还剩27页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2022-2023学年辽宁省葫芦岛市龙港区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
展开
这是一份2022-2023学年辽宁省葫芦岛市龙港区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共30页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师们指导同学们对身边一些常见的物理量进行估测，以下估测数据中，最符合实际的是( )
A. 一节干电池的电压为36VB. 家用空调的工作电流大约是5A
C. 家用液晶电视机的功率约为500WD. 实验室小灯泡的电阻为0.1Ω
2.下列四幅图的现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是( )
A. 漫天沙尘B. 袅袅炊烟
C. 缥缈雾海D. 阵阵花香
3.如图所示，在一个一端封闭、另一端装有活塞的厚壁玻璃筒里放一块浸有乙醚的棉花，把活塞迅速地压下去，棉花就会燃烧起来，关于压下去的过程，下列说法中正确的是( )
A. 活塞对筒内空气做功，空气内能增大，温度升高
B. 筒内空气对外做功，空气内能增大，温度升高
C. 此过程中玻璃筒内空气分子间的作用力减小
D. 此过程与汽油机的做功冲程原理相同
4.有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关S1，托盘旋转，再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图M是托盘电动机，R是加热电阻，对其内部电路设计合理的是？( )
A. B.
C. D.
5.如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电验电器的金属球，验电器的金属箔片会张开，在这一实验过程中，下列说法正确的是( )
A. 电子从橡胶棒转移到了验电器金属球上
B. 橡胶棒能带上电荷，说明橡胶棒是导体
C. 瞬间的电流方向是从橡胶棒到验电器金属箔
D. 验电器的两金属箔片因带不同电荷相互排斥而张开
6.在如图所示的电路中，电源电压不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片由如图所示位置向左移动，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的亮度变暗
B. 电压表V2的示数变大
C. 电压表V1与电流表A2示数的比值不变
D. 电压表V2与电流表A1示数的乘积变大
7.下列说法中正确的是( )
A. 电源的作用是给用电器两端提供电压
B. 用电器功率越大，电流通过它时做的功就越多
C. 灯泡的亮暗是由它的额定功率决定的
D. 用超导体制成发热体可产生更多的热量
8.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，灯L1和L2均发光，过了一段时间，突然三个电表中一个示数变大，一个示数变小，另一个示数不变。若电路中的故障只有一处，且只发生在灯L1或L2上，请你判断故障刚发生后，灯可能的发光情况是( )
A. 灯L1、L2都发光
B. 灯L1、L2都不发光
C. 灯L2仍然发光，灯L1不发光
D. 灯L1仍然发光，灯L2不发光
二、多选题：本大题共4小题，共12分。
9.下列有关电学知识的说法中正确的是( )
A. 当电灯的开关发生短路时，保险丝会熔断
B. 家庭电路中电能表要接在总开关之前
C. 试电笔可以用来检查用电器外壳是否带电
D. 用塑料棒将建筑物顶端的避雷针与大地相连可防雷
10.如图所示，是国外一个团队测试子弹究竟能穿过多少个水气球的实验。实验中，子弹在穿过第四个水气球就被挡了下来，而且子弹发生了熔化变形。针对以上过程，下说法中正确的是( )
A. 子弹在水气球中运动时，将机械能转化为了内能
B. 子弹熔化变形，是通过做功的方式使内能增大的
C. 气球内水温变化不大，主要是因为水的比热容大
D. 子弹和水气球间的能量转化不遵守能量守恒定律
11.把标有“6V 6W”的灯泡L1和“6V 3W”的灯泡L2串联在某电源的两端，其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率，假设灯泡电阻不变，则下列说法正确的是( )
A. 通过两个灯泡的电流之比为2：1B. 灯泡L2正常发光
C. 灯泡L1、L2的实际功率之比为2：1D. 灯泡L1、L2两端的总电压为9V
12.具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可以通过旋钮开关实现不同功能切换。如图所示是模拟加热的原理图，四个加热电阻的阻值均为5Ω，下列说法正确的是( )
A. 若开关旋至“1”挡，电路中干路电流为4A，则电源电压为10V
B. 若电源电压为5V，则整个电路最小电流为0.5A
C. 若电源电压为10V，开关从“2”挡旋至“3”挡，整个电路电流变化0.5A
D. 若电源电压为10V，电路1min最多能产生2400J的热量
三、填空题：本大题共9小题，共26分。
13.蜡染是我国民间传统工艺，如图为蜡染中的点蜡工序，即把不染色的地方涂上蜡液，然后放入染缸中进行染色。由于凝固在布上，蜡与布间的作用力会比液体时______ (填“大”或“小”)，所以能牢固的粘在布上，蜡染工人闻到染料的气味是属于______ 现象。
14.如图是一个叫“空气火箭”的玩具，当用力击打气包时，气包内的空气会迅速的把“火箭”发射出去。这一过程中，是气包内气体的______ 能转化为“火箭”的______ ，气包内的气体对外做功其温度将______ 。
15.小明乘坐自家汽车时，手刚触车门就被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气摩擦而带了______ 。为了防止被“电”，很多汽车装有如图所示的静电消除器，带有铜丝的静电消除器与地面接触，其中的铜丝是______ (填“导体”或“绝缘体”)；静电消除器与地面接触时发生摩擦，内能会______ (填“增加”或“减少”)。
16.如图所示的电动自行车，使用时必须先插入钥匙，然后转动行驶开关，自行车才能前进，如果不插入钥匙即使转动行驶开关自行车也不能启动；反之，即使插入钥匙而不转动行驶开关，自行车也不能启动。从钥匙所起的作用来看，钥匙相当于电路中的______ ，通过分析上面的信息，可知钥匙与行驶开关的连接方式为______ ；行驶过程中由电池供电为车提供动力，将______ 能转化为机械能，充电过程中电池相当于一个______ (填“电源”或“用电器”)。
17.如图所示是家庭中常用的三脚插头。插入插座后，a插脚可以将用电器的______ 部分与大地相连，b、c两插脚之间的电压是______ ，若用试电笔笔尖接触与b插脚相连通的导线内金属线，试电笔氖管______ (填“会”或“不会”)发光，使用试电笔时，手______ (填“要”或“不要”)接触笔尾金属体。
18.电暖气和热水器是两种常见的家用电器，它们的原理都是利用了电流的______ 来工作的。而且也都是采用了______ 的方式增加其内部液体的内能。
19.家庭电路中的空气开关是为防止由于______ 或发生短路，而使家庭电路中电流过大导致的危险；漏电保护器______ (填“能”或“不能”)防止站在绝缘凳上的人同时接触火线和零线而发生的触电事故。
20.某款手机的电池容量为4000mA⋅h，电压为4.0V，快充时的功率为100W，如果不考虑快充时的电能损耗，把这款手机电池从电量0%充到100%，需要的时间是______ s，这些电能可让如图所示的电能表转盘转______ 转，图中的电能表允许电路接入的用电器总功率不超过______ W。
21.如图甲所示，开关闭合后，在确保电路元件安全的条件下，将滑动变阻器滑片由最右端向左最大范围移动，图乙是在这一过程中一块电压表和电流表的示数变化图象，图丙是另一块电压表的示数和小灯泡电阻关系图象。则滑动变阻器的最大阻值为______ Ω，小灯泡额定功率为______ W，当滑动变阻器阻值的连入的电阻与小灯泡连入的电阻相等时，小灯泡10s内消耗的电能为______ J。
四、作图题：本大题共3小题，共9分。
22.请你帮助小明同学在如图所示的圆圈内，分别填入小灯泡、电流表和电压表的符号(每一种符号只能填一次)，要求开关闭合时两灯并联，电流表测其中一只灯泡的电流，电压表测电源电压。
23.如图是一款家用排油烟机。上面照明开关S控制一盏“220V 12W”的灯，弱排风开关S1，强排风开关S2，并且照明与排风工作时互不影响。如单独按下弱排风开关S1或强排风开关S2，分别对应排油烟机的弱排风和强排风，如同时按下S1、S2则为强排风。请根据上面所提供的信息，将正确的电路的连接。
24.如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路，请用笔画线代替导线，将电灯和开关正确连入电路。
五、实验探究题：本大题共5小题，共36分。
25.为了比较水和食用油的吸热能力，小明用如图所示的装置图做了实验。
(1)在两容器内装入______ 相等的水和食用油；选用相同规格的电加热器的目的是：使水和食用油在相同时间内______ 相等。
(2)在实验过程中控制加热时间相同，通过比较______ 来研究水和食用油吸热能力的差异。
(3)下面是实验记录数据：
①分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同的温度时，吸收热量的多少与物质的______ 有关。
②分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：质量相同的不同种物质，升高相同的温度，吸收热量的多少与物质的______ 有关。
(4)小亮提出：将图中的水和食用油均加热到沸腾，然后比较所用的时间长短来判断水和食用油的吸热能力，小明认为这种方法是错误的，因为水和食用油的______ 不同。
26.小明连接了如图所示的电路探究并联电路的电流规律：
(1)同桌提醒小明图甲中少连接了一个元件______ ，小明改正后在实验过程中发现电流表指针向左偏转，原因是______ 。为了能进行多次实验，可以在电路中串联一个______ ；
(2)测量出表中的1、2组数据后，小明得出了并联电路各支路电流相等的错误结论，原因是______ ，进实验后测出了表中3、4组所示的数据，经过分析后得出了并联电路中电流的普遍规律______ ；(用I、I1、I2表示)
(3)在本实验中进行多次实验的主要目的是为了______ 。
27.小明和小亮两位同学想探究导体的电阻与材料、长度、横截面积的关系，他们在实验室找到了六根不同的电阻丝，并把它们编号，如表所示。
(1)小明利用甲图电路进行实验，分别将两根电阻丝分别接在A、B和C、D之间，比较电压表示数大小就可比较出电阻大小。
①他依据的实验原理是：在串联电路中，哪个电阻两端的电压越大，其电阻就______ 。
②小明在实验中选用①⑥号电阻丝，是为了探究电阻与______ 的关系。
③小明在实验中选用③④号电阻丝，如果在实验中测得U3>U4，则可以得出的结论是______ 。
(2)小亮利用乙图电路进行实验，将选用的电阻丝先后接在M、N之间，比较电流表示数大小就可比较出电阻大小。
①小亮依据的实验原理是：导体两端的电压一定时，接入的电阻丝阻值______ ，电流表的示数越大。
②为了使实验次数最少，小亮在提供的六根电阻丝中，选取______ 根电阻丝，即可顺利完成整个实验。
③请你从安全的角度分析，小亮所用的乙图电路有什么缺点？______ 。
28.在做“探究电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，小丽采用了如图所示的实验装置。(两个透明容器中封闭着等量气体)
(1)如图所示的是探究电流产生的热量跟______的关系，通电一段时间后，______(填“左侧”或“右侧”)容器内的电阻丝产生的热量多。可以得出：在______一定的条件下，______越大，产生的热量越多。
(2)让该实验装置冷却到初始状态，把右侧并联的两根电阻丝都放入容器内，接通电源比较两容器内电阻丝发热多少。此时该装置______(填“可以”或“不能”)探究电流产生的热量跟电阻的关系。一段时间后两侧容器内电阻丝产生的热量______左瓶(填“左侧”、“右侧”
或“一样”)多。
29.在探究“电流与电压关系”的实验中连接了如图甲所示的电路，电源是三节新的干电池，定值电阻阻值为10Ω，滑动变阻器铭牌上标有“20Ω1A”的字样。
(1)小明连接的实验电路如图甲所示，检查电路后发现有一条导线连接有误，请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)改正错误后，闭合开关发现电流表和电压表指针立刻有较大的偏转，其原因是______ 。接着小明只调节滑动变阻器滑片到某一位置时，观察到电流表指针如图乙所示位置，则此时电压表示数应为______ V，如果想使电流表的示数为0.3A，应再向______ (填“左”或“右”)调节滑动变阻器滑片，通过多次实验可以得出在电阻一定时，通过导体的电流与电压成______ 比；
(3)为了保证电路中各元件安全，变阻器连入电路的最小阻值为______ Ω；
(4)将定值电阻换成小灯泡后移动滑动变阻器的滑片，通过观察电流表和电压表的示数做出了如图丙所示的I∼U图象，当电压表的示数为2.5V时，灯丝电阻为______ Ω，但发现I∼U图象并不是一条直线，原因是______ ；
(5)小明想挑战一下自己，于是设计了如图丁所示的电路图来测量已知额定电流为0.3A的小灯泡L的额定功率。其中电源未知，R1、R2是最大阻值均为20Ω的滑动变阻器。请你将小明的实验步骤补充完整。
①将两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，闭合开关S1和S2，读出电压表示数为6V；
②断开开关S2，保持滑动变阻器______ (填“R1”或“R2”)的滑片的位置不动，调节另一个滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，读出电压表示数为4V；
④小灯泡额定功率P额=______ W。
六、简答题：本大题共1小题，共3分。
30.如图是一款劣质墙壁插座，由于插头与插座接触不牢，导致插头与插座连接处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。请从物理学角度分析：
(1)连接处接触不牢接触电阻会如何变化？
(2)为什么插头与插座连接处比别处更容易发热？
七、计算题：本大题共2小题，共18分。
31.假期爸爸妈妈带着小明开车旅行，已知小轿车的总质量约为2t，最大功率为120kW，小轿车在牵引力的作用下沿水平公路做匀速直线运动，行驶时所受阻力为车总重的0.2倍。(g=10N/kg，汽油的热值取4×107J/kg)求：
(1)若轮胎与地面的总接触面积为0.2m2，静止时轿车对水平地面的压强为多少？
(2)轿车在5min内匀速行驶了3km，此时轿车的实际功率为多少？
(3)若汽油机的效率为30%，6kg的汽油可供轿车以最大功率匀速行驶多长时间？
32.如图甲是一款多功能电火锅，图乙是其简化电路图。R1、R2均为电热丝，电火锅有加热和保温两个挡，其部分参数如表所示。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。求：
(1)保温挡工作时，电路中的电流；
(2)电路中电阻R2的阻值；
(3)若不计热量损失，电火锅正常工作14min，能将多少升20℃的水升高40℃。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、一节干电池的电压为1.5V，故A不符合实际；
B、家用空调的功率约为1000W，I=PU=1000W220V≈4.5A，接近5A，故B符合实际；
C、家用液晶电视机的功率约为100W，故C不符合实际；
D、实验室小灯泡正常工作时的电压为2.5V，通过灯丝的电流约为0.3A，所以灯丝电阻R=UI=≈8.3Ω，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
不同物理量的估测，有的需要生活经验，有的需要换算单位，有的需要简单计算，最后判断哪个选项符合实际。
2.【答案】D
【解析】解：A、漫天沙尘，是沙尘颗粒在空中的机械运动，它不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；
B、袅袅炊烟，是固体颗粒的机械运动，不能说明分子运动，故B不符合题意；
C、缥缈雾海，是液态小水滴在空中的机械运动，故C不符合题意；
D、阵阵花香，是花香分子扩散到空气中而四处飘逸，说明分子在不停地做无则运动，故D符合题意。
故选：D。
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
解答问题时要抓住问题的关键：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子运动是微观运动，肉眼不可能直接观察。
3.【答案】A
【解析】解：AB、活塞迅速向下压时，活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，因此空气和棉花的内能增加，温度升高，达到棉花的着火点，棉花就会燃烧，故A正确，B错误；
C、当活塞压下时，空气分子间的距离减小，同时我们感觉到越往下压缩越费力，这是由于筒内空气分子间斥力增大的缘故，故C错误；
D、在下压活塞时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为内能，筒内空气的内能增大，说明用做功的方式能改变物体的内能；内燃机在压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；它们的能量转化情况相同，即上述过程类似于四冲程内燃机工作时的压缩冲程，故D错误。
故选：A。
对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在做功冲程中是将内能转化为机械能，在压缩冲程中是将机械能转化为内能。
本题主要考查学生对做功改变物体内能的了解和掌握，是中考的热点。
4.【答案】B
【解析】解：
由题意知，闭合开关S1，托盘旋转，再将开关S2闭合，开始加热；只闭合开关S2，则不能加热；这说明电动机和加热电阻在工作时互不影响，即两者是并联的，且S1在干路上，S2在加热电阻的支路上，由各选项电路图可知，B符合题意，ACD不合题意。
故选：B。
由题知，闭合开关S1，托盘旋转，再将开关S2闭合，开始加热；只闭合开关S2，则不能加热。由此分析解答。
本题考查根据要求设计电路，关键是正确分析电路的连接方式和开关的位置。
5.【答案】A
【解析】解：A、橡胶棒带负电，接触瞬间电子从橡胶棒转移到了验电器金属球上，故A正确；
B、橡胶棒是绝缘体，能够带电，故B错误；
C、瞬间的电流方向是从验电器金属箔到橡胶棒，故C错误；
D、验电器的两金属箔片因带同种电荷相互排斥而张开，故D错误。
故选：A。
(1)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷；
(2)绝缘体能够带电；
(3)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
(4)用电器的原理是同种电荷相互排斥。
本题考查了电流、电子的移动方向、绝缘体、电荷间的相互作用，属于基础知识。
6.【答案】C
【解析】解：闭合开关S后，灯泡L与滑动变阻器Rp并联，电压表V1和V2均测电源两端的电压，电流表A1测Rp支路的电流，电流表A2灯泡支路的电流，
由电源电压不变可知，滑片移动时电压表V1和V2的示数均不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，
则电流表A2的示数不变、灯泡的亮暗不变，进一步可知电压表V1与电流表A2示数的比值不变，故A错误、C正确；
将滑动变阻器的滑片由如图所示位置向左移动，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过变阻器的电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V2与电流表A1示数的乘积变小，故D错误。
故选：C。
闭合开关S后，灯泡L与滑动变阻器Rp并联，电压表V1和V2均测电源两端的电压，电流表A1测Rp支路的电流，电流表A2灯泡支路的电流，根据电源电压不变可知滑片移动时电压表V1和V2的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率变化，进一步得出电流表A2的示数和灯泡的亮暗变化、电压表V1与电流表A2示数的比值变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，利用欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，然后得出电压表V2与电流表A1示数的乘积变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的结构和利用好并联电路的特点是关键。
7.【答案】A
【解析】解：A、电源的作用是给用电器两端提供电压，故A正确；
B、用电器功率越大，电流通过它时做的功就越快，做功的多少还要看做功的时间长短，故B错误；
C、灯泡的亮暗是由它的实际功率决定的，故C错误；
D、超导体电阻为零，不能用于发热体，故D错误。
故选：A。
(1)电源的作用是提供电压；
(2)功率表示做功的快慢；
(3)灯泡的亮暗是由它的实际功率决定的；
(4)超导体电阻为零，不能用于发热体。
本题涉及的知识点较多，是一道综合题，但难度不大，掌握相关的基础知识即可正确解题。
8.【答案】D
【解析】解：闭合开关，两灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测灯泡L2两端的电压，电压表V2测电源电压，
A、灯L1、L2都发光，电路正常，电流表和电压表示数不变，故A不符合题意；
B、灯L1、L2都不发光，电路断路，电流表示数为0，电压表V2示数不变，
若灯L1断路，电压表V1示数为0，若灯L2断路，电压表V1示数变大，故故障不一定使得两个灯都不发光，故B不符合题意；
C、灯L2仍然发光，灯L1不发光，则灯L1短路，电压表V1示数变大，电压表V2示数不变，根据串联电路电阻特点结合欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电流表示数变大，故C不符合题意；
D、灯L1仍然发光，灯L2不发光，则灯L2短路，电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，根据串联电路电阻特点结合欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电流表示数变大，故D符合题意。
故选：D。
闭合开关，两灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测灯泡L2两端的电压，电压表V2测电源电压，
若两灯都发光，电路正常，电流表和电压表示数不变；
若其中一灯发光，另一灯不发光，根据串联电路特点可知不发光的灯泡短路，其两端的电压为0，电源电压不变，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变大；
若两灯都不发光，则电路断路，电源电压不变，没有电流通过电路。
本题考查串联电路特点、电压表和电流表的使用、欧姆定律的灵活运用。
9.【答案】BC
【解析】解：A、电灯的开关发生短路时，即开关一直接通，但不会造成电流过大，保险丝不会熔断，故A错误；
B、在家庭电路中，电能表总要装在总开关之前，故B正确；
C、试电笔可以用来检查用电器的金属外壳是否带电，故C正确；
D、避雷针需要用导体制成，故D错误。
故选：BC。
(1)开关与它控制的用电器串联，开关短路和开关闭合的效果是一样的，不会发生短路现象；
(2)家庭电路中各组成的先后顺序为：进户线，电能表，总开关，保险装置，开关，用电器，插座等；
(3)试电笔可以用来辨别火线和零线，还能检查用电器的金属外壳是否带电；
(4)避雷针需要用导体制成。
本题考查了家庭电路的连接、验电笔的作用、导体，属于基础知识。
10.【答案】ABC
【解析】解：
A、子弹在水气球中运动时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A正确；
B、子弹克服摩擦做功，子弹熔化变形，是通过做功的方式使内能增大的，故B正确；
C、气球内水温变化不大，主要是因为水的比热容大，同样吸收热量的情况下，温度变化小，故C正确；
D、子弹和水气球间的能量转化遵守能量守恒定律，故D错误。
故选：ABC。
(1)物体克服摩擦做功，机械能转化为内能；
(2)对物体做功，物体的内能变大；
(3)根据水的比热容大分析；
(4)根据能量守恒定律分析。
本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的应用、能量守恒定律，难度不大。
11.【答案】BD
【解析】解：AB、由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：
R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω，
因串联电路中各处的电流相等，且其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率，
所以，此时电路中的电流I=I2=0.5A，灯泡L2正常发光，灯泡L1不能正常发光，故A错误、B正确；
CD、由P=UI=I2R可得，灯泡L1、L2的实际功率之比：
P1′P2′=I2R1I2R2=R1R2=6Ω12Ω=12，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，灯泡L1、L2两端的总电压U=IR总=I(R1+R2)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，故C错误，D正确。
故选：BD。
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点结合“其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率”判断串联能正常发光的灯泡为额定电流较小的，利用P=UI=I2R求出灯泡L1、L2的实际功率之比，利用电阻的串联和欧姆定律求出灯泡L1、L2两端的总电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的。
12.【答案】ABD
【解析】解：
A、当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路，此时电路总电阻最小为R1=R×RR+R=R2=5Ω2=2.5Ω，
此时电路中干路电流为4A，则电源电压U=I1R1=4A×2.5Ω=10V，故A正确；
B、如果电源电压为5V，由于当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路；当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路；当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路；根据串并联电路的特点可知，当两个电阻串联接入电路时电路中的总电阻最大，最大电阻为R3=R+R=2R=2×5Ω=10Ω，
此时电路中的电流最小为：I最小=U′R3=5V10Ω=0.5A，故B正确；
C、如果电源电压为10V，当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路，则I2=UR=10V5Ω=2A；
当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路，则I3=UR3=10V10Ω=1A，
所以电流变化量为△I=I2−I3=2A−1A=1A，故C错误；
D、若电源电压为10V，当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路，电路中的总电阻最小，
电路1min最多能产生的热量：Q=W=U2R1t=(10V)22.5Ω×1×60s=2400J，故D正确。
故选：ABD。
开关旋到不同位置，电路连接不相同。当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路；当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路；当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路。根据串并联的特点和欧姆定律求出电阻或电流，根据焦耳定律Q=W=U2Rt求出电路1min最多能产生的热量。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律以及焦耳定律的应用，分清三个挡位对应的电路连接方式是关键。
13.【答案】大 扩散
【解析】解：蜡液凝固在布上，蜡与布间的作用力会比液体时要大一些，所以能牢固的粘在布上；蜡染工人闻到染料的气味是属于扩散现象，这是因为染料分子在不停地做无规则运动。
故答案为：大；扩散。
分子间存在相互作用的引力和斥力；分子都在不停地做无规则运动。
本题考查分子动理论的相关内容，属于基础题。
14.【答案】内 机械能 降低
【解析】解：当用力击打气包时，气包内的气体会迅速的把“火箭”发射出去。这一过程中，是气包内气体的内能转化为“火箭”的机械能，气包内的气体对外做功其温度将降低。
故答案为：内；机械；降低。
做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减小，温度降低。
本题考查内能的改变，属于基础题。
15.【答案】电 导体 增加
【解析】解：(1)汽车在行驶过程中与空气摩擦，产生摩擦起电现象，从而带了电，所以手刚触车门就被“电”了一下；
(2)铜丝容易导电，是导体；
(3)静电消除器与地面接触时发生摩擦做功，内能会增加。
故答案为：电；导体；增加。
(1)用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；
(2)不容易导电的物体叫绝缘体，容易导电的物体叫导体；
(3)对物体做功，物体的内能会增加。
此题考查了摩擦起电、导体与绝缘体的概念、做功改变物体的内能，知识点较多，但难度不大，属基础题型。
16.【答案】开关 串联 电能 用电器
【解析】解：从钥匙所起的作用来看，钥匙相当于电路中的开关，通过分析上面的信息，可知钥匙与行驶开关的连接方式为串联；行驶过程中由电池供电为车提供动力，将电能转化为机械能，充电过程中电池消耗电能，相当于一个用电器。
故答案为：开关；串联；电能；用电器。
根据电路组成分析；判断能量转化过程，关键看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了那种形式的能即可。
本题考查了电路的组成和能量转化，属于基础知识。
17.【答案】金属外壳 220 V 会 要
【解析】解：(1)三脚插头最上面的a脚，用电器的金属外壳相连，能使家用电器的金属外壳先接地，人不会因为用电器漏电触电；
(2)根据“左零右火”的原则知b插脚连接的电线是火线，c插脚连接的电线是零线，b、c两脚之间的电压是220V；
(3)由于b插脚连接的电线是火线，若用试电笔笔尖接触与b插脚相连通的导线内金属线，试电笔氖管会发光，使用试电笔时，手要接触笔尾金属体。
故答案为：金属外壳；220V；会；要。
(1)三脚插头左右两个脚接的是火线或零线，最上面的脚接地线；
(2)火线与零线之间的电压为220V；
(3)试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线。
本题考查了三脚插头的构造和作用以及试电笔的使用方法，重点理解三线插头中地线的作用，从而加强安全用电的意识。
18.【答案】热效应 热传递
【解析】解：
(1)电暖气和热水器是利用电流热效应制成的加热设备，其原理都是电流的热效应；
(2)电暖气和热水器都比液体的温度高，彼此之间都存在着温度差，内能就会从温度高的电暖气或热水器传递给温度低的液体，从而使液体的内能增加，都是利用热传递的方式增加其内部液体内能的。
故答案为：热效应；热传递。
(1)当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。
本题考查了电流热效应的应用、热传递改变物体的内能等，是一道综合性较强的题目。
19.【答案】用电器总功率过大 不能
【解析】解：
(1)家庭电路中空气开关的作用是保护电路，当电路中发生短路或用电器总功率过大时会引起空气开关跳闸。
(2)当站在绝缘物上的带电工作的人两手分别触到火线和零线时(双线触电)，流过火线与零线的电流相等，保护器中火线和零线中电流产生的磁场应完全抵消，漏电保护器不会切断电路。
故答案为：用电器总功率过大；不能。
当电路中发生短路或用电器总功率过大时，电路中电流过大，空气开关中的电磁铁会产生较强的磁性吸引衔铁，使开关断开，切断电路起到保护电路的作用；
判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析火线和零线的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路。
本题考查学生对空气开关和漏电保护器的了解，知道“短路或总功率过大--电路中的电流过大--跳闸”的道理，是物理知识在生活中的实际应用。
20.【答案】576 48 4400
【解析】解：快充时消耗的电能：
W=UIt=4V×4000mA⋅h=4V×4A×3600s=57600J==0.016kW⋅h，
快充功率P=100W，
由P=Wt得快充需要的时间：
t=WP=57600J100W=576s；
3000r/(kW⋅h)表示，电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，
消耗这些电能让电能表转盘转的转数：
n=3000r/(kW⋅h)×0.016kW⋅h=48r；
10(20)A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，电能表允许电路接入的用电器的最大电功率P最大=U′I最大=220V×20A=4400W。
故答案为：576；48；4400。
知道手机电池的容量，利用W=UIt求快充时消耗的电能，知道快充时的功率，利用P=Wt求快充需要的时间；
3000r/(kW⋅h)表示，电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求快充消耗的电能让电能表转盘转的转数；
10(20)A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，利用P=UI求电能表允许电路接入的用电器的最大电功率。
本题考查了电功率公式的应用，以及对电能表相关参数的理解，难度适中。
21.【答案】24 3 16
【解析】解：由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测电源电压，电流表测电路中的电流；
由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时，电路中的电流减小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压增大，即电流表的示数随着电压表V2示数的增大而减小，因此图乙为电压表V2和电流表的示数变化图象，
因为电压表V1测电源电压，因此滑片移动过程中电压表V1的示数不变，图丙为电压表V1和和小灯泡电阻关系图象；
由图甲可知，当滑动变阻器的滑片在最右时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可知，此时电路中电流最小，由乙图可知，此时电路中的电流为0.25A，滑动变阻器两端的电压为6V，由图丙可知，此时灯泡的电阻为8Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=UL小+U1大=I小RL小+U1大=0.25A×8Ω+6V=8V；
(1)由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值：R1大=U1大I小=6V0.25A=24Ω；
(2)由图乙可知电路中的最大电流为0.5A，根据串联电路的电流特点可知，灯泡的额定电流为0.5A，由图乙可知此时滑动变阻器两端的电压为2V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡的额度电压：U额=U−U1小=8V−2V=6V，
灯泡的额定功率：P额=U额I额=6V×0.5A=3W；
(3)由串联电路的电流特点和欧姆定律可知，当滑动变阻器阻值的连入的电阻与小灯泡连入的电阻相等时，滑动变阻器和灯泡两端的电压相等，
串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压：UL=U1=12U=12×8V=4V，
由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，
则小灯泡10s内消耗的电能：W=ULIt=4V×0.4A×10s=16J。
故答案为：24；3；16。
由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测电源电压，电流表测电路中的电流；
根据欧姆定律分析通过滑动变阻器的电流与滑动变阻器两端的电压之间的关系，进而判断出两电压表所对应的图象；
根据欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由图乙可知电路中的最小电流和对应的电压表的示数，根据丙图可知此时灯泡的阻值，根据欧姆定律和串联电路的电压特点求出电源电压；
(1)根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(2)根据串联电路电流的规律和电路中的最大电流确定灯的额定电流；由图乙可知此时电压表的示数，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯的额定功率；
(3)根据串联电路的电流特点和欧姆定律分析比较此时滑动变阻器和灯泡两端的电压关系，根据串联电路的电压特点求出灯泡和滑动变阻器两端的电压，根据图乙找出此时电路中的电流，根据W=UIt求出小灯泡10s内消耗的电能。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，根据题意确定灯的额定电流是关键。
22.【答案】解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；电压表应并联接入电路中，所以，上左侧内应填电流表，下面为小灯泡，最右侧为电压表；如图所示：
【解析】根据小灯泡是用电器，电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析。
知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求判断出电路图的组成。
23.【答案】解：根据题意可知，照明灯由开关S控制；照明与排风工作时互不影响，这说明照明灯与电动机是并联的；如单独按下弱排风开关S1或强排风开关S2，分别对应排油烟机的弱排风和强排风，如同时按下S1、S2则为强排风，这说明S1控制定值电阻与电动机、S2控制电动机，电路图如下所示：
【解析】根据题意分析三个开关的作用、电路的连接方式，然后连接电路图。
本题考查了家庭电路的连接，明确开关的控制作用是解题的关键。
24.【答案】解：
由题知，两个灯是并联的关系，且开关控制对应的灯泡，开关应与所控制的灯泡串联；并且开关应该接在火线和灯泡之间，故连接方法如下：
【解析】在家庭电路中，各个用电器是并联的关系，开关应该接在火线和用电器之间，开关与被控制灯泡应串联。
知道并理解家庭电路的正确连接是解决该题的关键。
25.【答案】质量 吸收的热量 升高的温度 质量 种类 沸点
【解析】解：(1)因为在探究“不同物质吸热能力”的实验中，应保证水和煤油的质量相同、吸收的热量相同。
所以在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和食用油，
选用相同电加热器的目的是：使水和食用油在相同时间内吸收相同的热量；
(2)在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度(或温度升高的多少)来研究水和食用油吸热能力的差异；
(3)①分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得到：同种物质，升高相同的温度(10℃)，质量越大，加热的时间越长，吸收的热量越多，
所以物质吸收热量的多少与质量大小有关；
②分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得到：质量相同的不种物质，升高的温度不同，加热时间不同，即吸收的热量不同，
由此可知：相同质量的不同物质，吸收的热量与物质的种类有关；
(4)将图中的水和食用油均加热到沸腾，由于水和食用油的沸点是不同的，则两种液体升高的温度也不同，故不能探究它们的吸热能力的大小。
故答案为：(1)质量；吸收的热量；(2)升高的温度；(3)①质量；②种类；(4)沸点。
(1)本实验采用控制变量法，在探究“不同物质吸热能力”的实验中应控制的物理量有：质量、吸收的热量；
(2)实验中采用了转换法，通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热能力；
(3)探究物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
(4)根据水和食用油的沸点分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】开关 电流表正负接线柱接反了 滑动变阻器 选用的两灯泡的规格相同 I=I1+I2 寻找普遍规律
【解析】解：(1)电路是用导线将用电器、电源、开关连接起来构成电路的路径，所以电路中缺少开关。
电流表测量电流时，指针反向偏转，说明电流从负接线柱流入了，即电流表正负接线柱接反了。
为了能进行多次实验，找出普遍规律，我们可以在电路中串联一个滑动变阻器来改变电路的电阻，从而改变电流。
(2)根据表格的1、2组数据得出并联电路各路电流相等的错误结论，是因为两灯泡的规格相同造成的。
分析表中3、4组的数据可知：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即：I=I1+I2。
(3)本实验是探究并联电路的电流规律，故进行多次实验的主要目的是寻找普遍规律。
故答案为：(1)开关；电流表正负接线柱接反了；滑动变阻器；(2)选用的两灯泡的规格相同；I=I1+I2；(3)寻找普遍规律。
(1)根据电路的组成分析解答；电流表接入电路时，电流应从正接线柱流入，负接线柱流出，否则，指针反偏；为了使实验结论更具有普遍性，需要改变电流多次实验，据此分析；
(2)为得到普遍性的规律，避免片面性，应选择不同规格的灯泡进行实验；分析表中数据即可得出结论；
(3)在测量性实验中，多次实验的目的是减小实验误差；在探究性实验中，多次实验的目的是寻找普遍规律。
本题探究“并联电路电流规律”，考查实验注意事项、电路的连接、电流表的读数及归纳法的运用等，为中考的热点题型。
27.【答案】越大 材料 在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大 越小 ②③④⑤ 当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表
【解析】解：(1)①根据串联电路的分压规律可知，在串联电路中，哪个电阻两端的电压越大，其电阻就越大。
②小明在实验中选用①⑥号电阻丝，导体的长度、横截面积相同，材料不同，是为了探究电阻与材料的关系。
③小明在实验中选用③④号电阻丝，导体的材料、长度相同，横截面积不同，③的横截面积小，如果在实验中测得U3>U4，则③的电阻大，则可以得出的结论是：在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大。
(2)①把电阻丝串联接入电路中，导体两端的电压一定时，接入的电阻丝阻值越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，电流表的示数越大。
②实验中根据③⑤号电阻丝，可以探究电阻与材料的关系；③④号电阻丝可以探究电阻与横截面积的关系；②③号电阻丝可以探究电阻与长度的关系；故选取②③④⑤四根电阻丝，即可顺利完成整个实验。
③请你从安全的角度分析，小亮所用的乙图电路中，当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表。
故答案为：(1)①越大；②材料；③在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大；(2)①越小；②②③④⑤；③当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表。
在串联电路中，电阻越大，其分担的电压就越大；在串联电路中，导体的电阻越大，通过导体的电流就越小；
探究影响电阻大小的因素中，如果探究电阻大小与材料的关系，需使导体的长度和横截面积相同，材料不同；如果探究电阻大小与长度的关系，需使导体的材料和横截面积相同，长度不同；如果探究电阻大小与横截面积的关系，需使导体的长度和材料相同，横截面积不同；
本题考查了影响导体电阻因素的实验，应用控制变量法是正确解题的关键；控制变量法是初中物理实验中比较常用的研究方法之一。
28.【答案】电流 左侧 电阻和通电时间 电流 可以 左侧
【解析】解：(1)如上图所示，根据并联电路电流的规律，通过左容器电阻丝的电流I左大于通过右边容器电阻丝的电流I右，而容器内两电阻丝阻值大小相同，通过时间也相同，故是探究电流产生的热量跟电流的关系；
因I左>I右，通电一段时间，左瓶内的电阻丝产生的热量多，故结论为：在电阻和通电时间相同时，电流越大，产生的热量越多；
(2)让实验装置冷却到初始状态，将右边两个电阻丝作为研究对象(等效于一个电阻丝，根据并联电阻的规律，右瓶容器内的电阻为5Ω2=2.5Ω<5Ω，)，根据串联电路电流的规律，可控制电流相同，通电时间也相同，故把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少。此时该装置是探究电流产生的热量跟电阻的关系；根据焦耳定律Q=I2Rt，一段时间后左瓶电阻丝产生的热量多。
故答案为：(1)电流；左侧；电阻和通电时间；电流；(2)可以；左侧。
(1)根据焦耳定律Q=I2Rt，电流产生的热量跟电流关系，通电时间和电阻有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时要控制另外的两个不变；根据并联电路电流的规律找出相同因素和不同因素，分析电流产生的热量跟变化量的关系；
电流产生的热量不易直接测量，根据转换法，在实验时，通过对等量的空气加热，根据气体的热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管内液面高度差越大，根据焦耳定律Q=I2Rt分析回答；
(2)将右边两个电阻丝作为研究对象(根据电阻的并联规律，左右电阻大小不同)，根据串联电路电流的规律，可控制电流相同，通电时间也相同，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，可探究电流产生的热量跟电阻的关系；根据焦耳定律Q=I2Rt分析产生热量的多少。
本题探究“电流产生的热量跟什么因素有关”，考查串、并联电路的规律、转换法和控制变量法的运用及焦耳定律的应用，综合性较强。
29.【答案】没有将变阻器的最大电阻连入电路中 2 右 正 5 10 灯丝的电阻随温度的变化而变化 R1 60.9
【解析】解：(1)原电路中，滑动变阻器两根导线接到了下边的两个接线柱上，滑动变阻器应采用一上一下式连接导线，如下改正；
(2)闭合开关发现电流表和电压表指针立刻有较大的偏转，则电路的电流过大，原因是没有将变阻器的最大电阻连入电路中；
调节滑动变阻器滑片在某一位置时观察到电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则此时电流表示数应为0.2A，已知定值电阻的电阻为10Ω，电压表测量的是定值电阻的电压，根据欧姆定律，则电压表的示数U=IR=0.2A×10Ω=2V；如果想使电流表的示数为0.3A，即增大电流，应减小变阻器连入的电阻，故应向右调节滑动变阻器滑片，通过多次实验可以得出：在电阻一定时通过导体的电流与电压成正比；
(3)为了保证电路中各元件安全，电压表选用小量程，最大示数为3V，由欧姆定律，电路的最大电流为I=UVR=3V10Ω=0.3A<0.6A，变阻器分去的最小电压为4.5V−3V=1.5V，由串联电路分压原理，变阻器连入电路的最小电阻为：
R滑小=1.5V3V×10Ω=5Ω；
(4)根据如图丙所示的图象可知，当电压表的示数为2.5V时，电流为0.25A，由欧姆定律，灯丝电阻为：
R=U′I′=Ω，但发现U−I图象并不是一条直线，原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值；
(5)①将两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，闭合开关S1和S2，读出电压表示数为6V；此时变阻器R1和R2串联，电压表测量R2的电压，即U2=6V，由于两个电阻相等，串联电路中电流处处相等，可知两个电阻的电压相等，即R1的电压U1=6V，所以电源电压U=U1+U2=6V+6V=12V；
②断开开关S2，保持滑动变阻器R1的滑片的位置不动，调节另一个滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为6V，此时R1、R2和灯泡L串联，电压表测量灯泡L和R2的电压，即灯泡L和R2的电压U2L=6V，且灯泡L和R2的电阻之和为20Ω，即R2L=20Ω，根据串联电路电压规律可知，R1的电压不变还为6V，通过R1的电流I1=U1R1=6V20Ω=0.3A，因此灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，读出电压表示数为4V，灯泡被短接，此时R1和R2串联，电压表测量R2电压，U2′=4V，则R1的电压为U1′=U−U2′=12V−4V=8V，根据串联电路分压规律可求得R2连入电路的电阻，由U1′R1=U2′R2′得R2′=U2′R1U1′=4V×20Ω8V=10Ω，由于R1和R2的滑片的位置没有变化，所以灯泡的电阻RL=R2L−R2′=20Ω−10Ω=10Ω；
④小灯泡额定功率P额=I2RL=(0.3A)2×10Ω=0.9W。
故答案为：(1；(2)没有将变阻器的最大电阻连入电路中；2；右；正；(3)5；(4)10；灯丝的电阻随温度的变化而变化；(5)②R1；6；④0.9。
(1)原电路中，滑动变阻器的连线是错误的，应采用一上一下方式；
(2)为保护电路，闭合开关前，应将变阻器的最大电阻连入电路中；
根据电流表选用小量程确定分度值读数；
如果想使电流表的示数为0.3A，即增大电流，应减小变阻器连入的电阻，据此分析；
在电阻一定时通过导体的电流与电压成正比；
(3)为了保证电路中各元件安全，可知电压表最大示数，由欧姆定律求出电路的最大电流，由串联电路电压的规律得出变阻器分去的最小电压，由分压原理得出变阻器连入电路的最小电阻；
(4)根据图丙所示的图象可知电压表的示数为2.5V时电流大小，由欧姆定律求出灯丝电阻；灯的电阻随温度的变化而变化；
(5)①闭合开关S1、S2变阻器R1和R2串联，两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，电压表测量的是R2的电压，由于两个电阻相等，则总电压可以求出；
②断开开关S2，保持滑动变阻器R1的滑片位置不变，电压表测量的是小灯泡与R2的电压和，调节另一个滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6V，则R1的电压还是6V，根据欧姆定律可知电路中的电流为0.3A，此时灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，灯泡被短接，R1和R2串联，电压表测量的是R2的电压，电压表示数为4V，则R1的电压等于总电压减去电压表的示数，根据串联电路分压规律可知R2此时的电阻，由此可求出第②步骤中小灯泡的电阻，根据公式P=I2R进一步求出灯泡的功率。
本题探究“电流与电压关系”，考查电路连接、注意事项、电流表读数、电路分析、对器材的要求、功率计算等，同时也考查了设计方案测电功率的能力，最后一问难度较大。
30.【答案】答：
(1)在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大；
(2)由于导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，所以插头与插座连接处比别处更容易发热。
【解析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。
31.【答案】解：(1)轿车的总重力：G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N，
轿车静止时对水平地面的压力：F=G=2×104N；
则轿车静止时对水平地面的压强：
p=FS=2×104N0.2m2=1×105Pa；
(2)由题意可知，轿车匀速行驶时所受阻力：
f=0.2G=0.2×2×104N=4×103N，
因为轿车沿平直公路匀速行驶，所以轿车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，即：F牵=f=4×103N；
轿车在5min内牵引力做的功：W=F牵s=4×103N×3000m=1.2×107J；
则轿车的实际功率：P=Wt=1.2×107J5×60s=4×104W。
(3)汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=6kg×4×107J/kg=2.4×108J；
由η=W有用Q放×100%得有用功为：W有用=ηQ放=30%×2.4×108J=7.2×107J，
该车以最大输出功率行驶的时间：t′=W有用P最大=7.2×107J120×103W=600s。
答：(1)静止时轿车对水平地面的压强为1×105Pa；
(2)此时轿车的实际功率为4×104W；
(3)若汽油机的效率为30%，6kg的汽油可供轿车以最大功率匀速行驶600s。
【解析】(1)轿车静止时对地面的压力等于车的总重力，已知轮胎与地面总接触面积；根据压强公式p=FS计算轿车对水平地面的压强；
(2)轿车沿平直公路匀速行驶，则车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据二力平衡条件求出牵引力，
然后根据W=Fs求出轿车牵引力所做的功；知道轿车牵引力所做的功和做功时间，根据P=Wt计算牵引力做功的功率。
(3)再利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量，利用汽车发动机的效率η=W有用Q放×100%求有用功，再利用W=Pt求该车以最大输出功率行驶的时间。
本题考查了重力、压强、功、功率的计算以及二力平衡条件的应用，熟练应用基本公式即可正确解题，对于第2小题也可根据P=Fv求出牵引力做功的功率。
32.【答案】解：(1)由P=UI可知，保温挡工作时，电路中的电流：I=P保温U=176W220V=0.8A；
(2)由图乙可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电路中的总功率最大，电火锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，电路中的总功率最小，电火锅处于保温挡；
由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P保温=(220V)2176W=275Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=275Ω−48.4Ω=226.6Ω；
(3)电火锅消耗的电能：W=P加热t=1000W×14×60s=8.4×105J，
不计热量损失，水吸收的热量：Q吸=W=8.4×105J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m=Q吸c水Δt=8.4×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×40℃=5kg，
由ρ=mV可知，水的体积：V=mρ=5kg1.0×103kg/m3=0.005m3=5dm3=5L。
答：(1)保温挡工作时，电路中的电流为0.8A；
(2)电路中电阻R2的阻值为226.6Ω；
(3)若不计热量损失，电火锅正常工作14min，能将5升20℃的水升高40℃。
【解析】(1)根据表格参数可知保温功率，利用P=UI求出保温挡工作时，电路中的电流；
(2)分析电路可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联；根据串联电路的特点和P=U2R可知电火锅加热挡和保温挡的电路连接；
根据加热挡功率和P=U2R的变形式计算出R1电阻；根据保温挡功率和P=U2R的变形式计算出总电阻，然后根据串联电路的电阻特点可求得电热丝R2的阻值；
(3)利用W=Pt求出电火锅消耗的电能，不计热量损失，水吸收的热量等于电火锅消耗的电能；利用Q吸=cm(t−t0)求出水的质量，利用密度公式求出水的体积。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的电阻特点、电功和电功率公式、吸热公式以及密度公式的应用，能正确分析电火锅不同状态下的电路连接是解题的关键。物质
次数
质量m/kg
升高的温度△t/℃
加热的时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
食用油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
5
0.2
20
4
实验次数
通过L1的电流I1/A
通过L2的电流I2/A
干路电流I/A
1
0.20
0.20
0.40
2
0.18
0.18
0.36
3
0.16
0.22
0.38
4
0.14
0.20
0.34
编号
材料
长度(m)
横截面积(mm2)
①
镍铬合金
0.8
0.8
②
镍铬合金
0.5
0.5
③
镍铬合金
0.3
0.5
④
镍铬合金
0.3
1.0
⑤
康铜合金
0.3
0.5
⑥
康铜合金
0.8
0.8
额定电压
220V
加热功率
1000W
保温功率
176W
火锅容积
6L
1.为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师们指导同学们对身边一些常见的物理量进行估测，以下估测数据中，最符合实际的是( )
A. 一节干电池的电压为36VB. 家用空调的工作电流大约是5A
C. 家用液晶电视机的功率约为500WD. 实验室小灯泡的电阻为0.1Ω
2.下列四幅图的现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是( )
A. 漫天沙尘B. 袅袅炊烟
C. 缥缈雾海D. 阵阵花香
3.如图所示，在一个一端封闭、另一端装有活塞的厚壁玻璃筒里放一块浸有乙醚的棉花，把活塞迅速地压下去，棉花就会燃烧起来，关于压下去的过程，下列说法中正确的是( )
A. 活塞对筒内空气做功，空气内能增大，温度升高
B. 筒内空气对外做功，空气内能增大，温度升高
C. 此过程中玻璃筒内空气分子间的作用力减小
D. 此过程与汽油机的做功冲程原理相同
4.有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关S1，托盘旋转，再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。下图M是托盘电动机，R是加热电阻，对其内部电路设计合理的是？( )
A. B.
C. D.
5.如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触不带电验电器的金属球，验电器的金属箔片会张开，在这一实验过程中，下列说法正确的是( )
A. 电子从橡胶棒转移到了验电器金属球上
B. 橡胶棒能带上电荷，说明橡胶棒是导体
C. 瞬间的电流方向是从橡胶棒到验电器金属箔
D. 验电器的两金属箔片因带不同电荷相互排斥而张开
6.在如图所示的电路中，电源电压不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片由如图所示位置向左移动，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的亮度变暗
B. 电压表V2的示数变大
C. 电压表V1与电流表A2示数的比值不变
D. 电压表V2与电流表A1示数的乘积变大
7.下列说法中正确的是( )
A. 电源的作用是给用电器两端提供电压
B. 用电器功率越大，电流通过它时做的功就越多
C. 灯泡的亮暗是由它的额定功率决定的
D. 用超导体制成发热体可产生更多的热量
8.如图所示，电源电压不变，闭合开关S，灯L1和L2均发光，过了一段时间，突然三个电表中一个示数变大，一个示数变小，另一个示数不变。若电路中的故障只有一处，且只发生在灯L1或L2上，请你判断故障刚发生后，灯可能的发光情况是( )
A. 灯L1、L2都发光
B. 灯L1、L2都不发光
C. 灯L2仍然发光，灯L1不发光
D. 灯L1仍然发光，灯L2不发光
二、多选题：本大题共4小题，共12分。
9.下列有关电学知识的说法中正确的是( )
A. 当电灯的开关发生短路时，保险丝会熔断
B. 家庭电路中电能表要接在总开关之前
C. 试电笔可以用来检查用电器外壳是否带电
D. 用塑料棒将建筑物顶端的避雷针与大地相连可防雷
10.如图所示，是国外一个团队测试子弹究竟能穿过多少个水气球的实验。实验中，子弹在穿过第四个水气球就被挡了下来，而且子弹发生了熔化变形。针对以上过程，下说法中正确的是( )
A. 子弹在水气球中运动时，将机械能转化为了内能
B. 子弹熔化变形，是通过做功的方式使内能增大的
C. 气球内水温变化不大，主要是因为水的比热容大
D. 子弹和水气球间的能量转化不遵守能量守恒定律
11.把标有“6V 6W”的灯泡L1和“6V 3W”的灯泡L2串联在某电源的两端，其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率，假设灯泡电阻不变，则下列说法正确的是( )
A. 通过两个灯泡的电流之比为2：1B. 灯泡L2正常发光
C. 灯泡L1、L2的实际功率之比为2：1D. 灯泡L1、L2两端的总电压为9V
12.具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可以通过旋钮开关实现不同功能切换。如图所示是模拟加热的原理图，四个加热电阻的阻值均为5Ω，下列说法正确的是( )
A. 若开关旋至“1”挡，电路中干路电流为4A，则电源电压为10V
B. 若电源电压为5V，则整个电路最小电流为0.5A
C. 若电源电压为10V，开关从“2”挡旋至“3”挡，整个电路电流变化0.5A
D. 若电源电压为10V，电路1min最多能产生2400J的热量
三、填空题：本大题共9小题，共26分。
13.蜡染是我国民间传统工艺，如图为蜡染中的点蜡工序，即把不染色的地方涂上蜡液，然后放入染缸中进行染色。由于凝固在布上，蜡与布间的作用力会比液体时______ (填“大”或“小”)，所以能牢固的粘在布上，蜡染工人闻到染料的气味是属于______ 现象。
14.如图是一个叫“空气火箭”的玩具，当用力击打气包时，气包内的空气会迅速的把“火箭”发射出去。这一过程中，是气包内气体的______ 能转化为“火箭”的______ ，气包内的气体对外做功其温度将______ 。
15.小明乘坐自家汽车时，手刚触车门就被“电”了一下，这是因为汽车在行驶过程中与空气摩擦而带了______ 。为了防止被“电”，很多汽车装有如图所示的静电消除器，带有铜丝的静电消除器与地面接触，其中的铜丝是______ (填“导体”或“绝缘体”)；静电消除器与地面接触时发生摩擦，内能会______ (填“增加”或“减少”)。
16.如图所示的电动自行车，使用时必须先插入钥匙，然后转动行驶开关，自行车才能前进，如果不插入钥匙即使转动行驶开关自行车也不能启动；反之，即使插入钥匙而不转动行驶开关，自行车也不能启动。从钥匙所起的作用来看，钥匙相当于电路中的______ ，通过分析上面的信息，可知钥匙与行驶开关的连接方式为______ ；行驶过程中由电池供电为车提供动力，将______ 能转化为机械能，充电过程中电池相当于一个______ (填“电源”或“用电器”)。
17.如图所示是家庭中常用的三脚插头。插入插座后，a插脚可以将用电器的______ 部分与大地相连，b、c两插脚之间的电压是______ ，若用试电笔笔尖接触与b插脚相连通的导线内金属线，试电笔氖管______ (填“会”或“不会”)发光，使用试电笔时，手______ (填“要”或“不要”)接触笔尾金属体。
18.电暖气和热水器是两种常见的家用电器，它们的原理都是利用了电流的______ 来工作的。而且也都是采用了______ 的方式增加其内部液体的内能。
19.家庭电路中的空气开关是为防止由于______ 或发生短路，而使家庭电路中电流过大导致的危险；漏电保护器______ (填“能”或“不能”)防止站在绝缘凳上的人同时接触火线和零线而发生的触电事故。
20.某款手机的电池容量为4000mA⋅h，电压为4.0V，快充时的功率为100W，如果不考虑快充时的电能损耗，把这款手机电池从电量0%充到100%，需要的时间是______ s，这些电能可让如图所示的电能表转盘转______ 转，图中的电能表允许电路接入的用电器总功率不超过______ W。
21.如图甲所示，开关闭合后，在确保电路元件安全的条件下，将滑动变阻器滑片由最右端向左最大范围移动，图乙是在这一过程中一块电压表和电流表的示数变化图象，图丙是另一块电压表的示数和小灯泡电阻关系图象。则滑动变阻器的最大阻值为______ Ω，小灯泡额定功率为______ W，当滑动变阻器阻值的连入的电阻与小灯泡连入的电阻相等时，小灯泡10s内消耗的电能为______ J。
四、作图题：本大题共3小题，共9分。
22.请你帮助小明同学在如图所示的圆圈内，分别填入小灯泡、电流表和电压表的符号(每一种符号只能填一次)，要求开关闭合时两灯并联，电流表测其中一只灯泡的电流，电压表测电源电压。
23.如图是一款家用排油烟机。上面照明开关S控制一盏“220V 12W”的灯，弱排风开关S1，强排风开关S2，并且照明与排风工作时互不影响。如单独按下弱排风开关S1或强排风开关S2，分别对应排油烟机的弱排风和强排风，如同时按下S1、S2则为强排风。请根据上面所提供的信息，将正确的电路的连接。
24.如图所示是东东家装修时已经连接好的部分电路，请用笔画线代替导线，将电灯和开关正确连入电路。
五、实验探究题：本大题共5小题，共36分。
25.为了比较水和食用油的吸热能力，小明用如图所示的装置图做了实验。
(1)在两容器内装入______ 相等的水和食用油；选用相同规格的电加热器的目的是：使水和食用油在相同时间内______ 相等。
(2)在实验过程中控制加热时间相同，通过比较______ 来研究水和食用油吸热能力的差异。
(3)下面是实验记录数据：
①分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同的温度时，吸收热量的多少与物质的______ 有关。
②分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得出的初步结论是：质量相同的不同种物质，升高相同的温度，吸收热量的多少与物质的______ 有关。
(4)小亮提出：将图中的水和食用油均加热到沸腾，然后比较所用的时间长短来判断水和食用油的吸热能力，小明认为这种方法是错误的，因为水和食用油的______ 不同。
26.小明连接了如图所示的电路探究并联电路的电流规律：
(1)同桌提醒小明图甲中少连接了一个元件______ ，小明改正后在实验过程中发现电流表指针向左偏转，原因是______ 。为了能进行多次实验，可以在电路中串联一个______ ；
(2)测量出表中的1、2组数据后，小明得出了并联电路各支路电流相等的错误结论，原因是______ ，进实验后测出了表中3、4组所示的数据，经过分析后得出了并联电路中电流的普遍规律______ ；(用I、I1、I2表示)
(3)在本实验中进行多次实验的主要目的是为了______ 。
27.小明和小亮两位同学想探究导体的电阻与材料、长度、横截面积的关系，他们在实验室找到了六根不同的电阻丝，并把它们编号，如表所示。
(1)小明利用甲图电路进行实验，分别将两根电阻丝分别接在A、B和C、D之间，比较电压表示数大小就可比较出电阻大小。
①他依据的实验原理是：在串联电路中，哪个电阻两端的电压越大，其电阻就______ 。
②小明在实验中选用①⑥号电阻丝，是为了探究电阻与______ 的关系。
③小明在实验中选用③④号电阻丝，如果在实验中测得U3>U4，则可以得出的结论是______ 。
(2)小亮利用乙图电路进行实验，将选用的电阻丝先后接在M、N之间，比较电流表示数大小就可比较出电阻大小。
①小亮依据的实验原理是：导体两端的电压一定时，接入的电阻丝阻值______ ，电流表的示数越大。
②为了使实验次数最少，小亮在提供的六根电阻丝中，选取______ 根电阻丝，即可顺利完成整个实验。
③请你从安全的角度分析，小亮所用的乙图电路有什么缺点？______ 。
28.在做“探究电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验时，小丽采用了如图所示的实验装置。(两个透明容器中封闭着等量气体)
(1)如图所示的是探究电流产生的热量跟______的关系，通电一段时间后，______(填“左侧”或“右侧”)容器内的电阻丝产生的热量多。可以得出：在______一定的条件下，______越大，产生的热量越多。
(2)让该实验装置冷却到初始状态，把右侧并联的两根电阻丝都放入容器内，接通电源比较两容器内电阻丝发热多少。此时该装置______(填“可以”或“不能”)探究电流产生的热量跟电阻的关系。一段时间后两侧容器内电阻丝产生的热量______左瓶(填“左侧”、“右侧”
或“一样”)多。
29.在探究“电流与电压关系”的实验中连接了如图甲所示的电路，电源是三节新的干电池，定值电阻阻值为10Ω，滑动变阻器铭牌上标有“20Ω1A”的字样。
(1)小明连接的实验电路如图甲所示，检查电路后发现有一条导线连接有误，请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确；
(2)改正错误后，闭合开关发现电流表和电压表指针立刻有较大的偏转，其原因是______ 。接着小明只调节滑动变阻器滑片到某一位置时，观察到电流表指针如图乙所示位置，则此时电压表示数应为______ V，如果想使电流表的示数为0.3A，应再向______ (填“左”或“右”)调节滑动变阻器滑片，通过多次实验可以得出在电阻一定时，通过导体的电流与电压成______ 比；
(3)为了保证电路中各元件安全，变阻器连入电路的最小阻值为______ Ω；
(4)将定值电阻换成小灯泡后移动滑动变阻器的滑片，通过观察电流表和电压表的示数做出了如图丙所示的I∼U图象，当电压表的示数为2.5V时，灯丝电阻为______ Ω，但发现I∼U图象并不是一条直线，原因是______ ；
(5)小明想挑战一下自己，于是设计了如图丁所示的电路图来测量已知额定电流为0.3A的小灯泡L的额定功率。其中电源未知，R1、R2是最大阻值均为20Ω的滑动变阻器。请你将小明的实验步骤补充完整。
①将两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，闭合开关S1和S2，读出电压表示数为6V；
②断开开关S2，保持滑动变阻器______ (填“R1”或“R2”)的滑片的位置不动，调节另一个滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______ V；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，读出电压表示数为4V；
④小灯泡额定功率P额=______ W。
六、简答题：本大题共1小题，共3分。
30.如图是一款劣质墙壁插座，由于插头与插座接触不牢，导致插头与插座连接处比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾。请从物理学角度分析：
(1)连接处接触不牢接触电阻会如何变化？
(2)为什么插头与插座连接处比别处更容易发热？
七、计算题：本大题共2小题，共18分。
31.假期爸爸妈妈带着小明开车旅行，已知小轿车的总质量约为2t，最大功率为120kW，小轿车在牵引力的作用下沿水平公路做匀速直线运动，行驶时所受阻力为车总重的0.2倍。(g=10N/kg，汽油的热值取4×107J/kg)求：
(1)若轮胎与地面的总接触面积为0.2m2，静止时轿车对水平地面的压强为多少？
(2)轿车在5min内匀速行驶了3km，此时轿车的实际功率为多少？
(3)若汽油机的效率为30%，6kg的汽油可供轿车以最大功率匀速行驶多长时间？
32.如图甲是一款多功能电火锅，图乙是其简化电路图。R1、R2均为电热丝，电火锅有加热和保温两个挡，其部分参数如表所示。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。求：
(1)保温挡工作时，电路中的电流；
(2)电路中电阻R2的阻值；
(3)若不计热量损失，电火锅正常工作14min，能将多少升20℃的水升高40℃。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、一节干电池的电压为1.5V，故A不符合实际；
B、家用空调的功率约为1000W，I=PU=1000W220V≈4.5A，接近5A，故B符合实际；
C、家用液晶电视机的功率约为100W，故C不符合实际；
D、实验室小灯泡正常工作时的电压为2.5V，通过灯丝的电流约为0.3A，所以灯丝电阻R=UI=≈8.3Ω，故D不符合实际。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
不同物理量的估测，有的需要生活经验，有的需要换算单位，有的需要简单计算，最后判断哪个选项符合实际。
2.【答案】D
【解析】解：A、漫天沙尘，是沙尘颗粒在空中的机械运动，它不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；
B、袅袅炊烟，是固体颗粒的机械运动，不能说明分子运动，故B不符合题意；
C、缥缈雾海，是液态小水滴在空中的机械运动，故C不符合题意；
D、阵阵花香，是花香分子扩散到空气中而四处飘逸，说明分子在不停地做无则运动，故D符合题意。
故选：D。
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
解答问题时要抓住问题的关键：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子运动是微观运动，肉眼不可能直接观察。
3.【答案】A
【解析】解：AB、活塞迅速向下压时，活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，因此空气和棉花的内能增加，温度升高，达到棉花的着火点，棉花就会燃烧，故A正确，B错误；
C、当活塞压下时，空气分子间的距离减小，同时我们感觉到越往下压缩越费力，这是由于筒内空气分子间斥力增大的缘故，故C错误；
D、在下压活塞时，活塞压缩筒内空气做功，机械能转化为内能，筒内空气的内能增大，说明用做功的方式能改变物体的内能；内燃机在压缩冲程中活塞向上运动，压缩气体对气体做功，将机械能转化为内能；它们的能量转化情况相同，即上述过程类似于四冲程内燃机工作时的压缩冲程，故D错误。
故选：A。
对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在做功冲程中是将内能转化为机械能，在压缩冲程中是将机械能转化为内能。
本题主要考查学生对做功改变物体内能的了解和掌握，是中考的热点。
4.【答案】B
【解析】解：
由题意知，闭合开关S1，托盘旋转，再将开关S2闭合，开始加热；只闭合开关S2，则不能加热；这说明电动机和加热电阻在工作时互不影响，即两者是并联的，且S1在干路上，S2在加热电阻的支路上，由各选项电路图可知，B符合题意，ACD不合题意。
故选：B。
由题知，闭合开关S1，托盘旋转，再将开关S2闭合，开始加热；只闭合开关S2，则不能加热。由此分析解答。
本题考查根据要求设计电路，关键是正确分析电路的连接方式和开关的位置。
5.【答案】A
【解析】解：A、橡胶棒带负电，接触瞬间电子从橡胶棒转移到了验电器金属球上，故A正确；
B、橡胶棒是绝缘体，能够带电，故B错误；
C、瞬间的电流方向是从验电器金属箔到橡胶棒，故C错误；
D、验电器的两金属箔片因带同种电荷相互排斥而张开，故D错误。
故选：A。
(1)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷；
(2)绝缘体能够带电；
(3)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向；
(4)用电器的原理是同种电荷相互排斥。
本题考查了电流、电子的移动方向、绝缘体、电荷间的相互作用，属于基础知识。
6.【答案】C
【解析】解：闭合开关S后，灯泡L与滑动变阻器Rp并联，电压表V1和V2均测电源两端的电压，电流表A1测Rp支路的电流，电流表A2灯泡支路的电流，
由电源电压不变可知，滑片移动时电压表V1和V2的示数均不变，故B错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率均不变，
则电流表A2的示数不变、灯泡的亮暗不变，进一步可知电压表V1与电流表A2示数的比值不变，故A错误、C正确；
将滑动变阻器的滑片由如图所示位置向左移动，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I=UR可知，通过变阻器的电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V2与电流表A1示数的乘积变小，故D错误。
故选：C。
闭合开关S后，灯泡L与滑动变阻器Rp并联，电压表V1和V2均测电源两端的电压，电流表A1测Rp支路的电流，电流表A2灯泡支路的电流，根据电源电压不变可知滑片移动时电压表V1和V2的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡的电流和灯泡的实际功率变化，进一步得出电流表A2的示数和灯泡的亮暗变化、电压表V1与电流表A2示数的比值变化；根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，利用欧姆定律可知通过变阻器的电流变化，然后得出电压表V2与电流表A1示数的乘积变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的结构和利用好并联电路的特点是关键。
7.【答案】A
【解析】解：A、电源的作用是给用电器两端提供电压，故A正确；
B、用电器功率越大，电流通过它时做的功就越快，做功的多少还要看做功的时间长短，故B错误；
C、灯泡的亮暗是由它的实际功率决定的，故C错误；
D、超导体电阻为零，不能用于发热体，故D错误。
故选：A。
(1)电源的作用是提供电压；
(2)功率表示做功的快慢；
(3)灯泡的亮暗是由它的实际功率决定的；
(4)超导体电阻为零，不能用于发热体。
本题涉及的知识点较多，是一道综合题，但难度不大，掌握相关的基础知识即可正确解题。
8.【答案】D
【解析】解：闭合开关，两灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测灯泡L2两端的电压，电压表V2测电源电压，
A、灯L1、L2都发光，电路正常，电流表和电压表示数不变，故A不符合题意；
B、灯L1、L2都不发光，电路断路，电流表示数为0，电压表V2示数不变，
若灯L1断路，电压表V1示数为0，若灯L2断路，电压表V1示数变大，故故障不一定使得两个灯都不发光，故B不符合题意；
C、灯L2仍然发光，灯L1不发光，则灯L1短路，电压表V1示数变大，电压表V2示数不变，根据串联电路电阻特点结合欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电流表示数变大，故C不符合题意；
D、灯L1仍然发光，灯L2不发光，则灯L2短路，电压表V1示数变小，电压表V2示数不变，根据串联电路电阻特点结合欧姆定律可知通过电路的电流变大，则电流表示数变大，故D符合题意。
故选：D。
闭合开关，两灯泡串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测灯泡L2两端的电压，电压表V2测电源电压，
若两灯都发光，电路正常，电流表和电压表示数不变；
若其中一灯发光，另一灯不发光，根据串联电路特点可知不发光的灯泡短路，其两端的电压为0，电源电压不变，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变大；
若两灯都不发光，则电路断路，电源电压不变，没有电流通过电路。
本题考查串联电路特点、电压表和电流表的使用、欧姆定律的灵活运用。
9.【答案】BC
【解析】解：A、电灯的开关发生短路时，即开关一直接通，但不会造成电流过大，保险丝不会熔断，故A错误；
B、在家庭电路中，电能表总要装在总开关之前，故B正确；
C、试电笔可以用来检查用电器的金属外壳是否带电，故C正确；
D、避雷针需要用导体制成，故D错误。
故选：BC。
(1)开关与它控制的用电器串联，开关短路和开关闭合的效果是一样的，不会发生短路现象；
(2)家庭电路中各组成的先后顺序为：进户线，电能表，总开关，保险装置，开关，用电器，插座等；
(3)试电笔可以用来辨别火线和零线，还能检查用电器的金属外壳是否带电；
(4)避雷针需要用导体制成。
本题考查了家庭电路的连接、验电笔的作用、导体，属于基础知识。
10.【答案】ABC
【解析】解：
A、子弹在水气球中运动时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A正确；
B、子弹克服摩擦做功，子弹熔化变形，是通过做功的方式使内能增大的，故B正确；
C、气球内水温变化不大，主要是因为水的比热容大，同样吸收热量的情况下，温度变化小，故C正确；
D、子弹和水气球间的能量转化遵守能量守恒定律，故D错误。
故选：ABC。
(1)物体克服摩擦做功，机械能转化为内能；
(2)对物体做功，物体的内能变大；
(3)根据水的比热容大分析；
(4)根据能量守恒定律分析。
本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的应用、能量守恒定律，难度不大。
11.【答案】BD
【解析】解：AB、由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=6W6V=1A，I2=P2U2=3W6V=0.5A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：
R1=U1I1=6V1A=6Ω，R2=U2I2=6V0.5A=12Ω，
因串联电路中各处的电流相等，且其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率，
所以，此时电路中的电流I=I2=0.5A，灯泡L2正常发光，灯泡L1不能正常发光，故A错误、B正确；
CD、由P=UI=I2R可得，灯泡L1、L2的实际功率之比：
P1′P2′=I2R1I2R2=R1R2=6Ω12Ω=12，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，灯泡L1、L2两端的总电压U=IR总=I(R1+R2)=0.5A×(6Ω+12Ω)=9V，故C错误，D正确。
故选：BD。
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻，根据串联电路的电流特点结合“其中一只正常发光，另一只没有达到额定功率”判断串联能正常发光的灯泡为额定电流较小的，利用P=UI=I2R求出灯泡L1、L2的实际功率之比，利用电阻的串联和欧姆定律求出灯泡L1、L2两端的总电压。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的。
12.【答案】ABD
【解析】解：
A、当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路，此时电路总电阻最小为R1=R×RR+R=R2=5Ω2=2.5Ω，
此时电路中干路电流为4A，则电源电压U=I1R1=4A×2.5Ω=10V，故A正确；
B、如果电源电压为5V，由于当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路；当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路；当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路；根据串并联电路的特点可知，当两个电阻串联接入电路时电路中的总电阻最大，最大电阻为R3=R+R=2R=2×5Ω=10Ω，
此时电路中的电流最小为：I最小=U′R3=5V10Ω=0.5A，故B正确；
C、如果电源电压为10V，当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路，则I2=UR=10V5Ω=2A；
当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路，则I3=UR3=10V10Ω=1A，
所以电流变化量为△I=I2−I3=2A−1A=1A，故C错误；
D、若电源电压为10V，当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路，电路中的总电阻最小，
电路1min最多能产生的热量：Q=W=U2R1t=(10V)22.5Ω×1×60s=2400J，故D正确。
故选：ABD。
开关旋到不同位置，电路连接不相同。当开关旋至“1”挡时，两个电阻并联接入电路；当开关旋到“2”时，一个电阻接入电路；当开关旋到“3”时，两个电阻串联接入电路。根据串并联的特点和欧姆定律求出电阻或电流，根据焦耳定律Q=W=U2Rt求出电路1min最多能产生的热量。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律以及焦耳定律的应用，分清三个挡位对应的电路连接方式是关键。
13.【答案】大 扩散
【解析】解：蜡液凝固在布上，蜡与布间的作用力会比液体时要大一些，所以能牢固的粘在布上；蜡染工人闻到染料的气味是属于扩散现象，这是因为染料分子在不停地做无规则运动。
故答案为：大；扩散。
分子间存在相互作用的引力和斥力；分子都在不停地做无规则运动。
本题考查分子动理论的相关内容，属于基础题。
14.【答案】内 机械能 降低
【解析】解：当用力击打气包时，气包内的气体会迅速的把“火箭”发射出去。这一过程中，是气包内气体的内能转化为“火箭”的机械能，气包内的气体对外做功其温度将降低。
故答案为：内；机械；降低。
做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减小，温度降低。
本题考查内能的改变，属于基础题。
15.【答案】电 导体 增加
【解析】解：(1)汽车在行驶过程中与空气摩擦，产生摩擦起电现象，从而带了电，所以手刚触车门就被“电”了一下；
(2)铜丝容易导电，是导体；
(3)静电消除器与地面接触时发生摩擦做功，内能会增加。
故答案为：电；导体；增加。
(1)用摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电；
(2)不容易导电的物体叫绝缘体，容易导电的物体叫导体；
(3)对物体做功，物体的内能会增加。
此题考查了摩擦起电、导体与绝缘体的概念、做功改变物体的内能，知识点较多，但难度不大，属基础题型。
16.【答案】开关 串联 电能 用电器
【解析】解：从钥匙所起的作用来看，钥匙相当于电路中的开关，通过分析上面的信息，可知钥匙与行驶开关的连接方式为串联；行驶过程中由电池供电为车提供动力，将电能转化为机械能，充电过程中电池消耗电能，相当于一个用电器。
故答案为：开关；串联；电能；用电器。
根据电路组成分析；判断能量转化过程，关键看清该过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了那种形式的能即可。
本题考查了电路的组成和能量转化，属于基础知识。
17.【答案】金属外壳 220 V 会 要
【解析】解：(1)三脚插头最上面的a脚，用电器的金属外壳相连，能使家用电器的金属外壳先接地，人不会因为用电器漏电触电；
(2)根据“左零右火”的原则知b插脚连接的电线是火线，c插脚连接的电线是零线，b、c两脚之间的电压是220V；
(3)由于b插脚连接的电线是火线，若用试电笔笔尖接触与b插脚相连通的导线内金属线，试电笔氖管会发光，使用试电笔时，手要接触笔尾金属体。
故答案为：金属外壳；220V；会；要。
(1)三脚插头左右两个脚接的是火线或零线，最上面的脚接地线；
(2)火线与零线之间的电压为220V；
(3)试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线。
本题考查了三脚插头的构造和作用以及试电笔的使用方法，重点理解三线插头中地线的作用，从而加强安全用电的意识。
18.【答案】热效应 热传递
【解析】解：
(1)电暖气和热水器是利用电流热效应制成的加热设备，其原理都是电流的热效应；
(2)电暖气和热水器都比液体的温度高，彼此之间都存在着温度差，内能就会从温度高的电暖气或热水器传递给温度低的液体，从而使液体的内能增加，都是利用热传递的方式增加其内部液体内能的。
故答案为：热效应；热传递。
(1)当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；
(2)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。
本题考查了电流热效应的应用、热传递改变物体的内能等，是一道综合性较强的题目。
19.【答案】用电器总功率过大 不能
【解析】解：
(1)家庭电路中空气开关的作用是保护电路，当电路中发生短路或用电器总功率过大时会引起空气开关跳闸。
(2)当站在绝缘物上的带电工作的人两手分别触到火线和零线时(双线触电)，流过火线与零线的电流相等，保护器中火线和零线中电流产生的磁场应完全抵消，漏电保护器不会切断电路。
故答案为：用电器总功率过大；不能。
当电路中发生短路或用电器总功率过大时，电路中电流过大，空气开关中的电磁铁会产生较强的磁性吸引衔铁，使开关断开，切断电路起到保护电路的作用；
判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析火线和零线的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路。
本题考查学生对空气开关和漏电保护器的了解，知道“短路或总功率过大--电路中的电流过大--跳闸”的道理，是物理知识在生活中的实际应用。
20.【答案】576 48 4400
【解析】解：快充时消耗的电能：
W=UIt=4V×4000mA⋅h=4V×4A×3600s=57600J==0.016kW⋅h，
快充功率P=100W，
由P=Wt得快充需要的时间：
t=WP=57600J100W=576s；
3000r/(kW⋅h)表示，电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，
消耗这些电能让电能表转盘转的转数：
n=3000r/(kW⋅h)×0.016kW⋅h=48r；
10(20)A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，电能表允许电路接入的用电器的最大电功率P最大=U′I最大=220V×20A=4400W。
故答案为：576；48；4400。
知道手机电池的容量，利用W=UIt求快充时消耗的电能，知道快充时的功率，利用P=Wt求快充需要的时间；
3000r/(kW⋅h)表示，电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求快充消耗的电能让电能表转盘转的转数；
10(20)A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，利用P=UI求电能表允许电路接入的用电器的最大电功率。
本题考查了电功率公式的应用，以及对电能表相关参数的理解，难度适中。
21.【答案】24 3 16
【解析】解：由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测电源电压，电流表测电路中的电流；
由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻增大时，电路中的电流减小，由串联电路的分压原理可知，此时滑动变阻器两端的电压增大，即电流表的示数随着电压表V2示数的增大而减小，因此图乙为电压表V2和电流表的示数变化图象，
因为电压表V1测电源电压，因此滑片移动过程中电压表V1的示数不变，图丙为电压表V1和和小灯泡电阻关系图象；
由图甲可知，当滑动变阻器的滑片在最右时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可知，此时电路中电流最小，由乙图可知，此时电路中的电流为0.25A，滑动变阻器两端的电压为6V，由图丙可知，此时灯泡的电阻为8Ω，
由欧姆定律和串联电路的电压特点可知，电源电压：U=UL小+U1大=I小RL小+U1大=0.25A×8Ω+6V=8V；
(1)由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值：R1大=U1大I小=6V0.25A=24Ω；
(2)由图乙可知电路中的最大电流为0.5A，根据串联电路的电流特点可知，灯泡的额定电流为0.5A，由图乙可知此时滑动变阻器两端的电压为2V，
由串联电路的电压特点可知，灯泡的额度电压：U额=U−U1小=8V−2V=6V，
灯泡的额定功率：P额=U额I额=6V×0.5A=3W；
(3)由串联电路的电流特点和欧姆定律可知，当滑动变阻器阻值的连入的电阻与小灯泡连入的电阻相等时，滑动变阻器和灯泡两端的电压相等，
串联电路的电压特点可知，灯泡两端的电压：UL=U1=12U=12×8V=4V，
由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，
则小灯泡10s内消耗的电能：W=ULIt=4V×0.4A×10s=16J。
故答案为：24；3；16。
由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电压表V1测电源电压，电流表测电路中的电流；
根据欧姆定律分析通过滑动变阻器的电流与滑动变阻器两端的电压之间的关系，进而判断出两电压表所对应的图象；
根据欧姆定律可知，当电路中电流最小时滑动变阻器接入电路的电阻最大，由图乙可知电路中的最小电流和对应的电压表的示数，根据丙图可知此时灯泡的阻值，根据欧姆定律和串联电路的电压特点求出电源电压；
(1)根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；
(2)根据串联电路电流的规律和电路中的最大电流确定灯的额定电流；由图乙可知此时电压表的示数，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯的额定功率；
(3)根据串联电路的电流特点和欧姆定律分析比较此时滑动变阻器和灯泡两端的电压关系，根据串联电路的电压特点求出灯泡和滑动变阻器两端的电压，根据图乙找出此时电路中的电流，根据W=UIt求出小灯泡10s内消耗的电能。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，根据题意确定灯的额定电流是关键。
22.【答案】解：电流表测电路中一个小灯的电流，则两灯并联，且电流表和一个灯泡串联在同一支路；电压表应并联接入电路中，所以，上左侧内应填电流表，下面为小灯泡，最右侧为电压表；如图所示：
【解析】根据小灯泡是用电器，电流表在电路中起导线作用，电压表在电路中相当于开路状态去分析。
知道电压表和电流表的正确使用方法，会根据要求判断出电路图的组成。
23.【答案】解：根据题意可知，照明灯由开关S控制；照明与排风工作时互不影响，这说明照明灯与电动机是并联的；如单独按下弱排风开关S1或强排风开关S2，分别对应排油烟机的弱排风和强排风，如同时按下S1、S2则为强排风，这说明S1控制定值电阻与电动机、S2控制电动机，电路图如下所示：
【解析】根据题意分析三个开关的作用、电路的连接方式，然后连接电路图。
本题考查了家庭电路的连接，明确开关的控制作用是解题的关键。
24.【答案】解：
由题知，两个灯是并联的关系，且开关控制对应的灯泡，开关应与所控制的灯泡串联；并且开关应该接在火线和灯泡之间，故连接方法如下：
【解析】在家庭电路中，各个用电器是并联的关系，开关应该接在火线和用电器之间，开关与被控制灯泡应串联。
知道并理解家庭电路的正确连接是解决该题的关键。
25.【答案】质量 吸收的热量 升高的温度 质量 种类 沸点
【解析】解：(1)因为在探究“不同物质吸热能力”的实验中，应保证水和煤油的质量相同、吸收的热量相同。
所以在两个相同的烧杯中加入初温相同、质量相同的水和食用油，
选用相同电加热器的目的是：使水和食用油在相同时间内吸收相同的热量；
(2)在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度(或温度升高的多少)来研究水和食用油吸热能力的差异；
(3)①分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得到：同种物质，升高相同的温度(10℃)，质量越大，加热的时间越长，吸收的热量越多，
所以物质吸收热量的多少与质量大小有关；
②分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得到：质量相同的不种物质，升高的温度不同，加热时间不同，即吸收的热量不同，
由此可知：相同质量的不同物质，吸收的热量与物质的种类有关；
(4)将图中的水和食用油均加热到沸腾，由于水和食用油的沸点是不同的，则两种液体升高的温度也不同，故不能探究它们的吸热能力的大小。
故答案为：(1)质量；吸收的热量；(2)升高的温度；(3)①质量；②种类；(4)沸点。
(1)本实验采用控制变量法，在探究“不同物质吸热能力”的实验中应控制的物理量有：质量、吸收的热量；
(2)实验中采用了转换法，通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热能力；
(3)探究物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
(4)根据水和食用油的沸点分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
26.【答案】开关 电流表正负接线柱接反了 滑动变阻器 选用的两灯泡的规格相同 I=I1+I2 寻找普遍规律
【解析】解：(1)电路是用导线将用电器、电源、开关连接起来构成电路的路径，所以电路中缺少开关。
电流表测量电流时，指针反向偏转，说明电流从负接线柱流入了，即电流表正负接线柱接反了。
为了能进行多次实验，找出普遍规律，我们可以在电路中串联一个滑动变阻器来改变电路的电阻，从而改变电流。
(2)根据表格的1、2组数据得出并联电路各路电流相等的错误结论，是因为两灯泡的规格相同造成的。
分析表中3、4组的数据可知：并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即：I=I1+I2。
(3)本实验是探究并联电路的电流规律，故进行多次实验的主要目的是寻找普遍规律。
故答案为：(1)开关；电流表正负接线柱接反了；滑动变阻器；(2)选用的两灯泡的规格相同；I=I1+I2；(3)寻找普遍规律。
(1)根据电路的组成分析解答；电流表接入电路时，电流应从正接线柱流入，负接线柱流出，否则，指针反偏；为了使实验结论更具有普遍性，需要改变电流多次实验，据此分析；
(2)为得到普遍性的规律，避免片面性，应选择不同规格的灯泡进行实验；分析表中数据即可得出结论；
(3)在测量性实验中，多次实验的目的是减小实验误差；在探究性实验中，多次实验的目的是寻找普遍规律。
本题探究“并联电路电流规律”，考查实验注意事项、电路的连接、电流表的读数及归纳法的运用等，为中考的热点题型。
27.【答案】越大 材料 在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大 越小 ②③④⑤ 当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表
【解析】解：(1)①根据串联电路的分压规律可知，在串联电路中，哪个电阻两端的电压越大，其电阻就越大。
②小明在实验中选用①⑥号电阻丝，导体的长度、横截面积相同，材料不同，是为了探究电阻与材料的关系。
③小明在实验中选用③④号电阻丝，导体的材料、长度相同，横截面积不同，③的横截面积小，如果在实验中测得U3>U4，则③的电阻大，则可以得出的结论是：在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大。
(2)①把电阻丝串联接入电路中，导体两端的电压一定时，接入的电阻丝阻值越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流越大，电流表的示数越大。
②实验中根据③⑤号电阻丝，可以探究电阻与材料的关系；③④号电阻丝可以探究电阻与横截面积的关系；②③号电阻丝可以探究电阻与长度的关系；故选取②③④⑤四根电阻丝，即可顺利完成整个实验。
③请你从安全的角度分析，小亮所用的乙图电路中，当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表。
故答案为：(1)①越大；②材料；③在导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大；(2)①越小；②②③④⑤；③当电阻丝的电阻较小时，电路中的电流较大，容易损坏电流表。
在串联电路中，电阻越大，其分担的电压就越大；在串联电路中，导体的电阻越大，通过导体的电流就越小；
探究影响电阻大小的因素中，如果探究电阻大小与材料的关系，需使导体的长度和横截面积相同，材料不同；如果探究电阻大小与长度的关系，需使导体的材料和横截面积相同，长度不同；如果探究电阻大小与横截面积的关系，需使导体的长度和材料相同，横截面积不同；
本题考查了影响导体电阻因素的实验，应用控制变量法是正确解题的关键；控制变量法是初中物理实验中比较常用的研究方法之一。
28.【答案】电流 左侧 电阻和通电时间 电流 可以 左侧
【解析】解：(1)如上图所示，根据并联电路电流的规律，通过左容器电阻丝的电流I左大于通过右边容器电阻丝的电流I右，而容器内两电阻丝阻值大小相同，通过时间也相同，故是探究电流产生的热量跟电流的关系；
因I左>I右，通电一段时间，左瓶内的电阻丝产生的热量多，故结论为：在电阻和通电时间相同时，电流越大，产生的热量越多；
(2)让实验装置冷却到初始状态，将右边两个电阻丝作为研究对象(等效于一个电阻丝，根据并联电阻的规律，右瓶容器内的电阻为5Ω2=2.5Ω<5Ω，)，根据串联电路电流的规律，可控制电流相同，通电时间也相同，故把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，接通电源比较两瓶内电阻丝发热多少。此时该装置是探究电流产生的热量跟电阻的关系；根据焦耳定律Q=I2Rt，一段时间后左瓶电阻丝产生的热量多。
故答案为：(1)电流；左侧；电阻和通电时间；电流；(2)可以；左侧。
(1)根据焦耳定律Q=I2Rt，电流产生的热量跟电流关系，通电时间和电阻有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时要控制另外的两个不变；根据并联电路电流的规律找出相同因素和不同因素，分析电流产生的热量跟变化量的关系；
电流产生的热量不易直接测量，根据转换法，在实验时，通过对等量的空气加热，根据气体的热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管内液面高度差越大，根据焦耳定律Q=I2Rt分析回答；
(2)将右边两个电阻丝作为研究对象(根据电阻的并联规律，左右电阻大小不同)，根据串联电路电流的规律，可控制电流相同，通电时间也相同，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，可探究电流产生的热量跟电阻的关系；根据焦耳定律Q=I2Rt分析产生热量的多少。
本题探究“电流产生的热量跟什么因素有关”，考查串、并联电路的规律、转换法和控制变量法的运用及焦耳定律的应用，综合性较强。
29.【答案】没有将变阻器的最大电阻连入电路中 2 右 正 5 10 灯丝的电阻随温度的变化而变化 R1 60.9
【解析】解：(1)原电路中，滑动变阻器两根导线接到了下边的两个接线柱上，滑动变阻器应采用一上一下式连接导线，如下改正；
(2)闭合开关发现电流表和电压表指针立刻有较大的偏转，则电路的电流过大，原因是没有将变阻器的最大电阻连入电路中；
调节滑动变阻器滑片在某一位置时观察到电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则此时电流表示数应为0.2A，已知定值电阻的电阻为10Ω，电压表测量的是定值电阻的电压，根据欧姆定律，则电压表的示数U=IR=0.2A×10Ω=2V；如果想使电流表的示数为0.3A，即增大电流，应减小变阻器连入的电阻，故应向右调节滑动变阻器滑片，通过多次实验可以得出：在电阻一定时通过导体的电流与电压成正比；
(3)为了保证电路中各元件安全，电压表选用小量程，最大示数为3V，由欧姆定律，电路的最大电流为I=UVR=3V10Ω=0.3A<0.6A，变阻器分去的最小电压为4.5V−3V=1.5V，由串联电路分压原理，变阻器连入电路的最小电阻为：
R滑小=1.5V3V×10Ω=5Ω；
(4)根据如图丙所示的图象可知，当电压表的示数为2.5V时，电流为0.25A，由欧姆定律，灯丝电阻为：
R=U′I′=Ω，但发现U−I图象并不是一条直线，原因是灯丝的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值；
(5)①将两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，闭合开关S1和S2，读出电压表示数为6V；此时变阻器R1和R2串联，电压表测量R2的电压，即U2=6V，由于两个电阻相等，串联电路中电流处处相等，可知两个电阻的电压相等，即R1的电压U1=6V，所以电源电压U=U1+U2=6V+6V=12V；
②断开开关S2，保持滑动变阻器R1的滑片的位置不动，调节另一个滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为6V，此时R1、R2和灯泡L串联，电压表测量灯泡L和R2的电压，即灯泡L和R2的电压U2L=6V，且灯泡L和R2的电阻之和为20Ω，即R2L=20Ω，根据串联电路电压规律可知，R1的电压不变还为6V，通过R1的电流I1=U1R1=6V20Ω=0.3A，因此灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，读出电压表示数为4V，灯泡被短接，此时R1和R2串联，电压表测量R2电压，U2′=4V，则R1的电压为U1′=U−U2′=12V−4V=8V，根据串联电路分压规律可求得R2连入电路的电阻，由U1′R1=U2′R2′得R2′=U2′R1U1′=4V×20Ω8V=10Ω，由于R1和R2的滑片的位置没有变化，所以灯泡的电阻RL=R2L−R2′=20Ω−10Ω=10Ω；
④小灯泡额定功率P额=I2RL=(0.3A)2×10Ω=0.9W。
故答案为：(1；(2)没有将变阻器的最大电阻连入电路中；2；右；正；(3)5；(4)10；灯丝的电阻随温度的变化而变化；(5)②R1；6；④0.9。
(1)原电路中，滑动变阻器的连线是错误的，应采用一上一下方式；
(2)为保护电路，闭合开关前，应将变阻器的最大电阻连入电路中；
根据电流表选用小量程确定分度值读数；
如果想使电流表的示数为0.3A，即增大电流，应减小变阻器连入的电阻，据此分析；
在电阻一定时通过导体的电流与电压成正比；
(3)为了保证电路中各元件安全，可知电压表最大示数，由欧姆定律求出电路的最大电流，由串联电路电压的规律得出变阻器分去的最小电压，由分压原理得出变阻器连入电路的最小电阻；
(4)根据图丙所示的图象可知电压表的示数为2.5V时电流大小，由欧姆定律求出灯丝电阻；灯的电阻随温度的变化而变化；
(5)①闭合开关S1、S2变阻器R1和R2串联，两个滑动变阻器的滑片都放到最右端，电压表测量的是R2的电压，由于两个电阻相等，则总电压可以求出；
②断开开关S2，保持滑动变阻器R1的滑片位置不变，电压表测量的是小灯泡与R2的电压和，调节另一个滑动变阻器的滑片，使电压表示数为6V，则R1的电压还是6V，根据欧姆定律可知电路中的电流为0.3A，此时灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器R1和R2的滑片的位置不动，再闭合开关S2，灯泡被短接，R1和R2串联，电压表测量的是R2的电压，电压表示数为4V，则R1的电压等于总电压减去电压表的示数，根据串联电路分压规律可知R2此时的电阻，由此可求出第②步骤中小灯泡的电阻，根据公式P=I2R进一步求出灯泡的功率。
本题探究“电流与电压关系”，考查电路连接、注意事项、电流表读数、电路分析、对器材的要求、功率计算等，同时也考查了设计方案测电功率的能力，最后一问难度较大。
30.【答案】答：
(1)在家庭电路中，导线相互连接处因接触不良，该处的电阻较大；
(2)由于导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，根据Q=I2Rt，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，所以插头与插座连接处比别处更容易发热。
【解析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线相互连接处因为接触不良，易造成电阻变大，因为导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。
本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联(电流相等)是本题的关键。
31.【答案】解：(1)轿车的总重力：G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N，
轿车静止时对水平地面的压力：F=G=2×104N；
则轿车静止时对水平地面的压强：
p=FS=2×104N0.2m2=1×105Pa；
(2)由题意可知，轿车匀速行驶时所受阻力：
f=0.2G=0.2×2×104N=4×103N，
因为轿车沿平直公路匀速行驶，所以轿车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，即：F牵=f=4×103N；
轿车在5min内牵引力做的功：W=F牵s=4×103N×3000m=1.2×107J；
则轿车的实际功率：P=Wt=1.2×107J5×60s=4×104W。
(3)汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=6kg×4×107J/kg=2.4×108J；
由η=W有用Q放×100%得有用功为：W有用=ηQ放=30%×2.4×108J=7.2×107J，
该车以最大输出功率行驶的时间：t′=W有用P最大=7.2×107J120×103W=600s。
答：(1)静止时轿车对水平地面的压强为1×105Pa；
(2)此时轿车的实际功率为4×104W；
(3)若汽油机的效率为30%，6kg的汽油可供轿车以最大功率匀速行驶600s。
【解析】(1)轿车静止时对地面的压力等于车的总重力，已知轮胎与地面总接触面积；根据压强公式p=FS计算轿车对水平地面的压强；
(2)轿车沿平直公路匀速行驶，则车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，根据二力平衡条件求出牵引力，
然后根据W=Fs求出轿车牵引力所做的功；知道轿车牵引力所做的功和做功时间，根据P=Wt计算牵引力做功的功率。
(3)再利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量，利用汽车发动机的效率η=W有用Q放×100%求有用功，再利用W=Pt求该车以最大输出功率行驶的时间。
本题考查了重力、压强、功、功率的计算以及二力平衡条件的应用，熟练应用基本公式即可正确解题，对于第2小题也可根据P=Fv求出牵引力做功的功率。
32.【答案】解：(1)由P=UI可知，保温挡工作时，电路中的电流：I=P保温U=176W220V=0.8A；
(2)由图乙可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联；
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电路中的总功率最大，电火锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω；
当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，电路中的总电阻最大，电路中的总功率最小，电火锅处于保温挡；
由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P保温=(220V)2176W=275Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=275Ω−48.4Ω=226.6Ω；
(3)电火锅消耗的电能：W=P加热t=1000W×14×60s=8.4×105J，
不计热量损失，水吸收的热量：Q吸=W=8.4×105J，
由Q吸=cmΔt可知，水的质量：m=Q吸c水Δt=8.4×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×40℃=5kg，
由ρ=mV可知，水的体积：V=mρ=5kg1.0×103kg/m3=0.005m3=5dm3=5L。
答：(1)保温挡工作时，电路中的电流为0.8A；
(2)电路中电阻R2的阻值为226.6Ω；
(3)若不计热量损失，电火锅正常工作14min，能将5升20℃的水升高40℃。
【解析】(1)根据表格参数可知保温功率，利用P=UI求出保温挡工作时，电路中的电流；
(2)分析电路可知，当开关S1、S2闭合时，电路中只有R1时，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联；根据串联电路的特点和P=U2R可知电火锅加热挡和保温挡的电路连接；
根据加热挡功率和P=U2R的变形式计算出R1电阻；根据保温挡功率和P=U2R的变形式计算出总电阻，然后根据串联电路的电阻特点可求得电热丝R2的阻值；
(3)利用W=Pt求出电火锅消耗的电能，不计热量损失，水吸收的热量等于电火锅消耗的电能；利用Q吸=cm(t−t0)求出水的质量，利用密度公式求出水的体积。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的电阻特点、电功和电功率公式、吸热公式以及密度公式的应用，能正确分析电火锅不同状态下的电路连接是解题的关键。物质
次数
质量m/kg
升高的温度△t/℃
加热的时间t/min
水
1
0.1
10
2
2
0.2
10
4
食用油
3
0.1
10
1
4
0.2
10
2
5
0.2
20
4
实验次数
通过L1的电流I1/A
通过L2的电流I2/A
干路电流I/A
1
0.20
0.20
0.40
2
0.18
0.18
0.36
3
0.16
0.22
0.38
4
0.14
0.20
0.34
编号
材料
长度(m)
横截面积(mm2)
①
镍铬合金
0.8
0.8
②
镍铬合金
0.5
0.5
③
镍铬合金
0.3
0.5
④
镍铬合金
0.3
1.0
⑤
康铜合金
0.3
0.5
⑥
康铜合金
0.8
0.8
额定电压
220V
加热功率
1000W
保温功率
176W
火锅容积
6L
相关试卷
2023-2024学年辽宁省沈阳市康平县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）'： 这是一份2023-2024学年辽宁省沈阳市康平县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）'，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年新疆吐鲁番市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2022-2023学年新疆吐鲁番市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年辽宁省盘锦市盘山县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2022-2023学年辽宁省盘锦市盘山县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
