贵州省桐梓县荣兴高级中学2023-2024学年高二上学期第四次月考物理试卷

这是一份贵州省桐梓县荣兴高级中学2023-2024学年高二上学期第四次月考物理试卷，共12页。试卷主要包含了多选题，解答题等内容，欢迎下载使用。
考试范围：必修一、二、三、选修一；考试时间：75分钟；命题人：审题人：
第I卷（选择题）
一、单选题（每小题4分，共28分.在给出的四个选项中只有一个选项正确，选错得0分）
1．开普勒研究的行星观测记录源自（ ）
A．第谷B．拉普拉斯C．开普勒D．牛顿
2．近期，高一的小伙伴们喜提新课桌。若一课桌受到10N的推力作用并且保持静止，经时间5s，推力对课桌的冲量大小为（ ）
A．10N·s B．50 N·s C．25 N·s D．15 N·s
3．如图所示，光滑的水平冰面上，质量为M的滑块甲以速度v运动，遇到质量为m、静止在冰面上的滑块乙，碰撞后甲，乙的速度均为，则乙滑块的质量为（ ）
A．B．C．D．
4．如图所示，在光滑水平面上有一轻质弹簧左端固定，右端与质量为m的小球相连，构成一个水平弹簧振子，弹簧处于原长时小球位于O点。现使小球以O点为平衡位置，在A、B两点间沿光滑水平面做简谐运动，关于这个弹簧振子做简谐运动的过程，下列说法正确的是（ ）
A．小球经过平衡位置O时速度最大 B．小球经过平衡位置O时加速度最大
C．小球每次通过同一位置时的速度一定相同 D．小球经过平衡位置O时振幅最小
5．某电场的电场线分布如图所示，虚线为某带电粒子只在静电力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则（ ）
A．粒子一定带负电 B．粒子一定是从a点运动到b点
C．粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度
D．粒子在c点的速度一定大于在a点的速度
6．将线圈置于范围足够大、方向竖直向下的匀强磁场B中，各线圈的运动方式如下列图所示，则能够在线圈中产生感应电动势的是（ ）
A．水平向左移动 B．水平向右移动
C．绕虚线轴转动 D．竖直向下移动
7.请阅读下列材料，回答下列小题。
2016年，中国空间站建设捷报频传。9月15日在酒泉卫星发射中心成功发射“天宫二号”空间实验室，天宫二号发射后，成功进入高度约380公里的轨道运行，在神舟十一号载人飞船发射前，天宫二号将调整轨道至高度393公里的对接轨道，做好与神舟十一号载人飞船交会对接的准备。
10月17日，搭载着航天员景海鹏、陈冬的神舟十一号载人飞船成功发射，并完成与天宫二号的自动交会对接，形成组合体，航天员进驻天宫二号，组合体在轨飞行33天，期间，2名航天员按计划开展了一系列科学实验，11月17日，神舟十一号飞船与天宫二号空间实验室成功实施分离，航天员景海鹏、陈冬踏上返回之旅。
11月8日，神舟十一号返回舱顺利着陆．
（1）．下列各种情况中，可将神舟十一号飞船视为质点的是( )
A．调整神舟十一号飞船的飞行姿势 B．研究神舟十一号飞船绕地球的运行轨道
C．研究神舟十一号飞船与天宫二号对接的过程 D．观测宇航员在飞船内的实验活动
（2）．组合体在轨飞行期间，2名航天员在天宫二号内工作和生活，该过程中航天员( )
A．一直处于失重状态 B．一直处于超重状态
C．不受重力作用 D．处于超重还是失重状态由航天员工作状态决定
（3）．“天宫二号”在高度为393公里的对接轨道运行与在高度约380公里的轨道运行相比，变小的物理量是( )
A．向心加速度B．周期C．角速度D．线速度
二、多选题（每小题5分，共15分.在每小题给出的四个选项中有多个选项正确，全部选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分）
8．在光滑水平面上A、B两小车中间有一轻弹簧，如图所示，用手抓住小车并将弹簧压缩后使小车处于静止状态，将小车及弹簧看成一个系统，则（ ）
A．两手同时放开后，系统总动量始终为零
B．先放开左手，再放开右手后，系统动量不守恒
C．先放开左手，再放开右手后，系统动量守恒
D．无论何时放手，两手放开后，系统总动量都保持不变
更多课件教案等低价滋源(一定远低于各大平台价格)请 家 威杏 MXSJ663 9．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带电后，以速度大小v垂直两个平行板电容器之间的匀强电场，飞入两极板之间，最终打在打印纸上，运动轨迹如图中虚线所示。下列说法正确的是（ ）
A．墨汁微滴经带电室后带负电
B．墨汁微滴在电场中的运动轨迹是抛物线
C．墨汁微滴在电场中的运动过程中，其电势能逐渐增大
D．墨汁微滴在电场中的运动过程中，电场力对其做负功
10．如图所示，一质量为m的物体从倾角为30°的固定斜面上某位置处静止滑下，到达A点时下降的高度为h，其加速度大小为（g为重力加速度），则在这个过程中物体（ ）
A．重力势能减少了B．克服摩擦力做功
C．动能增加了D．机械能损失了
第II卷（非选择题）
三、实验题(第11题11分，第12题8分，共计19分）
11．“用DIS测定电源的电动势和内阻”的实验电路如图（a）所示，其中R0为定值电阻，R为滑动变阻器。
（1）器材A是 传感器；
（2）测得电源的路端电压U与电流的关系图线如图（b）所示，则电源电动势 V，内阻 Ω；
（3）某同学用电流传感器和电阻箱与电源组成如图（c）所示的电路，改变电阻箱的阻值R，得到不同的电流I，由实验数据做出图线，则该图像对应的函数关系式为 。（电源电动势和内阻分别用E和r农示）该同学没有采用测两组数据、解方程组求电动势和内阻的方法，原因是 。
12．利用气垫导轨、光电门的测量装置来研究两个滑块碰撞过程中系统动量的变化情况，实验仪器如图所示。
实验过程：
（1）调节气垫导轨水平，并使光电计时器系统正常工作；
（2）在滑块1上装上挡光片并测出其长度L；
（3）在滑块2的碰撞端面粘上橡皮泥（或双面胶纸）；
（4）用天平测出滑块1和滑块2的质量m1、m2．
（5）把滑块1和滑块2放在气垫导轨上，让滑块2处于静止状态，使滑块1以初速度v1与之碰撞（这时光电计时器系统自动计算时间），撞后两者粘在一起，分别记下滑块1的挡光片碰前通过光电门的遮光时间t1和碰后通过光电门的遮光时间t2。
（6）先根据计算滑块1碰撞前的速度v1及碰后两者的共同速度v2；再计算两滑块碰撞前后的动量，并比较两滑块碰撞前后的动量的矢量和（保留3位小数）。
实验数据： m1=0.324kg、m2=0.181kg、v1=0.290m/s、v2=0.184m/s，则碰前系统的动量为 ，碰后系统的动量为 ，根据数据得到的结论 。（保留3位小数）
四、解答题（13题12分，14题12分，15题14分，共计38分）
13．如图所示，跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开直升机后由静止自由下落80 m，然后张开降落伞沿竖直方向匀速下降160 m，最后沿竖直方向匀减速下降400 m恰好到达地面静止。g取10 m/s2，求：
（1）自由落体运动结束时运动员的速度大小和减速下降时的加速度大小；
（2）运动员从离开直升机至到达地面的总时间。
14．如图为某同学在荡秋千，秋千上悬挂平板的两绳平行且绳长为，平板运动到最高点时绳子与竖直方向夹角为。已知该同学的质量为且视为重心在平板上，重力加速度为，不计绳子和平板的质量，忽略一切阻力。求：
（1）该同学运动到最低点时的速度大小v；
（2）该同学运动到最低点时的加速度大小；
（3）该同学运动到最低点时每根绳子的拉力大小。
15．如图所示，在距水平地面高h=0.80m的水平桌面左边缘有一质量mA=1.0kg的物块A以v0=5.0m/s的初速度沿桌面运动，经过位移s=1.8m与放在桌面右边缘O点的物块B发生完全非弹性碰撞，碰后物块B离开桌面后落到地面上的位置到桌边缘O点的水平距离为1.0m.设两物块均可视为质点，它们的碰撞时间极短，物块A与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，重力加速度g=10m/s2 。求：
（1）两物块碰撞前瞬间，物块A的速度大小vA；
（2）物块A与B碰撞后的瞬间，物块B的速度；
（3）物块A与B碰撞的过程中系统损失的机械能E 。
参考答案：
1A 2B 3B 4A 5C 6C
7（1）A （2）A （3）B 8ACD，9AB 10．AD
1．A
【详解】开普勒用20年的时间研究丹麦天文学家第谷的行星观测记录，发现行星运动定律。
故选A。
1．A
2．B
【详解】根据冲量的定义可知，推力对课桌的冲量大小为
故选B。
【详解】碰撞过程中根据动量守恒定律有
解得
故选B。
4．A
【详解】ABD．小球经过平衡位置O时速度最大，位移为零（振幅不为零），加速度为零，故A正确，BD错误；
C．小球每次通过同一位置时的速度大小一定相等，但方向不一定相同，故C错误。
故选A。
5．C
【详解】A．做曲线运动的物体，合力指向运动轨迹的内侧，由此可知，带电粒子受到的静电力的方向为沿着电场线向左，所以粒子带正电，A错误；
B．粒子可能是从a点沿轨迹运动到b点，也可能是从b点沿轨迹运动到a点，B错误；
C．由电场线的疏密程度可知，c点处电场线密集，场强较大，粒子在c点处受静电力较大，加速度一定大于在b点的加速度，C正确；
D．若粒子从c运动到a，静电力与速度方向成锐角，所以粒子做加速运动，若粒子从a运动到c，静电力与速度方向成钝角，所以粒子做减速运动，故粒子在c点的速度一定小于在a点的速度，D错误。
故选C。
6．C
【详解】ABD．由图可知，图中穿过线圈的磁通量始终为零，虽然线框相对于磁场有运动，但不产生感应电动势，故ABD错误；
C．由图，当C图中的线框在磁场中转动时，线框内的磁通量不断变化，能产生感应电动势，故C正确。
故选C。
7．A
【详解】根据规格可算出RA、RC的电阻为6Ω，RB、RD的电阻为3Ω，故电路总电阻为11Ω，可得回路总电流为1A，即过RA、RD的电流为1A，过RB的电流为A，过RC的电流为A，根据
可得RA、RB、RC、RD的功率依次是6W、43W、23W、3W，故 A正确，BCD错误。
故选A。
8．B 9．A 10．A 11．B
【分析】此题是一道跨章节的综合题，考查了质点的概念，超重和失重，v-t图像及万有引力定律的综合应用等知识，关键是能从题干中获取有用的信息，选取合适的规律解答。
8．A．调整神舟十一号飞船的飞行姿势，飞船的大小与形状必须要计算在内，所以不能看做质点，A错误；
B．研究神舟十一号飞船绕地球的运行轨道，飞船的大小与形状可以忽略，可以看作质点，B正确；
C．研究神舟十一号飞船与天宫二号对接的过程时，它们的大小和形状不能忽略，不能看成质点，C错误；
D．观察宇航员在飞船内的实验活动，飞船的大小与形状不能忽略，不能看成质点，D错误。
故选B。
9．由于航天员在空中受到的万有引力充当向心力，故一直有向下的加速度，一直处于失重状态，但失重并不是失去重力，重力仍然存在，A正确，BCD错误。
故选A。
10．打开降落伞后，返回舱做匀速运动，点燃缓冲火箭，返回舱向下做减速运动，A正确。
故选A。
11．A．根据万有引力提供向心力
解得
“天宫二号”的轨道半径减小时，向心加速度增大，A错误；
B．根据万有引力提供向心力
解得
“天宫二号”的轨道半径减小时，周期减小，B正确；
C．根据万有引力提供向心力
解得
“天宫二号”的轨道半径减小时，角速度增大，C错误；
D．根据万有引力提供向心力
即
“天宫二号”的轨道半径减小时，线速度增大，D错误。
故选B。
12．ACD，13．AD 14．AC 15．AB
【详解】A．若两手同时放开，系统所受合外力为零，系统动量守恒，由于系统初动量为零，则系统总动量始终为零，故A正确；
BCD．无论何时放手，两手放开后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，如果不同时放手，系统总动量守恒且不为零，故B错误，CD正确。
故选ACD。
13．AD
【详解】A．这个过程中物体下滑的高度为h，则重力势能减少了，A正确；
B．加速度为，由牛顿第二定律得
则摩擦力
物体在斜面上下降的高度为h，发生的位移为2h，则克服摩擦力做功
B错误；
C．由动能定理可知，动能增加量
C错误；
D．因为机械能的变化等于摩擦力做的功，即
所以机械能的损失量为，D正确。
故选AD。
14．AC
【详解】小球受到向右的电场力，与电场方向相同，所以小球带正电。根据三力平衡得
解得
故选AC。
15．AB
【详解】A．根据墨汁微滴在两极板之间的运动轨迹知，所受电场力向下，而极板电场方向向上，故可判断墨汁微滴经带电室后带负电，故A正确；
B．墨汁微滴以速度大小v垂直两个平行板电容器之间的匀强电场，飞入两极板之间，与电场力方向相互垂直，是类平抛运动，故墨汁微滴在电场中的运动轨迹是抛物线，故B正确；
CD．墨汁微滴在电场中的运动过程中，电场力向下，轨迹向下弯曲，电场力对其做正功，其电势能逐渐减小，故C错误，D错误。
故选AB。
16． 电压 4.4 1.6 实验误差较大
【详解】（1）[1]由验电路如图（a）可知，该实验应用伏安法测电源电势和内阻，则器材A为电压传感器。
（2）[2][3]由图（b）可知，电源电动势为
电源内阻为
（3）[4]如图（c）所示的电路可知，电源电动势为
整理得
[5]测量两组数据、解方程组求电动势和内阻实验误差较大，为减小实验误差，要进行多次测量，测出多组数据，应用图像法求解电源电动势和内阻。
17． 0.094 0.093 在误差允许的范围内，碰撞前后系统的总动量守恒
【详解】[1]碰前系统的动量为
[2]碰后系统的动量为
[3]根据数据得到的结论：在误差允许的范围内，碰撞前后系统的总动量守恒。
18．（1）40 m/s，2 m/s2；（2）28 s
【详解】（1）设运动员自由落体运动的时间为t1，自由落体运动结束时运动员的速度为vm，着地速度为0，根据自由落体运动规律得
解得
根据
解得
在减速阶段，有
解得
加速度大小为，方向竖直向上。
（2）设匀速运动的时间为t2，匀减速运动的时间为t3，由匀速直线运动规律得
解得
因匀减速到零，可以看作反向匀加速运动，根据
解得
所以运动员从离开直升机至到达地面的总时间
19．（1）；（2）；（2）
【详解】（1）小明从最高点到最低点的过程由机械能守恒得
得
（2）向心加速度可表示为
联立解得
（2）在最低点由牛顿第二定律可得
解得
20．（1）vA=4.0m/s；（2）vB=2.5m/s；（3）3.0J
【详解】（1）物块A沿桌面滑动所受摩擦力
f=μmAg
做匀减速运动的加速度大小
a=μg=2.5m/s2
对于碰撞前物块A的运动，根据运动学公式
v02 –vA2=2as
解得
vA=4.0m/s
（2）物块B离开桌面后做平抛运动的时间
物块B落地点到桌边缘O点的水平距离
x=vBt
解得
vB=2.5m/s
（3）设两物块发生完全非弹性碰撞根据动量守恒定律有
mAvA=（mA+mB）vB
解得
mB=0.6kg
物块A与B碰撞的过程中系统损失的机械能