新高考物理一轮复习知识梳理+分层练习专题22 平抛运动规律、 平抛运动与约束面相结合问题（含解析）

2023届高三物理一轮复习多维度导学与分层专练

专题22  平抛运动规律、 平抛运动与约束面相结合问题

【知识导学与典例导练】

一、平抛运动的基本规律与推论

1．四个基本规律

2．两个重要推论

(1)做平抛(或类平抛)运动的物体在任意时刻任一位置处，设其速度方向与水平方向的夹角为α，位移方向与水平方向的夹角为θ，则tan α＝2tan θ。

(2)做平抛(或类平抛)运动的物体任一时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点，如图中A点为OB的中点。

【例1】如图所示，某一小球以的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点。在A点小球速度方向与水平方向的夹角为，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为（空气阻力忽略不计，g取10m/）。以下判断中正确的是（　　）

A．小球经过A点时竖直方向的速度为20m/s

B．小球经过A、B两点间的时间为

C．A、B两点间的高度差

D．A、B两点间的水平位移相差

【答案】B

【详解】AB．根据平行四边形定则知；则小球由A到B的时间间隔故A错误，B正确；

C．A、B的高度差故C错误；

D．A、B两点间的水平位移相差故D错误。故选B。

【例2】如图所示，某人从同一位置O以不同的水平速度投出三枚飞镖A、B、C，最后都插在竖直墙壁上，它们与墙面的夹角分别为60°、45°、30°，图中飞镖的方向可认为是击中墙面时的速度方向，不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）

A．三只飞镖做平抛运动的初速度一定满足vA0>vB0>vC0

B．三只飞镖击中墙面的速度满足vA>vB>vC

C．三只飞镖击中墙面的速度一定满足vA＝vB＝vC

D．插在墙上的三只飞镖的反向延长线不会交于同一点

【答案】A

【详解】A．飞镖做平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，有：x=v0t．飞镖击中墙面的速度与竖直方向夹角的正切值为：tanα= ，联立解得：，α越大，v0越大，故有vA0>vB0>vC0，故A正确；

BC．根据平行四边形定则并结合几何关系，有：飞镖击中墙面的速度 故vA=vC＞vB，故BC错误；

D．飞镖做平抛运动，速度的反向延长线通过水平分位移的中点，而三只飞镖水平分位移的中点相同，故插在墙上的三只飞镖的反向延长线一定交于同一点，故D错误；故选A。

二、平抛运动与斜面相结合

1.与斜面相关的几种的平抛运动

2.与斜面相关平抛运动的处理方法

(1)分解速度

平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动,设平抛运动的初速度为v0,在空中运动时间为t,则平抛运动在水平方向的速度为vx=v0,在竖直方向的速度为vy=gt,合速度为v=,合速度与水平方向的夹角满足tan θ=。

(2)分解位移

平抛运动在水平方向的位移为x=v0t,在竖直方向的位移为y=gt2,对抛出点的位移(合位移)为s=,合位移与水平方向夹角满足tan φ=。

(3)分解加速度

平抛运动也不是一定要分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动,在有些问题中,过抛出点建立适当的直角坐标系,把重力加速度g正交分解为gx、gy,把初速度v0正交分解为vx、vy,然后分别在x、y方向列方程求解,可以简化解题过程,化难为易。

【例3】如图所示，某次空中投弹的军事演习中，战斗机以恒定速度沿水平方向飞行，先后释放A、B两颗炸弹，分别击中倾角为的山坡上的点和点，释放A、B两颗炸弹的时间间隔为，此过程中飞机飞行的距离为；击中、的时间间隔为，、两点间水平距离为，且A炸弹到达山坡的点位移垂直斜面，B炸弹是垂直击中山坡点的。不计空气阻力，下列错误的是（　　）

A．A炸弹在空中飞行的时间为

B．

C．

D．

【答案】B

【详解】A．如图，设炸弹A从抛出到击中点用时，有；

因垂直于斜面，则联立解得则故A正确，不满足题意要求；

BCD．炸弹B从抛出到击中点，方向垂直于斜面，则；由图可知

即

时间关系如下图

有即则有；

故B错误，满足题意要求；CD正确，不满足题意要求。故选B。

【例4】2022年冬奥会在我国北京和张家口市举行，滑雪项目成为人们非常喜爱的运动项目。如图所示为运动员从高为的A点由静止滑下，到达B点后水平飞出，经过时间落到长直滑道上的C点，不计滑动过程中的摩擦和空气阻力。下列说法正确的是（　　）

A．若加倍，则水平飞出的速度加倍

B．若加倍，则在空中运动的时间加倍

C．若减半，运动员落到斜面时的速度方向不变

D．若减半，运动员在空中离斜面的最大距离变小

【答案】CD

【详解】A．运动员从高为的A点由静止滑下，到达B点后水平飞出，根据动能定理可得

解得可知若加倍，则水平飞出的速度变成原来的倍，A错误；

B．假设斜面倾角为，落到斜面位置离点距离为，运动员在空中做平抛运动，则有；联立解得可知若加倍，则在空中运动的时间变成原来的倍，B错误；

C．假设运动落地斜面上的速度方向与水平方向夹角为，竖直分速度为，则有又

可得说明落地斜面上的速度方向与水平方向夹角为定值，与抛出的速度没有关系，若减半，运动员落到斜面时的速度方向不变，C正确；

D．把运动员在空中的运动分解成沿斜面向下初速度为，加速度大小为的匀加速直线运动和垂直斜面向上初速度为，加速度大小为的匀减速直线运动，当垂直斜面的分速度减到时，运动员离斜面最远，则有可知若减半，运动员在空中离斜面的最大距离变小，D正确；

故选CD。

三、平抛运动与圆面相结合

三种常见情景：

1.如图甲所示，小球从半圆弧左边沿平抛，落到半圆内的不同位置。由半径和几何关系制约时间t：h＝gt2，R±＝v0t，联立两方程可求t。

【例5】如图所示为一半圆形的坑，其中坑边缘两点A、B与圆心O等高且在同一竖直平面内，在圆边缘A点将一小球以速度水平抛出，小球落到C点，运动时间为，第二次从A点以速度水平抛出，小球落到D点，运动时间为，不计空气阻力，则（　　）

A．

B．

C．小球落到D点时，速度方向可能垂直圆弧

D．小球落到C点时，速度方向与竖直方向夹角为

【答案】A

【详解】AB．连接AC和AD，如图

设AC和AD的在竖直方向上的长度分别为hAC和hAD，根据图像可知且有，

可得设AC和AD的水平方向上的长度分别为xAC和xAD，则有，，

可得，A正确，B错误；

C．连接OD，如图所示

设则有，可得若速度方向垂直圆弧，则速度方向与水平方向的夹角也为θ，则有则有整理得即这说明小球从A点抛出后速度方向没有发生过改变，显然这时不可能的，所以小球落到D点时，速度方向不可能垂直圆弧，C错误；

D．小球落到C点时，设小球的位移偏转角为α，即AC与水平方向的夹角为α，则有

可得根据平抛运动规律，设小球的速度偏转角为β，即小球落到C点时速度方向与水平方向的夹角为β，满足说明β一定大于45°，则速度与水平方向的夹角一定小于45°，D错误。故选A。

2.如图乙所示，小球恰好沿B点的切线方向进入圆轨道，此时半径OB垂直于速度方向，圆心角α与速度的偏向角相等。

【例6】如图所示，P是固定在水平面CD上的一半径为R的光滑圆弧槽轨道，从水平桌面边缘A处，以速度v0水平飞出一个质量为m的小球，恰好能从圆弧槽左端B点处沿圆弧槽切线方向进入轨道．已知O点是圆弧槽轨道的圆心，D点是圆弧轨道的最低点，桌面比水平面高H，θ1是OB与竖直方向的夹角，θ2是AB与竖直方向的夹角，H=2R，v0=，则：

A．

B．

C．小球到达D点时对圆轨道的压力大小为6mg

D．小球到达D点时对圆轨道的压力大小为5mg

【答案】BC

【详解】AB.平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，速度与水平方向的夹角为，可得：位移与竖直方向的夹角为，可得：则有：

故A错误，B正确；

CD.小球从抛出到到达点过程，由动能定理得：在点，由牛顿第二定律得：

解得：由牛顿第三定律可知，小球对轨道的压力：故C正确，D错误．

(3)如图丙所示，小球恰好从圆柱体Q点沿切线飞过，此时半径OQ垂直于速度方向，圆心角θ与速度的偏向角相等。

【例7】如图所示为四分之一圆柱体OAB的竖直截面，半径为R，在B点上方的C点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在D点与圆柱体相切，OD与OB的夹角为，则C点到B点的距离为（　　）

A． B． C． D．R

【答案】A

【详解】由题意知得：小球通过D点时速度与圆柱体相切，则有小球从C到D，水平方向有

竖直方向上有解得故C点到B点的距离为故选A。

四、平抛运动与竖直面相结合

方法规律：

(1)从同一点斜抛物体，能垂直打在同一竖直面的不同高度处，可用逆向思维法思考，认为物体在不同高度平抛均落在同一点。

(2)无论是从同一点平抛，落在同一竖直面上的不同高度处，还是从同一点斜抛，垂直落在同一竖直面的不同高度处，因高度不同，则运动时间不同，又物体水平位移相同，故平抛的初速度不同。

【例8】如图所示，某同学将乒乓球发球机正对着竖直墙面水平发射，两个完全相同的乒乓球a和b各自以不同的速度水平射出，碰到墙面时竖直下落的高度之比为9：16。若不计阻力，下列对乒乓球a和b的判断正确的是（　　）

A．碰墙前a和b的运动时间之比为9：16

B．a和b碰墙时重力的瞬时功率之比为4：3

C．从发出到碰墙，a和b的动量变化量之比为4：3

D．a和b的初速度之比为4：3

【答案】D

【详解】A．球在竖直方向上做自由落体运动，根据可得，A错误；

B．a和b碰墙时，小球的竖直方向速度重力的瞬时功率求得，a和b碰墙时重力的瞬时功率之比，B错误；

C．根据从发出到碰墙，a和b的动量变化量之比为，C错误；

D．球在水平方向匀速直线运动，水平位移相等，根据可以求得，D正确。故选D。

【例9】如图所示，某同学进行篮球训练，将篮球从同一位置斜向上抛出，其中两次抛出过程中，篮球垂直撞在竖直墙面上，不计空气阻力，则下列说法正确的是（　　）

A．篮球撞墙的速度，第一次较大

B．篮球抛出时的速度，第一次一定比第二次大

C．篮球在空中运动时的加速度，第一次较大

D．篮球从抛出到撞墙，第一次在空中运动的时间较长

【答案】D

【详解】ACD．不计空气阻力，篮球只受重力，所以加速度为重力加速度，相同，在两次运动中，篮球被抛出后的运动可以看作是平抛运动的逆反运动，由于两次篮球垂直撞在竖直墙面上，在竖直方向有可得篮球从抛出到撞墙，第一次在空中运动的时间较长，但是两球的水平位移相同，根据可知篮球撞墙的速度，第一次较小，故AC错误，D正确；

B．根据平行四边形定则知，抛出时的速度第一次的水平初速度小，上升的高度大，则无法比较抛出时的速度大小，故B错误。故选D。

【多维度分层专练】

1．第24届冬奥会于2022年2月4日在中国北京和张家口联合举行，这是我国继2008年奥运会后承办的又一重大国际体育盛会。如图所示为我国滑雪运动员备战的示意图，运动员（可视为质点）从曲面AB上某位置由静止滑下，到达B点后水平飞出，经时间后落到斜坡滑道C点；运动员调整位置下滑，又从B点水平飞出，经时间后落到斜坡滑道D点。已知O点在B点正下方，，斜坡足够长，不计空气阻力，则以下关系正确的是（　　）

A．  B．  C．  D．

【答案】D

【详解】设斜坡的倾角为，根据抛运动的规律有；第二次跳时，有

；由几何关系可知可得

故D正确，ABC错误。故选D。

2．如图，一质量为m的质点做平抛运动，依次经过A、B、C三点，质点从A到B和从B到C的时间相等，A、C两点距水平地面的高度分别为h1、h2，质点经过A、C两点时速度与水平方向的夹角分别为30°、60°，重力加速度大小为g，则（　　）

A．质点经过C点时竖直方向速度大小为

B．质点经过B点时速度与水平方向的夹角为45°

C．B、C间的高度差是A、B间的3倍

D．质点的水平速度大小为

【答案】D

【详解】A．质点在A点时的竖直方向速度不为零，从A点到C点，竖直方向由运动学公式

则质点经过C点时速度大小为故A错误；

B．质点经过A点时质点经过C点时因为质点从A到B和从B到C的时间相等，故设质点经过B点时速度与水平方向的夹角为θ，则

故B错误；

C．如果质点在A点时竖直方向的速度为零，则B、C间的高度差是A、B间的3倍，但实际质点在A点时竖直方向的速度不为零，则B、C间的高度差不是A、B间的3倍，故C错误；

D．在竖直方向上有再根据；可解得质点的水平速度大小

故D正确。故选D。

3．如图所示，为竖直平面内正方形的四个顶点，边长为L，水平。分别从A点和D点同时各平抛一个小球M、N，其速度分别为，，若两小球能同时到达上的某点，当它们相遇时，下列说法正确的是（　　）（重力加速度为g，不计空气阻力）

A．若N球速度恰好垂直于，则两小球的初速度大小关系为

B．若N球速度恰好垂直于，则两小球到达的时间为

C．若N球位移恰好垂直于，则两小球初速度大小关系为

D．若N球位移恰好垂直于，则两小球到达的时间为

【答案】BC

【详解】A．若N球到达时，N球速度恰好垂直于，如图1所示

M球位移偏角为45°，N球速度偏角为45°，对M求有对N球有可得故A错误；

B．N球速度恰好垂直于时，M、N两小球水平位移之比为，小球下落高度为，故两小球到达的时间为，故B正确；

C．若N球到达时，N球位移恰好垂直于，如图2所示

M球位移偏角为45°，N球位移偏角为45°，由平抛运动的特征可知，故C正确；

D．若N球位移恰好垂直于，两小球的水平位移之比为，两小球下落高度为，故两小球到达的时间为，故D错误。故选BC。

4．2022年冬奥会将在北京召开。如图所示是简化后的跳台滑雪的雪道示意图，运动员从助滑雪道AB上由静止开始滑下，到达C点后水平飞出，落到滑道上的D点，E是运动轨迹上的某一点，在该点运动员的速度方向与轨道CD平行，设运动员从C到E与从E到D的运动时间分别为t1、t2，EF垂直CD，则有关离开C点后的飞行过程（　　）

A．有t1=t2，且CF=FD

B．若运动员离开C点的速度加倍，则落在斜面上的速度方向夹角变大

C．若运动员离开C点的速度加倍，则落在斜面上的距离加倍

D．若运动员离开C点的速度加倍，则落在斜面上的速度方向不变

【答案】D

【详解】A．以C点为原点，以CD为x轴，以CD垂直向上方向为y轴，建立坐标系如图：

对运动员的运动进行分解，y轴方向做类竖直上拋运动，x轴方向做匀加速直线运动。当运动员速度方向与轨道平行时，在y轴方向上到达最高点，根据竖直上拋运动的对称性，知。而x轴方向运动员做匀加速运动，因，故，故A错误；

C．将初速度沿x、y方向分解为、，将加速度沿x、y方向分解为、，则运动员的运动时间为

落在斜面上的距离离开C点的速度加倍，则、加倍，t加倍，由位移公式得s不是加倍关系，C错误；

BD．设运动员落在斜面上的速度方向与水平方向的夹角为，斜面的倾角为。则有：；则得，一定，则一定，则知运动员落在斜面上的速度方向与从C点飞出时的速度大小无关，故B错误，D正确。故选D。

5．如图所示，同一竖直平面内有四分之一圆环AC和倾角为=60°的斜面BC相接于C点，A、B两点与圆环AC的圆心O等高。现将甲、乙小球同时从A、B两点以一定大小的初速度沿水平方向同时抛出，两球恰好在C点相碰（不计空气阻力）。则下列说法正确的是（　　）

A．甲、乙两球初速度大小之比为：1

B．若仅增大两球质量，则两球不再相碰

C．若乙球速度大小变为原来的一半，则恰能落在斜面的中点D

D．若乙球速度大小变为原来的两倍，则可能垂直击中圆环AC

【答案】A

【详解】A．甲乙两球从等高处做平抛运动恰好在C点相碰，则时间相等，水平方向有，所以甲、乙两球初速度大小之比为：1，故A正确；

B．两球运动时间与质量无关，故改变质量，两球仍会相碰，故B错误；

C．若v2大小变为原来的一半，在时间不变的情况下水平位移会变为原来的一半，但由于乙球会碰到斜面，下落高度减小，时间减小，所以乙球的水平位移小于原来的一半，不会落在斜面的中点，故C错误；

D．若乙球垂直击中圆环AC，则落点时速度的反向延长线过圆心O，由几何关系

（落点和圆心连线与OC夹角为）解得故D错误。故选A.

6．如图所示，圆环竖直放置，从圆心O点正上方的P点，以速度v0水平抛出的小球恰能从圆环上的Q点沿切线方向飞过，若OQ与OP间夹角为，不计空气阻力．则（          ）

A．小球运动到Q点时的速度大小为

B．小球从P点运动到Q点的时间为

C．小球从P点到Q点的速度变化量为

D．圆环的半径为

【答案】D

【详解】从P点运动到Q点，小球做平抛运动，由图和几何关系知，在Q点小球从P点到Q点的速度变化量为解得小球从P点运动到Q点的时间为在水平方向

解得圆环的半径为故ABC错误，D正确；故选D。

7．如图所示，BC是半径为R的竖直面内的光滑圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，∠BOC＝60°，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点滑入圆轨道，则小球在C点对轨道的压力为

A．mg B．3mg C．mg D．4mg

【答案】C

【详解】小球由A至B做平抛运动，设初速度，平抛时间，竖直方向有；B点的速度相切与圆轨道，故平抛的速度偏向角为，有，可得．从A至C由动能定理：，对C点的小球，由牛顿第二定律：，由牛顿第三定律可得球对轨道的压力与支持力大小相等，解得．故选C．

8．在电视剧里，我们经常看到这样的画面：屋外刺客向屋里投来两支飞镖，落在墙上，如图所示。现设飞镖是从同一位置做平抛运动射出来的，飞镖A与竖直墙壁成53°角，飞镖B与竖直墙壁成37°角，两落点相距为d，试求刺客离墙壁有多远（已知tan 37°=，tan 53°=）（　　）

A．d B．2d C．d D．d

【答案】C

【详解】把两飞镖速度反向延长，交点为水平位移中点，如图所示

设水平位移为x，根据几何关系有解得x=d故选C。

9．如图所示，从水平地面A、B两点分别斜抛出两小球，两小球均能垂直击中前方竖直墙面上的同一位置点P。已知点P距地面的高度h=0.8m，A、B两点距墙的水平距离分别为0.8m和0.4m。不计空气阻力，则从A、B两点抛出的两小球（　　）

A．从抛出到击中墙壁的时间之比为2：1

B．击中墙面的速率之比为1：1

C．抛出时的速率之比为

D．抛出时速度方向与地面夹角的正切值之比为1：2

【答案】D

【详解】A．利用逆向思维，则两小球从P点做平抛运动，根据解得所以落地时间只与高度有关，则从抛出到击中墙壁的时间之比为1：1，所以A错误；

B．根据可知，两球的水平方向位移不同，则在P点的速度为 ，则击中墙面的速率之比为2：1，所以B错误；

C．两球抛出时的速率分别为；

则抛出时的速率之比为，所以C错误；

D．两球抛出时速度方向与地面夹角的正切值分别为；则抛出时速度方向与地面夹角的正切值之比为1：2，所以D正确；故选D。