2022-2023学年江苏省盐城市盐都区九年级上学期物理期中试题及答案

这是一份2022-2023学年江苏省盐城市盐都区九年级上学期物理期中试题及答案，共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

1. 图中利用了动滑轮的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】滑轮分为定滑轮和动滑轮，滑轮的轴心不随着物体的移动而移动的滑轮是定滑轮，否则是动滑轮。
A．图中物体移动时，滑轮的轴心不随物体的运动而移动，是定滑轮，故A不符合题意；
B．图中的滑轮位置不改变，属于定滑轮，故B不符合题意；
C．图中的滑轮轴心会随着物体的上升而移动，所以是动滑轮，故C符合题意；
D．图中滑轮的轴心不随物体的移动而移动，是定滑轮，故D不符合题意。
故选C。
2. 下列事例中，人对物体没有做功的是（ ）
A. 捡起地上的羽毛球B. 将弹簧拉力器拉长
C. 将实心球抛向空中D. 托着篮球在水平地面上匀速前进
【答案】D
【解析】
【详解】A．捡起地上的羽毛球，人对羽毛球施加向上的力，羽毛球在力的方向上移动了距离，所以人对羽毛球做了功，故A不符合题意；
B．将弹簧拉力器拉长，人对弹簧施加了力，弹簧的末端在力的方向上移动了距离，所以人对弹簧做了功，故B不符合题意；
C．将实心球抛向空中，人对实心球施加向上的力，实心球在力的方向上移动了距离，所以人对实心球做了功，故C不符合题意；
D．托着篮球在水平地面上匀速前进，人对篮球的力竖直向上，篮球水平移动，即篮球在力的方向上没有移动距离，所以人对篮球没有做功，故D符合题意。
故选D。
3. 划分优质煤和劣质煤的主要依据是这种煤的（ ）
A. 燃烧速度不同B. 比热容不同
C. 热值不同D. 导热本领不同
【答案】C
【解析】
【详解】不同的燃料完全燃烧放出的热量不同，热值是反映燃料的这种特性，所以常用热值来区分煤炭的优劣，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
4. 如图所示的各电路，其中可以正常工作的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由AB图可知，当开关闭合后，会导致电源短路，故AB不符合题意；
C．由C图可知，电路中没有电源，无法正常工作，故C不符合题意；
D．由D图可知，当开关闭合后，电流从电源正极通过开关、灯泡回到电源负极，可以正常工作，故D符合题意。
故选D。
5. 如图，将一张卡片对折，在开口的一边剪两个小豁口，然后套上一根橡皮筋，就做成了一个会跳的卡片。要使卡片跳得更高一些，下列方法可行的是（ ）
A. 两根橡皮筋并列装在卡片上B. 用质量较大的卡片
C. 减小两豁口之间的距离D. 以上三种方法均可行
【答案】A
【解析】
【详解】卡片在跳动的过程中，卡片的弹性势能转化为动能，所以要使卡片跳得更高一些，应增大弹性势能，而弹性势能的大小与物体弹性形变程度的大小有关；
A．两根橡皮筋并列装在卡片上，可以增大橡皮筋的弹性势能，故A符合题意；
BD．用质量较大的卡片，在卡片最终的重力势能相同的情况下，卡片的质量越大，跳起的高度越小，故BD不符合题意；
C．减小两豁口之间的距离，橡皮筋的形变程度变小，弹性势能变小，故C不符合题意。
故选A。
6. 用如图所示的甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重为20N，绳重和摩擦力不计，若手的拉力分别为F甲、F乙，两装置的机械效率为η甲、η乙，则（ ）
A. F甲＞F乙B. F甲＜F乙
C. η甲＞η乙D. η甲＜η乙
【答案】AC
【解析】
【详解】AB．由图知道，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力
F甲＝G＝100N
乙滑轮是动滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半
所以
F甲＞F乙
故A正确，B错误；
CD．两幅图中的W有是克服物体重力做的功是相同的，但乙图中拉力做功要克服动滑轮的重力做功，比甲图中做的总功要多，由知道，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小，所以
η甲＞η乙
故C正确，D错误。
故选AC。
7. 如图所示，吹足气的气球放手后，在空中飞行一段时间，气球喷气口温度降低。如图所示的热机四冲程与上述能量转化原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】吹足气的气球放手后，在空中飞行一段时间，气球喷气口温度降低，该过程是内能转化为机械能。
A．两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，机械能转化为内能，故A不符合题意；
B．排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，排气冲程，没有能量转化，故B不符合题意；
C．两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，内能转化为机械能，故C符合题意；
D．进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程，没有能量转化，故D不符合题意。
故选C。
8. 将一高温的铁块投入到冷水中，它们之间发生了热传递，不计热量损失，当热传递停止时，铁块和水可能不同的物理量是（ ）
A. 水吸收的热量和铁块放出的热量B. 铁块的温度和水的温度
C. 铁块的内能和水的内能D. 铁块内能减小的量和水内能增加的量
【答案】C
【解析】
【详解】A．高温的铁块投入到冷水中，它们之间发生了热传递，不计热量损失，水吸收的热量和铁块放出的热量相等，故A不符合题意；
B．当热传递停止时，铁块和水的温度相同，故B不符合题意；
C．物体内能大小与温度和质量都有关，铁块和水的温度相同，质量未知，内能可能不同，故C符合题意；
D．不计热量损失，铁块内能减小量和水内能增加的量是相等的，故D不符合题意。
故选C。
9. 北京冬奥会的成功举办，大大激发了国民参与冰雪运动的热情。某滑雪爱好者从雪坡高处的A点由静止自由滑下，经坡底的B点后，继续在水平滑道上滑行，最后停在C点。关于滑雪者的机械能，下列分析正确的是（ ）
A. 在A点动能为零，重力势能最大
B. 从A到B的过程中动能转化为重力势能
C. 从B到C的过程中动能逐渐增大
D. 从A到C的过程中机械能不变
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图可知，在A点时高度最高，重力势能最大，此时滑雪者的速度为零，动能为零，故A正确；
B．从A到B的过程中，滑雪者的质量不变，高度降低，重力势能减少，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故B错误；
C．从B到C的过程中，由于滑雪者受到地面的阻力，速度减小，质量不变，所以动能逐渐减小，故C错误；
D．从A到C的过程，克服摩擦做功，所以一部分机械能转化为内能，故机械能减小，故D错误。
故选A。
10. 如图所示，粗细不均匀的木料在O点被支起，处于平衡状态，则下列说法错误的是（ ）
A. 木料的重心在过O点的竖直虚线上
B. 若沿虚线将木料锯开，则两部分的质量相等
C. 若沿虚线将木料锯开，则粗端的质量较大
D. 若在细端挂一重物，则应将O点向右移动，才能继续保持平衡
【答案】B
【解析】
【详解】假设左侧部分的重心在A处，右侧部分的重心在B处，左侧部分的重力为G1，右侧部分的重力为G2，如图所示
A．木料在O点被支起，处于平衡状态，木料的重心在过O点的竖直虚线上，故A正确，不符合题意；
BC．木料处于平衡状态，由图可知，右侧部分重心离支点O较远，故力臂OB较大，左侧部分重心离支点较近，故力臂OA较小；根据杠杆平衡条件可得
G1×OA=G2×OB
左侧木料重力G1大、右侧木料重力G2小，因此粗端的质量较大，故B错误，符合题意；C正确，不符合题意；
D．若在细端挂一重物，右边的力与力臂的乘积大，杠杆不再平衡；可以将O点向右移动，使左边的力与力臂的乘积变大、同时右边的力与力臂的乘积变小，从而使两边的力与力臂的乘积相等，是杠杆再平衡，故D正确，不符合题意。
故选B。
11. 小明把两只不同规格且完好的小灯泡和两节干电池连接成如图所示的电路，当他检查电路连接正确后，闭合开关，发现只有小灯泡L2不亮，原因可能是（ ）
A. 小灯泡L1断路B. 小灯泡L1短路
C. 小灯泡L2断路D. 小灯泡L2短路
【答案】D
【解析】
【详解】闭合开关后，若两灯都不亮，故障为某处断路；小灯泡L2不发光，但灯泡L1发光，说明电路是通路，L1正常工作，L2不发光，说明L2短路，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
12. 如图所示，轻弹簧左端固定，原长时右端位于O点，现将木块置于弹簧的右端，用力将弹簧压缩∆l的长度（弹簧始终在弹性限度内）后由静止释放，木块在水平地面上向右滑行距离为s后停在O点右侧。下列描述该过程中木块克服地面摩擦力所做的功W、木块的动能Ek随木块距O点的长度x变化的关系图线中，可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】AB．木块在水平地面上向右滑行的过程中，因接触面的粗糙程度和对地面的压力均不变，所以，木块受到的摩擦力f大小不变，其方向水平向左，木块克服地面摩擦力所做的功W＝fs，木块从∆l到O点的过程中，x减小，摩擦力做的功W越大，木块从∆l到（s﹣∆l）的过程中，x增大，摩擦力做的功W也增大，即从∆l到O点、从O到（s﹣∆l）的过程中，W一直增大，故A错误、B正确；
CD．从x＝∆l开始运动时，弹簧的弹力大于木块受到的摩擦力，木块做加速运动，随着弹簧的伸长量减小，弹簧的弹力减小，而木块受到的摩擦力不变，所以木块受到的合力减小，木块速度的增加量减小，当弹簧的弹力和摩擦力相等时，木块的速度达到最大值，木块继续向右运动时，弹簧的弹力小于摩擦力，木块做减速运动，从O点继续向右运动时，弹簧的弹力向左且逐渐增大，此时弹簧的弹力和摩擦力方向均向左，木块做减速运动，直至停止，所以，从∆l到O点的过程中，木块的速度先增大后减小，其动能先增大后减小，从O到（s﹣∆l）的过程中，木块的动能一直减小，故CD错误。
故选B。
二、填空题（共8小题，每空1分，共24分）
13. 电源是供电的装置，常见的电源有直流电源和______电源。蓄电池是一种常用的可充电电源，从能量转化的角度看，充电时把______能转化为______能储存起来。
【答案】 ①. 交流 ②. 电 ③. 化学
【解析】
【详解】[1]根据工作时电流方向是否有周期性改变，常见的电源分为直流电源和交流电源。
[2][3]给汽车蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，所以相当于用电器，此时电能转化为化学能。
14. 家庭电路中的洗衣机、电视机、电灯等用电器的连接方式是______联，开关和被控制的用电器是______联，电冰箱内的压缩机和照明灯之间是______联的（选填“串”或“并”）。
【答案】 ①. 并 ②. 串 ③. 并
【解析】
【详解】[1]因为家庭电路中，用电器之间，插座之间，用电器和插座之间是并联的，因此家庭电路里的洗衣机、电视机、电灯等用电器的连接方式是并联连接。
[2]开关需要控制用电器，所以开关和被控制的用电器为串联连接。
[3]家用电冰箱的压缩机和照明灯，工作时互不影响，能够独立工作，所以它们之间属于并联电路。
15. 甲、乙两台拖拉机的功率相等，它们在相等的时间内通过的路程之比是3∶1，则甲、乙两台拖拉机速度之比是______，完成的功之比是______，受到的牵引力之比是______。
【答案】 ①. 3∶1 ②. 1∶1 ③. 1∶3
【解析】
【详解】[1]已知时间相同，通过的路程之比是3∶1，所以甲、乙两台拖拉机的速度之比为
[2]已知两台拖拉机的功率相同、时间相同，则由可得，两台拖拉机做功之比为
[3]因为甲、乙两台拖拉机做功之比为1∶1，通过的路程之比是3∶1，根据W=Fs可得，两台拖拉机的牵引力之比为
16. 如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，玻璃筒内的空气温度升高，空气的内能______（填“增加”或“减少”），空气的内能是通过______方式改变的；筒内的棉花由于温度升高到着火点而燃烧，棉花的内能是通过______方式改变的。
【答案】 ①. 增加 ②. 做功 ③. 热传递
【解析】
【详解】[1][2]迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，这是通过做功的方法增大空气内能。
[3]当温度达到棉花的燃点时，棉花就会燃烧，这是通过热传递的方式增加棉花的内能的。
17. 如图所示，要使电流表能测L1中的电流，需闭合开关______；要使L1、L2并联，需闭合开关______；当S1、S2、S3同时闭合时，电流表______（会/不会）被烧坏。
【答案】 ①. S2 ②. S1、S3 ③. 不会
【解析】
【详解】[1]要使电流表能测L1中的电流，需要电流表和灯泡L1串联，由图可知，闭合开关S2，电流表和两灯泡串联，此时电流表能测L1中的电流。
[2]要使L1、L2并联，电流需要分别流入两灯泡，由图可知，闭合开关S1、S3，两灯泡并联。
[3]由图可知，当S1、S2、S3同时闭合时，电流表和两灯泡被短路，会造成电源短路，所以电流表不会烧坏。
18. 小金用如图所示装置提升重物G，已知每一个滑轮所受重力相等均为2N，物体所受重力G为20N，在不计摩擦的情况下，小金至少需要___________N的力才能拉住物体G保持不动；天花板A点受到向下拉力为___________N；地面B点受到向上的拉力为___________N。
【答案】 ①. 20 ②. 42 ③. 40
【解析】
【详解】[1]如图所示，图中两个滑轮为定滑轮，定滑轮是等臂杠杆，不省力，所以小金的拉力为
[2]天花板上的A点受到的向下拉力大小为
[3]地面B点受到向上的拉力为
19. 如图所示是小明用一款充电宝给两部手机充电，此时充电宝相当于电路中的__________（选填“电源”“用电器”或“开关”），这两部手机是__________联的。小明家中装有一台电视机、一台洗衣机、两盏相同照明灯，单个用电器正常工作时的电流分别为500mA、1A、300mA，如果总电流不允许超过3A，他家最多还能再安装300mA的照明灯__________盏。
【答案】 ①. 电源 ②. 并 ③. 3
【解析】
【详解】[1]当充电宝给手机充电时，充电宝向手机提供了电能，因此充电宝相当于电源。
[2]由于两部手机在充电过程中，互不影响，因此它们是并联。
[3]并联电路中，干路电流等于支路电流之和，由题知，电路中的最大总电流为：I = 3A，已安装电器的电流之和为
最多还能安装灯的总电流为
故最多还能安装灯的盏数为
20. 小明用图甲的方式将均匀铁块推倒成丙图情况，此过程中铁块相当于______杠杆（选填“省力”、“费力”或“等臂”）；小宇用图乙的方式将同一铁块推倒成丙图情况，则F1______F2（选填“>”、“<”或“=”，下同），小明和小宇用甲、乙两种方法时至少要做的功分别为W1和W2，则W1______W2。
【答案】 ①. 省力 ②. < ③. =
【解析】
【详解】[1]按照甲的方法，支点为B，F1的力臂为BD，阻力是铁块的重力，阻力臂为底面圆的半径，由图可知，动力臂大于阻力臂，所以此过程中铁块相当于是省力杠杆。
[2]按照甲的方法，支点为B，F1力臂为BD，按照乙图方法，支点为C，F2力臂为C到F2的延长线的距离l，阻力为圆柱体的重力G，阻力臂为底面圆的半径，根据杠杆的平衡条件可知，当阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，动力越小，因为BD大于l，故F1[3]无论如何将圆柱铁块倒下都是克服重力做功，两种方法使得柱体重心移动距离相等，故两个力做功相等，故比较使用甲、乙两种方法，人至少要做的功的大小相同，即W1=W2。
三、解答题（共52分，解答22、23题时应有解题过程）
21. 如图所示的杠杆处于平衡状态，请作出力F的力臂。
【答案】
【解析】
【详解】如图所示的杠杆处于平衡状态时，O点为支点，从O点作F作用线的垂线，则垂线段长就是F的力臂L，如图所示：
22. 小明准备做探究“滑轮组的机械效率是否与滑轮组细绳的绕法有关”的实验。他根据探究目的先画出第一次实验装置图如图1所示。请你在图2中画出第二次实验的装置图。
【答案】
【解析】
【详解】由题知，本实验的目的是滑轮组的机械效率是否与滑轮组细绳的绕法有关，则应该控制其他因素都相同，改变绳子的绕法进行探究。图中绳子从定滑轮绕起，由图得，连接动滑轮的绳子的股数为2股；要改变滑轮组的绕线方式，则图中绳子需从动滑轮绕起，连接动滑轮的绳子的股数为3股；因为滑轮组的机械效率还与被提升物体的重力有关，所以被提升的物体和物体上升的高度应相同，如下图所示：
23. 在图中虚线框中填入电池和电表符号，使电路成为并联电路。
（ ）
【答案】
【解析】
【详解】若左侧方框为电流表，右侧方框为电源，会造成右侧电阻短路，故电流表位于右侧方框，电源位于左侧方框，如下图所示：
24. 如图所示，不计绳重和摩擦，用滑轮组匀速提起一个重为550N的物体，物体在5秒内竖直上升了1m，人拉绳的力为350N。求：
（1）绳端移动的速度；
（2）人拉绳子做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率。
【答案】（1）0.4m/s；（2）140W；（3）78.6%
【解析】
【分析】
【详解】解：（1）由图可知n＝2，绳端移动的距离
s＝nh＝2×1m＝2m
则绳端移动的速度
（2）拉力做的总功
W总＝Fs＝350N×2m＝700J
拉力做功功率
（2）拉力做的有用功
W有＝Gh＝550N×1m＝550J
滑轮组的机械效率
答：（1）绳端移动的速度为0.4m/s；
（2）人拉绳子做功的功率为140W；
（3）滑轮组的机械效率为78.6%。
25. 小明家新买来一台燃气热水器，如图所示，该燃气热水器主要是利用天然气燃烧来加热水的，假设该燃气热水器10s内能放出1kg、末温为50℃的热水，水的初温为15℃，某次洗漱时小明放了10s的水，该过程消耗了0.014m3的天然气（只有有水流出时，该热水器才会工作）[q天然气=4.2×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]。求：
（1）10s内放出的水吸收的热量；
（2）该过程中热水器加热水的效率；（假设该过程中天然气完全燃烧）
（3）若天然气完全燃烧产生的热量全部由干木柴来提供，需要完全燃烧0.049kg干木柴，则干木柴的热值。
【答案】（1）1.47×105J；（2）25%；（3）1.2×107J/kg
【解析】
【详解】解：（1）由题意可得，10s内放出的水吸收的热量为
Q吸=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（50℃-15℃）=1.47×105J
（2）由题意可得，天然气完全燃烧放出的热量为
Q放=Vq天然气=0.014m3×4.2×107J/m3=5.88×105J
所以热水器加热水的效率为
（3）由题意可得，干木柴完全燃烧放出的热量为
Q放′=Q放=5.88×105J
根据公式Q=mq可得，干木柴的热值为
答：（1）10s内放出的水吸收的热量为1.47×105J；
（2）该过程中热水器加热水的效率为25%；
（3）干木柴的热值为1.2×107J/kg。
26. 如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图。小明同学让同一钢球分别从斜面上由静止开始滚下，撞击木块。
（1）该实验是通过观察______来判断钢球的动能大小；
（2）根据甲、乙两图可以探究物体的动能大小与物体的______的关系，通过实验得到的结论是：______；
（3）若用图丙的装置，可以探究动能大小与______（选填“质量”、“速度”或“质量和速度”）之间的关系；
（4）小明由此实验还联想到探究“阻力对物体运动的影响”的实验，让同一个小车从同一斜面的同一高度由静止释放，到达毛巾、棉布、玻璃三种不同水平面上继续向前运动直到停止，在运动的整个过程中，小车克服阻力做的功______（选填“相等”或“不相等”）。小车在玻璃、毛巾表面克服阻力做功的功率分别是P1和P2，则P1______P2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
【答案】 ①. 木块移动的距离 ②. 速度 ③. 见解析 ④. 速度 ⑤. 相等 ⑥. 小于
【解析】
【详解】（1）[1]实验中，钢球由斜面滚下到水平面的动能不同，撞击木块做功就不同，木块移动的距离也会不同，所以通过观察木块移动的距离来判断钢球的动能大小。
（2）[2]甲、乙两图中，同一钢球从斜面的不同高度静止滚下，到达水平的速度不同，所以探究的是物体动能大小与物体运动速度的关系。
[3]质量相同时，乙图中，钢球在斜面上所处的高度更高，滚到水平面的速度更大，撞击木块移动的距离更远，说明钢球具有的动能更大，所以可得：质量相同时，物体速度越大，动能越大。
（3）[4]由图丙知，小球的质量一定，压缩弹簧的形变程度不同，弹簧具有的弹性势能不同，转化为小球的动能不同，小球运动的速度不同，所以可以探究动能跟速度的关系。
（4）[5]同一小车从同一斜面的同一高度静止释放，到达水平时，速度相同，所具有的动能相等，在粗糙程度不同的表面上克服摩擦做功，将动能转化为内能，停止时，所有的动能全部转化为内能，即克服摩擦所做的功相等。
[6]玻璃和毛巾表面相比，玻璃更光滑，小车在玻璃面上所受的阻力小，运动至停下的时间长，在毛巾面上所受的阻力大，运动至停下的时间短。而小车在两个表面克服摩擦所做的功相等，根据 知，在玻璃表面克服阻力做功的功率小于在毛巾表面上的功率。即
P127. 用如图所示的电路探究并联电路中的电流关系。
（1）在连接电路时，开关应处于______状态；
（2）实验中，选择两个小灯泡的规格应该是______的（选填“相同”或“不同”）；
（3）闭合开关，发现L1亮，而L2不亮．小易认为L2不亮的原因是L2短路，你认为他的判断是______（选填“正确”或“错误”）的；
（4）小易准备将电路中右侧的a导线与电流表“0.6”接线柱相连的那一端改接到“﹣”接线柱上，其它都不动，这样连接的目的是想测______的电流（选填“干路”或“L2”）。同桌小华认为这样做不可行，原因是：______；
（5）小易解决问题后将实验数据记录在下表中，分析表中数据，得出了结论，小易这样得出结论有何不妥之处？______，改进方法______。
【答案】 ①. 断开 ②. 不同 ③. 错误 ④. L2 ⑤. 电流表的正负接线柱接反了 ⑥. 只根据一组数据得出的结论有偶然性 ⑦. 要换用不同规格的灯泡多次实验
【解析】
【详解】（1）[1]保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（2）[2]为得出普遍性的结论，避免结论的偶然性，要采用不同规格的灯泡进行实验。
（3）[3]图中两灯并联，若L2短路，则另一个灯泡和电源会同时短路，两灯都不发光，故小易的判断是错误的（故障应为灯泡L2断路）。
（4）[4][5]电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，电流表应与待测电路串联。当将电路中右侧的导线与电流表“0.6”接线柱相连的那一端改接到“﹣”接线柱上，其它都不动，此时电流表串联在了L2所在的支路中，这样连接的目的是想测L2的电流，此时因电流表的正负接线柱接反了，故不可行。
（5）[6][7]只根据一组数据得出的结论有偶然性；为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次实验。
28. 如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择______两图进行实验，燃料完全燃烧放出的热量，是通过______来反映的（选“温度计上升示数”或“加热时间”）；
（2）比较不同物质吸热升温的特点：
①应选择______两图进行实验：需要的测量器材图中所示外，还需要______和______；
②不同物质吸热的多少是通过______来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）；
③若液体b的比热容是4.0×103J/（kg·℃），液体a的比热容是______J/（kg·℃）；
④通过实验可以发现，不同物质吸热的能力不同。相同条件下吸热升温较快的物质，吸热的能力较______（选填“强”或“弱”）。
【答案】 ①. 甲、乙 ②. 温度计上升示数 ③. 甲丙 ④. 天平 ⑤. 秒表 ⑥. 加热时间 ⑦. 2.0×103 ⑧. 弱
【解析】
【详解】（1）[1][2]比较不同燃料的热值，应选择不同的燃料加热相同的物质，即用甲、乙两图进行实验；质量相同的水，温度变化越大，说明吸收热量越多，所以实验中通过温度计示数来表示燃料放出热量的多少。
（2）①[3][4][5]比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同，应选择甲、丙两图进行实验；因要测量温度的变化和控制不同物质质量相同及控制加热时间，测量温度的工具为温度计，图中已显示，测量质量的工具是天平，测时间的工具为秒表，故还需要的测量器材：天平和秒表。
② [6]不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的。
③[7]如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图像如图丁所示，由图可以看出，A温度升高80℃用10分钟，B温度液体升高80℃用20分钟，升高相同的温度，B吸收热量是A的2倍，根据，在质量和升高温度相同的情况下，故液体A的比热容是
④[8]相同条件下吸热升温较快的物质，其吸热的能力较弱。
29. 阅读短文，回答问题。
神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆
北京时间2022年4月16日9时56分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。现场医监医保人员确认，航天员翟志刚、王亚平、叶光富身体状态良好，神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功。
神舟十三号本次返回地球，使用了黑科技——快速返回技术。载人飞船从脱离太空站到返回地球只用了8小时，比神舟十二号飞船返回的时间缩短了20小时。那么神舟十三号有什么特别之处呢？其实要想快速返回，最重要的就是让飞船在一定程度上尽快减速着陆，这就需要推进舱的动力足够大，除此之外还有一个比较重要的就是推进舱的点火速度要快。这两个问题解决了，飞船的返回时间就可以大大缩短。
神舟十三号在太空中的外形结构如图所示，由轨道舱与返回舱（可载人）以及推进舱所组成。轨道舱可以与太空站相连，返回舱与推进舱相连。
神舟十三号飞船与太空站分离后，先围绕地球5圈做近似的圆周运动，调整运动状态。9时06分，飞船在距离地面约145km处，收到从北京航天飞行控制中心通过地面测控站发出返回指令，神舟十三号载人飞船轨道舱与返回舱成功分离（轨道舱自行穿越大气层而销毁）；然后飞船穿越大气层不断减速，于09时30分，在距离地面约10km时，飞船制动发动机点火，返回舱与推进舱分离；再接着返回舱开始做直线运动，通过大气的摩擦、降落伞以及各种减速科技让飞船不断减速；最后飞船下降到距离地面1m时，4台反推发动机同时点火，向地面方向喷出高温燃气，使飞船获得一个竖直向上的阻力，飞船再一次减速，返回舱最终成功匀速着陆。
（1）神舟十三号在绕地球做圆周运动过程中，返回舱相对轨道舱是______的（选填“运动”或“静止”）；飞船受到______（选填“平衡力”或“非平衡力”）的作用；
（2）返回舱进入地球大气层与大气剧烈摩擦，通过______方式增加了返回舱表面的内能，该过程与内燃机的冲程能量转化相同；
（3）距地面10km至着陆的过程中，返回舱的机械能______（选填“守恒”或“不守恒”）；
（4）在太空站内，下列说法错误的是______；
A.可以利用天平测量物体的质量
B.飞船舱内气压大于外界气压
C.可以用弹簧做成的拉力器锻炼身体
D.探究乒乓球是否受到浮力的实验中，发现乒乓球可以静止于水中任意位置
（5）神舟十三号返回舱在预定区域安全降落。从返回舱距地面10km做直线运动开始计时到成功匀速着陆，返回舱的动能与其下降高度的关系图像中，大致正确的是______。
A．
【答案】 ①. 静止 ②. 非平衡力 ③. 做功 ④. 不守恒 ⑤. A ⑥. A
【解析】
【详解】（1）[1]神舟十三号在绕地球做圆周运动过程中，返回舱相对轨道舱的位置没有发生改变，所以是静止的。
[2]由于飞船运动的方向不断改变，即处于非平衡状态，所以飞船受到非平衡力的作用。
（2）[3]返回舱进入地球大气层与大气剧烈摩擦，这是通过做功的方式增加了返回舱表面的内能，即机械能转化为内能，该过程与内燃机的做功冲程相同。
（3）[4]距地面10km至着陆的过程中，飞船克服空气的摩擦力做功，使部分机械能转化为内能，所以飞船的机械能减少，故距地面10km至着陆的过程中，返回舱的机械能不守恒。
（4）[5]A．太空站内物体处于“失重”状态，无法利用天平测量物体的质量，故A错误，符合题意；
B．太空中舱外气压为零，舱内气压与地球表面的大气压相当，因此，飞船舱内气压大于外界气压，故B正确，不符合题意；
C．太空站内物体处于“失重”状态，但不影响弹力的存在，因此，可以用弹簧做成的拉力器锻炼身体，故C正确，不符合题意；
D．探究乒乓球是否受到浮力的实验中，由于水和乒乓球都处于“失重”状态，因此，会发现乒乓球可以静止于水中任意位置，故D正确，不符合题意。
故选A。
（5）[6]回舱减速下降的过程中，质量不变，速度减小，所以动能减小，后来做匀速运动，所以动能不变，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
电流表的测量对象
电流表的示数I/A
L1所在的支路
0.30
L2所在的支路
0.20
干路
0.50