人教版 (2019)选择性必修 第三册3 能量守恒定律作业课件ppt

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1.秋千摆动幅度越来越小,关于该过程,下列说法正确的是(　　)A.机械能守恒B.能量正在消失C.只有动能和重力势能的相互转化D.减少的机械能转化为内能,但总能量守恒
解析 秋千摆动幅度越来越小,说明机械能在减少,故A、C项错误;而减少的机械能通过摩擦转化成了内能,故B项错误,D项正确。
2.(2023安徽合肥高二模拟)水电站的发电原理图如图所示。由图可知,下列说法错误的是(　　)A.水力发电不会造成污染B.该装置将机械能转化为电能C.要增大发电的功率,可采用仅“增大流水落差”的方法D.该装置可以将水库中储存的水的机械能全部转化为电能
解析 水力发电不会有污染,同时将水的机械能转化为电能,故A、B项正确;如果仅将流水落差增大,那么水流到水轮机处的速度就增大,这一方法可增大发电的功率,故C项正确;由于水下落过程以及发电机装置都有摩擦,故该装置不可能将水库中储存的水的机械能全部转化为电能,故D项错误。
3.下列关于能量守恒定律的认识,不正确的是(　　)A.某种形式的能量减少,一定存在其他形式的能量增加B.某个物体的能量减少,必然有其他物体的能量增加C.对物体做功,物体的内能可能减小D.石子从空中落下,最后停止在地面上,说明石子的能量消失了
解析 根据能量守恒定律得知,某种形式的能减少,其他形式的能一定增加,故A正确;某个物体的总能量减少,根据能量守恒定律得知,必然有其他物体的能量增加,故B正确;对物体做功,但若物体同时向外界放热,物体的内能可能减小,故C正确;石子在运动和碰撞中机械能转化为物体及周围物体的内能,能量并没有消失,故D错误。
4.如图所示,绝缘支座上,C球带正电,枕形导体A、B靠在一起,现将A、B分开,分别接触一个小电机的两个接线柱,如果小电动机非常灵敏,它便会开始转动。当电动机还没有停止时,又立刻把A、B在C附近碰一下再分开,再和小电动机两接线柱接触,如此下去,小电动机便能不停地转动。则下列说法正确的是(　　)A.A、B分开后A左端带正电,B右端带负电B.A、B分开前,AB是一个等势体C.上述过程违背了能量守恒定律D.上述过程说明永动机可以制成
解析 由静电感应可知,A、B分开前,由于C球带正电,所以枕形导体A带负电,枕形导体B带正电,由于C球存在,所以A、B分开后,A左端带负电,B右端带正电,分开前A、B处于静电平衡状态,所以A、B是一个等势体,故A错误,B正确;上述过程在把A、B分开的过程中要克服A、B之间的静电力做功,把机械能转化为电能,再把电能转化为机械能,此过程是能量不断转化的过程,不违背能量守恒定律,但需要消耗机械能,永动机不可能制成,故C、D错误。
5.(多选)下列设想符合能量守恒的有(　　)A.利用永磁铁和软铁的作用,做一架机器永远地运动下去B.制造一架飞机,不带燃料,利用太阳能就能飞行C.做一只船,利用水的流动,逆水行驶,不用其他力D.利用核动力,使飞船驶离太阳系
解析 由能量守恒定律知第一类永动机不可能制成,A错误;飞机利用太阳能克服阻力做功,符合能量守恒定律,B正确;利用水的动能使船逆水行驶,增加船的重力势能无法实现其转化,C错误;利用核能使飞船驶离太阳系符合能量守恒定律,D正确。
6.在一个与外界没有热交换的房间内打开冰箱门,冰箱正常工作,过一段时间房间内的温度将(　　)A.降低B.升高C.不变D.无法确定
解析 取房间内气体及电冰箱(有散热装置)为系统,外界消耗电能,对系统做功,系统总内能增加。
7.(2023辽宁抚顺高二模拟)人的体温是由下丘脑中特殊神经细胞监察和控制的,当下丘脑温度高于37 ℃时,人体散热机制(如血管舒张、出汗等)就活跃起来,已知人体温度为37 ℃时蒸发18 g汗水所需要能量E=4.3×103 J。现有一人慢步行走时新陈代谢功率为35 W,此人慢步行走时的体温保持37 ℃,行走1 h出汗约为30.2 g,试求此人通过传导辐射等方式(不包括出汗)产生的散热功率。
根据能量守恒定律,所求散热功率为P2=P-P1=33 W。
8.有一种叫作“压电陶瓷”的电子元件,当对它挤压或拉伸时,它的两端就会形成一定的电压,这种现象称为压电效应。一种燃气打火机,就是应用了该元件的压电效应制成的。只要用大拇指压一下打火机上的按钮,压电陶瓷片就会产生10~20 kV的高压,形成火花放电,从而点燃可燃气体。在上述过程中,压电陶瓷片完成的能量转化是(　　)A.化学能转化为电能B.内能转化为电能C.化学能转化为光能D.机械能转化为电能
解析 根据题意用大拇指压一下打火机上的按钮,压电陶瓷片就会产生10~20 kV的高压,形成火花放电,从而点燃可燃气体。转化前要消耗机械能,转化后得到了电能,所以为机械能转化为电能。故选D。
9.如图所示,直立容器内部被隔板隔开的A、B两部分气体(A、B两部分体积等大),A的密度小,B的密度大,加热气体,并取出隔板使两部分气体混合均匀,设此过程中气体吸热为Q,气体内能的增量为ΔU,则(　　)A.ΔU=QB.ΔUQD.无法比较
解析 因A部分气体密度小,B部分气体密度大,以整体为研究对象,开始时,气体的重心在中线以下,混合均匀后,气体的重心在中线上,所以有重力做负功,使气体的重力势能增大,由能量守恒定律可知,吸收的热量Q有一部分转化为气体的重力势能,另一部分转化为内能。故B项正确。
10.如图所示,A、B是两个完全相同的热胀冷缩明显的金属球,初温相同。A放在绝热板上,B用绝热绳悬挂。现只让它们吸热,当它们升高相同的温度时,吸热分别为QA、QB,则(　　)
A.QA=QBB.QAQBD.无法确定
解析 A、B升高相同的温度,根据Q=cmΔt可知,升温需要的能量是相同的。由于受热膨胀,A的重心升高,重力势能增加,QA一部分用于升温,一部分用于增加重力势能ΔEp,即QA=Q+ΔEp;B的重心降低,重力势能减小,QB和减少的重力势能ΔEp共同用于升温,即Q=QB+ΔEp;显然QA>QB。故选项C正确。
11.如图所示,一演示用的永动机转轮由5根轻杆和转轴构成,轻杆的末端装有用形状记忆合金制成的叶片。轻推转轮后,进入热水的叶片因伸展而“划水”,推动转轮转动。离开热水后,叶片形状迅速恢复,转轮因此能较长时间转动。下列说法正确的是(　　)A.转轮依靠自身惯性转动,不需要消耗外界能量B.转轮转动所需能量来自形状记忆合金自身C.转动的叶片不断搅动热水,水温升高D.叶片在热水中吸收的热量一定大于在空气中释放的热量
解析 形状记忆合金进入水后受热形状发生改变而搅动热水,由能量守恒知能量来源于热水,故A、B、C错误;由能量守恒知,叶片吸收的能量一部分转化成叶片的动能,一部分在空气中释放,故D正确。
12.如图所示,容器A、B中各有一个可自由移动的活塞。活塞下面是水,上面为大气,大气压恒定。A、B间用带有阀门K的管道相连,整个装置与外界隔热。A容器的横截面面积大于B容器的横截面面积,A的液面高于B的液面。开启阀门后,A中的水逐渐流向B,直至两边液面相平。在这个过程中大气压是否对水做功?水的内能会怎样变化?