江苏省徐州市新沂二中2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试卷

这是一份江苏省徐州市新沂二中2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试卷，共27页。
江苏省徐州市新沂二中2023-2024学年九年级上学期第一次月考物理试卷(解析版)
一.单选题（2*15＝30分）
1．（2分）如图所示的用具中，在使用时属于费力杠杆的是（　　）
A．筷子 B．开瓶器
C．门把手 D．钳子
2．（2分）一个滑轮组经改装后提高了机械效率，用它把同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比较（　　）
A．做的有用功减少了
B．总功不变，有用功增加了
C．有用功不变，总功减少了
D．总功不变，额外功减少了
3．（2分）小刚用300N的力将重为40N的铅球掷出10m远，铅球在空中飞行的过程中，小刚对铅球做的功为（　　）
A．0J B．400J C．3000J D．3400J
4．（2分）物体在相同的力F的作用下沿力的方向移动了距离s，试比较在如图所示的三种情况中力F对物体做功的多少（　　）

A．W1＝W2＝W3 B．W1＞W2＞W3 C．W1＜W2＜W3 D．W1＜W3＜W2
5．（2分）汽车爬坡时，驾驶员的操作是：加大油门，同时将变速器换成低速挡。加大油门是使发动机发挥最大的功率，在爬坡时，减小汽车的速度是为了（　　）
A．保证安全 B．获取更大的动力
C．省油 D．增大惯性
6．（2分）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．若G1＝G2，拉力做的额外功相同
B．若G1＝G2，甲的机械效率大于乙的机械效率
C．若G1＝G2，拉力做的总功相同
D．用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
7．（2分）小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体以相同速度匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2，拉力分别为F1、F2，拉力的功率分别为P1、P2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（　　）

A．F1＞F2 η1＝η2 P1＝P2 B．F1＜F2η1＞η2 P1＜P2
C．F1＞F2 η1＝η2 P1＞P2 D．F1＞F2 η1＞η2 P1＝P2
8．（2分）现要利用斜面将木箱拉上汽车，下列做法中可以提高斜面机械效率的是（　　）
A．以较快的速度拉木箱 B．以较慢的速度拉木箱
C．减小斜面的倾斜程度 D．增大斜面的倾斜程度
9．（2分）一同学从一楼跑到三楼用了10s，他的功率可能是（　　）
A．3瓦 B．30瓦 C．300瓦 D．3000瓦
10．（2分）如图所示的图线，是甲、乙两物体所做功与所用时间的关系图线。由图线可知甲、乙两物体功率P甲、P乙大小关系为（　　）

A．P甲＞P乙 B．P甲＝P乙 C．P甲＜P乙 D．无法判断
11．（2分）如图所示，杠杆AOB用细线悬挂起来，分别在A、B两端分别挂上质量为m1、m2的重物时，杠杆平衡，此时AO恰好处于水平位置，不计杠杆重力，则m1、m2的关系为（　　）

A．m1＞m2 B．m1＜m2 C．m1＝m2 D．无法判断
12．（2分）如图所示，运动中的物体弹性势能转化为动能的是（　　）
A．秋千荡向高处 B．发条带动指针转动
C．流星从天而降 D．手枪将子弹射出
13．（2分）2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，足球（　　）

A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
14．（2分）超市进了一批洗衣粉，每箱10kg，搬运工要把它们搬到二楼的柜台上，那么他每次搬运的箱子数应为（　　）

A．2个 B．3个 C．4个 D．6个
15．（2分）如图，重为G的物体在沿斜面向上的拉力作用下，从斜面的底部移到顶部，高为h，拉力为F，则斜面的机械效率为（　　）

A． B． C． D．
二、填空题（1*14＝14分）
16．（3分）滑轮实质上是变形的杠杆，系在旗杆的上端，升旗用的滑轮是　 　滑轮，能改变力的方向；装在起重机上　 　滑轮，能　 　。
17．（2分）打桩机将重锤高高举起，使重锤具有　 　能。落下的重锤，具有较大的　 　能，将桩打入地下。
18．（3分）如图所示，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，让小球从斜面的不同高度由静止释放　 　的关系，实验是通过观察　 　来说明做功的多少，从而得出结论的。如果水平面绝对光滑，实验　 　（填“能”或“不能”）正常进行。

19．（3分）如图所示，橡皮筋两头分别固定在罐子两端，中间系一个钩码，将魔罐在水平地面上滚出，橡皮筋的弹性势能　 　（填“变大”、“不变”或“变小”）；魔罐能自动滚回来，滚回的过程中　 　能转化为　 　能。

20．（3分）斜面长5m，高1m，把重为5000N的物体匀速地推向斜面顶端，则推力为　 　N；如果斜面不光滑，所用推力为1250N　 　。物体受到斜面对它的摩擦力为　 　N。
三、实验题（每空1分1*16＝16分）
21．（5分）某实验小组在做“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如下表所示，第1、2、3次实验装置分别如图中的甲、乙、丙所示。
次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
测力计拉力F/N
测力计移动距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
0.9
0.3
74.1%
2
4
0.1
1.6
　 　
　 　
3
4
0.1
1.1
0.5
72.7%
（1）补充表格中的数据。
（2）在实验操作中应竖直向上 　 　拉动弹簧测力计。
（3）比较第1次实验和第2次实验，可得结论：使用同样的滑轮组，　 　可以提高滑轮组的机械效率。
（4）由第2、3次实验可得结论：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（质量越大）　 　。

22．（11分）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。

（1）安装好杠杆后，杠杆静止在图甲的位置，此时杠杆 　 　（选填“是”或“不是”）平衡状态；实验前，要使杠杆在 　 　位置平衡，应将杠杆右端的螺母向 　 　调节（填“左”、“右”）。
（2）在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡　 　。小刚同学根据这一次实验数据得出了杠杆平衡条件，这种做法的不足之处是：　 　。
（3）实验时，小明在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，则在右侧B位置（右边位置第三格）应挂 　 　个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡。之后在A、B两点再各增加1个钩码，杠杆将 　 　（选填“不动”、“顺时针旋转”或“逆时针旋转”）。
（4）某次实验如图丙，使杠杆恢复水平平衡的最简单操作是 　 　。
（5）若在图乙B处使用弹簧测力计拉杠杆，为便于测量力臂，弹簧测力计应沿 　 　方向拉杠杆。
（6）如图丁所示，小明在B位置挂一个弹簧测力计，在A位置挂了3个钩码。现将弹簧测力计从竖直方向变为倾斜，则弹簧测力计示数 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是 　 　。
四.作图题（每题2，共6）
23．（2分）如图所示，用两个滑轮组成滑轮组提升重物，请画出滑轮组最省力的绕法。

24．（2分）如图，O点是轻质杠杆AOB的支点，杠杆上的C点受到阻力F2的作用。若使杠杆在图中所示位置静止，请在杠杆上画出所要施加的最小动力F1的示意图，并画出动力臂L1和阻力臂L2。

25．（2分）请在图中画出拉力F的力臂l（O为支点）。

五、计算题（6+8＝14分）
26．（6分）如图所示是我国自行研制的具有国际先进水平的歼﹣10战斗机，已知发动机用1.22×105N的推力能使战斗机以二倍音速（设声音速度为340m/s）飞行，10s内发动机做了多少功？发动机的功率是多少？

27．（8分）如图所示，用拉力F通过动滑轮将重90N的货物匀速提升1m，用时10s，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，求；
（1）上述过程中的有用功W有；
（2）上述过程中拉力所做的功W总；
（3）动滑轮所受的重力；
（4）拉力做功的功率。


参考答案与试题解析
一.单选题（2*15＝30分）
1．（2分）如图所示的用具中，在使用时属于费力杠杆的是（　　）
A．筷子 B．开瓶器
C．门把手 D．钳子
【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、镊子在使用过程中，是费力杠杆；
BCD、开瓶器、钳子，动力臂大于阻力臂，故BCD错误。
故选：A。
【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2．（2分）一个滑轮组经改装后提高了机械效率，用它把同一物体匀速提升同样的高度，改进后与改进前相比较（　　）
A．做的有用功减少了
B．总功不变，有用功增加了
C．有用功不变，总功减少了
D．总功不变，额外功减少了
【分析】用滑轮组把同一物体匀速提升同样的高度，有用功相同；由题知改装后的机械效率高，根据机械效率的公式知道总功减小，而总功等于有用功加上额外功，据此分析判断。
【解答】解：∵把同一物体匀速提升同样的高度，
∴利用滑轮组做的有用功相同，
∵η＝，改装后的机械效率高，
∴改装后利用滑轮组做的总功减少，
又∵W总＝W有+W额，
∴改装后利用滑轮组做的额外功减少；
由上述分析得出，A、B、D都错。
故选：C。
【点评】本题考查了有用功、额外功、总功、机械效率及其之间的关系，由“把同一物体匀速提升同样的高度”知道做的有用功相同是解本题的突破口，用好效率公式是关键。
3．（2分）小刚用300N的力将重为40N的铅球掷出10m远，铅球在空中飞行的过程中，小刚对铅球做的功为（　　）
A．0J B．400J C．3000J D．3400J
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此先判断是否做功，若做功，利用W＝Fs计算。
【解答】解：铅球在空中飞行的过程中，是由于铅球具有惯性而向前运动，人的手不再对铅球施加推力，但没有力的作用，即做功为0J。
故选：A。
【点评】本题考查力对物体做功的条件：一是力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可。明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
4．（2分）物体在相同的力F的作用下沿力的方向移动了距离s，试比较在如图所示的三种情况中力F对物体做功的多少（　　）

A．W1＝W2＝W3 B．W1＞W2＞W3 C．W1＜W2＜W3 D．W1＜W3＜W2
【分析】力对物体做功的大小就是看拉力的大小和在拉力的作用下物体移动的距离。三种情况中拉力大小不变，物体移动距离相同，根据公式W＝Fs可求做功的大小。
【解答】解：在光滑水平面上、粗糙水平面上和斜面上，
拉力大小相同，移动距离相同，三种情况下做功相同。
故选：A。
【点评】本题考查做功的大小比较，关键知道影响做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动的距离，与接触面的粗糙程度无关。
5．（2分）汽车爬坡时，驾驶员的操作是：加大油门，同时将变速器换成低速挡。加大油门是使发动机发挥最大的功率，在爬坡时，减小汽车的速度是为了（　　）
A．保证安全 B．获取更大的动力
C．省油 D．增大惯性
【分析】当油门调到最大时，功率达最大此时功率无法再增加，由P＝FV可分析减少车速的原因。
【解答】解：爬坡时需要发动机有很大的牵引力，而单靠增大功率无法达到必要的牵引力，只能减小速度，速度最小时牵引力最大；
故减小速度可以增大发动机的牵引力；而不是为了保证安全，故也无法省油，而减小速度不会减小能量的损耗，与物体的速度无关。
故选：B。
【点评】汽车爬坡及启动时满足P＝Fv，即增大功率及减小运行速度可以提高牵引力。
6．（2分）甲、乙两个滑轮组如图所示，其中的每一个滑轮都相同，用它们分别将重物G1、G2提高相同的高度，不计滑轮组的摩擦，下列说法中正确的是（　　）

A．若G1＝G2，拉力做的额外功相同
B．若G1＝G2，甲的机械效率大于乙的机械效率
C．若G1＝G2，拉力做的总功相同
D．用甲乙其中的任何一个滑轮组提起不同的重物，机械效率不变
【分析】解决此题的关键是搞清有用功、额外功、总功之间的关系，并能比较出甲、乙两图中所做额外功的大小关系，并能根据公式η＝＝分析机械效率大小关系。
【解答】解：A、甲滑轮组中有一个动滑轮，所以若把物体提升相同的高度，故A错误；
B、根据η＝1＝G2，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，乙做的总功大于甲做的总功，故B正确。
C、若G3＝G2，把物体提升相同的高度，则甲乙所做的有用功相同，所以乙做的总功大于甲做的总功；
D、用同一个滑轮组提起不同的重物，有用功发生变化，所以机械效率会变化。
故选：B。
【点评】此题通过变化有用功或总功来改变机械效率。若有用功相同，额外功越多，机械效率越低，否则越高；若额外功相同，有用功越多，机械效率越高，否则越低。
7．（2分）小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体以相同速度匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2，拉力分别为F1、F2，拉力的功率分别为P1、P2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（　　）

A．F1＞F2 η1＝η2 P1＝P2 B．F1＜F2η1＞η2 P1＜P2
C．F1＞F2 η1＝η2 P1＞P2 D．F1＞F2 η1＞η2 P1＝P2
【分析】（1）由题意可知，动滑轮和提升物体的质量相等则重力相等，由图可知两装置中绳子的有效股数，忽略绳重与摩擦，根据F＝（G+G动）得出绳端拉力的关系；
（2）忽略绳重和摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，克服物体和动滑轮总重力做的功为总功，根据η＝×100%比较两装置的机械效率关系，将同一物体以相同速度匀速提高到相同高度时提升的时间相等，根据P＝比较拉力做功的功率关系。
【解答】解：（1）由图可知，左滑轮组绳子的有效股数n1＝2，右滑轮组绳子的有效股数n2＝3，
因相同滑轮中动滑轮的重力相等，且同一个物体的重力相等，
所以，忽略绳重与摩擦（G+G动）可知，F7＞F2，故B错误；
（2）因忽略绳重与摩擦时，克服物体重力做的功为有用功，
所以，由W有＝Gh可知，两滑轮组做的有用功相等，
因克服物体和动滑轮总重力做的功为总功，
所以，由W总＝（G+G动）h可知，两滑轮组拉力做的总功相等，
由η＝×100%可知1＝η5，故D错误；
因提升相同物体到相同高度时的速度相等，由t＝，提升物体所用的时间相等，
所以，由P＝，拉力做功的功率关系为P1＝P2，故A正确、C错误。
故选：A。
【点评】本题考查了滑轮组绳端拉力、机械效率、功和功率之间关系的比较，明确有用功和总功以及滑轮组绳子有效股数的确定是关键。
8．（2分）现要利用斜面将木箱拉上汽车，下列做法中可以提高斜面机械效率的是（　　）
A．以较快的速度拉木箱 B．以较慢的速度拉木箱
C．减小斜面的倾斜程度 D．增大斜面的倾斜程度
【分析】由于汽车的高度一定，因此克服重力做的功（即有用功）为定值，那么提高斜面的机械效率可从减小总功的角度入手分析。
【解答】解：使用斜面时，有用功是克服重力做的功；
欲提高斜面的机械效率，就必须在有用功一定时。
当斜面的倾角变大时，木箱对斜面的压力逐渐变小，压力越小，这样可以有效的减少额外功。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生对：增大和减小机械效率的方法的了解和掌握，是一道基础题。
9．（2分）一同学从一楼跑到三楼用了10s，他的功率可能是（　　）
A．3瓦 B．30瓦 C．300瓦 D．3000瓦
【分析】上楼时要克服自身的重力做功，做功的大小等于重力和楼高的乘积。我们可以估测出人的质量，求出人的重力，再估测出楼高，利用公的计算公式W＝Gh求出做的功。再利用功率计算公式P＝求出功率。
【解答】解：该同学的质量约为50kg，一层楼高约为3m，上升了两层楼，他上楼做的功：W＝Gh＝mgh＝50kg×10N/kg×6m＝3000J，
已知跑上楼所用的时间为10s，他上楼过程中的功率约为P＝＝。
故选：C。
【点评】此题考查了功率的计算公式，以及质量和距离的估测。解题关键是正确估测人的质量和楼高。
10．（2分）如图所示的图线，是甲、乙两物体所做功与所用时间的关系图线。由图线可知甲、乙两物体功率P甲、P乙大小关系为（　　）

A．P甲＞P乙 B．P甲＝P乙 C．P甲＜P乙 D．无法判断
【分析】该图是功和时间的关系图象。根据功率的计算公式可知，在相同时间内，谁做的功多，谁的功率就大。
【解答】解：我们可以在横轴上任找一点，即保证了甲和乙做功时间相同，与甲和乙的图象均有一个交点，所以甲的功率大。
故选：A。
【点评】此题主要考查我们对于图象的分析能力。
11．（2分）如图所示，杠杆AOB用细线悬挂起来，分别在A、B两端分别挂上质量为m1、m2的重物时，杠杆平衡，此时AO恰好处于水平位置，不计杠杆重力，则m1、m2的关系为（　　）

A．m1＞m2 B．m1＜m2 C．m1＝m2 D．无法判断
【分析】从示意图中可以看出，杠杆在0A水平静止，m1对杠杆的拉力为竖直向下，所以m1对杠杆拉力的力臂即为杠杆AO的长度，m2对杠杆拉力的方向也是竖直向下，但OB不是处于水平，所以m2对杠杆拉力的力臂小于OB的长度，根据杠杆的平衡条件分析，即可得出两个物体质量的大小。
【解答】解：杠杆示意图如下：

根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F7L2可知，
G1L5＝G2L2，
m2gL1＝m2gL6，
即m1L1＝m5L2，
力与相应的力臂成反比关系，
从图中可以看出力臂L1＞L6，所以物体的重力G1＜G2，即m8＜m2。
故选：B。
【点评】杠杆平衡条件是解决杠杆平衡问题的重要依据，解题时要找到动力、动力臂、阻力、阻力臂，这是解决问题的关键。
12．（2分）如图所示，运动中的物体弹性势能转化为动能的是（　　）
A．秋千荡向高处 B．发条带动指针转动
C．流星从天而降 D．手枪将子弹射出
【分析】自然界的能量既不会创生，也不会消失，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体。故依次判断出题目中每个选项的能量转化即可。
【解答】解：A、秋千荡向高处的过程中，速度变小，高度升高。故为动能转化为重力势能；
B、钟表里的发条带动指针转动是由弹性势能转化成了动能；
C、流星从天而降的过程中。不符合题意；
D、枪膛内燃气膨胀将子弹射出，是将燃气的内能转化为子弹的机械能。
故选：B。
【点评】人们利用能量的过程是能量转移和转化的过程，明确每一个过程能量是如何转移和转化的是解决该题的关键。
13．（2分）2021年4月，中国女足通过奋勇拼搏，晋级奥运会。如图是足球落地后又弹起的示意图，足球（　　）

A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在C点时，若所受力全部消失，其运动状态将不断改变
【分析】图中小球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判断动能和势能的变化。
【解答】解：A、在B点时、空气的阻力的共同作用，所以受力不平衡；
B、图中小球的高度越来越小，则D点的机械能一定小于A点的机械能；D点比A点低，则其动能有可能与A点的动能相等；
C、在运动过程中，机械能转化为内能；足球运动过程中，重力势能转化为动能，动能转化为重力势能，还存在机械能与内能的转化；
D、在C点时，其运动状态将不再改变，做匀速直线运动。
故选：B。
【点评】本题中，首先确定机械能是减小的，再根据机械能包括动能和势能，并根据它们的不同影响因素做出分析与判断。
14．（2分）超市进了一批洗衣粉，每箱10kg，搬运工要把它们搬到二楼的柜台上，那么他每次搬运的箱子数应为（　　）

A．2个 B．3个 C．4个 D．6个
【分析】在P﹣m上找到最大功率对应的质量值，这是做功最快的。
【解答】解：由P﹣m图象可知，搬运30kg物体时，此时做功最快。
每箱洗衣粉质量为10kg，所以每次搬，搬运最快。
故选：B。
【点评】从P﹣m读出最大功率，最大功率下的搬运质量，这是解决本题的关键，这个已知条件隐含在图象中，自己去挖掘。
15．（2分）如图，重为G的物体在沿斜面向上的拉力作用下，从斜面的底部移到顶部，高为h，拉力为F，则斜面的机械效率为（　　）

A． B． C． D．
【分析】根据功的计算公式W＝Fs可表达拉力做的功，即总功；再根据W＝Gh表达有用功；然后根据机械效率的计算公式可表达斜面的效率η；再根据各表达式间关系，可得出正确的选项。
【解答】解：
此过程中，做的有用功为：W有＝Gh；
拉力做的总功为：W总＝Fs；
则斜面的机械效率为：
η＝＝，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了机械效率的计算方法，明确有用功和总功是关键。
二、填空题（1*14＝14分）
16．（3分）滑轮实质上是变形的杠杆，系在旗杆的上端，升旗用的滑轮是　定　滑轮，能改变力的方向；装在起重机上　动　滑轮，能　省力　。
【分析】定滑轮的工作特点是：改变力的方向，但是不能省力；动滑轮的工作特点是：不能改变力的方向，但能省一半力。
【解答】解：升旗用的滑轮固定在旗杆上，所以该滑轮是一个定滑轮；
起重机上的滑轮，它的轴随重物一起运动，能够省力。
故答案为：定；动；省力。
【点评】本题的解题关键是理解定滑轮和动滑轮的实质，然后根据杠杆的平衡原理加深对滑轮特点的记忆。
17．（2分）打桩机将重锤高高举起，使重锤具有　重力势　能。落下的重锤，具有较大的　动　能，将桩打入地下。
【分析】根据动能和势能的概念分析解答：物体由于被举高而具有的能量叫重力势能；物体由于运动而具有的能叫做动能。
【解答】解：根据动能和势能的概念可知：
打桩机将重锤高高举起，使重锤具有重力势能，运动速度较大。
故答案为：重力势；动。
【点评】本题主要考查了重力势能和动能的概念，难度不大，属于基础题。
18．（3分）如图所示，在“探究动能大小与哪些因素有关”的实验中，让小球从斜面的不同高度由静止释放　速度　的关系，实验是通过观察　木块被撞击后移动的距离　来说明做功的多少，从而得出结论的。如果水平面绝对光滑，实验　不能　（填“能”或“不能”）正常进行。

【分析】（1）物体的动能与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用控制变量法，根据已知条件判断出控制的变量，便可得出探究的因素；
（2）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；
（3）根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。
【解答】解：（1）由题意知，同一小球的质量相同，到达水平面的速度不同；
（2）实验中通过观察木块被撞击后移动的距离来比较动能的大小；
（3）若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，因此无法显示被推动的距离。
故答案为：速度；木块被撞击后移动的距离。
【点评】此题是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，考查了控制变量法及转换法在实验中的应用。
19．（3分）如图所示，橡皮筋两头分别固定在罐子两端，中间系一个钩码，将魔罐在水平地面上滚出，橡皮筋的弹性势能　变大　（填“变大”、“不变”或“变小”）；魔罐能自动滚回来，滚回的过程中　弹性势　能转化为　动　能。

【分析】动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度。
【解答】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，魔罐的动能转化为橡皮筋的弹性势能；
当魔罐的动能为0时，橡皮筋的弹性势能最大，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋的弹性势能减小，即弹性势能转化为动能。
故答案为：变大；弹性势；动。
【点评】本题考查动能和弹性势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题。
20．（3分）斜面长5m，高1m，把重为5000N的物体匀速地推向斜面顶端，则推力为　1000　N；如果斜面不光滑，所用推力为1250N　80%　。物体受到斜面对它的摩擦力为　250　N。
【分析】（1）知道物体的重力和上升的高度，根据W＝Gh求出有用功，当斜面光滑时，摩擦力为零，则有用功等于总功，根据W＝Fs求出推力的大小；
（2）当斜面不光滑时，根据W＝Fs求出总功，利用η＝×100%求出斜面的机械效率，总功减去有用功即为克服摩擦力所做的额外功，根据W额＝fs求出物体受到斜面对它的摩擦力。
【解答】解：（1）推力做的有用功：
W有＝Gh＝5000N×1m＝5000J，
当斜面光滑时，摩擦力为零，
由W总＝Fs可得，推力的大小：
F＝＝＝＝1000N；
（2）当斜面不光滑时，推力做的总功：
W总′＝F′s＝1250N×3m＝6250J，
斜面的机械效率：
η＝×100%＝，
克服摩擦力所做的额外功：
W额＝W总′﹣W有＝6250J﹣5000J＝1250J，
由W额＝fs可得，物体受到斜面对它的摩擦力：
f＝＝＝250N。
故答案为：1000；80%。
【点评】本题考查了功的原理和做功公式、效率公式的应用，明确有用功和总功以及额外功的关系是关键。
三、实验题（每空1分1*16＝16分）
21．（5分）某实验小组在做“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如下表所示，第1、2、3次实验装置分别如图中的甲、乙、丙所示。
次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
测力计拉力F/N
测力计移动距离s/m
机械效率η
1
2
0.1
0.9
0.3
74.1%
2
4
0.1
1.6
　0.3　
　83.3%　
3
4
0.1
1.1
0.5
72.7%
（1）补充表格中的数据。
（2）在实验操作中应竖直向上 　匀速　拉动弹簧测力计。
（3）比较第1次实验和第2次实验，可得结论：使用同样的滑轮组，　增加物重　可以提高滑轮组的机械效率。
（4）由第2、3次实验可得结论：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（质量越大）　低　。

【分析】（1）根据s＝nh和W＝Fs以及机械效率公式计算表格中缺少的内容；
（2）实验过程中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（3）比较1、2次实验数据可知机械效率与物重的关系；
（4）分析2、3两次实验数据，并结合控制变量法得出结论。
【解答】解：（1）根据图乙可知，n＝3；
①s＝3h＝8×0.1m＝2.3m；
②W总＝Fs＝1.3N×0.3m＝2.48J，W有用＝Gh＝4N×0.4m＝0.4J，η＝＝；
（2）在实验操作中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；
（3）比较第4次实验和第2次实验，可得结论：使用同样的滑轮组，滑轮组的机械效率越高；
（4）由第2、7次实验可得结论：使用不同的滑轮组，动滑轮的个数越多（质量越大），机械效率越低。
故答案为：（1）0.3；83.8%；（3）增加物重。
【点评】本题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了绳端移动距离与物体上升高度的关系、机械效率的计算，同时还考查了影响滑轮组机械效率的因素，知道被提升的物体越重、动滑轮越轻，即有用功越大、额外功越小，滑轮组的机械效率越高。
22．（11分）小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。

（1）安装好杠杆后，杠杆静止在图甲的位置，此时杠杆 　是　（选填“是”或“不是”）平衡状态；实验前，要使杠杆在 　水平　位置平衡，应将杠杆右端的螺母向 　右　调节（填“左”、“右”）。
（2）在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡　消除杠杆自身重力的影响，便于测量力臂的大小　。小刚同学根据这一次实验数据得出了杠杆平衡条件，这种做法的不足之处是：　只有一次实验，具有偶然性　。
（3）实验时，小明在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，则在右侧B位置（右边位置第三格）应挂 　4　个相同规格的钩码，杠杆可以重新在水平位置平衡。之后在A、B两点再各增加1个钩码，杠杆将 　逆时针旋转　（选填“不动”、“顺时针旋转”或“逆时针旋转”）。
（4）某次实验如图丙，使杠杆恢复水平平衡的最简单操作是 　将C点钩码向左移动一格　。
（5）若在图乙B处使用弹簧测力计拉杠杆，为便于测量力臂，弹簧测力计应沿 　竖直　方向拉杠杆。
（6）如图丁所示，小明在B位置挂一个弹簧测力计，在A位置挂了3个钩码。现将弹簧测力计从竖直方向变为倾斜，则弹簧测力计示数 　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是 　阻力和阻力臂不变，动力臂变小，所以动力变大　。
【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
（2）调节杠杆在水平位置平衡，消除杠杆自重的影响，便于测量力臂；
（3）探究杠杆平衡条件时，一般要进行多次测量，为了使实验结论具有普遍性，只有一次实验得出的结论是不科学的；
（4）根据杠杆的平衡条件可知，求出此时B点所挂钩码；当杠杆两边各加一个钩码，杠杆将向力和力臂的乘积大的一端下沉；
（5）力臂是支点到力的作用线的垂直距离。由此分析为便于测量力臂，弹簧测力计拉力的方向；
（6）当拉力由倾斜变成竖直时，会造成力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡。
【解答】解：（1）杠杆保持静止，此时杠杆是处于静止状态；调节杠杆在水平位置平衡，右端的平衡螺母应向上翘的右端移动；
（2）实验时为了消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，且便于直接从杠杆上读出力臂的大小；
只有一次实验得出杠杆平衡的条件，这种结论很具有偶然性，要进行多次实验；
（3）设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L1L1＝F6L2知，
3G×6L＝nG×3L解得：n＝4，即在B位置挂上6个钩码；
设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，两端各增加一个钩码，
左端力与力臂的乘积为4G×4L＝16GL，
右端力与力臂的乘积为2G×3L＝15GL，左端＞右端；杠杆将逆时针旋转；
（4）如图丙所示，此时左端力与力臂的乘积低于右端力与力臂的乘积，设一个钩码的重力为G，由杠杆的平衡条件F1L4＝F2L2知，G×（n+5）L＝2G×2L，所以应将左端钩码向左移动一格；
（5）力臂是支点到力的作用线的垂直距离。当弹簧测力计拉力方向与杠杆垂直，此时拉力作用点到支点的距离就是其力臂，杠杆水平平衡时拉力方向应为竖直向下；
（5）图丙中，当弹簧测力计在B点，力臂减少，则拉力F将变大，当拉力由竖直变为倾斜时，拉力F力臂变小，这样才能继续平衡；
故答案为：（1）是，水平；右，便于测量力臂的大小，具有偶然性；逆时针旋转；（5）竖直；阻力和阻力臂不变，所以动力变大。
【点评】本题重点考查探究杠杆平衡条件的实验调平和操作，要求平时做实验时多加注意，锻炼自己的实验操作能力。还考查了利用杠杆的平衡条件解题能力。
四.作图题（每题2，共6）
23．（2分）如图所示，用两个滑轮组成滑轮组提升重物，请画出滑轮组最省力的绕法。

【分析】要使滑轮组最省力，就是使最多的绳子段数来承担物重，图中滑轮组由一个动滑轮和一个定滑轮组成，有两种绕线方法。若n为偶数，绳子固定端在定滑轮上；若n为奇数，绳子固定端在动滑轮上；即：“奇动偶定”。
【解答】解：图中有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，是最省力的绕绳方法，绕过上面的定滑轮，如图所示：

【点评】滑轮组的组装有两种方法，从定滑轮绕起或从动滑轮绕起，从动滑轮开始绕，承担物重的绳子段数多。
24．（2分）如图，O点是轻质杠杆AOB的支点，杠杆上的C点受到阻力F2的作用。若使杠杆在图中所示位置静止，请在杠杆上画出所要施加的最小动力F1的示意图，并画出动力臂L1和阻力臂L2。

【分析】使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可；支点到阻力作用线的垂直距离是阻力臂。
【解答】解：
由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，则动力臂应最长，所以OA作为动力臂L1时最长；
因阻力方向竖直向下，为使杠杆平衡1的方向应向上，则过A点作垂直于OA向上的力即为最小动力F6的示意图；反向延长阻力画出阻力的作用线2，如图所示：

【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
25．（2分）请在图中画出拉力F的力臂l（O为支点）。

【分析】从支点到力的作用线的距离叫力臂。先确定支点O，然后画出力的作用线，从支点O向力F的作用线引垂线，支点到垂足的距离就是该力的力臂。
【解答】解：
图中支点为O，沿力F的方向画出力F的作用线，支点到垂足的距离就是力F的力臂l

【点评】本题考查了力臂的画法，关键是确定支点、画出力的作用线，属于基础题目。
五、计算题（6+8＝14分）
26．（6分）如图所示是我国自行研制的具有国际先进水平的歼﹣10战斗机，已知发动机用1.22×105N的推力能使战斗机以二倍音速（设声音速度为340m/s）飞行，10s内发动机做了多少功？发动机的功率是多少？

【分析】（1）知道飞行速度和时间，根据公式v＝求出路程，根据公式W＝Fs求出发动机做的功；
（2）再根据公式P＝求出发动机做功的功率。
【解答】解：（1）∵v＝，
∴飞机10s内飞行的路程：
s＝vt＝680m/s×10s＝6800m，
发动机对飞机做功：
W＝Fs＝1.22×105N×6800m＝8.296×108J；
（2）发动机推力的功率：
P＝＝＝2.296×107W。
答：（1）10s内发动机做了8.296×108J功；
（2）发动机的功率是8.296×107W。
【点评】此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，基础性题目。
27．（8分）如图所示，用拉力F通过动滑轮将重90N的货物匀速提升1m，用时10s，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，求；
（1）上述过程中的有用功W有；
（2）上述过程中拉力所做的功W总；
（3）动滑轮所受的重力；
（4）拉力做功的功率。

【分析】（1）知道货物的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出有用功；
（2）拉力做的功为总功，知道机械效率，利用η＝可求出总功；
（3）由图可知动滑轮绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳端移动的距离，根据W＝Fs求出拉力的大小，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，再利用F＝（G+G动）求出动滑轮的重力；
（4）知道总功和所用时间，利用P＝可求出拉力做功的功率。
【解答】解：（1）将重90N的货物匀速提升1m，所做的有用功：W有＝Gh＝90N×1m＝90J；
（2）由η＝可得总＝＝＝100J；
（3）由图知，有两段绳子提起动滑轮和重物，
由W＝Fs得，绳端的拉力：F＝＝，
不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，由F＝动）可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×50N﹣90N＝10N；
（4）拉力做功的功率P＝＝＝10W。
答：（1）上述过程中的有用功W有为90J；
（2）上述过程中拉力所做的功W总为100J；
（3）动滑轮的重力G动为10N；
（4）拉力做功的功率为10W。
【点评】本题考查了功的公式、功率的功率和机械效率公式的应用，明确有用功与总功，明确绳子的有效股数等是关键。