资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩47页未读，
继续阅读
所属成套资源：备战2024中考资源日历——中考物理真题变式题附解析
成套系列资料，整套一键下载
2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题16-20题
展开
这是一份2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题16-20题，文件包含精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题16-20题解析版docx、精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题16-20题原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共77页， 欢迎下载使用。
【答案】 ①. 烧杯 ②. 94 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]物理实验器材的组装过程中，若为竖直方向的实验装置，需要从下往上逐步组装，因此应先确定烧杯。
[2]图甲中温度计的分度值为1℃，因此读数为94℃。
[3]由图乙图像分析可知，水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
变式题1基础
2. 如图甲、乙是小明和小英在探究“水沸腾时温度变化的特点”设计的实验装置；实验中最好选用______装置，水沸腾时______热量，但温度不变。
【答案】 ①. B ②. 吸收
【解析】
【详解】[1]B装置与A装置相比多了一个盖板，能够更快的让水沸腾，故最好选用B装置。
[2]水沸腾时，继续吸收热量，但温度保持不变。
变式题2基础
3. 小天同学用图甲所示的装置探究“水沸腾的规律”，图乙是他绘制的温度和时间关系图像。他观察发现，水沸腾后，气泡的体积在上升过程中变___________；分析图像可知，水沸腾后，继续加热，温度___________。
【答案】 ①. 大 ②. 保持不变
【解析】
【详解】[1]水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，由于水的压强随深度的增加而增加，所以气泡越到上面，所受水的压强越小，这样内外气压不平衡，内面气压大于外面气压，所以气泡会膨胀、变大。
[2]由图乙中图像可知，第180s到360s，水的温度保持100℃不变，此时水已经沸腾，水沸腾后继续吸热，温度保持不变。
变式题3基础
4. 小凡同学在“观察水的沸腾”实验中，水沸腾时温度计示数如图1所示，为 _____℃，分析图2所示图像，可知水在沸腾过程中温度 _____（升高/不变/降低）。
【答案】 ①. 98 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]由图1可知，温度计分度值为1℃，此时水的温度为98℃。
[2]由图2可知，水在沸腾过程中温度保持不变，是一条平行于横轴的线。
变式题4巩固
5. 在探究水沸腾时温度变化特点的实验中，如图甲所示，实验前需要调节铁圈的高度，此时的酒精灯应___________（选填“点燃”或“不点燃”）；如图乙所示，实验过程中，某时刻温度计的示数为___________；图丙是水的温度与时间关系的图像，由图像可知，水在沸腾的过程中不断吸热，温度___________。
【答案】 ①. 点燃 ②. 92 ③. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]要根据酒精灯外焰确定铁圈高度，所以此时的酒精灯应点燃。
[2]温度计分度值1℃，所以温度为92℃。
[3]由图，水沸腾后继续吸热，但温度保持98℃不变。
变式题5巩固
6. 他在做观察水的沸腾实验中，某时刻观察到温度计示数如图甲所示。则此时水的温度_____℃；为根据记录数据画出加热过程中水的温度与时间关系图像如图乙所示，分析图像可知，被测水的沸点_____℃，水在沸腾过程中温度_____（选填“升高”“降低”或“不变”）。
【答案】 ①. 56 ②. 98 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]甲图中的温度计每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是56℃。
[2]从图象可以看出，从第6分钟开始，水的温度保持98℃不变，所以沸点是98℃。
[3]水在沸腾过程中需要继续吸热，但温度保持不变。
变式题6巩固
7. 用如图甲所示的装置探究水沸腾时温度变化特点。实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，则此时水温为 _____℃；图丙是水的温度与时间关系的图像，由图像可知，水在沸腾的过程中不断吸热，温度_____（选填“升高”、“不变”或“降低”）水沸腾时大量气泡不断上升 _____（选填“变大”或“变小”），到水面破裂开来，里面的 _____（选填“空气”或“水蒸气”）散发到空气中。
【答案】 ①. 92 ②. 不变 ③. 变大 ④. 水蒸气
【解析】
【详解】[1]如图乙所示，温度计的分度值为1℃，此时读数为92℃。
[2]由图丙可知，水在沸腾的过程，温度保持98℃不变。
[3]沸腾后容器内各部分水的温度都相同，水汽化后的蒸气形成气泡，气泡在上升过程中受压强的影响，越往上水的压强越小，气泡就会逐渐变大。
[4]沸腾时的气泡中，是水汽化后形成的水蒸气，气泡会到水表面后破裂，释放出大量的水蒸气。
变式题7提升
8. 在“观察水的沸腾”实验中，小明按图甲安装器材，小明用同一装置进行了两次实验，并根据实验数据汇出了如图乙所示的图像。由图像可知，当时的气压 _______一个标准大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”），前6分钟内水吸收的热量 _______（选填“相同”或“不同”）；先后两次所用水的质量分别为m1、m2，则关于m1、m2的大小关系是m1_____m2。
【答案】 ①. 小于 ②. 相同 ③. ＞
【解析】
【详解】[1]由图乙可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以水的沸点是98℃；1标准大气压下水的沸点是100℃，气压越低，沸点越低，所以此时大气压小于1标准大气压。
[2]因为加热条件一样，加热时间的长短就反映吸热的多少，这是转换法，所以两次实验的前6分钟内水吸收的热量相同。
[3]两次达到沸点所用加热时间相同，即吸收的热量相同，m2比m1初温低，所以m2升温更快，所以m1＞m2。
变式题8提升
9. 在“观察水的沸腾”的实验中，安装如图甲所示的实验装置时，石棉网的高度应根据 ____ 的高度调节。实验过程中，当水温上升到80℃时，每隔0.5min记录一次温度计的示数。当观察到水中有大量的气泡产生，且在上升过程中体积逐渐 ____ ，升至水面破裂，我们认为水开始沸腾。沸腾一段时间后停止加热，测出该过程中的温度，绘制出温度随时间的变化图像如图乙所示。根据图像可知水的沸点为 ___ ℃，沸腾时，持续加热水温不变的主要原因是 ____ 。
【答案】 ①. 酒精灯外焰 ②. 变大 ③. 99 ④. 水剧烈汽化变成水蒸气，吸收大量的热
【解析】
【详解】[1]给烧杯加热时要用酒精灯的外焰加热，所以石棉网的高度应根据酒精灯处焰的高度调节。
[2]液体沸腾时，液体内部不断汽化，气泡在上升过程中体积逐渐变大。
[3]根据图乙可知，此时水的沸点为99℃。
[4]水沸腾时，持续加热水温不变的主要原因水剧烈汽化变成水蒸气，吸收大量的热。
变式题9提升
10. 在观察水的沸腾实验中，如（甲）图所示，向烧瓶中注入适量的温水，用酒精灯加热，观察水中发生的现象用“适量的温水”的目的是___________实验中，可根据___________现象，判断水已经沸腾，此时温度计的示数如（甲）图中所示为___________℃。撤去酒精灯后，立即塞紧瓶塞，将烧瓶如（乙）图倒置，当用冷水浇在烧瓶底部时，可以看到瓶内水又重新沸腾了，研究表明，液体的沸点与___________有关
【答案】 ①. 缩短实验时间 ②. 大量气泡上升、变大，到水面破裂开来 ③. 94 ④. 气压
【解析】
【详解】[1]在观察水的沸腾实验中，加入的水过多，水的温度太低，会导致加热时间过长。
[2]水的沸腾是一种剧烈的汽化现象，水沸腾时，大量气泡上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
[3]图示温度计的分度值是1℃，液柱位置在90℃上面第4个小格上，因此温度计示数为
90℃+1℃×4=94℃
[4]在烧瓶中注入刚沸腾的水，塞紧瓶塞，将烧瓶倒置，再用冷水浇，可使烧瓶中的水蒸气遇冷液化，导致瓶内气压降低，沸点降低，所以会看到水重新沸腾。
原题
11. 小刚用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像的规律，当蜡烛、凸透镜、光屏三者高度如图所示时，适当调节__________的高度后便可开始实验；当蜡烛距凸透镜25cm时，移动光屏，在光屏上承接到一个清晰缩小的像，生活中的__________就是根据该成像规律制成的；把蜡烛适当靠近凸透镜，应将光屏____（选填“靠近”或“远离”）凸透镜，才能再次承接到清晰的像。
【答案】 ①. 蜡烛 ②. 照相机 ③. 远离
【解析】
【详解】[1]探究凸透镜成像的规律时，要调节蜡烛、凸透镜、光屏三者同一高度，由图可知，蜡烛偏高，则要适当将蜡烛向下调节。
[2]当蜡烛距凸透镜25cm，即物距大于两倍焦距时，移动光屏，在光屏上承接到一个清晰缩小的像，照相机就是根据该成像规律制成的。
[3]把蜡烛适当靠近凸透镜，即物距变小，则像距变大，则应将光屏远离凸透镜，才能再次承接到清晰的像。
变式题1基础
12. 小杨在做凸透镜成像规律的实验时，他将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，如图所示。调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度后，小杨将蜡烛放置在10cm刻度线处，移动光屏，在光屏上呈现烛焰清晰的_____（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像；将蜡烛放置在35cm刻度线处，向右移动光屏，光屏上可呈现烛焰清晰的______（选填“倒立”或“正立”）的像。
【答案】 ①. 缩小 ②. 倒立
【解析】
【详解】[1]凸透镜焦距为10cm，将蜡烛放置在10cm刻度线处，此时物距
500cm-10.0cm=40.0cm
物距大于二倍焦距，成倒立缩小实像。
[2]将蜡烛放置在35cm刻度线处，此时物距
50.0cm-35.0cm=15.0cm
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立放大实像。
变式题2基础
13. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将凸透镜、点燃的蜡烛和光屏放在图所示的位置时，在光屏上能观察到清晰的实像，其像距为______cm，______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像规律工作的。若将蜡烛适当向左移动，则光屏也需适当______（选填“靠近”或“远离”）凸透镜才能再次观察到清晰的像。
【答案】 ①. 25.0 ②. 投影仪 ③. 靠近
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，凸透镜在50.0cm处，光屏在75.0cm处，此时成清晰的像，所以像距为
v=75.0cm-50.0cm=25.0cm
此时的物距为15cm，物距小于像距，因此物距在一倍焦距到二倍焦距之间，所以成倒立放大的实像，应用于投影仪。
[3]根据凸透镜成实像时的特点，物近像远像变大，物远像近像变小，因此蜡烛适当向左移动远离凸透镜，所以光屏应靠近凸透镜才能再次观察到清晰的像。
变式题3基础
14. 在如图所示的位置，凸透镜焦距为10厘米，保持透镜不变，当蜡烛在15厘米刻度处时，为了在光屏的中心找到像，应调整光屏的________，并将光屏向_______方向移动(选填“远离透镜”或“靠近透镜”)，在光屏上会得到_________像。
【答案】 ①. 高度 ②. 靠近透镜 ③. 倒立缩小的实
【解析】
【详解】[1]为使像能成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处，所以光屏应向上调整，即应调整光屏的高度。
[2][3]由题意知，凸透镜的焦距f=10cm，凸透镜放在了50cm刻度处，当蜡烛在15cm刻度处时，物距为
u=50cm-15cm=35cm
此时u＞2f，由凸透镜成像的规律可知，此时成倒立缩小的实像，并且像处于f＜v＜2f之间，现在光屏放在了70cm处
70cm-50cm=20cm
正好在2倍焦距上，所以光屏应靠近透镜。
变式题4巩固
15. 如图所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的倒立、______的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”），此实验现象与______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同。保持透镜位置不变，将蜡烛向左移，光屏必须向______（选填“左”或“右”）移动，才能再次呈现清晰的实像。
【答案】 ①. 缩小 ②. 照相机 ③. 左
【解析】
【详解】[1][2]如图所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的实像，此时物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
[3]保持透镜位置不变，将蜡烛向左移，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，光屏必须向左移动，才能再次呈现清晰的实像。
变式题5巩固
16. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中，将点燃的蜡烛及焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上，如图所示，要在光屏上承接到烛焰清晰的像，需将光屏向 ___________（填“左”或“右”）移动适当的距离，这一成像性质在日常生活中的应用是 ___________（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 右 ②. 照相机
【解析】
【详解】[1][2]凸透镜的焦距为15cm，由图可知，凸透镜放在光具座刻度50.0cm位置处，蜡烛放在刻度15.0cm处，此时物距u=35.0cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，此时像在一倍焦距到2倍焦距之间，即光屏向右移动，才可成清晰的像，照相机是利用这一原理工作的。
变式题6巩固
17. 小邓同学用焦距为10cm的凸透镜等器材，探究凸透镜成像规律。
将蜡烛、凸透镜、光屏依次放到光具座上，点燃蜡烛调节它们的位置如图所示，此时小明发现光屏上的像位于光屏的上方，为了使像成在光屏中心，应将蜡烛向______调节。正确调节后，在光屏中心承接到了一个倒立、______的实像，生活中的______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）是利用这一原理工作的。
【答案】 ①. 上 ②. 缩小 ③. 照相机
【解析】
【详解】[1]凸透镜所成的实像是倒立的，像成在光屏的上方，可以把光屏向上调节、把蜡烛向上调节、或者把凸透镜和光屏同时向下调节。
[2]由图可知，此时物距是30.0cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理工作的。
变式题7提升
18. 小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到______，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。光屏上所成的像是倒立、______的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是_________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 同一高度上 ②. 缩小 ③. 照相机
【解析】
【详解】[1]探究凸透镜成像规律时，为了使像成在光屏中央，烛焰、凸透镜、光屏的中心要在同一高度上。
[2][3]由题可知，物距
u=50cm-20cm=30cm
凸透镜的焦距为10cm，所以u>2f，此时像距在一倍焦距与二倍焦距之间，凸透镜成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同。
变式题8提升
19. 勤于动手的小聪在探究凸透镜成像规律过程中，将蜡烛、凸透镜和光屏按如图所示放置时，蜡烛通过凸透镜在光屏上形成一个倒立、______（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰的像，利用凸透镜这一成像规律制成的是______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移到“28cm”刻度线位置，他将自己佩戴的眼镜放在蜡烛和透镜间适当位置时，光屏上又出现了清晰的像，则小明所患的眼疾是______。（选填“近视眼”或“远视眼”）。
【答案】 ①. 缩小 ②. 照相机 ③. 远视眼
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]烛焰到凸透镜的距离是物距，光屏到凸透镜的距离是像距。由图知，物距大于像距，且光屏上能成清晰的像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像。照相机就是利用凸透镜这一成像规律制成的。
[3]若保持透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移到“28cm”刻度线位置，物距减小了，像距会变大，像成在光屏的后方，他将自己佩戴的眼镜放在蜡烛和透镜间适当位置时，光屏上又出现了清晰的像，这说明该眼镜对光线具有会聚作用，即该眼镜是凸透镜，能矫正远视眼。
变式题9提升
20. 小明利用焦距为10.0cm的凸透镜做实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到清晰像的情况如图所示，此时成 _______、倒立的实像；若将蜡烛移至25cm刻线处，移动光屏，在光屏上 _______接收到蜡烛的像（选填“能”或“不能”）；图示中，只将凸透镜换为焦距为8cm的凸透镜，为在光屏上得到清晰的像，光屏应向 ___________侧移动（选填“左”或“右”）。
【答案】 ①. 放大 ②. 不能 ③. 左
【解析】
【详解】[1]由图示知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛与凸透镜的距离即物距为18.0cm，而凸透镜的焦距为10.0cm，说明物距大于一倍焦距而小于二倍焦距，所以在光屏上成倒立、放大的实像。
[2]将蜡烛移至25cm刻度线处，物距为5cm，小于一倍焦距，成的是虚像，所以在光屏上不能承接到像。
[3]只将凸透镜换为焦距为8cm的凸透镜，则物距仍为18.0cm，但是物距此时大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，像距应小于二倍焦距而大于一倍焦距，所以应将光屏向左移动。
原题
21. 在测量小灯泡电阻的实验中，小会选用标有“2.5V”字样的小灯泡进行实验。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整_________；
（2）连接电路时，开关应处于_________状态。连接好电路，将滑片P移至最右端，接通电路后，发现小灯泡不发光，电压表示数约为3V，其原因可能是小灯泡__________________；
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，电压表示数如图乙所示为___________V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向_________端滑动；
（4）下表是记录的实验数据，则小灯泡正常发光时的电阻约为________（结果保留小数点后1位）；实验中发现灯泡越亮，温度越高，结合数据可知：灯丝温度越高，电阻越__________；
（5）小会在实验过程中发现用力捏滑片与电阻丝接触处，灯泡发光明显变亮。请结合影响导体电阻大小的因素，分析产生这一现象可能的原因是__________________。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. 断路（开路） ④. 2.2 ⑤. 左 ⑥. 8.3 ⑦. 大 ⑧. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]根据测电阻实验的要求，电路为串联电路，电压表测灯泡电压，电流表测灯泡电流，因此需要把灯泡的右接线柱，电流表的左接线柱连接在一起，如图所示：
（2）[2]为确保电路安全，连接电路时开关需要断开。
[3]闭合开关后，灯泡不亮说明电路出现断路，此时电压表有示数且等于电源电压，则确定为小灯泡断路，电压表此时串联接入电路，测电源电压。
（3）[4]根据图乙可知，电压表使用的是小量程，分度值为0.1V，因此示数为2.2V。
[5]为使灯泡正常发光，需要把灯泡电压调至2.5V，即滑动变阻器的电压需要减小，根据串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，故而滑片P向左调节。
（4）[6]由表中数据可知，灯泡电压为2.5V时，电流为0.3A，则电阻为
[7]根据表中数据计算可知，随温度的升高，灯泡电阻逐渐变大。
（5）[8]用力捏滑片与电阻丝接触处，增大了滑片与电阻丝接触的面积，即增大了横截面积而减小了电阻；或捏滑片减小了滑动变阻器接入电路中电阻丝的长度，从而减小了电阻。
变式题1基础
22. 某同学利用实验室提供的器材，测量标有电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电阻。他所连接的实验电路如图甲所示。
（1）在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片移至______（填“A”或“B”）端；
（2）实验中，第一次测量时的电压等于2.5V，小灯泡正常发光。之后调节滑动变阻器，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光，测量的数据如下表所示；
根据表格中的实验数据，图乙中能正确描述通过该小灯泡的电流I和其两端电压U之间关系的是______；（填“①”或“②”）
（3）第6次测量时，电流表指针的偏转如图丙所示。则电流表的读数为______A，此时小灯泡的电阻为______Ω；
（4）对比不同电压下小灯泡的电阻值可知，小灯泡的电阻随电压的增大而______（填“增大”“减小”或“不变”），主要原因是小灯泡的电阻受______的影响。
【答案】 ①. B ②. ① ③. 0.16 ④. 3.125 ⑤. 增大 ⑥. 温度
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应该移到阻值最大处B端。
（2）[2]由表中数据可知，第1次实验测得电阻为
第2次实验测得电阻为
第3次实验测得电阻为
同理可知，第四次、第五次、第七次测得的电阻分别为0.69Ω、4.74Ω、2Ω。即电阻随电压的降低而降低，并不是不变的。因此图乙中能正确描述通过该小灯泡的电流I和其两端电压U之间关系的是①。
（3）[3]有图甲可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A。电流表的示数为0.16A。
[4]此时小灯泡的电阻为
（4）[5][6]由（2）的计算结果可得，小灯泡的电阻并不是固定不变的，它受温度的影响，随着电压的增大而增大。
变式题2基础
23. 综合实践课上，小微同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）连接电路时，开关应 _______；实验开始前，滑动变阻器的滑片P应处于最 _____（选填“左”或“右”）端；
（2）闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，她应注视 ________（选填“电压表”、“电流表”或“滑动变阻器”）的变化情况，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是 _____（选填字母符号）；
A．滑动变阻器接触不良
B．小灯泡短路
（3）排除故障后继续实验，她将得到数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图所示为 _________A，则小灯泡正常发光时的电阻为 ________Ω（保留一位小数）。
（4）实验结束后，她看见桌面上还有一个阻值为15Ω的定值电阻，想按照表格给定的四组电压值，验证“导体中电流与电压的关系”，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，她需更换滑动变阻器，其阻值不小于 _________Ω。
【答案】 ①. 断开 ②. 右 ③. 电压表 ④. A ⑤. 0.26 ⑥. 9.6 ⑦. 52.5
【解析】
【详解】（1）[1][2]为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，由实物图可知，滑动变阻器的滑片应处于最右端才是接入阻值最大处。
（2）[3][4]用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻时，移动滑动变阻器的滑片P，要让小灯泡在额定电压下工作，所以眼睛要注视电压表的示数；电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是滑动变阻器接触不良，如果是小灯泡短路，电压表就没有示数，故选A。
（3）[5][6]由乙图可知，电流表选用0～0.6A的量程，分度值为0.02A，则电流表的读数为0.26A，此时小灯泡的电阻为
（4）[7]为完成实验，有以下2种方法：
①在第1次数据中，电流最小，所需变阻器最大，此时电源电压为
电源电压最大为3V，第1次实验，电压表示数调不到1V，因此可更换一个电源，要求电源电压为2.5V～3V；
②为完成实验，也可以只更换滑动变阻器，电源电压仍为4.5V，第1次实验时电压表示数最小为1V，则变阻器两端的最大电压为
4.5V﹣1V＝3.5V
由串联分压的规律可得
解得R滑大＝52.5Ω，即更换一个最大阻值不小于52.5Ω的滑动变阻器。
变式题3基础
24. 如图甲是小明用伏安法测量额定电压为2. 5V小灯泡电阻的实物图。
丙
（1）用笔画线代替导线，补画一根导线将图甲中的实物电路连接完整_________；
（2）实验中当滑动变阻器的滑片滑到某位置时，电压表示数如图乙所示为_________V，此时电流表的示数为0. 200A，此时小灯泡的电阻为_________Ω；
（3）如图丙是小明设计的实验数据记录表，该表格存在的不足之处是_________。
【答案】 ①. 或 ②. 2. 2 ③. 11 ④. 只有一次实验
【解析】
【详解】（1）[1]根据伏安法测电阻的原理可知，电压表并联接入电路且测量小灯泡两端的电压，已知小灯泡的额定电压为2.5V，则电压表应该选择小量程，如图所示：
或
（2）[2]如图乙所示，电压表选择的是小量程，分度值为0.1V，电压表示数为2.2V。
[3]因为此时电流表的示数为0. 200A，根据欧姆定律可知，此时小灯泡的电阻为
（3）[4]如图丙所示的表格，只列举了一组数据，进行了一次实验，结果具有偶然性。
变式题4巩固
25. 【规范操作，精准测量】小冰在测量小灯泡电阻的实验中，用标有“20Ω 2A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线、3节干电池和额定电压为2.5V的小灯泡，进行实验。
（1）根据电路图甲，请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路补充完整；___________
（2）小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，请你指出实验中操作的不当之处___________；
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，先后测量得到2组数据如下表所示。小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是___________。当电压表示数为2.5V时，记录电流表示数如图丙所示，为___________A，此时小灯泡的电阻值为___________Ω（保留1位小数）；
（4）根据测得的数据，小冰发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，其原因是___________。
【答案】 ①. ②. 连接电路时开关没有断开 ③. 调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为2.5V ④. 0.3 ⑤. 8.3 ⑥. 小灯泡电阻随温度升高而增大
【解析】
【详解】（1）[1]根据电路图，可知需要连接滑动变阻器与电流表之间的电路。滑动变阻器的接线柱要选择一上一下接线柱。如下图所示
（2）[2]由题意：小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，可判断小冰在连接电路之前肯定没有断开开关。
（3）[3]小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是首先要让小灯泡到达额定电压的2.5V，即调节滑动变阻器使电压表的示数到达2.5V，因为本题的目的是要测量正常发光的灯泡的电阻，只有灯泡两端的电压达到额定值时，我们测出的电阻才能达到要求。
[4]根据电流表的接线柱的位置，可知电流表应该读下面一行的刻度，从刻度上可知此时电流为0.3A。
[5]根据欧姆定律
（4）[6]小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，因为小灯泡在不同的电压下，电流不同。由于电流的热效应，灯泡发光时灯丝的电阻会发热，温度会升高，而绝大多数导体的电阻随温度的升高而增大，所以小灯泡在不同的电压下电阻不同。
变式题5巩固
26. 用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，根据实验数据绘制的小灯泡的I一U图象如图乙所示。
（1）连接电路时，开关应______；
（2）用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整；______
（3）开关闭合前，滑动变阻器的涓片应在滑动变阻器的______端；（选填“左”或“右”）
（4）电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡______；
（5）排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动：
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻为______；
（7）实验还发现，通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的、造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而______。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【答案】 ①. 断开 ②. ③. 左 ④. 短路 ⑤. 右 ⑥. 10Ω ⑦. 增大
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）[2]电压表与灯泡并联接入电路，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选0～3V的量程接入电路，电路连接如下图
（3）[3]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大值，即最左端。
（4）[4]闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路；小灯泡不亮，电压表无示数，说明小灯泡短路。
（5）[5]电流表接入电路的量程为0～0.6A，每一小格表示0.02A，所以电流表的示数为0.16A，由乙图知道，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，此时通过电路的电流小于灯泡的额定电流，由欧姆定律知道，滑动变阻器接入电路的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片应右移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小。
（6）[6]由乙图知道，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，由欧姆定律知道，灯泡正常发光时的电阻
（7）[7]通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的，造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而增大。
变式题6巩固
27. 在测定“小灯泡的电阻”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。图1是关越同学没有连接完的实物电路。
(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；（ ）
(2)实验中，关越同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是____________；
(3)故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数如图甲所示，读数为______V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向______端滑动（选填“左”或“右”）；
(4)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是________Ω；（保留1位小数）
(5)实验还发现，通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的，造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而_________。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【答案】 ①. ②. 灯泡开路 ③. 2.2V ④. 左 ⑤. 10.4 ⑥. 增大
【解析】
【详解】(1)[1]小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω，电路中电流约0.25A，电流表选用0.6A量程，滑动变阻器下端接线柱已接，上端任选一个接线柱，如图所示：
(2)[2]连接好电路后，闭合开关，移动滑片，小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，故障的原因可能是小灯泡开路。
(3)[3]电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.2V。
[4]要测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表应为2.5V，使灯泡两端电压升高，应减小滑动变阻器电阻，将滑片P向左移动。
(4)[5]电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，图乙示数为0.24A，额定电压为2.5V，根据欧姆定律可知，电阻为10.4Ω。
(5)[6]灯泡的电阻不是定值电阻，会随着温度的升高而增大。
变式题7提升
28. 在“用伏安法测小灯泡的电阻”实验中，待测小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲实物图未连接部分补充完整________；（要求连线不得交叉）
（2）连接电路时，开关断开，并将滑动变阻器的滑片置于阻值__________处；
（3）开关闭合后，发现小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，则原因可能是__________；
（4）排除故障后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向__________（选填“左”或“右”）移动；
（5）根据实验数据绘制的I—U图像如图丙所示，分析图像可知，小灯泡正常发光时的电阻为__________Ω。
【答案】 ①. ②. 最大 ③. 灯泡断路 ④. 右 ⑤. 10
【解析】
【详解】（1）[1]灯泡的额定电压为2.5V，电压表遵循“正进负出”的原则选择小量程与灯泡并联接入电路，电流表的负接线柱与电源负极相连，如下图所示：
（2）[2]为保护电路，连接电路时，开关应断开，并将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。
（3）[3]开关闭合后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表能接在电源两端，所以故障为灯泡断路。
（4）[4]由图乙可知电压表分度值为0.1V，示数为2.2V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，灯泡两端的电压应增大为2.5V，根据串联电路电压规律可知需减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的阻值，所以应将滑动变阻器的滑片向右移动。
（5）[5]由图丙可知灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻
变式题8提升
29. 如图1所示为测量小灯泡L电阻的电路图，小灯泡L的额定电压为，电源电压为3V。
（1）如图1所示，当滑动变阻器的滑片向右滑动时小灯泡亮度变大，请你用笔画线代替导线将图2所示的实物正确连接；___________
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于___________（选填“左”或“右”）端；
（3）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表指针均不偏转，电压表示数始终为3V。电路中只有一处故障，则产生这一现象的原因可能是___________；
（4）排除故障后，继续实验，测出在不同电压下通过小灯泡的电流，记录实验数据如表，并计算出对应的小灯泡电阻。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图3所示，则此时通过灯泡的电流是___________A。小灯泡L正常发光时的电阻为___________Ω（结果保留一位小数）；
（5）分析实验数据可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡电阻越来越大，其原因是小灯泡电阻大小受___________的影响；
（6）在测量某未知电阻的阻值时，由于电流表损坏，某同学设计了如图4所示的电路图，定值电阻的阻值已知，操作步骤如下：
①将开关S、闭合，读出电压表的示数为；
②___________，读出电压表的示数为；
③所以未知电阻阻值的表达式为：___________。（用已知量和测量量的符号表示）
【答案】 ①. ②. 左 ③. 小灯泡断路 ④. ⑤. ⑥. 温度 ⑦. 闭合开关S、断开开关 ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]电压表与灯泡并联，因为灯泡的额定电压为，所以电压表选用的量程，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器的滑片向右滑动时小灯泡亮度变大，说明电流表示数变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：
（2）[2]为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的左端。
（3）[3]电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的小灯泡断路了。
（4）[4]图3中电流表选用小量程，分度值为，示数为，此时通过灯泡的电流是0.3A。
[5]由于此时灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压，因此此时灯泡正常发光，由欧姆定律可知，此时灯泡的电阻
（5）[6]小灯泡的电阻随温度的升高而增大，因此随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡电阻越来越大；
（6）[7][8]①将开关S、闭合，读出电压表的示数为；
②闭合开关S、断开开关，读出电压表的示数为；
③在①中，被短路，电路为的简单电路，电压表测电源电压，因此电源电压为，
在②中，两电阻串联，电压表测待测电阻两端的电压，因此此时待测电阻两端的电压为，由串联电路电压的规律可知，定值电阻的电压
由串联电路的电路规律可知，通过的电流
由欧姆定律可知，待测电阻阻值的表达式为
变式题9提升
30. 高松同学用“伏安法”测量一只标有“2.5 V”字样小灯泡的电阻（电阻大约在10 Ω左右）。
(1)如图甲所示是高松连接的实物电路图，请你用笔画线代替导线，替他把电路连接完整（要求选择合适的量程，导线不得交叉）。（ ）
(2)连接电路前，开关应处于__________状态，滑动变阻器的滑片P应移到__________（选填“A”或“B”）端。
(3)电路连接完成后，高松闭合开关S，发现小灯泡L 不发光，电流表、电压表的示数如图乙所示，电路中出现的故障可能是_______________。
(4)实验完成后，高松将有关数据和现象填在下列表格里：
则小灯泡正常发光时的电阻是________Ω。（保留一位小数）
(5)通过表中数据的相关计算，高松不但了解到小灯泡电阻的变化规律，而且还有一个重要发现，你认为他的发现是：_________________。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. B ④. 小灯泡L短路 ⑤. 8.3 ⑥. 灯泡的实际功率越大，灯泡越亮
【解析】
【详解】(1)因为灯泡的额定电压为2.5 V，所示电压表的量程应选择0~3 V，且与灯泡并联，滑动变阻器应按“一上一下”的原则接入电路，故可接滑动变阻器的任一上方接线柱与灯泡串联组成电路，如答图所示；(2)为保证电路安全，连接电路前，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；(3)由图乙可知，电流表有示数，电压表无示数，且灯泡不亮，说明电压表并联部分短路，电路中出现的故障可能是小灯泡L短路；(4)由表中实验数据可知，小灯泡的额定电压U＝2.5 V时，流过灯泡的电流I＝0.3 A，则小灯泡正常发光时的电阻R＝＝≈8.3 Ω；(5)由表中实验数据可知，随着灯泡两端电压U增大，流过灯泡的电流I增大，但是ΔU＞ΔI，由R＝知，灯泡电阻增大，因为灯泡电阻随温度升高而增大，随灯泡电压与电流的增大，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮。
原题
31. 小婷在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，在U形管接头处加装了一个“三通接头”，如图甲所示。
（1）U形管与探头连接时，阀门K应处于__________（选填“打开”或“关闭”）状态，以确保U形管内的水面相平；组装完成后，轻压探头的橡皮膜到一定程度，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置___________（选填“漏气”或“不漏气”）；
（2）比较图乙与__________两图，可得出液体压强随深度的增加而增大；比较图丙与丁两图，还可初步得出液体在同一深度向各个方向的压强_____；
（3）若需通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，应将图戊中的探头向_____移动适当的距离；移动探头后，观察到U形管水面高度差为，此时探头受到盐水的压强为，小婷取出探头放回水中，当U形管水面高度差再次为时，测出探头在水中的深度为0.2m，则_________Pa；
（4）小婷发现探头所处深度较浅时，U形管两液面的高度差不明显，可将U形管中的水换成密度更_____的液体以方便读数；探究过程中，保持探头所处深度不变，将U形管逐渐向后倾斜，偏离竖直方向，U形管中两液面所对刻度线间的距离将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 打开 ②. 不漏 ③. 丙 ④. 相等 ⑤. 上 ⑥. 2000 ⑦. 小 ⑧. 变大
【解析】
【详解】（1）[1]U形管与探头连接时，需要保持U形管两侧的压强相同，因此需要把阀门K打开。
[2]压探头的橡皮膜时，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置的气密性较好，装置不漏气。
（2）[3]探究液体压强与深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变探头所处的深度，故乙、丙两图符合题意。
[4]丙与丁两图中，同种液体，探头所处的深度相同，只改变探头的方向，U形管液面的高度差几乎相同，说明：同种液体、同一深度各个方向的压强大小相等。
（3）[5]若要通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，需要控制探头所处的深度相同，因此图戊中的探头需要向上移动。
[6]当U形管液面的高度差相同时，则探头受到的压强大小相等，所以探头受到盐水的压强为
（4）[7][8]U形管两液面的高度差不明显，根据可知，可将U形管中的水换成密度更小的液体进行实验；将U形管逐渐向后倾斜，偏离竖直方向，U形管中两液面所对刻度线间的距离将会变大。
变式题1基础
32. 小明利用如图甲所示实验装置探究液体内部压强的特点，乙、丙容器中装有盐水，丁容器中装有水，三个容器中液面的高度相同。
（1）图甲是U形管压强计，金属盒上的橡皮膜应该选用______（选填“薄”或“厚”）一些的较好，从结构来看，压强计______（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）比较图乙、丙两次实验可知：同种液体内部压强随深度的增加而______；比较乙、丁两次实验可初步判断：液体内部压强与液体密度______（选填“有关”或“无关”）；
（3）由于水和盐水密度差异较小，导致实验现象不明显，小明将U形管换成内径更细的管，______（选填“会”或“不会”）使实验现象更明显；
（4）若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为______Pa；在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将______（选填“变大”、“变小”或“无法判断”）（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）。
【答案】 ①. 薄 ②. 不是 ③. 增大 ④. 有关 ⑤. 不会 ⑥. 500 ⑦. 无法判断
【解析】
【详解】（1）[1]用压强计测量液体内部压强，通过U型管左右液面出现高度差来反映压强的大小，所以U形管压强计金属盒上的橡皮膜应较薄，这样压强计较灵敏。
[2]U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此U形管不是连通器。
（2）[3]乙、丙两次实验是探究液体压强大小与深度的关系，控制了液体的密度相同、金属盒的方向相同，而深度不同，通过U型管液柱的高度差不同得出：同种液体内部压强随着深度的增加而增加。
[4]乙、丁两次实验金属盒方向相同，深度相同，液体的密度不同，两组实验U型管液柱的高度差也不同，故可初步判断：液体内部压强与液体密度有关。
（3）[5]根据可知，若压强和深度相同，U型管中液柱高度差只与液体密度有关，“将U型管换成更细的”不能使两侧液面高度差对比更加明显。
（4）[6]图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，即0.05m，由可知，橡皮管内气体的压强与管外大气压之差
[7]在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），容器内液体密度减小，但金属盒位置液体的深度增大，根据可知，橡皮膜受到的液体压强将无法判断。
变式题2基础
33. 如图所示是用压强计“研究液体内部的压强”的实验装置。
（1）压强计上的U形管______（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
（3）使用U形管压强计前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下金属盒的橡皮膜，如果按压时U形管中的水面几乎不发生变化，则说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）；
（4）如图乙所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差______；
（5）比较图中的乙和丙图，可以得到；液体的压强与______有关。比较图中______两图，可以得液体的压强与液体密度有关；
（6）实验过程中，主要采用的研究方法是转换法和______法，最后可得到影响液体内部压强大小的因素是液体密度和深度；
（7）已知图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为______Pa。（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ盐水=1.1×103kg/m3，g=10N/kg）
【答案】 ①. 不属于 ②. B ③. 漏气 ④. 不变 ⑤. 液体的深度 ⑥. 丙、丁 ⑦. 控制变量 ⑧. 1000
【解析】
【详解】（1）[1]这是测量液体压强的压强计；它的左端是密闭的，所以不是连通器。
（2）[2]若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的，都等于大气压。当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[3]压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，如果按压时U形管中的水面几乎不发生变化，则说明该装置漏气。
（4）[4]由同一深度，液体中的某个点各个方向压强都相等可知，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差不变。
（5）[5]比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同；丙图中金属盒所处深度更深，U形管两侧的液面高度差更大，说明液体压强更大。故可以得到：在不同深度，液体内部压强与液体的深度有关，液体深度越深，压强越大。
[6]研究液体的压强与液体密度的关系，要改变液体的密度，控制液体的深度相同，故比较图中丙、丁两图，金属盒所处深度相同，方向相同，液体的密度不同，U形管两侧的液面高度差不同，故可以得出液体的压强与液体密度有关。
（6）[7]液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，这用到了控制变量法，液体的压强不好直接测量，通过U形管两侧液面高度差反映液体压强的大小，这里用到了转换法。所以本试验主要采用了转换法和控制变量法，最后可得到影响液体内部压强大小的因素是液体密度和深度。
（7）[8]图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为
变式题3基础
34. 如图所示是小刚在探究“影响液体压强大小的因素”的实验过程。
（1）实验前，小刚同学检查装置时发现，用力按探头的橡皮膜，U形管两边液面均处在同一水平线上，则这套实验装置出现的问题可能是 ___________，此时这个U形管 ___________（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）实验中是通过观察U形管中液面高度差来比较液体压强的大小的，这种实验方法叫做 ___________；
（3）通过比较 ___________两图可知，在同种液体内部，深度越深，压强越大；通过比较乙、丙两图可知，在不同液体内部的同一深度，液体密度越大，压强越 ___________；
（4）如图甲所示，保持压强计探头在液体中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强 ___________；
（5）固定图乙中探头的位置不动，向容器内慢慢加水（若水未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水___________（选填“>”、“＜”或“=”）p盐水。
【答案】 ①. 气密性差 ②. 属于 ③. 转换法 ④. 甲乙 ⑤. 大 ⑥. 相等 ⑦. ＜
【解析】
【详解】（1）[1]用力按压探头的橡皮膜，U形管两边的液面处于同一水平线，没有液面差，说明装置可能漏气，气密性差。
[2]由于U形管本身不是属于连通器，但是由于装置出现了漏气现象，变成了上端开口，底部连通，所以此时这个漏气的U形管属于连通器。
（2）[3]压强计是通过U形管中的液面高度差来反映被测压强的大小，液面高度差越大，液体的压强越大，这种用容易测量或观察到的现象来显示不容易测量和观察到的现象的方法叫转换法。
（3）[4]比较甲乙两图，在相同的液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，乙处的深度大，U形管两侧的液面高度差大，可得出实验结论：同种液体内部，液体深度越深，压强越大。
[5]通过比较乙丙两图发现，在不同液体的同一深度，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，丙液体中U形管两侧的液面高度差大，可得出实验结论：在不同液体内部的同一深度，液体密度越大，压强越大。
（4）[6]保持压强计探头在液体中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强都相等。
（5）[7]固定图乙中探头的位置不动，向容器内慢慢加水（若水未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，说明此时探头位置的乙、丙两装置压强相同
乙与丙两装置探头下部分的深度相同，但是密度，根据液体压强公式可得
则烧杯底部受到液体压强的大小关系
即
变式题4巩固
35. 如图所示，小融同学利用液体压强计等装置“探究液体内部的压强规律”。
（1）如图甲所示，小融在检查压强计的气密性时，用不同的力按压探头的橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差变化始终较___________（选填“大”或“小”），说明压强计的气密性较差；
（2）小融调节好压强计后，将探头放入水中，保持探头深度不变，向不同方向旋转探头，发现U形管两侧液面高度差不变，说明同种液体同一深度，向各个方向的压强___________；
（3）分析图乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随深度增加而___________。若橡皮膜的表面积，图丙中，则此时橡皮膜受到水的压强为___________Pa，受到水的压力为___________N（g=10N/kg，杯内液体密度）；
（4）为了研究液体压强与液体密度的关系，小融将液体压强计做了如图丁的改进。当两探头置于空气中时，U形管两侧液面相平。现将两探头分别放入A、B两种液体中，当两探头所处深度分别为、时，U形管两侧液面重新相平。已知A液体的密度为，则B液体密度的表达式为___________（用已知字母表示）。
【答案】 ①. 小 ②. 相等 ③. 增大 ④. 1000 ⑤. 1.2 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]实验前，取出压强计，用手指反复用力按压探头的橡皮膜，若发现U型管两侧的液面高度差变化始终较小，则说明该压强计的气密性很差。
（2）[2]由题意可知，在同种液体中，橡皮膜所处的深度相同，方向不同，此时U形管两侧的液面差相同，即橡皮膜受到的压强相同，所以这说明同种液体同一深度，向各个方向的压强相等。
（3）[3]由图乙、丙可知，在同种液体中，橡皮膜所处的深度不同，方向相同，此时U形管两侧的液面差不同，橡皮膜所处的深度越深，U形管两侧的液面差越大，即橡皮膜受到的压强越大，所以初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随深度的增加而增大。
[4][5]根据液体压强公式可得，此时橡皮膜受到水的压强为
p=ρgh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa
又因为橡皮膜的表面积为
根据压强公式可得，受到水的压力为
F=pS0=1000Pa×1.2×10-3m2=1.2N
（4）[6]由题意可知，当两探头所处深度分别为、时，U形管两侧液面重新相平，即pA=pB，根据液体压强公式可得
ρAghA=ρBghB
由此可得，B液体密度的表达式为
变式题5巩固
36. 如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）实验前应检查压强计装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体灵活升降，则说明装置__________（选填“漏气”或“不漏气”）。调节好的压强计放在空气中时，U形管的液面应该__________，为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用__________（选填“有色”或“无色”）的。
（2）图甲中把探头慢慢下移，可以观察到U形管两边液面的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而__________。
（3）要探究液体的压强与液体的密度是否有关，应选取装置乙和装置__________来进行研究。
（4）在探究液体的压强与液体的深度是否有关时，同组的小明同学认为也可以这样做：保持图丙中探头所处的位置不动，向烧杯中继续加水，U形管两侧高度差变大，你认为这种方法__________（选填“可以”或“不可以”）探究液体的压强与液体深度的关系。
（5）固定图乙中探头的位置不动，向容器中慢慢加水（未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水__________p盐水（选填“>”“<”或“=”）。
【答案】 ①. 不漏气 ②. 相平 ③. 有色 ④. 增大 ⑤. 丙 ⑥. 不可以 ⑦. <
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]检查装置气密性的方法：用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能够灵活升降，则说明装置的气密性很好，装置不漏气。
[2]调节好的压强计放在空气中时，U形管的液面应该相平，否则会对实验结果造成影响，如果出现不相平的情况，可试着重新插拔一下橡胶管。
[3]为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色的，可以往其中滴入红墨水，这样更利于观察。
（2）[4]把探头慢慢下移，深度变大，可以观察到U形管两边液面的高度差增大，说明在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大。
（3）[5]要探究液体的压强与液体的密度是否有关，应该控制深度一定，探头朝向相同，改变液体的密度，故应选取装置乙和装置丙来进行研究。
（4）[6]保持图丙中探头所处的位置不动，向烧杯中继续加水，盐水的深度和密度都在变化，通过U型管两侧高度差变大不能得到液体的压强与液体深度的关系，因为没有控制盐水的密度不变。
（5）[7]当乙U形管中液面的高度差与图丙相同时，说明乙、丙两图探头以上部分液体压强相同。两图中探头距烧杯底部的距离相等，但因丙图盐水密度大于乙图水的密度，由可知，探头以下部分液体产生的压强丙图较大，故烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水变式题6巩固
37. 如图所示，吉祥同学和如意同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）如意同学通过图甲观察发现压强计_____（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）如意同学使用前检查装置是否漏气。当她用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置_____（选填“漏气”或“不漏气”）；
（3）如意同学把压强计的橡皮膜和橡皮管更换后，在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，她们接下来的操作应是_____；
A.从U形管内向外倒出适量水 B.拆除软管重新安装 C.向U形管内添加适量水
（4）如图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而_____（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（5）如意同学在图丁中用刻度尺量出U形管左右两侧水面的高度差h＝12cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差为_____Pa（ρ盐水=1.2×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3）。但如意同学用刻度尺量出金属盒浸入盐水中的深度为11cm，请你帮他分析其中的原因：_______；
（6）聪明的吉祥同学利用U形管压强计改装成如图戊所示的测液体密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为5cm。U形管盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置（刻度值）的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可。当橡皮膜放入某液体中时，浮标指示在b处，a、b之间的距离为2cm，则该液体的密度为_____g/cm3，如意同学发现用该调节好的密度计测量液体密度时，测量值总是偏小，原因是______。
【答案】 ①. 不是 ②. 漏气 ③. B ④. 增大 ⑤. 1200 ⑥. 使橡皮膜发生形变需要力 ⑦. 0.8 ⑧. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]连通器应两端都开口，压强计是一端开口的，所以压强计不是连通器。
（2）[2]装置不漏气时，按压橡皮，U形管两边液面高度应有变化。因为液面几乎没有变化，故是漏气。
（3）[3]使用前U形管水面已有高度差，说明液面上方气压不相同，则应拆除软管重新安装。故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[4]如图乙、丙所示是将该装置的探头放人水中不同深度的情况，发现丙图中U形管两端液面高度差较大，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而增大。
（5）[5]橡皮管内气体的压强与大气压之差为
[6]用刻度尺量出金属盒浸入盐水中的深度为11cm，此时压强大小为
，主要是因为使橡皮膜发生形变需要力。
（6）[7]a、b之间的距离为2cm，则U形管左右两侧水面的高度差h′＝4cm，因为，则
即
解得
[8]由于使橡皮膜发生形变需要力，使测得的U形管两边液面高度差偏小，即测得的压强偏小，故测量的液体密度偏小。
变式题7提升
38. 小冯同学利用压强计探究“影响液体压强的因素”的实验。探究过程如下：
（1）为方便观察液柱高度差变化，图甲所示压强计U形管中的液体最好选用________（选填“无色”或“有色”）液体；
（2）小冯同学在实验前检查了图甲所示压强计的气密性，他的方法是用手指________橡皮膜（选填“轻按“或“重按”），观察U形管中液面的变化。当他按正确方法操作后，以下现象中能说明气密性良好的是________；
A．U形管两边液面始终保持静止
B．U形管两边液面出现上下灵活波动后相平
（3）实验时将探头放进盛有液体的容器中，小冯发现压强计探头处的橡皮膜受到液体的压强会________（选填“内凹”或“外凸”），此现象说明力可以改变物体的________；
（4）比较图中乙和丙可初步得出结论：液体内部压强大小与________有关。要探究液体压强与液体密度的关系，应选用图中________图和丁图进行对比；
（5）另一小组的小美同学将同一压强计的探头先后放入戊、己两种液体中的相同深度，U形管两侧的液面高度差如图戊、己所示。由此可知，压强计在戊、己两种液体中所受的压强大小关系是________（选填“>”、“=”或“<”），如果戊液体为水，则液体己的密度为________。
【答案】 ①. 有色 ②. 轻按 ③. B ④. 内凹 ⑤. 形状 ⑥. 液体深度 ⑦. 丙 ⑧. ＜ ⑨. 2.2×103
【解析】
【详解】（1）[1]为了更加容易观察液面的高度差，U形管中的液体选用有色液体。
（2）[2][3]实验中要检查装置的气密性需要用手轻压橡皮膜，若U形管两边液面上下灵活波动后相平，则说明装置气密性良好。
故选B。
（3）[4][5]压强计探头处的橡皮膜受到液体的压强后会向内凹陷，此现象说明力可以改变物体的形状。
（4）[6]乙和丙两图中，是同种液体，丙图中探头所处的深度较深，U形管液面的高度差大，说明液体压强的大小与液体的深度有关。
[7]要探究液体压强与液体密度的关系需要控制探头所处的深度相同，而改变液体的种类，应选用丙丁两图。
（5）[8]由戊、己两图可知探头所处的深度相同，己图中U形管液面的高度差大，说明己液体的压强大于戊液体压强。
[9]己液体能支撑的U形管液面高度差是戊液体支撑U形管液面高度差的2.2倍，即己液体的压强是戊液体液体压强的2.2倍。根据可知，深度相同，戊液体的密度是己液体密度的2.2倍，己液体是水，戊液体的密度为2.2×103kg/m3。
变式题8提升
39. 白鹤滩水电站位于金沙江下游，2023年电站建成后，将成为仅次于三峡水电站的中国第二大水电站。住在水电站附近的莉莉看见日益高耸的大坝，于是联合小晨利用压强计探究影响液体内部压强大小与什么因素有关。
（1）实验所用的压强计探头上的橡皮膜应该选用较________（选填“薄”或“厚”）一些的较好。该实验是通过U形管两侧液面高度差来反映压强计探头受到的压强大小，这种实验方法是________（选填“转换法”、“控制变量法”或“理想模型法”）；
（2）莉莉在使用压强计时，用手指无论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差几乎没有变化，这说明该压强计的气密性_______（选填“差”或“好”）。将调节好的压强计竖直放在空气中时，U形管两侧液面高度应该________（选填“相平”或“不相平”）；
（3）比较图中甲和乙，可以探究的问题是：同种液体，液体压强与________的关系。因此拦河大坝要做成_______的形状；
（4）保持探头在水中的深度不变，将水换成浓盐水，如图乙、丙所示，根据实验现象可以初步得出结论：在同一深度处，液体密度越_______，液体压强越大；
（5）小晨利用矿泉水瓶、橡皮膜、刻度尺、水等器材也进行了相关探究。将剪去瓶底、蒙有橡皮膜的矿泉水瓶逐渐浸入水中，如图丁所示，可以观察到橡皮膜向瓶内凹进，且凹陷程度随浸入深度的增加而增大。当浸入水中的深度为10cm时，她向矿泉水瓶中加水，直到橡皮膜处于水平状态，此时矿泉水瓶内水的深度为________cm；
爱动脑筋的小晨发现，借助这个简易装置还可以测量未知液体的密度。小瑶将装有水深h1的该矿泉水瓶浸入食盐水中，发现橡皮膜相平时，橡皮膜到食盐水液面的竖直距离为h2，由此推断出该食盐水的密度为ρ食盐水=________。（用所测物理量表示，已知ρ水）
【答案】 ①. 薄 ②. 转换法 ③. 差 ④. 相平 ⑤. 深度 ⑥. 上窄下宽 ⑦. 大 ⑧. 10 ⑨. ρ水
【解析】
【详解】（1）[1]用压强计测量液体内部压强，为了使压强计更加灵敏应选择较薄的橡皮膜。
[2] 通过U形管两侧液面高度差来反映压强计探头受到的压强大小，将液体压强转化为U形管两侧页面的高度差，用的实验方法是转换法。
（2）[3]若该压强计的气密性良好，则手指轻压或重压橡皮膜时，U形管两侧液面高度会有明显变化，故该压强计气密性差。
[4]实验中要通过U型管两液面高度差来显示压强的大小，在未受压强时，U形管两侧液面高度应相平。
（3）[5] 比较甲、乙两次实验，图甲和图乙探头所处深度不同，故探究的是同种液体中，液体压强与深度的关系。
[6]因为同种液体内部，液体越深，产生的压强越大，为增加抵抗河水较大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（4）[7]如图乙、丙所示，探头在液体中的深度一样，但是液体的种类不同，U形管两侧液面的高度差在浓盐水中的更大，故结论为：在同一深度处，液体的密度越大，压强越大。
（5）[8]矿泉水瓶浸入水中的深度为10cm，根据液体压强公式：可知，液体压强与液体密度和深度有关，液体密度相同时，液体内外压强相同，才能使橡皮膜处于水平状态，故此时矿泉水瓶内的深度为10cm。
[9]橡皮膜液面相平，矿泉水瓶内外压强相同，则食盐水的密度为
变式题9提升
40. 为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，鲁能巴蜀中学初二学生进行如图所示的操作进行探究，甲装置U形管内装有已染色的水，密度取1.0×103kg/m3，实验装置经测试可以正常使用。
（1）如图甲，压强计________（选填“是”或“不是”）连通器，若在使用压强计前，将橡皮膜置于空气中，发现U形管内液面已有高度差，可以通过________（选填序号）方法可以进行调节；
A．从U形管内向外倒出适量水 B．向U形管内添加适量水 C．拆除软管重新安装
（2）调节好压强计，小明同学按照图所示进行实验，比较丙、丁两图可知，液体内部压强与液体的________有关，在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将________（选填“变大”、“不变”或“变小”）；
（3）小明测得图乙中U形管左右两侧液面的高度差，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差约为________Pa。小张同学提出若U形管左右两侧液面的高度差较小，测量时会导致较大误差，下面操作能增大U形管左右两侧液面高度差的操作是________；
A．将U形管换成更细的
B．将U形管换成更粗的
C．U形管中换用密度更小的液体
D．U形管中换用密度更大的液体
（4）小王同学在实验中灵机一动，他利用U形管压强计改装成如图所示的测液体密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为10cm。U形管中盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置（刻度值）的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可。当橡皮膜放入某液体中，浮标指示在b处，若ab间距离越大，则判断出待测液体密度________（选填“越大“或“越小”），当ab之间的距离为6cm时，则待测液体的密度为________g/cm3。
【答案】 ①. 不是 ②. C ③. 密度 ④. 不变 ⑤. 200 ⑥. C ⑦. 越大 ⑧. 0.6
【解析】
【详解】（1）[1]连通器要求是两端开口，而U形管左端有橡皮管连接，静止时两边液面也可能不相平，故U形管不属于接通器。
[2]U形管内液面已有高度差是因为两边液体上方气压不同，如果取下左边的橡皮管，U形管变成了一个连通器，静止时液面就相平了，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[3]比较丙、丁两图可知，压强计探头在液体中深度与方向相同，密度不同，根据控制变量法，是为了探究液体内部压强与液体的密度的关系。
[4]根据液体压强公式，液体内部压强与液体的密度与深度有关，与方向无关，故在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将不变。
（3）[5]橡皮管内气体的压强与大气压强之差等于U形管两边液体压强差，即
[6]AB．根据液体压强公式，液体的压强与密度和深度有关，与U形管的横截面积无关，故AB不符合题意；
CD．根据液体压强公式，液体的压强与密度与深度有关，在压强一定时，液体密度越小，高度越大，所以可以将U形管中换用密度更小的液体，高度差就更大，现象更明显，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
（4）[7]根据题意，压强计探头在液体中受到的压强与U形管水的高度差产生的压强是相等的，即
而每次测量时探头在液体的中深度不变为
所以待测液体密度越大，U形管中水的高度差就越大。
[8]当ab之间的距离为时，则待测液体的密度为
原题
41. 如图所示的电路中，电源电压恒为2V，R1的阻值为10Ω，R2的阻值为20Ω，闭合开关S。求：
（1）通过R1的电流；
（2）通电50s，R2消耗的电能。
【答案】（1）0.2A；（2）10J
【解析】
【详解】解：（1）由图可知，电阻R1、R2并联，通过R1的电流为
（2）R2在10s内消耗的电能为
答：（1）通过R1的电流为0.2A；
（2）通电50s，R2消耗的电能为10J。
变式题1基础
42. 如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，电流表示数是0.5A，求：
（1）电源电压；
（2）通电100s时，整个电路所消耗的电能。
【答案】（1）10V；（2）1500J
【解析】
【详解】解：（1）由图知，两电阻并联，电流表测R2支路的电流。由并联电路特点和欧姆定律可得电源电压
U=U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V
（2）通过R1的电流为
根据并联电路电流的规律，干路的电流为
I=I1+I2=1A+0.5A=1.5A
通电100s时，整个电路所消耗的电能
Q=W=UIt=10V×1.5A×100s=1500J
答：（1）电源电压为10V；
（2）通电100s时，整个电路所消耗的电能为1500J。
变式题2基础
43. 如图所示的电路，电源电压不变，电阻R＝5Ω，闭合开关S后，电流表的示数为0.4A，已知小灯泡灯丝的电阻恒为10Ω。求：
（1）通过小灯泡的电流；
（2）通电10s，整个电路消耗的电能。
【答案】（1）0.2A；（2）12J
【解析】
【详解】解：（1）闭合开关S，R和L并联，电流表测流过R的电流。在并联电路中，各支路两端电压都相等且等于电源电压，所以灯泡两端电压为
通过灯泡的电流为
（2）干路电流
通电10s，整个电路消耗的电能
答：（1）通过灯泡的电流为0.2A；
（2）通电10s，整个电路消耗的电能为12J。
变式题3基础
44. 如图所示的电路中，电源电压为12V， R1=10Ω， R2=30Ω。开关闭合后，求：
（1）电流表的示数；
（2）通电10s，电路中消耗电能。
【答案】（1）1.2A；（2）192J
【解析】
【详解】解：（1）两电阻并联，电流表测R1的电流，已知电源电压为12V，R1=10Ω，根据欧姆定律，电流表的示数
（2）由欧姆定律，通过R2电流为
由并联电路电流的规律，干路电流为
I=I1+I2=1.2A+0.4A=1.6A
通电10s，电路中消耗的电能
W=UIt=12V×1.6A×10s=192J
答：（1）电流表的示数为1.2A；
（2）通电10s，电路中消耗的电能为192J。
变式题4巩固
45. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，为，为。求：
（1）只闭合开关时，电流表的示数：
（2）闭合开关、，在内消耗的电能。
【答案】（1）0.3A；（2）72J
【解析】
【详解】解：（1）只闭合开关时，电路中只有R1工作，电流表的示数
（2）闭合开关、，两电阻并联，在内消耗的电能
答：（1）只闭合开关时，电流表的示数0.3A：
（2）闭合开关、，在内消耗的电能72J。
变式题5巩固
46. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电阻R2的阻值为20Ω。当开关S1闭合，S2断开时，电流表示数为0.2A，求：
（1）电阻R1的阻值；
（2）当开关S1、S2均闭合时，工作1min电阻R2消耗的电能。
【答案】（1）；（2）108J
【解析】
【详解】解：（1）当开关S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量的R1的电流为0.2A，电阻R1的阻值为
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，则通过R2的电流为
工作1min电阻R2消耗的电能为
答：（1）电阻R1的阻值为；
（2）当开关S1、S2均闭合时，工作1min电阻R2消耗的电能为108J。
变式题6巩固
47. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2=30Ω。当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.4A。求：
（1）电源电压为多少？
（2）当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为0.6A，1min内电流对R1所做的功为多少？
【答案】（1）12V；（2）144J
【解析】
【详解】解：（1）只闭合开关S1，只有定值电阻R2接入电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可得出电源电压
U=I2R2=0.4A×30Ω=12V
（2）再闭合开关S2，定值电阻R1、R2并联，电流表测量干路中的电流，因为并联电路各支路可独立工作、互不影响，通过定值电阻R2的电流不变，由并联电路电流的规律，通过R1的电流
I1=0.6A-0.4A=0.2A
1min内电流对R1所做的功为
W1=UI1t=12V×0.2A×60s=144J
答：（1）电源电压为12V；
（2）开关S1、S2都闭合时，1min内电流对R1所做的功为144J。
变式题7提升
48. 如图所示，电源电压恒为6V，只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，再闭合开关S1时，电流表示数变化了0.4A。
求∶(1)R1的电阻；
(2)S、S1都闭合时，20s内电路消耗的总电能。
【答案】(1) 20Ω；(2) 84J
【解析】
【详解】(1)只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由知道，R1的电阻
(2) S、S1都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，即通过R1的电流不变，根据题意知道，电流表示数变化了0.4A，说明通过R2的电流
I2=0.4A
由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路的总电流
因并联电路中各支路两端的电压相等，由 知道，20s内电路消耗的总电能
答：(1)R1的电阻是20Ω；
(2)S、S1都闭合时，20s内电路消耗的总电能84J。
变式题8提升
49. 如图所示，电阻R2=30Ω，当开关闭合时，电流表A1示数为0.2A，电流表A2示数为0.5A。求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路10s消耗的电能。
【答案】（1）9V；（2）45Ω；（3）45J
【解析】
【详解】解：（1）由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流
I2=I-I1=0.5A-0.2A=0.3A
因并联电路中各支路两端的电压相等，电源的电压
U=I2R2=0.3A×30Ω=9V
（2）电阻R1的阻值
（3）整个电路10s消耗的电能
W=UIt=9V×0.5A×10s=45J
答：（1）电源电压为9V；
（2）电阻R1的阻值为45Ω；
（3）整个电路10s消耗的电能为45J。
变式题9提升
50. 如图所示的电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω。闭合开关S时，电流表的示数为2.5A。求：
（1）通过电阻R1的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）通电1min电路消耗的电能。
【答案】（1）2A；（2）60Ω；（3）4500J
【解析】
【详解】解：（1）由电路图可知，闭合开关S时，R1与R2并联，电流表测干路电流；因并联电路中各支路两端的电压相等，且等于电源电压，所以，通过电阻R1的电流为
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流
I2=I-I1=2.5A-2A=0.5A
则电阻R2的阻值为
（3）通电1min电路消耗的电能为
W=UIt=30V×2.5A×60s=4500J
答：（1）通过电阻R1的电流为2A；
（2）电阻R2的阻值为60Ω；
（3）通电1min电路消耗的电能为4500J。次数
1
2
3
4
1
2
2.5
2.8
0.18
0.28
0.30
0.31
数据序号
1
2
3
4
5
6
7
发光情况
明亮
不很亮
暗
较暗
微光
熄灭
熄灭
电压U/V
2.5
2.1
1.7
1.3
0.9
0.5
0.1
电流I/A
0.28
0.26
0.24
0.21
0.19
0.05
序号
U/V
I/A
R/Ω
1
1.0
0.18
5.6
2
1.5
0.22
6.8
3
2.0
0.24
8.3.
4
2.5
序号
U/V
I/A
R/Ω
1
次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.2
0.22
2
2.2
0.28
3
2.5
数据序号
电压
电流
电阻
1
2
3
次数
电压U/V
电流I/A
灯泡亮度
1
1.5
0.2
灯光微弱
2
2.2
0.28
较暗
3
2.5
0.3
正常发光
4
3.0
0.32
很亮
【答案】 ①. 烧杯 ②. 94 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]物理实验器材的组装过程中，若为竖直方向的实验装置，需要从下往上逐步组装，因此应先确定烧杯。
[2]图甲中温度计的分度值为1℃，因此读数为94℃。
[3]由图乙图像分析可知，水在沸腾过程中，吸收热量，温度不变。
变式题1基础
2. 如图甲、乙是小明和小英在探究“水沸腾时温度变化的特点”设计的实验装置；实验中最好选用______装置，水沸腾时______热量，但温度不变。
【答案】 ①. B ②. 吸收
【解析】
【详解】[1]B装置与A装置相比多了一个盖板，能够更快的让水沸腾，故最好选用B装置。
[2]水沸腾时，继续吸收热量，但温度保持不变。
变式题2基础
3. 小天同学用图甲所示的装置探究“水沸腾的规律”，图乙是他绘制的温度和时间关系图像。他观察发现，水沸腾后，气泡的体积在上升过程中变___________；分析图像可知，水沸腾后，继续加热，温度___________。
【答案】 ①. 大 ②. 保持不变
【解析】
【详解】[1]水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡上升过程中，由于水的压强随深度的增加而增加，所以气泡越到上面，所受水的压强越小，这样内外气压不平衡，内面气压大于外面气压，所以气泡会膨胀、变大。
[2]由图乙中图像可知，第180s到360s，水的温度保持100℃不变，此时水已经沸腾，水沸腾后继续吸热，温度保持不变。
变式题3基础
4. 小凡同学在“观察水的沸腾”实验中，水沸腾时温度计示数如图1所示，为 _____℃，分析图2所示图像，可知水在沸腾过程中温度 _____（升高/不变/降低）。
【答案】 ①. 98 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]由图1可知，温度计分度值为1℃，此时水的温度为98℃。
[2]由图2可知，水在沸腾过程中温度保持不变，是一条平行于横轴的线。
变式题4巩固
5. 在探究水沸腾时温度变化特点的实验中，如图甲所示，实验前需要调节铁圈的高度，此时的酒精灯应___________（选填“点燃”或“不点燃”）；如图乙所示，实验过程中，某时刻温度计的示数为___________；图丙是水的温度与时间关系的图像，由图像可知，水在沸腾的过程中不断吸热，温度___________。
【答案】 ①. 点燃 ②. 92 ③. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]要根据酒精灯外焰确定铁圈高度，所以此时的酒精灯应点燃。
[2]温度计分度值1℃，所以温度为92℃。
[3]由图，水沸腾后继续吸热，但温度保持98℃不变。
变式题5巩固
6. 他在做观察水的沸腾实验中，某时刻观察到温度计示数如图甲所示。则此时水的温度_____℃；为根据记录数据画出加热过程中水的温度与时间关系图像如图乙所示，分析图像可知，被测水的沸点_____℃，水在沸腾过程中温度_____（选填“升高”“降低”或“不变”）。
【答案】 ①. 56 ②. 98 ③. 不变
【解析】
【详解】[1]甲图中的温度计每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是56℃。
[2]从图象可以看出，从第6分钟开始，水的温度保持98℃不变，所以沸点是98℃。
[3]水在沸腾过程中需要继续吸热，但温度保持不变。
变式题6巩固
7. 用如图甲所示的装置探究水沸腾时温度变化特点。实验过程中，某时刻温度计的示数如图乙所示，则此时水温为 _____℃；图丙是水的温度与时间关系的图像，由图像可知，水在沸腾的过程中不断吸热，温度_____（选填“升高”、“不变”或“降低”）水沸腾时大量气泡不断上升 _____（选填“变大”或“变小”），到水面破裂开来，里面的 _____（选填“空气”或“水蒸气”）散发到空气中。
【答案】 ①. 92 ②. 不变 ③. 变大 ④. 水蒸气
【解析】
【详解】[1]如图乙所示，温度计的分度值为1℃，此时读数为92℃。
[2]由图丙可知，水在沸腾的过程，温度保持98℃不变。
[3]沸腾后容器内各部分水的温度都相同，水汽化后的蒸气形成气泡，气泡在上升过程中受压强的影响，越往上水的压强越小，气泡就会逐渐变大。
[4]沸腾时的气泡中，是水汽化后形成的水蒸气，气泡会到水表面后破裂，释放出大量的水蒸气。
变式题7提升
8. 在“观察水的沸腾”实验中，小明按图甲安装器材，小明用同一装置进行了两次实验，并根据实验数据汇出了如图乙所示的图像。由图像可知，当时的气压 _______一个标准大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”），前6分钟内水吸收的热量 _______（选填“相同”或“不同”）；先后两次所用水的质量分别为m1、m2，则关于m1、m2的大小关系是m1_____m2。
【答案】 ①. 小于 ②. 相同 ③. ＞
【解析】
【详解】[1]由图乙可知，水沸腾时，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以水的沸点是98℃；1标准大气压下水的沸点是100℃，气压越低，沸点越低，所以此时大气压小于1标准大气压。
[2]因为加热条件一样，加热时间的长短就反映吸热的多少，这是转换法，所以两次实验的前6分钟内水吸收的热量相同。
[3]两次达到沸点所用加热时间相同，即吸收的热量相同，m2比m1初温低，所以m2升温更快，所以m1＞m2。
变式题8提升
9. 在“观察水的沸腾”的实验中，安装如图甲所示的实验装置时，石棉网的高度应根据 ____ 的高度调节。实验过程中，当水温上升到80℃时，每隔0.5min记录一次温度计的示数。当观察到水中有大量的气泡产生，且在上升过程中体积逐渐 ____ ，升至水面破裂，我们认为水开始沸腾。沸腾一段时间后停止加热，测出该过程中的温度，绘制出温度随时间的变化图像如图乙所示。根据图像可知水的沸点为 ___ ℃，沸腾时，持续加热水温不变的主要原因是 ____ 。
【答案】 ①. 酒精灯外焰 ②. 变大 ③. 99 ④. 水剧烈汽化变成水蒸气，吸收大量的热
【解析】
【详解】[1]给烧杯加热时要用酒精灯的外焰加热，所以石棉网的高度应根据酒精灯处焰的高度调节。
[2]液体沸腾时，液体内部不断汽化，气泡在上升过程中体积逐渐变大。
[3]根据图乙可知，此时水的沸点为99℃。
[4]水沸腾时，持续加热水温不变的主要原因水剧烈汽化变成水蒸气，吸收大量的热。
变式题9提升
10. 在观察水的沸腾实验中，如（甲）图所示，向烧瓶中注入适量的温水，用酒精灯加热，观察水中发生的现象用“适量的温水”的目的是___________实验中，可根据___________现象，判断水已经沸腾，此时温度计的示数如（甲）图中所示为___________℃。撤去酒精灯后，立即塞紧瓶塞，将烧瓶如（乙）图倒置，当用冷水浇在烧瓶底部时，可以看到瓶内水又重新沸腾了，研究表明，液体的沸点与___________有关
【答案】 ①. 缩短实验时间 ②. 大量气泡上升、变大，到水面破裂开来 ③. 94 ④. 气压
【解析】
【详解】[1]在观察水的沸腾实验中，加入的水过多，水的温度太低，会导致加热时间过长。
[2]水的沸腾是一种剧烈的汽化现象，水沸腾时，大量气泡上升、变大，到水面破裂开来，里面的水蒸气散发到空气中。
[3]图示温度计的分度值是1℃，液柱位置在90℃上面第4个小格上，因此温度计示数为
90℃+1℃×4=94℃
[4]在烧瓶中注入刚沸腾的水，塞紧瓶塞，将烧瓶倒置，再用冷水浇，可使烧瓶中的水蒸气遇冷液化，导致瓶内气压降低，沸点降低，所以会看到水重新沸腾。
原题
11. 小刚用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像的规律，当蜡烛、凸透镜、光屏三者高度如图所示时，适当调节__________的高度后便可开始实验；当蜡烛距凸透镜25cm时，移动光屏，在光屏上承接到一个清晰缩小的像，生活中的__________就是根据该成像规律制成的；把蜡烛适当靠近凸透镜，应将光屏____（选填“靠近”或“远离”）凸透镜，才能再次承接到清晰的像。
【答案】 ①. 蜡烛 ②. 照相机 ③. 远离
【解析】
【详解】[1]探究凸透镜成像的规律时，要调节蜡烛、凸透镜、光屏三者同一高度，由图可知，蜡烛偏高，则要适当将蜡烛向下调节。
[2]当蜡烛距凸透镜25cm，即物距大于两倍焦距时，移动光屏，在光屏上承接到一个清晰缩小的像，照相机就是根据该成像规律制成的。
[3]把蜡烛适当靠近凸透镜，即物距变小，则像距变大，则应将光屏远离凸透镜，才能再次承接到清晰的像。
变式题1基础
12. 小杨在做凸透镜成像规律的实验时，他将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，如图所示。调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度后，小杨将蜡烛放置在10cm刻度线处，移动光屏，在光屏上呈现烛焰清晰的_____（选填“放大”“等大”或“缩小”）的像；将蜡烛放置在35cm刻度线处，向右移动光屏，光屏上可呈现烛焰清晰的______（选填“倒立”或“正立”）的像。
【答案】 ①. 缩小 ②. 倒立
【解析】
【详解】[1]凸透镜焦距为10cm，将蜡烛放置在10cm刻度线处，此时物距
500cm-10.0cm=40.0cm
物距大于二倍焦距，成倒立缩小实像。
[2]将蜡烛放置在35cm刻度线处，此时物距
50.0cm-35.0cm=15.0cm
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立放大实像。
变式题2基础
13. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，将凸透镜、点燃的蜡烛和光屏放在图所示的位置时，在光屏上能观察到清晰的实像，其像距为______cm，______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一成像规律工作的。若将蜡烛适当向左移动，则光屏也需适当______（选填“靠近”或“远离”）凸透镜才能再次观察到清晰的像。
【答案】 ①. 25.0 ②. 投影仪 ③. 靠近
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，凸透镜在50.0cm处，光屏在75.0cm处，此时成清晰的像，所以像距为
v=75.0cm-50.0cm=25.0cm
此时的物距为15cm，物距小于像距，因此物距在一倍焦距到二倍焦距之间，所以成倒立放大的实像，应用于投影仪。
[3]根据凸透镜成实像时的特点，物近像远像变大，物远像近像变小，因此蜡烛适当向左移动远离凸透镜，所以光屏应靠近凸透镜才能再次观察到清晰的像。
变式题3基础
14. 在如图所示的位置，凸透镜焦距为10厘米，保持透镜不变，当蜡烛在15厘米刻度处时，为了在光屏的中心找到像，应调整光屏的________，并将光屏向_______方向移动(选填“远离透镜”或“靠近透镜”)，在光屏上会得到_________像。
【答案】 ①. 高度 ②. 靠近透镜 ③. 倒立缩小的实
【解析】
【详解】[1]为使像能成在光屏的中央，应调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处，所以光屏应向上调整，即应调整光屏的高度。
[2][3]由题意知，凸透镜的焦距f=10cm，凸透镜放在了50cm刻度处，当蜡烛在15cm刻度处时，物距为
u=50cm-15cm=35cm
此时u＞2f，由凸透镜成像的规律可知，此时成倒立缩小的实像，并且像处于f＜v＜2f之间，现在光屏放在了70cm处
70cm-50cm=20cm
正好在2倍焦距上，所以光屏应靠近透镜。
变式题4巩固
15. 如图所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的倒立、______的实像（选填“缩小”、“等大”或“放大”），此实验现象与______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理相同。保持透镜位置不变，将蜡烛向左移，光屏必须向______（选填“左”或“右”）移动，才能再次呈现清晰的实像。
【答案】 ①. 缩小 ②. 照相机 ③. 左
【解析】
【详解】[1][2]如图所示，烛焰恰好在光屏上成清晰的实像，此时物距大于像距，在光屏上成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
[3]保持透镜位置不变，将蜡烛向左移，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，光屏必须向左移动，才能再次呈现清晰的实像。
变式题5巩固
16. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中，将点燃的蜡烛及焦距为15cm的凸透镜固定在光具座上，如图所示，要在光屏上承接到烛焰清晰的像，需将光屏向 ___________（填“左”或“右”）移动适当的距离，这一成像性质在日常生活中的应用是 ___________（填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 右 ②. 照相机
【解析】
【详解】[1][2]凸透镜的焦距为15cm，由图可知，凸透镜放在光具座刻度50.0cm位置处，蜡烛放在刻度15.0cm处，此时物距u=35.0cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，此时像在一倍焦距到2倍焦距之间，即光屏向右移动，才可成清晰的像，照相机是利用这一原理工作的。
变式题6巩固
17. 小邓同学用焦距为10cm的凸透镜等器材，探究凸透镜成像规律。
将蜡烛、凸透镜、光屏依次放到光具座上，点燃蜡烛调节它们的位置如图所示，此时小明发现光屏上的像位于光屏的上方，为了使像成在光屏中心，应将蜡烛向______调节。正确调节后，在光屏中心承接到了一个倒立、______的实像，生活中的______（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）是利用这一原理工作的。
【答案】 ①. 上 ②. 缩小 ③. 照相机
【解析】
【详解】[1]凸透镜所成的实像是倒立的，像成在光屏的上方，可以把光屏向上调节、把蜡烛向上调节、或者把凸透镜和光屏同时向下调节。
[2]由图可知，此时物距是30.0cm，u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理工作的。
变式题7提升
18. 小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到______，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。光屏上所成的像是倒立、______的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是_________（选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】 ①. 同一高度上 ②. 缩小 ③. 照相机
【解析】
【详解】[1]探究凸透镜成像规律时，为了使像成在光屏中央，烛焰、凸透镜、光屏的中心要在同一高度上。
[2][3]由题可知，物距
u=50cm-20cm=30cm
凸透镜的焦距为10cm，所以u>2f，此时像距在一倍焦距与二倍焦距之间，凸透镜成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同。
变式题8提升
19. 勤于动手的小聪在探究凸透镜成像规律过程中，将蜡烛、凸透镜和光屏按如图所示放置时，蜡烛通过凸透镜在光屏上形成一个倒立、______（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的清晰的像，利用凸透镜这一成像规律制成的是______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移到“28cm”刻度线位置，他将自己佩戴的眼镜放在蜡烛和透镜间适当位置时，光屏上又出现了清晰的像，则小明所患的眼疾是______。（选填“近视眼”或“远视眼”）。
【答案】 ①. 缩小 ②. 照相机 ③. 远视眼
【解析】
【分析】
【详解】[1][2]烛焰到凸透镜的距离是物距，光屏到凸透镜的距离是像距。由图知，物距大于像距，且光屏上能成清晰的像，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立、缩小的实像。照相机就是利用凸透镜这一成像规律制成的。
[3]若保持透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移到“28cm”刻度线位置，物距减小了，像距会变大，像成在光屏的后方，他将自己佩戴的眼镜放在蜡烛和透镜间适当位置时，光屏上又出现了清晰的像，这说明该眼镜对光线具有会聚作用，即该眼镜是凸透镜，能矫正远视眼。
变式题9提升
20. 小明利用焦距为10.0cm的凸透镜做实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到清晰像的情况如图所示，此时成 _______、倒立的实像；若将蜡烛移至25cm刻线处，移动光屏，在光屏上 _______接收到蜡烛的像（选填“能”或“不能”）；图示中，只将凸透镜换为焦距为8cm的凸透镜，为在光屏上得到清晰的像，光屏应向 ___________侧移动（选填“左”或“右”）。
【答案】 ①. 放大 ②. 不能 ③. 左
【解析】
【详解】[1]由图示知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛与凸透镜的距离即物距为18.0cm，而凸透镜的焦距为10.0cm，说明物距大于一倍焦距而小于二倍焦距，所以在光屏上成倒立、放大的实像。
[2]将蜡烛移至25cm刻度线处，物距为5cm，小于一倍焦距，成的是虚像，所以在光屏上不能承接到像。
[3]只将凸透镜换为焦距为8cm的凸透镜，则物距仍为18.0cm，但是物距此时大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，像距应小于二倍焦距而大于一倍焦距，所以应将光屏向左移动。
原题
21. 在测量小灯泡电阻的实验中，小会选用标有“2.5V”字样的小灯泡进行实验。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整_________；
（2）连接电路时，开关应处于_________状态。连接好电路，将滑片P移至最右端，接通电路后，发现小灯泡不发光，电压表示数约为3V，其原因可能是小灯泡__________________；
（3）排除故障后，闭合开关，调节滑片P，电压表示数如图乙所示为___________V，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向_________端滑动；
（4）下表是记录的实验数据，则小灯泡正常发光时的电阻约为________（结果保留小数点后1位）；实验中发现灯泡越亮，温度越高，结合数据可知：灯丝温度越高，电阻越__________；
（5）小会在实验过程中发现用力捏滑片与电阻丝接触处，灯泡发光明显变亮。请结合影响导体电阻大小的因素，分析产生这一现象可能的原因是__________________。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. 断路（开路） ④. 2.2 ⑤. 左 ⑥. 8.3 ⑦. 大 ⑧. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]根据测电阻实验的要求，电路为串联电路，电压表测灯泡电压，电流表测灯泡电流，因此需要把灯泡的右接线柱，电流表的左接线柱连接在一起，如图所示：
（2）[2]为确保电路安全，连接电路时开关需要断开。
[3]闭合开关后，灯泡不亮说明电路出现断路，此时电压表有示数且等于电源电压，则确定为小灯泡断路，电压表此时串联接入电路，测电源电压。
（3）[4]根据图乙可知，电压表使用的是小量程，分度值为0.1V，因此示数为2.2V。
[5]为使灯泡正常发光，需要把灯泡电压调至2.5V，即滑动变阻器的电压需要减小，根据串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，故而滑片P向左调节。
（4）[6]由表中数据可知，灯泡电压为2.5V时，电流为0.3A，则电阻为
[7]根据表中数据计算可知，随温度的升高，灯泡电阻逐渐变大。
（5）[8]用力捏滑片与电阻丝接触处，增大了滑片与电阻丝接触的面积，即增大了横截面积而减小了电阻；或捏滑片减小了滑动变阻器接入电路中电阻丝的长度，从而减小了电阻。
变式题1基础
22. 某同学利用实验室提供的器材，测量标有电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的电阻。他所连接的实验电路如图甲所示。
（1）在闭合开关前，需要将滑动变阻器的滑片移至______（填“A”或“B”）端；
（2）实验中，第一次测量时的电压等于2.5V，小灯泡正常发光。之后调节滑动变阻器，让电压逐次下调，使灯丝温度不断降低，灯泡变暗直至完全不发光，测量的数据如下表所示；
根据表格中的实验数据，图乙中能正确描述通过该小灯泡的电流I和其两端电压U之间关系的是______；（填“①”或“②”）
（3）第6次测量时，电流表指针的偏转如图丙所示。则电流表的读数为______A，此时小灯泡的电阻为______Ω；
（4）对比不同电压下小灯泡的电阻值可知，小灯泡的电阻随电压的增大而______（填“增大”“减小”或“不变”），主要原因是小灯泡的电阻受______的影响。
【答案】 ①. B ②. ① ③. 0.16 ④. 3.125 ⑤. 增大 ⑥. 温度
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应该移到阻值最大处B端。
（2）[2]由表中数据可知，第1次实验测得电阻为
第2次实验测得电阻为
第3次实验测得电阻为
同理可知，第四次、第五次、第七次测得的电阻分别为0.69Ω、4.74Ω、2Ω。即电阻随电压的降低而降低，并不是不变的。因此图乙中能正确描述通过该小灯泡的电流I和其两端电压U之间关系的是①。
（3）[3]有图甲可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A。电流表的示数为0.16A。
[4]此时小灯泡的电阻为
（4）[5][6]由（2）的计算结果可得，小灯泡的电阻并不是固定不变的，它受温度的影响，随着电压的增大而增大。
变式题2基础
23. 综合实践课上，小微同学用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻，选用的小灯泡L标有“2.5V”字样、电源电压恒为4.5V、滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
（1）连接电路时，开关应 _______；实验开始前，滑动变阻器的滑片P应处于最 _____（选填“左”或“右”）端；
（2）闭合开关进行实验，移动滑动变阻器的滑片P过程中，她应注视 ________（选填“电压表”、“电流表”或“滑动变阻器”）的变化情况，当停止移动滑片P时，她发现电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是 _____（选填字母符号）；
A．滑动变阻器接触不良
B．小灯泡短路
（3）排除故障后继续实验，她将得到数据记录在表格中，当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图所示为 _________A，则小灯泡正常发光时的电阻为 ________Ω（保留一位小数）。
（4）实验结束后，她看见桌面上还有一个阻值为15Ω的定值电阻，想按照表格给定的四组电压值，验证“导体中电流与电压的关系”，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，她需更换滑动变阻器，其阻值不小于 _________Ω。
【答案】 ①. 断开 ②. 右 ③. 电压表 ④. A ⑤. 0.26 ⑥. 9.6 ⑦. 52.5
【解析】
【详解】（1）[1][2]为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态，由实物图可知，滑动变阻器的滑片应处于最右端才是接入阻值最大处。
（2）[3][4]用“伏安法”测量小灯泡正常发光时的电阻时，移动滑动变阻器的滑片P，要让小灯泡在额定电压下工作，所以眼睛要注视电压表的示数；电表指针左右摆动，再观察小灯泡也忽明忽暗，其原因可能是滑动变阻器接触不良，如果是小灯泡短路，电压表就没有示数，故选A。
（3）[5][6]由乙图可知，电流表选用0～0.6A的量程，分度值为0.02A，则电流表的读数为0.26A，此时小灯泡的电阻为
（4）[7]为完成实验，有以下2种方法：
①在第1次数据中，电流最小，所需变阻器最大，此时电源电压为
电源电压最大为3V，第1次实验，电压表示数调不到1V，因此可更换一个电源，要求电源电压为2.5V～3V；
②为完成实验，也可以只更换滑动变阻器，电源电压仍为4.5V，第1次实验时电压表示数最小为1V，则变阻器两端的最大电压为
4.5V﹣1V＝3.5V
由串联分压的规律可得
解得R滑大＝52.5Ω，即更换一个最大阻值不小于52.5Ω的滑动变阻器。
变式题3基础
24. 如图甲是小明用伏安法测量额定电压为2. 5V小灯泡电阻的实物图。
丙
（1）用笔画线代替导线，补画一根导线将图甲中的实物电路连接完整_________；
（2）实验中当滑动变阻器的滑片滑到某位置时，电压表示数如图乙所示为_________V，此时电流表的示数为0. 200A，此时小灯泡的电阻为_________Ω；
（3）如图丙是小明设计的实验数据记录表，该表格存在的不足之处是_________。
【答案】 ①. 或 ②. 2. 2 ③. 11 ④. 只有一次实验
【解析】
【详解】（1）[1]根据伏安法测电阻的原理可知，电压表并联接入电路且测量小灯泡两端的电压，已知小灯泡的额定电压为2.5V，则电压表应该选择小量程，如图所示：
或
（2）[2]如图乙所示，电压表选择的是小量程，分度值为0.1V，电压表示数为2.2V。
[3]因为此时电流表的示数为0. 200A，根据欧姆定律可知，此时小灯泡的电阻为
（3）[4]如图丙所示的表格，只列举了一组数据，进行了一次实验，结果具有偶然性。
变式题4巩固
25. 【规范操作，精准测量】小冰在测量小灯泡电阻的实验中，用标有“20Ω 2A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线、3节干电池和额定电压为2.5V的小灯泡，进行实验。
（1）根据电路图甲，请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路补充完整；___________
（2）小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，请你指出实验中操作的不当之处___________；
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，先后测量得到2组数据如下表所示。小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是___________。当电压表示数为2.5V时，记录电流表示数如图丙所示，为___________A，此时小灯泡的电阻值为___________Ω（保留1位小数）；
（4）根据测得的数据，小冰发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，其原因是___________。
【答案】 ①. ②. 连接电路时开关没有断开 ③. 调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为2.5V ④. 0.3 ⑤. 8.3 ⑥. 小灯泡电阻随温度升高而增大
【解析】
【详解】（1）[1]根据电路图，可知需要连接滑动变阻器与电流表之间的电路。滑动变阻器的接线柱要选择一上一下接线柱。如下图所示
（2）[2]由题意：小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，可判断小冰在连接电路之前肯定没有断开开关。
（3）[3]小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是首先要让小灯泡到达额定电压的2.5V，即调节滑动变阻器使电压表的示数到达2.5V，因为本题的目的是要测量正常发光的灯泡的电阻，只有灯泡两端的电压达到额定值时，我们测出的电阻才能达到要求。
[4]根据电流表的接线柱的位置，可知电流表应该读下面一行的刻度，从刻度上可知此时电流为0.3A。
[5]根据欧姆定律
（4）[6]小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，因为小灯泡在不同的电压下，电流不同。由于电流的热效应，灯泡发光时灯丝的电阻会发热，温度会升高，而绝大多数导体的电阻随温度的升高而增大，所以小灯泡在不同的电压下电阻不同。
变式题5巩固
26. 用如图甲所示电路测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，根据实验数据绘制的小灯泡的I一U图象如图乙所示。
（1）连接电路时，开关应______；
（2）用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整；______
（3）开关闭合前，滑动变阻器的涓片应在滑动变阻器的______端；（选填“左”或“右”）
（4）电路连接完整后闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，可能是小灯泡______；
（5）排除故障后进行实验，当滑动变阻器的滑片位于某一位置时，电流表示数如图丙所示，为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动：
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时的电阻为______；
（7）实验还发现，通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的、造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而______。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【答案】 ①. 断开 ②. ③. 左 ④. 短路 ⑤. 右 ⑥. 10Ω ⑦. 增大
【解析】
【详解】（1）[1]为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）[2]电压表与灯泡并联接入电路，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选0～3V的量程接入电路，电路连接如下图
（3）[3]为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最大值，即最左端。
（4）[4]闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路；小灯泡不亮，电压表无示数，说明小灯泡短路。
（5）[5]电流表接入电路的量程为0～0.6A，每一小格表示0.02A，所以电流表的示数为0.16A，由乙图知道，当灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，此时通过电路的电流小于灯泡的额定电流，由欧姆定律知道，滑动变阻器接入电路的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片应右移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小。
（6）[6]由乙图知道，当灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.25A，由欧姆定律知道，灯泡正常发光时的电阻
（7）[7]通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的，造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而增大。
变式题6巩固
27. 在测定“小灯泡的电阻”的实验中，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。图1是关越同学没有连接完的实物电路。
(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整；（ ）
(2)实验中，关越同学连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是____________；
(3)故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一点，电压表的示数如图甲所示，读数为______V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片P向______端滑动（选填“左”或“右”）；
(4)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图2乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是________Ω；（保留1位小数）
(5)实验还发现，通过小灯泡的电流与小灯泡两端的电压不是成正比的，造成这种情况的主要原因是小灯泡的电阻会随着温度的升高而_________。（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【答案】 ①. ②. 灯泡开路 ③. 2.2V ④. 左 ⑤. 10.4 ⑥. 增大
【解析】
【详解】(1)[1]小灯泡的额定电压为2.5V，小灯泡的电阻约为10Ω，电路中电流约0.25A，电流表选用0.6A量程，滑动变阻器下端接线柱已接，上端任选一个接线柱，如图所示：
(2)[2]连接好电路后，闭合开关，移动滑片，小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，故障的原因可能是小灯泡开路。
(3)[3]电压表选用0~3V量程，分度值为0.1V，示数为2.2V。
[4]要测量小灯泡正常发光时的电阻，电压表应为2.5V，使灯泡两端电压升高，应减小滑动变阻器电阻，将滑片P向左移动。
(4)[5]电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，图乙示数为0.24A，额定电压为2.5V，根据欧姆定律可知，电阻为10.4Ω。
(5)[6]灯泡的电阻不是定值电阻，会随着温度的升高而增大。
变式题7提升
28. 在“用伏安法测小灯泡的电阻”实验中，待测小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲实物图未连接部分补充完整________；（要求连线不得交叉）
（2）连接电路时，开关断开，并将滑动变阻器的滑片置于阻值__________处；
（3）开关闭合后，发现小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表无示数，则原因可能是__________；
（4）排除故障后，闭合开关，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向__________（选填“左”或“右”）移动；
（5）根据实验数据绘制的I—U图像如图丙所示，分析图像可知，小灯泡正常发光时的电阻为__________Ω。
【答案】 ①. ②. 最大 ③. 灯泡断路 ④. 右 ⑤. 10
【解析】
【详解】（1）[1]灯泡的额定电压为2.5V，电压表遵循“正进负出”的原则选择小量程与灯泡并联接入电路，电流表的负接线柱与电源负极相连，如下图所示：
（2）[2]为保护电路，连接电路时，开关应断开，并将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处。
（3）[3]开关闭合后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表能接在电源两端，所以故障为灯泡断路。
（4）[4]由图乙可知电压表分度值为0.1V，示数为2.2V，要测量小灯泡正常发光时的电阻，灯泡两端的电压应增大为2.5V，根据串联电路电压规律可知需减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压原理可知需减小滑动变阻器接入电路的阻值，所以应将滑动变阻器的滑片向右移动。
（5）[5]由图丙可知灯泡两端的电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻
变式题8提升
29. 如图1所示为测量小灯泡L电阻的电路图，小灯泡L的额定电压为，电源电压为3V。
（1）如图1所示，当滑动变阻器的滑片向右滑动时小灯泡亮度变大，请你用笔画线代替导线将图2所示的实物正确连接；___________
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于___________（选填“左”或“右”）端；
（3）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表指针均不偏转，电压表示数始终为3V。电路中只有一处故障，则产生这一现象的原因可能是___________；
（4）排除故障后，继续实验，测出在不同电压下通过小灯泡的电流，记录实验数据如表，并计算出对应的小灯泡电阻。当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图3所示，则此时通过灯泡的电流是___________A。小灯泡L正常发光时的电阻为___________Ω（结果保留一位小数）；
（5）分析实验数据可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡电阻越来越大，其原因是小灯泡电阻大小受___________的影响；
（6）在测量某未知电阻的阻值时，由于电流表损坏，某同学设计了如图4所示的电路图，定值电阻的阻值已知，操作步骤如下：
①将开关S、闭合，读出电压表的示数为；
②___________，读出电压表的示数为；
③所以未知电阻阻值的表达式为：___________。（用已知量和测量量的符号表示）
【答案】 ①. ②. 左 ③. 小灯泡断路 ④. ⑤. ⑥. 温度 ⑦. 闭合开关S、断开开关 ⑧.
【解析】
【详解】（1）[1]电压表与灯泡并联，因为灯泡的额定电压为，所以电压表选用的量程，滑动变阻器与灯泡串联，当滑动变阻器的滑片向右滑动时小灯泡亮度变大，说明电流表示数变大，滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器右下接线柱连入电路中，如图所示：
（2）[2]为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片右侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的左端。
（3）[3]电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的小灯泡断路了。
（4）[4]图3中电流表选用小量程，分度值为，示数为，此时通过灯泡的电流是0.3A。
[5]由于此时灯泡两端的电压等于灯泡的额定电压，因此此时灯泡正常发光，由欧姆定律可知，此时灯泡的电阻
（5）[6]小灯泡的电阻随温度的升高而增大，因此随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡电阻越来越大；
（6）[7][8]①将开关S、闭合，读出电压表的示数为；
②闭合开关S、断开开关，读出电压表的示数为；
③在①中，被短路，电路为的简单电路，电压表测电源电压，因此电源电压为，
在②中，两电阻串联，电压表测待测电阻两端的电压，因此此时待测电阻两端的电压为，由串联电路电压的规律可知，定值电阻的电压
由串联电路的电路规律可知，通过的电流
由欧姆定律可知，待测电阻阻值的表达式为
变式题9提升
30. 高松同学用“伏安法”测量一只标有“2.5 V”字样小灯泡的电阻（电阻大约在10 Ω左右）。
(1)如图甲所示是高松连接的实物电路图，请你用笔画线代替导线，替他把电路连接完整（要求选择合适的量程，导线不得交叉）。（ ）
(2)连接电路前，开关应处于__________状态，滑动变阻器的滑片P应移到__________（选填“A”或“B”）端。
(3)电路连接完成后，高松闭合开关S，发现小灯泡L 不发光，电流表、电压表的示数如图乙所示，电路中出现的故障可能是_______________。
(4)实验完成后，高松将有关数据和现象填在下列表格里：
则小灯泡正常发光时的电阻是________Ω。（保留一位小数）
(5)通过表中数据的相关计算，高松不但了解到小灯泡电阻的变化规律，而且还有一个重要发现，你认为他的发现是：_________________。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. B ④. 小灯泡L短路 ⑤. 8.3 ⑥. 灯泡的实际功率越大，灯泡越亮
【解析】
【详解】(1)因为灯泡的额定电压为2.5 V，所示电压表的量程应选择0~3 V，且与灯泡并联，滑动变阻器应按“一上一下”的原则接入电路，故可接滑动变阻器的任一上方接线柱与灯泡串联组成电路，如答图所示；(2)为保证电路安全，连接电路前，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处，即B端；(3)由图乙可知，电流表有示数，电压表无示数，且灯泡不亮，说明电压表并联部分短路，电路中出现的故障可能是小灯泡L短路；(4)由表中实验数据可知，小灯泡的额定电压U＝2.5 V时，流过灯泡的电流I＝0.3 A，则小灯泡正常发光时的电阻R＝＝≈8.3 Ω；(5)由表中实验数据可知，随着灯泡两端电压U增大，流过灯泡的电流I增大，但是ΔU＞ΔI，由R＝知，灯泡电阻增大，因为灯泡电阻随温度升高而增大，随灯泡电压与电流的增大，灯泡的实际功率越大，灯泡越亮。
原题
31. 小婷在探究液体压强与哪些因素有关的实验中，在U形管接头处加装了一个“三通接头”，如图甲所示。
（1）U形管与探头连接时，阀门K应处于__________（选填“打开”或“关闭”）状态，以确保U形管内的水面相平；组装完成后，轻压探头的橡皮膜到一定程度，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置___________（选填“漏气”或“不漏气”）；
（2）比较图乙与__________两图，可得出液体压强随深度的增加而增大；比较图丙与丁两图，还可初步得出液体在同一深度向各个方向的压强_____；
（3）若需通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，应将图戊中的探头向_____移动适当的距离；移动探头后，观察到U形管水面高度差为，此时探头受到盐水的压强为，小婷取出探头放回水中，当U形管水面高度差再次为时，测出探头在水中的深度为0.2m，则_________Pa；
（4）小婷发现探头所处深度较浅时，U形管两液面的高度差不明显，可将U形管中的水换成密度更_____的液体以方便读数；探究过程中，保持探头所处深度不变，将U形管逐渐向后倾斜，偏离竖直方向，U形管中两液面所对刻度线间的距离将__________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 打开 ②. 不漏 ③. 丙 ④. 相等 ⑤. 上 ⑥. 2000 ⑦. 小 ⑧. 变大
【解析】
【详解】（1）[1]U形管与探头连接时，需要保持U形管两侧的压强相同，因此需要把阀门K打开。
[2]压探头的橡皮膜时，U形管内液面有明显的高度差并保持稳定，说明装置的气密性较好，装置不漏气。
（2）[3]探究液体压强与深度的关系，需要控制液体的密度相同，改变探头所处的深度，故乙、丙两图符合题意。
[4]丙与丁两图中，同种液体，探头所处的深度相同，只改变探头的方向，U形管液面的高度差几乎相同，说明：同种液体、同一深度各个方向的压强大小相等。
（3）[5]若要通过图丁和戊对比得出液体压强与液体密度的关系，需要控制探头所处的深度相同，因此图戊中的探头需要向上移动。
[6]当U形管液面的高度差相同时，则探头受到的压强大小相等，所以探头受到盐水的压强为
（4）[7][8]U形管两液面的高度差不明显，根据可知，可将U形管中的水换成密度更小的液体进行实验；将U形管逐渐向后倾斜，偏离竖直方向，U形管中两液面所对刻度线间的距离将会变大。
变式题1基础
32. 小明利用如图甲所示实验装置探究液体内部压强的特点，乙、丙容器中装有盐水，丁容器中装有水，三个容器中液面的高度相同。
（1）图甲是U形管压强计，金属盒上的橡皮膜应该选用______（选填“薄”或“厚”）一些的较好，从结构来看，压强计______（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）比较图乙、丙两次实验可知：同种液体内部压强随深度的增加而______；比较乙、丁两次实验可初步判断：液体内部压强与液体密度______（选填“有关”或“无关”）；
（3）由于水和盐水密度差异较小，导致实验现象不明显，小明将U形管换成内径更细的管，______（选填“会”或“不会”）使实验现象更明显；
（4）若图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，则橡皮管内气体的压强与管外大气压之差为______Pa；在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），橡皮膜受到的液体压强将______（选填“变大”、“变小”或“无法判断”）（ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg）。
【答案】 ①. 薄 ②. 不是 ③. 增大 ④. 有关 ⑤. 不会 ⑥. 500 ⑦. 无法判断
【解析】
【详解】（1）[1]用压强计测量液体内部压强，通过U型管左右液面出现高度差来反映压强的大小，所以U形管压强计金属盒上的橡皮膜应较薄，这样压强计较灵敏。
[2]U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此U形管不是连通器。
（2）[3]乙、丙两次实验是探究液体压强大小与深度的关系，控制了液体的密度相同、金属盒的方向相同，而深度不同，通过U型管液柱的高度差不同得出：同种液体内部压强随着深度的增加而增加。
[4]乙、丁两次实验金属盒方向相同，深度相同，液体的密度不同，两组实验U型管液柱的高度差也不同，故可初步判断：液体内部压强与液体密度有关。
（3）[5]根据可知，若压强和深度相同，U型管中液柱高度差只与液体密度有关，“将U型管换成更细的”不能使两侧液面高度差对比更加明显。
（4）[6]图丁的实验中U形管左右两侧水面的高度差为5cm，即0.05m，由可知，橡皮管内气体的压强与管外大气压之差
[7]在图乙的实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出），容器内液体密度减小，但金属盒位置液体的深度增大，根据可知，橡皮膜受到的液体压强将无法判断。
变式题2基础
33. 如图所示是用压强计“研究液体内部的压强”的实验装置。
（1）压强计上的U形管______（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，如图甲，其调节的方法是______（选填“A”或“B”），使U形管左右两侧的水面相平；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
（3）使用U形管压强计前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下金属盒的橡皮膜，如果按压时U形管中的水面几乎不发生变化，则说明该装置______（选填“漏气”或“不漏气”）；
（4）如图乙所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差______；
（5）比较图中的乙和丙图，可以得到；液体的压强与______有关。比较图中______两图，可以得液体的压强与液体密度有关；
（6）实验过程中，主要采用的研究方法是转换法和______法，最后可得到影响液体内部压强大小的因素是液体密度和深度；
（7）已知图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差为______Pa。（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ盐水=1.1×103kg/m3，g=10N/kg）
【答案】 ①. 不属于 ②. B ③. 漏气 ④. 不变 ⑤. 液体的深度 ⑥. 丙、丁 ⑦. 控制变量 ⑧. 1000
【解析】
【详解】（1）[1]这是测量液体压强的压强计；它的左端是密闭的，所以不是连通器。
（2）[2]若在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的，都等于大气压。当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的。故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[3]压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，如果按压时U形管中的水面几乎不发生变化，则说明该装置漏气。
（4）[4]由同一深度，液体中的某个点各个方向压强都相等可知，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差不变。
（5）[5]比较乙图、丙图，在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同；丙图中金属盒所处深度更深，U形管两侧的液面高度差更大，说明液体压强更大。故可以得到：在不同深度，液体内部压强与液体的深度有关，液体深度越深，压强越大。
[6]研究液体的压强与液体密度的关系，要改变液体的密度，控制液体的深度相同，故比较图中丙、丁两图，金属盒所处深度相同，方向相同，液体的密度不同，U形管两侧的液面高度差不同，故可以得出液体的压强与液体密度有关。
（6）[7]液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，这用到了控制变量法，液体的压强不好直接测量，通过U形管两侧液面高度差反映液体压强的大小，这里用到了转换法。所以本试验主要采用了转换法和控制变量法，最后可得到影响液体内部压强大小的因素是液体密度和深度。
（7）[8]图丁中U形管左右两侧水面的高度差h=10cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差约为
变式题3基础
34. 如图所示是小刚在探究“影响液体压强大小的因素”的实验过程。
（1）实验前，小刚同学检查装置时发现，用力按探头的橡皮膜，U形管两边液面均处在同一水平线上，则这套实验装置出现的问题可能是 ___________，此时这个U形管 ___________（选填“属于”或“不属于”）连通器；
（2）实验中是通过观察U形管中液面高度差来比较液体压强的大小的，这种实验方法叫做 ___________；
（3）通过比较 ___________两图可知，在同种液体内部，深度越深，压强越大；通过比较乙、丙两图可知，在不同液体内部的同一深度，液体密度越大，压强越 ___________；
（4）如图甲所示，保持压强计探头在液体中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强 ___________；
（5）固定图乙中探头的位置不动，向容器内慢慢加水（若水未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水___________（选填“>”、“＜”或“=”）p盐水。
【答案】 ①. 气密性差 ②. 属于 ③. 转换法 ④. 甲乙 ⑤. 大 ⑥. 相等 ⑦. ＜
【解析】
【详解】（1）[1]用力按压探头的橡皮膜，U形管两边的液面处于同一水平线，没有液面差，说明装置可能漏气，气密性差。
[2]由于U形管本身不是属于连通器，但是由于装置出现了漏气现象，变成了上端开口，底部连通，所以此时这个漏气的U形管属于连通器。
（2）[3]压强计是通过U形管中的液面高度差来反映被测压强的大小，液面高度差越大，液体的压强越大，这种用容易测量或观察到的现象来显示不容易测量和观察到的现象的方法叫转换法。
（3）[4]比较甲乙两图，在相同的液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，乙处的深度大，U形管两侧的液面高度差大，可得出实验结论：同种液体内部，液体深度越深，压强越大。
[5]通过比较乙丙两图发现，在不同液体的同一深度，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，丙液体中U形管两侧的液面高度差大，可得出实验结论：在不同液体内部的同一深度，液体密度越大，压强越大。
（4）[6]保持压强计探头在液体中的深度不变，使探头处于向上、向下、向左、向右等方位，发现U形管中液面高度差不变，这说明在液体内部的同一深度处，向各个方向的压强都相等。
（5）[7]固定图乙中探头的位置不动，向容器内慢慢加水（若水未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，说明此时探头位置的乙、丙两装置压强相同
乙与丙两装置探头下部分的深度相同，但是密度，根据液体压强公式可得
则烧杯底部受到液体压强的大小关系
即
变式题4巩固
35. 如图所示，小融同学利用液体压强计等装置“探究液体内部的压强规律”。
（1）如图甲所示，小融在检查压强计的气密性时，用不同的力按压探头的橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差变化始终较___________（选填“大”或“小”），说明压强计的气密性较差；
（2）小融调节好压强计后，将探头放入水中，保持探头深度不变，向不同方向旋转探头，发现U形管两侧液面高度差不变，说明同种液体同一深度，向各个方向的压强___________；
（3）分析图乙、丙的实验现象，初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随深度增加而___________。若橡皮膜的表面积，图丙中，则此时橡皮膜受到水的压强为___________Pa，受到水的压力为___________N（g=10N/kg，杯内液体密度）；
（4）为了研究液体压强与液体密度的关系，小融将液体压强计做了如图丁的改进。当两探头置于空气中时，U形管两侧液面相平。现将两探头分别放入A、B两种液体中，当两探头所处深度分别为、时，U形管两侧液面重新相平。已知A液体的密度为，则B液体密度的表达式为___________（用已知字母表示）。
【答案】 ①. 小 ②. 相等 ③. 增大 ④. 1000 ⑤. 1.2 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]实验前，取出压强计，用手指反复用力按压探头的橡皮膜，若发现U型管两侧的液面高度差变化始终较小，则说明该压强计的气密性很差。
（2）[2]由题意可知，在同种液体中，橡皮膜所处的深度相同，方向不同，此时U形管两侧的液面差相同，即橡皮膜受到的压强相同，所以这说明同种液体同一深度，向各个方向的压强相等。
（3）[3]由图乙、丙可知，在同种液体中，橡皮膜所处的深度不同，方向相同，此时U形管两侧的液面差不同，橡皮膜所处的深度越深，U形管两侧的液面差越大，即橡皮膜受到的压强越大，所以初步得到的结论是：同种液体中，液体压强随深度的增加而增大。
[4][5]根据液体压强公式可得，此时橡皮膜受到水的压强为
p=ρgh0=1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10-2m=1000Pa
又因为橡皮膜的表面积为
根据压强公式可得，受到水的压力为
F=pS0=1000Pa×1.2×10-3m2=1.2N
（4）[6]由题意可知，当两探头所处深度分别为、时，U形管两侧液面重新相平，即pA=pB，根据液体压强公式可得
ρAghA=ρBghB
由此可得，B液体密度的表达式为
变式题5巩固
36. 如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）实验前应检查压强计装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体灵活升降，则说明装置__________（选填“漏气”或“不漏气”）。调节好的压强计放在空气中时，U形管的液面应该__________，为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用__________（选填“有色”或“无色”）的。
（2）图甲中把探头慢慢下移，可以观察到U形管两边液面的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而__________。
（3）要探究液体的压强与液体的密度是否有关，应选取装置乙和装置__________来进行研究。
（4）在探究液体的压强与液体的深度是否有关时，同组的小明同学认为也可以这样做：保持图丙中探头所处的位置不动，向烧杯中继续加水，U形管两侧高度差变大，你认为这种方法__________（选填“可以”或“不可以”）探究液体的压强与液体深度的关系。
（5）固定图乙中探头的位置不动，向容器中慢慢加水（未溢出），当U形管中液面的高度差与图丙相同时，烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水__________p盐水（选填“>”“<”或“=”）。
【答案】 ①. 不漏气 ②. 相平 ③. 有色 ④. 增大 ⑤. 丙 ⑥. 不可以 ⑦. <
【解析】
【分析】
【详解】（1）[1]检查装置气密性的方法：用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能够灵活升降，则说明装置的气密性很好，装置不漏气。
[2]调节好的压强计放在空气中时，U形管的液面应该相平，否则会对实验结果造成影响，如果出现不相平的情况，可试着重新插拔一下橡胶管。
[3]为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色的，可以往其中滴入红墨水，这样更利于观察。
（2）[4]把探头慢慢下移，深度变大，可以观察到U形管两边液面的高度差增大，说明在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大。
（3）[5]要探究液体的压强与液体的密度是否有关，应该控制深度一定，探头朝向相同，改变液体的密度，故应选取装置乙和装置丙来进行研究。
（4）[6]保持图丙中探头所处的位置不动，向烧杯中继续加水，盐水的深度和密度都在变化，通过U型管两侧高度差变大不能得到液体的压强与液体深度的关系，因为没有控制盐水的密度不变。
（5）[7]当乙U形管中液面的高度差与图丙相同时，说明乙、丙两图探头以上部分液体压强相同。两图中探头距烧杯底部的距离相等，但因丙图盐水密度大于乙图水的密度，由可知，探头以下部分液体产生的压强丙图较大，故烧杯底部受到液体压强的大小关系是p水
37. 如图所示，吉祥同学和如意同学用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）如意同学通过图甲观察发现压强计_____（选填“是”或“不是”）连通器；
（2）如意同学使用前检查装置是否漏气。当她用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置_____（选填“漏气”或“不漏气”）；
（3）如意同学把压强计的橡皮膜和橡皮管更换后，在使用压强计前，发现U形管内水面已有高度差，她们接下来的操作应是_____；
A.从U形管内向外倒出适量水 B.拆除软管重新安装 C.向U形管内添加适量水
（4）如图乙、丙所示是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而_____（选填“增大”“减小”或“不变”）；
（5）如意同学在图丁中用刻度尺量出U形管左右两侧水面的高度差h＝12cm，则橡皮管内气体的压强与大气压之差为_____Pa（ρ盐水=1.2×103kg/m3，ρ水=1.0×103kg/m3）。但如意同学用刻度尺量出金属盒浸入盐水中的深度为11cm，请你帮他分析其中的原因：_______；
（6）聪明的吉祥同学利用U形管压强计改装成如图戊所示的测液体密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为5cm。U形管盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置（刻度值）的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可。当橡皮膜放入某液体中时，浮标指示在b处，a、b之间的距离为2cm，则该液体的密度为_____g/cm3，如意同学发现用该调节好的密度计测量液体密度时，测量值总是偏小，原因是______。
【答案】 ①. 不是 ②. 漏气 ③. B ④. 增大 ⑤. 1200 ⑥. 使橡皮膜发生形变需要力 ⑦. 0.8 ⑧. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]连通器应两端都开口，压强计是一端开口的，所以压强计不是连通器。
（2）[2]装置不漏气时，按压橡皮，U形管两边液面高度应有变化。因为液面几乎没有变化，故是漏气。
（3）[3]使用前U形管水面已有高度差，说明液面上方气压不相同，则应拆除软管重新安装。故AC不符合题意，B符合题意。
故选B。
（4）[4]如图乙、丙所示是将该装置的探头放人水中不同深度的情况，发现丙图中U形管两端液面高度差较大，比较后可初步得出结论：液体内部的压强随深度的增加而增大。
（5）[5]橡皮管内气体的压强与大气压之差为
[6]用刻度尺量出金属盒浸入盐水中的深度为11cm，此时压强大小为
，主要是因为使橡皮膜发生形变需要力。
（6）[7]a、b之间的距离为2cm，则U形管左右两侧水面的高度差h′＝4cm，因为，则
即
解得
[8]由于使橡皮膜发生形变需要力，使测得的U形管两边液面高度差偏小，即测得的压强偏小，故测量的液体密度偏小。
变式题7提升
38. 小冯同学利用压强计探究“影响液体压强的因素”的实验。探究过程如下：
（1）为方便观察液柱高度差变化，图甲所示压强计U形管中的液体最好选用________（选填“无色”或“有色”）液体；
（2）小冯同学在实验前检查了图甲所示压强计的气密性，他的方法是用手指________橡皮膜（选填“轻按“或“重按”），观察U形管中液面的变化。当他按正确方法操作后，以下现象中能说明气密性良好的是________；
A．U形管两边液面始终保持静止
B．U形管两边液面出现上下灵活波动后相平
（3）实验时将探头放进盛有液体的容器中，小冯发现压强计探头处的橡皮膜受到液体的压强会________（选填“内凹”或“外凸”），此现象说明力可以改变物体的________；
（4）比较图中乙和丙可初步得出结论：液体内部压强大小与________有关。要探究液体压强与液体密度的关系，应选用图中________图和丁图进行对比；
（5）另一小组的小美同学将同一压强计的探头先后放入戊、己两种液体中的相同深度，U形管两侧的液面高度差如图戊、己所示。由此可知，压强计在戊、己两种液体中所受的压强大小关系是________（选填“>”、“=”或“<”），如果戊液体为水，则液体己的密度为________。
【答案】 ①. 有色 ②. 轻按 ③. B ④. 内凹 ⑤. 形状 ⑥. 液体深度 ⑦. 丙 ⑧. ＜ ⑨. 2.2×103
【解析】
【详解】（1）[1]为了更加容易观察液面的高度差，U形管中的液体选用有色液体。
（2）[2][3]实验中要检查装置的气密性需要用手轻压橡皮膜，若U形管两边液面上下灵活波动后相平，则说明装置气密性良好。
故选B。
（3）[4][5]压强计探头处的橡皮膜受到液体的压强后会向内凹陷，此现象说明力可以改变物体的形状。
（4）[6]乙和丙两图中，是同种液体，丙图中探头所处的深度较深，U形管液面的高度差大，说明液体压强的大小与液体的深度有关。
[7]要探究液体压强与液体密度的关系需要控制探头所处的深度相同，而改变液体的种类，应选用丙丁两图。
（5）[8]由戊、己两图可知探头所处的深度相同，己图中U形管液面的高度差大，说明己液体的压强大于戊液体压强。
[9]己液体能支撑的U形管液面高度差是戊液体支撑U形管液面高度差的2.2倍，即己液体的压强是戊液体液体压强的2.2倍。根据可知，深度相同，戊液体的密度是己液体密度的2.2倍，己液体是水，戊液体的密度为2.2×103kg/m3。
变式题8提升
39. 白鹤滩水电站位于金沙江下游，2023年电站建成后，将成为仅次于三峡水电站的中国第二大水电站。住在水电站附近的莉莉看见日益高耸的大坝，于是联合小晨利用压强计探究影响液体内部压强大小与什么因素有关。
（1）实验所用的压强计探头上的橡皮膜应该选用较________（选填“薄”或“厚”）一些的较好。该实验是通过U形管两侧液面高度差来反映压强计探头受到的压强大小，这种实验方法是________（选填“转换法”、“控制变量法”或“理想模型法”）；
（2）莉莉在使用压强计时，用手指无论轻压还是重压橡皮膜，发现U形管两侧液面高度差几乎没有变化，这说明该压强计的气密性_______（选填“差”或“好”）。将调节好的压强计竖直放在空气中时，U形管两侧液面高度应该________（选填“相平”或“不相平”）；
（3）比较图中甲和乙，可以探究的问题是：同种液体，液体压强与________的关系。因此拦河大坝要做成_______的形状；
（4）保持探头在水中的深度不变，将水换成浓盐水，如图乙、丙所示，根据实验现象可以初步得出结论：在同一深度处，液体密度越_______，液体压强越大；
（5）小晨利用矿泉水瓶、橡皮膜、刻度尺、水等器材也进行了相关探究。将剪去瓶底、蒙有橡皮膜的矿泉水瓶逐渐浸入水中，如图丁所示，可以观察到橡皮膜向瓶内凹进，且凹陷程度随浸入深度的增加而增大。当浸入水中的深度为10cm时，她向矿泉水瓶中加水，直到橡皮膜处于水平状态，此时矿泉水瓶内水的深度为________cm；
爱动脑筋的小晨发现，借助这个简易装置还可以测量未知液体的密度。小瑶将装有水深h1的该矿泉水瓶浸入食盐水中，发现橡皮膜相平时，橡皮膜到食盐水液面的竖直距离为h2，由此推断出该食盐水的密度为ρ食盐水=________。（用所测物理量表示，已知ρ水）
【答案】 ①. 薄 ②. 转换法 ③. 差 ④. 相平 ⑤. 深度 ⑥. 上窄下宽 ⑦. 大 ⑧. 10 ⑨. ρ水
【解析】
【详解】（1）[1]用压强计测量液体内部压强，为了使压强计更加灵敏应选择较薄的橡皮膜。
[2] 通过U形管两侧液面高度差来反映压强计探头受到的压强大小，将液体压强转化为U形管两侧页面的高度差，用的实验方法是转换法。
（2）[3]若该压强计的气密性良好，则手指轻压或重压橡皮膜时，U形管两侧液面高度会有明显变化，故该压强计气密性差。
[4]实验中要通过U型管两液面高度差来显示压强的大小，在未受压强时，U形管两侧液面高度应相平。
（3）[5] 比较甲、乙两次实验，图甲和图乙探头所处深度不同，故探究的是同种液体中，液体压强与深度的关系。
[6]因为同种液体内部，液体越深，产生的压强越大，为增加抵抗河水较大的压强，拦河大坝要做成上窄下宽的形状。
（4）[7]如图乙、丙所示，探头在液体中的深度一样，但是液体的种类不同，U形管两侧液面的高度差在浓盐水中的更大，故结论为：在同一深度处，液体的密度越大，压强越大。
（5）[8]矿泉水瓶浸入水中的深度为10cm，根据液体压强公式：可知，液体压强与液体密度和深度有关，液体密度相同时，液体内外压强相同，才能使橡皮膜处于水平状态，故此时矿泉水瓶内的深度为10cm。
[9]橡皮膜液面相平，矿泉水瓶内外压强相同，则食盐水的密度为
变式题9提升
40. 为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，鲁能巴蜀中学初二学生进行如图所示的操作进行探究，甲装置U形管内装有已染色的水，密度取1.0×103kg/m3，实验装置经测试可以正常使用。
（1）如图甲，压强计________（选填“是”或“不是”）连通器，若在使用压强计前，将橡皮膜置于空气中，发现U形管内液面已有高度差，可以通过________（选填序号）方法可以进行调节；
A．从U形管内向外倒出适量水 B．向U形管内添加适量水 C．拆除软管重新安装
（2）调节好压强计，小明同学按照图所示进行实验，比较丙、丁两图可知，液体内部压强与液体的________有关，在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将________（选填“变大”、“不变”或“变小”）；
（3）小明测得图乙中U形管左右两侧液面的高度差，则橡皮管内气体的压强与大气压强之差约为________Pa。小张同学提出若U形管左右两侧液面的高度差较小，测量时会导致较大误差，下面操作能增大U形管左右两侧液面高度差的操作是________；
A．将U形管换成更细的
B．将U形管换成更粗的
C．U形管中换用密度更小的液体
D．U形管中换用密度更大的液体
（4）小王同学在实验中灵机一动，他利用U形管压强计改装成如图所示的测液体密度的密度计。A为固定支架，其作用是保证橡皮膜在不同的液体中深度均为10cm。U形管中盛水，其右管标有刻度值，为了便于读数，在U形管右管有一个指示液面位置（刻度值）的红色浮标。未测量时，U形管水面刚好与a相平，读数时，读取浮标所对的刻度值即可。当橡皮膜放入某液体中，浮标指示在b处，若ab间距离越大，则判断出待测液体密度________（选填“越大“或“越小”），当ab之间的距离为6cm时，则待测液体的密度为________g/cm3。
【答案】 ①. 不是 ②. C ③. 密度 ④. 不变 ⑤. 200 ⑥. C ⑦. 越大 ⑧. 0.6
【解析】
【详解】（1）[1]连通器要求是两端开口，而U形管左端有橡皮管连接，静止时两边液面也可能不相平，故U形管不属于接通器。
[2]U形管内液面已有高度差是因为两边液体上方气压不同，如果取下左边的橡皮管，U形管变成了一个连通器，静止时液面就相平了，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
（2）[3]比较丙、丁两图可知，压强计探头在液体中深度与方向相同，密度不同，根据控制变量法，是为了探究液体内部压强与液体的密度的关系。
[4]根据液体压强公式，液体内部压强与液体的密度与深度有关，与方向无关，故在图丙中保持探头的位置不变，改变探头的方向，U形管两液面的高度差将不变。
（3）[5]橡皮管内气体的压强与大气压强之差等于U形管两边液体压强差，即
[6]AB．根据液体压强公式，液体的压强与密度和深度有关，与U形管的横截面积无关，故AB不符合题意；
CD．根据液体压强公式，液体的压强与密度与深度有关，在压强一定时，液体密度越小，高度越大，所以可以将U形管中换用密度更小的液体，高度差就更大，现象更明显，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
（4）[7]根据题意，压强计探头在液体中受到的压强与U形管水的高度差产生的压强是相等的，即
而每次测量时探头在液体的中深度不变为
所以待测液体密度越大，U形管中水的高度差就越大。
[8]当ab之间的距离为时，则待测液体的密度为
原题
41. 如图所示的电路中，电源电压恒为2V，R1的阻值为10Ω，R2的阻值为20Ω，闭合开关S。求：
（1）通过R1的电流；
（2）通电50s，R2消耗的电能。
【答案】（1）0.2A；（2）10J
【解析】
【详解】解：（1）由图可知，电阻R1、R2并联，通过R1的电流为
（2）R2在10s内消耗的电能为
答：（1）通过R1的电流为0.2A；
（2）通电50s，R2消耗的电能为10J。
变式题1基础
42. 如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1=10Ω，R2=20Ω，闭合开关S，电流表示数是0.5A，求：
（1）电源电压；
（2）通电100s时，整个电路所消耗的电能。
【答案】（1）10V；（2）1500J
【解析】
【详解】解：（1）由图知，两电阻并联，电流表测R2支路的电流。由并联电路特点和欧姆定律可得电源电压
U=U2=I2R2=0.5A×20Ω=10V
（2）通过R1的电流为
根据并联电路电流的规律，干路的电流为
I=I1+I2=1A+0.5A=1.5A
通电100s时，整个电路所消耗的电能
Q=W=UIt=10V×1.5A×100s=1500J
答：（1）电源电压为10V；
（2）通电100s时，整个电路所消耗的电能为1500J。
变式题2基础
43. 如图所示的电路，电源电压不变，电阻R＝5Ω，闭合开关S后，电流表的示数为0.4A，已知小灯泡灯丝的电阻恒为10Ω。求：
（1）通过小灯泡的电流；
（2）通电10s，整个电路消耗的电能。
【答案】（1）0.2A；（2）12J
【解析】
【详解】解：（1）闭合开关S，R和L并联，电流表测流过R的电流。在并联电路中，各支路两端电压都相等且等于电源电压，所以灯泡两端电压为
通过灯泡的电流为
（2）干路电流
通电10s，整个电路消耗的电能
答：（1）通过灯泡的电流为0.2A；
（2）通电10s，整个电路消耗的电能为12J。
变式题3基础
44. 如图所示的电路中，电源电压为12V， R1=10Ω， R2=30Ω。开关闭合后，求：
（1）电流表的示数；
（2）通电10s，电路中消耗电能。
【答案】（1）1.2A；（2）192J
【解析】
【详解】解：（1）两电阻并联，电流表测R1的电流，已知电源电压为12V，R1=10Ω，根据欧姆定律，电流表的示数
（2）由欧姆定律，通过R2电流为
由并联电路电流的规律，干路电流为
I=I1+I2=1.2A+0.4A=1.6A
通电10s，电路中消耗的电能
W=UIt=12V×1.6A×10s=192J
答：（1）电流表的示数为1.2A；
（2）通电10s，电路中消耗的电能为192J。
变式题4巩固
45. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，为，为。求：
（1）只闭合开关时，电流表的示数：
（2）闭合开关、，在内消耗的电能。
【答案】（1）0.3A；（2）72J
【解析】
【详解】解：（1）只闭合开关时，电路中只有R1工作，电流表的示数
（2）闭合开关、，两电阻并联，在内消耗的电能
答：（1）只闭合开关时，电流表的示数0.3A：
（2）闭合开关、，在内消耗的电能72J。
变式题5巩固
46. 如图所示的电路中，电源电压恒为6V，电阻R2的阻值为20Ω。当开关S1闭合，S2断开时，电流表示数为0.2A，求：
（1）电阻R1的阻值；
（2）当开关S1、S2均闭合时，工作1min电阻R2消耗的电能。
【答案】（1）；（2）108J
【解析】
【详解】解：（1）当开关S1闭合，S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测量的R1的电流为0.2A，电阻R1的阻值为
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，则通过R2的电流为
工作1min电阻R2消耗的电能为
答：（1）电阻R1的阻值为；
（2）当开关S1、S2均闭合时，工作1min电阻R2消耗的电能为108J。
变式题6巩固
47. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R2=30Ω。当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.4A。求：
（1）电源电压为多少？
（2）当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为0.6A，1min内电流对R1所做的功为多少？
【答案】（1）12V；（2）144J
【解析】
【详解】解：（1）只闭合开关S1，只有定值电阻R2接入电路，电流表测电路的电流，由欧姆定律可得出电源电压
U=I2R2=0.4A×30Ω=12V
（2）再闭合开关S2，定值电阻R1、R2并联，电流表测量干路中的电流，因为并联电路各支路可独立工作、互不影响，通过定值电阻R2的电流不变，由并联电路电流的规律，通过R1的电流
I1=0.6A-0.4A=0.2A
1min内电流对R1所做的功为
W1=UI1t=12V×0.2A×60s=144J
答：（1）电源电压为12V；
（2）开关S1、S2都闭合时，1min内电流对R1所做的功为144J。
变式题7提升
48. 如图所示，电源电压恒为6V，只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A，再闭合开关S1时，电流表示数变化了0.4A。
求∶(1)R1的电阻；
(2)S、S1都闭合时，20s内电路消耗的总电能。
【答案】(1) 20Ω；(2) 84J
【解析】
【详解】(1)只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由知道，R1的电阻
(2) S、S1都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由于并联电路中各支路独立工作、互不影响，即通过R1的电流不变，根据题意知道，电流表示数变化了0.4A，说明通过R2的电流
I2=0.4A
由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电路的总电流
因并联电路中各支路两端的电压相等，由 知道，20s内电路消耗的总电能
答：(1)R1的电阻是20Ω；
(2)S、S1都闭合时，20s内电路消耗的总电能84J。
变式题8提升
49. 如图所示，电阻R2=30Ω，当开关闭合时，电流表A1示数为0.2A，电流表A2示数为0.5A。求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R1的阻值；
（3）整个电路10s消耗的电能。
【答案】（1）9V；（2）45Ω；（3）45J
【解析】
【详解】解：（1）由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流
I2=I-I1=0.5A-0.2A=0.3A
因并联电路中各支路两端的电压相等，电源的电压
U=I2R2=0.3A×30Ω=9V
（2）电阻R1的阻值
（3）整个电路10s消耗的电能
W=UIt=9V×0.5A×10s=45J
答：（1）电源电压为9V；
（2）电阻R1的阻值为45Ω；
（3）整个电路10s消耗的电能为45J。
变式题9提升
50. 如图所示的电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω。闭合开关S时，电流表的示数为2.5A。求：
（1）通过电阻R1的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）通电1min电路消耗的电能。
【答案】（1）2A；（2）60Ω；（3）4500J
【解析】
【详解】解：（1）由电路图可知，闭合开关S时，R1与R2并联，电流表测干路电流；因并联电路中各支路两端的电压相等，且等于电源电压，所以，通过电阻R1的电流为
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流
I2=I-I1=2.5A-2A=0.5A
则电阻R2的阻值为
（3）通电1min电路消耗的电能为
W=UIt=30V×2.5A×60s=4500J
答：（1）通过电阻R1的电流为2A；
（2）电阻R2的阻值为60Ω；
（3）通电1min电路消耗的电能为4500J。次数
1
2
3
4
1
2
2.5
2.8
0.18
0.28
0.30
0.31
数据序号
1
2
3
4
5
6
7
发光情况
明亮
不很亮
暗
较暗
微光
熄灭
熄灭
电压U/V
2.5
2.1
1.7
1.3
0.9
0.5
0.1
电流I/A
0.28
0.26
0.24
0.21
0.19
0.05
序号
U/V
I/A
R/Ω
1
1.0
0.18
5.6
2
1.5
0.22
6.8
3
2.0
0.24
8.3.
4
2.5
序号
U/V
I/A
R/Ω
1
次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.2
0.22
2
2.2
0.28
3
2.5
数据序号
电压
电流
电阻
1
2
3
次数
电压U/V
电流I/A
灯泡亮度
1
1.5
0.2
灯光微弱
2
2.2
0.28
较暗
3
2.5
0.3
正常发光
4
3.0
0.32
很亮
相关试卷
2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题21-22题： 这是一份2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题21-22题，文件包含精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题21-22题解析版docx、精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题21-22题原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共36页， 欢迎下载使用。
2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题11-15题： 这是一份2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题11-15题，文件包含精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题11-15题解析版docx、精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题11-15题原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共50页， 欢迎下载使用。
2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题6-10题： 这是一份2023年重庆市中考物理真题（A卷）变式题6-10题，文件包含精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题6-10题解析版docx、精品解析2023年重庆市中考物理真题A卷变式题6-10题原卷版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共59页， 欢迎下载使用。
