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人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）同步训练题
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这是一份人教版 (2019)必修2《遗传与进化》第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）同步训练题，共12页。
1．结合实例归纳自由组合定律的解题思路与规律方法。(科学思维) 2.结合实践阐明自由组合定律在实践中的应用。(社会责任)
题型一 分离定律和自由组合定律的关系
1．表解
2.图解
1．(2019·太原高一期末)在两对相对性状的遗传实验中，可能具有1∶1∶1∶1比例关系的是( )
①杂种自交后代的性状分离比
②杂种产生配子类别的比例
③杂种测交后代的表型比例
④杂种自交后代的基因型比例
⑤杂种测交后代的基因型比例
A．①②④ B．②④⑤
C．①③⑤D．②③⑤
解析：选D。在孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，杂种产生配子类别的比例、杂种测交后代的表型比例、杂种测交后代的基因型比例均为1∶1∶1∶1，杂种自交后代的性状分离比是9∶3∶3∶1，杂种自交后代的基因型比例是1∶1∶1∶1∶2∶2∶2∶2∶4。
2．(2019·江苏扬州中学模拟)已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，两对基因独立遗传。现将一株表型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表型相同的植株，所得后代表型是高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。根据以上实验结果分析，下列叙述错误的是( )
A．所得后代的表型有4种
B．上述两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得
C．所得后代的基因型有9种
D．上述两株表型相同的亲本，基因型不相同
解析：选D。根据后代高秆∶矮秆＝3∶1、抗病∶感病＝3∶1可知，两亲本的基因型均为TtRr，杂交后代的表型有4种、基因型有9种，A项、C项正确，D项错误；上述两株亲本可以分别通过TTRR×ttrr→TtRr或TTrr×ttRR→TtRr获得，B项正确。
题型二 应用分离定律解决自由组合定律
1．基因型类型及概率的问题
2.表型类型及概率的问题
3．(2019·南昌十中期中) 一个基因型为BbRr(棕眼右癖)的男人与一个基因型为bbRr(蓝眼右癖)的女人结婚，所生子女中表型的概率各为1/8的类型是( )
A．棕眼右癖和蓝眼右癖
B．棕眼左癖和蓝眼左癖
C．棕眼右癖和蓝眼左癖
D．棕眼左癖和蓝眼右癖
解析：选B。由题目可知，棕眼对蓝眼为显性，右癖对左癖为显性，且两对性状都位于常染色体上，根据亲代BbRr×bbRr可推出，子代有BbR_棕眼右癖[(1/2)×(3/4)＝3/8]、Bbrr 棕眼左癖[(1/2)×(1/4)＝1/8]、bbR_ 蓝眼右癖[(1/2)×(3/4)＝3/8]、bbrr 蓝眼左癖[(1/2)×(1/4)＝1/8]。故所生子女中性状表型的概率各为1/8的类型是棕眼左癖和蓝眼左癖。
4．(2019·长沙模拟)豌豆中，子粒黄色(Y)和圆形(R)分别对绿色(y)和皱缩(r)为显性，现将黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交得到的F1自交，F2的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，则亲本的基因型为( )
A．YYRR×yyrr B．YYRr×yyrr
C．YyRR×yyrrD．YyRr×yyrr
解析：选C。F1自交后代的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，其中圆粒∶皱粒＝3∶1，这说明F1中控制子粒形状的基因型为Rr，故亲本中控制子粒形状的基因型为RR、rr，据此排除B、D项。A项中亲本杂交产生的F1自交后代4种表型的比例为9∶3∶3∶1，A项被排除。
题型三 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象
5．两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是( )
A．1∶3、1∶2∶1和3∶1
B．3∶1、4∶1和1∶3
C．1∶2∶1、4∶1和3∶1
D．3∶1、3∶1和1∶4
解析：选A。由F2的分离比可推知，F1的基因型为双杂合(AaBb)；9∶7的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，其他的表现为另一种性状；9∶6∶1的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，有单显性基因的表现为一种性状，无显性基因的表现为一种性状；15∶1的比例说明只要有显性基因的就表现为同一种性状，无显性基因的表现为另一种性状。
6．(2019·云南滇池中学期中)牡丹的花色种类多种多样，其中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。若一深红色牡丹与一白色牡丹杂交，就能得到中等红色的个体，若这些个体自交，其子代将出现的花色种类和比例分别是( )
A．3种，9∶6∶1
B．4种，9∶3∶3∶1
C．5种，1∶4∶6∶4∶1
D．6种，1∶4∶3∶3∶4∶1
解析：选C。显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。则深红色牡丹基因型为AABB，白色牡丹基因型为aabb，两者杂交所得F1基因型为AaBb，颜色为中等红色。当F1自交时，所得子代有9种基因型，其中有4(AABB)、3(AABb、AaBB)、2(aaBB、AAbb、AaBb)、1(Aabb、aaBb)、0(aabb)个显性基因的个体分别呈现了由深到浅5种不同的颜色，比例分别为1∶4∶6∶4∶1。
题型四 自由组合定律中的概率计算
当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况概率如下：
(1)只患甲病的概率：m·(1－n)；
(2)只患乙病的概率：n·(1－m)；
(3)甲、乙两病同患的概率：m·n；
(4)甲、乙两病均不患的概率：(1－m)·(1－n)；
(5)患病的概率：1－(1－m)·(1－n)；
(6)只患一种病的概率：m·(1－n)＋n·(1－m)。
以上规律可用下图帮助理解：
7．人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的概率是( )
A．1/8 B．1/2
C．1/4D．3/8
解析：选B。先求双亲的基因型：父亲多指→T_A_，母亲正常→ttA_；由双亲生有一个白化病的孩子可知，双亲控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，所以父亲控制多指的基因型只能是Tt，否则子代全都是多指。由此推得双亲的基因型是TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4，因此再生一个孩子只患一种病的概率为1/2＋1/4—2×(1/2)×(1/4)＝1/2。也可通过另一计算式(1/2)×(1－1/4)＋(1/4)×(1－1/2)求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2。
题型五 验证不同对基因是否独立遗传
1．通过配子验证：以AaBb为例，若产生4种类型数量相等的配子，则说明两对等位基因独立遗传。
2．通过自交法验证：以AaBb为例，若自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1，则说明两对等位基因独立遗传。
3．通过测交法验证：以AaBb为例，若测交后代性状分离比为1∶1∶1∶1，则说明两对等位基因独立遗传。
8．不同鲤鱼品种的体色不同，是由鱼体鳞片和皮肤含有的不同的色素细胞及其数量分布差异所致。科研人员用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)做杂交实验：
a．黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤；
b．F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，且黑鲤∶红鲤约为15∶1。
根据以上实验结果，科研人员推测：鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的，且遵循自由组合定律。
请设计实验验证上述推测是否正确。
(1)所选亲本表型为________和________，让二者进行________(交配方式)，得F1。
(2)对F1进行________处理，统计F2的表型及比例。
(3)预期实验结果：________________________________________________________________________。
解析：(1)正交、反交子一代均为黑鲤，则黑鲤为显性性状，验证自由组合定律应选纯合亲本，即纯合黑鲤、纯合红鲤；让二者进行杂交。
(2)两亲本杂交F1全为黑鲤，为验证基因自由组合定律，应对F1个体进行测交，观察F2的性状表现。
(3)F1(AaBb)测交后代F2有AaBb、Aabb、aaBb和aabb 4种基因型，比例为1∶1∶1∶1，结合题中信息可知，相应的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1。
答案：(1)纯合黑鲤 纯合红鲤 杂交 (2)测交
(3)F2的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1
[随堂检测]
1．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对等位基因的遗传符合自由组合定律，则F1形成的配子种类数和F1自交时雌雄配子的结合方式分别为( )
A．4和9 B．4和27
C．8和64D．32和81
解析：选C。基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，产生的F1的基因型为AaBbCc，其产生的配子种类数为2×2×2＝8(种)，其自交时产生的雌雄配子均为8种，因此，雌雄配子结合方式为8×8＝64(种)。
2．刺鼠的毛色由两个基因B和C决定，B(b)和C(c)的遗传符合基因自由组合定律。B(黑色)对b(褐色)为显性；凡是具有CC和Cc基因型的鼠是正常体色，只要基因型是cc则为白化鼠。某黑色的刺鼠与bbcc的白化鼠交配，其子一代中，1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是( )
A．bbCcB．BbCc
C．BbCCD．BBCc
解析：选B。刺鼠的毛色是由非同源染色体上的两对等位基因控制的性状，只有C基因存在的情况下才是正常体色，B_C_表现为黑色，bbC_表现为褐色，黑色亲本中至少含一个B和一个C，基因型为B_C_的黑色刺鼠与白化鼠(bbcc)交配，子一代中1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠，所以黑色亲本的基因型是BbCc。
3．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为( )
A．1∶1∶1∶1B．2∶2∶1∶1
C．3∶1∶3∶1D．9∶3∶3∶1
解析：选B。根据题图，F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1可推知，两亲本的基因型分别为YyRr、yyRr，因而F1中黄色圆粒豌豆(1/3YyRR、2/3YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2的性状分离比为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1。
4．油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。下列相关说法错误的是( )
A.凸耳性状由两对等位基因控制
B．甲、乙、丙可能都是纯合子
C．甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳
D．乙和丙杂交子代再自交得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1
解析：选D。甲的杂交实验F2的性状分离比为15∶1，是9∶3∶3∶1的变形，这说明该性状受两对等位基因控制，A正确；相关基因用A、a和B、b表示，非凸耳的基因型为aabb，非凸耳与甲、乙、丙杂交的F1都是凸耳，F2的性状分离比分别是15∶1、3∶1、3∶1，说明F1分别有2对、1对、1对基因杂合，则甲、乙、丙基因型分别为AABB、AAbb(或aaBB)、aaBB(或AAbb)，B正确；甲的基因型为AABB，若乙的基因型为AAbb，则甲和乙杂交的后代基因型为AABb，再自交后代中AABB∶AABb∶AAbb＝1∶2∶1，都表现为凸耳，若乙的基因型为aaBB，同理分析，甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳，C正确；乙和丙杂交(AAbb×aaBB或aaBB×AAbb)，子代基因型为AaBb，再自交得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝15∶1，D错误。
5．控制植物果实重量的三对等位基因A/a、B/b和C/c，对果实重量的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的果实重120克，基因型为AABBCC的果实重210克。现有果树甲和乙杂交，甲的基因型为AAbbcc，F1的果实重135～165克。则乙的基因型是( )
A．aaBBcc B．AaBBcc
C．AaBbCcD．aaBbCc
解析：选D。根据题中信息可知，每含有1个显性基因，果实的重量在120克的基础上增加15克。甲产生的配子为Abc，F1的果实重135克时表示含1个显性基因，则乙产生的配子中存在不含显性基因的情况，即abc，排除A、B项；F1的果实重165克时表示含3个显性基因，则乙产生的配子中最多含2个显性基因，排除C项，故答案为D。
6．(2019·福建福清期末)下列遗传表现中，属于自由组合现象的是( )
解析：选A。基因的自由组合定律阐述了位于非同源染色体上的非等位基因的传递规律。在配子生成过程中非等位基因之间分离或重组互不干扰。自由组合遗传现象指的是杂合体后代自交性状分离比符合(3∶1)n。A项符合3∶1∶3∶1，其他各项均不符合，故选A。
7．(2019·黑龙江哈尔滨六中高一月考)某哺乳动物的体色由两对等位基因控制(用A和a、B和b表示)，现有两纯合的灰色个体和白色个体杂交，F1全是灰色。让F1中雌雄个体相互交配，得到的F2中有三种表型，即灰色、黑色和白色，它们的比例为9∶3∶4。请分析回答下列问题：
(1)控制该动物体色的两对基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律。
(2)亲本灰色和白色个体的基因型分别为____________。
(3)F2中黑色与白色个体交配，后代出现白色个体的概率是________。
(4)F2中黑色个体的基因型可能为________________。若要确定某一黑色个体是否为纯合子，请设计杂交实验加以证明。
①设计杂交实验：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
②结果预测：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)F2中表型的比例为9∶3∶4，说明F1能产生四种数量相等的配子，两对基因独立遗传，所以遵循基因自由组合定律。(2)F1的基因型为AaBb，且由F2中灰色个体占9/16可知，亲本灰色和白色个体的基因型分别为AABB、aabb。(3)黑色个体的基因型为A_bb或aaB_，则白色个体的基因型为aabb和aaB_，或aabb和A_bb。若黑色个体的基因型为A_bb，则白色个体的基因型为aabb和aaB_。在F2中黑色个体有两种基因型，即1/3AAbb、2/3Aabb，其与白色个体杂交后代基因型中只要出现aa就表现为白色，即白色个体出现的概率为(2/3)×(1/2)＝1/3。同理，若黑色个体的基因型为aaB_，则结果同上。(4)F2中黑色个体的基因型可能为AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb)，若要确定某一黑色个体是否为纯合子，可以让黑色个体与白色个体(aabb)杂交，如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。
答案：(1)遵循 (2)AABB、aabb (3)1/3 (4)AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb) ①让黑色个体与白色个体(aabb)杂交 ②如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。
[课时作业]
A级·合格考通关区
1．(2019·山东菏泽期中)某动物的肤色受三对独立遗传的等位基因(A、a，B、b，D、d)控制，肤色的深浅与显性基因数量呈正相关，且每个显性基因对肤色的影响效果相同。下列说法错误的是( )
A．三对等位基因控制的表型共有6种
B．肤色的遗传既遵循基因的分离定律也遵循基因的自由组合定律
C．相同环境中，基因型AABbdd与aaBbDD个体的表型相同
D．肤色的深浅也受环境影响
答案：A
2．(2019·景德镇高一期中)一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1均为蓝色。若让F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交，产生的子代的表型及比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1。若F1蓝色植株自花受粉，则F2表型及其比例最可能是( )
A．蓝色∶鲜红色＝1∶1 B．蓝色∶鲜红色＝3∶1
C．蓝色∶鲜红色＝9∶1 D．蓝色∶鲜红色＝15∶1
答案：D
3．已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性，控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，F2理论上为( )
A．12种表型
B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为15∶1
C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩为9∶3∶3∶1
D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为9∶7
解析：选C。在三对等位基因自由组合的情况下，F2中会出现8种表型，红花高茎子粒饱满植株所占比例为(3/4)×(3/4)×(3/4)＝27/64，白花矮茎子粒皱缩为(1/4)×(1/4)×(1/4)＝1/64。如果仅考虑其中的两对相对性状，可出现C项所述分离比，而求得高茎子粒饱满和矮茎子粒皱缩所占比例分别为9/16和1/16。
4．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是( )
A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子
C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16
D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析：选B。听觉正常与否受两对独立遗传的等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表型如下表：
夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下听觉正常的孩子，A正确。双方一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子，B错误。夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋的占7/16，C正确。基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子，D正确。
5．(2019·河北正定中学期中)玉米的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，杂合子宽叶玉米表现为高产；玉米有茸毛(D)对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。已知两对等位基因独立遗传，若高产有茸毛玉米自交产生F1，则F1的成熟植株中( )
A．有茸毛与无茸毛之比为3∶1
B．有9种基因型
C．高产抗病类型占1/4
D．宽叶有茸毛类型占1/2
解析：选D。分析题意可知，高产有茸毛玉米的基因型为AaDd，其自交后代F1的成熟植株中有茸毛和无茸毛的基因型分别为2/3Dd、1/3dd，因此，后代有茸毛与无茸毛之比为2∶1，A项错误；基因型为AaDd的玉米自交，后代幼苗的基因型有9种，但由于基因型为_ _DD的幼苗死亡，因此，后代中成熟植株只有6种基因型，B项错误；F1的成熟植株中高产抗病类型的基因型为AaDd，所占比例为(1/2)×(2/3)＝1/3，C项错误；F1的成熟植株中宽叶有茸毛的基因型为AADd或AaDd，所占比例为(1/4)×(2/3)＋(2/4)×(2/3)＝1/2，D项正确。
6．(2019·河北衡水中学调研)人类的皮肤含有黑色素，皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制，显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，下列关于其子女中皮肤颜色深浅的描述，错误的是( )
A．可产生四种表型
B．与亲代AaBB表型相同的有1/4
C．肤色最浅的孩子基因型是aaBb
D．与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有3/8
解析：选B。由题意可知，基因A、B使黑色素增加的量相同，所以肤色由显性基因的数量决定。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，后代基因型及比例为1/8AABB、1/8AABb、1/4AaBB、1/4AaBb、1/8aaBB 和1/8aaBb，各基因型中显性基因的数量有4、3、2、1四种，即后代有四种表型，A正确；与亲代AaBB表型相同的有1/4＋1/8＝3/8，B错误；肤色最浅的孩子只有一个显性基因，基因型是aaBb，C正确；与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有1/4＋1/8＝3/8，D正确。
7．(2019·四川眉山期末)边境牧羊犬被喻为世界上最聪明的狗，其毛色受两对同源染色体上的两种基因控制。第一种基因控制毛色，其中黑色为显性(B)，棕色为隐性(b)。第二种基因控制颜色的表达，颜色表达是显性(E)，颜色不表达为隐性(e)。无论遗传的毛色是哪一种(黑色或棕色)，颜色不表达狗的毛色为黄色。一位育种学家连续让一只棕色的狗与一只黄色的狗交配，所生小狗全为黑色，用子代雌雄黑狗互交，结果生下的小狗有黑色、黄色和棕色三种体色。请分析回答下列问题：
(1)该遗传实验中，亲代棕毛狗和黄毛狗的基因型分别是__________、__________。
(2)理论上说，F2中各种表型及其数量比应为____________________，其中黄毛狗的基因型及其数量比应为____________________，如果让F2中黄毛狗与亲代棕毛狗交配，其后代出现棕毛狗的概率是__________。
(3)这两对基因的遗传遵循__________定律，如果要利用以上家系设计测交实验验证该规律，可以从F2黄毛狗中选出合适基因型个体与任一异性________狗进行实验。
解析：(1)由题干可知，一位育种学家连续让一只棕色的狗(bbE_)与一只黄色的狗(_ _ee)交配，所生小狗全为黑色(B_E_)，所以亲代棕毛狗和黄毛狗的基因型分别是bbEE、BBee。(2)F1黑毛狗(BbEe)雌雄交配，按照基因自由组合定律可知，F2表型及比例为B_E_(黑色)∶B_ee(黄色)∶bbE_(棕色)∶bbee(黄色)＝9∶3∶3∶1，所以理论上说，F2中各种表型及其数量比应为黑毛狗∶棕毛狗∶黄毛狗＝9∶3∶4，其中黄毛狗的基因型有 3种，即BBee、Bbee、bbee，如果让F2中黄毛狗与亲代棕毛狗(bbEE)交配，其后代出现棕毛狗(bbE_)的概率是1/2×1＝50%。(3)因为毛色受两对同源染色体上的两种基因控制，所以这两对基因的遗传遵循基因自由组合规律，如果要利用以上家系设计测交实验验证该规律，可以从F2黄毛狗中选出bbee基因型个体与任一异性 F1黑毛狗BbEe进行实验。
答案：(1)bbEE BBee (2)黑毛狗∶棕毛狗∶黄毛狗＝9∶3∶4 BBee∶Bbee∶bbee＝1∶2∶1 50% (3)基因的自由组合 F1黑毛
8．(2019·吉林省实验中学高一期中)某高等植物有三对较为明显的相对性状，基因控制情况见下表。现有一种群，具有该三对等位基因的植株若干株(具此基因型的植株用M表示)、基因型为aabbcc的植株若干株(具此基因型的植株用N表示)以及其他基因型的植株若干株。回答下列问题：
(1)该植物种群内，共有________种表型，其中有________种表型的植株可能是杂合子。
(2)如M×N，子一代红花窄叶中等粗茎占________，则三对等位基因可能位于三对同源染色体上。
(3)若三对等位基因自由组合，植株M自交，则子一代中红花窄叶中等粗茎占________。从子一代中随机选择红花宽叶粗茎植株与白花窄叶细茎植株杂交，子二代均为红花窄叶中等粗茎的概率为________。
答案：(1)12 10 (2)1/4 (3)9/32 1/9
B级·等级考拟战区
9．(2019·临沂期末)现用某野生植物甲(AABB)、乙(aabb)两品系作亲本杂交得F1，F1的测交结果如下表。下列推测或分析不正确的是( )
A.F1自交得到的F2有9种基因型
B．F1产生的基因型为AB的花粉50%不能萌发而不能受精
C．F1自交后代F2中重组类型的比例是3/7
D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
答案：D
10．小鼠A基因决定黄色皮毛，R基因决定黑色皮毛。同时具有A、R基因时表现灰色皮毛，只有a、r基因时表现白色皮毛。现有一只灰色雄鼠和一只黄色雌鼠交配，统计多次交配产下的子代的表型比例如下：黄色3/8，灰色3/8，黑色1/8，白色1/8，则亲本的基因型为( )
A．AaRr♂，Aarr♀B．AaRr♂，AaRr♀
C．Aarr♂，AaRr♀D．AaRR♂，Aarr♀
解析：选A。首先写出亲本的基因型：灰色雄鼠为A_R_，黄色雌鼠为A_rr，后代出现白色小鼠，可知亲本中灰色雄鼠基因型为AaRr，黄色雌鼠基因型为Aarr。
11．玉米是一种雌雄同株的植物，正常植株的基因型为A_B_，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB_的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A_bb和aabb的植株的顶端长出的是雌花而成为雌株(两对基因位于两对同源染色体上)。育种工作者选用上述材料作亲本，杂交后得到下表中的结果。则所用亲本的基因型组合是( )
A.aaBb×Aabb或AaBb×aabb
B．AaBb×Aabb或AaBb×aabb
C．aaBb×AaBb或AaBb×Aabb
D．aaBb×aabb或Aabb×aabb
解析：选A。据题意可知，A_B_为正常株，aaB_为雄株，A_bb和 aabb为雌株，要使某对亲本组合产生的后代满足正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2的结果，则亲本杂交组合为aaBb×Aabb或AaBb×aabb，A正确。
12．(2019·菏泽期中)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa__表现为黄色(约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡)。让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是( )
A．9/16B．3/4
C．6/7D．9/14
解析：选D。根据题意，让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，则灰色鼠基因型为AAbb，黄色鼠基因型为aaBB，F1基因型为AaBb，则F2表型及比例为青色(A_B_)∶灰色(A_bb)∶黄色(aa_ _)＝9∶3∶4，由于约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡，所以理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是9/14，D正确。
13．(2019·广东实验中学高二上期中考试)燕麦颖色有黑色、黄色和白色三种颜色，由B、b和Y、y两对等位基因控制，只要基因B存在，植株就表现为黑颖。为研究燕麦颖色的遗传规律，进行了如图所示的杂交实验，请分析回答下列问题：
(1)图中亲本中黑颖个体的基因型为________，F2中白颖个体的基因型是________。
(2)F1测交后代中黄颖个体所占的比例为________。F2黑颖植株中，部分个体无论自交多少代，其后代仍然为黑颖，这样的个体占F2黑颖燕麦的比例为________。
(3)现有一包标签遗失的黄颖燕麦种子，请设计最简便的实验方案，确定黄颖燕麦种子的基因型。
实验步骤：①________________________________________________________________________；
②________________________________________________________________________。
结果预测：①如果________________________________________________________________________，
则包内种子基因型为________；
②如果________________________________________________________________________，则
包内种子基因型为________。
解析：(1)由于F2中黑颖∶黄颖∶白颖≈12∶3∶1，说明F1的基因型为BbYy，所以亲本黑颖和黄颖个体的基因型分别是BByy、bbYY，F2中白颖个体的基因型是bbyy。(2)F1的基因型为BbYy，其测交后代中黄颖(bbY_)个体所占的比例为(1/2)×(1/2)＝1/4。F2黑颖植株中，部分个体无论自交多少代，其后代仍然为黑颖，说明其基因型是BB_ _，占F2黑颖燕麦的比例为1/3。(3)黄颖植株的基因型为bbYY或bbYy，要想鉴定其基因型，最简便的方法是将该植株自交得到F1，统计F1燕麦颖色，若全为黄颖，则该植株基因型为bbYY，若黄颖∶白颖＝3∶1，则该植株基因型为bbYy。
答案：(1)BByy bbyy (2)1/4 1/3 (3)实验步骤：①将待测种子分别单独种植并自交，得F1种子 ②F1种子长成植株后，按颖色统计植株的比例
结果预测：①F1种子长成的植株颖色全为黄颖 bbYY
②F1种子长成的植株颖色既有黄颖又有白颖，且黄颖∶白颖＝3∶1 bbYy
项目
分离定律
自由组合定律
2对相对性状
n(n>2)对相对性状
控制性状的等位基因
1对
2对
n对
F1
基因对数
1
2
n
配子类型
2
22
2n
配子组合数
4
42
4n
F2
基因型
种数
31
32
3n
比例
1∶2∶1
(1∶2∶1)2
(1∶2∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
3∶1
(3∶1)2
(3∶1)n
F1测交后代
基因型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
问题举例
计算方法
AaBbCc与AaBBCc杂交，求它们后代的基因型种类数
可分解为三个分离定律问题：
Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；
Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)；
Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)；
因此，AaBbCc×AaBBCc的后代中有3×2×3＝18种基因型
AaBbCc×AaBBCc后代中AaBBcc出现的概率计算
1/2(Aa)×1/2(BB)×1/4(cc)＝1/16
问题举例
计算方法
AaBbCc×AabbCc，求后代可能的表型种类数
可分解为三个分离定律问题：
Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa)；
Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb)；
Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc)；
因此，AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2＝8种表型
AaBbCc×AabbCc后代中表型A_bbcc出现的概率计算
3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)＝3/32
序号
条件
自交后代比例
测交后代比例
1
存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
2
A、B同时存在时表现为一种性状，其余表现为另一种性状
9∶7
1∶3
3
aa(或bb)成对存在时，表现为双隐性性状，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
4
只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现
15∶1
3∶1
5
显性基因在基因型中的个数影响性状表现
AABB∶
(AaBB、AABb)∶
(AaBb、aaBB、
AAbb)∶(Aabb、
aaBb)∶aabb＝
1∶4∶6∶4∶1
AaBb∶(Aabb、
aaBb)∶aabb
＝1∶2∶1
6
显性纯合致死
AaBb∶Aabb∶
aaBb∶aabb
＝4∶2∶2∶1，
其余基因型致死
AaBb∶Aabb∶
aaBb∶aabb
＝1∶1∶1∶1
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝15∶1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
A.牵牛花
花色与叶形
B.香豌豆
花色与花粉粒
C.玉米
粒色与粒形
D.果蝇体
色与翅形
红花阔叶37.5%
红花窄叶12.5%
白花阔叶37.5%
白花窄叶12.5%
紫花、长粒44%
紫花、圆粒6%
红花、长粒6%
红花、圆粒44%
有色饱满73%
有色皱缩2%
无色饱满2%
无色皱缩23%
灰身长翅
50%
黑身残翅
50%
表型
听觉正常
听觉不正常(耳聋)
基因型
D_E_
D_ee、ddE_、ddee
品系
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
类型
正常株
雄株
雌株
数目
998
1 001
1 999
1．结合实例归纳自由组合定律的解题思路与规律方法。(科学思维) 2.结合实践阐明自由组合定律在实践中的应用。(社会责任)
题型一 分离定律和自由组合定律的关系
1．表解
2.图解
1．(2019·太原高一期末)在两对相对性状的遗传实验中，可能具有1∶1∶1∶1比例关系的是( )
①杂种自交后代的性状分离比
②杂种产生配子类别的比例
③杂种测交后代的表型比例
④杂种自交后代的基因型比例
⑤杂种测交后代的基因型比例
A．①②④ B．②④⑤
C．①③⑤D．②③⑤
解析：选D。在孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，杂种产生配子类别的比例、杂种测交后代的表型比例、杂种测交后代的基因型比例均为1∶1∶1∶1，杂种自交后代的性状分离比是9∶3∶3∶1，杂种自交后代的基因型比例是1∶1∶1∶1∶2∶2∶2∶2∶4。
2．(2019·江苏扬州中学模拟)已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，两对基因独立遗传。现将一株表型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表型相同的植株，所得后代表型是高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。根据以上实验结果分析，下列叙述错误的是( )
A．所得后代的表型有4种
B．上述两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得
C．所得后代的基因型有9种
D．上述两株表型相同的亲本，基因型不相同
解析：选D。根据后代高秆∶矮秆＝3∶1、抗病∶感病＝3∶1可知，两亲本的基因型均为TtRr，杂交后代的表型有4种、基因型有9种，A项、C项正确，D项错误；上述两株亲本可以分别通过TTRR×ttrr→TtRr或TTrr×ttRR→TtRr获得，B项正确。
题型二 应用分离定律解决自由组合定律
1．基因型类型及概率的问题
2.表型类型及概率的问题
3．(2019·南昌十中期中) 一个基因型为BbRr(棕眼右癖)的男人与一个基因型为bbRr(蓝眼右癖)的女人结婚，所生子女中表型的概率各为1/8的类型是( )
A．棕眼右癖和蓝眼右癖
B．棕眼左癖和蓝眼左癖
C．棕眼右癖和蓝眼左癖
D．棕眼左癖和蓝眼右癖
解析：选B。由题目可知，棕眼对蓝眼为显性，右癖对左癖为显性，且两对性状都位于常染色体上，根据亲代BbRr×bbRr可推出，子代有BbR_棕眼右癖[(1/2)×(3/4)＝3/8]、Bbrr 棕眼左癖[(1/2)×(1/4)＝1/8]、bbR_ 蓝眼右癖[(1/2)×(3/4)＝3/8]、bbrr 蓝眼左癖[(1/2)×(1/4)＝1/8]。故所生子女中性状表型的概率各为1/8的类型是棕眼左癖和蓝眼左癖。
4．(2019·长沙模拟)豌豆中，子粒黄色(Y)和圆形(R)分别对绿色(y)和皱缩(r)为显性，现将黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交得到的F1自交，F2的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，则亲本的基因型为( )
A．YYRR×yyrr B．YYRr×yyrr
C．YyRR×yyrrD．YyRr×yyrr
解析：选C。F1自交后代的表型及比例为黄色圆粒∶黄色皱粒∶绿色圆粒∶绿色皱粒＝9∶3∶15∶5，其中圆粒∶皱粒＝3∶1，这说明F1中控制子粒形状的基因型为Rr，故亲本中控制子粒形状的基因型为RR、rr，据此排除B、D项。A项中亲本杂交产生的F1自交后代4种表型的比例为9∶3∶3∶1，A项被排除。
题型三 两对基因控制的性状遗传中异常分离比现象
5．两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是( )
A．1∶3、1∶2∶1和3∶1
B．3∶1、4∶1和1∶3
C．1∶2∶1、4∶1和3∶1
D．3∶1、3∶1和1∶4
解析：选A。由F2的分离比可推知，F1的基因型为双杂合(AaBb)；9∶7的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，其他的表现为另一种性状；9∶6∶1的比例说明有双显性基因的表现为一种性状，有单显性基因的表现为一种性状，无显性基因的表现为一种性状；15∶1的比例说明只要有显性基因的就表现为同一种性状，无显性基因的表现为另一种性状。
6．(2019·云南滇池中学期中)牡丹的花色种类多种多样，其中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。若一深红色牡丹与一白色牡丹杂交，就能得到中等红色的个体，若这些个体自交，其子代将出现的花色种类和比例分别是( )
A．3种，9∶6∶1
B．4种，9∶3∶3∶1
C．5种，1∶4∶6∶4∶1
D．6种，1∶4∶3∶3∶4∶1
解析：选C。显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。则深红色牡丹基因型为AABB，白色牡丹基因型为aabb，两者杂交所得F1基因型为AaBb，颜色为中等红色。当F1自交时，所得子代有9种基因型，其中有4(AABB)、3(AABb、AaBB)、2(aaBB、AAbb、AaBb)、1(Aabb、aaBb)、0(aabb)个显性基因的个体分别呈现了由深到浅5种不同的颜色，比例分别为1∶4∶6∶4∶1。
题型四 自由组合定律中的概率计算
当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况概率如下：
(1)只患甲病的概率：m·(1－n)；
(2)只患乙病的概率：n·(1－m)；
(3)甲、乙两病同患的概率：m·n；
(4)甲、乙两病均不患的概率：(1－m)·(1－n)；
(5)患病的概率：1－(1－m)·(1－n)；
(6)只患一种病的概率：m·(1－n)＋n·(1－m)。
以上规律可用下图帮助理解：
7．人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则再生一个孩子只患一种病的概率是( )
A．1/8 B．1/2
C．1/4D．3/8
解析：选B。先求双亲的基因型：父亲多指→T_A_，母亲正常→ttA_；由双亲生有一个白化病的孩子可知，双亲控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，所以父亲控制多指的基因型只能是Tt，否则子代全都是多指。由此推得双亲的基因型是TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4，因此再生一个孩子只患一种病的概率为1/2＋1/4—2×(1/2)×(1/4)＝1/2。也可通过另一计算式(1/2)×(1－1/4)＋(1/4)×(1－1/2)求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2。
题型五 验证不同对基因是否独立遗传
1．通过配子验证：以AaBb为例，若产生4种类型数量相等的配子，则说明两对等位基因独立遗传。
2．通过自交法验证：以AaBb为例，若自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1，则说明两对等位基因独立遗传。
3．通过测交法验证：以AaBb为例，若测交后代性状分离比为1∶1∶1∶1，则说明两对等位基因独立遗传。
8．不同鲤鱼品种的体色不同，是由鱼体鳞片和皮肤含有的不同的色素细胞及其数量分布差异所致。科研人员用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)做杂交实验：
a．黑鲤和红鲤杂交，无论正交、反交，F1皆表现为黑鲤；
b．F1雌雄个体间相互交配，F2既有黑鲤，也有红鲤，且黑鲤∶红鲤约为15∶1。
根据以上实验结果，科研人员推测：鲤鱼的体色是由两对等位基因控制的，且遵循自由组合定律。
请设计实验验证上述推测是否正确。
(1)所选亲本表型为________和________，让二者进行________(交配方式)，得F1。
(2)对F1进行________处理，统计F2的表型及比例。
(3)预期实验结果：________________________________________________________________________。
解析：(1)正交、反交子一代均为黑鲤，则黑鲤为显性性状，验证自由组合定律应选纯合亲本，即纯合黑鲤、纯合红鲤；让二者进行杂交。
(2)两亲本杂交F1全为黑鲤，为验证基因自由组合定律，应对F1个体进行测交，观察F2的性状表现。
(3)F1(AaBb)测交后代F2有AaBb、Aabb、aaBb和aabb 4种基因型，比例为1∶1∶1∶1，结合题中信息可知，相应的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1。
答案：(1)纯合黑鲤 纯合红鲤 杂交 (2)测交
(3)F2的表型及比例为黑鲤∶红鲤＝3∶1
[随堂检测]
1．基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，这三对等位基因的遗传符合自由组合定律，则F1形成的配子种类数和F1自交时雌雄配子的结合方式分别为( )
A．4和9 B．4和27
C．8和64D．32和81
解析：选C。基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦进行杂交，产生的F1的基因型为AaBbCc，其产生的配子种类数为2×2×2＝8(种)，其自交时产生的雌雄配子均为8种，因此，雌雄配子结合方式为8×8＝64(种)。
2．刺鼠的毛色由两个基因B和C决定，B(b)和C(c)的遗传符合基因自由组合定律。B(黑色)对b(褐色)为显性；凡是具有CC和Cc基因型的鼠是正常体色，只要基因型是cc则为白化鼠。某黑色的刺鼠与bbcc的白化鼠交配，其子一代中，1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是( )
A．bbCcB．BbCc
C．BbCCD．BBCc
解析：选B。刺鼠的毛色是由非同源染色体上的两对等位基因控制的性状，只有C基因存在的情况下才是正常体色，B_C_表现为黑色，bbC_表现为褐色，黑色亲本中至少含一个B和一个C，基因型为B_C_的黑色刺鼠与白化鼠(bbcc)交配，子一代中1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠，所以黑色亲本的基因型是BbCc。
3．豌豆子叶的黄色(Y)、圆粒种子(R)均为显性。两亲本豌豆杂交的F1表型如图所示。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为( )
A．1∶1∶1∶1B．2∶2∶1∶1
C．3∶1∶3∶1D．9∶3∶3∶1
解析：选B。根据题图，F1中圆粒∶皱粒＝3∶1，黄色∶绿色＝1∶1可推知，两亲本的基因型分别为YyRr、yyRr，因而F1中黄色圆粒豌豆(1/3YyRR、2/3YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2的性状分离比为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝2∶2∶1∶1。
4．油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。下列相关说法错误的是( )
A.凸耳性状由两对等位基因控制
B．甲、乙、丙可能都是纯合子
C．甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳
D．乙和丙杂交子代再自交得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1
解析：选D。甲的杂交实验F2的性状分离比为15∶1，是9∶3∶3∶1的变形，这说明该性状受两对等位基因控制，A正确；相关基因用A、a和B、b表示，非凸耳的基因型为aabb，非凸耳与甲、乙、丙杂交的F1都是凸耳，F2的性状分离比分别是15∶1、3∶1、3∶1，说明F1分别有2对、1对、1对基因杂合，则甲、乙、丙基因型分别为AABB、AAbb(或aaBB)、aaBB(或AAbb)，B正确；甲的基因型为AABB，若乙的基因型为AAbb，则甲和乙杂交的后代基因型为AABb，再自交后代中AABB∶AABb∶AAbb＝1∶2∶1，都表现为凸耳，若乙的基因型为aaBB，同理分析，甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳，C正确；乙和丙杂交(AAbb×aaBB或aaBB×AAbb)，子代基因型为AaBb，再自交得到的F2表型及比例为凸耳∶非凸耳＝15∶1，D错误。
5．控制植物果实重量的三对等位基因A/a、B/b和C/c，对果实重量的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为aabbcc的果实重120克，基因型为AABBCC的果实重210克。现有果树甲和乙杂交，甲的基因型为AAbbcc，F1的果实重135～165克。则乙的基因型是( )
A．aaBBcc B．AaBBcc
C．AaBbCcD．aaBbCc
解析：选D。根据题中信息可知，每含有1个显性基因，果实的重量在120克的基础上增加15克。甲产生的配子为Abc，F1的果实重135克时表示含1个显性基因，则乙产生的配子中存在不含显性基因的情况，即abc，排除A、B项；F1的果实重165克时表示含3个显性基因，则乙产生的配子中最多含2个显性基因，排除C项，故答案为D。
6．(2019·福建福清期末)下列遗传表现中，属于自由组合现象的是( )
解析：选A。基因的自由组合定律阐述了位于非同源染色体上的非等位基因的传递规律。在配子生成过程中非等位基因之间分离或重组互不干扰。自由组合遗传现象指的是杂合体后代自交性状分离比符合(3∶1)n。A项符合3∶1∶3∶1，其他各项均不符合，故选A。
7．(2019·黑龙江哈尔滨六中高一月考)某哺乳动物的体色由两对等位基因控制(用A和a、B和b表示)，现有两纯合的灰色个体和白色个体杂交，F1全是灰色。让F1中雌雄个体相互交配，得到的F2中有三种表型，即灰色、黑色和白色，它们的比例为9∶3∶4。请分析回答下列问题：
(1)控制该动物体色的两对基因的遗传________(填“遵循”或“不遵循”)基因自由组合定律。
(2)亲本灰色和白色个体的基因型分别为____________。
(3)F2中黑色与白色个体交配，后代出现白色个体的概率是________。
(4)F2中黑色个体的基因型可能为________________。若要确定某一黑色个体是否为纯合子，请设计杂交实验加以证明。
①设计杂交实验：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
②结果预测：________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：(1)F2中表型的比例为9∶3∶4，说明F1能产生四种数量相等的配子，两对基因独立遗传，所以遵循基因自由组合定律。(2)F1的基因型为AaBb，且由F2中灰色个体占9/16可知，亲本灰色和白色个体的基因型分别为AABB、aabb。(3)黑色个体的基因型为A_bb或aaB_，则白色个体的基因型为aabb和aaB_，或aabb和A_bb。若黑色个体的基因型为A_bb，则白色个体的基因型为aabb和aaB_。在F2中黑色个体有两种基因型，即1/3AAbb、2/3Aabb，其与白色个体杂交后代基因型中只要出现aa就表现为白色，即白色个体出现的概率为(2/3)×(1/2)＝1/3。同理，若黑色个体的基因型为aaB_，则结果同上。(4)F2中黑色个体的基因型可能为AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb)，若要确定某一黑色个体是否为纯合子，可以让黑色个体与白色个体(aabb)杂交，如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。
答案：(1)遵循 (2)AABB、aabb (3)1/3 (4)AAbb和Aabb(或aaBB和aaBb) ①让黑色个体与白色个体(aabb)杂交 ②如果后代中只有黑色个体，说明该黑色个体为纯合子；如果后代中出现了白色个体，说明该黑色个体为杂合子。
[课时作业]
A级·合格考通关区
1．(2019·山东菏泽期中)某动物的肤色受三对独立遗传的等位基因(A、a，B、b，D、d)控制，肤色的深浅与显性基因数量呈正相关，且每个显性基因对肤色的影响效果相同。下列说法错误的是( )
A．三对等位基因控制的表型共有6种
B．肤色的遗传既遵循基因的分离定律也遵循基因的自由组合定律
C．相同环境中，基因型AABbdd与aaBbDD个体的表型相同
D．肤色的深浅也受环境影响
答案：A
2．(2019·景德镇高一期中)一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1均为蓝色。若让F1蓝色与纯合鲜红色品种杂交，产生的子代的表型及比例为蓝色∶鲜红色＝3∶1。若F1蓝色植株自花受粉，则F2表型及其比例最可能是( )
A．蓝色∶鲜红色＝1∶1 B．蓝色∶鲜红色＝3∶1
C．蓝色∶鲜红色＝9∶1 D．蓝色∶鲜红色＝15∶1
答案：D
3．已知豌豆红花对白花、高茎对矮茎、子粒饱满对子粒皱缩为显性，控制它们的三对基因自由组合。以纯合的红花高茎子粒皱缩与纯合的白花矮茎子粒饱满植株杂交，F2理论上为( )
A．12种表型
B．高茎子粒饱满∶矮茎子粒皱缩为15∶1
C．红花子粒饱满∶红花子粒皱缩∶白花子粒饱满∶白花子粒皱缩为9∶3∶3∶1
D．红花高茎子粒饱满∶白花矮茎子粒皱缩为9∶7
解析：选C。在三对等位基因自由组合的情况下，F2中会出现8种表型，红花高茎子粒饱满植株所占比例为(3/4)×(3/4)×(3/4)＝27/64，白花矮茎子粒皱缩为(1/4)×(1/4)×(1/4)＝1/64。如果仅考虑其中的两对相对性状，可出现C项所述分离比，而求得高茎子粒饱满和矮茎子粒皱缩所占比例分别为9/16和1/16。
4．人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是( )
A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子
B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子
C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16
D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析：选B。听觉正常与否受两对独立遗传的等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表型如下表：
夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下听觉正常的孩子，A正确。双方一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子，B错误。夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋的占7/16，C正确。基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子，D正确。
5．(2019·河北正定中学期中)玉米的宽叶(A)对窄叶(a)为显性，杂合子宽叶玉米表现为高产；玉米有茸毛(D)对无茸毛(d)为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活。已知两对等位基因独立遗传，若高产有茸毛玉米自交产生F1，则F1的成熟植株中( )
A．有茸毛与无茸毛之比为3∶1
B．有9种基因型
C．高产抗病类型占1/4
D．宽叶有茸毛类型占1/2
解析：选D。分析题意可知，高产有茸毛玉米的基因型为AaDd，其自交后代F1的成熟植株中有茸毛和无茸毛的基因型分别为2/3Dd、1/3dd，因此，后代有茸毛与无茸毛之比为2∶1，A项错误；基因型为AaDd的玉米自交，后代幼苗的基因型有9种，但由于基因型为_ _DD的幼苗死亡，因此，后代中成熟植株只有6种基因型，B项错误；F1的成熟植株中高产抗病类型的基因型为AaDd，所占比例为(1/2)×(2/3)＝1/3，C项错误；F1的成熟植株中宽叶有茸毛的基因型为AADd或AaDd，所占比例为(1/4)×(2/3)＋(2/4)×(2/3)＝1/2，D项正确。
6．(2019·河北衡水中学调研)人类的皮肤含有黑色素，皮肤中黑色素的多少由两对独立遗传的基因(A和a，B和b)所控制，显性基因A和B可以使黑色素量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，下列关于其子女中皮肤颜色深浅的描述，错误的是( )
A．可产生四种表型
B．与亲代AaBB表型相同的有1/4
C．肤色最浅的孩子基因型是aaBb
D．与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有3/8
解析：选B。由题意可知，基因A、B使黑色素增加的量相同，所以肤色由显性基因的数量决定。一个基因型为AaBb的男性与一个基因型为AaBB的女性结婚，后代基因型及比例为1/8AABB、1/8AABb、1/4AaBB、1/4AaBb、1/8aaBB 和1/8aaBb，各基因型中显性基因的数量有4、3、2、1四种，即后代有四种表型，A正确；与亲代AaBB表型相同的有1/4＋1/8＝3/8，B错误；肤色最浅的孩子只有一个显性基因，基因型是aaBb，C正确；与亲代AaBb皮肤颜色深浅一样的有1/4＋1/8＝3/8，D正确。
7．(2019·四川眉山期末)边境牧羊犬被喻为世界上最聪明的狗，其毛色受两对同源染色体上的两种基因控制。第一种基因控制毛色，其中黑色为显性(B)，棕色为隐性(b)。第二种基因控制颜色的表达，颜色表达是显性(E)，颜色不表达为隐性(e)。无论遗传的毛色是哪一种(黑色或棕色)，颜色不表达狗的毛色为黄色。一位育种学家连续让一只棕色的狗与一只黄色的狗交配，所生小狗全为黑色，用子代雌雄黑狗互交，结果生下的小狗有黑色、黄色和棕色三种体色。请分析回答下列问题：
(1)该遗传实验中，亲代棕毛狗和黄毛狗的基因型分别是__________、__________。
(2)理论上说，F2中各种表型及其数量比应为____________________，其中黄毛狗的基因型及其数量比应为____________________，如果让F2中黄毛狗与亲代棕毛狗交配，其后代出现棕毛狗的概率是__________。
(3)这两对基因的遗传遵循__________定律，如果要利用以上家系设计测交实验验证该规律，可以从F2黄毛狗中选出合适基因型个体与任一异性________狗进行实验。
解析：(1)由题干可知，一位育种学家连续让一只棕色的狗(bbE_)与一只黄色的狗(_ _ee)交配，所生小狗全为黑色(B_E_)，所以亲代棕毛狗和黄毛狗的基因型分别是bbEE、BBee。(2)F1黑毛狗(BbEe)雌雄交配，按照基因自由组合定律可知，F2表型及比例为B_E_(黑色)∶B_ee(黄色)∶bbE_(棕色)∶bbee(黄色)＝9∶3∶3∶1，所以理论上说，F2中各种表型及其数量比应为黑毛狗∶棕毛狗∶黄毛狗＝9∶3∶4，其中黄毛狗的基因型有 3种，即BBee、Bbee、bbee，如果让F2中黄毛狗与亲代棕毛狗(bbEE)交配，其后代出现棕毛狗(bbE_)的概率是1/2×1＝50%。(3)因为毛色受两对同源染色体上的两种基因控制，所以这两对基因的遗传遵循基因自由组合规律，如果要利用以上家系设计测交实验验证该规律，可以从F2黄毛狗中选出bbee基因型个体与任一异性 F1黑毛狗BbEe进行实验。
答案：(1)bbEE BBee (2)黑毛狗∶棕毛狗∶黄毛狗＝9∶3∶4 BBee∶Bbee∶bbee＝1∶2∶1 50% (3)基因的自由组合 F1黑毛
8．(2019·吉林省实验中学高一期中)某高等植物有三对较为明显的相对性状，基因控制情况见下表。现有一种群，具有该三对等位基因的植株若干株(具此基因型的植株用M表示)、基因型为aabbcc的植株若干株(具此基因型的植株用N表示)以及其他基因型的植株若干株。回答下列问题：
(1)该植物种群内，共有________种表型，其中有________种表型的植株可能是杂合子。
(2)如M×N，子一代红花窄叶中等粗茎占________，则三对等位基因可能位于三对同源染色体上。
(3)若三对等位基因自由组合，植株M自交，则子一代中红花窄叶中等粗茎占________。从子一代中随机选择红花宽叶粗茎植株与白花窄叶细茎植株杂交，子二代均为红花窄叶中等粗茎的概率为________。
答案：(1)12 10 (2)1/4 (3)9/32 1/9
B级·等级考拟战区
9．(2019·临沂期末)现用某野生植物甲(AABB)、乙(aabb)两品系作亲本杂交得F1，F1的测交结果如下表。下列推测或分析不正确的是( )
A.F1自交得到的F2有9种基因型
B．F1产生的基因型为AB的花粉50%不能萌发而不能受精
C．F1自交后代F2中重组类型的比例是3/7
D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
答案：D
10．小鼠A基因决定黄色皮毛，R基因决定黑色皮毛。同时具有A、R基因时表现灰色皮毛，只有a、r基因时表现白色皮毛。现有一只灰色雄鼠和一只黄色雌鼠交配，统计多次交配产下的子代的表型比例如下：黄色3/8，灰色3/8，黑色1/8，白色1/8，则亲本的基因型为( )
A．AaRr♂，Aarr♀B．AaRr♂，AaRr♀
C．Aarr♂，AaRr♀D．AaRR♂，Aarr♀
解析：选A。首先写出亲本的基因型：灰色雄鼠为A_R_，黄色雌鼠为A_rr，后代出现白色小鼠，可知亲本中灰色雄鼠基因型为AaRr，黄色雌鼠基因型为Aarr。
11．玉米是一种雌雄同株的植物，正常植株的基因型为A_B_，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB_的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A_bb和aabb的植株的顶端长出的是雌花而成为雌株(两对基因位于两对同源染色体上)。育种工作者选用上述材料作亲本，杂交后得到下表中的结果。则所用亲本的基因型组合是( )
A.aaBb×Aabb或AaBb×aabb
B．AaBb×Aabb或AaBb×aabb
C．aaBb×AaBb或AaBb×Aabb
D．aaBb×aabb或Aabb×aabb
解析：选A。据题意可知，A_B_为正常株，aaB_为雄株，A_bb和 aabb为雌株，要使某对亲本组合产生的后代满足正常株∶雄株∶雌株＝1∶1∶2的结果，则亲本杂交组合为aaBb×Aabb或AaBb×aabb，A正确。
12．(2019·菏泽期中)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b)控制。A_B_表现为青色，A_bb表现为灰色，aa__表现为黄色(约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡)。让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是( )
A．9/16B．3/4
C．6/7D．9/14
解析：选D。根据题意，让灰色鼠与黄色鼠杂交，F1全为青色，则灰色鼠基因型为AAbb，黄色鼠基因型为aaBB，F1基因型为AaBb，则F2表型及比例为青色(A_B_)∶灰色(A_bb)∶黄色(aa_ _)＝9∶3∶4，由于约50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多死亡，所以理论上F2存活个体中青色鼠所占的比例是9/14，D正确。
13．(2019·广东实验中学高二上期中考试)燕麦颖色有黑色、黄色和白色三种颜色，由B、b和Y、y两对等位基因控制，只要基因B存在，植株就表现为黑颖。为研究燕麦颖色的遗传规律，进行了如图所示的杂交实验，请分析回答下列问题：
(1)图中亲本中黑颖个体的基因型为________，F2中白颖个体的基因型是________。
(2)F1测交后代中黄颖个体所占的比例为________。F2黑颖植株中，部分个体无论自交多少代，其后代仍然为黑颖，这样的个体占F2黑颖燕麦的比例为________。
(3)现有一包标签遗失的黄颖燕麦种子，请设计最简便的实验方案，确定黄颖燕麦种子的基因型。
实验步骤：①________________________________________________________________________；
②________________________________________________________________________。
结果预测：①如果________________________________________________________________________，
则包内种子基因型为________；
②如果________________________________________________________________________，则
包内种子基因型为________。
解析：(1)由于F2中黑颖∶黄颖∶白颖≈12∶3∶1，说明F1的基因型为BbYy，所以亲本黑颖和黄颖个体的基因型分别是BByy、bbYY，F2中白颖个体的基因型是bbyy。(2)F1的基因型为BbYy，其测交后代中黄颖(bbY_)个体所占的比例为(1/2)×(1/2)＝1/4。F2黑颖植株中，部分个体无论自交多少代，其后代仍然为黑颖，说明其基因型是BB_ _，占F2黑颖燕麦的比例为1/3。(3)黄颖植株的基因型为bbYY或bbYy，要想鉴定其基因型，最简便的方法是将该植株自交得到F1，统计F1燕麦颖色，若全为黄颖，则该植株基因型为bbYY，若黄颖∶白颖＝3∶1，则该植株基因型为bbYy。
答案：(1)BByy bbyy (2)1/4 1/3 (3)实验步骤：①将待测种子分别单独种植并自交，得F1种子 ②F1种子长成植株后，按颖色统计植株的比例
结果预测：①F1种子长成的植株颖色全为黄颖 bbYY
②F1种子长成的植株颖色既有黄颖又有白颖，且黄颖∶白颖＝3∶1 bbYy
项目
分离定律
自由组合定律
2对相对性状
n(n>2)对相对性状
控制性状的等位基因
1对
2对
n对
F1
基因对数
1
2
n
配子类型
2
22
2n
配子组合数
4
42
4n
F2
基因型
种数
31
32
3n
比例
1∶2∶1
(1∶2∶1)2
(1∶2∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
3∶1
(3∶1)2
(3∶1)n
F1测交后代
基因型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
表型
种数
21
22
2n
比例
1∶1
(1∶1)2
(1∶1)n
问题举例
计算方法
AaBbCc与AaBBCc杂交，求它们后代的基因型种类数
可分解为三个分离定律问题：
Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；
Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)；
Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)；
因此，AaBbCc×AaBBCc的后代中有3×2×3＝18种基因型
AaBbCc×AaBBCc后代中AaBBcc出现的概率计算
1/2(Aa)×1/2(BB)×1/4(cc)＝1/16
问题举例
计算方法
AaBbCc×AabbCc，求后代可能的表型种类数
可分解为三个分离定律问题：
Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa)；
Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb)；
Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc)；
因此，AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2＝8种表型
AaBbCc×AabbCc后代中表型A_bbcc出现的概率计算
3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)＝3/32
序号
条件
自交后代比例
测交后代比例
1
存在一种显性基因(A或B)时表现为同一种性状，其余正常表现
9∶6∶1
1∶2∶1
2
A、B同时存在时表现为一种性状，其余表现为另一种性状
9∶7
1∶3
3
aa(或bb)成对存在时，表现为双隐性性状，其余正常表现
9∶3∶4
1∶1∶2
4
只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种性状，其余正常表现
15∶1
3∶1
5
显性基因在基因型中的个数影响性状表现
AABB∶
(AaBB、AABb)∶
(AaBb、aaBB、
AAbb)∶(Aabb、
aaBb)∶aabb＝
1∶4∶6∶4∶1
AaBb∶(Aabb、
aaBb)∶aabb
＝1∶2∶1
6
显性纯合致死
AaBb∶Aabb∶
aaBb∶aabb
＝4∶2∶2∶1，
其余基因型致死
AaBb∶Aabb∶
aaBb∶aabb
＝1∶1∶1∶1
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝15∶1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
A.牵牛花
花色与叶形
B.香豌豆
花色与花粉粒
C.玉米
粒色与粒形
D.果蝇体
色与翅形
红花阔叶37.5%
红花窄叶12.5%
白花阔叶37.5%
白花窄叶12.5%
紫花、长粒44%
紫花、圆粒6%
红花、长粒6%
红花、圆粒44%
有色饱满73%
有色皱缩2%
无色饱满2%
无色皱缩23%
灰身长翅
50%
黑身残翅
50%
表型
听觉正常
听觉不正常(耳聋)
基因型
D_E_
D_ee、ddE_、ddee
品系
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
类型
正常株
雄株
雌株
数目
998
1 001
1 999
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