甘肃省天水市甘谷县第二中学2024届高三物理上学期第二次检测试题(Word版附答案)
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这是一份甘肃省天水市甘谷县第二中学2024届高三物理上学期第二次检测试题(Word版附答案),共5页。试卷主要包含了单选题,多选题,实验题,解答题等内容,欢迎下载使用。
甘谷二中2023—2024学年度高三级第二次检测考试试题物 理一、单选题:(本题共 6小题,每小题 4分,共 24分。每小题给出的四个选项中,只有一项符合要求)1. 踢毽子是一项深受大众喜爱的传统健身运动。在脚踢毽子时,下列说法正确的是( )A. 脚对毽子的作用力是由于脚发生形变产生的B. 脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力方向相同C. 毽子对脚的作用力与脚对毽子的作用力是一对平衡力D. 脚对毽子的作用力大于毽子对脚的作用力2. 如图所示,三个质量和形状都相同的均匀质量分布的圆柱体,分别放在三个不同的支架上,支架间距.设、、分别为三根圆柱体对支架的压力,则( ).A. B. C. D. 3. 如图所示,轻杆的一端固定一光滑球体,杆的另一端为自由转动轴,而球又搁置在光滑斜面上。若杆与墙面的夹角为,斜面倾角为,开始时,且,重力加速度为,为使斜面能在光滑水平面上向右缓慢移动,在球体离开斜面之前,作用于斜面上的水平外力的大小及轻杆所受球体的作用力和地面对斜面的支持力的大小变化情况是( )A. 逐渐增大,逐渐减小,逐渐减小B. 逐渐减小,逐渐减小,逐渐增大C. 逐渐增大,先减小后增大,逐渐增大D. 逐渐减小,先减小后增大,逐渐减小4.如图所示,轻质弹簧下端固定在水平地面上,上端叠放着两个完全相同的物体a、b,系统处于静止状态。现用大小F=60N的恒力竖直向上拉物体a。已知物体a、b的质量均为m=4kg,弹簧的劲度系数k=100N/m,重力加速度g取。下列说法不正确的是( )A.F作用瞬间,物块a的加速度大小为B.物块a上升20cm时,物块a、b开始分离C.物块b上升40cm时,速度达到最大值D.物块a、b分离前,物块b的最大加速度大小为5. 一条小河宽,一条小船最快能40s到达对岸,若要到达正对岸,则需要50s。若小船船头斜向下游,与河岸方向成,船在静水中速度大小不变,,,则下列说法正确的( )A.小船到达对岸的时间为45s B.水流速度为3.0m/sC.小船到达对岸位置与出发点间的距离约467m D.船在静水中速度大小4.0m/s6. 如图所示,空间有一底面处于水平地面上的正方体积架,从顶点A沿不同方向水平抛出一小球(可视为质点,不计空气阻力)。关于小球的运动。下列说法错误的是( )A. 落点在内的小球,落在点时平抛的初速度最大B. 落点在上的小球,平抛初速度的最小值与最大值之比是C. 运动轨迹与相交小球,在交点处的速度方向都相同D. 运动轨迹与相交的小球,在交点处的速度方向都相同二、多选题(本题共 4小题,每小题 6分,共 24分。每小题给出的四个选项中,有多项符合要求,全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分。有选错的得 0 分。)7. 一个物体受到三个共点力的作用,在下列给出的几组力中,能使物体所受合力为零的是( )A. F1=3N,F2=8N,F3=2N B. Fl=3N,F2=1N,F3=5NC. F1=7N,F2=5N,F3=10N D. Fl=5N,F2=17N,F3=15N8.如图所示,人在岸上拉船,已知船的质量为m,水的阻力恒为f,当轻绳与水平面的夹角为θ时,人的速度为v,人的拉力为F(不计滑轮与绳之间的摩擦),则以下说法正确的是( )A.船的速度为 B.船的速度为vsinθC.船的加速度为 D.船的加速度为9.水平地面上有一质量为m1的长木板,木板的左端上有一质量为m2的物块,如图(a)所示。用水平向右的拉力F作用在物块上,F随时间t的变化关系如图(b)所示,其中F1、F2分别为t1、t2时刻F的大小。木板的加速度a1随时间t的变化关系如图(c)所示。已知木板与地面间的动摩擦因数为μ1,物块与木板间的动摩擦因数为μ2。假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等,重力加速度大小为g。则( ) A.F1=μ1m1g B.F2=(μ2-μ1)gC.μ2>μ1 D.在0~t2时间段物块与木板加速度相等10.如图所示,机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李。以恒定速率运行的传送带与水平面间的夹角,转轴间距L=3.95m。工作人员沿传送方向以速度从传送带顶端推下一件小包裹(可视为质点)。包裹与传送带间的动摩擦因数。重力加速度g取,,。则该小包裹( )A.相对传送带滑动时加速度的大小为B.通过传送带的时间为4sC.在传送带上滑动的距离为2.75mD.到达传带底端时的速度为0三、实验题(共 12分每空2分)11. 小明同学利用如图1所示的装置来验证力的平行四边形定则:在竖直木板上铺有白纸,上面固定两个光滑的定滑轮和,三根细绳打一个结点,且所有钩码完全相同,当系统达到平衡时,根据钩码个数读出三根绳子的拉力、和,回答下列问题:(1)改变钩码个数,实验不能完成的是 ;.钩码的个数,.钩码的个数,,.钩码的个数.钩码的个数,,(2)在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是 ;.标记结点的位置,并记录、、三段绳子的方向.用量角器量出三段绳子之间的夹角.量出、、三段绳子的长度.用天平测出钩码的质量(3)如图2所示,小兰同学在做“探究求合力的方法”实验时,用、两根弹簧秤把橡皮条的结点拉到点,此时,在实验过程中,她做了一些探究,其中一个是:她使弹簧秤示数有较明显的增大,为了保持结点位置不变,可采取的补救办法是 。.保持其它不变,增大的示数同时减小角.保持其它不变,增大的示数同时增加角.保持其它不变,增大的示数同时增大角.保持其它不变,增大的示数同时减小角12. 某实验小组利用如下图所示的装置探究加速度与力、质量的关系。(1)把木板一侧垫高,调节木板的倾斜度,使小车在不受牵引力时能拖动纸带沿木板匀速运动。此处采用的科学方法是________。A.理想化模型法 B.阻力补偿法 C.等效替代法 D.控制变量法(2)已知交流电源频率为50Hz,启动打点计时器,释放小车,小车在砝码桶的作用下拖着纸带运动。打点计时器打出的纸带如下图所示(图中相邻两点间有4个点未画出)。小车的加速度大小为________。(结果保留3位有效数字)(3)实验时改变砝码桶内砝码的质量,分别测量小车在不同外力作用下的加速度。根据测得的多组数据画出关系图像,如下图所示。此图像的AB段明显偏离直线,造成此现象的主要原因可能是________。(选填下列选项的序号)A.小车与平面轨道之间存在摩擦B.平面轨道倾斜角度过大C.所用小车质量过大D.所挂的砝码桶及桶内砝码的总质量过大四、解答题(本题共 3 小题,共 40 分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤, 只写结果的不给分。)13.(10分) 如图,质量为2.5kg的一只长方体空铁箱在水平拉力 F 作用下沿水平面向右匀加速运动,铁箱与水平面间的动摩擦因数为µ1为0.3。这时铁箱内一个质量为0.5kg的木块恰能静止在后壁上。木块与铁箱内壁间的动摩擦因数µ2为0.5。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g 10m / s2。求:(1)求木块对铁箱压力的大小。(2)求水平拉力F的大小。 14.(15分)如图所示,光滑水平面上有一质量为4kg,长度为3m的木板甲,其上表面粗糙、下表面光滑。质量为2kg的物块乙放在木板甲的最左端,两者均处于静止状态。现用F=6N的水平恒力将物块乙从木板甲的左端拉到右端,直至两者分离。已知物块乙与木板甲间的动摩擦因数为0.1,g=10m/s2求:(1)木板甲、物块乙运动的加速度;(2)该过程中物块乙滑离木板的时间;(3)如果要使物块乙在木板甲上不发生相对滑动,水平恒力F的范围值。 15.(15分)传送带被广泛地应用于车站、码头、工厂。如图甲所示为一传送装置,由一个倾斜斜面和一个水平传送带组成,斜面与水平传送带平滑连接,其原理可简化为示意图乙。斜面AB长度L1=11.25 m,倾角θ=37°,箱子与斜面AB间的动摩擦因数μ1=0.8,传送带BC长度L2=7 m,箱子与传送带BC间的动摩擦因数μ2=0.2,某工人将一质量为m=1 kg的箱子以初速度v0=5 m/s从A处沿斜面向下运动,传送带BC保持静止(g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)。求:(1)箱子运动到B处的速度大小;(2)箱子在传送带BC上运动的距离;(3)若传送带BC逆时针转动,保持v2=2 m/s 的恒定速率。仍将质量为m=1 kg的箱子以初速度v0=5 m/s从A处沿斜面向下运动,求箱子在传送带上运动的时间。 甘谷二中2023—2024学年度高三级第二次检测考试物理 参考答案一、单选题:(本题共 6小题,每小题 4分,共 24分。每小题给出的四个选项中,只有一项符合要求) 1.A 2.C 3.C 4.D 5.B 6.D二、多选题(本题共 4小题,每小题 6分,共 24分。每小题给出的四个选项中,有多项符合要求,全部选对的得 6 分,选对但不全的得 3 分。有选错的得 0 分。) 7.CD 8.AC 9.BCD 10AC三、实验题(共 12分每空2分)11.【答案】(1);(2); (3)12【答案】 ①. B ②. 2.01 ③. D四、解答题(本题共 3 小题,共 40 分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤, 只写结果的不给分。)13.【答案】(1)10N;(2)69N;【解析】【详解】(1)对木块,在竖直方向,根据平衡条件可得 (2分)解得木块对铁箱压力的大小为 FN=10N (2分) (2)木块水平方向的加速度为a=20m/s2 (2分)对铁箱和木块整体有 (2分)解得水平拉力F的大小为 F=69N (2分)14.解:(1)对乙,由牛顿第二定律得:F-μm乙g=m乙a乙 (2分)代入数据解得:a乙=2m/s2(1分)对甲,由牛顿第二定律得:μm乙g=m甲a甲 (2分)代入数据解得:a甲=0.5m/s2(1分)(2)相对滑动过程中,由运动学公式得:-=L (2分)代入数据解得:t=2s (2分)(3)对甲,由牛顿第二定律得:μm乙g=m甲a甲(2分)不发生相对滑动的条件是:a甲≤0.5m/s2 (1分)对整体,由牛顿第二定律得:F=(m甲+m乙)a甲 (1分) 代入数据解得:F≤3N,则拉力的最大值是3N (1分) 15.【答案】 (1)4 m/s (2)4 m (3)4.5 s【解析】 (1)从A到B过程,根据牛顿第二定律有μ1mgcos 37°-mgsin 37°=ma1 (2分)解得a1=0.4 m/s2 (1分)根据速度位移公式有vB-v0=-2a1L1 (1分)解得vB=4 m/s。 (1分)(2)从B到静止过程,根据牛顿第二定律有μ2mg=ma2 (2分) 又0-vB=-2a2x1 (2分) 解得x1=4 m。 (1分)(3)从B到速度减为零的过程,根据运动学公式有t1==2 s (1分) 从速度减为零开始向左运动过程v-0=2a2x2 (1分) 解得x2=1 m<4 m 则箱子先匀加速1 m后匀速运动t2=1 s (1分) 匀速运动到B过程 x3=x1-x2=3 m,t3==1.5 s (1分)因为μ1mgcos 37°>mgsin 37° 所以箱子最后会停在斜面上t总=t1+t2+t3=4.5 s。 (1分)