云南师范大学附属中学2023-2024学年高考适应性月考卷（三）理科综合试题

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理科综合参考答案


一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
答案
A
D
D
B
B
C
A
B
D
A
D
B
C

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求；第18~21题有多项符合题目要求，全部选对的给6分，选对但不全的给3分，有选错的给0分。
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
D
C
D
C
AB
BC
AC
ABD

【解析】
1．根系分泌蛋白通过胞吐的方式运出细胞，其过程也需要膜上蛋白质的参与，A错误。
2．在顶端优势现象中，顶芽产生的生长素逐渐向下运输，枝条上部的侧芽处生长素浓度较高，因此它的发育受到抑制，A错误。植物体内没有分泌激素的腺体，B错误。单侧光不会刺激胚芽鞘尖端产生生长素，只会引起生长素的分布不均匀，C错误。
3．敲除A基因后，蜜蜂受精卵中不能合成A蛋白，细胞中某些基因的甲基化程度随之降低，促使其发育为蜂王，D错误。
4．若该精原细胞进行了两次有丝分裂，产生的4个子细胞中的每条染色体也可能均含32P，A错误。若该精原细胞进行了两次有丝分裂，第二次有丝分裂中期细胞中每条染色体中只有一条染色单体含31P，C错误。若该精原细胞先进行一次有丝分裂再进行减数分裂，在减数分裂Ⅱ后期的细胞中有条染色体，其中有条染色体含31P，有条染色体只含32P，但染色体分配到精细胞中时是随机的，并不是所有精细胞中都有条染色体含31P，D错误。
5．物种的生态位是群落水平研究的问题，B错误。
6．胚胎早期发育时，囊胚的内部开始出现含有液体的腔，④错误；胚胎移植时，受体通常不会对来自供体的胚胎发生免疫排斥反应，⑤错误。
7．超分子通常是指由两种或两种以上分子依靠分子间相互作用结合在一起，组成复杂的、有组织的聚集体，表面活性剂在水中会形成亲水基团向外、疏水基团向内的胶束，属于超分子，A正确。集成电路板是由具有热固性和绝缘性的酚醛树脂制作而成，B错误。不含糖不等于没有糖类物质，糯米、红豆等物质中都含有淀粉等糖类物质，糖尿病患者食用时需慎重考虑，C错误。卫星计算机芯片使用高纯度的硅单质，D错误。故选A。
8．克拉维酸分子内的碳碳双键可与氢气发生加成反应，酰胺基和羧基中的碳氧双键不能与氢气发生加成反应，故1mol该物质最多可与1mol H2反应，A错误。克拉维酸分子中的羧基和酰胺基都能与NaOH反应，1mol该物质最多可与2mol NaOH反应，B正确，由克拉维酸结构可知其分子式为C8H9O5N，C错误。由克拉维酸结构可知分子内共有2个手性碳原子，D错误。故选B。
9．用KOH标准溶液滴定锥形瓶中的硝酸，KOH溶液应盛放在碱式滴定管中，仪器的使用不合理，且滴定过程中眼睛应该注视锥形瓶内颜色变化，A错误。浓硫酸与锌反应产生SO2杂质气体，B错误。分离乙醇和丙酸，温度计水银球应置于蒸馏烧瓶支管口处，C错误。用坩埚灼烧海带，D正确。故选D。
10．W的电子只有一种自旋取向，故W为H元素，Z的原子核s能级上的电子总数与p能级上的电子总数相等，但第一电离能都低于同周期相邻元素，故Z为O元素，X、Y、Z位于同一周期，且原子序数依次增大，根据药物的物质结构可知，X为4价，Y为3价，故X为C元素，Y为N元素。同一周期从左到右，元素的非金属性增强，其简单氢化物的稳定性也依次增强，故H2O的稳定性强于NH3，A正确。电负性顺序为，B错误。X单质可能为分子晶体或共价晶体，C错误。XZ2即CO2，CO2中C的杂化轨道类型为sp，D错误。故选A。
11．催化剂能降低反应的活化能，加快反应速率，但不能降低总反应的焓变，A错误。1.7g·OH中所含电子数为0.9NA，B错误。反应过程①中NO2是氧化产物，C错误。C3H6、C3H8中C成键数为4，·C3H7中一个碳成键数为3，反应过程中C的成键数目发生了改变，D正确。故选D。
12．与电源b极连接的电极上转化为，硫元素化合价降低，发生还原反应，可判断其为阴极，则Ag/AgCl电极是阳极，与之相连的a极是电源的正极，A正确。电子流向为电源b极→Pt电极，Ag/AgCl电极→电源a极，电解质中依靠阴阳离子定向移动导电，无电子，B错误。阴极电极反应式为+2H++2e−=+2H2O，C正确。根据反应计量系数关系：2SO2~~~2e−，则电路中转移a mol电子时，空气中SO2的含量为g/L，D正确。故选B。
13．对于平衡X2−HX−H2XH3X+，增大氢离子浓度，平衡右移。横坐标从左到右pOH越大，说明氢氧根离子浓度越小，氢离子浓度越大，因此Ⅰ曲线代表X2−，Ⅱ曲线代表HX−，Ⅲ曲线代表H2X，Ⅳ曲线代表H3X+。曲线Ⅰ代表X2−与pOH的关系曲线变化，A错误。当c(H3X+)=c(H2X)时，在曲线Ⅲ和曲线Ⅳ的交叉点c，对应的，，B错误。a点c(X2−)=c(HX−)，，同理据b点计算得。常温下，即，根据强酸制弱酸的一般规律可知，将足量H2X加入少量NaY溶液中的离子方程式为H2X+Y−=HY+HX−，C正确。20mL 0.1mol·L−1 Na2X溶液与10mL 0.1mol·L−1 HCl溶液混合并充分搅拌后：溶液中的溶质为等物质的量浓度的Na2X和NaHX溶液，X2−的水解平衡平衡常数为，则X2−的水解大于HX−的电离，则。HX−的水解平衡平衡常数为，故HX−的水解大于HX−的电离，混合溶液呈碱性，故，则各离子浓度关系为，D错误。故选C。
14．根据题意可知，杨氏模量的单位应为，故D正确。
15．羽毛球在空中做曲线运动，所以羽毛球所受合力应指向轨迹的凹侧，故A、B错误。羽毛球处于上升过程，速度在减小，所以所受合力与速度之间的夹角应为钝角，故D错误，C正确。
16．由图可知，篮球A、B初、末位置均相同，所以篮球A、B的位移相同，故A错误。篮球A、B均做斜抛运动，所以二者的加速度均为重力加速度，故B错误。篮球在空中运动的时间长短由篮球竖直方向上的运动决定，篮球A在竖直方向上位移更大，所以篮球A在空中运动时间更长，故C错误。篮球A、B的水平位移相同，但篮球B在空中运动时间更短，所以篮球B抛出时的水平速度更大，即篮球B在最高点的速度更大，故D正确。
17．如图甲所示，对正方体受力分析可得①，如图乙所示，对球体受力分析得②，如图丙所示，对正方体和球体构成的整体受力分析得③，①、②、③三式联立可得，解得，故A错误。①、②两式联立可得，将正方体向左推动一小段距离，增大，所以增大，故B错误。①、②、③三式联立可得，解得，故D错误。由摩擦角相关知识可知，正方体右侧面AB到墙壁的距离应小于，即，故C正确。

18．小球离开桌面后，小球在水平面内做圆周运动，杯子对小球的支持力提供向心力，支持力越大，小球与杯子间的滑动摩擦力越大，小球越容易离开桌面。杯子旋转越快，小球做圆周运动的角速度越大，小球需要的向心力越大，则杯子对小球的支持力越大，故A正确。杯子内径适当大一些，小球需要的向心力增大，则杯子对小球的支持力增大，故B正确。小球离开桌面过程中，滑动摩擦力大于重力，质量被约去，故C错误。玻璃杯与小球之间的动摩擦因数小于木杯，故D错误。
19．甲、乙两轮盘靠摩擦传动，且不打滑，所以两轮盘边缘线速度相同，所以，即∶∶3，则B、C滑块向心加速度之比∶∶∶3，B、C滑块线速度之比∶∶∶1，故B正确，A错误。对A、B、C受力分析如图所示，对A有，对B有，对C有，解得，故C正确。若烧断细绳，则对滑块B提供的向心力小于滑块B需要的向心力，滑块B将做离心运动，故D错误。
20．由乙图得，内木块A速度增量为，木块A由静止开始运动，所以时，，故A正确。由乙、丙图得，3s后，A、B间发生相对滑动，所以时AB间达到最大静摩擦力，此时对A有，所以，故B错误。内，B的位移，A的位移，解得相对位移，即木板长为，故D错误。3s后，对B有，解得，故C正确。
21．如图所示，任一时刻烟花焰火在水平方向的速度为，在竖直方向的速度为，所以经时间，焰火能达到各自运动最高点，距爆炸点高度为，其中最大高度为，故A、B正确。烟花焰火在水平方向的位移为，在竖直方向的位移为，以烟花爆炸点为原点，水平方向为轴，竖直方向为轴建立坐标系，则烟花焰火在任意时刻的坐标为，可得时间时各焰火点的形状分布，所以各烟花焰火分布在一个以为圆心，以为半径的圆周上，故C错误，D正确。
三、非选择题（共174分）
22．（每空2分，共6分）
（1）1.50
（2）变小
（3）BD
 【解析】（1）a、b弹簧秤拉力的合力应与钩码对结点O的拉力等大反向，故为1.50N。
（2）由几何关系得，弹簧测力计a、b对结点O的拉力、以及钩码对O的拉力组成的矢量三角形内接于圆内，如图所示，可看出在题设过程中，拉力在变小。
（3）力的合成与分解的思想方法与重心这一概念的引入均使用了等效替代法，故A错误。该实验应保证各个力在同一平面内，故B正确。夹角太大，在绘制力的图示时，不易测量，故C错误。弹簧测力计提供拉力沿其轴线方向，可减小实验误差，故D正确。
23．（除特殊标注外，每空2分，共12分）
（1）①木板未竖直放置 ②C
（2）①1∶2∶3∶4 ②1.47（3分） 2.45（3分）
24．（10分）
解：（1）对小球A受力分析，由于力的三角与三角形OAP相似，可得
①
解得， ②
即弹簧弹力 ③
解得弹簧伸长量 ④
（2）由于物体B刚要离开地面，所以 ⑤
联立③、⑤式解得 ⑥
评分标准：本题共10分。正确得出④、⑥式各给1分，其余各式各给2分。
25．（14分）
解：（1）从线段上射出的小球中，从射出的小球初速度最小，此时
①
②
解得 ③
（2）对击中的小球，有 ④
⑤
其动能 ⑥
击中的小球的初动能与击中的小球的初动能相同，即
⑦
联立解得二者动能比为 ⑧
（3）由题意得，当运动轨迹与线段相交时，所有小球的位移偏转角相同，其正切值 ⑨
故速度偏转角的正切 ⑩
即速度偏转角为
评分标准：本题共14分。正确得出①、②、④、⑤式各给2分，其余各式各给1分。
26．（20分）
解：（1）依题意得，临界条件为，麻袋A刚好处于平衡状态，对麻袋A受力分析得
①
②
对物体B受力分析得 ③
①、②、③三式联立，解得 ④
故物体B质量的最大值为
（2）对麻袋A受力分析得 ⑤
对物体B受力分析得 ⑥
②、⑤、⑥式联立解得 ⑦
经过时间麻袋A与传送带达到共速 ⑧
此后对麻袋A受力分析得 ⑨
对物体B受力分析得 ⑩
②、⑨、⑩式联立解得
所以麻袋A到达斜面底端时的速度大小为

（3）时间内，传送带的位移
麻袋A的位移

时间内，传送带的位移
麻袋A的位移

由于即共速后产生的痕迹与共速前产生的重叠
所以痕迹长度
评分标准：本题共20分。正确得出①~式各给1分。
27．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）三颈烧瓶（1分）
（2）排尽装置内的空气，防止CrCl3被氧化且不会带出CCl4 将CCl4排入管式炉参与反应、将反应残余的COCl2完全排入装置D被充分吸收（任答一条即可）
（3）防止三氯化铬凝华堵塞导管
（4）热 冷
（5）COCl2+4OH−=+2Cl−+2H2O
（6）95.1%
 【解析】（1）仪器a的名称为三颈烧瓶。
（2）反应原理为Cr2O3+3CCl42CrCl3+3COCl2。三氯化铬易潮解，易升华，高温下易被氧气氧化，所以实验过程中要确保装置内不能存在氧气和水蒸气。整个反应流程先用干燥的N2排除装置内空气，K1开，K2关，使得N2能进入装置排尽空气，防止CrCl3被氧化且不会带出CCl4。装置内空气排尽后仍然持续通入N2，目的是将CCl4气体排入后续装置和Cr2O3反应，同时将反应残余的COCl2完全排入装置D被NaOH充分吸收。
（3）CrCl3遇冷凝华，b处的玻璃导管直径较大可防止堵塞。
（4）B处需让CCl4受热挥发为气体赶入管式炉中参与反应，故为热水浴。C处需让CrCl3气体遇冷凝华便于收集，故为冷水浴。
（5）COCl2与水反应产生CO2和HCl，CO2和HCl再与NaOH反应，总反应为COCl2+4OH−=+2Cl−+2H2O。
（6）氧化碘离子生成碘单质，被还原成三价铬，根据得失电子守恒可知： 。由题中反应可知，结合元素守恒可得。
2CrCl3
 2mol 6mol
0.02×0.018 mol
样品中的质量分数为。
28．（每空2分，共14分）
（1）SiO2 Bi3++H2O+Cl−=BiOCl↓+2H+
（2）将Fe3+还原为Fe2+
（3）
（4）
（5）“还原”步骤中加入了金属Bi
（6）Bi2SeO2
 【解析】（1）Bi2S3与FeCl3溶液反应的化学方程式为6FeCl3+Bi2S3=2BiCl3+6FeCl2+3S，故滤渣1中含有S沉淀和未参与反应的SiO2。加入盐酸保持溶液是为了防止铋离子水解生成BiOCl，使产率降低，离子方程式为Bi3++H2O+Cl−=BiOCl↓+2H+。
（2）“还原”时，加入铋的目的是将溶液中的铁离子还原为亚铁离子，防止沉铋时有氢氧化铁沉淀生成。
（3）“调pH”时，Bi3+完全沉淀为Bi(OH)3，Cu2+也部分沉淀为Cu(OH)2，Cu(OH)2能溶于氨水生成可溶性[Cu(NH3)4]2+，Bi(OH)3不与氨水反应，从而过滤除去Cu(OH)2。
（4）硫化氢发生反应2Bi3+(aq)+3H2S(aq)=Bi2S3(s)+6H+(aq)，则该反应的平衡常数，则。
（5）“还原”步骤中加入了金属Bi，故实际所得产量大于理论计算结果9.9kg。
（6）由晶胞结构可知，该晶胞中Bi3+的个数为，Se2−的个数为，O2−的个数为，故该晶体的化学式为Bi2SeO2。
29．（除特殊标注外，每空2分，共15分）
（1）① −92（1分）
②N2适度过量有利于提高H2的转化率
（2）< a
（3）① ②20.5 12.5
（4）N2+6H2O+6e−=2NH3+6OH−
 【解析】（1）①反应热只与反应的始态和终态有关，图像显示0.5mol N2参与合成氨释放46kJ的能量，则合成氨反应的热化学方程式为N2(g)+3H2(g)2NH3(g) 。
②氮气和氢气生成氨气的反应为可逆反应，氮气相比于氢气更容易得到，原料气中氮气过量有助于提高氢气的转化率。
（2）由图可知，当氢气充入量一定时，下氨气的百分含量大。反应放热，降温平衡正向移动，氨气的百分含量增大，故。a点氢气加入量最小，不利于平衡正向移动，反应物N2的转化率最低。
（3）①由反应可知，主反应生成丙烯腈，且该反应是气体分子总数增大的反应，压强增大，平衡逆向移动，丙烯腈选择性降低。结合图像可知，在温度一定的条件下，压强由的变化过程中丙烯腈的选择性依次增大，则压强：。
②设主反应消耗x mol，副反应消耗y mol，列三段式得：

起始量（mol） 1 1 1.5
转化量（mol）       

起始量（mol） 1 1.5
转化量（mol）       
由已知条件可得：，，解得：，。
则平衡时：，，，，，。
则平衡时C3H3N的分压为
副反应的
（4）由图可知，右侧为阳极室，是水中的OH−放电，电极反应式为2H2O−4e−=O2↑+4H+。阴极产生氨气，发生的反应为N2+6H2O+6e−=2NH3+6OH−。
30．（每空2分，共14分）
（1）环戊醇
（2）
（3）碳碳双键、羧基
（4）
（5）4
（6）
【解析】（1）A催化加氢得到，化学名称为环戊醇。
（2）A与氢气加成得到B（），B发生消去反应得到C（），C参照已知信息①反应得到D（），D在NaOH水溶液和加热条件下发生取代反应得到E（），故反应方程式为。
（3）F()参照已知信息②反应得到G，则G为，G被银氨溶液氧化后酸化得到H，且H能与E发生酯化反应，故H为。H中含有的官能团是碳碳双键、羧基。
（4）E和H发生酯化反应得到I，故I的结构简式为。
（5）M能发生银镜反应，则含有醛基，根据分子式C5H10O可知分子中还含有一个丁基，丁基有4种结构，故M一共有4种同分异构体。其中核磁共振氢谱显示吸收峰面积之比为9∶1的结构简式为。
31．（除特殊标注外，每空2分，共11分）
（1）绿叶中的色素能够溶解在有机溶剂无水乙醇中
（2）类胡萝卜素/叶绿素的比值高（1分）
（3）突变型净光合速率下降幅度小于野生型 突变型固定CO2的酶活性更高、突变型固定CO2的酶含量更高、突变型固定低浓度CO2的能力更强、突变型C5的再生速率更快、突变型气孔开放程度大于野生型（4分，答出2点，合理即可）
（4）不一定（1分） 野生型和突变型的呼吸速率不一定相同（1分）
32．（每空2分，共12分）
（1）酶的合成来控制代谢过程
（2）3∶1 红色∶粉色∶白色=2∶1∶1 1/2
（3）实验设计思路：用基因型为AaBb和aabb的植株作为亲本进行正反交实验，观察并统计子代的表型及比例
预期结果：一组实验后代中红色∶粉色∶白色=1∶1∶2；另一组实验后代中红色∶粉色∶白色=1∶2∶3
33．（除特殊标注外，每空2分，共9分）
（1）抗原呈递 分泌细胞因子；提供激活B细胞的第二个信号
（2）识别并裂解被HPV感染的靶细胞
（3）抗原（1分） 浆细胞（1分） 抗体（1分）
34．（每空2分，共10分）
（1）
（2）曲线Y
（3）不一定
（4）K/2 种群数量为K/2时种群的增长速率最大，这样既能获得一定的数量的个体，又能使该鱼的种群数量尽快增长和恢复
35．（除特殊标注外，每空2分，共12分）
（1）PCR（1分） 两种引物 复性（1分）
（2）基因表达载体的构建 ②
（3）使细胞处于一种能吸收周围环境中DNA分子的生理状态 抗原—抗体杂交