交后代表型为正常株∶雄株∶雌株=1∶1∶2

D.F2中纯合子测交后代表型为正常株∶雄株∶雌株=2∶1∶1

答案:D

解析:若相关基因用A、a和B、b表示,由题干可知,F1自交所得F2中正常株∶雄株∶雌株=9∶3∶4=9∶3∶(3+1),则F1基因型为AaBb,双亲的基因型为AAbb和aaBB。两对基因的遗传符合自由组合定律。F1正常株测交后代为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1∶1,表型为正常株∶雄株∶雌株=1∶1∶2。F2中纯合子有AABB、AAbb、aaBB、aabb,测交后代分别为AaBb、Aabb、aaBb、aabb,表型为正常株∶雄株∶雌株=1∶1∶2。

3.一对正常夫妇,双方都有耳垂,结婚后生了一个患白化病且无耳垂的孩子,若这对夫妇再生一个孩子,这个孩子有耳垂且患白化病的概率是(两种遗传病独立遗传)(　　)

A.3/8 

B.3/16

C.3/32 

D.5/16

答案:B

解析:假设与白化病相关的基因用A/a表示,控制耳垂的基因用C/c表示。正常夫妇结婚后生了一个患白化病(aa)且无耳垂(cc)的孩子,说明两人的基因型为AaCc、AaCc。若他们再生一个孩子,其有耳垂且患白化病的概率是(3/4)×(1/4)=3/16。

4.某植物叶形的宽叶和窄叶是一对相对性状,用纯合的宽叶植株与窄叶植株进行杂交,如下表所示(相关基因用A、a,B、b,C、c……表示)。下列相关叙述错误的是(　　)

A.该植物的叶形至少受三对等位基因控制

B.只要含有显性基因,该植株的表型即为宽叶

C.杂交组合一亲本的基因型可能是AABBcc、aaBBcc

D.杂交组合三的F2中宽叶植株的基因型有26种

答案:C

解析:由表格信息可知,宽叶植株与窄叶植株杂交,F1都是宽叶,说明宽叶是显性性状。杂交组合一,F2中窄叶植株所占的比例是1/4,说明符合一对杂合子自交实验的结果;杂交组合二,F2中窄叶植株所占的比例是1/16,说明符合两对杂合子自交实验的结果;杂交组合三,F2中窄叶植株所占的比例是1/64,说明符合三对杂合子自交实验的结果,因此该植物的宽叶和窄叶性状至少由三对等位基因控制,且三对等位基因在遗传过程中遵循自由组合定律,隐性纯合子表现为窄叶,其他都表现为宽叶。杂交组合三,F1的基因型是AaBbCc,F2的基因型有3×3×3=27(种),其中基因型为aabbcc的植株表现为窄叶,因此,杂交组合三的F2中宽叶植株的基因型有26种。

5.(不定项选择题)已知玉米籽粒黄色对红色为显性,非甜对甜为显性。纯合的黄色甜玉米与红色非甜玉米杂交得到F1。F1自交或测交,预期结果正确的是(　　)

A.自交结果中,黄色非甜与红色甜的比例为9∶1

B.自交结果中,与亲本表型相同的个体占子代的比例为5/8

C.自交结果中,黄色和红色的比例为3∶1,非甜和甜的比例为3∶1

D.测交结果中,红色非甜占子代的比例为1/4

答案:ACD

解析:假设控制玉米籽粒颜色的基因为A和a,控制非甜和甜的基因为B和b,则F1的基因型为AaBb。如果F1自交,则后代表型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜,比例为9∶3∶3∶1,其中与亲本表型相同的个体占子代的比例为3/8。只看一对相对性状,则自交后代中黄色和红色的比例为3∶1,非甜和甜的比例为3∶1。如果F1测交,则后代表型为黄色非甜、黄色甜、红色非甜、红色甜,比例为1∶1∶1∶1,所以红色非甜占子代的比例为1/4。

6.香豌豆中,当C、R两个显性基因都存在时,花才呈红色。一株红花香豌豆与基因型为ccRr的植株杂交,子代中有3/8开红花。若让此红花香豌豆进行自交,后代红花香豌豆中杂合子占(　　)

A.8/9 B.1/2

C.1/4 D.1/8

答案:A

解析:题述红花植株的基因型为CcRr,自交后代的基因型及其比例为C_R_∶C_rr∶ccR_∶ccrr=9∶3∶3∶1,后代红花香豌豆的基因型为C_R_,其中杂合子占8/9。

7. 牡丹的花色种类多种多样,其中白色的不含花青素,深红色的含花青素最多,花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅,由两对独立遗传的基因(A和a,B和b)所控制。显性基因A和B可以使花青素含量增加,两者增加的量相等,并且可以累加。一深红色牡丹同一白色牡丹杂交,得到中等红色的个体。若这些个体自交,其子代将出现花色的种类及其比例分别是(　　)

A.3种,9∶6∶1

B.4种,9∶3∶3∶1

C.5种,1∶4∶6∶4∶1

D.6种,1∶4∶3∶3∶4∶1

答案:C

解析:由题意可知,深红色牡丹的基因型为AABB,白色牡丹的基因型为aabb,故F1的基因型为AaBb,F2的基因型为(AA∶Aa∶aa)(BB∶Bb∶bb)=AABB∶AABb∶AAbb∶AaBB∶AaBb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb=1∶2∶1∶2∶4∶2∶1∶2∶1,因显性基因数量相同的表型相同,故后代中将出现5种表型,比例为1∶4∶6∶4∶1。

8.家兔的毛色受A、a和B、b两对等位基因控制。其中,基因A决定黑色素的形成;基因B决定黑色素在毛皮内的分散(黑色素的分散决定了灰色性状的出现)。这两对基因独立遗传。育种工作者选用纯合的家兔进行了如下图所示的杂交实验。

请分析上述杂交实验图解,回答下列问题。

(1)亲本基因型分别为　　　　　　　　　,控制家兔毛色的两对基因在遗传方式上是否遵循孟德尔遗传规律?　　　　(填“是”或“否”)。原因是　　　　　　　　　　　　　　　　。 

(2)F2中灰毛家兔的基因型最多有　　　　种,其中纯合子与杂合子之比为　　　　;黑毛家兔的基因型为　　　　　　　　　　　　　　。 

(3)F2白毛家兔的基因型为　　　　　　　　　　　　　　　　,其中与亲本基因型不同的个体中杂合子占　　　　。 

(4)育种时,常选用某些纯合的黑毛家兔与纯合白毛家兔进行杂交,其后代全部表现为灰毛,试用遗传图解表示此过程并简要说明原因。

答案:(1)AABB、aabb　是　F2中9∶3∶4的比例是9∶3∶3∶1比例的变式

(2)4　1∶8　AAbb或Aabb

(3)aaBB、aaBb、aabb　2/3

(4)

基因型为AAbb的黑毛家兔与基因型为aaBB的白毛家兔进行杂交,后代可全部表现为灰毛。

解析:(1)根据图示F2的比例为9∶3∶4可知,F1基因型为AaBb,亲本基因型为AABB、aabb。这两对基因的遗传遵循自由组合定律。(2)由题意可知,F2中灰毛家兔基因型为A_B_,黑毛家兔基因型为A_bb,白毛家兔基因型为aaB_、aabb,因此,灰毛家兔基因型最多有AaBb、AABb、AaBB、AABB4种,且纯合子AABB所占比例为1/9。黑毛家兔的基因型为AAbb或Aabb。(3)F2中白毛家兔的基因型有aaBB、aaBb、aabb3种,其中与亲本基因型不同的个体为aaBB(1/3)和aaBb(2/3),其中杂合子aaBb占2/3。

9.在家兔中黑色(B)对褐色(b)为显性,短毛(E)对长毛(e)为显性,这两对基因是独立遗传的。现有纯合黑色短毛兔和褐色长毛兔。请回答下列问题。

(1)试设计培育出能稳定遗传的黑色长毛兔的育种方案(简要程序)。

第一步,　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　; 

第二步,　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　; 

第三步,　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 

(2)F2中,黑色长毛兔的基因型有　　　　　和　　　　　　两种,其中纯合子占黑色长毛兔总数的　　　　,杂合子占F2总数的　　　　　　。 

(3)此现象符合　　　　　　　　定律。 

答案: (1)黑色短毛兔×褐色长毛兔→F1　F1雌雄个体相互交配得到F2,从F2中选出黑色长毛兔　F2中黑色长毛兔×褐色长毛兔(测交),其后代不出现褐色长毛兔的亲本即为能稳定遗传的黑色长毛兔

(2)BBee　Bbee　1/3　1/8

(3)自由组合

解析:黑色长毛兔是亲本中没有的性状,是重新组合出的新性状,可利用自由组合定律的相关知识解决此题,但是要注意重组性状在F2才出现。题目要求是培育出能稳定遗传的黑色长毛兔,所以必须要选育出纯合子。