物理九年级全册第十三章 内能第3节 比热容综合训练题

这是一份物理九年级全册第十三章 内能第3节 比热容综合训练题，共11页。试卷主要包含了3 比热容》 同步练习卷，以下说法正确的是等内容，欢迎下载使用。


一 、单选题（本大题共14小题，共42分）
1.（3分）如图所示，在“探究不同物质吸热升温现象”的实验中，下列说法不正确的是()
A、要控制水和沙子的质量相同
B、加热过程中要不停地搅拌使物体受热均匀
C、可以通过比较加热时间来比较水和沙子吸收的热量多少
D、组装器材时应先调节固定好铁杆B的高度使温度计的液泡跟被测物体充分接触
A. 要控制水和沙子的质量相同
B. 加热过程中要不停地搅拌使物体受热均匀
C. 可以通过比较加热时间来比较水和沙子吸收的热量多少
D. 组装器材时应先调节固定好铁杆B的高度使温度计的液泡跟被测物体充分接触
2.（3分）甲、乙两物体的质量相等，甲物体温度降低20℃，乙物体温度从25℃升高到40℃，乙物体吸收的热量是甲物体放出热量的2倍，甲、乙两物体比热容之比是()
A、8：3
B、4：3
C、3：2
D、3：8
A. 8：3B. 4：3C. 3：2D. 3：8
3.（3分）如图所示，为质量相等的两种液体甲和乙，分别用相同的两盏酒精灯同时加热时，温度随时间变化的图象．从图象可知，比热容较大的是液体( )
A. 甲B. 乙
C. 一样大D. 无法判断
4.（3分）如图是某一沿海城市和某一内陆城市年气温绘成温度随时间变化的图线。据图可以判断( )
A. 实线是内陆的气温图线，因为水的比热容较大
B. 实线是沿海的气温图线，因为水的比热容较小
C. 实线是沿海的气温图线，因为水的比热容较大
D. 实线是内陆的气温图线，因为水的比热容较小
5.（3分）用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及分析错误的是( )
A. 水比煤油的比热容大
B. 加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀
C. 实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间
D. 相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
6.（3分）下列各种情况下比热容会发生变化的是( )
A. 一杯水倒去一半B. 水凝结成冰
C. 一块铁加工成铁屑D. 15℃的水变成45℃的水
7.（3分）以下说法正确的是( )
A. 冷水一定比热水的内能小，是因为冷水温度较低
B. 水的比热容较大，可用作柴油机的冷却剂
C. 用火炉烧水，是通过做功的方法增加水的内能
D. 水变成冰后，比热容不变
8.（3分）小明根据下表所提供的几种物质的比热容得出以下结论，其中正确的是
A. 水是适合制作温度计最好的物质
B. 液体的比热容一定大于固体比热容
C. 质量相等的水银和酒精，吸收相等的热量后(均未沸腾)，水银的温度变化较大
D. 比热容可以用来鉴别物质是因为同种物质的比热容一定是相同的
9.（3分）明学在“观察的沸腾”实验中，描绘出的温度随时间变化象图所下列说中正确的是( )
A. 水没有沸腾
B. 水的沸腾温度低于100℃，说明水的比热容大
C. 水沸腾前是通过做功的方式来改变水的内能
D. 实验时的气压小于1个标准大气压
10.（3分）如图为做功改变物体内能的改进实验，先往瓶内推活塞，再向外拉活塞，整个过程中会看到温度显示器上的温度变化为()
A. 先变大后变小B. 先变小后变大C. 一直变大D. 一直变小
11.（3分）将一杯热水倒入盛有一些冷水的容器中，冷水的温度升高了20℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高了10℃，如果再向容器内倒入同样两杯热水，则冷水温度可再升高(不计热损失，热水和冷水的比热容相同)( )
A. 10℃B. 8℃C. 6℃D. 4℃
12.（3分）暑假里，小梅跟着妈妈去青岛避暑。烈日当空，小梅在海边玩耍时发现：海边的沙子热得烫脚，而海水却是凉凉的。解释这一现象要用到的最主要的物理概念是( )
A. 比热容B. 密度C. 热值D. 质量
13.（3分）用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的A、B两种液体加热，加热过程中，温度随时间变化的图像如图所示，从图中看出( )
A. 液体A的比热容大B. 两种液体的比热容相等
C. 液体B的比热容大D. 无法比较
14.（3分）两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示．根据图线可知( )


A. 如果升高相同的温度，两种液体吸收的热量相同
B. 甲液体的比热容大于乙液体的比热容
C. 加热时间相同，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D. 加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体温度升高得多
二 、填空题（本大题共2小题，共8分）
15.（4分）在城市的规划建设中我们常看到“湿地公园”的身影。这是因为水的 ______比较大，在质量和吸热相同的情况下，温度变化 ______(选填“大”或“小”)，能够较好地调节气温的变化。
16.（4分）甲、乙两铁块，质量之比是2：1，甲、乙两物体吸收相同的热量，甲物体温度升高了20℃，两物体比热容之比为 ______，乙物体的温度升高了 ______℃；若甲、乙两物体升高温度之比是3：2时，吸收热量之比为 ______。
三 、简答题（本大题共1小题，共6分）
17.（6分）小明在烈日当空的海边玩耍，发现沙子烫脚，而海水却很凉．同样的太阳光照射，为什么会出现不同的结果呢？
答案和解析
1.【答案】null;
【解析】解：A、在探究水和沙子升温吸热能力的实验中，采用的是控制变量法，需要控制水和沙子的质量和初温相同，不需要控制它们的体积相同，故A正确；
B、为了使水和沙子受热均匀，在加热过程中要不停地搅拌，故B正确；
C、实验中需要用秒表记录加热的时间，根据加热时间判定吸收热量的多少，故C正确；
D、组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A铁环，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B铁环，这样可以避免重复调，故D错误。
故选：D。
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整。
本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法和转换法在本实验中的应用。
2.【答案】null;
【解析】解：由题意可知，甲、乙两物体的质量之比为m甲：m乙=1：1；
甲放出热量与乙吸收热量之比为Q甲：Q乙=1：2；
甲物体的温度变化量为Δt甲=20℃，乙物体的温度变化量为Δt乙=40℃−25℃=15℃；
甲、乙两物体的温度变化量之比为Δt甲：Δt乙=20℃：15℃=4：3；
根据公式Q=cmΔt可得甲、乙两物体比热容之比：c甲c乙=Q甲m甲Δt甲Q乙m乙Δt乙=11×421×3=38；
故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
已知甲、乙两物体的质量相等、甲放出热量与乙吸收热量的关系以及温度变化量，运用公式Q=cmΔt可得出甲、乙两物体比热容之比。
熟练运用热量的计算公式，可解答此题。
3.【答案】B;
【解析】两种液体质量相等，根据公式Q=cmΔt，当吸收的热量相同时，它们的比热容与升高的温度成反比。
此题主要考查的是对比热容的概念的理解中图象题的解法，在质量相同时，在相同时间内比较温度升高的多少来判断比热容的大小。
甲、乙两种液体质量相等，由图象可知，初温相同，在相同时间内温度变化较大的是甲，
因使用的是相同的酒精灯加热，所以在相同时间内甲、乙两种液体吸收的热量相同，
由吸热公式Q=cmΔt得，c=QmΔ，两种液体质量相等，吸收的热量相同时，甲升高温度大，它的比热容就小，
所以c甲故选B。

4.【答案】A;
【解析】
沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；
而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大；
根据气温变化曲线提供的信息进行判断。
此题主要考查了学生对水的比热容大的特点在生活中应用的了解和掌握，从图象得出相关信息是本题的关键：找出温差大的就是内陆。

由一年的气温变化曲线得出，实线所示的城市最高、最低气温差比虚线所示的城市的大；
水的比热容比沙石大，在吸收或放出相同的热量时，温度变化值比较小，所以实线表示的是内陆城市的年气温变化曲线，虚线表示的是沿海城市的年气温变化曲线。故A正确，BCD错误。
故选A。
5.【答案】C;
【解析】解：A、相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸热(加热时间)多少，吸热多(加热时间长)的吸热能力强，比热容大，故水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；
B、实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确；
C、水和煤油的沸点不同，加热时间也不同，无法比较比热容的大小，故C错误；
D、由于煤油的比热容小，根据Δt=Qcm，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油的温度比水的温度升高得大，故D正确。
故选：C。
(1)相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸热(加热时间)多少，吸热多(加热时间长)的吸热能力强，比热容大；
(2)用搅拌器搅拌，目的是使得液体受热均匀；
(3)水和煤油的沸点不同，加热时间也不同，无法比较比热容的大小；
(4)根据Δt=Qcm，相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后。煤油比水升高的温度大
该题考查控制变量法的运用、搅拌器的作用、比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
6.【答案】B;
【解析】【试题解析】

物质的比热容是物质本身的一种特性；根据比热容概念，即可判断。

物质的比热容是物质本身的一种特性，与质量、温度、形状无关，水凝结成冰，物质状态发生改变，比热容也因此改变。
故选B。
7.【答案】B;
【解析】解：
A、内能与物体的温度、质量和状态有关，因此冷水不一定比热水的内能小，故A错误；
B、内燃机的冷却液需要用比热容较大的物质，是因为在相同条件下比热容大的冷却液吸热多，对内燃机的冷却效果好，水的比热容较大，可用作柴油机的冷却剂，故B正确；
C.用火炉烧水，是通过热传递的方法增加水的内能，故C错误；
D.水变成冰后，状态改变，比热容发生了变化，变小了，故D错误。
故选：B。
(1)内能的大小与物体的质量、温度等因素有关；
(2)水的比热容大，这是经常被用做取暖介质和冷却剂的原因；
(3)做功和热传递都能改变物体的内能；
(4)比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关。
本题综合考查了内能、能量转化以及对比热容的认识和理解，要牢固掌握这些基础知识。
8.【答案】C;
【解析】
在分析有关比热容的问题时，据热量计算公式Q=cmΔt可看出，变量有多个，故在分析时要用控制变量的方法来考虑。
(1)根据Q=cmΔt判断分析；
(2)比热容是物质本身的一种特性，同种物质(状态不变)比热一定；不同物质比热一般不同；
(3)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(4)质量和吸收热量相同的不同物质，温度变化用公式Δt=Qcm比较。

A.水在0至4℃热缩冷胀，凝固后体积变大，温度较低时可能损坏温度计，故水不适合制作温度计，故A错误；
B.液体物质的比热容不一定比固体物质的比热容大，例如水银的比热容就比冰、铝、铜的比热容小，故B错误；
C.相同质量的水银和酒精相比较，在吸收相同的热量的情况下，由于酒精的比热容更大，酒精的温度变化小，即酒精温度升高的更慢，水银温度升高的幅度大，故C正确；
D.同种物质的比热容还跟物质的状态有关，如：水和冰比热容不相同，故D错误。
故选C。

9.【答案】D;
【解析】解：由象可知，1分钟，水的温度保持变，所以水已腾，A错误；
水的沸温度低于100说明的压小于1个标准大气压，与水的热容无关，故B错误；
水腾前是通热传递式来改变水的内能的，故错误；
故D．
水沸腾点：吸热温度不变；压高，沸点越高；改变内能的法：做和热递．
此题主是观察水的沸腾验主要考查了点与气压间的关．
10.【答案】A;
【解析】解：往瓶内推活塞，对瓶内空气做功，使瓶内空气内能增加，温度升高；向外拉活塞，瓶内空气对外做功，内能减小，温度降低，所以整个过程中会看到温度显示器上的温度先变大后变小。
故选：A。
做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体内能增加，温度升高，物体对外界做功，内能减小，温度降低。
此题主要考查做功改变物体的内能，属于基础题目，难度不大。
11.【答案】C;
【解析】解：设热水和冷水的温度差为t，
质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了20℃，
由于无热损失，Q吸=Q放，
从而可知，cm0(t−20℃)=cm×20℃，-------①
又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了10℃，
ΔQ吸=ΔQ放，
从而可知，cm0(t−20℃−10℃)=c(m+m0)×10℃，-------②
则①−②得：
10℃×cm0=20℃×cm−10℃×cm−10℃×cm0，
整理得：12℃×cm0=4℃×cm，
解得：m=2m0；
代入①式可得，t=60℃；
假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：
3m0c(60℃−Δt)=mcΔt，m=2m0；
联立两式解得：Δt=36℃；
则注入后3杯水后，水温还会上升：36℃−20℃−10℃=6℃。
故选：C。
热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同。
知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度。
解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答。不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的。
12.【答案】A;
【解析】解：因为沙子的比热容比海水的比热容小，吸收相同热量，相同质量的沙子比海水温度上升得快，所以小梅在烈日当空的海边玩耍，感到沙子烫脚，海水却凉凉的；所以解释这一现象要用到的最主要的物理概念是比热容；故A正确，BCD错误。
故选A。
水的比热容较大，相同质量的水和沙子比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以沙子滚烫，而海水依旧凉爽。
这道题主要考查学生对比热容和“水的比热容大”的了解和掌握，是一道基础题。
13.【答案】C;
【解析】解：(1)用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则两液体吸收热量相同；
(2)由图象可以看出，加热相同的时间(吸收热量相同)，B的温度升高得少一些(B的温度变化小)，根据c=QmΔt可知，B液体的比热容较大。
故选：C。
(1)用两个完全相同的电加热器分别给A、B两种液体加热，则吸收热量相同；
(2)根据吸热公式Q=cmΔt可知，如果A、B两种液体的质量相同，温度变化小的比热容大。
此题主要考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形(取相同的时间比较甲乙温度变化的高低)。
14.【答案】B;
【解析】解：
A、甲与乙液体升高的温度相同，质量相同，甲比乙液体的比热容大。根据Q吸=cmΔt可知，甲比乙液体吸收的热量多。此选项错误；
B、由公式Q吸=cmΔt变形得：c=Q吸mΔt，由图象可知，质量和吸收的热量都相同的甲、乙两种液体，甲液体升高的温度低，所以甲比乙液体的比热容大。此选项正确；
C、由题意知，同一热源分别加热，加热相同的时间，甲与乙液体吸收的热量相同。此选项错误；
D、由图象可知，加热相同的时间，甲比乙液体温度升高的少。此选项错误。
故选：B。
①用同一热源加热，相同的加热时间，甲乙液体吸收的热量就是相同的；
②在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多，根据公式Q吸=cm(t−t0)得出比热容的关系；
③在横轴上找一点，保证加热时间相同；过这点做纵轴的平行线，与甲乙两种液体的图象有交点，再过交点做横轴的平行线，与纵轴上有交点，比较甲乙升高温度的关系。
(1)知道公式Q吸=cmΔt，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。
(2)看懂图象的含义，其中包含了大量的信息，找出解题需要的量。
15.【答案】比热容 小;
【解析】解：水的比热容较大，水和其它物质相比，吸收相同的热量，水的温度变化小，能够较好地调节气温的变化。
故答案为：比热容；小。
水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低得少。
此题主要考查比热容知识解释简单的自然现象，难度不大，学习中注意相关基础知识的积累。
16.【答案】1：1 40 3：1;
【解析】解：比热容是物质的特性，与物质的种类和状态有关，与质量、吸收的热量和温度变化量无关，
由题知甲、乙均是铁块，因此两物体的比热容之比是1：1；
由Q=cmΔt可知甲、乙升高的温度之比为：Δt甲Δt乙=Qcm甲Qcm乙=m乙m甲=12，
由题知Δt甲=20℃，则Δt乙=2Δ甲=2×20℃=40℃；
若甲、乙升高温度之比为Δt甲′：Δt乙′=3：2，则两物体吸收的热量之比为：Q甲：Q乙=cm甲Δt甲′：cm乙Δt乙′=m甲Δt甲′：m乙Δt乙′=(2×3)：(1×2)=3：1。
故答案为：1：1；40；3：1。
比热容是物质的特性，只与物质的种类和状态有关，与其他因素无关，由此可知甲、乙两个铁块的比热容之比；
已知甲、乙的热量、质量和比热容之间的关系，利用Q=cmΔt可求出甲、乙升高的温度之比，已知甲升高的温度，便可求出乙升高的温度；
若甲、乙升高的温度之比为3：2，利用Q=cmΔt可求出甲、乙吸收的热量之比。
此题主要考查了比热容计算公式的应用和对比热容特性的理解，属于基础题，难度不大。
17.【答案】答：因为沙子的比热容比海水的比热容小，吸收相同热量，相同质量的沙子比海水温度上升高快，所以小明在烈日当空的海边玩耍，感到沙子烫脚，海水却凉凉的．;
【解析】
水的比热容较大，相同质量的水和沙子比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以沙子滚烫，而海水依旧凉爽．
此题主要考查学生对“水的比热容大”的了解和掌握，是一道基础题
几种物质的比热容c/[J/(kg.℃)]
水：4.2×103
冰：2.1×103
酒精：2.4×103
铝：0.88×103
水银：0.14×103
铜：0.39×103