2023-2024学年陕西省西安八十五中九年级（上）第一次月考物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年陕西省西安八十五中九年级（上）第一次月考物理试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了0分），如图所示是一种太阳能背包等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年陕西省西安八十五中九年级（上）第一次月考物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1.如图所示的机械中，使用时费力但省距离的是(    )
A. 镊子 B. 瓶盖起
C. 动滑轮 D. 斜面
2.关于功、功率、机械效率的说法中，正确的是(    )
A. 功率大的机械，机械效率一定高
B. 在相同的时间内做的功越多，功率越大
C. 功率大的机器比功率小的机器做功多
D. 机械做功时，做的有用功越多，机械效率越大
3.下列情况中，物体内能减小的是(    )
A. 冰雪消融 B. 钻木取火 C. 压缩气体 D. 开水冷却
4.关于下列生活情景或小实验的说法正确的是(    )


A. 图−1：电熨斗工作时把内能转化为电能
B. 图−2：当用注射器向烧瓶内充气(空气)时，正在沸腾的液体停止沸腾
C. 图−3：用力将悬浮的“潜水艇”模型的注射器活塞向左推，“潜水艇”模型做下沉运动
D. 图−4：门把手属于费力杠杆
5.2023年4月9日，中国队男双新秀陈柏阳、刘毅在世界羽联奥尔良大师赛中力克劲敌，首进超级300级别赛事决赛便一举夺魁。下列关于羽毛球运动的说法不正确的是(    )
A. 球拍将球击出的瞬间，拍线的弹性势能转化为羽毛球的动能
B. 运动员跳起扣球后身体下落过程中，他的重力势能转化为动能
C. 击打出去的羽毛球继续向前运动是因为羽毛球具有惯性
D. 羽毛球离开球拍在空中做斜抛运动，经过最高点时若所受的外力全都消失，羽毛球将静止不动

6.2023年3月31日，我国在酒泉卫星发射中心使用长征四号丙运载火箭成功将遥感三十四号04星送入预定轨道。下列说法正确的是(    )
A. 喷洒大量的水给发射台降温是利用做功的方式改变发射台的内能
B. 火箭携带的氢燃料在不断燃烧的过程中，其热值不变
C. 入轨后，外太空温度很低，卫星的内能可能为零
D. 卫星各项数据以超声波的形式传回地球，速度约为3×108m/s
7.“工夫茶”是融精神、礼仪、茶技艺为一体的茶道形式。如图是泡“功夫茶”用的电茶炉，下列说法正确的是(    )

A. 壶嘴冒出大量的“白汽”是水汽化形成的
B. 壶中水的内能是通过做功的方式改变的
C. 消毒锅和煮水壶只能交替工作，说明两者是串联的
D. 水沸腾时将壶盖顶起，其能量转化方式与汽油机的做功冲程相同
8.如图所示是一种太阳能背包。它的前面有一个太阳能电池板，里面有一个蓄电池，可以给手机、小风扇或数码相机等电子产品供电。下列说法错误的是(    )
A. 太阳能电池板将太阳能转化为电能
B. 给蓄电池充电将电能转化为化学能
C. 蓄电池放电将化学能转化为电能
D. 小风扇工作将化学能转化为机械能
9.在如图所示的电路中，下列说法正确的是(    )


A. 当闭合开关S1、S2、S3时，电源短路
B. 当只闭合开关S1、S2时，L1、L2并联
C. 当只闭合开关S2、S3时，L1、L2串联
D. 当只闭合开关S1、S3时，L1、L2串联
10.电动自行车电池不能长时间充电，为了电动自行车的充电安全，小明设计了如图所示的定时充电器。用定时器控制充电时间，当定时器中有电流通过时，充电就会被断开。针对该充电器的设计方案，下面说法正确的是(    )
A. 定时器与充电器串联
B. 如果在b处安装一个开关S，断开此开关则停止充电
C. 充电时定时器在电路中相当于一根导线
D. 停止充电时充电器在电路中处于短路状态

二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
11.2022年12月1日，神舟十四号载人飞船成功着陆东风着陆场。返回舱进入黑障区时与大气摩擦，温度达到2000℃以上，如图所示，但舱内温度仍在30℃以下，这说明返回舱的外表材料具有很好的______ (选填“隔热性”或“导热性”)。在距离地面10km时，减速伞、降落主伞打开进行减速，减速过程中飞船的重力势能______ (选填“增大”、“减小”或“不变”)。在距离地面1m时，反推发动机点火向下喷气，利用物体间力的作用是______ 的原理，减小返回舱对地面的冲击力，保证航天英雄平安着陆。
12.如图所示，这是西安地铁建筑工地的一种塔式起重机上的滑轮组，图中上端两个滑轮的作用是______ 。某次用该滑轮组在50s内将质量为600kg的建筑材料匀速竖直吊起5m，作用在绳端的拉力F=2500N。则滑轮组对建筑材料做的有用功是______ J，拉力F做功的功率为______ W，滑轮组的机械效率为______ 。(g取10N/kg)


13.2023年5月17日，我国用长征三号乙运载火箭成功发射第56颗北斗导航卫星。在卫星发射过程的点火加速上升阶段，发生的能量转化是：燃料的______ 能转化为内能，然后再转化为卫星的______ 能。


14.冬天人们常用热水袋来取暖，这是利用了水的______ 大的特性。若热水袋中装有质量为2kg的水，温度降低了5℃，则水放出了______ J的热量，完全燃烧______ g(结果保留两位小数)的煤油才能释放出这些热量。[已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤油的热值为4.6×107J/kg]
15.如图1所示是一款斯特林发动机模型，点燃酒精灯后就会发现发动机的连杆带动飞轮转动起来。其工作原理是：酒精灯火焰通过______ (选填“做功”或“热传递”)的方式增加了气缸内空气的内能，高温的空气推动活塞做功。如图2所示是某单缸四冲程汽油机结构示意图，图中所示为汽油机的______ 冲程，若该汽油机飞轮转速为3600r/min，则该汽油机每秒对外做功______ 次。

16.指纹识别解锁是目前较为流行的手机解锁方式。如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，则感应区相当于手机电路中的______ ；如图乙所示，充电宝给手机充电过程中，手机电池相当于______ (电源/用电器)；如图丙所示的手机充电线的三个插头可用于为三部不同类型的手机充电，如果3部手机同时充电，那么这三部手机的连接方式是______ 。


三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17.如图是小明用力F将倒在路边的垃圾桶扶起来的示意图，图乙是其简化图，此过程垃圾桶看作是一个以A点为支点的杠杆。请在图乙画出垃圾桶所受到的重力G(O点为重心)和力F的力臂l。


18.请根据如图所示的实物连接图，在虚线框内画出对应的电路图。


四、实验探究题（本大题共4小题，共22.0分）
19.如图所示，是探究重力势能大小与哪些因素有关的实验情景。实验中让半径相同的小球从某个高度自由下落到花泥上。(已知m钢球>m玻璃球)
(1)该实验中用______反映重力势能的大小；
(2)由实验a、b得出结论：重力势能大小与______有关；
(3)由实验a、c得出结论：重力势能大小与______有关；
(4)由实验b、c ______(选填“能”或“不能”)比较两球重力势能的大小。

20.如图1所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相等，烧杯内的液体质量和初温也相同。

(1)比较不同燃料的热值，应选择______两图进行实验，燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过______来反映的(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)。
(2)若想利用上述装置估测燃料的热值，那么还需要补充的实验仪器是______，
(3)比较不同物质吸热升温的特点，应选择______两图进行实验。所选a、b两种液体的______相同，吸收热量的多少通过______来反映的(选填“温度计升高的示数”或“加热时间”)。a、b两种液体吸收热量后温度随时间变化的图象如图丁所示，由图可以看出，______液体的温度升高得较快；升高相同的温度时，______液体吸收热量多。
21.如图所示，小覃同学所在的兴趣小组正在探究并联电路中电流的规律。

(1)图甲是他们设计的电路图，实验时需要测量A、B、C三处的电流。图乙是他们某次测量时连接的实验电路，此时电流表测量的是______ (选“A”“B”或“C”)处的电流。
(2)小覃同学要测量通过L2的电流，只需将图乙中导线______ (选填“a”或“b”)的一端移动到电流表的负接线柱上；重新连接好电路后，闭合开关，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为______ A。
(3)该小组另一位同学测出一组A、B、C三处的电流，数据如下表所示，由此他得出结论：
IA/A
IB/A
IC/A
0.2
0.2
0.4
①干路电流等于各支路电流之和。
②各支路电流相等。
(4)小组内交流讨论后，一致认为该同学的结论不具普遍性，要得到并联电路中电流的规律，还应该选用规格______ (选填“相同”或“不相同”)的灯泡进行实验。
22.实验小组在探究“杠杆的平衡条件”实验，所用钩码重均为0.5N。

(1)实验前，发现杠杆处于如图甲所示的状态，此时应将杠杆的平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡，其目的是为了消除杠杆自重对实验的影响及便于______ 。
(2)调节好杠杆，第1次实验时，在其左右两端添加钩码，此时杠杆的状态如图乙所示，为了使杠杆重新平衡在水平位置，在不添加钩码的情况下，最简单的操作是______ 。
(3)改变钩码数及悬挂位置重复实验，记录数据如下表，分析实验数据可得出杠杆的平衡条件：______ (用式子表示)。
实验次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂点l2/m
1




2
3
0.1
1.5
0.2
3
2.5
0.3
3
0.25
(4)同学们讨论交流后，添加容积为100mL的空小桶、刻度尺测量某液体的密度。如图丙所示，将空小桶悬挂在A点，钩码悬挂在B点，杠杆再次在水平位置平衡，测得OA为10cm，OB为20cm，则空桶重为______ N，然后往空小桶内注满液体，两节钩码到C点时，杠杆在水平位置重新平衡，测得OC为42cm，则液体的密度为______ kg/m3。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
23.某工地一台8t的推土机，它与地面接触的总面积为4m2。推土机在平直的地面匀速行驶15min，消耗柴油7kg。(g取10N/kg，q柴油=4.3×107J/kg)求：
(1)推土机静止在水平地面时，对地面的压强是多少？
(2)若推土机匀速行驶时发动机的功率为130kW，发动机做的功是多少？
(3)推土机匀速行驶时，发动机的效率是多少？(百分号前保留一位小数)
24.用简易太阳能热水器代替燃料加热水不仅很方便，还能节约能源，如果水箱内装水60kg，玻璃盖面积为0.84m2，地球上垂直于太阳光线的表面太阳辐射热为7.5×104J/(min⋅m2)，水箱吸收太阳能的效率为50%。如果在不考虑水散热的情况下，随时调整水箱位置，使太阳光总能垂直射入玻璃盖，请计算晒水4小时后水温升高多少℃？
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A.镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力但省距离，故A正确；
B.瓶盖起在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故B不正确；
C.动滑轮在使用时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，费距离，故C不正确；
D.斜面是省力机械，费距离，故D不正确。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：
①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】B 
【解析】解：A.功率越大，表示机械做功越快，单位时间内做的功越多，但机械效率不一定就高，故A错误；
B.根据功率的定义，在相同的时间内做的功越多，功率越大，故B正确；
C.由W=Pt可知，做功的多少，不仅与功率有关，还与做功的时间有关，故C错误；
D.有用功越多，机械效率不一定越大，因为由η=W有W总×100%可知，机械效率的大小还要看总功的大小，故D错误。
故选B。
功率是表示做功快慢的物理量，机械效率是表示有用功在总功中占的比值大小，二者是不同的物理量，二者没有必然的联系；做功大小与功率大小和时间有关；机械效率大小与有用功和总功大小有关。
本题考查了对功率、机械效率、功的理解，属于基础题。
3.【答案】D 
【解析】解：A、冰雪消融时要吸热，内能增大，故A错误；
B、钻木取火，这是做功的方式改变内能，此时内能增加，故B错误；
C、压缩气体时内能增加，故C错误；
D、开水冷却时内能减小，故D正确。
故选：D。
改变物体内能的方式：做功和热传递。
本题考查了内能改变的方式，属于基础题。
4.【答案】B 
【解析】解：A、电熨斗工作时把电能转化为内能，故A错误；
B、当用注射器向烧瓶内充气时，瓶内气压变大，沸点升高，正在沸腾的液体停止沸腾，故B正确；
C、现在潜水艇模型处于悬浮，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，“潜水艇”上浮，故C错误；
D、门把手动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。
故选：B。
(1)电热器的能量转化；
(2)水的沸点随着水面上的气压增大而上升；
(3)潜水艇靠改变自身重力实现上浮和下沉；
(4)比较动力臂和阻力臂的关系。
本题通过四个实验考查四个不同的知识点，涉及到的知识点多，综合性强，难度适中。
5.【答案】D 
【解析】解：
A、球拍击打羽毛球的瞬间，拍线由于发生弹性形变具有了弹性势能，在恢复原状的过程中弹性势能转化为羽毛球的动能，故A正确；
B、运动员跳起扣球后身体下落过程中，质量不变，而速度越来越快，则动能增大；但运动员所处的高度越来越低，则重力势能减小，即重力势能转化为动能，故B正确；
C、击打出去的羽毛球继续向前运动是因为羽毛球具有惯性，仍然要保持原来的运动状态，故C正确；
D、羽毛球离开球拍在空中做斜抛运动，经过最高点时仍然具有水平向前的速度，若此时所受的外力全部消失，由牛顿第一运动定律可知，羽毛球将沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选：D。
(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，弹性势能的影响因素是弹性形变的程度，据此判断。
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
(3)据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，总是保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题借助体育运动考查了机械能的转化、惯性、牛顿第一定律的应用等，难度中等，综合性较强，体现了物理和生活的联系，要学会观察和思考。
6.【答案】B 
【解析】解：A、喷洒大量的水给发射台降温是利用热传递的方式改变发射台的内能，故A错误；
B、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，故B正确；
C、入轨后，外太空温度很低，卫星的内能不为零，故C错误；
D、卫星各项数据以电磁波的形式传回地球，速度约为3×108m/s，故D错误。
故选：B。
(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
(2)燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。
(3)物体内部所有分子做无规则运动的分子动能与分子势能的总和叫物体的内能。一切物体都具有内能。
(4)电磁波可以传递信息；电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。
知道内能的概念和改变物体内能的两种方式；知道惯性；知道电磁波和电磁波的传播速度。
7.【答案】D 
【解析】解：A、壶嘴冒出大量的“白汽”是水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、壶中水的内能是通过热传递改变的，故B错误；
C、消毒锅和煮水壶是并联的，工作时互不影响，可以同时工作，故C错误；
D、水沸腾时将壶盖顶起，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，与汽油机的做功冲程能量转化方式相同，故D正确。
故选：D。
(1)物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
(3)并联电路中，各支路互不影响；
(4)汽油机的做功冲程中内能转化为机械能。
本题考查了物态变化、改变内能的方法、电路的连接方式和四冲程内燃机的工作过程，属于基础题。
8.【答案】D 
【解析】解：A、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故A正确；
B、给蓄电池充电，蓄电池将电能转化为化学能，故B正确；
C、蓄电池放电，蓄电池将化学能转化为电能，故C正确；
D、小风扇工作时将电能转化为机械能，故D错误。
故选：D。
(1)太阳能电池板将太阳能转化为电能；
(2)给蓄电池充电，蓄电池将电能转化为化学能；蓄电池放电，蓄电池将化学能转化为电能；
(3)小风扇工作时将电能转化为机械能。
本题考查了能量的转化和转移，属于基础题，要求掌握。
9.【答案】A 
【解析】解：A、由电路图可知：同时闭合开关S1、S2、S3时，电流经三个开关回到电源的负极，会造成电源短路，故A正确；
B.由图知道，闭合开关S1、S2，断开开关S3时，灯L2被短路，故B错误；
C.由图知道，当只闭合开关S2、S3时，灯L1被短路，故C错误；
D.由图知道，当只闭合开关S1、S3时，电流有两条路径，灯L1、L2并联，故D错误。
故选：A。
(1)电流不经过用电器，而是直接从电源的正极流会负极，称为短路；
(2)各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，各电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，分析电路结构，判断灯泡的连接方式。
本题考查了学生对电路的三种状态和串并联电路特点的掌握与应用，电路的识别一般就从电流路径上分析，只有一条路径的是串联，有多条路径的是并联。
10.【答案】D 
【解析】解：
A、由电路图可知，定时器与充电器并联，故A错误；
B、如果在b处安装一个开关S，断开此开关，由于定时器与充电器并联，则充电器仍然连入电路，故充电器不会停止充电，故B错误。
C、充电时定时器中不能有电流通过，所以定时器在电路中相当开路，故C错误；
D、当定时器中有电流通过时，充电就会被断开，将充电器短路，使充电器不能工作，故D正确；
故选：D。
由电路图可知当定时器中有电流通过时，充电就会被断开，所以充电时定时器不能有电流通过，由于定时器与充电器并联，则应采取短路的方式来达到这一目的。
本题考查电路的分析，关键是知道要使用电器不工作有两种方式，即让电路处于断路或让用电器短路。
11.【答案】隔热性  减小  相互 
【解析】解：由材料知，在飞船进入黑障区时与大气摩擦温度达到2000多摄氏度，因此为了保护飞船内部设备和人员的安全，飞船外表材料要具有很好的隔热性；
减速过程中飞船的速度变小，高度降低，所以飞船的动能减少，重力势能减小；
反推发动机点火后，气体向下喷出，因物体间力的作用是相互的，所以气体给返回舱一个向上的反作用力，使返回舱速度减小，从而平稳着陆。
故答案为：隔热性；减小；相互。
(1)根据材料“在飞船进入黑障区时与大气摩擦温度达到2000多摄氏度”进行分析。
(2)影响重力势能大小的因素：质量、被举高的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)物体间力的作用是相互的。
此题考查了动能和势能的大小变化、物质的基本属性、力作用的相互性等多个知识点，反映了物理知识在航天领域的应用。
12.【答案】改变力的方向  30000  750  80% 
【解析】解：起重机吊臂上端两个滑轮是定滑轮，它们的作用是改变力的方向；
有用功为：
W有=Gh=mgh=600kg×10N/kg×5m=30000J，
由图可知，n=3，拉力F做的总功为：W总=Fs=Fnh=2500N×3×5m=37500J，
拉力F做功的功率为：
P=W总t=37500J50s=750W；
则滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总=30000J37500J×100%=80%；
故答案为：改变力的方向；3000；750；80%。
(1)定滑轮的作用是改变力的方向；
(2)根据W有=Gh=mgh求出有用功，
(3)根据滑轮组装置确定绳子股数；利用W总=Fs=Fnh求出拉力F做的总功，根据P=W总t求出拉力F做功的功率；
(4)利用η=W有用W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查了定滑轮的作用、做功公式、功率公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
13.【答案】化学  机械 
【解析】解：卫星发射过程的点火加速上升阶段中，燃料的化学能转化为内能，然后再转化为卫星的机械能。
故答案为：化学；机械。
卫星发射过程的点火加速上升阶段中消耗和获得的能量可做出判断。
本题主要围绕卫星，考查了能量转化的知识。
14.【答案】比热容  4.2×104  0.9 
【解析】解：(1)因为水的比热容大，和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以冬天，人们常用热水袋取暖；
(2)水放出的热量：Q水放=c水m水Δt=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×5℃=4.2×104J；
(3)由题知，Q水放=Q煤油放=4.2×104J，
由Q煤油放=mq得，需要完全燃烧煤油的质量：m′=Q煤油放q=4.2×104J4.6×107J/kg≈0.0009kg=0.9g。
故答案为：比热容；4.2×104；0.9。
(1)水的比热容大，和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)知道水的质量、比热容、降低的温度，根据公式Q放=c水m水Δt可求出水放出的热量。
(3)由题知，Q水放=Q煤油放，再利用Q煤油放=mq求出完全燃烧煤油的质量。
本题考查了水的比热容大的应用、放热公式Q放=c水m水Δt和燃料燃烧放出热量公式Q放=mq的应用，利用好条件Q水放=Q煤油放是关键。
15.【答案】热传递；压缩；30 
【解析】解：(1)气缸内的空气吸收火焰的热量，内能增大，温度升高，所以酒精灯火焰通过热传递的方式增加气缸空气的内能；
(2)由图2可知，进气门和排气门关闭，活塞向上运动，所以此时为汽油机的压缩冲程；
(3)汽油机飞轮转速为3600r/min=60r/s，
由于四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功一次，所以该汽油机每秒对外做功30次。
故答案为：热传递；压缩；30。
(1)做功和热传递可以改变物体的内能；
(2)根据进气门、排气门的打开和关闭情况，活塞的运动方向判断汽油机的冲程；
(3)根据汽油机飞轮的转速求出飞轮每秒的转数；四冲程汽油机一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功一次。
本题考查改变内能的方式、汽油机冲程的判断、汽油机的工作过程以及做功的有关计算，是一道热学综合题。
16.【答案】开关  用电器  并联 
【解析】解：(1)手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，感应区相当于电路中的开关，对手机起控制作用；
(2)在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，则手机电池相当于用电器；
(3)如图丙所示的手机充电线的三个插头可用于为三部不同类型的手机充电，如果3部手机同时充电，它们互不影响，则这三部手机的连接方式是并联的。
故答案为：开关；用电器；并联。
(1)一个完整的电路由导线、电源、开关和用电器组成；根据感应区的作用判断感应区相当于手机电路中的什么元件；
(2)充电宝给手机充电过程中，手机电池消耗了电能，并转化为化学能，据此分析其相当于什么元件；
(3)根据串联、并联电路的特点判断三部手机同时充电时的连接方式。
本题考查了电路的组成、电路元件的作用和电路连接方式的判断，属于基础题。
17.【答案】解：
重力的方向是竖直向下的，从垃圾桶的重心画一条竖直向下的带箭头的有向线段，用G表示，即为其所受重力的示意图：
反向延长拉力F的作用线，从支点A作拉力F作用线的垂线段，即为拉力F的力臂l，如图所示：
 
【解析】(1)先确定重力作用点，然后从力作用点表示重力的方向(即竖直向下)。
(2)已知支点和动力的方向，从支点作动力作用线的垂线段(即力臂)。
本题考查了重力示意图和力臂的作法。关键是要作出支点到力的作用线的垂线段。掌握作图的基本方法，并且作图要规范。
18.【答案】解：读图可知，电流从电源的正极流出，经开关S1后分为两个支路，一支经灯泡L2，另一支经开关S1、灯泡L1，然后共同汇合回负极，如图所示：
 
【解析】根据实物图明确电流的流向，确定电路的串并联性质，再画出相应的电路图，并且要求电路图与实物图相对应。
根据电流的流向法，明确串并联电路的性质，再结合元件的连接顺序来画电路图，是一般的步骤要求。
19.【答案】花泥的形变程度  质量  高度  能 
【解析】解：(1)实验中通过花泥的形变程度来表示重力势能的大小；
(2)根据实验a、b可知，高度相同，a的质量大于b的质量，钢球下落后花泥的凹陷程度大，则钢球的动能大，故得出结论：在高度相同时，重力势能的大小与质量有关，质量越大，重力势能越大；
(3)根据实验a、c可知，质量相同，a的高度大于c的高度，a钢球下落后花泥的凹陷程度大，则钢球的动能大，故得出结论：在质量相同时，重力势能的大小与高度有关，高度越大，重力势能越大；
(4)实验中采用的是转换法，花泥的形变程度越大，表明物体的重力势能越大，由图可知，实验b、c中，b的花泥的形变程度大，表明重力势能大小，所以可以根据花泥的形变程度来比较b、c的重力势能的大小。
故答案为：(1)花泥的形变程度；(2)质量；(3)高度；(4)能。
重力势能的影响因素：物体的质量、物体的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。实验中用花泥下陷的深浅反映重力势能的大小。花泥下陷的越深，重力势能越大。
本题考查了物体重力势能大小的影响因素，探究过程充分应用了控制变量法和转换法，要求学生牢固掌握，正确应用。
20.【答案】甲乙  温度计升高的示数  天平  甲、丙  质量  加热时间  a  b 
【解析】解：(1)比较不同燃料的热值，需要使被加热的物质相同而燃料不同，由图可知应选择甲、乙两图进行实验；
在该实验中，用不同燃料加热相同质量的同种液体，燃料完全燃烧放出的热量越多，则容器中液体吸热越多，根据Q=cmΔt可知液体升高的温度越多，所以燃料完全燃烧放出热量的多少是通过温度计升高的示数来反映的；
(2)利用上述装置估测燃料的热值，要控制液体和燃料的质量相等，需要用天平来测量。
(3)比较不同物质吸热升温的特点，需要使燃料种类相同，被加热物质不同，由图可知应选择甲、丙两图进行实验；
实验中要控制两种液体的质量相等；用两个相同的加热器来进行加热的目的是在相同时间使物质吸收相同的热量，根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
如果质量和初始温度均相同的a、b两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图丁所示，由图可以看出，a液体的温度升高得较快；
升高相同的温度时，b液体需要加热的时间长，所以b液体吸收热量多。
故答案为：(1)甲乙；温度计升高的示数；(2)天平；(3)甲、丙；质量；加热时间；a；b。
(1)根据控制变量法分析比较不同燃料的热值时，需要选择哪两个图进行实验；
实验过程中根据温度计升高的示数来反映燃料完全燃烧放出的热量；
(2)燃料燃烧放出热量的多少跟燃料的热值和质量有关，所以在设计实验时应使用控制变量法进行设计实验；
(3)根据控制变量法分析比较不同物质吸热升温时，需要选择哪两个图进行实验；
比较物质吸热能力用相同质量的不同物质做实验；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
根据两种物质的温度随时间变化的图象分析解答。
本题比较不同物质吸热升温的特点和测燃料的热值，考查两实验相同和不同之处及控制变量法、转换法的应用、比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21.【答案】C  a  0.3  不相同 
【解析】解：(1)由图乙可知，电流表测量干路电流，所以测量的是C处电流；
(2)测量通过L2的电流时，电流表就要与L2串联，只需将图乙中导线a的一端移动到电流表的负接线柱上，此时电流表就和L2串联；，根据此时电流表选用的小量程，所分度值为0.02A，以示数为0.3A；
(4)要得到并联电路中电流的规律，应选用不同规格的小灯泡进行实验；
故答案为：(1)C；(2)a；0.3；(4)不相同。
(1)根据电流表与待测电路串联分析；电流表测量干路还是支路；
(2)测量通过L2的电流时，电流表就要与L2串联；根据电流表的量程和分度值读数；
(3)并联分流，要探究并联电路的电流的特点，应选不同电阻的用电器研究。
本题探究并联电路中电流的规律，考查电流表使用、反常现象的分析和对实验方案的改进。
22.【答案】右  测量力臂  将右端钩码的位置向右移  F1L1=F2L2  1  1.1×103 
【解析】解：(1)杠杆重心右移，应将平衡螺母(左端和右端的均可)向右调节，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂等于支点到力的作用线的距离，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；
(2)如图乙所示的状态，左低右高，可以将右端钩码的位置向右移；
(3)分析数据：
第2次：F1L1=3N×0.1m=0.3N⋅m，F2L2=1.5N×0.2m=0.3N⋅m；
第3次：F1L1=2.5N×0.3m=0.75N⋅m，F2L2=3N×0.25m=0.75N⋅m，
可得杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2；
(4)根据杠杆平衡条件可得：G桶×OA=GM×OB，
即：G桶×10cm=0.5N×⋅20cm，
解得：G桶=1N；
③由杠杆平衡条件得：(G桶+G液)×OA=GM×OC，
即：(1N+G液)×10cm=0.5N×42cm，
解得：G液=1.1N；
由G=mg=ρVg可知，桶内液体的密度为：
ρ=G液gV桶=1.1N10N/kg×100×10−6m3=1.1×103kg/m3。
故答案为：(1)右；测量力臂；(2)将右端钩码的位置向右移；(3)F1L1=F2L2；(4)1；1.1×103。
(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
(2)如果杠杆不在水平位置平衡时，应通过调节钩码的数量或位置来实现，而不能再调节平衡螺母；
(3)先将数据中的各自的力与力臂相乘，然后分析实验数据，找出关系式；
(4)根据杠杆平衡条件可求出桶的重力；
根据杠杆平衡条件可求出桶内液体的重力，再根据G=mg=ρVg计算液体密度。
本题考查杠杆平衡条件及液体密度的测量，分析清楚题目即可解答。
23.【答案】解：(1)推土机静止时对水平地面的压力：
F=G=mg=8×103kg×10N/kg=8×104N，
对水平地面的压强：
p=FS=8×104N4m2=2×104Pa；
(2)已知推土机匀速行驶时发动机的功率P=130kW=1.3×105W，匀速行驶时间t=15min=15×60s=900s，
由P=Wt可得，推土机做的功：
W=Pt=1.3×105W×900s=1.17×108J；
(3)柴油完全燃烧放出的热量：Q放=m柴油q柴油=7kg×4.3×107J/kg=3.01×108J，
则推土机匀速行驶时，发动机的效率是：η=WQ放=1.17×108J3.01×108J≈38.9%。
答：(1)推土机静止在水平地面时，对地面的压强是2×104Pa；
(2)推土机匀速行驶时发动机做的功是1.17×108J；
(3)推土机匀速行驶时，发动机的效率是38.9%。 
【解析】(1)推土机静止时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道与水平面地面接触的总面积即受力面积，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)知道推土机匀速行驶时发动机的功率以及运动时间，利用公式W=Pt求出发动机做的功；
(3)根据Q放=mq求出柴油完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出发动机的效率。
本题考查了压强公式、做功公式、效率公式和燃料完全燃烧释放热量公式的应用，涉及到的知识点较多，有一定的难度。
24.【答案】解：晒水4小时简易太阳能晒水箱接受的太阳辐射热：
Q总=7.5×104J/(min⋅m2)×0.84m2×4×60min=1.512×107J，
由η=Q吸Q总×100%可得，水吸收的热量：
Q吸=Q总η=1.512×107J×50%=7.56×106J，
由Q吸=cmΔt可得，水升高的温度：
Δt=Q吸cm=7.56×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×60kg=45℃。
答：晒水4h后水温升高45℃。 
【解析】(1)知道地球表面接受太阳辐射热为7.56×104J/min⋅m2、玻璃盖面积、时间可求简易太阳晒水箱接受的太阳辐射热，又知道水箱热效率，可求水吸收的热量；
(2)知道水的质量、比热容，求出水吸收的热量，利用Q吸=cmΔt求水温度的升高值；
本题考查了学生对吸热公式Q吸=cmΔt的掌握和运用，能求出4h简易太阳晒水箱吸收的太阳辐射热是本题的关键。