2023-2024学年黑龙江省哈尔滨市道外区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2023-2024学年黑龙江省哈尔滨市道外区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下面给出的四种常见家用电器中，使用前必须安装电流为16A插座的是( )
A. 白炽灯
B. 柜式空调
C. 电饭锅
D. 洗衣机
2.如图所示，有关四幅图说法错误的是( )
A. 甲图中，抽掉玻璃板，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明分子在不停地运动
B. 乙图中，两个铅柱洗净紧压后结合在一起，说明分子间有引力
C. 丙图中，“破镜难圆”，说明分子间只有斥力没有引力
D. 丁图中，模拟的是固体分子，分子间距很小，分子间作用力很大
3.如图所示现象或装置在工作时，与热机做功冲程的能量转化相同的是( )
A. 钻木取火
B. 水蒸气将塞子冲出
C. 电磁铁
D. 电炉子
4.如图是手机一种解锁方式，用手指轻轻触碰手机感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，则感应区相当于手机电路中的( )
A. 电源B. 用电器C. 开关D. 导线
5.在物理学习中，我们经常对观察到的现象进行思考，并推测出物理现象所反映的物理事实，下列根据现象所做出的推测不符合事实的是( )
A. 扩散现象——推测——分子是在不停的运动的
B. 电路中的灯泡发光——推测——电路中有电流
C. 小磁针放在通电导体周围发生偏转——推测——通电导体周围存在着磁场
D. 两白炽灯L1比L2亮——推测——L1灯比L2的额定功率大
6.如图所示是小明在练习测量电流时连接的电路，电路的连接存在错误，下列操作及说法正确的是( )
A. 撤掉导线a，电流表测量的是电路的总电流
B. 撤掉导线a，电流表测量的是小灯泡L1的电流
C. 撤掉导线b，电流表测量的是小灯泡L2的电流
D. 撤掉导线c，电流表测量的是小灯泡L2的电流
7.下列关于物质的分类，合理的是( )
A. 铅笔芯、橡胶是导体B. 玻璃、陶瓷是绝缘体
C. 铁棒、小磁针是磁体D. 蜂蜡、海波是非晶体
8.如图，将一根铅笔芯通过两个夹子接入电路中，当只把右端夹子向左移时，铅笔芯接入电路的电阻变小，小灯泡变亮。这一现象表明铅笔芯的电阻与其( )
A. 材料有关
B. 长度有关
C. 温度有关
D. 横截面积有关
9.取一个橙子，把铜片、铁片插入其中，就制成了一个水果电池。用电压表测量电压如图所示，下列说法正确的是( )
A. 铁片是水果电池的正极
B. 两个相同水果电池串联后可提供更高电压
C. 该水果电池的电压是3V
D. 该水果电池把电能转化为化学能
10.下列图中能够说明电动机工作原理的实验装置是( )
A. B.
C. D.
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
11.取口香糖锡纸，剪成如图1所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条(带锡的一面)两端连接电池正、负极，如图2所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是( )
A. 通过AB和CD段的电流相等B. AB和CD段两端的电压相等
C. AB和CD段的电阻相等D. 正常情况下，AB段会先着火
12.图甲是小灯泡L1和L2的电流随电压变化的图像。将它们按图乙所示接入电路中，闭合开关S时，小灯泡L1的实际功率为1W。则下面的说法中正确的是( )
A. 灯泡L1比L2暗B. 电流表的示数为0.5A
C. 电源电压为2VD. 灯泡L2的实际功率为0.6W
三、填空题：本大题共10小题，共20分。
13.如图所示的疙瘩汤口感鲜香滑爽，是小涵撸串之后最爱吃的主食。在熬汤时是通过______ 的方式改变物体的内能。随着温度升高，疙瘩汤的香气更加浓郁，这是因为温度越高，分子做______ 运动越剧烈。
14.如果质量为m的某种物质从外界吸收热量Q，温度升高了Δt，则______ 即是这种物质的比热容。用符号c表示，单位是______ 。
15.滑动变阻器是通过滑片改变接入电路中电阻丝的______ 来改变连入电路中的电阻值从而控制电路中电流的变化。在如图中，要使滑片P向右移动时电灯变暗，则M接C，N接______ 。
16.做眼操时各班级有线广播同时开播同时停播，他们是______ 联的，因为它们______ (选“能”或“不能”)独立工作。
17.图甲所示电路的电源电压为3V，闭合开关后，两电流表的指针偏转均如图乙所示，则电路的总电阻为______ Ω；断开开关后，电阻R2的阻值为______ Ω。
18.小涵家电能表的表盘如图所示，该电能表允许接的用电器最大电功率为______ W，若单独使用“220V 20W”的灯泡正常工作10小时，则在这段时间内电能表的表盘转了______ 转。
19.一段导体中的电流，跟这段导体______ 成正比，跟这段导体______ 成反比，这个规律叫做欧姆定律．
20.如图，说明磁体的周围存在______ ，它会对放入其中的______ 有磁力的作用。
21.POS刷卡机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头，如图所示，在使用时，将带有磁条的信用卡在刷卡位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，刷卡机便可读出磁条上的信息。在这个过程中利用了______ 原理，利用这一原理的装置还有______ 。(例举一例)
22.如图甲所示的电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器R的滑片P从a端滑到b端的过程中，电流表和电压表示数变化的规律如图乙所示。则电源电压为______ V，在滑片P在滑动的过程中，R0的最小功率为______ W。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
23.小磁针在通电螺线管产生的磁场中静止时，指向如图所示。请将电源符号填入虚线框内并画出该通电螺线管导线的绕法。
24.如图中，根据标出的电流方向，从电池、电流表、电压表三个元件中选出两个元件，并将所选的元件符号填入电路的空缺处．要求：灯L1和L2串联，且都能发光．
五、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
25.用如图所示装置做“比较不同物质吸热能力”的实验。
(1)小涵和小乐先后用如图甲所示的相同器材做加热水和煤油的实验。若托盘天平缺少砝码，______ (填“能”或“不能”)完成相关探究，图中还需补充的测量器材是______ 。
(2)小涵用该装置实验，为缩短实验时间，她减少相同体积的水和煤油，小乐认为她的操作不恰当，理由是______ ；实验结束时，发现水升高的温度比煤油少，小涵思考后判断依然可以认定水吸热能力比煤油强，理由是______ 。
(3)对实验反思时，她们认为可用图乙所示的装置改进实验方案。与原方案相比，该方案的优点是______ 。(答出一个即可)
26.某实验小组用如图所示的电路探究“电流与电阻的关系”。
(1)连接电路时应______ 开关。
(2)小涵将5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片至恰当位置，并将数据记录在表中。换用10Ω电阻后，应使定值电阻两端的电压保持U0=______ V不变。
(3)将5Ω的定值电阻换为10Ω后，小涵认为应先闭合开关，再将滑片向左移动，使电压表示数为U0；小乐思考后认为小涵的操作方法不正确。请写出正确的操作______ 。
27.在测量额定电压为2.5V小灯泡的电功率实验中，电源是三节新干电池。
(1)请用笔画线代替导线，将图1的电路连接完整；闭合开关，移动滑片，当电压表的示数为2.5V时，读出电流表示数，可测得小灯泡的______ 功率。
(2)继续移动滑片，电压表示数如图2所示，此时电流表示数为0.24A，小灯泡的实际功率为______ W；为了研究小灯泡发光情况与电功率的关系，除了表格中记录的电表示数和电功率，还需要增加记录的内容是______ 。
(3)完成上述实验后，小涵设计了如图3所示的电路，用原来的电源和电压表测量原小灯泡的额定功率。方案如下：
①把定值电阻R0接入电路，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光；
②保持滑片位置不变，将电压表改接在R0两端，读出电压表示数；
③算出小灯泡的额定功率。
现有阻值为5Ω、10Ω、20Ω的定值电阻，为了能测出小灯泡的额定功率，结合题中的数据分析，小涵选择的定值电阻R0是哪个？请说明理由。
六、计算题：本大题共1小题，共6分。
28.如图1所示，电水壶简化电路图中，R1和R2为发热电阻，S1为总开关，S2为温度开关，有1、2两个触点，控制壶的“加热”和“保温”两挡，表中数据为电水壶的部分工作参数。
(1)S1闭合，S2接1时，电水壶处于______ 挡。电水壶的保温功率是多少？
(2)电水壶中装进1kg水正常工作，用温度计测得水温随时间变化的图像，则加热2∼4min内水吸收热量是多少？这段时间内电水壶加热效率η是多少？c水=4.2×103(本次测试此单位你要自己想呦)
(3)电水壶4∼6min内的加热效率为η2，根据图像可判断η1______ η2。(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
该插座允许用电器的最大功率P=UI=220V×16A=3520W。
A、白炽灯的功率在40W左右，故A不符合题意；
B、柜式空调的功率在3000W左右，故B符合题意；
C、电饭锅的功率在1000W左右，故C不符合题意；
D、洗衣服的功率约为200W，故D不符合题意。
故选：B。
家庭电路电压是220V，已知插座允许最大电流，由P=UI求出最大功率；然后根据对家用电器功率的了解逐一分析，做出选择。
本题考查了对家用电器功率和电功率公式的了解与掌握，家用电器的电流，我们不是很熟悉，我们对用电器的功率了解多一些，我们可以先算出用电器的功率，根据功率大小做出选择。
2.【答案】C
【解析】解：A、甲图中，抽掉玻璃板，瓶内气体颜色最后变得均匀，说明分子在不停地运动，故A正确；
B、乙图中，两个铅柱洗净紧压后结合在一起，说明分子间有引力，故B正确；
C、分子之间存在相互作用的引力和斥力，由于镜子破裂处的绝大多数分子间距离较大，大于分子直径的10倍，分子间的作用力就十分微弱，所以“破镜不能重圆”，故C错误；
D、图丁中，分子间距很小，分子间作用力很大，因此模拟的是固体分子，故D正确。
故选：C。
(1)两种物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动的结果。
(2)分子间有间隙，存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离增大时，表现为引力，当分子间距离减小时，表现为斥力，当分子间距等于平衡位置时，引力等于斥力，即分子力等于零。
本题主要考查学生对分子动理论知识的了解和掌握，是一道基础题。
3.【答案】B
【解析】解：热机的做功冲程中，是内能转化为机械能；
A、钻木取火是克服摩擦做功，机械能转化为内能，故A错误；
B、加热试管中的水，试管内水蒸气内能增大，当水蒸气将塞子冲出时，水蒸气内能转化为机械能，故B正确；
C、电磁铁工作时消耗电能，得到机械能，电能转化为机械能，故C错误；
D、电炉子工作时消耗电能，得到内能，电能转化为内能，故D错误。
故选：B。
(1)热机的做功冲程将内能转化为机械能。
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题的关键是明确做功的实质是能量的转化，物体对外做功是将内能转化为机械能，对物体做功是将机械能转化为内能。
4.【答案】C
【解析】解：手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，感应区相当于电路中的开关，对手机起控制作用；
故选：C。
一个完整的电路由导线、电源、开关和用电器组成；根据感应区的作用判断感应区相当于手机电路中的什么元件。
本题考查的是电路的组成，知道电路元件的作用是解题的关键。
5.【答案】D
【解析】解：A、扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，故A符合事实；
B、有电流通过灯泡时，灯泡就可能发光，所以可推测发光的灯泡中有电流，故B符合事实；
C、当小磁针受到力的作用时可发生偏转，所以可推测通电导体周围存在着磁场，故C符合事实；
D、白炽灯的亮度取决于白炽灯的实际功率，因此白炽灯L1比L2亮只能说明L1灯比L2的实际功率大，不能推测L1灯比L2的额定功率大，故D不符合事实。
故选：D。
本题用到物理学方法“推理法”，即：规律不能直接用实验验证，只能在实验的基础上经过概括、抽象、推理得出。
本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、由图可知，撤掉导线a，灯L1和L2并联，电流表没有接入电路，所以电流表既不是测总电流，也不是测小灯泡L1的电流，故AB错误；
C、由图可知，撤掉导线b，灯L1和L2并联，电流表串联在干路中，即电流表测量的是电路的总电流，故C错误；
D、由图可知，撤掉导线c，灯L1和L2并联，电流表串联在L2的支路中，即电流表测量的是小灯泡L2的电流，故D正确。
故选：D。
电流表使用时与被测电路串联，电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出，据此分析电路即可解答。
本题主要考查了对电路的分析、电流表测量对象的判断，明确电流表与用电器串联是关键。
7.【答案】B
【解析】解：A.铅笔芯是导体，橡胶是绝缘体，故A错误；
B.玻璃和陶瓷都是绝缘体，故B正确；
C.小磁针有磁性是磁体，铁棒无磁性不是磁体，故C错误；
D.蜂蜡是非晶体，海波是晶体，故D错误。
故选：B。
根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；具有磁性(能够吸引铁钴镍)的物体是磁体，晶体和非晶体根据否有熔点判断。
本题考查了材料的分类：导体和绝缘体是根据导电性来分类的，晶体和非晶体是根据是否有熔点分类的。
8.【答案】B
【解析】解：
当只把右端夹子向左移时，铅笔芯接入电路中的长度变小，铅笔芯接入电路的电阻变小，电路中电流增大，小灯泡变亮；所以，可得出铅笔芯电阻和铅笔芯的长度有关，长度越小，电阻越小，故只有B正确。
故选：B。
当导线夹向左移动时灯泡亮度增大，灯泡亮度变大说明了通过灯泡的电流变大，根据欧姆定律说明电阻小了，导线夹向左移动就改变了铅笔芯接入电路的长度，从而得出导体电阻和长度的关系。
此题考查我们对于实验现象的分析能力，我们要能够根据实验现象得出结论。
9.【答案】B
【解析】解：A、电压表使用时，电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出，即电压表的正接线柱与电源的正极相连接，因此铜片为正极，故A错误；
B、两个相同水果电池串联后，电池的总电压等于各个水果电池的电压之和，所以可以提供更高电压，故B正确；
C、电压表可以直接测量电源电压，由图知电压表的量程为0∼3V，分度值为0.1V，该水果电池的电压为0.6V，故C错误；
D、该水果电池把化学能转化为电能，故D错误。
故选：B。
(1)根据电压表的正确使用方法(电流从电压表的正接线柱流入、负接线柱流出)确定电源的正负极；
(2)电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和；
(3)先确定电压表的量程和分度值，再根据指针位置读数；
(4)水果电池是将化学能转化为电能。
本题考查利用电压表的使用方法来判断电源的正负极、电池的电压，能量的转化等知识，知识点较多，属于中等题。
10.【答案】D
【解析】解：A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生电流，发电机是利用该原理制成的，故A不符合题意；
B、该装置说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁是利用该原理工作的，故B不符合题意；
C、该装置是电铃的基本构造，是利用电流的磁效应来工作的，故C不符合题意；
D、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机是利用该原理来工作的，故D符合题意。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导体的周围存在磁场，电磁铁就是利用该原理制成的。
(2)通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的。
(3)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的。
本题考查的是电动机的基本原理；知道电流的磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受到力的作用。
11.【答案】AD
【解析】解：A、AB和CD段锡纸串联电路中，由于串联电路中的电流处处相等，所以通过AB和CD段的电流相等，故A正确；
CD、在材料和长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，由图知，AB段的横截面积小于CD段的横截面积，所以AB段的电阻大于CD段的电阻，根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间一定时，AB段产生的热量多，温度高，先着火，故D正确，C错误；
B、AB段的电阻大于CD段的电阻，根据串联电路的分压原理可知，AB段的电压大于CD段的电压，故B错误。
故选：AD。
(1)串联电路中，电流处处相等；
(2)导体电阻的大小跟导体的长度、横截面积、材料和温度有关；根据Q=I2Rt分析判断ab段产生热量的多少；
(3)AB段的电阻大于和CD段的电阻，根据串联分压原理得，AB的电压大于CD段的电压。
本题考查了串联电路的特点、影响电阻大小的因素、焦耳定律等的应用，是理论联系实际的好题。
12.【答案】CD
【解析】解：由图乙可知，两灯泡并联，电流表测干路电流；
C、由图像可知，当L1两端的电压U1=2V，通过的电流I1=0.5A时，L1的实际功率为P1=U1I1=2V×0.5A=1W，符合题意，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以电源的电压：U=U2=U1=2V，故C正确；
AD、由图像可知，当U2=2V时，通过L2的电流I2=0.3A，
所以L2的实际功率：P2=U2I2=2V×0.3A=0.6W，
则L1的实际功率为P1大于L2的实际功率，因此灯泡L1比L2亮，故A错误，D正确；
B、由并联电路干路上的电流等于各支路电流之和可得，干路电流即电流表示数：I=I1+I2=0.5A+0.2A=0.7A，故B错误。
故选：CD。
由图乙可知，两灯泡并联，电流表测干路电流；
(1)根据P=UI结合图像读出小灯泡L1的实际功率为1W时L1两端的电压和通过的电流，根据并联电路的电压特点得出电源的电压和L2两端的电压；
(2)从图像中读出通过L2的电流，根据P=UI求出L2的实际功率，进而判断两灯泡的亮度；
(2)根据并联电路的电流特点求出干路电流表的示数。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据图像得出电压和对应的电流。
13.【答案】热传递 无规则
【解析】解：熬汤时，汤从火焰中吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能；
一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以随着温度升高，汤的香气更加浓郁，这是因为温度越高，分子做无规则运动越剧烈。
故答案为：热传递；无规则。
改变物体内能的方式有做功和热传递；分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
本题考查了对分子动理论的应用，改变物体内能方法的理解，属基础知识的考查，体现了物理与生活的联系。
14.【答案】QmΔt J/(kg⋅℃)
【解析】解：由比热容的定义可知，单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收的热量叫做这种物质的比热容，所以这种物质的比热容为：QmΔt；用符号c表示，单位是J/(kg⋅℃)。
故答案为：QmΔt；J/(kg⋅℃)。
比热容的定义：单位质量的某种物质温度升高(或降低)1℃时，吸收(或放出)的热量叫做这种物质的比热容。
本题考查了比热容的物理意义，渗透了研究物理问题的方法，牢固掌握比热容的概念是解决此题的关键。
15.【答案】长度 A
【解析】解：滑动变阻器的原理是通过改变连入电路中导线的长度来改变电阻，从而改变电路中的电流。
图中，要使滑片P向右滑动时，灯泡变暗，说明电路中的电阻变大，电阻丝接入的部分应该变长，应接入的接线柱为AC两个或AD两个接线柱，则M接C，N接A。
故答案为：长度；A。
滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的长度来改变电阻大小的。电阻丝接入电路的长度越长，电路中的电阻就越大；反之就越小。
滑动变阻器的正确使用方法是上面的接线柱和下面的接线柱各选取一个，即一上一下。决定滑片移动时变阻器接入电路的阻值是变大还是变小的关键是下面的哪个接线柱接入了电路。
16.【答案】并 能
【解析】解：做眼操时各班级有线广播同时开播同时停播，但各班级的有线扬声器互不影响、并且能够单独工作，因此它们之间的连接方式是并联；
故答案为：并；能。
串联电路的特点：各用电器之间相互影响，有一处有问题则整个电路都处于断路状态；
并联电路的特点：并联电路中的各用电器可以单独工作、互不影响。
此题是考查对串并联电路特点的理解情况，知道并联电路各用电器是可以独立工作的，互不影响。
17.【答案】22.5
【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A2示数大于电流表A1的示数，所以电流表A2的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即I=1.5A；
根据欧姆定律可得电路总电阻R=UI=3V1.5A=2Ω；
电流表A1的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即I1=0.3A，
根据并联电路电流的规律知，通过L2的电流为：I2=I−I1=1.5A−0.3A=1.2A；
并联电路各支路两端电压相等，电阻R2的阻值：R2=UI2=3V1.2A=2.5Ω。
故答案为：2；2.5。
由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A2示数大于电流表A1的示数，所以电流表A2的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数为1.5A，即I=1.5A；
根据欧姆定律计算电路总电阻；
电流表A1的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，即I1=0.3A，
根据并联电路电流的规律计算通过L2的电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电阻R2的阻值，定值电阻的阻值不变。
本题考查了并联电路的电流特点、电流表的读数以及欧姆定律的应用，会确定两电流表的量程是关键。
18.【答案】2200 360
【解析】解：(1)“220V”表示电能表应该接在220V的电路中；
“10A”是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，则该同学家同时使用的用电器最大总电功率：
P最大=UI最大=220V×10A=2200W；
(2)灯泡正常工作时的电功率P=P额=20W，
正常工作10h消耗的电能：
W=Pt=20×10−3W×10h=0.2kW⋅h，
电能表上标有“1800r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1800转；
则灯正常工作10h，电能表转盘的转数：
n=1800r/(kW⋅h)×0.2kW⋅h=360r。
故答案为：2200；360。
(1)表盘上“220V”是指电能表的工作电压；10A是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，利用P=UI求该同学家同时使用的用电器最大总电功率；
(2)灯泡正常工作时的电功率等于其额定功率，利用W=Pt求正常工作10h消耗的电能；电能表上标有“1800r/(kW⋅h)”表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1800转；据此求出电能表转盘的转数。
本题考查了消耗电能和电功率的计算，理解电能表相关参数的含义是关键。
19.【答案】两端的电压；的电阻
【解析】解：
欧姆定律的内容是：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比．
故答案为：两端的电压；的电阻．
根据欧姆定律的内容：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．进行解答．
本题考查了欧姆定律的内容，是我们必须掌握的内容，一定要注意欧姆定律适用的条件是对同一段导体．
20.【答案】磁场 磁体
【解析】解：磁体的周围存在磁场，它会对放入其中的磁体有磁力的作用。
故答案为：磁场；磁体。
磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用。
本题考查磁场的性质，比较简单，是一道基础题。
21.【答案】电磁感应 发电机
【解析】解：如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应；将带有磁条的信用卡在刷卡位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象；发电机是利用这一原理制成的。
故答案为：电磁感应；发电机。
电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流；POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象。
本题考查了电磁感应现象在生活中应用，明确电磁感应的原理是解答此题的关键。
22.【答案】60.1
【解析】解：由电路图可知，当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，且此时电路中的电流最大；
由图像可知，电路中的最大电流0.6A时，根据欧姆定律可知，电源电压：U=0.6A×R0----------①
当滑片P位于b端时，定值电阻R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流0.1A，电压表示数为5V，
根据串联电路电压特点和欧姆定律可知，电源电压：U=0.1A×R0+5V-----②
联立①②可得：R0=10Ω，U=6V；
根据P=I2R可知R0的最小功率P=I小2R0=(0.1A)2×10Ω=0.1W。
故答案为：6；0.1。
当滑片P位于a端时，电路为R的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图像读出最大电流，利用欧姆定律表示出电源电压；
当滑片P位于b端时，定值电阻R0与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，根据图像读出电路中的最小电流，根据串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式可求出定值电阻和电源电压；
根据P=I2R可知R0的最小功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
23.【答案】解：①根据小磁针的指向结合磁极间的相互作用可知，通电螺线管的右端为S极，左端为N极。
②根据电流表的接法：电流从电流表的正接线柱流入，可知电源的左端为正极，电源符号如下图所示。
③由②可知，电流由螺线管的左端流入，并且螺线管的左端为N极，根据右手定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲的方向为电流的方向，据此画出正确的绕线。如图所示：

【解析】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的作用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。要注意由右手螺旋定则理解电流、绕向及磁极的关系。
24.【答案】解：
已知需要两只灯泡串联，所以只有一个通路。由电路图知，经过灯泡L1的电流必须经过L2，所以左侧应接入电源且下端为正极；为避免灯泡L2短路，右侧必须接入电压表。
电路连接如下图：

【解析】根据电流的方向进行分析，即电流总是从电源的正极出发，最后回到电源的负极。
在电路中，电流表相当于导线，电阻接近于零；电压表相当于断路，电阻特别大。
解决此类问题需要会根据电流的方向选择合适的元件，会识别串联电路和并联电路。
25.【答案】能 秒表 没有控制水和煤油的质量相等 此时水的质量小、升温慢，若两者的质量相同，水升温更慢 用“水浴法”加热，受热更均匀，不需要搅拌
【解析】解：(1)用天平量取相同质量的水和煤油时，若天平上没有砝码，可以将两烧杯放在左右盘中，一杯放上煤油，一杯放上水，通过反复增减液体，能让天平平衡；实验中需要用温度计测量温度、天平测量质量、秒表测量时间，故实验中还缺少秒表来测量时间；
(2)在实验中要比较不同物质的吸热能力，需要控制液体的质量相同、初温度相同、加热时间相同，改变液体的种类，所以应控制3个量不变；
减少相同体积的水和煤油时，因水的密度大于煤油，则由m=ρV可知，水的质量减少得多，则她没有控制水和煤油的质量相等，所以为缩短实验时间，她减少相同体积的水和煤油的操作是不正确的；
实验中小丽减少相同体积的水和煤油，水的质量减少的多，剩余水的质量小、水升温慢，若两者的质量相同，水升温更慢，所以小明依然认定水吸热升温比煤油慢；
(3)对比图甲和图乙所示实验器材可知，乙实验的优点是：用“水浴法”加热，受热更均匀，不需要搅拌。
故答案为：(1)能；秒表；(2)没有控制水和煤油的质量相等；此时水的质量小、升温慢，若两者的质量相同，水升温更慢；(3)用“水浴法”加热，受热更均匀，不需要搅拌。
(1)用天平取相同质量的水和煤油，若没有砝码，可以将两烧杯放在左右盘中让天平平衡；
实验中需要用温度计测量温度、天平测量质量、秒表测量时间；
(2)实验时需要控制液体的质量相同、加热设备相同，加热相同的时间，看液体温度的变化；
根据密度公式判断出体积相同的水和煤油的质量；减少相同的体积，水的质量减小的多，水的质量小、升温慢，若两者的质量相同，水升温更慢；
(3)分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及对实验方案的改进，为热学中的重要实验。
26.【答案】断开 3 先将滑片移到最左端，再闭合开关，再根据电压表的示数情况向右调节滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为U0
【解析】解：(1)为保护电路，连接电路时应断开开关；
(2)把实验序号1中的电阻和电流数据代入欧姆定律可以得到定值电阻两端的电压U0=I1R1=0.6A×5Ω=3V，当更换换用10欧电阻后，应该使定值电阻两端的电压保持3V不变。
(3)若先闭合开关，由于定值电阻阻值变大，根据串联分压原理可知定值电阻两端电压变大，会超过3V，即超过电压表选用的最大量程，会损坏电压表，因此小涵的操作方法不正确，正确的操作应是：先将滑片移到最左端(即阻值最大端)，再闭合开关，再根据电压表的示数情况向右调节滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为U0。
故答案为：(1)断开；(2)3；(3)先将滑片移到最左端，再闭合开关，再根据电压表的示数情况向右调节滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为U0。
(1)为保护电路，连接电路时开关要断开；
(2)在研究电流与电阻的关系时，滑动变阻的作用除了保护电路外，还起到通过调节滑动变阻器，来保持更换定值电阻的两端电压不变的作用，由此可知把实验序号1中的电阻和电流数据代入欧姆定律即可以得到定值电阻两端的电压。
(3)在操作过程中，要保护电路的安全，确保所有用电器和电表在安全范围内，从而判断小涵的操作方法中存在的问题并给出正确的操作。
本题考查探究电流与电阻的关系，要掌握实验的操作流程、电路的保护措施、要注意控制变量法的应用、能够对不同的实验方案做出评价，难度一般。
27.【答案】额定 0.528灯泡的亮度
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端；滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
当电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光，读出电流表示数，可测得小灯泡的额定功率；
(2)由图1可知，电压表选用小量程；移动滑片，电压表示数如图2所示，电压表分度值0.1V，其示数为2.2V，此时电流表示数为0.24A，则小灯泡的实际功率为：
P实=U实I实=2.2V×0.24A=0.528W；
研究小灯泡发光情况与电功率的关系时需要比较灯泡的亮度与灯泡的电功率，因此表中还需要增加记录的内容为灯泡的亮度；
(3)电源为3节新干电池组成，电源电压为4.5V，灯泡正常发光时电流为I=0.26A，
由串联电路的电压特点可知，定值电阻和滑动变阻器两端的总电压：U′=U−U额=4.5V−2.5V=2V，
由欧姆定律可知，定值电阻和滑动变阻器的总电阻：R′=U′I=2V0.26A≈7.7Ωη2。
答：(1)加热；电水壶的保温功率为220W；
(2)加热2∼4min内水吸收热量是8.4×104J；这段时间内电水壶加热效率η1是63.6%；
(3)>。
(1)当开关S1闭合、S2接1时，只有R2工作，当开关S1闭合、S2接2时，R1、R2串联，根据串联电路特点和P=U2R可知各状态下的电路连接；
利用P=U2R求出R2的阻值；根据P=U2R和保温挡时的电路连接求出电水壶的保温功率；
(2)由图2可知2∼4min内水的温度变化，利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；利用P=Wt求出2∼4min内电水壶消耗的电能；利用效率公式求出这段时间内电水壶加热效率η1；
(3)由图2可知4∼6min内水的温度变化，水的温度变化小于2∼4min内水变化的温度20℃，即4∼6min水吸收的热量更少，而两个阶段都是2分钟内消耗的电能一样，由η=Q吸W比较可知效率的大小关系。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路特点、电功率公式的灵活运用、密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用。实验序号
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.6
2
10
3
20
实验次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
1
2.5
0.26
2
0.24
3
2.8
0.28
水壶容量
1L
额定电压
220V
加热功率
1100W
电热丝R1阻值
176Ω