适用于老高考旧教材2024版高考物理二轮复习题型专项练选择题五（附解析）

这是一份适用于老高考旧教材2024版高考物理二轮复习题型专项练选择题五（附解析），共7页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题等内容，欢迎下载使用。
1.(2023湖南长沙联考)微重力环境是指在重力的作用下,系统的表观重力远小于其实际重力的环境。产生微重力环境最常用的方法有4种:落塔、飞机、火箭和航天器。中国科学院微重力落塔与落仓如图所示,在落仓开始下落到停止运动的过程中,能够产生3.26 s时长的微重力环境,根据提供的信息,下列说法正确的是( )
A.在微重力环境中,落仓中的体验者几乎不会受到重力的作用
B.要形成微重力环境,落仓要以非常接近重力加速度g的加速度下落
C.落仓下落过程,落仓内的体验者一直处于失重状态
D.落仓速度最大时,落仓内的体验者的加速度也最大
2.火灾自动报警器具有稳定性好、安全性高的特点,应用非常广泛。如图所示,火灾自动报警器的工作原理为放射源处的镅Am放出α粒子,α粒子使壳内气室空气电离而导电,当烟雾进入壳内气室时,α粒子被烟雾颗粒阻挡,导致工作电路的电流减小,于是蜂鸣器报警。则( )
A.发生火灾时温度升高Am的半衰期变短
B.这种报警装置应用了α射线贯穿本领强的特点
C.Am发生α衰变的核反应方程是PuAm+
e
D.Am发生α衰变的核反应方程是AmNp+
He
3.(2023陕西二模)四根长直导线通有大小相同的电流,导线的截面是正方形的四个顶点,其中L1、L2导线电流垂直纸面向里,L3、L4导线电流垂直纸面向外,每根导线在中心O处产生的磁感应强度大小均为B,则O点的磁感应强度是( )
A.大小为2B,指向L1
B.大小为4B,指向L1、L4连线中点
C.大小为2B,指向L1、L4连线中点
D.大小为B,指向L2、L3连线中点
4.(2023山东潍坊模拟)中国空间站绕地球的运动可看作匀速圆周运动,由于地球的自转,空间站的飞行轨道在地球表面的投影如图所示,图中标明了空间站相继飞临赤道上空所对应的地面的经度。设空间站绕地球飞行的轨道半径为r1,地球同步卫星飞行的轨道半径为r2,则r2与r1的比值最接近的值为( )

A.10
B.8
C.6
D.4
5.(2023重庆北碚模拟)如图所示,O为抛物线OM的顶点,A、B为抛物线上的两点,O点的切线水平。从A、B两点分别以初速度v1、v2水平抛出两质量相等的小球,同时击中O点,不计空气阻力,则两小球( )
A.必须同时抛出
B.击中O点时重力的瞬时功率相等
C.初速度v1与v2相等
D.击中O点时速度大小相等
二、多项选择题:每小题有多个选项符合题目要求。
6.(2023四川绵阳三模)如图所示,PQ、MN为两条平行光滑的金属导轨,与水平面成一定的夹角,PM间接有电动势恒定的电源,整个空间有垂直于导轨平面的匀强磁场(图中未画出),导轨足够长且电阻忽略。具有一定质量和电阻的导体棒ab垂直放置在导轨上且与导轨接触良好,现由静止释放导体棒ab,导体棒ab的初位置距PM、QN足够远,以沿导轨平面向下为速度的正方向。则导体棒在以后的运动过程中,速度随时间变化的图像可能正确的是( )
7.(2023江西井冈山二模)如图所示,在与匀强电场平行的平面内有一以O为圆心、R为半径的圆形区域,竖直虚线为圆与电场方向垂直的直径,从该直径顶端沿直径向下射出两粒子a、b,两粒子a、b分别从圆形边界上的C、D点离开圆形区域,且经过C、D时的速率分别为v1、v2,CD为圆形区域的直径,与竖直直径间的夹角为θ=37°。sin 37°=0.6,忽略粒子重力和粒子间的相互作用,则下列说法正确的是( )
A.若两粒子比荷相同,则粒子a、b初速率之比为1∶10
B.若两粒子比荷相同,则v1∶v2=∶3
C.若两粒子初速率相同,则粒子a、b的比荷之比为9∶1
D.若两粒子初速率相同,则v1∶v2=3
8.某项滑雪比赛的简化赛道示意图如图所示,运动员从A点静止下滑,然后从圆弧轨道末端B点抛出,恰好沿切线方向从C点进入右侧圆弧轨道,最终在右侧轨道上多次往返运动后在最低点D停下来。整个运动过程不计空气阻力,左右两侧圆弧轨道动摩擦因数相同。已知运动员及其装备的质量为m,左右两侧圆弧轨道的半径都为R。B点处半径与竖直方向的夹角为θ,运动员从B到C过程中,离水平面BC的最大高度为H。重力加速度为g,则下列说法正确的是( )
A.运动员在B点的速度为
B.运动员在左侧圆弧轨道内由于摩擦而产生的热量为mgRcs θ-
C.运动员进入右侧圆弧轨道以后每次经过D点时,重力的瞬时功率保持不变
D.运动员在右侧圆弧轨道上C点时对轨道的压力为mgcs θ+
选择题专项练(五)
1.B 在微重力环境中,落仓中的体验者仍会受到重力的作用,几乎所有的重力提供体验者运动的加速度,故A错误;在微重力环境中,落仓对体验者的支持力几乎为零,可知落仓下落的加速度非常接近重力加速度g,故B正确;落仓下落过程,加速度先向下后向上,落仓内的体验者先处于失重状态后处于超重状态,故C错误;落仓速度最大时,其加速度为零,故D错误。
2.D 半衰期不因外界环境的温度而改变,A错误;这种报警装置应用了α射线电离能力强的特点,B错误;α衰变释放出氦核,故核反应方程是AmNpHe,C错误,D正确。
3.C 据右手螺旋定则可知,4根通电直导线在O点产生的磁感应强度如图所示,则O点的磁感应强度是B合==2B,方向指向L1、L4连线中点。故选C。
4.C 由图可知,空间站每绕地球运动一圈,地球自转的角度为22.5°,设空间站绕地球做匀速圆周运动的周期为T,地球自转周期为T0,则有T=T0=T0,卫星绕地球做匀速圆周运动,由万有引力提供向心力得=mr,得r=,则有=4=6,故选C。
5.C 已知O为抛物线OM顶点,则以O为原点建立xOy直角坐标系,如图所示
设抛物线OM对应的表达式为y=ax2,两平抛运动在竖直方向为自由落体运动,有y1=a,y2=a,联立解得,所以在A点的小球要先抛出才能使两小球同时击中O点,两平抛运动在水平方向为匀速直线运动,有x1=v1t1,x2=v2t2,联立可得,整理可得v1=v2,故A错误,C正确;因v1=v2,但在竖直方向有v1y=gt1>v2y=gt2,故两分速度合成后可知两小球击中O点的速度不同,故D错误;两小球在O点重力瞬时功率为PG1=mgv1y>PG2=mgv2y,即两小球击中O点时重力的瞬时功率不相等,故B错误。
6.BD 假设电源电动势为E,内阻为r,导体棒长度为L,电阻为R,通过导体棒的电流为I=,则导体棒受到的安培力为恒力,其大小为F=IBL=,如果电源产生的电流受到的安培力沿斜面向下,则导体棒受到安培力与重力沿斜面的分力的合力为F+mgsinθ=+mgsinθ,在此合力作用下,导体棒沿斜面向下由静止开始加速,导体棒切割磁感线产生感应电流I'=,感应电流受到安培力为F'=I'BL=,根据牛顿第二定律,导体棒运动过程中加速度为a=+gsinθ-,随着v增大,a逐渐减小至0,此过程中导体棒沿斜面向下由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动,最终为匀速直线运动,故B选项正确;同理,如果电源产生的电流受到的安培力沿斜面向上,并且安培力大于重力沿斜面的分力,则根据牛顿第二定律,导体棒运动过程中加速度为a=-gsinθ-,导体棒沿斜面向上由静止开始做加速度逐渐减小的加速运动,最终为匀速直线运动,故D选项正确;无论电源产生的电流受到的安培力方向如何,最终导体棒均做匀速直线运动,故A、C选项错误。
7.BD 根据题意可知,两粒子在电场中均做类平抛运动,对a粒子有ya=R-Rcs37°=0.2R=vata,xa=Rsin37°=0.6R=aa,aa=,对b粒子有yb=R+Rcs37°=1.8R=vbtb,xb=Rsin37°=0.6R=ab,ab=,若两粒子比荷相同,则有aa=ab,联立解得va∶vb=1∶9,故A错误;根据题意vax=aata,vbx=abtb,两粒子比荷相同,则有aa=ab,又由A中分析可知ta=tb,得v1∶v2=,解得v1∶v2=∶3,故B正确;由A中分析可得0.2R=va,1.8R=vb,若两粒子初速率相同,即得两粒子的比荷之比为=81∶1,故C错误;由A中分析可得va=,vb=,若两粒子初速率相同,得ta∶tb=1∶9,则有v1∶v2=,代入数据解得v1∶v2=3,故D正确。
8.BCD 运动员由B到C,做斜抛运动,离地面高度H=,可得B点的速度为vB=,A错误;运动员在左侧轨道下滑高度h=Rcsθ,从A到B过程中,由动能定理得mgh+Wf=,Q=-Wf=mgRcsθ-,B正确;运动员进入右侧圆弧轨道以后每次经过D点时,速度方向始终与重力方向垂直,则重力的瞬时功率为0,C正确;根据斜抛运动的对称性有vB=vC,受力分析可得FN-mgcsθ=m,故此时对轨道的压力为FN'=FN=mgcsθ+,D正确。