四川省成都市石室联合中蜀华学校2023-2024学年九年级上学期期中物理试卷+

这是一份四川省成都市石室联合中蜀华学校2023-2024学年九年级上学期期中物理试卷+，共44页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图与计算题，实验题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列现象中，能说明分子不停地做无规则运动的是（ ）
A．PM2.5的吸入会加重呼吸道疾病症状
B．新冠肺炎病毒在无形中传播开来
C．扫地时能看到尘土扬起
D．用食盐腌制鸡蛋成咸鸡蛋
2．（2分）对下列物理量的认识中，最接近实际的是（ ）
A．手机USB接口输出电压为5V
B．一节新干电池的电压为2V
C．空调正常工作的电流为0.1A
D．要使金属电阻为0是不可能的
3．（2分）关于燃料的热值，以下说法正确的是（ ）
A．煤的热值比干木柴大，因此1kg煤完全燃烧放出的热量一定比1kg干木柴多
B．越容易燃烧，放热越多的燃料，其热值越大
C．火箭所用燃料是液态氢，因为液态氢燃烧放出热量一定比汽油和柴油高
D．燃料的热值与燃料的质量成反比
4．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，瓶内空气的内能减少，内能转化为机械能
B．图乙，瓶子内空气推动塞子跳起时，瓶内空气的内能减小，与汽油机的压缩冲程原理相同
C．图丁，汽缸内气体推动活塞向下运动时，气体的内能减小，这个过程依靠飞轮的惯性完成
D．图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少，塞子的机械能增加
5．（2分）关于以下说法，正确的是（ ）
A．海波熔化过程中，吸收热量，温度升高
B．水凝固过程中，温度不变，内能减小
C．同一杯水温度升高，所含热量增加
D．水的内能增加，温度一定升高
6．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．夏天的中午时分，海边沙子比海水热，是因为沙子吸热多，海水吸热少
B．水和冰是同种物质，所以它们的比热容是一样大的
C．炎热的夏天，洒水车往地面洒水降温，是利用水的比热容大，吸收热量多
D．在盛夏的夜晚，站在海边的人，可以感受到从陆地吹向大海的微风
7．（2分）近日“电动车不允许进电梯”的话题引发热议，原因在于电动车内的蓄电池热失控而引发火灾，造成严重事故，蓄电池相当于电路中的（ ）
A．电源B．开关C．导线D．用电器
8．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．验电器能检验物体是否带电的原理是同种电荷相互排斥
B．教室内的电灯可以同时亮同时灭，所以它们是并联的
C．增大导体两端的电压可以增大导体的电阻
D．用电器在使用时是把其它形式的能转化为电能
9．（2分）关于电荷、电流的说法正确的是（ ）
A．电路中有电源就一定有电流
B．只要电荷定向移动就一定会形成电流
C．电流的方向与电荷移动方向相同
D．摩擦起电的实质是电荷的生成
10．（2分）如图所示电路中，下列说法正确的是（ ）
A．无论开关断开闭合，甲都不能接电流表
B．闭合开关S，甲接电压表，乙接电流表，此时两电阻串联
C．断开开关S，甲、乙都接电流表，此时两电阻互不影响
D．闭合开关S，若甲接电压表，乙接电流表，R2会被烧坏
11．（2分）某定时炸弹的引爆装置电路图如图所示，起爆前定时开关S是闭合的。当设定起爆时间一到，定时开关S会自动断开。拆弹专家经过仔细判断后剪断了导线a（ ）
A．灯亮；起爆器引爆
B．灯亮；起爆器不引爆
C．灯不亮；起爆器引爆
D．灯不亮；起爆器不引爆
12．（2分）在学过欧姆定律后，同学们有以下认识，其中正确的是（ ）
A．欧姆定律揭示了导体中的电压与电流、电阻的关系
B．导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比
C．在电流一定时，导体的电阻跟通过导体的电压成正比
D．导体两端的电压与通过导体的电流成正比，与导体的电阻成反比
13．（2分）如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，小灯泡L1正常发光，和L2不发光，下列关于该电路的说法正确的是（ ）
A．灯泡有故障，此时电压表和电流表一定有示数
B．故障原因可能是L2短路
C．故障排除后，要使电压表测电源电压，需改动一根导线即可
D．故障排除后，两个开关均闭合，电流表的示数将变大，电压表的示数将不变
14．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表A示数变大，电流表A1示数变大
B．电流表A1示数不变，电压表的示数变大
C．电流表A示数与电流表A1示数的比值变小
D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
15．（2分）小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示。电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小到某一值时，当有烟雾遮挡射向R的激光时，则下列分析正确的是（ ）
A．光敏电阻R阻值减小
B．电流表的示数减小，电压表的示数增大
C．电流表的示数增大，电压表的示数增大
D．电压表与电流表的示数之比减小
二、填空题（共36分）
16．（4分）热熔胶是一种在常温下为固态的粘合剂，使用时先用热熔胶枪加热使其熔化，再凝固来粘合物体。用如图所示的一款热熔胶枪给热熔胶加热时，这是 现象。热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体本上，说明分子间存在 力。
17．（4分）发光二极管是常见的电子元件，被广泛应用于生产和生活，利用二极管还可以判断电路中电流流向 的性质，插板上的指示灯便是二极管，此时二极管与各插孔之间的连接方式是 （选填：“串联”或“并联”）。
18．（4分）小佑收集了很多材料和长度都相同但粗细不同的铅笔芯。如图所示，是他用身边的器材自制的简易调光灯电路。闭合开关，夹子A向右移动的过程中灯泡亮度应该 （选填“变亮”、“变暗”或“不变”）；夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显 （选填“粗”或“细”）的铅笔芯来做实验。
19．（4分）如图所示，若要两个灯泡并联，可以闭合的开关是 ；为了防止L2短路，不能同时闭合开关 。
20．（4分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后 两端电压，此时若将滑动变阻器取下，电压表的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
21．（4分）给某金属导体两端加9V电压时，用电流表测得通过导体的电流为0.3A，则该金属导体的电阻为 Ω，若将该金属导体与小灯泡串联接入电路，再用酒精灯对该导体进行加热 （选填“变亮”、“不变”或“变暗”）。
22．（4分）如图所示电路，开关S闭合后，两灯正常发光，一段时间后，L1熄灭，电压表无示数，小灯泡亮度变亮 ，若两灯均熄灭，电压表和电流表均无示数，则故障可能是 （选填“L1短路”、“L1断路”或“L2断路”）。
23．（4分）如图所示，甲为亮度可调的台灯，电位器是调节其亮度的装置：乙是电位器的内部结构示意图，旋钮带动滑片转动，若顺时针旋转旋钮时灯泡发光变亮 （选填“a和b”“b和c”或“a和c”）接线柱接入电路，这是通过改变电阻丝连入电路中的 来改变电阻的。
24．（4分）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝4：1；则R1：R2＝ 。当开关S1闭合、S2断开，若甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为 。
三、作图与计算题（共16分，计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
25．（2分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：①电压表测小灯两端电压，向右端移动滑动变阻器的滑片P，灯变亮。
26．（2分）根据如图甲所示的电路图，用笔画线表示导线，将图乙中元件连接起来。
27．（6分）天然气已进入广大家庭，已知天然气的热值4.2×107J/m3，某家庭做饭每小时约消耗0.5m3的天然气，则炖汤1小时消耗的天然气完全燃烧可以放出多少的热量？若这些热量的36%完全被水吸收，则可以使标准大气压下，质量为9kg的水温度上升多少℃？c汤≈c水＝4.2×103J/（kg•℃）
28．（6分）如图所示的电路，电源电压恒为12V，R＝10Ω，0.5A”的字样，闭合开关S后，电流表的示数为0.24A。求：
（1）R'的最大阻值是多少Ω？
（2）电压表的取值范围？
五、实验题（每空2分，共18分）
29．（6分）小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图像对实验数据进行了处理，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等。
（1）分析图像可以得出： 物质为水。
（2）另一种液体的比热容为： J/（kg•℃）。
（3）若用不同加热装置分别给质量和初温相等的两杯水水加热，则两杯水吸热的多少通过 来反映的。（选填“温度变化”或“加热时间”）
30．（12分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。
（1）图甲是他们设计的电路图，图乙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 （填“A”“B”或“C”）处的电流。
（2）若按照他们连的实物图，要让电流表测B点电流，至少需要改动几根导线 ，改动以后电流表的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不确定”）。
（3）测出A、B、C各点的电流值如下表所示，由此得出了如下结论：并联电路各支路电流相等，干路中的电流等于各支路中的电流之和。请指出实验过程中的两个不足之处：
① ；② 。
（4）小海利用原有的实验器材，添加一个开关，又设计了一个电路。利用这个电路，就可直接测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系。请在虚线框中画出电路图。
一、选择题
31．（2分）新能源是可持续发展的重要举措，现电动汽车逐渐遍布全国，与燃油车相比，转化效率高的优势，成为人们更热衷的代步工具。对下列情景的分析正确的是（ ）
A．若汽油机的飞轮转速为3600r/min，则该汽油机每秒完成120个冲程
B．冬天感觉汽车座垫冰冷，是因为冰冷的汽车座垫没有内能
C．燃油车内的汽油机只有在做功冲程时有能量转化
D．电动汽车的动力是通过将电能转化为机械能实现，而且效率可以达到100%
（多选）32．（2分）如图所示，用两只相同的加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，如图所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热效率为90%，加热时不计热量损失，下列说法正确的是（ ）
A．加热效率没有达到100%，是因为加热器放出的热量，没有全部被水和油吸收
B．若油和水的体积为0.5L，则加热到三分钟时，油吸收的热量为2.1×104J
C．因为油的比热容比水小，所以都加热两分钟时，油吸收热量比水少
D．若水的质量为10kg，t＝3min时，水吸收的热量为5.04×106J
33．（2分）在图中，用箭头标出了部分接线中的电流方向。a、b和c、d间或接电源（无需满足用电器工作），或接用电器，可以判定电源（ ）
A．只能接在a、b间
B．只能接在c、d间
C．可以接在a、b间；也可以接在c、d间
D．条件不足，无法判定
（多选）34．（2分）在图甲所示的电路中，R1是定值电阻，R2是规格为“20Ω，3A”的滑动变阻器，在电路中正确连接有一个电压表（图中未画出），闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑向a端。当滑片P在最右端b处时；P在中点时，电流表的示数为0.8A（电压表选用的量程与乙图不同）。下列说法正确的是（ ）
A．电压表并联在R2两端
B．电源电压是9V
C．R1的阻值是5Ω
D．电路中的最大电流可达到2.4A
（多选）35．（2分）如图所示电路，电源电压U恒定。当A、B间接入标有一个6Ω的定值电阻，闭合S、S1、S2，断开S3，滑片P移到某一位置时电流表示数为I，再向上移动一段距离，R的阻值变化了5Ω，此时电流表示数为0.5A；当A、B间换接为R3，闭合S、S3，断开S1、S2，电压表示数为U2，R1＝R2，电路的电流为0.5A，R1、R2、R3均为定值电阻，每个电阻的阻值只有2Ω、5Ω、7Ω、9Ω这四种可能。下列结论正确的是（ ）
A．I＝0.4AB．U＝12V
C．U2 可能是 2.5VD．R1可能是9Ω
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
36．（4分）小明同学在初三物理创新实验大赛中设计了一个电子量角器。如图甲所示，把同种材料制成的粗细均匀的电阻丝AB弯成半圆形，O为圆心（OP的阻值忽略不计），P与AB接触良好。如图乙所示，A为电流表（量程为0～0.6A、内阻不计），R0为保护电阻，理想电源电压U＝6V不变。备用滑动变阻器两个：R1（15Ω 1A）、R2（30Ω 0.6A），选择合适的滑动变阻器连入M、N两接线柱，把电子量角器A、O两个接线柱分别与E、F相接
（1）用导线连接M、N，将A、O分别与E、F相接，闭合开关。当P滑到A处时；当P滑到B处时，电流表示数为0.2A。由此可知保护电阻R0＝ Ω；
（2）小明希望将0°刻度线标在电流表“0.2A”刻度处，那么他应该选择的滑动变阻器是 （选填“R1”、“R2”或“R1或R2均可”）。按此要求接好电路并将滑动变阻器滑片调到要求位置，闭合开关。当被测量角度为75°时，电流表的示数应该为 A。
（3）即使电源电压未知，R0和电阻丝AB材料的电阻也不知道。小明也能通过图乙电路中电流表示数I转换为所测角度θ，即∠AOP。他提炼出了一个“校准﹣﹣测量﹣﹣计算”的标准实验流程：
①校准：将滑动变阻器调到适当阻值后接入电路，将A、0分别与E、F相接，闭合开关。将电子量角器的滑片P滑到A处1；保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将滑片P滑到B处，记下此时电流表的示数为I2；
②测量：拨动电子量角器的滑P使∠AOP与被测角重合，记下此时电流表的示数为I3；③利用测得物理量I1、I2、I3根据，写出表达式θ＝ 计算结果。
37．（6分）图甲是小明所设计的电路图，其中标有“2.5V”字样小灯泡L的电流与电压关系如图乙所示，定值电阻R1＝10Ω，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成（总长度为45cm，导体GH每1cm的电阻为1Ω），且在材料相同，横截面积相同时，其中有一段是铜导体，其电阻可忽略不计2接触良好并能移动的滑动触头。只闭合S、S1时，电流表示数I与滑片P向左移动距离x的关系如图丙所示，求：
（1）小灯泡正常发光时电阻；
（2）电源电压与R2的最大阻值；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的最大值。
参考答案与试题解析
一、单选题（共30分）
1．（2分）下列现象中，能说明分子不停地做无规则运动的是（ ）
A．PM2.5的吸入会加重呼吸道疾病症状
B．新冠肺炎病毒在无形中传播开来
C．扫地时能看到尘土扬起
D．用食盐腌制鸡蛋成咸鸡蛋
【分析】不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动。由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
【解答】解：ABC、PM2.5的吸入会加重呼吸道疾病症状、扫地时能看到尘土扬起，不是分子的无规则运动；
B．用食盐腌制鸡蛋成咸鸡蛋，这说明了分子在不停地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
【点评】无论是气体、液体还是固体，它们的分子在永不停息地做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的，要把它与机械运动区别开来。
2．（2分）对下列物理量的认识中，最接近实际的是（ ）
A．手机USB接口输出电压为5V
B．一节新干电池的电压为2V
C．空调正常工作的电流为0.1A
D．要使金属电阻为0是不可能的
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
【解答】解：
A、手机USB接口输出电压为5V；
B、一节新干电池的电压为1.2V；
C、空调的电功率在1000W以上＝≈5A以上；
D、当温度降到足够低的时候，故D不符合实际。
故选：A。
【点评】本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出合理的选项即可。
3．（2分）关于燃料的热值，以下说法正确的是（ ）
A．煤的热值比干木柴大，因此1kg煤完全燃烧放出的热量一定比1kg干木柴多
B．越容易燃烧，放热越多的燃料，其热值越大
C．火箭所用燃料是液态氢，因为液态氢燃烧放出热量一定比汽油和柴油高
D．燃料的热值与燃料的质量成反比
【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
【解答】解：
A．1kg某种燃料完全燃烧放出的能量。煤的热值比干木柴大，故A正确；
B．热值是燃料的一种特性，故B错误；
C．1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，液态氢燃烧放出热量不一定比汽油和柴油高；
D．热值是燃料的一种特性，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对热值的了解与掌握，是一道基础题目。
4．（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A．图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，瓶内空气的内能减少，内能转化为机械能
B．图乙，瓶子内空气推动塞子跳起时，瓶内空气的内能减小，与汽油机的压缩冲程原理相同
C．图丁，汽缸内气体推动活塞向下运动时，气体的内能减小，这个过程依靠飞轮的惯性完成
D．图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少，塞子的机械能增加
【分析】（1）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大；压缩空气做功，空气内能增加，机械能转化为内能。
（2）汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
（3）当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。
（4）汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能。
【解答】解：A、厚玻璃筒内的空气被压缩时，温度升高，机械能转化为内能；
B、塞子冲出时，瓶内气体的内能转化为塞子的机械能；汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，故B错误；
C、图中气门全部关闭，是汽油机的做功冲程，这个过程不依靠飞轮的惯性完成。
D、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，内能转化为塞子的机械能，塞子的机械能增加。
故选：D。
【点评】本题考查做功改变物体的内能，热机的能量转化等知识的理解和应用，正确理解和熟记课本中的实验操作及说明的物理理论是解题的关键。
5．（2分）关于以下说法，正确的是（ ）
A．海波熔化过程中，吸收热量，温度升高
B．水凝固过程中，温度不变，内能减小
C．同一杯水温度升高，所含热量增加
D．水的内能增加，温度一定升高
【分析】（1）晶体熔化或凝固时，吸热或放热，内能改变，但温度不变；
（2）热量是一个过程量，不能用含有来修饰。
【解答】解：A、海波熔化过程中，温度不变；
B、水凝固过程中，温度不变，故B正确；
C、热量是一个过程量，故C错误；
D、水的内能增加，此过程吸收热量，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了对温度、内能、热量概念的理解，以及它们之间关系的掌握，属基础题。
6．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．夏天的中午时分，海边沙子比海水热，是因为沙子吸热多，海水吸热少
B．水和冰是同种物质，所以它们的比热容是一样大的
C．炎热的夏天，洒水车往地面洒水降温，是利用水的比热容大，吸收热量多
D．在盛夏的夜晚，站在海边的人，可以感受到从陆地吹向大海的微风
【分析】比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关；
汽化过程中吸收热量；
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：A、夏天海边沙子比海水热，在吸收相同热量时，故A错误；
B、水和冰的状态不同，故B错误；
C、炎热的夏天，利用汽化吸热；
D、在盛夏的夜晚，因海水的比热容大于陆地的比热容，海洋上空气温高，微风从陆地吹向海洋。
故选：D。
【点评】本题考查了汽化吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题。
7．（2分）近日“电动车不允许进电梯”的话题引发热议，原因在于电动车内的蓄电池热失控而引发火灾，造成严重事故，蓄电池相当于电路中的（ ）
A．电源B．开关C．导线D．用电器
【分析】电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成。
【解答】解：当给电动车的蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，故ABC错误。
故选：D。
【点评】知道电路是由电源、开关、导线和用电器组成的，知道各元件在电路中的作用。
8．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．验电器能检验物体是否带电的原理是同种电荷相互排斥
B．教室内的电灯可以同时亮同时灭，所以它们是并联的
C．增大导体两端的电压可以增大导体的电阻
D．用电器在使用时是把其它形式的能转化为电能
【分析】（1）同种电荷相互排斥；
（2）串联电路中各用电器互相影响，而并联电路中各用电器可以独立工作，互不影响；
（3）导体的电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关；
（4）用电器是消耗电能的仪器。
【解答】解：
A、验电器是根据同种电荷相互排斥检验物体是否带电的；
B、教室内灯同时亮，但如果一只损坏其余的还可以继续工作，但不是因为同时亮同时灭才是并联的；
C、导体的电阻由导体的材料、横截面积决定，故C错误；
D、用电器在使用时是把电能转化为其它形式的能。
故选：A。
【点评】本题考查了验电器的原理、串并联电路的判断、影响电阻的因素、用电器的作用，属于基础知识，要熟记。
9．（2分）关于电荷、电流的说法正确的是（ ）
A．电路中有电源就一定有电流
B．只要电荷定向移动就一定会形成电流
C．电流的方向与电荷移动方向相同
D．摩擦起电的实质是电荷的生成
【分析】（1）形成电流的条件是：电路中有电源，电路是通路；
（2）电荷的定向移动形成电流，可以是正电荷，也可以是负电荷；也可以是正、负电荷同时向相反方向移动形成；
（3）物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向；
（4）摩擦起电的实质是电荷的转移。
【解答】解：A、电路中形成持续电流的条件是：电路中有电源，故电路中有电源不一定有电流；
BC、正电荷或负电荷的定向移动，正，都可以形成电流，故C错误；
D、摩擦起电并不是电荷生成，故D错误；
故选：B。
【点评】该题考查电流的形成及方向的规定。容易出错的是有些学生会错误认为只有正电荷的定向移动才能形成电流，另外还要注意电子带负电。
10．（2分）如图所示电路中，下列说法正确的是（ ）
A．无论开关断开闭合，甲都不能接电流表
B．闭合开关S，甲接电压表，乙接电流表，此时两电阻串联
C．断开开关S，甲、乙都接电流表，此时两电阻互不影响
D．闭合开关S，若甲接电压表，乙接电流表，R2会被烧坏
【分析】电流表与被测用电器串联，电流表电阻很小，相当于一根导线，电压表并联在电路中，电压表电阻很大，相当于开路；结合电路图，可根据电流流向法做出判断。
【解答】解：A、开关闭合时，否则会造成电源短路，甲、乙都可以是电流表；
B、闭合开关S，乙接电流表1的简单电路，故B错误；
C、断开开关S，甲，此时两电阻为并联，故C正确；
D、闭合开关S，乙接电流表，R2会被短路，而不会烧坏。
故选：C。
【点评】本题考查了对电路的分析，要明确电流表和电压表的特点，并会用电流流向法确定电路的连接特点。
11．（2分）某定时炸弹的引爆装置电路图如图所示，起爆前定时开关S是闭合的。当设定起爆时间一到，定时开关S会自动断开。拆弹专家经过仔细判断后剪断了导线a（ ）
A．灯亮；起爆器引爆
B．灯亮；起爆器不引爆
C．灯不亮；起爆器引爆
D．灯不亮；起爆器不引爆
【分析】由电路图可知，当S闭合时，起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；当S断开时，起爆器有电流通过，从而引爆炸弹，据此结合题意和电路图进行解答。
【解答】解：
由题意和电路图可知，起爆前定时开关S是闭合的，没有电流通过起爆器；当设定起爆时间一到，此时起爆器中有电流通过；
拆弹专家经过仔细判断后剪断了导线a，此时电路处于断路状态，起爆器不工作。
故选：D。
【点评】本题考查了对电路三种状态的理解，看懂电路图是解题的关键。
12．（2分）在学过欧姆定律后，同学们有以下认识，其中正确的是（ ）
A．欧姆定律揭示了导体中的电压与电流、电阻的关系
B．导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比
C．在电流一定时，导体的电阻跟通过导体的电压成正比
D．导体两端的电压与通过导体的电流成正比，与导体的电阻成反比
【分析】（1）欧姆定律是研究电流、电压、电阻间关系的定律，它是一条实验定律；
（2）导体的电阻由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关。
【解答】解：A、根据I＝、电阻的关系；
B、根据I＝，通过导体的电流与电阻成反比；
C、导体的电阻由导体的材料、横截面积和温度决定，不能说导体的电阻跟通过导体的电压成正比；
D、根据欧姆定律知通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故D错误。
故选：B。
【点评】知道影响电阻大小的因素，导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，但可以根据欧姆定律计算出电阻的大小。
13．（2分）如图所示的电路中，闭合开关S1、S2，小灯泡L1正常发光，和L2不发光，下列关于该电路的说法正确的是（ ）
A．灯泡有故障，此时电压表和电流表一定有示数
B．故障原因可能是L2短路
C．故障排除后，要使电压表测电源电压，需改动一根导线即可
D．故障排除后，两个开关均闭合，电流表的示数将变大，电压表的示数将不变
【分析】由电路图可知，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2两灯并联，电流表串联在灯L1的支路上，电压表并联在灯L2的两端，然后根据并联特点即可分析出本题。
【解答】解：A、由图知1、S2，小灯泡L6和L2两灯并联，电流表串联在灯L1的支路上，测量通过L6的电流，电压表并联在灯L2的两端，由于并联电路各支路两端的电压相等1两端的电压，故A正确；
B、如果故障是L8短路，则电源短路，故B错误
C．故障排除后，不需改动导线即可；
D．故障排除后，电流表仍测量通过L1的电流，示数将不变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路连接方法以及电流表和电压表的位置是关键。
14．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，下列说法中正确的是（ ）
A．电流表A示数变大，电流表A1示数变大
B．电流表A1示数不变，电压表的示数变大
C．电流表A示数与电流表A1示数的比值变小
D．电压表V示数与电流表A2示数的比值变小
【分析】由电路图可知，R0与R1并联，电流表A1测R0支路的电流，电流表A2测R1支路的电流，电流表A测干路电流，电压表测电源两端的电压；
根据电源电压可知滑片移动时电压表V的示数变化；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R0的电流变化；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，进一步得出电压表V示数与电流表A2示数的比值变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化；
根据电流表示数的变化分析电流表A示数与电流表A1示数的比值的变化。
【解答】解：由电路图可知，R0与R1并联，电流表A6测R0支路的电流，电流表A2测R5支路的电流，电流表A测干路电流。
AB、因电源电压不变，滑片移动时；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，通过R0的电流不变，即电流表A1的示数不变；
滑片P从A点向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大可知3的电流变小，即电流表A2的示数变小，所以电压表V示数与电流表A2示数的比值变大；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小；
电流表A示数减小，电流表A5示数不变，电流表A示数与电流表A1示数的比值变小；
综上所述，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
15．（2分）小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示。电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小到某一值时，当有烟雾遮挡射向R的激光时，则下列分析正确的是（ ）
A．光敏电阻R阻值减小
B．电流表的示数减小，电压表的示数增大
C．电流表的示数增大，电压表的示数增大
D．电压表与电流表的示数之比减小
【分析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，将电压表与电流表的示数之比转化为电阻问题分析。
【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压。
因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，R的阻值增大，由I＝，电路中的电流减小，故AC错误；
由U＝IR可知，R0两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，光敏电阻R两端的电压增大，故B正确；
由于电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，因此比值变大。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
二、填空题（共36分）
16．（4分）热熔胶是一种在常温下为固态的粘合剂，使用时先用热熔胶枪加热使其熔化，再凝固来粘合物体。用如图所示的一款热熔胶枪给热熔胶加热时，这是 扩散 现象。热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体本上，说明分子间存在 引 力。
【分析】扩散现象是分子无规则运动的结果；
分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：热熔胶枪给热熔胶加热时，会闻到熔胶的气味，属于扩散现象；
热熔胶被胶枪挤出，并“粘”在物体本上；
故答案为：扩散；引。
【点评】此题结合实际考查了扩散现象和分子间的作用力，体现了物理来源于生活的特点。
17．（4分）发光二极管是常见的电子元件，被广泛应用于生产和生活，利用二极管还可以判断电路中电流流向 单向导电 的性质，插板上的指示灯便是二极管，此时二极管与各插孔之间的连接方式是 并联 （选填：“串联”或“并联”）。
【分析】（1）二极管是单向导电器件，所以用二极管来判断电路中电流的方向；
（2）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
【解答】解：二极管是单向导电器件，具有单向导电性；
工作时，插板上的指示灯与各插孔之间互不影响，因此它们的是并联的。
故答案为：单向导电；并联。
【点评】本题考查了半导体材料的特点与作用和串、并联电路的辨别，比较简单。
18．（4分）小佑收集了很多材料和长度都相同但粗细不同的铅笔芯。如图所示，是他用身边的器材自制的简易调光灯电路。闭合开关，夹子A向右移动的过程中灯泡亮度应该 变亮 （选填“变亮”、“变暗”或“不变”）；夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显 细 （选填“粗”或“细”）的铅笔芯来做实验。
【分析】影响电阻大小的因素是材料、长度和横截面积；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，通过灯泡的电流越大，功率越大；根据夹子移动的方向判定电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化，从而判定出灯泡亮度的变化。
【解答】解：闭合开关，夹子A向右移动的过程中，电阻减小，电流变大；
夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显，根据I＝，即电阻变化较小，即换用更细的铅笔芯。
故答案为：变亮；细。
【点评】本题考查了影响电阻大小的因素、电路的动态分析、欧姆定律的应用，属于基础知识。
19．（4分）如图所示，若要两个灯泡并联，可以闭合的开关是 S1、S3 ；为了防止L2短路，不能同时闭合开关 S1、S2 。
【分析】串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。
【解答】解：要使两灯泡并联，电流从电源正极流出1分支，一支经过灯泡L1、另一支经灯泡L3，开关S2、然后共同汇合回电源负极，故应闭合开关S1、S2。
为了防止L2短路，不能同时闭合开关S1、S2。
故答案为：S1、S3；S3、S2。
【点评】本题主要考查对串并联电路连接特点的了解，以及电路的三种状态的掌握，难易程度适中。
20．（4分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后 滑动变阻器 两端电压，此时若将滑动变阻器取下，电压表的示数将 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测的是电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；此时若将滑动变阻器取下，根据电压表的作用分析电压表示数的变化情况。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，此时电压表测量的是电源电压，电压表示数变大。
故答案为：滑动变阻器；变大。
【点评】本题考查了电压表的使用、电路的动态分析、串联电路的电压规律，属于基础题。
21．（4分）给某金属导体两端加9V电压时，用电流表测得通过导体的电流为0.3A，则该金属导体的电阻为 30 Ω，若将该金属导体与小灯泡串联接入电路，再用酒精灯对该导体进行加热 变暗 （选填“变亮”、“不变”或“变暗”）。
【分析】根据欧姆定律可知该金属导体的电阻；
金属导体的电阻随温度的升高而增大，若将该金属导体与小灯泡串联接入电路，再用酒精灯对该导体进行加热，导体的电阻将变大，根据欧姆定律可知电路电流的变化情况，进而得出小灯泡的亮度的变化情况。
【解答】解：给某金属导体两端加9V电压时，用电流表测得通过导体的电流为0.2A，
根据欧姆定律可知该金属导体的电阻R＝＝＝30Ω；
金属导体的电阻随温度的升高而增大，若将该金属导体与小灯泡串联接入电路，导体的电阻将变大，小灯泡的亮度将变暗。
故答案为：30；变暗。
【点评】本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
22．（4分）如图所示电路，开关S闭合后，两灯正常发光，一段时间后，L1熄灭，电压表无示数，小灯泡亮度变亮 L1短路 ，若两灯均熄灭，电压表和电流表均无示数，则故障可能是 L2断路 （选填“L1短路”、“L1断路”或“L2断路”）。
【分析】由图可知，当闭合开关时，两灯泡串联，电流表测量电路中的电流，电压表与测量L1两端的电压；
串联只有一条电流路径，一个熄灭是短路，两灯均熄灭，电流表无读数，说明电路出现了断路故障，而电压表有读数且示数较大，说明电压表两接线柱到电源两极间是通路，据此判断断路故障的位置。
【解答】解：由图可知，当闭合开关时，电流表测量电路中的电流1两端的电压；串联只有一条电流路径，电流表示数变大，说明L1短路；
若两灯均熄灭，电压表和电流表均无示数，说明电路出现了断路故障，说明电压表与电源不相通8断路。
故答案为：L1短路；L2断路。
【点评】本题考查串联电路的故障分析，属于中档题。
23．（4分）如图所示，甲为亮度可调的台灯，电位器是调节其亮度的装置：乙是电位器的内部结构示意图，旋钮带动滑片转动，若顺时针旋转旋钮时灯泡发光变亮 b和c （选填“a和b”“b和c”或“a和c”）接线柱接入电路，这是通过改变电阻丝连入电路中的 长度 来改变电阻的。
【分析】电位器的实质是滑动变阻器，滑动变阻器依靠改变电阻线的长度来改变电阻大小。
【解答】解：
灯泡亮度变亮时，说明电路中的电流变大可知，电路的总电阻应变小，由图可知，顺时针旋转旋钮时，其阻值变小，灯泡变亮。
故答案为：b和c；长度。
【点评】本题考查了变阻器的连接方法，是一道较为简单的应用题。
24．（4分）如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙＝4：1；则R1：R2＝ 3：1 。当开关S1闭合、S2断开，若甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为 3：4 。
【分析】（1）当S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；
（2）当开关S1闭合、S2断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出两表示数比值。
【解答】解：
（1）由电路图可知，当S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，甲测电源的电压8两端的电压，
由串联电路电流相等，且串联电路的总电阻等于各部分电阻之和可得：＝
已知U甲：U乙＝4：1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②可得：＝，
则R1＝3R7；
（2）当S1闭合、S2断开，甲、乙两表为电流表时，甲测R4支路的电流，乙测干路电流，
由并联电路中各支路两端的电压相等和I＝可得＝＝＝＝。
故答案为：3：3；3：4。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开以及不同电表时电路串并联的辨别和电表所测的电路元件。
三、作图与计算题（共16分，计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
25．（2分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：①电压表测小灯两端电压，向右端移动滑动变阻器的滑片P，灯变亮。
【分析】电压表与待测电路并联，根据向a端移动滑动变阻器的滑片P，小灯变亮确定变阻器的连接，
【解答】解：①电压表与灯并联；电源由两节干电池组成，所以电压表选用小量程；
②闭合开关S，向右端移动滑动变阻器的滑片P，即电流变大，故应接b接线柱
【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是明确电压表和变阻器的连接。
26．（2分）根据如图甲所示的电路图，用笔画线表示导线，将图乙中元件连接起来。
【分析】根据电路图连接实物图时可以根据电流流向法，即从电源的正极开始依次串联电路元件最少的闭合回路，然后把并联部分画到相应的位置即可。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与电铃并联，另一个开关位于电铃支路；
从电源的正极出发，依次串联下面的开关，然后把电铃和上面的开关串联后并联在灯泡两端
【点评】本题考查了实物电路图的连接，一般此类题目可以根据电流流向法按先串后并的原则进行解答。
27．（6分）天然气已进入广大家庭，已知天然气的热值4.2×107J/m3，某家庭做饭每小时约消耗0.5m3的天然气，则炖汤1小时消耗的天然气完全燃烧可以放出多少的热量？若这些热量的36%完全被水吸收，则可以使标准大气压下，质量为9kg的水温度上升多少℃？c汤≈c水＝4.2×103J/（kg•℃）
【分析】（1）知道天然气的热值和体积，利用Q放＝Vq求天然气完全燃烧放出的热量；
（2）知道天然气完全燃烧放出的热量只有36%被水吸收，即Q吸＝Q放×36%，求出水吸收的热量，再根据吸热公式求水升高的温度值。
【解答】解：（1）完全燃烧0.5m6天然气放出的热量：
Q放＝Vq＝0.5m5×4.2×105J/m3＝2.4×106J；
（2）由题知，水吸收的热量：
Q吸＝Q放×36%＝2.7×106J×36%＝7.56×104J，
由Q吸＝cmΔt，可得
Δt＝＝＝20℃。
答：炖汤1小时消耗的天然气完全燃烧可以放出5.1×106J的热量；水温度上升20℃。
【点评】本题考查热量的公式的应用，计算燃料燃烧放出的热量时，注意气体燃料和固液体燃料的热值单位不同：气体J/m3、固液体J/kg，知道一个标准大气压下水的沸点为100℃。
28．（6分）如图所示的电路，电源电压恒为12V，R＝10Ω，0.5A”的字样，闭合开关S后，电流表的示数为0.24A。求：
（1）R'的最大阻值是多少Ω？
（2）电压表的取值范围？
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻与变阻器R′串联，电压表测R′两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）滑动变阻器的滑片置于最上端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律和串联电路的电阻特点求出R'的最大阻值；
（2）滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，根据欧姆定律即可求出最大值；
根据串联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时电压表的示数最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出定值电阻两端电压，利用串联电路的电压特点求出电压表的最小示数。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，电压表测R′两端的电压。
（1）滑动变阻器的滑片置于最上端时，电流表的示数为0.24A可知总电阻为：
R总＝＝＝50Ω，
因串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，所以总﹣R＝50Ω﹣10Ω＝40Ω；
（2）滑动变阻器的滑片置于最上端时，电压表示数最大为：
U最大＝IR＝8.24A×40Ω＝9.6V，
因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为4.5A，
则电路中的最大电流I最大＝0.8A，此时电压表的示数最小，
由I＝可知R最大＝I最大R＝0.5A×10Ω＝4V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以
U最小＝U﹣UR最大＝12V﹣5V＝7V；
所以电压表的取值范围是3V～9.6V。
答：（1）R'的最大阻值是40Ω；
（2）电压表的取值范围是2V～9.6V。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电路中的最大电流和最小电流是关键。
五、实验题（每空2分，共18分）
29．（6分）小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图像对实验数据进行了处理，水和另一种液体在相同时间内放出的热量相等。
（1）分析图像可以得出： 甲 物质为水。
（2）另一种液体的比热容为： 2.1×103 J/（kg•℃）。
（3）若用不同加热装置分别给质量和初温相等的两杯水水加热，则两杯水吸热的多少通过 温度变化 来反映的。（选填“温度变化”或“加热时间”）
【分析】（1）根据Q＝cmΔt可知，相同质量的不同物质放出相同的热量，降低的温度越小，比热容越大；
（2）根据Q＝cmΔt可知，在质量和放热相同的情况下，比热容与降低的温度之积为一定值，降低的温度与比热容成反比，据此得出另一种液体的比热容；
（3）根据Q＝cmΔt分析。
【解答】解：（1）根据甲和乙两种液体的温度随加热时间变化的图象知，放热15分钟（放热相同）
60℃﹣40℃＝20℃
乙降低的温度为
60℃﹣20℃＝40℃
根据比较吸热能力的方法，甲的吸热能力强；
（2）根据Q＝cmΔt可知，在质量和放热相同的情况下，降低的温度与比热容成反比
c＝×4.2×108J/（kg•℃）＝2.1×106J/（kg•℃）；
（3）若用不同加热装置分别给质量和初温相等的两杯水水加热，根据Q＝cmΔt可知，吸热越多。
故答案为：（1）甲；（2）2.1×104；（3）温度变化。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用、比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
30．（12分）小海和小梅一起做“探究并联电路中电流的规律”实验。
（1）图甲是他们设计的电路图，图乙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 C （填“A”“B”或“C”）处的电流。
（2）若按照他们连的实物图，要让电流表测B点电流，至少需要改动几根导线 一根 ，改动以后电流表的示数将 变小 （选填“变大”、“变小”或“不确定”）。
（3）测出A、B、C各点的电流值如下表所示，由此得出了如下结论：并联电路各支路电流相等，干路中的电流等于各支路中的电流之和。请指出实验过程中的两个不足之处：
① 实验中使用了相同的小灯泡 ；② 实验次数太少 。
（4）小海利用原有的实验器材，添加一个开关，又设计了一个电路。利用这个电路，就可直接测出A、B、C三处的电流，同样可得出三处电流的关系。请在虚线框中画出电路图。
【分析】（1）掌握电路的连接，两灯泡并联，电流表在干路上，测干路的电流；
（2）为了测量另一处的电流，让电流表测量支路的电流，并联干路电流等于各支路电流的和；
（3）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（4）在不更换电流表位置的情况下，在支路上各接一个开关，将电流表接在干路上即可完成实验要求。
【解答】解：（1）电流表在干路上测量干路的电流，即C点的电流；
（2）若按照他们连的实物图，要让电流表测B点电流，将L1左侧的导线改变到电流表的负接线柱上即可，根据并联干路电流等于各支路电流的和，因而会变小；
（3）根据表格数据，0.6A+0.3A＝5.6A，干路电流等于各支路电流的和，而且通过两灯的电流相同；②实验次数太少；
（4）在不更换电流表位置的情况下，在两支路上各接一个开关，如图所示：
只闭合一个支路开关，电流表测该支路的电流，电流表测干路电流。
故答案为：（1）C；（2）一根；（3）①实验中使用了相同的小灯泡；（4）见解答。
【点评】本题探究了并联电路的电流关系，考查了此实验的一些知识，还考查了实物图改动，电路设计，电流表的使用等内容，注意理解。
一、选择题
31．（2分）新能源是可持续发展的重要举措，现电动汽车逐渐遍布全国，与燃油车相比，转化效率高的优势，成为人们更热衷的代步工具。对下列情景的分析正确的是（ ）
A．若汽油机的飞轮转速为3600r/min，则该汽油机每秒完成120个冲程
B．冬天感觉汽车座垫冰冷，是因为冰冷的汽车座垫没有内能
C．燃油车内的汽油机只有在做功冲程时有能量转化
D．电动汽车的动力是通过将电能转化为机械能实现，而且效率可以达到100%
【分析】（1）四冲程汽油机工作时，一个工作循环4个冲程，曲轴和飞轮转两圈，对外做功一次；
（2）一切物体都具有内能；
（3）汽油机工作过程中，在做功冲程将汽油的内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；
（4）任何机器的工作效率都不可能达到100%。
【解答】解：A、飞轮转速是3600r/min＝60r/s，因为四冲程汽油机工作时，曲轴和飞轮转两圈，所以每秒完成120个冲程；
B、冰冷的汽车座垫也有内能；
C、汽油机工作过程中，压缩冲程将机械能转化为内能；
D、因为存在能量的损失，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查内能、热机以及机械效率的有关知识，难度不大。
（多选）32．（2分）如图所示，用两只相同的加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，如图所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热效率为90%，加热时不计热量损失，下列说法正确的是（ ）
A．加热效率没有达到100%，是因为加热器放出的热量，没有全部被水和油吸收
B．若油和水的体积为0.5L，则加热到三分钟时，油吸收的热量为2.1×104J
C．因为油的比热容比水小，所以都加热两分钟时，油吸收热量比水少
D．若水的质量为10kg，t＝3min时，水吸收的热量为5.04×106J
【分析】（1）能量在转化和转移时会有一定的损失，很难做出百分之百；
（2）根据密度公式算出 水的质量，由吸热公式算出3min水吸收的热量，由相同的加热器可以体现出水与这种油在相同的时间内吸收的热量相同，判断出油吸收的热量；
（3）相同的加热器相同时间内放出的热量相同，水和油吸收的热量相同；
（4）已知水的质量和比热容，根据图像得出t＝3min时水升高的温度，由热量公式Q＝cmΔt计算水吸收的热量。
【解答】解：A、加热效率没有达到100%，故A正确；
B、若油和水的体积为0.5L水＝ρ水V＝8.0×103kg/m4×0.5×10﹣7m3＝0.4kg，
则加热到三分钟时，水吸收的热量为：Q水＝c水m水（t水﹣t0）＝4.5×103J/（kg•℃）×0.8kg×（28℃﹣18℃）＝2.1×103J，
由于两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，所以Q油＝Q水＝2.4×104J，故B正确；
C、相同的加热器相同时间内放出的热量相同，故C错误；
D、由图像可知t＝3min时水＝28℃﹣18℃＝10℃，
则水吸收的热量为：Q水＝c水m水Δt水＝5.2×103J/（kg•℃）×10kg×10℃＝3.2×105J，故D错误。
故选：AB。
【点评】本题考查了热量的计算，根据两者吸收的热量相同列出方程求解是关键。同时，还要注意这里的两种液体是体积相同，而非质量相同，所以要根据出体积，算出质量，再代入公式求解，有一定难度。
33．（2分）在图中，用箭头标出了部分接线中的电流方向。a、b和c、d间或接电源（无需满足用电器工作），或接用电器，可以判定电源（ ）
A．只能接在a、b间
B．只能接在c、d间
C．可以接在a、b间；也可以接在c、d间
D．条件不足，无法判定
【分析】解答本题应掌握：电源外部电流由电源的正极流出，经用电器后由电源的负极流入。
【解答】解：因电流只能从电源的正极流出，由电源的负极流入，且a为电源的正极，cd为用电器，经cd间的用电器回到负极，故这样可以组成电路并符合题目中所标的电流方向；
假设cd是电源的话，且c为电源的正极，ab为用电器，经ab间的用电器回到负极，故这样也可以组成电路并符合题目中所标的电流方向。
故选：C。
【点评】本题考查电源外部电流的规律，应注意假设法的灵活应用。
（多选）34．（2分）在图甲所示的电路中，R1是定值电阻，R2是规格为“20Ω，3A”的滑动变阻器，在电路中正确连接有一个电压表（图中未画出），闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑向a端。当滑片P在最右端b处时；P在中点时，电流表的示数为0.8A（电压表选用的量程与乙图不同）。下列说法正确的是（ ）
A．电压表并联在R2两端
B．电源电压是9V
C．R1的阻值是5Ω
D．电路中的最大电流可达到2.4A
【分析】根据电压表的量程和分度值读出丙图中可能的示数，根据欧姆定律求出滑片P位于中点时两端的电压，然后与丙图电压表的示数相比较判断电压表的位置；当滑片P在最右端b处时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，则乙图中电压表的示数小于丙图中电压表的示数，根据指针偏角关系和乙、丙两电压表的量程不同，确定它们的示数，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；当滑片位于a端时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大。
【解答】解：A、丙图中，分度值为0.1V，
电压表的量程为6～15V时，分度值为0.5V，
当滑片P位于中点时，接入电路中的电阻为10Ω，
由I＝可得，R2两端的电压：
U2＝IR2＝2.8A×10Ω＝8V，
因R6两端的电压与丙电压表的示数不相等，
所以，电压表应并联在R1两端，故A错误；
B、当滑片P在最右端b处时，电压表的示数最小，
因乙、丙两电压表的量程不同，
所以，乙电压表的量程为0～5V时，丙电压表的示数即R1两端的电压U1＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U＝U1+U2＝4V+8V＝12V，故B错误；
C、R1的阻值：R8＝＝＝5Ω；
D、当滑片位于a端时，电流最大为：I大＝＝＝2.7A。
故选：CD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电压表位置的确定和两次电压表量程的判断。
（多选）35．（2分）如图所示电路，电源电压U恒定。当A、B间接入标有一个6Ω的定值电阻，闭合S、S1、S2，断开S3，滑片P移到某一位置时电流表示数为I，再向上移动一段距离，R的阻值变化了5Ω，此时电流表示数为0.5A；当A、B间换接为R3，闭合S、S3，断开S1、S2，电压表示数为U2，R1＝R2，电路的电流为0.5A，R1、R2、R3均为定值电阻，每个电阻的阻值只有2Ω、5Ω、7Ω、9Ω这四种可能。下列结论正确的是（ ）
A．I＝0.4AB．U＝12V
C．U2 可能是 2.5VD．R1可能是9Ω
【分析】（1）闭合S、S1、S2，断开S3时，6Ω的定值电阻与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，设出滑片P移到某一位置时接入电路中电阻R，此时电流表示数为I，再向上移动一段距离时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，此时电流表示数为0.5A，据此求出I的大小，根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出电源的电压，然后联立等式求出电源的电压；
（2）当A、B间换接为R3，闭合S、S3断开S1、S2时，R1、R2、R3串联，电压表测R2两端的电压，电路的电流为0.5A，根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据电阻的串联和R1＝R2分析R1、R2、R3的阻值，根据欧姆定律求出电阻R2两端的电压。
【解答】解：
AB．闭合S、S1、S2，断开S5时，定值电阻R4与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，
设滑片P移到某一位置时接入电路中电阻为R，此时电流表示数为I，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝，电源的电压U＝IR总＝I（R+R4）＝I（R+3Ω）﹣﹣﹣﹣﹣①
当滑片P向再向上移动一段距离时，R接入电路中的电阻变小，
所以，由“R的阻值变化了5Ω，此时电流表示数为0.5A”可得I＝0.5A﹣5.1A＝0.4A﹣﹣﹣②
电源的电压U＝I′R总′＝I′[（R﹣5Ω）+R4]＝5.5A×[（R﹣5Ω）+7Ω]﹣﹣﹣﹣﹣③
由①②③可得：
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝，电源的电压U＝10V；
CD.当A、B间换接为R3，闭合S、S3、断开S4、S2时，R1、R6、R3串联，电压表测R2两端的电压，
此时电路的电流为4.5A，则电路的总电阻R总″＝＝＝20Ω，
因R1＝R2，且R7、R2、R3均为定值电阻，每个电阻的阻值只有8Ω、7Ω，
所以，R1、R4、R3的电阻依次为9Ω、3Ω，故D正确；
电阻R2两端的电压U2＝I″R6＝0.5A×7Ω＝4.5V，故C错误。
故选：AD。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确得出开关闭合、断开时电路的连接方式和第一种情况下电阻与电流的对应关系是关键。
二、综合题（共10分。第7题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
36．（4分）小明同学在初三物理创新实验大赛中设计了一个电子量角器。如图甲所示，把同种材料制成的粗细均匀的电阻丝AB弯成半圆形，O为圆心（OP的阻值忽略不计），P与AB接触良好。如图乙所示，A为电流表（量程为0～0.6A、内阻不计），R0为保护电阻，理想电源电压U＝6V不变。备用滑动变阻器两个：R1（15Ω 1A）、R2（30Ω 0.6A），选择合适的滑动变阻器连入M、N两接线柱，把电子量角器A、O两个接线柱分别与E、F相接
（1）用导线连接M、N，将A、O分别与E、F相接，闭合开关。当P滑到A处时；当P滑到B处时，电流表示数为0.2A。由此可知保护电阻R0＝ 12 Ω；
（2）小明希望将0°刻度线标在电流表“0.2A”刻度处，那么他应该选择的滑动变阻器是 R2 （选填“R1”、“R2”或“R1或R2均可”）。按此要求接好电路并将滑动变阻器滑片调到要求位置，闭合开关。当被测量角度为75°时，电流表的示数应该为 0.16 A。
（3）即使电源电压未知，R0和电阻丝AB材料的电阻也不知道。小明也能通过图乙电路中电流表示数I转换为所测角度θ，即∠AOP。他提炼出了一个“校准﹣﹣测量﹣﹣计算”的标准实验流程：
①校准：将滑动变阻器调到适当阻值后接入电路，将A、0分别与E、F相接，闭合开关。将电子量角器的滑片P滑到A处1；保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将滑片P滑到B处，记下此时电流表的示数为I2；
②测量：拨动电子量角器的滑P使∠AOP与被测角重合，记下此时电流表的示数为I3；③利用测得物理量I1、I2、I3根据，写出表达式θ＝ 计算结果。
【分析】（1）用连线连接MN，当P滑到A处时，电子量角器的电阻为零，只有电阻R0工作，根据欧姆定律求出保护电阻R0的数值；
当P滑到B处时，电子量角器的最大电阻与保护电阻R0串联，根据欧姆定律和串联电路电阻的规律算出此时的总电阻和电子量角器的最大电阻；
（2）要使0°刻度线标在电流表“0.2A”刻度处，此时电子量角器的电阻为零，只有滑动变阻器与定值电阻R0串联，由（1）知此时的总电阻，根据串联电路的特点算出滑动变阻器的电阻，从而选出滑动变阻器；
由（1）知电子量角器的最大电阻，即∠AOP＝180°时电阻，进一步算出75°时电子量角器的电阻，由欧姆定律算出此时电路的电流；
（3）将电子量角器的滑片P滑到A处，电流表示数为I1，即I1＝，所以R0+R滑＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将电子量角器的滑片P滑到B处，电流表示数为I2，即I2＝，所以R0+R滑+RAB＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
结合②﹣①表示出RAB；
拨动电子量角器的滑片P使∠AOP与被测角重合，记此时电流表示数为I3，所以I3＝，所以R0+R滑+RAP＝﹣﹣﹣﹣﹣③，
结合③﹣①表示出RAP，依据＝表示出θ。
【解答】解：（1）用连线连接MN，当P滑到A处时，只有电阻R0工作，电流表示数为0.7A，
由I＝可知0＝＝＝12Ω；
当P滑到B处时，电子量角器的最大电阻与保护电阻R0串联，电流表示数为7.2A，
此时电路的总电阻：R总＝＝＝30Ω，
电子量角器的最大电阻为：RAB＝R﹣R0＝30Ω﹣12Ω＝18Ω；
（2）要使6°刻度线标在电流表“0.2A”刻度处，此时电子量角器的电阻为零3串联，由（1）知此时的总电阻为30Ω，所以选用R2；
由（1）知电子量角器的最大电阻为18Ω，即∠AOP＝180°时电阻为18Ω，
当被测量角度为75°时，电子量角器的电阻为：RAP＝75°×＝7.4Ω，
此时电路的电流为：I″＝＝＝0.16A；
（3）将电子量角器的滑片P滑到A处，记此时电流表示数为I3，即I1＝，所以R8+R滑＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将电子量角器的滑片P滑到B处2，即I8＝，所以R0+R滑+RAB＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
②﹣①得：RAB＝﹣
拨动电子量角器的滑片P使∠AOP与被测角重合，记此时电流表示数为I8，所以I3＝，所以R6+R滑+RAP＝﹣﹣﹣﹣﹣③，
③﹣①得：RAP＝﹣，
所以＝，即＝，
所以θ＝＝。
故答案为：（1）12；（2）R3；0.16；（3）。
【点评】本题以电子量角器为背景，考查了欧姆定律的应用、电路分析以及串联电路电阻的规律等知识，是一道综合题，难度很大。
37．（6分）图甲是小明所设计的电路图，其中标有“2.5V”字样小灯泡L的电流与电压关系如图乙所示，定值电阻R1＝10Ω，R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成（总长度为45cm，导体GH每1cm的电阻为1Ω），且在材料相同，横截面积相同时，其中有一段是铜导体，其电阻可忽略不计2接触良好并能移动的滑动触头。只闭合S、S1时，电流表示数I与滑片P向左移动距离x的关系如图丙所示，求：
（1）小灯泡正常发光时电阻；
（2）电源电压与R2的最大阻值；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的最大值。
【分析】（1）由图乙知当灯泡两端的电压为2.5V时的电流，根据R＝算出灯泡正常发光时电阻；
（2）只闭合S、S1时R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大，根据图象读出电路中最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中电流最小，根据图象读出电路中最小电流，根据欧姆定律串联电路电阻特点求出变阻器的最大阻值；
（3）只闭合S、S2时灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.5V，根据串联电路电流的规律算出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出变阻器连入的最小电阻，由图象可知，三段导体的长度，当滑片P位于F点时，结合图象和欧姆定律求出EF段电阻，进而得出GH段接入电路电阻，由题意GH部分每1cm长的电阻为1Ω得出接入的长度，最后求出未接入的长度即为滑片P向左移动距离x的最大值。
【解答】解：（1）由图乙知，当灯泡两端的电压为2.5V时，
由欧姆定律得，灯泡正常发光时电阻：
R＝＝＝5Ω；
（2）只闭合S、S1时，R8与R2串联，电流表测电路中的电流，
由图丙可知，当滑动触头在E处时，R2接入的阻值为零，电路为R8的简单电路，电流最大为I＝1.2A，
所以电源电压：U＝IR3＝1.2A×10Ω＝12V；
只闭合S、S6，当滑动触头位于H处，R2接入的电阻最大，电流最小为I′＝0.6A，R1与R2串联，
由欧姆定律可得，电路总电阻：
R总＝＝＝40Ω，
则R2的最大阻值：
R6＝R总﹣R1＝40Ω﹣10Ω＝30Ω；
（3）只闭合S、S2时，灯泡与R2串联，当灯正常发光时，
所以R2两端的电压：U2＝U﹣U额＝12V﹣8.5V＝9.6V，
R2连入电路的最小电阻为：R2＝＝＝19Ω；
滑动触头P从H端移到E端时出现拐点，由图象丙可知：
GH＝20cm，FG＝30cm﹣20cm＝10cm，
中间一段电流无变化，故FG是铜导线，
由图象可知，当滑片P位于F点时，
则总电阻为 R总′＝＝＝20Ω，
则EF段电阻为：REF＝R总′﹣R1＝20Ω﹣10Ω＝10Ω，
GH导体接入的电阻：R＝R2﹣REF＝19Ω﹣10Ω＝3Ω，
由于GH部分每1cm长电阻为1Ω，则接入的长度为7cm，
未接入的长度为20cm﹣9cm＝11cm，即滑片P向左移动距离x的最大值为11cm。
答：（1）小灯泡正常发光时电阻为5Ω；
（2）电源电压与R8的最大阻值分别为12V、30Ω；
（3）若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的最大值为11cm。
【点评】本题主要考查电路的分析、欧姆定律的应用，解决本题的关键要从图象获取有效信息，灵活应用相关规律和公式即可正确解题，过程较为复杂，计算需细心。
测量位置
A
B
C
电流I/A
0.3
0.3
0.6
测量位置
A
B
C
电流I/A
0.3
0.3
0.6