适用于新高考新教材2024版高考物理二轮复习考前热身练能力题提分练二（附解析）

这是一份适用于新高考新教材2024版高考物理二轮复习考前热身练能力题提分练二（附解析），共10页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.(2023山东潍坊二模)如图所示,劲度系数为k的轻弹簧下端固定,质量为m的物块P紧压在弹簧上端但不连接,开始时用轻绳系住物块,轻绳的拉力大小为2mg,此时弹簧的弹性势能为,剪断轻绳,则物块P离开弹簧后上升到最高点的时间为( )
A.6B.2
C.3D.
2.(2023山东日照二模)电动打夯机可以帮助工人压实路面,大大提高了工作效率。某电动打夯机的结构示意图如图所示,由偏心轮(飞轮和配重物组成)、电动机和底座三部分组成。电动机、飞轮和底座总质量为m0,配重物质量为m,配重物的重心到轮轴的距离为r,重力加速度为g。在电动机带动下,偏心轮在竖直平面内匀速转动,皮带不打滑。当偏心轮上的配重物转到顶端时,刚好使整体离开地面。下列判断正确的是( )
A.电动机轮轴与偏心轮转动角速度相同
B.配重物转到最高点时,处于超重状态
C.偏心轮转动的角速度为
D.电动打夯机对地面压力的最大值为(m0+m)g
3.天问一号探测器需要通过霍曼转移轨道从地球运动到火星,地球轨道和火星轨道看成圆形轨道,此时霍曼转移轨道是一个近日点M、远日点P分别与地球轨道、火星轨道相切的椭圆轨道(如图所示),在近日点短暂点火后天问一号进入霍曼转移轨道,接着天问一号沿着这个轨道运动直至抵达远日点,然后再次点火进入火星轨道。已知引力常量为G,太阳质量为m,地球轨道和火星轨道半径分别为r和R,地球、火星、天问一号运行方向都为逆时针方向。若只考虑太阳对天问一号的作用力,下列说法正确的是( )
A.两次点火之间的时间间隔为
B.两次点火喷射方向一次与速度方向相同,一次与速度方向相反
C.天问一号在地球轨道上的线速度与在火星轨道上的线速度之比为
D.天问一号运行中在转移轨道上M点的加速度与在火星轨道上P点的加速度之比为
4.(2023湖南岳阳高三模拟)如图所示,一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2,一端和质量为m的小球连接,另一端与套在光滑固定直杆上质量也为m的小物块连接,直杆与两定滑轮在同一竖直面内,与水平面的夹角θ=60°,直杆上O点与两定滑轮均在同一高度,O点到定滑轮O1的距离为L,直杆上D点到O点的距离也为L,重力加速度为g,直杆足够长,小球运动过程中不会与其他物体相碰。现将小物块从O点由静止释放,下列说法错误的是( )
A.小物块刚释放时,轻绳的拉力大小为mg
B.小球运动到最低点时,小物块加速度的大小为g
C.小物块下滑至D点时,小物块与小球的速度大小之比为2∶1
D.小物块下滑至D点时,小物块的速度大小为
二、多项选择题
5.(2023山东烟台二模)电磁轨道炮原理的俯视图如图所示,它是利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度,应用此原理可研制新武器和航天运载器。图中直流电源电动势为E,电容器的电容为C,两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为L,导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场(图中未画出),导轨电阻不计。炮弹可视为一质量为m、电阻为R的金属棒MN,垂直放在两导轨间处于静止状态,并与导轨良好接触。首先开关S接1使电容器完全充电,然后将S接至2,MN开始向右运动,若导轨足够长,则在此后的运动过程中,下列说法正确的是( )
A.磁场方向垂直于导轨平面向上
B.MN的最大加速度大小为
C.MN的最大速度大小为
D.电容器上所带的最少电荷量为
6.(2023山东泰安二模)如图所示,一足够长且倾角为θ的光滑斜面固定在地面上,斜面底端有一挡板,一根劲度系数为k的轻质弹簧两端分别连接在固定挡板和小物体B上,小物体A与小物体B紧靠在一起处于静止状态,且两者质量相同。对小物体A施加一沿斜面向上的拉力,使小物体A沿斜面向上做匀加速直线运动。从施加力直到两物体分离的过程中,拉力的最小值为F1,最大值为F2,已知重力加速度为g,弹簧始终在弹性限度内。则下列说法正确的是( )
A.每个物体的质量为
B.小物体A的加速度大小为
C.开始时弹簧的压缩量为
D.从开始运动到两物体分离经过的时间为(2F2-F1)
三、非选择题
7.(2023山东滨州模拟)利用如图所示的电路测量灵敏电流表的内阻。其中E为电源,K为开关,R为滑动变阻器,R1、R2为电阻箱,V为电压表,G为待测内阻的灵敏电流表。
A.电压表(量程0~2 V,内阻约10 kΩ)
B.电压表(量程0~10 V,内阻约100 kΩ)
C.灵敏电流表(量程0~300 μA,内阻未知)
D.电源(电动势1.5 V,内阻不计)
E.滑动变阻器(阻值范围0~10 Ω,额定电流2 A)
F.滑动变阻器(阻值范围0~1 000 Ω,额定电流0.6 A)
(1)为减少实验误差,关于仪器选择,下列说法正确的是 。
A.电压表选A,滑动变阻器选E
B.电压表选A,滑动变阻器选F
C.电压表选B,滑动变阻器选E
D.电压表选B,滑动变阻器选F
(2)闭合开关K,调节滑动变阻器滑片的位置和电阻箱R1、R2的阻值,读出灵敏电流表的示数为I,电压表的示数为U,电阻箱R2的阻值为a,灵敏电流表的内阻为 。
(3)闭合开关K,调节滑动变阻器滑片的位置和电阻箱R1、R2的阻值,使灵敏电流表达到半偏,此时电阻箱R2的阻值为b;再次调节,使灵敏电流表达到满偏,此时电阻箱R2的阻值为c。两次调节过程中,使电压表示数保持不变,则灵敏电流表的内阻为 。若考虑电压表的内阻,灵敏电流表内阻测量值 (选填“大于”“小于”或“等于”)真实值。
8.(2023山东临沂二模)如图所示,在x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场。在x轴下方有沿y轴正方向的匀强电场。一个质量为m、电荷量为+q、初速度为v的带电粒子从a(0,d)点处沿y轴正方向开始运动,一段时间后,粒子速度方向与x轴正方向成45°角进入电场,经过y轴上b点时速度方向恰好与y轴垂直,带电粒子重力不计。求:
(1)匀强磁场的磁感应强度大小;
(2)匀强电场的电场强度大小;
(3)粒子从a点开始到x轴所用的时间。
9.(2023广东佛山二模)图甲是U形雪槽。某次滑雪表演,在开始阶段,表演者在同一竖直平面内运动,可以把该场地简化为图乙所示的凹形场地;两端是的光滑圆弧面,半径均为L,中间是长为4L的粗糙水平面。表演者M的质量(含滑板)为m,从光滑圆弧面的A处滑下,进入水平面后,与质量(含滑板)为2m且静止在水平面中点O处的表演者N碰撞,碰后M以碰前速度的反弹,M、N在O处发生碰撞后,恰好不再发生第二次碰撞,且停在O、C间的某处。假设M、N在粗糙水平面上运动时,所受阻力与压力的比分别为μ1、μ2(μ1和μ2都是未知量),且已知=k(0(1)求M与N碰撞后瞬间M、N的速度大小之比。
(2)以O为起点,求M、N碰撞后在粗糙水平面上滑过的路程之比。
(3)试讨论k在不同取值范围时,M、N所停位置距C点的距离。
能力题提分练(二)
1.D 开始时弹簧弹力为F=mg+2mg=3mg,弹簧的压缩量为x0=,物块从剪断轻绳到升到最高点的过程,由能量关系得=mgh,解得h=,即物块离开弹簧时上升的高度为h1=h-x0=,根据h1=gt2可得t=,故选D。
2.C 电动机轮轴与偏心轮转动属于皮带传动,线速度相等,根据v=rω,可知角速度不相等,A错误;配重物转到最高点时,加速度向下,处于失重状态,B错误;当偏心轮上的配重物转到顶端时,刚好使整体离开地面,则有FT=m0g,对配重物有mg+FT=mrω2,解得ω=,C正确;在最低点,对配重物有FT'-mg=mrω2,对电动打夯机有FN=FT'+m0g,解得FN=2(m+m0)g,根据牛顿第三定律可知电动打夯机对地面压力的最大值为2(m0+m)g,D错误。
3.C 设霍曼转移轨道周期为T1,地球公转周期为T,由开普勒第三定律和地球轨道周期关系G=m0r,解得t=,A错误;两次点火喷射都使天问一号加速,所以喷射方向都与速度方向相反,B错误;火星轨道半径为R,地球轨道半径为r,根据G=m天a=m天,得a=,v=,则天问一号在地球轨道上的线速度与在火星轨道上的线速度之比为,天问一号运行在转移轨道上M点的加速度与在火星轨道上P点的加速度之比为,C正确,D错误。
4. A 小物块刚释放时,小物块将加速下滑,加速度向下,小球处于失重状态,则轻绳对小球的拉力小于小球的重力mg,A错误;当拉小物块的轻绳与直杆垂直时,小球下降的距离最大,对小物块受力分析,由牛顿第二定律mgsinθ=ma,解得此时小物块加速度的大小为a=g,B正确;将小物块的速度分解为沿绳子方向和垂直绳子方向,如图所示,沿绳子方向的分速度等于小球的速度,即vcs60°=v1,所以小物块在D处的速度与小球的速度之比为,C正确;设小物块下滑距离为L时的速度大小为v,此时小球的速度大小为v1,对小物块和小球组成的系统根据机械能守恒定律有mgLsin60°=mv2+,其中,解得此时小物块的速度大小为v=,D正确。
5.BCD 由左手定则可知,磁场方向垂直于导轨平面向下,A错误;电路中最大电流为I=,MN所受的最大安培力大小为F=BIL=,MN的最大加速度大小为a=,B正确;电容器放电前所带的电荷量Q1=CE,开关S接2后,MN开始向右加速运动,速度达到最大值vm时,MN上的感应电动势E'=BLvm,最终电容器所带的电荷量Q2=CE',通过MN的电荷量q=C(E-E'),由动量定理有·Δt=mvm-0,则BL·Δt=BLq=mvm,解得vm=,Q2=,C、D正确。
6.BC A、B静止时,对A和B受力分析可知kx0=2mgsinθ,A、B未分离前F+kx-2mgsinθ=2ma,A始终沿斜面向上做匀加速直线运动,随着弹簧形变量减小,F增大,故F1=2ma,F2=mgsinθ+ma,解得m=,A错误;物体A的加速度大小为a=,B正确;开始时弹簧的压缩量为x0=,C正确;分离时弹力为mgsinθ=kx,运动位移x0-x=at2,解得t=(2F2-F1),D错误。
7.答案 (1)A
(2)-a
(3)b-2c 等于
解析 (1)电源的电动势1.5V,电压表应选择A,为方便调节,滑动变阻器应选择E,故选项A正确。
(2)根据欧姆定律有U=I(RG+a),得RG=-a。
(3)灵敏电流表半偏时有U=(RG+b),灵敏电流表满偏时有U=IG(RG+c),解得RG=b-2c;实验中保持电压表电压不变,灵敏电流表和电阻箱串联,通过灵敏电流表的电流和两端的电压均为准确值,灵敏电流表内阻测量值等于真实值。
8.答案 (1)
(2)
(3)Tn=(n为奇数),Tn=(n为偶数)
解析 (1)粒子运动的部分轨迹如图所示
粒子在磁场中做圆周运动有
qvB=m
由几何关系得
rcs45°=d
联立解得r=d,B=。
(2)粒子从x轴运动到b点过程中,水平方向
r+rsin45°=vcs45°·t2
竖直方向
vsin45°=t2
联立解得t2=(2+,E=。
(3)粒子从a点运动到x1,即第一次到达x轴所用时间为
T1=
从x1到x2,根据对称性可知
T2'=2t2=(4+2
所以粒子第二次到达x轴所用时间为
T2=T1+T2'=
在x2处,粒子以速度v与x轴正方向成45°进入磁场,从x2到x3
T3'=
所以粒子第三次到达x轴所用时间为
T3=T2+T3'=
所以当粒子第n次到达x轴时所用时间为
Tn=(n为奇数)
Tn=(n为偶数)。
9.答案 (1)
(2)
(3)0解析 (1)设M与N碰撞前的速度为v0,碰撞后,M反弹的速度大小为vM,N获得的速度大小为vN。取水平向右为正方向,由动量守恒定律有
mv0=m(-vM)+2mvN
又vM=v0
联立得。
(2)若M、N从碰撞后到停下,它们在粗糙水平面上滑过的路程分别为sM和sN,则有
=μ1mgsM
×2m=μ2×2mgsN
又=k
联立得。
(3)由于M、N刚好不再发生第二次碰撞且停在O、C间的某处,所以M、N在同一地点停下。有以下两种情况。
第一种情况是N还没有到达C处就已停下,有
sM=4L+sN
sN≤2L
6L>sM
M、N所停位置距C点的距离
ΔL1=2L-sN
联立解得0第二种情况是N通过C点又从圆弧滑下返回,有
sM+sN=8L
4L>sN>2L
6L>sM>4L
M、N所停位置距C点的距离
ΔL2=sN-2L
联立解得

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