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    新高考数学三轮冲刺大题突破练习专题01 三角函数与解三角形(解析版)

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    新高考数学三轮冲刺大题突破练习专题01 三角函数与解三角形(解析版)

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    这是一份新高考数学三轮冲刺大题突破练习专题01 三角函数与解三角形(解析版),共24页。
    专题01   三角函数与解三角形 三角函数与解三角形一般作为全国卷第17题或第18题,主要考查三角函数的图象及其性质,解三角形主要考查正余弦定理解三角形及三角函数与解三角形的综合问题等,主要题型:1 三角函数图像及性质问题 ,2 结构不良试题 3 三角形面积周长问题4三角形三线问题5 三角函数实际应用问题新课标中强调情景复杂化,更容易将实际问题转化为解三角形的问题,体现数学与实际问题的结合. 题型一:三角函数的图象及其性质1,已知点AB是函数的图像与直线的两个交点.的最小值为.(1)求函数的单调递增区间;(2)若对于都有,求m的取值范围.【答案】(1)(2) 时单调递增,即 时单调递增;2)当 时,原不等式等价于: ,即 ,解得m的取值范围是 .  此类问题通常先通过三角恒等变换化简函数解析式为的形式,再结合正弦函数的性质研究其相关性质.1已知三角函数解析式求单调区间:求函数的单调区间应遵循简单化原则,将解析式先化简,并注意复合函数单调性规律同增异减求形如(其中ω>0)的单调区间时,要视ωxφ为一个整体,通过解不等式求解.但如果ω<0,那么一定先借助诱导公式将ω化为正数,防止把单调性弄错.2)函数图象的平移变换解题策略:对函数的图象,无论是先平移再伸缩,还是先伸缩再平移,只要平移|φ|个单位,都是相应的解析式中的x变为x±|φ|,而不是ωx变为.注意平移前后两个函数的名称是否一致,若不一致,应用诱导公式化为同名函数再平移.1 已知函数(1)的最小正周期;(2)在区间上的最大值和最小值;(3),求的值.【答案】(1)(2)最大值为,最小值为-.(3)【详解】(1                                  .                       的最小正周期为.2)因为,所以,得,令,得所以上单调递减,在上单调递增.    ,所以,的最大值为,最小值为-.3)因为,,所以,又因为 所以,,故,              所以,. 题型二:结构不良试题ABC的内角ABC所对的边分别为abc,在以下中选择一个作为条件,并加以解答,如果都做,则按给分.向量与向量平行.(1)确定角A和角B之间的关系;(2)D为线段BC上一点,且满足BDAD4,若2a3b,求b【答案】(1)2BA(2)1)若选:因为向量与向量平行,所以,由正弦定理,可得(舍)或2BA,即2BA若选所以,由正弦定理,可得(舍)或2BA,即2BA若选所以上式化为,即2)如图,作出ABC示意图如下:∵2a3b,由正弦定理,可得DAB作垂线,垂足为H因为BDAD,所以HAB中点,ABc6.因为BDAD,所以BBAD因为BAC2∠BBADCAD,所以BADCADADBAC的角平分线,即有,解得1.已知函数.(1)求函数的单调递增区间;(2)中,分别是角的对边,,若上一点,且满足____________,求的面积.请从的中线,且的角平分线,且.这三个条件中任意选一个补充到横线处并作答.(注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分)【答案】(1)(2)答案见解析【详解】(1,得函数的单调递增区间为2)由,得,可知若选,可知,可化为,则,故,所以,故若选的中线,且中,,则有中,中,,又知,故;故若选的角平分线,且.由题意知,,整理得又在中,,则有解之得,,故. 题型三:三角形面积,周长问题1  中,.(1),求(2),求的面积.【答案】(1)(2)【详解】(1,由,得..2)法一:,又由正弦定理得,,又.法二:在上取点,使得,又.∴..1.在锐角三角形中,角ABC的对边分别为abc方向上的投影向量,且满足.(1)的值;(2),求的周长.【答案】(1)(2)1)由方向上的投影向量,则,即根据正弦定理,在锐角中,,则,即,则,整理可得,解得.2)由,根据正弦定理,可得中,,则由(1)可知,则,则,解得根据正弦定理,可得,则的周长. 题型四:三角形三线问题1.已知的内角ABC的对边分别为abc.(1)A(2)O的内心,,且,求面积的最大值.【答案】(1)(2)【详解】(1)因为,所以由正弦定理得所以,因为,所以因为,所以2)因为,且,所以由余弦定理得,所以A为锐角,由(1)知. 因为的内心,所以中,由余弦定理得所以,当且仅当时等号成立,所以所以,所以面积的最大值为.1 已知abc分别为三个内角ABC的对边,且(1)A(2)已知的面积为,设MBC的中点,且的平分线交BCN,求线段AN的长度.【答案】(1)(2)1)由题意知中,由正弦定理边角关系得:则所以,即2)如下图所示,在中,为中线, 题型五  三角函数实际应用问题1  如图,在中,外一点,(1)求角的大小,并判断的形状;(2)求四边形的面积的最大值.【答案】(1),等边三角形(2)【详解】(1)由题知,解得(),所以因为,所以所以的形状为等边三角形2)设,中由余弦定理得的面积的面积四边形ABCD的面积,等号成立所以四边形ABCD的面积的最大值为1 .如图,某公园拟划出形如平行四边形的区域进行绿化,在此绿化区域中,分别以为圆心角的两个扇形区域种植花卉,且这两个扇形的圆弧均与相切.(1)(长度单位:米),求种植花卉区域的面积;(2)若扇形的半径为10米,圆心角为,则多大时,平行四边形绿地占地面积最小?【答案】(1)(2)【分析】(1)根据余弦定理可得的大小,再根据正弦定理可得,进而求得扇形的半径,从而得到种植花卉区域的面积2)设,根据直角三角形中的关系可得关于的表达式,从而得到平行四边形的面积表达式,从而根据三角函数的最值求解即可【详解】(1)由余弦定理,,故,又由正弦定理有,故,所以扇形的半径,故种植花卉区域的面积2)设,则,故,故平行四边形绿地占地面积,因为,故要面积最小,则当,即面积取得最小值,即多大时,平行四边形绿地占地面积最小     1.如图,在平面四边形,,.(1)试用表示的长;(2)的最大值.【答案】(1)(2)【详解】(1,,,,则,,,.2)在,,则当,取到最大值.的最大值是2.已知平面四边形中,,若的面积为(1)的长;(2)求四边形周长的最大值.【答案】(1)(2)周长的最大值为 【详解】(1)在中,由题意有,解得又由余弦定理得, 所以 2,设四边形周长设为,则,由题可知,中,由余弦定理得( 所以,即 当且仅当 时等号成立,所以 ,即四边形周长的最大值为3.记的内角ABC的对边分别为abc已知的等比中项.(1)A(2)是锐角三角形,且,求的取值范围.【答案】(1)(2)【详解】(1)因为的等比中项,所以由正弦定理及两角和的正弦公式,得因为,所以.因为,所以所以,即.又,所以所以,即2)由正弦定理,得所以因为是锐角三角形,所以所以,所以,所以的取值范围是 4.在ABC中,角ABC的对边长依次是abc(1)求角B的大小;(2)ABC面积最大时,求BAC的平分线AD的长.【答案】(1)(2)【详解】(1由正弦定理可得由余弦定理得2)在ABC中,由余弦定理得,当且仅当时取等号,,当且仅当ac2时,∵△ABC面积为当且仅当ac2ABC面积最大.ac2时,的角平分线,ABD中,ABD中,由正弦定理得5.某地区组织的贸易会现场有一个边长为的正方形展厅分别在边上,图中区域为休息区,区域为展览区.(1)的周长为,求的大小;(2),请给出具体的修建方案,使得展览区的面积最大,并求出最大值.【答案】(1)(2)时,展览区的面积最大,最大值为【详解】(1)设,则的周长为,整理可得:因为2)设,则中,边上的高为则当,即时,取得最大值此时取得最小值则当时,展览区的面积最大,最大值为.    一、解答题1.(2022·全国·统考高考真题)记的内角的对边分别为,已知(1)证明:(2),求的周长.【答案】(1)见解析(2)14 【分析】(1)利用两角差的正弦公式化简,再根据正弦定理和余弦定理化角为边,从而即可得证;2)根据(1)的结论结合余弦定理求出,从而可求得,即可得解.【详解】(1)证明:因为所以所以所以2)解:因为由(1)得由余弦定理可得所以所以所以的周长为. 2.(2022·全国·统考高考真题)记的内角ABC的对边分别为abc,已知(1),求B(2)的最小值.【答案】(1)(2) 【分析】(1)根据二倍角公式以及两角差的余弦公式可将化成,再结合,即可求出;2)由(1)知,,再利用正弦定理以及二倍角公式将化成,然后利用基本不等式即可解出.【详解】(1)因为,即,所以2)由(1)知,,所以所以,即有,所以所以当且仅当时取等号,所以的最小值为 3.(2022·全国·统考高考真题)记的内角ABC的对边分别为abc,分别以abc为边长的三个正三角形的面积依次为,已知(1)的面积;(2),求b【答案】(1)(2) 【分析】(1)先表示出,再由求得,结合余弦定理及平方关系求得,再由面积公式求解即可;2)由正弦定理得,即可求解.【详解】(1)由题意得,则,由余弦定理得,整理得,则,又,则2)由正弦定理得:,则,则. 4.(2022·北京·统考高考真题)在中,(1)(2),且的面积为,求的周长.【答案】(1)(2) 【分析】(1)利用二倍角的正弦公式化简可得的值,结合角的取值范围可求得角的值;2)利用三角形的面积公式可求得的值,由余弦定理可求得的值,即可求得的周长.【详解】(1)解:因为,则,由已知可得可得,因此,.2)解:由三角形的面积公式可得,解得.由余弦定理可得所以,的周长为. 5.(2021·全国·统考高考真题)记是内角的对边分别为.已知,点在边上,.1)证明:2)若,求.【答案】(1)证明见解析;(2.【分析】(1)根据正弦定理的边角关系有,结合已知即可证结论.2)方法一:两次应用余弦定理,求得边的关系,然后利用余弦定理即可求得的值.【详解】(1)设的外接圆半径为R,由正弦定理,因为,所以,即又因为,所以2[方法一]【最优解】:两次应用余弦定理因为,如图,在中,中,①②,整理得又因为,所以,解得时,(舍去).时,所以[方法二]:等面积法和三角形相似如图,已知,则,即故有,从而,即,即,即,即,所以[方法三]:正弦定理、余弦定理相结合由(1)知,再由中,由正弦定理得,所以,化简得中,由正弦定理知,又由,所以中,由余弦定理,得[方法四]:构造辅助线利用相似的性质如图,作,交于点E,则,得中,因为所以整理得又因为,所以下同解法1[方法五]:平面向量基本定理因为,所以以向量为基底,有所以又因为,所以由余弦定理得所以联立③④,得所以下同解法1[方法六]:建系求解D为坐标原点,所在直线为x轴,过点D垂直于的直线为y轴,长为单位长度建立直角坐标系,如图所示,则由(1)知,,所以点B在以D为圆心,3为半径的圆上运动.,则知,联立⑤⑥解得(舍去),代入式得由余弦定理得【整体点评】(2)方法一:两次应用余弦定理是一种典型的方法,充分利用了三角形的性质和正余弦定理的性质解题;方法二:等面积法是一种常用的方法,很多数学问题利用等面积法使得问题转化为更为简单的问题,相似是三角形中的常用思路;方法三:正弦定理和余弦定理相结合是解三角形问题的常用思路;方法四:构造辅助线作出相似三角形,结合余弦定理和相似三角形是一种确定边长比例关系的不错选择;方法五:平面向量是解决几何问题的一种重要方法,充分利用平面向量基本定理和向量的运算法则可以将其与余弦定理充分结合到一起;方法六:建立平面直角坐标系是解析几何的思路,利用此方法数形结合充分挖掘几何性质使得问题更加直观化.6.(2021·全国·统考高考真题)在中,角所对的边长分别为.1)若,求的面积;2)是否存在正整数,使得为钝角三角形?若存在,求出的值;若不存在,说明理由.【答案】(1;(2)存在,且.【分析】(1)由正弦定理可得出,结合已知条件求出的值,进一步可求得的值,利用余弦定理以及同角三角函数的基本关系求出,再利用三角形的面积公式可求得结果;2)分析可知,角为钝角,由结合三角形三边关系可求得整数的值.【详解】(1)因为,则,则,故,所以,为锐角,则因此,2)显然,若为钝角三角形,则为钝角,由余弦定理可得解得,则由三角形三边关系可得,可得,故. 
 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