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2021-2022学年上海市浦东新区九年级上学期物理期中试题及答案
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这是一份2021-2022学年上海市浦东新区九年级上学期物理期中试题及答案，共3页。
A. 0.5伏B. 1.5伏C. 2.5伏D. 3伏
【答案】B
【解析】
【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全的电压为不高于36V。
【详解】一节新干电池的电压1.5V，故ACD错误、B正确。
2. 下列实例中，应用连通器原理工作的是
A. 液位计B. 深潜器C. 吸尘器D. 水库大坝
【答案】A
【解析】
【分析】根据连通器定义：上端开口下端连通的容器；连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
【详解】A．液位计的结构符合上端开口下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，则A符合题意；
B．深潜器的上浮、下潜是通过相互作用力来实现的，与连通器无关，则B不合题意；
C．吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，是利用流体压强与流速的关系工作的，与连通器无关，则C不合题意；
D．大坝可以提高水位，让水的重力势能增加，即将水的重力势能转化为动能来发电，所以不是连通器，则D不合题意。
3. 当一杯水结成冰之后，下列物理量中不发生变化的是
A 质量B. 体积C. 密度D. 比热容
【答案】A
【解析】
【分析】在质量、体积、密度三个量中，质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关；而体积、密度都与温度有一定关系。
【详解】A．质量是物体属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关，因此水结成冰后质量不变，则A符合题意；
C．水的密度是1.0×103kg/m3，冰的密度是0.9×103kg/m3，因此水结成冰密度变小，则B不合题意；
B．根据体积的计算公式，质量m不变，密度ρ变小，因此体积V变大，则C不合题意；
D．水的比热容是4.2×103J/(kg∙℃)，冰的比热容是2.1×103J/(kg∙℃)，因此水结成冰比热容变小，则D不合题意。
4. 下列各实例中，属于增大压强的是（ ）
A. 图钉的宽大钉帽
B. 磨得锋利的刀刃
C. 雪上行驶的雪橇
D. 铁轨下铺设的枕木
【答案】B
【解析】
【详解】A．图钉的宽大钉帽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B．磨得锋利的刀刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故B符合题意；
C．雪上行驶的雪橇，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D．铁轨下铺设的枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。
故选B。
5. 在如图所示的电路中，闭合开关S后，电压表测量的是（ ）
A. 电源两端的电压B. 灯L1两端的电压
C. 灯L2两端的电压D. 灯L1和L2两端的总电压
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，开关闭合后，该电路为两灯泡的串联电路，电压表并联接在灯L1的两端，因此测量灯L1两端的电压。
故选B。
6. 关于浸在液体中的物体所受浮力F浮与物体重力G物、物体排开液体的重力G排间的大小关系，以下说法中正确的是（ ）
A. 只有当物体浸没时，F浮等于G物
B. 不管物体是否浸没，F浮都等于G物
C. 只有物体未浸没时，F浮等于G排
D. 不管物体是否浸没，F浮都等于G排
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体漂浮时，受到的浮力和自身的重力相等，F浮等于G物，故A错误；
B．浸没在液体中的物体下沉或上浮时，受到的浮力不等于自身重力，F浮不等于G物，故B错误；
CD．由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体所受的浮力等于它排开的液体所受的重力，不管物体是否浸没，F浮都等于G排，故C错误，D正确。
故选D。
二、填空题（共22分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7. 教室内照明灯正常工作电压为 ______伏，开关与灯之间是______（选填“串联”或“并联”）连接的。在实验室中测量电流大小的仪器是 ______。
【答案】 ①. 220 ②. 串联 ③. 电流表
【解析】
【详解】[1]我国家庭照明用电电压为220V，照明灯正常工作时的电压是220V。
[2]开关串联在用电器与火线之间，所以与被控制的电灯是串联连接的。
[3]实验室测量电流大小的仪器是电流表，也称安培表。
8. 压强是表示______的物理量。深海潜水器有下潜深度限制，因为水的深度越大，水对潜水器的压强越______，著名的______实验向人们展示了大气压存在。
【答案】 ①. 压力作用效果 ②. 大 ③. 马德堡半球
【解析】
【详解】[1]压强是表示压力作用效果的物理量，数值上等于物体所受的压力与受力面积之比。
[2]由p=ρgh可知，水的深度h越大，水对潜水器的压强越大。
[3]马德堡市市长格里克用抽气机抽空紧贴在一起的两个铜半球内的空气，用16匹马才将其拉开，证明了大气压强的存在，后来人们将这个实验称为马德堡半球实验。
9. 冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的______为900千克。现有0.01米3的冰融化成水，融化后体积______（选填“变大”、“不变”或“变小”），水的质量为______千克。
【答案】 ①. 质量 ②. 变小 ③. 9
【解析】
【详解】[1]冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的质量是900千克；
[2]现有0.01米3的冰融化成水，融化成水后质量不变，而水的密度是，水的密度大于冰的，根据可知，水的体积小于冰的，即融化后体积变小；
[3]水的质量等于冰的质量，即
10. 深水处也存在着某些鱼类及生物，某条鱼在水面下50米深处，此时这条鱼受到水的压强为______帕，鱼类体内的压强______（选填“大于”，“等于”或“小于”）该处水的压强。当它向下游时，受到浮力的大小______（选填“变小”“不变”或“变大”）。
【答案】 ①. 4.9×105 ②. 等于 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]某条鱼在水面下50米深处，此时这条鱼受到水压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×50m=4.9×105Pa
[2]鱼类体内的压强与外部水对鱼的压强保持平衡，鱼才能生存，故鱼体内的压强等于该处水的压强。
[3]当鱼向下游时，其浸没在水中的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知，鱼受到的浮力的大小不变。
11. 如图所示的仪器用于探究______，在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测出物质的______，本实验需要进行多次测量，其目的是为了______（选填字母A“得到普遍规律”或B“求平均值减小误差“）。
【答案】 ①. 液体内部压强 ②. 质量 ③. A
【解析】
【详解】[1]由图可知，图中仪器为压强计，该仪器用在探究液体内部压强特点的实验中。
[2][3]在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测出物体的质量，用量筒测出物体的体积。本实验需要进行多次测量，其目的是为了避免实验的偶然性，得到多组数据，寻找普遍规律，故选A。
12. 在“验证阿基米德原理”的实验中，用 ______测量浮力的大小，为了达成实验目的，需要将所测的浮力大小与该物体 ______的大小进行比较。根据液体内部压强的大小和方向的知识可以解释浮力产生的原因，并以此推导阿基米德原理。请判断，图中的 ______不适合作为模型推导阿基米德原理。（填写图序）
【答案】 ①. 弹簧测力计 ②. 排开液体所受的重力 ③. c
【解析】
【详解】[1]浮力也是一种力，测量力的工具是弹簧测力计，由此可知，用弹簧测力计来测量浮力的大小。
[2]由阿基米德原理可知，浮力的大小等于物体排开液体的重力，故实验中需要测量浮力的大小和物体排开液体所受的重力的，然后比较两者的大小。
[3]根据浮力产生的原因可知：
上下表面所受的力为：
而上下表面受到的压强为：
因此，为了便于推导要使用上下底面横截面积相同的模型，由此可知c不适合作为推导阿基米德原理的模型。
13. 甲、乙两个均匀正方体分别放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等。若沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，则如图所示，剩余部分的压强p甲______p乙，剩余部分的质量m甲______m乙（均选填“大于”、“小于“或“等于”）
【答案】 ①. 小于 ②. 大于
【解析】
【详解】[1]由题意可知，甲、乙两正方体对地面的压强相等，则有
ρ甲gh甲=ρ乙gh乙
由图可知，h甲>h乙，故有
ρ甲<ρ乙
因此，沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，则剩余部分的压强
ρ甲gh<ρ乙gh
即剩余部分压强p甲[2]剩余部分甲和乙的质量分别可表示为
m甲=ρ甲V剩甲g=ρ甲h甲2hg
m乙=ρ乙V剩乙g=ρ乙h乙2hg
已知切去前甲、乙对地面的压强相等，即
ρ甲h甲g=ρ乙h乙g
又由图可知，h甲>h乙，所以剩余部分的质量
m甲>m乙
三、作图题（共6分）请将图直接在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。
14. 重为8牛的物体静止在水平地面上，请在图中用力的图示法画出物体对地面的压力F。
【答案】
【解析】
【详解】物体静止在水平地面上，对水平地面的压力的大小等于重力，为8N，方向垂直于接触面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点。选取标度为4N，过压力的作用点，沿垂直于接触面向下的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：
15. 在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
（ ）
【答案】
【解析】
【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路。
【详解】因为电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；第二排的〇与灯泡串联，所以是电流表；第三排的〇与电源串联，所以是电流表，第一排的〇与灯泡并联，所以是电压表，如图所示：
四、综合题（共30分）请将计算过程和答案写人答题纸的相应位置。
16. 物体排开水的体积为3×10-3米3，求物体受到浮力F浮的大小。
【答案】29.4N。
【解析】
【分析】已知物体排开水的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力。
【详解】由阿基米德原理可知，物体受到的浮力：
。
答：物体受到的浮力为29.4N。
17. 一个底面积4×10-2m2，重为30牛的木桶放在水平桌面上，桶内装有70牛的水，水深0.2米，求：
（1）水对桶底的压强p1；
（2）水对桶底的压力F1；
（3）桶对地面的压力F2；
（4）桶对地面的压强p2。
【答案】（1）1960帕；（2）78.4牛；（3）100牛；（4）2500帕
【解析】
【详解】解：（1）水对桶底的压强为
p1＝ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa
（2）水对桶底的压力是
F1=p1S=1960Pa×4×10-2m2=78.4N
（3）桶对地面的压力大小等于桶与水的总重力，故桶对地面的压力为
F2=G总=G桶+G水=30N+70N=100N
（4）桶对地面的压强是
答：（1）水对桶底的压强p1为1960帕；
（2）水对桶底的压力F1是78.4牛；
（3）桶对地面的压力F2是100牛；
（4）桶对地面的压强p2为2500帕。
18. 分析大气压强的变化可以判断大气环流的方向，预报相关气象情况。气象站用气压计采集某区域同一时刻近地面不同地点的大气压，并将气压相等的各点连起来，绘成“等气压线”，如图所示。
①你认为采集数据时，应使近地面不同地点_______，理由是_______。
②根据A处风方向，可判断A处气压_______B处气压；结合上表，可判断该区域一般天气特征为______。
【答案】 ①. 海拔高度相同(同一水平面) ②. 气压会随海拔高度的变化而变化 ③. 高于 ④. 阴雨
【解析】
【详解】[1][2]根据可知，海拔高度越高，气压越小，即气压会随海拔高度的变化而变化；采集数据时，应使近地面不同地点海拔高度相同，这样才可以分析大气压强的变化，判断大气环流的方向；
[3][4]A处风的方向从A到B，那么可知A处气压高于B处气压；从图中可以看到，四周气压高于中心气压，那么从表中可知天气特征为阴雨。
19. 某小组同学要探究液体内部压强与哪些因素有关。他们用U形管压强计在不同液体不同深度进行三组实验，并将有关数据分别记录在表一、表二、表三中。实验时，他们仔细观察U形管两边液面高度差，通过比较发观，每组的U形管两边液面高度差相同，而各组却不同，且第一组最大，第二组其次，第三组最小。
表1（第一组实验）
表2（第二组实验）
表3（第三组实验）
（1）分析比较实验序号3与4及观察到的现象，可得出的步结论是：______；
（2）分析比较实验序号______及观察到的现象，可得出的初步结论是：在同种液体内部，深度越深，液体内部压强越大；
（3）进一步综合分析比较表一或表二或表三及观察到的现象，得出结论：当______，液体内部压强相同；
（4）小组同学在记录数据时有一组数据未填写完整，请将实验序号10中未填写的数据填写完整。______。
【答案】 ①. 深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大 ②. 1、4和7（或2、5和8或3、6和9） ③. 液体的密度与所处深度的乘积相同时 ④. 4
【解析】
【详解】（1）[1]分析实验序号3与4的数据可知，液体深度相同，第3次实验液体密度比第4次实验液体密度大，第3次实验比第4次实验U形管液面差大，说明第3次实验压强大。所以得出的结论是：深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大。
（2）[2]分析表中数据，实验1、4和7（或2、5和8或3、6和9）三次实验液体密度相同，压强计所处的深度不同，实验1深度最深，U形管两边液面高度差最大，压强最大，实验7深度最深，U形管两边液面高度差最小，压强最小。所以得出的实验结论是：在同种液体内部，深度越深，液体内部压强越大。
（3）[3]分析表一、表二或表三数据，U形管两边液面的高度差相同，液体的密度与液体的深度乘积相同，所以液体的密度与液体的深度乘积相同时，液体内部压强相同。
（4）[4]小组同学在记录数据表三时，根据液体的密度与所处深度的乘积相同时液体压强相等得
1.6g/cm3×3cm=1.2g/cm3h
解得h=4cm，所以实验序号10中未填写的数据应该是4。
20. 相同的柱形容器甲、乙置于水平桌面上，甲中盛有水，乙中盛有另一种液体，现将两个大小完全相同的物体浸没在两容器的液体中（液体均未溢出），若物体浸入前后两容器底部受到液体的压强如表所示。求：
（1）物体未浸入时，甲容器中水的深度h水；
（2）乙容器中液体的密度ρ液。
【答案】（1）0.1m；（2）0.8×103kg/m3
【解析】
【详解】解：（1）根据题意，物体未浸入液体时，容器底部受到压强p甲水=980Pa，水的密度，根据液体压强公式
可得出，甲容器中水的深度h水为
（2）根据题意可知，两个大小完全相同的物体浸没在两相同容器的液体中，液体升高的高度为，排开液体的体积
因两相同容器底面积S相同，所以，液体升高的高度相同。
根据表格，甲容器物体未浸入液体p甲水=980Pa，物体浸没于液体，得出甲容器两次容器底部受到的液体压强差
甲容器两次容器底部受到的液体压强差也可表达为
推出液体升高的高度
根据表格，乙容器物体未浸入液体p乙液=1176Pa，物体浸没于液体，得出乙容器两次容器底部受到的液体压强差
乙容器两次容器底部受到的液体压强差也可表达为
推出乙容器液体密度
答：（1）物体未浸入时，甲容器中水的深度h水为0.1m。
（2）乙容器中液体的密度ρ液为0.8×103kg/m3。等气压线的特征
一般天气特征
等气压线闭合，四周气压低于中心气压
晴朗
等气压线闭合，四周气压高于中心气压
阴雨
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
1
0.8
20
2
1.0
16
3
1.6
10
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
4
0.8
10
5
1.0
8
6
1.6
5
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
7
0.8
6
8
1.0
4.8
9
1.6
3
10
1.2
容器底部受到的液体压强
物体未浸入液体
物体浸没于液体
p甲水（Pa）
980
1470
p乙液（Pa）
1176
1568
A. 0.5伏B. 1.5伏C. 2.5伏D. 3伏
【答案】B
【解析】
【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全的电压为不高于36V。
【详解】一节新干电池的电压1.5V，故ACD错误、B正确。
2. 下列实例中，应用连通器原理工作的是
A. 液位计B. 深潜器C. 吸尘器D. 水库大坝
【答案】A
【解析】
【分析】根据连通器定义：上端开口下端连通的容器；连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
【详解】A．液位计的结构符合上端开口下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，则A符合题意；
B．深潜器的上浮、下潜是通过相互作用力来实现的，与连通器无关，则B不合题意；
C．吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，是利用流体压强与流速的关系工作的，与连通器无关，则C不合题意；
D．大坝可以提高水位，让水的重力势能增加，即将水的重力势能转化为动能来发电，所以不是连通器，则D不合题意。
3. 当一杯水结成冰之后，下列物理量中不发生变化的是
A 质量B. 体积C. 密度D. 比热容
【答案】A
【解析】
【分析】在质量、体积、密度三个量中，质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关；而体积、密度都与温度有一定关系。
【详解】A．质量是物体属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关，因此水结成冰后质量不变，则A符合题意；
C．水的密度是1.0×103kg/m3，冰的密度是0.9×103kg/m3，因此水结成冰密度变小，则B不合题意；
B．根据体积的计算公式，质量m不变，密度ρ变小，因此体积V变大，则C不合题意；
D．水的比热容是4.2×103J/(kg∙℃)，冰的比热容是2.1×103J/(kg∙℃)，因此水结成冰比热容变小，则D不合题意。
4. 下列各实例中，属于增大压强的是（ ）
A. 图钉的宽大钉帽
B. 磨得锋利的刀刃
C. 雪上行驶的雪橇
D. 铁轨下铺设的枕木
【答案】B
【解析】
【详解】A．图钉的宽大钉帽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；
B．磨得锋利的刀刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故B符合题意；
C．雪上行驶的雪橇，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；
D．铁轨下铺设的枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。
故选B。
5. 在如图所示的电路中，闭合开关S后，电压表测量的是（ ）
A. 电源两端的电压B. 灯L1两端的电压
C. 灯L2两端的电压D. 灯L1和L2两端的总电压
【答案】B
【解析】
【详解】由电路图可知，开关闭合后，该电路为两灯泡的串联电路，电压表并联接在灯L1的两端，因此测量灯L1两端的电压。
故选B。
6. 关于浸在液体中的物体所受浮力F浮与物体重力G物、物体排开液体的重力G排间的大小关系，以下说法中正确的是（ ）
A. 只有当物体浸没时，F浮等于G物
B. 不管物体是否浸没，F浮都等于G物
C. 只有物体未浸没时，F浮等于G排
D. 不管物体是否浸没，F浮都等于G排
【答案】D
【解析】
【详解】A．物体漂浮时，受到的浮力和自身的重力相等，F浮等于G物，故A错误；
B．浸没在液体中的物体下沉或上浮时，受到的浮力不等于自身重力，F浮不等于G物，故B错误；
CD．由阿基米德原理可知，浸在液体中的物体所受的浮力等于它排开的液体所受的重力，不管物体是否浸没，F浮都等于G排，故C错误，D正确。
故选D。
二、填空题（共22分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7. 教室内照明灯正常工作电压为 ______伏，开关与灯之间是______（选填“串联”或“并联”）连接的。在实验室中测量电流大小的仪器是 ______。
【答案】 ①. 220 ②. 串联 ③. 电流表
【解析】
【详解】[1]我国家庭照明用电电压为220V，照明灯正常工作时的电压是220V。
[2]开关串联在用电器与火线之间，所以与被控制的电灯是串联连接的。
[3]实验室测量电流大小的仪器是电流表，也称安培表。
8. 压强是表示______的物理量。深海潜水器有下潜深度限制，因为水的深度越大，水对潜水器的压强越______，著名的______实验向人们展示了大气压存在。
【答案】 ①. 压力作用效果 ②. 大 ③. 马德堡半球
【解析】
【详解】[1]压强是表示压力作用效果的物理量，数值上等于物体所受的压力与受力面积之比。
[2]由p=ρgh可知，水的深度h越大，水对潜水器的压强越大。
[3]马德堡市市长格里克用抽气机抽空紧贴在一起的两个铜半球内的空气，用16匹马才将其拉开，证明了大气压强的存在，后来人们将这个实验称为马德堡半球实验。
9. 冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的______为900千克。现有0.01米3的冰融化成水，融化后体积______（选填“变大”、“不变”或“变小”），水的质量为______千克。
【答案】 ①. 质量 ②. 变小 ③. 9
【解析】
【详解】[1]冰的密度为900千克/米3，它的含义是每立方米冰的质量是900千克；
[2]现有0.01米3的冰融化成水，融化成水后质量不变，而水的密度是，水的密度大于冰的，根据可知，水的体积小于冰的，即融化后体积变小；
[3]水的质量等于冰的质量，即
10. 深水处也存在着某些鱼类及生物，某条鱼在水面下50米深处，此时这条鱼受到水的压强为______帕，鱼类体内的压强______（选填“大于”，“等于”或“小于”）该处水的压强。当它向下游时，受到浮力的大小______（选填“变小”“不变”或“变大”）。
【答案】 ①. 4.9×105 ②. 等于 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]某条鱼在水面下50米深处，此时这条鱼受到水压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×50m=4.9×105Pa
[2]鱼类体内的压强与外部水对鱼的压强保持平衡，鱼才能生存，故鱼体内的压强等于该处水的压强。
[3]当鱼向下游时，其浸没在水中的体积不变，根据F浮=ρ液V排g可知，鱼受到的浮力的大小不变。
11. 如图所示的仪器用于探究______，在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测出物质的______，本实验需要进行多次测量，其目的是为了______（选填字母A“得到普遍规律”或B“求平均值减小误差“）。
【答案】 ①. 液体内部压强 ②. 质量 ③. A
【解析】
【详解】[1]由图可知，图中仪器为压强计，该仪器用在探究液体内部压强特点的实验中。
[2][3]在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测出物体的质量，用量筒测出物体的体积。本实验需要进行多次测量，其目的是为了避免实验的偶然性，得到多组数据，寻找普遍规律，故选A。
12. 在“验证阿基米德原理”的实验中，用 ______测量浮力的大小，为了达成实验目的，需要将所测的浮力大小与该物体 ______的大小进行比较。根据液体内部压强的大小和方向的知识可以解释浮力产生的原因，并以此推导阿基米德原理。请判断，图中的 ______不适合作为模型推导阿基米德原理。（填写图序）
【答案】 ①. 弹簧测力计 ②. 排开液体所受的重力 ③. c
【解析】
【详解】[1]浮力也是一种力，测量力的工具是弹簧测力计，由此可知，用弹簧测力计来测量浮力的大小。
[2]由阿基米德原理可知，浮力的大小等于物体排开液体的重力，故实验中需要测量浮力的大小和物体排开液体所受的重力的，然后比较两者的大小。
[3]根据浮力产生的原因可知：
上下表面所受的力为：
而上下表面受到的压强为：
因此，为了便于推导要使用上下底面横截面积相同的模型，由此可知c不适合作为推导阿基米德原理的模型。
13. 甲、乙两个均匀正方体分别放在水平地面上，它们对水平地面的压强相等。若沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，则如图所示，剩余部分的压强p甲______p乙，剩余部分的质量m甲______m乙（均选填“大于”、“小于“或“等于”）
【答案】 ①. 小于 ②. 大于
【解析】
【详解】[1]由题意可知，甲、乙两正方体对地面的压强相等，则有
ρ甲gh甲=ρ乙gh乙
由图可知，h甲>h乙，故有
ρ甲<ρ乙
因此，沿水平方向将甲、乙正方体上方截去，使甲、乙剩余部分的高度相同，则剩余部分的压强
ρ甲gh<ρ乙gh
即剩余部分压强p甲
m甲=ρ甲V剩甲g=ρ甲h甲2hg
m乙=ρ乙V剩乙g=ρ乙h乙2hg
已知切去前甲、乙对地面的压强相等，即
ρ甲h甲g=ρ乙h乙g
又由图可知，h甲>h乙，所以剩余部分的质量
m甲>m乙
三、作图题（共6分）请将图直接在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔。
14. 重为8牛的物体静止在水平地面上，请在图中用力的图示法画出物体对地面的压力F。
【答案】
【解析】
【详解】物体静止在水平地面上，对水平地面的压力的大小等于重力，为8N，方向垂直于接触面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点。选取标度为4N，过压力的作用点，沿垂直于接触面向下的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：
15. 在图中的〇里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。
（ ）
【答案】
【解析】
【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路。
【详解】因为电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；第二排的〇与灯泡串联，所以是电流表；第三排的〇与电源串联，所以是电流表，第一排的〇与灯泡并联，所以是电压表，如图所示：
四、综合题（共30分）请将计算过程和答案写人答题纸的相应位置。
16. 物体排开水的体积为3×10-3米3，求物体受到浮力F浮的大小。
【答案】29.4N。
【解析】
【分析】已知物体排开水的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力。
【详解】由阿基米德原理可知，物体受到的浮力：
。
答：物体受到的浮力为29.4N。
17. 一个底面积4×10-2m2，重为30牛的木桶放在水平桌面上，桶内装有70牛的水，水深0.2米，求：
（1）水对桶底的压强p1；
（2）水对桶底的压力F1；
（3）桶对地面的压力F2；
（4）桶对地面的压强p2。
【答案】（1）1960帕；（2）78.4牛；（3）100牛；（4）2500帕
【解析】
【详解】解：（1）水对桶底的压强为
p1＝ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m=1960Pa
（2）水对桶底的压力是
F1=p1S=1960Pa×4×10-2m2=78.4N
（3）桶对地面的压力大小等于桶与水的总重力，故桶对地面的压力为
F2=G总=G桶+G水=30N+70N=100N
（4）桶对地面的压强是
答：（1）水对桶底的压强p1为1960帕；
（2）水对桶底的压力F1是78.4牛；
（3）桶对地面的压力F2是100牛；
（4）桶对地面的压强p2为2500帕。
18. 分析大气压强的变化可以判断大气环流的方向，预报相关气象情况。气象站用气压计采集某区域同一时刻近地面不同地点的大气压，并将气压相等的各点连起来，绘成“等气压线”，如图所示。
①你认为采集数据时，应使近地面不同地点_______，理由是_______。
②根据A处风方向，可判断A处气压_______B处气压；结合上表，可判断该区域一般天气特征为______。
【答案】 ①. 海拔高度相同(同一水平面) ②. 气压会随海拔高度的变化而变化 ③. 高于 ④. 阴雨
【解析】
【详解】[1][2]根据可知，海拔高度越高，气压越小，即气压会随海拔高度的变化而变化；采集数据时，应使近地面不同地点海拔高度相同，这样才可以分析大气压强的变化，判断大气环流的方向；
[3][4]A处风的方向从A到B，那么可知A处气压高于B处气压；从图中可以看到，四周气压高于中心气压，那么从表中可知天气特征为阴雨。
19. 某小组同学要探究液体内部压强与哪些因素有关。他们用U形管压强计在不同液体不同深度进行三组实验，并将有关数据分别记录在表一、表二、表三中。实验时，他们仔细观察U形管两边液面高度差，通过比较发观，每组的U形管两边液面高度差相同，而各组却不同，且第一组最大，第二组其次，第三组最小。
表1（第一组实验）
表2（第二组实验）
表3（第三组实验）
（1）分析比较实验序号3与4及观察到的现象，可得出的步结论是：______；
（2）分析比较实验序号______及观察到的现象，可得出的初步结论是：在同种液体内部，深度越深，液体内部压强越大；
（3）进一步综合分析比较表一或表二或表三及观察到的现象，得出结论：当______，液体内部压强相同；
（4）小组同学在记录数据时有一组数据未填写完整，请将实验序号10中未填写的数据填写完整。______。
【答案】 ①. 深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大 ②. 1、4和7（或2、5和8或3、6和9） ③. 液体的密度与所处深度的乘积相同时 ④. 4
【解析】
【详解】（1）[1]分析实验序号3与4的数据可知，液体深度相同，第3次实验液体密度比第4次实验液体密度大，第3次实验比第4次实验U形管液面差大，说明第3次实验压强大。所以得出的结论是：深度相同时，液体密度越大，液体内部压强越大。
（2）[2]分析表中数据，实验1、4和7（或2、5和8或3、6和9）三次实验液体密度相同，压强计所处的深度不同，实验1深度最深，U形管两边液面高度差最大，压强最大，实验7深度最深，U形管两边液面高度差最小，压强最小。所以得出的实验结论是：在同种液体内部，深度越深，液体内部压强越大。
（3）[3]分析表一、表二或表三数据，U形管两边液面的高度差相同，液体的密度与液体的深度乘积相同，所以液体的密度与液体的深度乘积相同时，液体内部压强相同。
（4）[4]小组同学在记录数据表三时，根据液体的密度与所处深度的乘积相同时液体压强相等得
1.6g/cm3×3cm=1.2g/cm3h
解得h=4cm，所以实验序号10中未填写的数据应该是4。
20. 相同的柱形容器甲、乙置于水平桌面上，甲中盛有水，乙中盛有另一种液体，现将两个大小完全相同的物体浸没在两容器的液体中（液体均未溢出），若物体浸入前后两容器底部受到液体的压强如表所示。求：
（1）物体未浸入时，甲容器中水的深度h水；
（2）乙容器中液体的密度ρ液。
【答案】（1）0.1m；（2）0.8×103kg/m3
【解析】
【详解】解：（1）根据题意，物体未浸入液体时，容器底部受到压强p甲水=980Pa，水的密度，根据液体压强公式
可得出，甲容器中水的深度h水为
（2）根据题意可知，两个大小完全相同的物体浸没在两相同容器的液体中，液体升高的高度为，排开液体的体积
因两相同容器底面积S相同，所以，液体升高的高度相同。
根据表格，甲容器物体未浸入液体p甲水=980Pa，物体浸没于液体，得出甲容器两次容器底部受到的液体压强差
甲容器两次容器底部受到的液体压强差也可表达为
推出液体升高的高度
根据表格，乙容器物体未浸入液体p乙液=1176Pa，物体浸没于液体，得出乙容器两次容器底部受到的液体压强差
乙容器两次容器底部受到的液体压强差也可表达为
推出乙容器液体密度
答：（1）物体未浸入时，甲容器中水的深度h水为0.1m。
（2）乙容器中液体的密度ρ液为0.8×103kg/m3。等气压线的特征
一般天气特征
等气压线闭合，四周气压低于中心气压
晴朗
等气压线闭合，四周气压高于中心气压
阴雨
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
1
0.8
20
2
1.0
16
3
1.6
10
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
4
0.8
10
5
1.0
8
6
1.6
5
实验序号
液体密度（克/厘米3）
深度（厘米）
7
0.8
6
8
1.0
4.8
9
1.6
3
10
1.2
容器底部受到的液体压强
物体未浸入液体
物体浸没于液体
p甲水（Pa）
980
1470
p乙液（Pa）
1176
1568
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