陕西省宝鸡市陇县2023-2024学年九年级上学期期末物理模拟试卷

这是一份陕西省宝鸡市陇县2023-2024学年九年级上学期期末物理模拟试卷，共17页。


A．分子间有引力B．分子间有斥力
C．分子有间隙D．分子在不停地运动
2．（3分）下列估测合理的是（ ）
A．普通家用照明灯的工作电流约2A
B．电学实验用的小灯泡电阻约1000Ω
C．一节新干电池的电压为1.5V
D．轿车的汽油机效率大约是80%
3．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．单缸四冲程内燃机飞轮的转速为2400r/min，则每秒钟对外做功20次
B．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C．由q=Qm公式说明热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比
D．两个定值电阻接入电路中，通过它们的电流相等，两电阻一定是串联的
4．（3分）A和B两个相同的验电器，A带负电，B不带电，如图所示。若用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，下列说法正确的是（ ）
A．验电器A的金属箔片张角不变
B．验电器B将会失去电子带正电
C．验电器A的金属箔片将带异种电荷
D．连接的瞬间，金属棒上的电流方向从右向左
5．（3分）如图所示，闭合开关S后，小灯泡L1比L2亮，则（ ）
A．L1和L2的连接方式是并联
B．电压表测量的是L1两端电压
C．通过L1的电流比通过L2的电流大
D．L1的电功率比L2的电功率大
6．（3分）如图甲、乙所示的两个电路，闭合开关S，电路正常工作，图中电流表A1、A2、A3、A4对应的示数为I1、I2、I3、I4，电压表V1、V2、V3、V4对应的示数为U1、U2、U3、U4。下列说法正确的是（ ）
A．I1＜I2，I3＝I4B．I1＝I2，I3＜I4
C．U1＝U2，U3＞U4D．U1＞U2，U3＝U4
7．（3分）如图所示电路中，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右滑动时（ ）
A．电流表的示数变大B．电压表的示数变大
C．电路中的总功率变小D．灯泡L变暗
8．（3分）如图所示为某型号电能表的表盘，关于这个电能表，下列说法不正确的是（ ）
A．在使用这个电能表的家庭电路中，每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转360转
B．在使用这个电能表的家庭电路中，同时使用的用电器总功率不应超过4400W
C．它是测量家中用电器电功率的仪表
D．它当前的示数为2508.6kW⋅h
9．（3分）关于家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．我国家庭电路的电压为36V
B．大功率用电器的金属外壳一定要接地
C．电能表测量的是家用电器的总功率
D．使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属体
10．（3分）所示的电路中，电源电压为3V，当开关S1、S2都闭合时，则（ ）
A．电压表被烧坏B．电流表将被烧坏
C．灯L1亮，灯L2不亮D．两只灯泡都将被烧坏
二．填空题（共8小题，满分34分）
11．（4分）汽油机的四个冲程工作过程中，做功冲程是把 能转化为 能。使内燃机获得动力的冲程是 冲程。
12．（6分）小瑞想在家里安装一盏照明灯，他设计的电路如图所示。图中虚线框应接入开关或电灯，则开关应装在虚线框 中。他用测电笔测试插座的C孔，氖管发光，则C孔接的是 线。
13．（2分）3Ω和6Ω的两个电阻，并联后相当于增加了导体 ，等效电阻为 Ω；串联后相当于增加了导体的 ，等效电阻为 Ω。
14．（4分）某导体两端的电压为10V时，通过它的电流为0.4A，当该导体两端电压为5V时，通过它的电流为 A；当该导体两端电压为0V时，它的电阻为 Ω。
15．（4分）两电热器的电阻之比为2：1，把它们串联后接入电路中，在相同时间内，它们产生的热量之比为 ，若将这两个电阻并联在电路中，在相同时间内，它们产生的热量之比为 。
16．（4分）利用如图甲所示的“坐位体前屈测试仪”可以对学生进行身体柔韧性测试。某同学设计了如图乙的电路图进行模拟测试，测试者向前推动滑块相当于向左移动滑动变阻器的滑片P。电源两端电压保持不变，闭合开关S，测试者向前推动滑块时，电流表的示数 （变大/变小/不变，下同），电压表的示数 。
17．（6分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，灯丝电阻不随温度变化。闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器的滑片P移到阻值最大值处时，电流表的示数为I1；当开关S1断开、S2闭合时，电流表的示数为I2。已知I1：I2＝3：5。任意闭合或断开开关，电路消耗的最大功率与电路消耗的最小功率之比为3：1，则滑动变阻器的最大值R2与R1的比值R2：R1＝ ；断开S1，S2，滑动变阻器的滑片P在某点C时，变阻器接入电路的电阻为Rc，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2，且U1：U2＝3：2，Rc的电功率为10W，则此时灯泡的实际功率为 W。
18．（4分）小明家的卫生间里要安装一个“一开三孔”插座，其中开关控制卫生间内的电灯，三孔插座独立工作。现已完成了部分电路的连接，请你用笔画线代替导线把电路图连接完整。
三．实验探究题（共2小题，满分18分，每小题9分）
19．（9分）如图为“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验装置，其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着等量空气并与U形管紧密相连，各容器中均有一条电阻丝，实验前U形管两端液面相平。现将1、2和3、4两组导线分别接到电源两端。
（1）实验过程中，通过观察U形管中液面 的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少。这种实验方法叫 。下面实验也用这种实验方法的是 。
A.认识电压时，我们用水压来类比
B.用光线来描述光通过的路径
C.探究物体的动能跟哪些因素有关
（2）连接好电路后闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，如图甲所示，表明在电流和通电时间相同的情况下， 越大，产生的热量越多。
（3）图中U形管 （选填“是”或“不是”）连通器，乙图中R3与R2并联，目的是使通过R1与R2的 不同。
（4）某小组在利用乙图装置实验时，发现左右两侧U形管液面上升高度相同，与其他小组的实验现象都不同，经检查气密性良好，请你分析实验现象不同的原因： 。
20．（9分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，闭合开关后，发现只有 有示数，经检查发现有根导线连接错误。请在错误导线上打“×”，并用笔画线代替导线，将电路连接正确；
（2）改正错误后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示。要测量小灯泡的额定功率，应将滑片适当向 （选填“左”或“右”）滑动；
（3）图丙是小灯泡的电流随电压变化关系的图象，根据图象可知，小灯泡的额定功率为 W；进一步分析图丙可知，实验过程中小灯泡的电阻发生变化，电阻变化的主要原因是 ；
（4）在实际测量过程中，调节滑动变阻器使其接入电路中的电阻减小ΔR1，相应的小灯泡的阻值变化ΔR2，则ΔR1 ΔR2（选填“＞”、“＜”或“＝”）；
（5）实验结束后，某同学设计了如图丁的电路来测定额定电压为3V的小灯泡的额定功率。已知电源电压为9V，定值电阻R的阻值为10Ω。请帮助他完成以下实验步骤：
①开关S、S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为 V时，灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，此时电压表示数为4V；再将滑动变阻器的滑片移至最 （选填“左”或“右”）端，此时电压表示数为7V；
③小灯泡的额定功率为P额＝ W。
四．计算题（共2小题，满分18分）
21．（8分）如图所示电路中，小灯泡L上标有“3V 0.9W”字样，电源电压恒为4.5V，闭合开关后，灯泡正常发光。求：
（1）电流表的示数；
（2）灯正常发光时的电阻；
（3）滑动变阻器接入电路中的阻值。
22．（10分）如图为电热水器的原理图，包括工作电路和控制电路两部分，其工作模式和相关参数如下表。通过电磁继电器自动控制电热水器实现加热状态和保温状态的挡位变换。R0、R1为电热丝，R2为滑动变阻器，R为热敏电阻（置于电热水器内），其阻值随温度的升高而减小。红灯、绿灯是电热水器工作时的指示灯，忽略指示灯对电路的影响。
（1）工作电路中的A线应接 线（选填“火”或“零”）。
（2）当绿灯亮时，电热水器处于 状态（选填“保温”或“加热”）。
（3）R1工作时的电阻是多大？
（4）电热水器处于加热状态时，工作4.2min，可使30L的水温度升高1.4℃，则该电热水器的效率是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
2023-2024学年陕西省宝鸡市陇县九年级（上）期末物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）
1．【解答】解：
由于一切分子都在不停地做无规则运动，所以公共场合吸烟的时候，烟气会扩散到空气中，被在场的其它人吸收。故造成他人吸二手烟是由于分子在不停地做无规则运动的缘故。
故选：D。
2．【解答】解：
A、普通家庭照明的灯额定功率在40W左右，正常发光时通过的电流约I=PU=40W220V≈0.2A，故A估测不合理；
B、电学实验用的小灯泡电阻约10Ω，故B估测不合理；
C、一节新干电池的电压为1.5V，符合实际，故C估测合理；
D、轿车的汽油机效率在20%～30%，达不到80%，故D估测不合理。
故选：C。
3．【解答】解：A、单缸四冲程内燃机飞轮的转速为2400r/min＝40r/s，由于内燃机在一个工作循环中，要完成4个冲程，活塞往复运动2次，飞轮和曲轴转2周，对外做功1次，所以此时内燃机每秒对外做功20次，故A正确；
B、一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高，这种说法不正确，冰在融化过程中吸收热量温度不变，故B错误；
C、燃料的热值是燃料本身的性质，热值大小只与燃料的种类有关，与燃料完全燃烧放出的热量无关，故C错误；
D、若两个电阻的阻值相同，并联时通过的电流也相等，所以两个电阻不一定是串联的，故D错误。
故选：A。
4．【解答】解：
AB、因为验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A上的部分负电荷会转移到B上，因此验电器B的金属箔由于带负电会张开，而验电器A所带负电荷减小，则金属箔片张角减小，故A、B错误；
C、因为验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，验电器A的金属箔片仍将带同种电荷，故C错误；
D、连接的瞬间，验电器A上的部分负电荷通过金属棒会转移到B上，而自由电子的定向移动方向与电流方向相反，因此金属棒上的电流方向从右向左，故D正确。
故选：D。
5．【解答】解：AC、从图中可以看出，两灯泡串联，因为串联电路中处处电流相等，因此通过L1、L2的电流相等，光源，故AC错误；
B、电压表并联在灯泡L2两端，电压表测量的是L2两端电压，故B错误；
D、灯泡的亮度取决于其实际功率的大小，闭合开关S后，小灯泡L1比L2亮，说明L1的电功率比L2的电功率大，故D正确。
故选：D。
6．【解答】解：（1）简化电路可知，R1与R2串联，两电流表均测串联电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，则I1＝I2；
电压表V1测量R1两端电压，V2测量电源电压，因串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，则U1＜U2；
（2）R3与R4并联，两电压表均测并联电路两端的电压，因并联电路中各支路两端电压相等（都等于电源电压），则U3＝U4；
电流表A3测量R4中的电流，A4测量干路电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则I3＜I4；
综上分析可知：I1＝I2、I3＜I4、U1＜U2、U3＝U4；故B正确，ACD错误。
故选：B。
7．【解答】解：由图知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，则滑片向右移动时，电压表示数不变；
电流表测通过变阻器的电流，将滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律I=UR可知，通过变阻器的电流变小，即电流表的示数变小；
并联电路各支路互不影响，移动滑片时，通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变；
根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，根据P＝UI可知，电路消耗的总功率变小；
综上所述，C正确，ABD错误。
故选：C。
8．【解答】解：
A、360r/kW•h，表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转360转，故A正确；
B、电路中允许同时工作用电器的最大功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W，故B正确；
C、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，不能直接测量电功率，故C错误；
D、电能表表盘上最后一位是小数，所以当前电能表的读数为2508.6kW•h，故D正确。
故选：C。
9．【解答】解：A、我国家庭电路的电压为220V，故A错误；
B、用电器的金属外壳一定要接地，避免用电器金属外壳漏电时发生触电事故，故B正确；
C、电能表是测量电路消耗电能（或测量电功）的仪表，故C错误。
D、使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误。
故选：B。
10．【解答】解：当开关都闭合时，导线将电源的正负极连接起来，所以会形成电源短路，即电流表会被烧坏；电压表和灯泡被短路，无示数，两灯都不亮。
故选：B。
二．填空题（共8小题，满分34分）
11．【解答】解：热机是把内能转化为机械能的装置；做功冲程中，内能转化为机械能；使汽车获得动力的冲程是做功冲程。
故答案为：内；机械；做功。
12．【解答】解：开关应接在灯与火线之间，这样开关断开后，电灯就与火线断开。因此开关应接在B处；
根据三孔插座的正确接法可知，a应与零线相连；c应与火线相连，所以用测电笔测试插座的c孔，氖管发光；b与地线相连。
故答案为：B；火。
13．【解答】解：导体并联后，相当于增加了导体的横截面积；
3Ω和6Ω的两个电阻并联后，
根据并联电路的总电阻的倒数等于各电阻的倒数之和可得：
等效电阻R=R1R2R1+R2=3Ω×6Ω3Ω+6Ω=2Ω；
导体串联后，相当于增长了导体的长度；
3Ω和6Ω的两个电阻串联后，
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可得：
总电阻为R′＝R1+R2＝3Ω+6Ω＝9Ω。
故答案为：横截面积；2；长度；9。
14．【解答】解：
（1）由欧姆定律I=UR可得导体的电阻：
R=UI=10V0.4A=25Ω；
（2）因为电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以导体两端的电压变为5V时，
通过导体的电流：
I′=U′R=5V25Ω=0.2A，
电压减小到0V时，导体中的电流为0，但电阻不变，仍为25Ω。
故答案为：0.2；25。
15．【解答】解：（1）两电热器串联后接入电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由Q＝I2Rt可得，在相同时间内产生的热量之比：
Q1Q2=I2R1tI2R2t=R1R2=21；
（2）两电热器并联后接入电路中时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由P=U2Rt可得，在相同时间内产生的热量之比：
Q1′Q2′=U2R1tU2R2t=R2R1=12。
故答案为：2：1； 2：1。
16．【解答】解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由题知，向前推动滑块相当于向左移动滑动变阻器的滑片P，则变阻器连入电路的阻值变小，电路中总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
电路中的电流变大，由U＝IR可知，定值电阻R1两端的电压变大，即电压表的示数变大。
故答案为：变大；变大。
17．【解答】解：（1）闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器的滑片P移到阻值最大值处时，L与变阻器的最大电阻串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为I1；
当开关S1断开、S2闭合时，灯与R1串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为I2，
根据I=UR，在电压不变时，电流与电阻成反比，
已知I1：I2＝3：5，由电阻的串联规律，
故有：RL+R2大RL+R1=53−−−−−−①，
当两开关都闭合时，R1、R2短路，电路为灯的简单电路，当两开关都断开时，R1与R2串联后再与灯串联，
根据串联电阻的规律，第2种情况下电阻最大，根据P=U2R，电路的功率最小，第1种情况下电路的功率最大，根据P=U2R，在电压不变时，电功率与电阻成反比，已知电路消耗的最大功率与电路消耗的最小功率之比为3：1，故有：
RL+R1+R2LRL=31−−−−−−②，
由①②得：RLR2大=23−−−−−③，
将③代入①得：R1=R2大3−−−−−④，
则滑动变阻器的最大值R2与R1的比值R2：R1＝3：1；
（2）由③④可知，RL＝2R1﹣﹣﹣﹣﹣⑤，
断开S1，S2，滑动变阻器的滑片P在某点C时，变阻器接入电路的电阻为Rc，灯与R1和变阻器串联，电压表V1测灯与R1的电压，V2测变阻器与R1的电压，根据电阻的串联规律和分压原理有：
RL+R1R1+Rc=32−−−−−⑥，
由⑤⑥得出：R1＝Rc，根据RL＝2R1，故RL＝2Rc，
串联电路各处的电流都相等，根据P＝I2R，电流相等时，电功率与电阻成正比，则此时灯泡的实际功率为：P灯＝20W。
故答案为：3：1；20。
18．【解答】解：由家庭电路的连接要求可知，火线必须通过开关连接到灯泡，三孔插座中有地线连接到插座中间的孔，右端应接火线，开关可以控制灯泡和插座，灯泡右端线接零线，如图所示。
三．实验探究题（共2小题，满分18分，每小题9分）
19．【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，根据转换法，实验中通过观察U形管液面高度的变化来反映电阻产生热量的多少；
A.认识电压时，我们用水压来类比，利用了类比法，故A不符合题意；
B.用光线来描述光通过的路径，利用了物理模型法，故B不符合题意；
C.探究物体的动能跟哪些因素有关，利用了转换法，故C符合题意；
故选C；
（2）连接好电路后闭合开关，通电一段时间，观察到右侧液面高于左侧液面，说明右侧电阻大产生的热量多，故可以得出在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，产生的热量越多；
（3）由图知，U形管内注入适量红墨水，有一端开口，另一端上端不开口，下端连通，所以不属于连通器；
图乙装置中，R1＝R2＝R3，其中R3与R2并联，根据并联电路的电流关系可知，通过R1的电流等于通过R2和R3的电流之和，故目的是使通过R1和R2的电流不相等；
（4）某小组在利用乙图装置实验时，发现左右两侧U形管液面上升高度相同，说明左右两侧产生的热量相同，因为R1＝R2，且R1和R2产生的热量相同，说明R3中没有电流，故可能电阻R3断路了。
故答案为：（1）高度差；转换法；C；（2）电阻；（3）不是；电流；（4）电阻R3断路。
20．【解答】解：（1）由甲电路图可知，电压表串联在电路中测电源两端的电压有示数，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以电路中无电流、电流表无示数；
造成这种现象的原因是开关与灯泡之间的导线连接错误，应将电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，则其示数为1.8V，小于灯泡的额定电压2.5V，
要测量小灯泡的额定功率应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律可知，应减小滑动变阻器的电压，
由分压原理可知，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，故滑片向左移动，直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V；
（3）小灯泡的额定电压为2.5V，由图丙可知，此时通过小灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝2.5V×0.25A＝0.625W；
进一步分析图丙可知，当小灯泡两端电压增大时，通过的电流也增大，实际电功率增大，温度升高，灯丝的电阻发生变化，
而灯丝的材料、长度、横截面积均不变，所以电阻变化的主要原因是阻值受温度影响；
（4）在实际测量过程中，调节滑动变阻器接入电路中的电阻减小时，电路中的电流增大，电路中的总电阻减小，
由电路的总电阻R＝R滑+R灯可知：只有当滑动变阻器接入电路中的电阻减小量ΔR1大于灯泡的阻值增加量ΔR2才会让总电阻变小。
（5）①开关S、S1闭合，S2断开，滑动变阻器滑片右边的电阻与灯泡串联，电压表测变阻器的电压，要使小灯泡正常发光，则灯泡两端的电压：UL＝U额＝3V，
根据串联电路电压的规律可得：U滑＝U﹣UL＝9V﹣3V＝6V，所以，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为6V，则灯泡正常发光；
②保持滑片位置不动，开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的全部电阻R′与定值电阻R串联，电压表测量变阻器滑片右边电阻两端的电压，此时电压表示数为U右＝4V；
由于滑动变阻器的全部电阻连入电路，为了间接测出定值电阻R两端的电压，所以需要测出滑动变阻器两端的电压，故再将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时电压表示数为滑动变阻器两端的电压，即U′＝7V；
③在②中，滑动变阻器的全部电阻R′与定值电阻R串联，根据串联电路电压的规律可得，R两端的电压：UR＝U﹣U′＝9V﹣7V＝2V，此时电路中的电流：I=URR=2V10Ω=0.2A，
当电压表示数为U右＝4V时，变阻器滑片右边电阻的阻值：R右=U右I=4V0.2A=20Ω，
故在①中，灯的额定电流为：IL＝I滑=U滑R右=6V20Ω=0.3A，则小灯泡的额定功率：P额＝ULIL＝3V×0.3A＝0.9W。
故答案为：（1）电压表；如上图所示；（2）左；（3）0.625；阻值受温度影响；（4）＞；（5）①6；②左；③0.9。
四．计算题（共2小题，满分18分）
21．【解答】解：由图知小灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流；
（1）根据P＝UI知灯泡正常发光的电流为：
IL=PLUL=0.9W3V=0.3A，所以电流表的示数为0.3A；
（2）利用公式I=PU知小灯泡正常发光的电阻为：
RL=ULIL=3V0.3A=10Ω；
（3）因为灯泡正常发光，所以小灯泡两端的电压为额定电压，根据串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压为：
U滑＝U﹣UL＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由欧姆定律的变形公式R=UI得滑动变阻器接入电路中的阻值为：
R滑=U滑IL=Ω。
答：（1）电流表的示数为0.3A；
（2）灯正常发光时的电阻为10Ω；
（3）滑动变阻器接入电路中的阻值为5Ω。
22．【解答】解：
（1）在家庭电路中，熔断器应接在火线上，所以工作电路中的A线应接火线；
（2）当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电路的总电阻最大，由P=U2R可知，电热水器的功率最小，处于保温状态：
（3）当红灯亮时，工作电路为R0的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水器处于加热状态，
由P=U2R可知R0的阻值：
R0=U2P加热=(220V)2800W=60.5Ω：
当绿灯亮时，工作电路中R0和R1串联，电热水器的功率最小，处于保温状态，此时电路的总电阻：
R串=U2P保温=(220V)240W=1210Ω；
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R1工作时的电阻：
R1＝R串﹣R0＝1210Ω﹣60.5Ω＝1149.5Ω；
（4）水的体积：V＝30L＝30dm3＝0.03m3，
由ρ=mV可得水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×0.03m3＝30kg，
水吸收的热量：
Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×30kg×1.4℃＝1.764×105J，
由P=Wt可得，消耗的电能：
W＝P加热t＝800W×4.2×60s＝2.016×105J，
该电热水器的效率：
η=Q吸W=1.764×105J2.016×105J×100%＝87.5%。
故答案为：
（1）火；
（2）保温；
（3）R1工作时的电阻是1149.5Ω；
（4）该电热水器的效率是87.5%。型号
LWI．Z20﹣19
电源
AD220V、50Hz
加热功率
800W
保温功率
40W
水容量
30L