2024四川省射洪中学高二上学期第三次月考试题数学含答案

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1.A【分析】利用共轭复数及复数的除法运算求解即得.
【详解】复数，所以.故选：A
2.D【分析】结合已知条件可知，事件不一定是互斥事件，然后逐项求解即可.
【详解】由已知条件可知，一次随机试验中产生的事件可能不止事件这三个事件，
故，从而AB错误；，故C错误；，故D正确.故选：D.
3.B【分析】由，代入即得解【详解】由题意，，，，故选：B
4.C【分析】根据题意，由点到直线的距离公式即可判断直线与圆的位置关系.
【详解】因为点在圆内，则，
所以圆心到直线的距离为，所以直线与圆相离，故选：C
5.C【分析】根据题意，可得，再由空间向量的模长计算公式，代入计算，即可得到结果.
【详解】由二面角的平面角的定义知，
∴，
由，得，又，
∴
，所以，即，故选：C.
6.A【分析】由可得，两式相减可证明数列从第二项起成等差数列，再由等差数列的前项和公式、等差数列的通项公式求解即可.
【详解】因为，所以，两式相减得，
即，因为，所以，
所以数列中，从第二项起成等差数列，所以，
所以.由得，
所以，得，所以，故选：A.
7.D【分析】根据题意可知圆的圆心到直线的距离小于或等于2，进而可得.
【详解】由题意可知，由得，圆心为，半径为
因，故根据题意圆的圆心到直线即的距离小于或等于2，
所以得，即得，可得，故选：D
8.B【分析】可求出，由知点为线段的中点，从而得到长，根据在抛物线上可表示出的坐标，也就得到的坐标，代入渐近线方程可建立的关系求得.
【详解】根据题意，如图：
因为双曲线和抛物线共焦点，故可得，
又到的距离，即，
又，所以点为线段的中点，则，
设点，由抛物线定义知，解得；
由可得，
则由等面积可知：，解得，则，则，又点在渐近线上，即，即，
又，联立得，即，解得，
故.故选：B.
【点睛】对于求解圆锥曲线离心率问题，要结合题目中的条件，直接求出离心率或求出的齐次方程，解出离心率,本题关键是求出的坐标代入渐近线方程建立方程求解.
9.BC
【分析】根据各曲线的定义逐项验证参数的取值即可得出答案.
【详解】解：对于A：若曲线表示焦点在轴上的双曲线，
则，无解，选项A错误；对于B：若曲线表示圆心为坐标原点的圆，
则，解得，选项B正确；对于C：若曲线表示焦点在轴上的双曲线，
则，所以或，选项C正确；对于D：若曲线表示长轴长为的椭圆，
则，，则或，无解，选项D错误.故选：BC.
10.AC【分析】A应用互斥事件加法求概率；B由互斥事件的定义，结合题设描述判断；C判断是否成立即可；D应用对立事件的概率求法求发生的概率即可判断.
【详解】由题设知：，A正确；由：“第一次向下的数字为3或4”与：“两次向下的数字之和为偶数”，而发生同时也有可能发生，故不是互斥事件，B错误；因为，而，故，即事件M与事件N相互独立，C正确；，表示“第一次向下的数字为1或2”且“两次向下的数字之和为奇数”，故，所以，D错误.故选：AC.
11.ABD【分析】根据等比数列的定义和通项公式结合与的关系一一判断即可.
【详解】对于A,当且时,数列也是递增数列,故A错误;
对于B,当时,数列是常数列,不是递增数列或递减数列,故B错误;
对于C,因为,即,整理得且,所以,则,所以数列是递减数列,故C正确;
对于D,令且,则,,,,,此时成立,但数列不是递增数列,故D错误.故选:ABD.
12.CD【分析】首先根据抛物线的几何意义，求出抛物线方程，根据焦半径公式判断A；对所求的直线的斜率是否存在进行分类讨论，根据直线与抛物线有且仅有一个公共点，求出直线的方程，可判断B选项；根据三角形相似判断C，首先证明，再利用基本不等式判断D.
【详解】因为抛物线的焦点到准线的距离为，所以，
则抛物线，所以焦点，准线为，
对于A选项，设、，则，解得，
又为线段的中点，则，所以点到轴的距离为，故A错误；
对于B选项，若过点的斜率不存在时，则该直线为轴，由图可知，轴与抛物线相切，若过点的直线的斜率为零，此时，直线的方程为，联立，可得，
此时，直线与抛物线只有一个交点，若过点的直线的斜率存在且不为零，设该直线的方程为，考虑直线与抛物线相切，联立，可得，则，解得，即直线与抛物线只有一个公共点，故满足条件的直线共有三条，B错；对于C选项，过点作准线的垂线段，垂足为，则，设准线与轴交于点，则，因为，所以，则，则，所以，
即，所以，则，故C正确；对于D：依题意过点的直线的斜率不为，设过点的直线为，由，消去得，
显然，所以，，则，，
所以，
所以，，
当且仅当，即，时取等号，故D正确.故选：CD.
【点睛】方法点睛：圆锥曲线中的最值问题解决方法一般分两种：
一是几何法，特别是用圆锥曲线的定义和平面几何的有关结论来求最值；
二是代数法，常将圆锥曲线的最值问题转化为二次函数或三角函数的最值问题，然后利用基本不等式、函数的单调性或三角函数的有界性等求最值.
13.2
【分析】利用梯形中位线定理，结合抛物线的定义，先求出弦的中点到准线的距离，最后求出弦的中点的横坐标.
【详解】抛物线的准线的方程为：，焦点为,分别过，
作，垂足为，在直角梯形中，，
由抛物线的定义可知：，因此有，
所以点的横坐标为.故答案为：2.
14./
【分析】根据已知求出的值.结合图象可知点应在双曲线的右支上，根据双曲线的定义可得.结合图象，以及两点间的距离公式，即可得出答案.
【详解】由已知可得，，，所以，，，.
如图，设双曲线左焦点为，因为点在双曲线右支内部，要使最小，则点应在双曲线的右支上.
根据双曲线的定义可得，，所以，.
所以，.
由图象可知，当三点共线且如图示位置时，有最小值.
又，所以，
所以，有最小值，即有最小值.故答案为：.
15.15【分析】先得到，设等差数列的公差分别为，利用和得到方程组，求出，进而表达出为整数，设，求出，由求出的取值范围，从而得到答案.【详解】由题意得，
设等差数列的公差分别为，，，故，故，又，
故，即，，又，
，即，联立，化简得，
解得又是整数，即是整数，
设，故，即，解得，
令，解得，且，当时，满足要求，
当时，不合要求，当时，不合要求，当时，不合要求，
当时，不合要求，综上，的值为15.故答案为：15
16./【分析】先通过直线和过的定点以及垂直关系求出点轨迹，然后根据阿波罗尼斯圆的特点找到使恒成立的点，最后根据两点之间线段最短求最小值即可.
【详解】直线：即，过定点
直线：即，过定点
又，故，则点在以线段为直径的圆上，
即点的轨迹为，即，
假设存在点，使恒成立，设
则，整理得，
与的轨迹对照得，解得，
即存在点，使，即，
所以，
即的最小值为，故答案为：.
17.(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）用和表示即可求解；
（2）由（1）给出的表达式，再用和表示即可求解.
【详解】（1）证明 当时，由得，，
所以，又，所以是首项为2，公差为2的等差数列.
（2）由（1）可得，所以.当时，；
当时，，不符合，故
18.(1)
(2)不存在，详见解析.
【分析】（1）根据题意列方程，解方程即可得到双曲线的方程；
（2）根据弦的中点坐标得到斜率，然后联立直线和双曲线方程来判断直线与双曲线是否相交.
【详解】（1）抛物线的焦点为，依题意可得，
解得，，故M的方程为.
（2） 设，，则
两式相减得.依题意可得
所以.所以直线:，即，
联立得，，所以直线l与M不相交，故不存在直线l.
19.（1）；（2）.
【分析】（1）设该同学“在A处击中目标”为事件A，“在B处击中目标”为事件B，“在C处击中目标”为事件C，因为事件A，B，C相互独立，事件“该同学得4分”可表示为：，从而求得概率值.
（2）首先依次求出该同学得0分、2分，3分、4分，并把所求事件表示成如下、、、互斥事件的和事件，从而求得该同学得分少于5分的概率.
【详解】（1）设该同学在A处击中目标为事件A，在B处击中目标为事件B，在C处击中目标为事件C，事件A，B，C相互独立.依题意
则该同学得4分的概率为 .
（2）该同学得0分的概率为
得2分的概率为；
得3分的概率为； 得4分的概率为；
则该同学得分少于5分的概率为，
.
20.(1)；
(2)存在，使得.
【分析】（1）斜率为1且过点的直线方程为，由其与圆相切结合点到直线的距离公式可得圆的半径，从而可得圆的方程. 圆的方程减去圆的方程，可得所在的直线方程为，根据垂径定理可求；
（2）设的中点为，可得三点共线，根据斜率公式求出，由垂直关系可得，从而可求的值，再验证直线与圆有两个交点即可.
【详解】（1）斜率为1且过点的直线方程为，即.
则到直线的距离为，即为圆的半径，
所以圆的方程为.
由圆的方程减去圆的方程，可得，即.
因为圆与圆相交于，两点，则所在的直线方程为.
到的距离为，所以.
（2）假设存在实数，使得.设的中点为，因为，所以.
又，所以三点共线.圆：的圆心为,半径为3，
故，所以，即.因为直线：，所以，解得,
此时直线：.圆心到直线的距离为，所以直线与圆有两个交点，所以存在实数，使得.
21.(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）根据线线垂直可证明线面垂直，进而可得线线垂直，
（2）建立空间直角坐标系，利用法向量求解线面角，结合三角函数的性质即可求解最值.
【详解】（1）由题意证明如下，在菱形中，为的中点，，
是等边三角形，，在翻折过程中，恒有，
又平面，平面，平面，；
（2）由题意及（1）得，为二面角的平面角，记其为，则，
以的方向为轴的正方向，的方向为轴的正方向建立空间直角坐标系，如图所示，则
，，
设平面的法向量，则，得
令，得，
则，
令，得
，
当且仅当时，等号成立设直线与平面所成角为，
则
故直线与平面所成角的正弦值的最大值为.
22.(1)证明见解析
(2)
【分析】（1）设切线方程为，联立方程，再根据结合韦达定理证明即可；
（2）分过点的一条切线斜率不存在和斜率存在两种情况讨论，联立方程，再根据结合韦达定理证明即可得出答案.
【详解】（1）由题意切线的斜率存在，设切线方程为，
联立，消得，则，
所以，即，所以；
（2）设，则，椭圆：得长半轴长为，短半轴长为，
当过点的一条切线斜率不存在时，不妨取这条切线方程为，
此时，则，解得，而直线与椭圆相切，
所以当过点的一条切线斜率不存在时，，当过点的切线斜率存在时，则，
设切线方程为，
联立，消得，
则，化简得，
所以，所以，综上所述，，所以线段为圆的直径，所以.
【点睛】方法点睛：求定值问题常见的方法有两种：
（1）从特殊入手，求出定值，再证明这个值与变量无关；
（2）直接推理、计算，并在计算推理的过程中消去变量，从而得到定值.