浙教版七年级下册数学举一反三系列 专题7.2 期中期末专项复习之二元一次方程组十四大必考点（学生版+教师版）

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TOC \ "1-3" \h \u
\l "_Tc2121" 【考点1 二元一次方程（组）的概念】 PAGEREF _Tc2121 \h 1
\l "_Tc10158" 【考点2 二元一次方程组的解】 PAGEREF _Tc10158 \h 3
\l "_Tc16287" 【考点3 解二元一次方程组】 PAGEREF _Tc16287 \h 5
\l "_Tc6815" 【题型4 同解方程组】 PAGEREF _Tc6815 \h 8
\l "_Tc20890" 【题型5 二元一次方程组的错解复原问题】 PAGEREF _Tc20890 \h 11
\l "_Tc868" 【题型6 构造二元一次方程组求解】 PAGEREF _Tc868 \h 14
\l "_Tc7619" 【考点7 二元一次方程的整数解】 PAGEREF _Tc7619 \h 16
\l "_Tc25507" 【考点8 二元一次方程组的特殊解法】 PAGEREF _Tc25507 \h 20
\l "_Tc9850" 【考点9 二元一次方程组的新定义问题】 PAGEREF _Tc9850 \h 23
\l "_Tc26179" 【考点10 二元一次方程（组）的规律探究】 PAGEREF _Tc26179 \h 26
\l "_Tc31980" 【考点11 二元一次方程（组）的阅读理解类问题】 PAGEREF _Tc31980 \h 29
\l "_Tc10776" 【考点12 二元一次方程（组）的应用】 PAGEREF _Tc10776 \h 34
\l "_Tc13712" 【考点13 三元一次方程组的解法】 PAGEREF _Tc13712 \h 39
\l "_Tc26341" 【考点14 三元一次方程组的应用】 PAGEREF _Tc26341 \h 42
【考点1 二元一次方程（组）的概念】
【例1】（2022·浙江·义乌市稠州中学教育集团七年级阶段练习）方程①2x﹣3y＝1，②xy＝﹣2，③＝5，④x﹣+2＝0中，为二元一次方程的是（ ）
A．①B．②C．③D．④
【答案】A
【分析】根据二元一次方程满足的条件：含有2个未知数，含未知数的项的次数是1的整式方程进行判断．
【详解】解：①2x﹣3y＝1，符合二元一次方程的定义，是二元一次方程；
②xy＝﹣2，含未知数的项的次数是2，不是二元一次方程；
③＝5，含未知数的项的次数是2，不是二元一次方程；
④x﹣+2＝0不是整式方程，不是二元一次方程；
故选：A．
【点睛】主要考查二元一次方程的概念，要求熟悉二元一次方程的形式及其特点：含有2个未知数，含未知数的项的次数是1的整式方程．
【变式1-1】（2022·上海·期末）下列方程组中，二元一次方程组有（ ）
①；②；③；④．
A．4个B．3个C．2个D．1个
【答案】C
【分析】组成二元一次方程组的两个方程应共含有两个相同的未知数，且未知数的项最高次数都应是一次的整式方程．
【详解】解：①、符合二元一次方程组的定义，故①符合题意；
②、第一个方程与第二个方程所含未知数共有3个，故②不符合题意；
③、符合二元一次方程组的定义，故③符合题意；
④、该方程组中第一个方程是二次方程，故④不符合题意．
故选：．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的定义，解题时需要掌握二元一次方程组满足三个条件：①方程组中的两个方程都是整式方程．②方程组中共含有两个未知数．③每个方程都是一次方程．
【变式1-2】（2022·全国·八年级单元测试）已知是关于，的二元一次方程，则的值为________．
【答案】
【分析】根据二元一次方程的定义：含有两个未知数，并且含有未知数的项的次数都是1，像这样的方程叫做二元一次方程可得，再解即可．
【详解】解：依题意得：，
解得．
故答案是：．
【点睛】本题考查二元一次方程的定义．熟记二元一次方程的定义是解题的关键．
【变式1-3】（2022·浙江·杭州市大关中学七年级期末）关于x，y的二元一次方程ax+by=c（a，b，c是常数），b=a+1，c=b+1，对于任意一个满足条件的a，此二元一次方程都有一个公共解，这个公共解为_________．
【答案】
【分析】由ax+by=c，b=a+1，c=b+1，得ax+ay+y=a+2，由对于任意一个满足条件的a，此二元一次方程都有一个公共解即可求解；
【详解】解：∵ax+by=c，b=a+1，c=b+1，
∴ax+ay+y=a+2
∵对于任意一个满足条件的a，此二元一次方程都有一个公共解
∴令a=0，则y=2；把y=2代入ax+ay+y=a+2
得：ax=-a，
∴x=-1，
∴公共解为．
【点睛】本题主要考查二元一次方程，由b=a+1，c=b+1得到ax+ay+y=a+2是解题的关键．
【考点2 二元一次方程组的解】
【例2】（2022·浙江·华东师范大学附属杭州学校七年级期末）方程组的解为，则被遮盖的两个数和分别为( )
A．，B．，C．，D．，
【答案】B
【分析】将代入中求出的值，将，的值代入求值即可得出答案．
【详解】解：将代入中得：，
，
故选：B．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解，掌握二元一次方程组的解是方程组两个方程的公共解是解题的关键．
【变式2-1】（2022·陕西·商洛市山阳信毅九年制学校七年级阶段练习）乐乐，果果两人同解方程组时，乐乐看错了方程①中的a，解得，果果看错了方程②中的b，解得，求的值．
【答案】0
【分析】把代入②得出可求出，把代入①得出可求出，然后再代入求代数式的值即可．
【详解】解：甲、乙两人同解方程组时，甲看错了方程①中的，解得，乙看错了方程②中的，解得，
把代入②，得，解得：，
把代入①，得，解得：，
．
【点睛】本题主要考查了解二元一次方程组，解一元一次方程和代数式求值等知识点，解题的关键是列出关于、的一元一次方程求得、的值．
【变式2-2】（2022·江苏·无锡市查桥中学七年级阶段练习）若和是某二元一次方程的解，则这个方程为（ ）
A．x+2y= -3B．C．D．
【答案】D
【分析】根据二元一次方程的解的定义判断即可．
【详解】解：、当，时，x+2y=-9≠-3,
故不是方程x+2y= -3的解，不符合题意；
B、当，时，2x-y=2+2≠-3,
故不是方程的解，不符合题意；
C、当，时，，
故不是方程的解，不符合题意；
D、当和时，方程都成立，
故和是方程的解，故符合题意；
故选：．
【点睛】本题主要考查二元一次方程解的概念，使方程左右两边相等的一组未知数的值即为该方程的解，掌握方程的解使方程左右两边相等是解题的关键．
【变式2-3】（2022·陕西汉中·七年级期末）已知关于、的方程组，则下列结论中正确的有( )
①当时，方程组的解也是方程的解；
②当时，；
③不论取什么数，的值始终不变．
A．个B．个C．个D．个
【答案】C
【分析】将已知代入二元一次方程组后进行判断，可知是否正确；用代入消元法解二元一次方程组，然后再求即可判断是否正确．
【详解】解：当时，，
故不符合题意；
当时，，
，
故符合题意；
，
得，，
将代入得，，
，
的值始终不变，
故符合题意；
故选：C
【点睛】本题考查二元一次方程组的解，熟练掌握二元一次方程组的解与二元一次方程组的关系，会用代入消元法和加减消元法解二元一次方程组是解题的关键．
【考点3 解二元一次方程组】
【例3】（2022·浙江·杭州市实验外国语学校七年级期末）关于，方程组满足，的和为2，则的值为______．
【答案】9
【分析】先求出方程组的解，然后结合，求出m的值，再代入计算，即可求出答案．
【详解】解：∵，
解方程组，得，
∵，
∴，
解得，
∴；
故答案为：9
【点睛】本题考查了解二元一次方程组，方程组的解，求代数式的值，解题的关键是正确的求出方程组的解，从而求出m的值．
【变式3-1】（2022·福建省永春乌石中学七年级阶段练习）已知方程组的解也是方程组的解求的值．
【答案】
【分析】根据题意可知两个方程组有相同的解，即说明第一个方程组的解也适合第二个方程组，再根据二元一次方程组解的定义，即可求出答案．
【详解】① ②，①×（-5）－②得，，解得，
把代入①得，，解得，
所以方程组的解是，
把代入方程组，得，解得，
故答案为：．
【点睛】本题考查了二元一次方程组解的定义及二元一次方程组的解法，解答此题的关键是要弄清题意，两个方程组有相同的解，即说明第一个方程组的解也适合第二个方程组．
【变式3-2】（2022·山东·聊城市东昌府区水城双语学校七年级阶段练习）解方程组
(1)
(2)
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）用代入法求解即可；
（2）先化简方程，再用加减法求解即可．
（1）
解：，
把①代入②得：3x+2x﹣4＝1，
解得：x＝1，
把x＝1代入①得：y＝﹣2，
则方程组的解为；
（2）
解：方程组整理得：，
①×2+②得：15y＝11，
解得：y＝，
②×7﹣①得：15x＝17，
解得：x＝，
则方程组的解为．
【点睛】本题考查解二元一次方程组，熟练掌握根据方程组的特征，恰当选择代入消元法和加减消元法求解是解题的关键．
【变式3-3】（2022·江苏泰州·七年级期末）在等式y＝ax2＋bx＋1中，当x＝－1时，y＝6；当x＝2时，y＝11．
（1）求a，b的值；
（2）当x＝－3时，求y的值．
【答案】（1）a=，b=-；（2）36
【分析】（1）把x、y的值分别代入y=ax2+bx+1，得出关于a、b的方程组，再求出方程组的解即可；
（2）把x=-3代入（1）中所求的结果，即可求出y．
【详解】解：（1）根据题意，得，
①×2+②，得6a+3=23，
解得：a=，
把a=代入①，得-b+1=6，
解得：b=-；
（2），
当x=-3时，=36．
【点睛】本题考查了解二元一次方程组，能得出关于a、b的方程组是解此题的关键．
【题型4 同解方程组】
【例4】（2022·山东济宁·七年级期末）已知方程组和方程组有相同的解，则，的值分别为（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【分析】先根据方程组，求出，再代入和中，得到关于a、b的方程组，即可求解．
【详解】解：根据题意得：，
由①+②得：，
解得：，
把代入①得：，
解得：，
把，代入和中得：
，解得：．
故选：A
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解，遇到有关二元一次方程组的解的问题时，将解代入原方程组，这种方法主要用在求方程组中的字母系数．
【变式4-1】（2022·湖北武汉·七年级期末）已知方程组与有相同的解，则_______．
【答案】
【分析】根据两个方程组解相同，可先求出x、y的值，再将x、y的值代入其余两个方程即可求出m、n的值．
【详解】解：根据题意，得，
解得，
把x、y的值代入方程组，
可得，
解得．
∴m+n=．
故答案为：．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解，解决本题的关键是先求出x、y的值．
【变式4-2】（2022·黑龙江·大庆市高新区学校七年级期末）关于x，y的两个方程组和有相同的解，则的值是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【分析】由题意知，可重新组成两个关于x，y的两个方程组和，先计算不含参的二元一次方程组，得的值，然后代入含参的二元一次方程组，求的值，然后代入求解即可．
【详解】解：∵两个方程组同解
∴可知关于x，y的两个方程组和有相同的解
解方程组
②①得
将代入①式得
解得
∴方程组的解为
将代入方程组得
解关于的方程组
③④得
解得
将代入③式得
解得
∴方程组的解为
∴
故选A．
【点睛】本题考查了同解方程组，解二元一次方程．解题的关键在于将两个方程组重新组成新的方程组求解．
【变式4-3】（2022·陕西安康·七年级期末）已知关于，的二元一次方程组和的解相同，求的值．
【答案】5
【分析】先联立，求出x和y的值，代入，求出a和b的值即可．
【详解】解：∵关于，的二元一次方程组和的解相同，
∴联立，
解方程组，得，
将代入得，
解方程组，得，
∴a+b＝2+3＝5．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解，解二元一次方程组，联立两个已知的方程求出x和y的值是解题的关键．
【题型5 二元一次方程组的错解复原问题】
【例5】（2021·山东滨州·七年级期末）解方程组时，一学生把看错而得到，而正确的解是，那么的值为（ ）
A．4B．5C．6D．7
【答案】D
【分析】先将两组解代入方程组中的第一个方程可得关于的方程组，解方程组可得的值，再将代入方程组中的第二个方程可得的值，然后代入计算即可得．
【详解】解：由题意，将和代入方程得：，
解得，
将代入得：，解得，
则，
故选：D．
【点睛】本题考查了解二元一次方程组、二元一次方程组的解，熟练掌握解二元一次方程组的方法是解题关键．
【变式5-1】（2022·四川巴中·七年级期末）甲、乙两人解关于x、y的方程组时，甲因看错a得到方程组的解为，乙将方程②中的b写成了它的相反数得到方程组的解为．
(1)求a、b的值；
(2)求原方程组的解．
【答案】(1)，
(2)
【分析】（1）将代入算出，将代入算出即可；
（2）将 的值代入二元一次方程组中，解出即可．
(1)
解：甲看错方程组中的
的a，得到方程组的解为．
将代入①得：，
乙把方程②中的b看成了它的相反数，得到方程组的解，
将代入中
得：；
(2)
解：将代入中得： ，
解得 ．
【点睛】本题考查了解二元一次方程组、二元一次方程组的解，熟知方程组的解即为能使方程组中两方程成立的未知数的值，掌握二元一次方程组的解是解题的关键．
【变式5-2】（2018·江西宜春·七年级期末）已知方程组由于甲看错了方程①中的得到方程组的解为；乙看错了方程②中的得到方程组的解为，若按正确的，计算，请你求原方程组的解．
【答案】
【分析】把甲的结果代入方程②求出的值，把乙的结果代入方程①求出的值，然后可确定出方程组，利用加减消元法解方程组即可得．
【详解】解：由题意，把代入方程得：，解得，
把代入方程得：，解得，
则方程组为，
由①②得：，
解得，
将代入①得：，
解得，
则方程组的解为．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解、解二元一次方程组，熟练掌握消元法是解题关键．
【变式5-3】（2022·河南·安阳市第五中学七年级期末）甲乙两名同学在解方程组时，由于粗心，甲看错了方程组中的a，而得解为；乙看错了方程组中的b，而得解为．
(1)甲把a看成了什么，乙把b看成了什么？
(2)请你根据以上两种结果，求出原方程组的正确解．
【答案】(1)甲把a看成了5，乙把b看成了6
(2)
【分析】（1）把代入得出关于的一元一次方程，解一元一次方程即可得出甲把a看成了什么，把代入得出关于b的一元一次方程，解一元一次方程即可得出乙把b看成了什么；
（2）把代入得出关于b的一元一次方程，解一元一次方程得出b的值，把代入得出关于a的一元一次方程，解一元一次方程得出a的值，把a，b代入原方程组得出关于x，y的方程组，解方程组即可得出原方程组的正确解．
【详解】（1）解：把代入，
可得：，
解得：，
把代入，
可得：，
解得：，
∴甲把a看成了5，乙把b看成了6；
（2）解：把代入，
可得：，
解得：，
把代入，
可得：，
解得：，
把，代入原方程组，
可得：，
由②得：③，
由①+③，可得：，
∴，
把代入①，可得：，
解得：，
∴原方程组的解．
【点睛】本题考查了二元一次方程组的解、解二元一次方程组，理解二元一次方程组的解，掌握解二元一次方程组的方法是解决问题的关键．
【题型6 构造二元一次方程组求解】
【例6】（2022·浙江湖州·七年级期末）小王和小明分别计算同一道整式乘法题：，小王由于抄错了一个多项式中的符号，得到的结果为，小红由于抄错了第二个多项式中的的系数，得到的结果为，则这道题的正确结果是_________．
【答案】
【分析】利用小王和小明的解法列出关于m，n的二元一次方程组，解方程组求出m，n的值，再将m，n的值代入原式计算即可．
【详解】解：由小王的解法可知=，
即=，
可知=；
由小红的结果可知小红将4抄成2，
故=，
即=，
可知=；
联立得，
解得，
将代入得=．
故答案为：．
【点睛】本题考查了多项式与多项式的乘法运算及解二元一次方程组，正确列出关于m，n的方程组是解答本题的关键．
【变式6-1】（2022·山东济宁·七年级期末）对于实数x，y，定义新运算x*y=ax+by+1．其中a，b为常数，等式右边为通常的加法和乘法运算，若2*5=10，4*7=28，则3*6=（ ）
A．18B．19C．20D．21
【答案】B
【分析】根据题中的新定义的运算法则，列出方程组，解方程组求出a与b的值，再代入计算即可．
【详解】解：根据题中的新定义，可得，
解方程组，得，
∴．
故选：B．
【点睛】此题考查的是定义新运算和解二元一次方程组，理解定义新运算公式，掌握二元一次方程组的解法是解决此题的关键．
【变式6-2】（2022·上海市民办新复兴初级中学七年级期末）当时，多项式的值是32，且当该多项式值为0，则的值是（ ）
A．8B．16C．32D．无法确定
【答案】B
【分析】根题意分别把x=1、代入得出方程组，①+②即可求出2a+2c+2e的值，两边都除以2即可求出答案．
【详解】解析：∵当时，多项式的值是32，且当该多项式值为0，
∴代入得：，
①＋②得：，两边都除以2得：，
故选B．
【点睛】本题考查了代数式求值的应用，主要检查学生能否选择适当的方法求出a+c+e的值，难点是正确代入，题目较好，难度不大．
【变式6-3】（2022·安徽安庆·七年级期末）当a、b都是整数时，我们称（a，b）为一个有序整数对，如（-2，2）和（2，-2）是两个不同的有序整数对，则满足|a-b|+|ab|=1的有序整数对有（ ）
A．2个B．3个C．4个D．6个
【答案】D
【分析】根据整数的性质可知当a、b都是整数，且|a-b|+|ab|=1时，，或，再根据绝对值的定义以及有理数的混合运算法则分别求出满足与满足的有序整数对即可．
【详解】解：∵a、b都是整数，且|a-b|+|ab|=1，
∴，或．
满足的有序整数对有（1，1），（-1，-1）；
满足的有序整数对有（1，0），（0，1），（-1，-0），（0，-1）．
综上所述，满足|a-b|+|ab|=1的有序整数对有（1，1），（-1，-1），（1，0），（0，1），（-1，-0），（0，-1），一共6个．
故选：D．
【点睛】本题考查了二元一次方程组，有理数的混合运算，绝对值的定义，数的整除，掌握数的整除性以及运算法则是解题的关键．
【考点7 二元一次方程的整数解】
【例7】（2022·上海市静安区实验中学课时练习）二元一次方程3x+8y=27的所有正整数解为_________；整数解有_______个．
【答案】 无数
【分析】把x看做已知数求出y，分析即可确定出正整数解及整数解的情况．
【详解】解：方程3x+8y=27，
解得：,
∵当x、y是正整数时，9-x是8的倍数，
∴x=1，y=3；
∴二元一次方程3x+8y=27的正整数解只有1个，即；
∵当x、y是整数时，9-x是8的倍数，
∴x可以有无数个值，如-7,-15,-23，……；
∴二元一次方程3x+8y=27的整数解有无数个.
故答案是：；无数.
【点睛】此题考查了二元一次方程的整数解及正整数解问题，解题的关键是将x看做已知数求出y．
【变式7-1】（2022·全国·七年级课时练习）已知关于x的方程有整数解，求满足条件的所有整数k的值．
【答案】k=26，10，8，-8．
【分析】将原式转化，得到，根据x与k均为整数，即可推出k的值．
【详解】，
，
，k都是整数，
，x都是整数，
，，1或17，
，10，8，．
【点睛】本题考查了方程的整数解，根据“整数”这一条件即可将方程的解限制在有限的范围内通过试解即可得到k的值．
【变式7-2】（2022·重庆一中八年级开学考试）对任意一个四位数m，若m满足各数位上的数字都不为0，且千位与百位上的数字不相等，十位与个位上的数字不相等，那么称这个数为“M数”，将一个“M数”m的任意一个数位上的数字去掉后可以得到四个新三位数，把这四个新三位数的和与3的商记为．例如，“M数”，去掉千位上的数字得到234，去掉百位上的数字得到134，去掉十位上的数字得到124，去掉个位上的数字得到123，这四个新三位数的和为，，所以．
(1)计算：，；
(2)若“M数”（，，x，y都是正整数），也是“M数”，且能被8整除．求的值．
【答案】(1)
(2)或
【分析】（1）直接根据阅读部分提供的运算法则进行运算即可；
（2）先求解 结合能被8整除，可得能够被8整除，而，，x，y都是正整数，再分类讨论即可.
(1)
解：
(2)
解： “M数”（，，x，y都是正整数），


能被8整除，
能够被8整除，而，，x，y都是正整数，
当
此时
当
此时
【点睛】本题考查的是阅读理解，新定义运算，数的整除，二元一次方程的正整数解问题，考查方式比较新颖，理解“M数”的具体特征是解决问题的关键．
【变式7-3】（2022·重庆涪陵·七年级期末）对于一个各个数位上的数字均不为零的三位自然数，若的十位数字等于百位数字与个位数字之和，则称这个自然数为“三峡数”．当三位自然数为“三峡数”时，交换的百位数字和个位数字后会得到一个三位自然数，规定．例如：当时，因为，所以583是“三峡数”；此时，则．
(1)判断341和153是否是“二峡数”？并说明理由；
(2)求的值；
(3)若三位自然数（即的百位数字是，十位数字是，个位数字是，，，，是整数，）为“三峡数”，且时，求满足条件的所有三位自然数．
【答案】(1)341是“三峡数”，153不是“三峡数”，理由见解析
(2)
(3)所有满足条件的是671、792
【分析】（1）根据三峡数的定义分析即可；
（2）根据计算；
（3）根据列出关于a、b的二元一次方程，然后根据，求解；
(1)
341是“三峡数”，∵，∴341是“三峡数”；
153不是“三峡数”，∵，∴153不是“三峡数”；
(2)
；
(3)
由题知（，，，是整数），
则，
∴，
，
则（，，，是整数），
，，
，
答：所有满足条件的是671、792.
【点睛】本题考查了新定义，以及解二元一次方程，正确理解“三峡数”的定义是解答本题的关键．
【考点8 二元一次方程组的特殊解法】
【例8】（2022·福建省永春乌石中学七年级阶段练习）数学方法：
解方程组：，若设，，则原方程组可化为，解方程组得，所以，解方程组得，我们把某个式子看成一个整体，用一个字母去替代它，这种解方程组的方法叫做换元法．
(1)直接填空：已知关于x，y的二元一次方程组，的解为，那么关于m、n的二元一次方程组的解为： ．
(2)知识迁移：请用这种方法解方程组．
(3)拓展应用：已知关于x，y的二元一次方程组的解为，
求关于x，y的方程组的解．
【答案】(1)
(2)
(3)
【分析】（1）设，，即可得，解方程组即可求解；
（2）设，，则原方程组可化为，解方程组即可求解；
（3）设，，则原方程组可化为，，根据的解为，可得，即有，则问题得解．
（1）
设，，则原方程组可化为，
∵的解为，
∴，
解得，
故答案为：；
（2）
设，，则原方程组可化为，
解得，
即有，
解得，
即：方程组的解为；
（3）
设，，则原方程组可化为，
化简，得，
∵关于x，y的二元一次方程组的解为，
∴，即有，
解得：，
故方程组的解为：．
【点睛】本题考查了用换元法解二元一次方程组的知识，紧密结合题目给出的示例，合理换元是解答本题的关键．
【变式8-1】（2022·上海市复旦实验中学八年级期末）用换元法解方程组时，可设则原方程组可化为关于u、v的整式方程组为_____．
【答案】
【分析】将代入原方程组即可得．
【详解】解：将代入方程组
得：，
故答案为：．
【点睛】本题考查了解二元一次方程组，熟练掌握换元法是解题关键．
【变式8-2】（2022·陕西·西大附中浐灞中学八年级期末）解方程组：
【答案】
【分析】把和分别作为整体，然后利用加减消元法解答，即可求解．
【详解】解：，
由①×4-②得：③，
由①+③得：，
解得：，
把代入③得：，
解得：，
所以原方程组的解为．
【点睛】本题主要考查了解二元一次方程组，利用整体代入思想解答是解题的关键．
【变式8-3】（2022·北京朝阳·七年级期末）阅读下列材料并填空：
（）对于二元一次方程组我们可以将，的系数和相应的常数项排成一个数表，求得一次方程组的解，用数可表示为．用数表可以简化表达解一次方程组的过程如下，请补全其中的空白：
．
从而得到该方程组的解为．
（）仿照（）中数表的书写格式写出解方程组的过程．
【答案】（1）（2）
【详解】试题分析：（1）下行-上行后将下行除以3将y的系数化为1即可得到方程的解；
（2）类比（1）中方法通过加减法将x、y的系数化为1即可.
试题解析：（）下行上行 ，
．
（）
从而得到方程组成的解为．
【考点9 二元一次方程组的新定义问题】
【例9】（2022·贵州·铜仁市第十一中学七年级阶段练习）我们规定：表示不超过的最大整数，例如：，，，则关于和的二元一次方程组的解为（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】根据[m]的意义可得[3.2]=3，[x]和[y]均为整数，两方程相减可求出y=0.2，[y]=0，将[y]=0代入第二个方程可求出x．
【详解】解：，
∵[m]表示不超过m的最大整数，
∴[3.2]=3，[x]和[y]均为整数，
∴x为整数，即[x]=x，
∴①－②得：y+[y]=0.2，
∴y=0.2，[y]=0，
将[y]=0代入②得：x=3，
∴．
故选：C．
【点睛】此题考查了新定义以及解二元一次方程组，解题的关键是正确理解[m]的意义．
【变式9-1】（2022·江苏·盐城市初级中学七年级期末）如果一个正整数m=a²-b²(a,b均为正整数，且a≠b)我们称这个数为“平方差数”，则a,b为m的一个平方差分解，规定：F(m)=,例如：8=81=42，由8= a²-b²=，可得或.因为a,b为正整数，解得，所以F（8）=.试求F（45）的值为_____
【答案】或或．
【分析】根据题目的例子的形式，对所给的数进行分解，若算出来的a，b均为正整数，再求值即可.
【详解】根据题意，45=3×15=5×9=1×45，由45=a2-b2=（a+b）（a-b），可得
或或．
∵a和b都为正整数，解得或或
∴F（45）=或或．
故答案为或或．
【点睛】此题为阅读材料题，考查学生的自主学习能力和应变能力.
【变式9-2】（2022·吉林·大安市乐胜乡中学校七年级阶段练习）定义新运算∶对于任何非零实数a、b．都有a※b= ax- by．
(1)若2※2 =-3，求x- y的值；
(2)若3※(-2)= 3，(-2)※3= 8，求x、y的值．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据新定义的含义可得从而可得答案；
（2）根据新定义的含义构建方程组再解方程组即可．
（1）
解：∵a※b= ax- by，2※2 =-3，
∴
∴
（2）
∵3※(-2)= 3，(-2)※3= 8，
∴
整理得：，
①+②得： ③
把③代入①得：
把x=5代入②得：
∴
【点睛】本题考查的是新定义运算的理解，代数式的求值，二元一次方程组的解法，理解新定义的含义，构建二元一次方程组是解本题的关键．
【变式9-3】（2022·江苏南通·七年级期末）定义：数对经过一种运算可以得到数对，将该运算记作：
，其中（，为常数）．
例如，当，时，．
(1)当，时，__________；
(2)若，求和的值；
(3)如果组成数对的两个数，满足二元一次方程时，总有，则__________，__________．
【答案】(1)；
(2)
(3)；-1
【分析】（1）根据新定义运算进行计算即可求解；
（2）根据新定义运算列出二元一次方程组，解方程组即可求解；
（3）根据题意可得，然后根据新定义运算列出二元一次方程组，解方程组即可求解．
（1）
解：依题意，当，时，

（2）
∵，
∴，
解得．
∴和的值分别为，-1；
（3）
∵


即
解得
故答案为：；-1．
【点睛】本题考查了新定义运算，二元一次方程组的解，解二元一次方程组，理解新定义运算是解题的关键．
【考点10 二元一次方程（组）的规律探究】
【例10】（2022秋·四川成都·七年级统考期末）相传大禹时期，洛阳市西洛宁县洛河中浮出神龟，背驮“洛书”，献给大禹，大禹依此治水成功，遂划天下为九州．图1是我国古代传说中的洛书，图2是洛书的数字表示，洛书是一个三阶幻方，就是将已知的9个数填入的方格中，使每一行、每一竖列以及两条斜对角线上的数字之和都相等．在图3的幻方中也有类似于图1的数字之和的这个规律，则的值为（ ）
A．2B．C．4D．6
【答案】B
【分析】根据每一行、每一竖列以及两条斜对角线上的数字之和都相等，得到，由此求出a、b的值，最后代值计算即可．
【详解】解：∵每一行、每一竖列以及两条斜对角线上的数字之和都相等，
∴，
∴，
∴，
故选B．
【点睛】本题主要考查了数字类的规律，解题的关键在于能够根据题意求出a、b的值．
【变式10-1】（2022春·北京石景山·七年级统考期末）下面反映了，按一定规律排列的方程组和它们解之间的对应关系：
按此规律，第n个方程组为___________，它的解为___________（n为正整数）.
【答案】，
【详解】试题分析：仔细分析所给方程组可得第一个方程的左边不变，均为，右边为从3开始的连续奇数，第二个方程的x项的系数均为1不变，y项的系数是从-2开始的连续负偶数，方程组的解中x的值是从2开始的连续偶数，y的值是从-1开始的连续负奇数，根据得到的规律求解即可.
解：由题意得第n个方程组为，它的解为（n为正整数）.
考点：找规律-式子的变化
点评：解答此类问题的关键是仔细分析所给式子的特征得到规律，再把得到的规律应用于解题.
【变式10-2】（2022秋·陕西宝鸡·八年级统考期末）如图所示的各图表示由若干盆花组成的形如三角形的图案，每条边(包括两个顶点)有n(n＞1)盆花，每个图案花盆的总数为s．按此规律推断，以s，n为未知数的二元一次方程为______．
【答案】s=3(n-1)
【详解】根据图片可知：
第一图：有花盆3个，每条边有花盆2个，那么s=3×2-3；
第二图：有花盆6个，每条边有花盆3个，那么s=3×3-3；
第三图：有花盆9个，每条边有花盆4个，那么s=3×4-3；
…
所以s=3n-3=3（n﹣1）．
【点睛】本题要注意给出的图片中所包含的规律，然后根据规律列出方程．
【变式10-3】（2022秋·湖北省直辖县级单位·七年级统考期中）观察表一，寻找规律，表二、表三、表四分别是从表一中截取的一部分，则a+b﹣m＝_____．
【答案】﹣7
【分析】由表二结合表一即可得出关于a的一元一次方程，解之即可得出a值；由表三结合表一即可得出关于b的一元一次方程，解之即可得出b值；在表三中设42为第x行y列，则75为第（x+1）行（y+2）列，结合表一中每个数等于其所在的行数×列式即可列出关于x、y的二元一次方程组，解之即可得出x、y的值，将其代入m=（x+1）（y+1）即可得出m的值，将a、b、m的值代入a-b+m即可得出结论．
【详解】表二截取的是其中的一列：上下两个数字的差相等，
∴a-15=15-12，解得：a=18；
表三截取的是两行两列的相邻的四个数字：右边一列数字的差比左边一列数字的差大1，
∴42-b-1=36-30，解得：b=35；
表四截取的是两行三列的相邻的六个数字：设42为第x行y列，则75为第（x+1）行（y+2）列，
则有，
解得： 或（舍去），
∴m=（x+1）（y+1）=（14+1）×（3+1）=60．
∴a+b﹣m=18+35-60=-7．
故答案为-7
【点睛】此题考查一元一次方程的应用，规律型：数字变化类，根据表一中数的排列特点通过解方程（或方程组）求出a、b、m的值是解题关键．
【考点11 二元一次方程（组）的阅读理解类问题】
【例11】（2022秋·重庆大渡口·八年级重庆市第九十五初级中学校校考期末）阅读下列材料，回答问题．
对任意一个三位数，如果满足各个数位上的数字互不相同，且都不为零，那么称这个数为“相异数”，将一个“相异数”任意两个数位上的数字对调后可以得到三个不同的新三位数，把这三个新三位数的和与111的商记为．例如，对调百位与十位上的数字得到213，对调百位与个位上的数字得到321，对调十位与个位上的数字得到132，这三个新三位数的和为，因为，所以．
(1)计算： ， ；
(2)若，都是“相异数”，其中，，，且，都是正整数，规定，当时，求的最小值．
【答案】(1)，
(2)的最小值为
【分析】（1）根据的定义式，分别将和代入中，即可求出结论；
（2）由、结合，即可得出关于、的二元一次方程，解之即可得出、的值，再根据“相异数”的定义结合的定义式，即可求出、的值，将其代入中，找出最小值即可
【详解】（1）；
．
故答案为：，；
（2），都是“相异数”，，，
，
．
，
，
．
，，且，都是正整数，
或或或或或或．
是“相异数”，
．
∴或或或
∴或或或，
∴ 或或或，
∴的最小值为．
【点睛】本题属于材料阅读题，考查代数以及二元一次方程中不定方程的应用，读懂题干所给的定义和分析解决二元一次方程是解题的关键．
【变式11-1】（2022春·广西南宁·七年级统考期末）【阅读理解】我们知道方程2x+3y＝12有无数个解，但在实际问题中往往只需求出其正整数解．
例如：由2x+3y＝12，得：（x、y为正整数）．
要使为正整数，则为正数可知：x为3的倍数，从而x＝3，代入．
所以2x+3y＝12的正整数解为．
(1)【类比探究】请根据材料求出方程3x+2y＝8的正整数解．
(2)【拓展应用】把一根长20米的钢管截成2米长和3米长两种规格的钢管，在不造成浪费的情况下，共有几种截法？
【答案】(1)
(2)共有3种截法
【分析】（1）根据二元一次方程的解得定义求出即可；
（2）设截成2米长的x段，截成3米长的y段，则根据题意得：2x＋3y＝20，其中x、y均为自然数，解该二元一次方程即可．
【详解】（1）解：由，得：（x，y为正整数），
要使为正整数，则为整数可知：x为2的倍数，
从而，代入，
所以方程的正整数解为．
（2）解：设截成2米长的钢管x段，3米长的钢管y段，
依题意，得：，
∴，
又∵x，y均为正整数，
∴，，，
∴共有3种截法．
【点睛】本题考查了二元一次方程的解的应用，能灵活运用知识点求出特殊解是解此题的关键．
【变式11-2】（2022春·重庆·八年级重庆八中校考期末）阅读以下材料，并利用材料知识解决问题．
材料一：如果实数a，b满足，那么就称a和b是一组“创意数对”，用有序数对表示．例如：由于，所以是“创意数对”．
材料二：任何一个自然数M都能分解成两个因数的乘积：，对于M的所有分解，当最小时，我们称此分解为M的“和值分解”，并记．例如：对于，∵，∴是18的“和值分解”，．
(1)是否存在实数m，使得是“创意数对”？如果存在，请求解出m的值；若不存在，请说明理由；
(2)一个两位数N的十位数字为x，个位数字为y，若是“创意数对”，请求解的最小值．
【答案】(1)存在，m=2
(2)F(N)的最小值11
【分析】（1）根据“创意数对”列出方程解答便可得出结论；
（2）根据是“创意数对”，得y(x-1)=6-2x，再根据，x、y均为整数，求得x、y的值，进而根据“和值分解”定义，及公式F(M）=A +B求得F（N)的最小值．
（1）
存在实数m，使得是“创意数对”，
根据新定义知，2(m-1)=6-2m，
解得m=2；
（2）
∵是“创意数对”，
∴y(x-1)=6-2x，
∵一个两位数N的十位数字为x，个位数字为y，
∴，x、y均为整数，
∴x=2，y=2或x=3，y=0，
∴N=22或30，
当N=22时，
∵22=1×22=2×11，，
∴22=2×11是22的“和值分解”，
∴F(N)=2+11=13；
当N=30时，
∵30=1×30=2×15=3×10=5×6，，
∴30=5×6是30的“和值分解”，
∴F(N)=5+6=11；
综上，F(N)的最小值11．
【点睛】本题主要考查了新定义，涉及一元一次方程及二元一次方程的应用，关键是正确理解新定义．
【变式11-3】（2022春·重庆大渡口·七年级统考期末）阅读下列材料，并根据材料回答以下问题
材料一：一个三位数，各个数位均不相等且不等于0，满足这样条件的数叫“无独数”．任选无独数的两个数字，组成六个新的两位数，并把这六个两位数相加得到的和再除以11，得到的结果记作．例如：无独数351，得到的六个两位数分别为：35，31，53，51，13，15，则．
材料二：一个三位数，各个数位上的数字均为偶数，且百位数字最大，称这样的三位数为“有偶数”．
(1)______；最小的有偶数为______；
(2)试说明任意一个无独数m，的值均能被2整除；
(3)若一个三位数，，既是无独数，又是有偶数，且的结果为6的倍数，求满足条件的所有n．
【答案】(1)26；200
(2)见解析
(3)642，624，864，846
【分析】（1）理解无独数的定义，类比示例计算F（G）．根据有偶数的定义找到最小的有偶数．
（2）通过设出任意一个无独数的三个数位上的数字，计算F（m）是2的整数倍，从而说明F（m）能被2整除．
（3）根据无独数和有偶数的定义，设出三个数位上的偶数，计算F（n），找到各个数位上的数字需要满足的条件，然后写出所有的n．
(1)
由题知，．
由题知，最小的有偶数为200．
故答案为：26，200．
(2)
设任意一个无独数（1≤a，b，c≤9且a≠b≠c，a，b，c为整数），则得到的六个新两位数分别为，，，，，，则
，
∴的值均能被2整除．
(3)
设，
由（2）可知，
∵1≤a，b，c≤9且a≠b≠c，a，b，c为整数，
∴
又∵的结果为6的倍数，
∴a＋b＋c＝6，9，12，15，18，21，24
∵n为有偶数，
∴a，b，c均为偶数．即a＋b＋c为偶数．
∴a＋6＋c＝12，18，24．
又∵百位上的数字a最大，
当a＋b＋c＝12时，a＝6，b＝4，c＝2；a＝6，b＝2，c＝4；
当a＋b＋c＝18时，a＝8，b＝6，c＝4；a＝8，b＝4，c＝6；
当a＋b＋c＝24时，不成立．
综上，满足条件的所有n为：642，624，864，846．
【点睛】本题是新定义问题，能从题中给出的定义中找到无独数和有偶数的数字特征，并能类比例子进行F（G）的运算．
【考点12 二元一次方程（组）的应用】
【例12】（2022·河南·南阳市第十九中学七年级阶段练习）一方有难，八方支援．“新冠肺炎”疫情来袭，除了医务人员主动请缨走向抗疫前线，众多企业也伸出援助之手，某公司用甲、乙两种货车向武汉运送爱心物资，两次满载的运输情况如表：
(1)甲、乙两种货车每辆分别能装货多少吨？
(2)现有45吨物资需要再次运往武汉，准备同时租用这两种货车，每辆均全部装满货物，问有哪几种租车方案？
(3)若1辆甲种货车需租金120元/次，1辆乙种货车需租金100元次．请求出（2）中哪种租车方案费用最少，最少费用是多少？
【答案】(1)甲种货车每辆能装货4吨，乙种货车每辆能装货3吨；
(2)共有3种租车方案，方案1：租用9辆甲种货车，3辆乙种货车；方案2：租用6辆甲种货车，7辆乙种货车；方案3：租用3辆甲种货车，11辆乙种货车．
(3)方案1：租用9辆甲种货车，3辆乙种货车，所需费用最少，最少费用是1380元．
【分析】（1）根据题意，设甲种货车每辆能装货x吨，乙种货车每辆能装货y吨，然后列出方程组，解方程组即可；
（2）根据题意，设租用甲种货车m辆，乙种货车n辆，然后列出方程，根据m，n均为非负整数，解出m，n，即可得到租车的方案；
（3）分别求出每个方案的费用，然后进行比较，即可得到答案．
（1）
设甲种货车每辆能装货x吨，乙种货车每辆能装货y吨，
依题意有：，
解得：，
答：甲种货车每辆能装货4吨，乙种货车每辆能装货3吨；
（2）
设租用甲种货车m辆，乙种货车n辆，
依题意有：，
∴ ．
∵m，n均为正整数，
∴或 或，
∴共有3种租车方案，
方案1：租用9辆甲种货车，3辆乙种货车；
方案2：租用6辆甲种货车，7辆乙种货车；
方案3：租用3辆甲种货车，11辆乙种货车．
（3）
方案1所需费用：120×9+100×3=1380（元）；
方案2所需费用：120×6+100×7=1420（元）；
方案3所需费用：120×3+100×11=1460（元）．
∵1460>1420>1380，
∴方案1所需费用最少，最少费用是1380元．
【点睛】本题考查二元一次方程组和二元一次方程的应用．读懂题意，找出等量关系，列出等式是解题关键．
【变式12-1】（2022·重庆大足·七年级期末）今年“五一”劳动节期间，某手机专卖店上架了甲、乙两款手机．前三天售出的甲款手机的数量比乙款手机的数量多50%，后两天售出的甲款手机的数量比前三天售出的甲款手机的数量少40%，结果后两天售出的甲乙两款手机的总数量比前三天售出的甲乙两款手机的总数量多12%，若后两天甲、乙两款手机的销售总额比前三天甲、乙两款手机的销售总额多24%，在整个销售期间甲乙两款手机的单价不变，则甲款手机的单价与乙款手机的单价的比值为______．
【答案】17：32
【分析】设前三天售出的乙款手机的数量是x，则前三天售出的甲款手机的数量为1.5x，则后两天售出的甲款手机的数量是0.6x，后两天售出的乙款手机的数量是2.2x，设甲款手机的单价为a，乙款手机的单价为b，根据题意列出方程解答即可．
【详解】设前三天售出的乙款手机的数量是x，则前三天售出的甲款手机的数量为1.5x，则后两天售出的甲款手机的数量是0.6x，后两天售出的乙款手机的数量是2.2x，设甲款手机的单价为a，乙款手机的单价为b，
依题意有0.6xa + 2.2xb= (1 + 24%) (xa + 1.5xb)，
化简得0.64a = 0.34b，
则a：b=17：32，
故甲款手机的单价与乙款手机的单价的比值为17：32，
故答案为17 ：32．
【点睛】此题考查了二元一次方程的应用以及列代数式，找准等量关系，正确列出二元一次方程是解题的关键．
【变式12-2】（2022·重庆铜梁·七年级期末）端午节临近，某超市热销A、B、C三种粽子，其中其每千克B种粽子的成本价比每千克A种粽子的成本价高50%，每千克C种粽子的成本价是每千克A种粽子的成本价的2倍．最近，超市打算将三种粽子混装配成甲、乙、丙三种礼品盒进行销售（礼品盒的盒子成本价不计）．其中甲礼品盒有A种粽子3千克、B种粽子2千克、C种粽子2千克；乙礼品盒有A种粽子2千克、B种粽子3千克、C种粽子3千克；丙礼品盒有A种粽子4千克、B种粽子2千克、C种粽子4千克．销售时，每个丙礼品盒在成本价基础上提高后销售，甲、乙礼品盒的利润率都为20%．端午节前一天，该超市售出这三种礼品盒后获利25%，已知售出甲、丙礼品盒两种共25盒，且甲礼品盒不低于12个．则该超市当天售出三种礼品盒共______个．
【答案】33
【分析】设A粽子每千克成本为a元，则可分别表示B、C两种粽子每千克的成本，从而可表示三种礼品盒的成本及利润；再设这天售出甲礼品盒x个，乙礼品盒y个，则可得丙礼品盒的个数，根据题意列出方程，求出未知数即可．
【详解】设A粽子每千克成本为a元，则粽子每千克的成本为1.5a元，C粽子每千克成本为2a元；
则甲礼品盒成本为(元)，利润为：（元）；
乙礼品盒成本为(元)，利润为：（元）；
丙礼品盒成本为(元)，利润为：（元）；
设这天售出甲礼品盒x个，乙礼品盒y个，则丙礼品盒售出（25-x）个，
由题意得：，
∵a≠0，
∴方程两边除以a，并整理得：，
∴，
∵甲礼品盒不低于12个，
∴x只能取15，此时y=8，
∴该超市当天售出甲礼品盒15个，乙礼品盒8个，则丙礼品盒售出10个，共售出33个．
故答案为：33．
【点睛】本题考查了二元一次方程的应用，理解题意，正确列出方程是关键．
【变式12-3】（2022·重庆·模拟预测）唐代诗人杜甫曾到“读书破万卷，下笔如有神”．为了提升全民素养，某书店搞了一次现场促销活动，活动中名著和儿童读物两类图书套装优惠力度较大，其中每一类套装里含有线装本，精装本，平装本三种不同材质的图书，两类图书套装中相同材质图书的售价相同，且每一类套装中数量均为44本，其中名著套装内线装本，精装本，平装本数量之比为4：3：4，儿童读物套装内线装本，精装本，平装本数量之比为3：6：2．已知一套名著套装和一套儿童读物套装的售价之和与62本精装本图书的售价相同，一本精装本图书售价是一本线装本图书售价的2倍，每套名著套装的利润率为20%，每套儿童读物套装的利润率为36%，则当销售名著套装与儿童读物套装的数量之比为9：14时，该书店销售这两类套装的总利润率为______．
【答案】
【分析】根据一套内的书本总数，以及各类型图书之间的比例，计算出个类型图书的数量，再根据套名著套装和一套儿童读物套装的售价之和与62本精装本图书的售价相同， 设线装本，精装本，平装本，分别为元，元，元，可列方程，解方程可得到售价之间的关系，进而用x表示出一套名著套装的售价与一套儿童读物套装的售价是，根据利润率和售价反推利润， 根据成本和单套图书利润率算总利润即可．
【详解】解：设线装本，精装本，平装本三种不同材质的图书的价格分别为：元，元，元，
∵每一类套装中数量均为44本，名著套装内线装本，精装本，平装本数量之比为4：3：4，儿童读物套装内线装本，精装本，平装本数量之比为3：6：2，
则：名著套装内线装本有，精装本有，平装本有；
儿童读物套装内线装本有，精装本有，平装本有；
设线装本，精装本，平装本，分别为元，元，元，
由题意可列方程：
由方程得：，，
故一套名著售价为：，
故一套儿童读物售价为：，
由于每套名著套装的利润率为20％，每套儿童读物套装的利润率为36％，
则每套名著套装的成本为：（元），
则每套儿童读物套装的成本为：（元），
当销售名著套装与儿童读物套装的数量之比为9：14时，该书店销售这两类套装的总利润率为：
，
，
，
，
故答案是：．
【点睛】本题考查了二元一次方程的应用，列方程解应用题，利润率的计算等知识点，熟悉相关性质是解题的关键．
【考点13 三元一次方程组的解法】
【例13】（2022·四川·隆昌市知行中学七年级阶段练习）已知、、是三个非负实数，满足，，若，则的最大值与最小值的和为
A．5B．6C．7D．8
【答案】A
【分析】根据题意，先推断出取最大值与最小值时的、、的值，再求的最大值与最小值的和．
【详解】解：联立得方程组，
①②：得，，
①②得，，，
把，代入，整理得，，当取最小值时，有最小值，
、、是三个非负实数，
的最小值是0，
，
①②得到：，
，
是非负数，
时，有最大值3，
的最大值与最小值的和．
故选：A．
【点睛】本题考查了代数式求解，在给定的范围内，求一个代数式的最值问题，解题的关键是转化为只含一个未知数的式子进行求解，难度较大．
【变式13-1】（2022·全国·七年级课时练习）解下列三元一次方程组：
（1）；（2）．
【答案】（1）；（2）．
【分析】（1）先将三元一次方程组通过加减消元法转化为二元一次方程组，再通过加减消元法转化为一元一次方程，从而可以解答本题；
（2）先将三元一次方程组通过加减消元法转化为二元一次方程组，再通过加减消元法转化为一元一次方程，从而可以解答本题．
【详解】解：（1），
由②×2−③，得5x＋27z＝34④
①×3＋④，得17x＝85，
∴x＝5，
将x＝5代入④得到z＝13，
将x＝5，z＝13代入③可得y＝−2，
∴原方程组的解为；
（2），
由①＋②×2，得8x＋13z＝31④，
②×3−③，得4x＋8z＝20⑤，
由④⑤得到
将x＝−1，z＝3代入①可得，y＝ ，
∴原方程组的解为．
【点睛】本题考查解三元一次方程组，解题的关键是利用加减消元法将方程组转化为一元一次方程进行解答．
【变式13-2】（2022·广东·可园中学七年级期末）在等式中，当时，；当时，：当时，．
(1)求，，的值；
(2)求当时，的值．
【答案】(1)
(2)
【分析】（1）根据题设条件，得到关于，，的三元一次方程组，利用加减消元法解之即可，
（2）结合（1）的结果，得到关于和的等式，把代入，计算求值即可．
（1）根据题意得：，①＋②得：④③＋②×2得：⑤，⑤－④得：，把代入④得：，解得：，把，代入①得：，解得：，方程组的解为：；
（2）根据题意得：，把代入得：，即的值为．
【点睛】本题考查了解三元一次方程组，解题的关键：（1）正确掌握加减消元法，（2）正确掌握代入法．
【变式13-3】（2022·吉林长春·七年级阶段练习）已知三个方程构成的方程组，，，恰有一组非零解，，，则________．
【答案】152
【分析】先把xy-2y-3x=0，yz-3z-5y=0，xz-5x-2z=0建立三元方程组，再利用代入法求出x，y，z的值，再根据x=a，y=b，z=c求出a2+b2+c2的值．
【详解】，，组成方程组得
，
由①得：x=④，
把④代入③整理得：-10y+6z=0，
∴z=，
把z=代入②得：-5y-5y=0，
解得：y1=0 （舍去），y2=6，
∴z=×6=10，
x==4，
又∵x=a，y=b，z=c，
∴a2+b2+c2=x2+y2+z2=42+62+102=16+36+100=152，
故答案为152.
【点睛】本题考查了解三元方程组；解题的关键是通过建立三元方程组，再运用代入法进行消元求出方程组的解．
【考点14 三元一次方程组的应用】
【例14】（2022·重庆·华东师范大学附属中旭科创学校九年级期末）新世纪百货推出A，B，C三种零食大礼包，每种礼包都由一定数量的坚果、牛肉干和薄脆饼组合搭配构成．三种大礼包的成本分别为礼包中三种零食的成本之和，同种零食的单价相同．已知袋牛肉干和袋薄脆饼的价格相同，一份A礼包包含袋坚果、袋牛肉干和袋薄脆饼，一份B礼包包含袋坚果、袋牛肉干和袋薄脆饼．若一份B，C礼包的成本相同，均比一份A礼包的成本贵，一份C礼包中的零食袋数与一份A礼包中的零食袋数之比为：，且一份C礼包中坚果袋数比牛肉干袋数多，则一份C礼包中的薄脆饼袋数比牛肉干袋数少______袋．
【答案】1
【分析】设牛肉干、薄脆饼价格分别为，，坚果价格为元，根据给出的已知条件找出等量关系进行求解，可得每种零食的价格，令C礼包中牛肉干袋数为，薄脆饼袋数为，坚果袋数为，根据给出的已知条件找出等量关系，再根据、、为正整数，即可得出结果．
【详解】解：设牛肉干、薄脆饼价格分别为，，坚果价格为元，
由题意得，
解得，
则B、C礼包的成本为，
A礼包中零食袋数为袋，
C礼包中零食袋数为袋，
令C礼包中牛肉干袋数为，薄脆饼袋数为，坚果袋数为，
则，
解得，
由知，，
由知，
又、、为正整数，
，，，
，
故答案为：．
【点睛】本题主要考查了三元方程组的应用，解本题要理解题意，通过找出三组等量关系进行求解．
【变式14-1】（2022·湖北黄冈·七年级阶段练习）购买铅笔支，作业本本，圆珠笔支共需元；购买铅笔支，作业本本，圆珠笔支共需元，则购买铅笔支，作业本本，圆珠笔支共需（ ）
A．元B．元C．元D．元
【答案】B
【分析】设铅笔的单价是元，作业本的单价是元，圆珠笔的单价是元．购买铅笔支，作业本本，圆珠笔支共需元，然后根据题意列方程组求出的值即可果．
【详解】解：设铅笔的单价是元，作业本的单价是元，圆珠笔的单价是元．购买铅笔支，作业本本，圆珠笔支共需元．
则由题意得
由得
由得
由得
．
故选：B．
【点睛】本题主要考查了方程组的应用，解答本题的关键是列出方程组以及用加减消元法求出方程组的解．
【变式14-2】（2022·重庆市永川区教育科学研究所一模）某中学科技节颁奖仪式隆重举行，其中小科技创新发明奖共有60人获奖，原计划特等奖5人，一等奖15人，二等奖40人．后来经校领导开会研究决定，在该项奖励总奖金不变的情况下，各等级获奖人数实际调整为：特等奖8人，一等奖18人，二等奖34人，调整后特等奖每人奖金降低40元，一等奖每人奖金降低20元，二等奖每人奖金降低10元，调整前一等奖每人奖金比二等奖每人奖金多70元，则调整后特等奖每人奖金比一等奖每人奖金多_______元．
【答案】180
【分析】设原来特等奖奖金为x元，一等奖奖金为y元，二等奖奖金为z元，则调整后特等奖为（x-40）元，一等奖为（y-20）元，二等奖为（z-10）元．构建方程组，求出x-y即可解决问题．
【详解】解：设原来特等奖奖金为x元，一等奖奖金为y元，二等奖奖金为z元，则调整后特等奖为（x-40）元，一等奖为（y-20）元，二等奖为（z-10）元．由题意：
，
整理得由①得：x+y-2z=340③，
把②代入③得：x=270+z④，
∴x-y=200，
∴调整后一等奖每人奖金比二等奖每人奖金多：（x-40）-（y-20）=x-y-20=180（元）．
故答案为：180．
【点睛】本题考查三元一次方程组的应用，解题的关键是理解题意，学会设未知数，构建方程解决问题．
【变式14-3】（2022·重庆丰都·七年级期末）全球棉花看中国，中国棉花看新疆．新疆长绒棉花是世界顶级棉花，品质优，产量大，常年供不应求．丰都县某超市为了支持新疆棉花，在“五一节”进行促销活动，将新疆棉制成的A、B、C三种品牌毛巾混装成甲、乙、丙三种礼包销售．其中甲礼包含1条A品牌毛巾、2条B品牌毛巾；乙礼包含2条A品牌毛巾、2条B品牌毛巾，3条C品牌毛巾；丙礼包含2条A品牌毛巾、4条C品牌毛巾，每个礼包的售价等于礼包各条毛巾售价之和．5月1日当天，超市对A、B、C三个品牌毛巾的售价分别打8折、7折、5折销售，5月2日恢复原价，小明发现5月1日一个甲礼包的售价等于5月2日一个乙礼包售价的40%，5月1日一个乙礼包的售价比5月2日一个丙礼包售价少0.8元，若A、B、C三个品牌的毛巾原价都是正整数，且B品牌毛巾的原价不超过11元，则小明在5月1日购买一个丙礼包，应该付________元．
【答案】40.4
【分析】设A品牌毛巾原售价为x元，B品牌毛巾原售价为y元，C品牌毛巾原售价为z元，根据题意，可列出关于x，y，z的两个三元一次方程，经过化简，可得到三者之间的关系，然后利用B品牌毛巾售价不超过11元，且各毛巾是价格均为整数，可得三种品牌毛巾的价格，代入5月1日打折后的礼包价格求解即可．
【详解】解：设A品牌毛巾原售价为x元，B品牌毛巾原售价为y元，C品牌毛巾原售价为z元，则5月1日，A品牌毛巾售价为0.8x元，B品牌毛巾售价为0.7y元，C品牌毛巾原售价为0.5z元．
则5月1日打折后礼包售价分别为：
甲礼包：（0.8x+1.4y）元；
乙礼包：（1.6x+1.4y+1.5z）元；
丙礼包：（1.6x+2z）元；
5月2日礼包恢复原价后售价分别为：
甲礼包：（x+2y）元；
乙礼包：（2x+2y+3z）元；
丙礼包：（2x+4z）元；
根据题意可得：
，
化简得，
将①代入②可得： ，
综上可得：，．
∵B品牌毛巾售价不超过11元，且各毛巾是价格均为整数，
∴，
∴，
∴，
∴z只能取4，
则，，
∴，
则5月1日购买甲、乙礼包花费为：
，
代入可得：（元）．
故答案为：40.4．
【点睛】本题主要考查三元一次方程应用及根据不等式关系确定未知数的取值，对三元一次方程组的化简及利用不等式求解是题目难点．序号
1
2
3
……
n
方程组
方程组解
甲种货车（辆）
乙种货车（辆）
总量（吨）
第一次
4
5
31
第二次
3
6
30