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    备考2024届高考数学一轮复习讲义第二章函数第2讲函数的单调性与最值

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    这是一份备考2024届高考数学一轮复习讲义第二章函数第2讲函数的单调性与最值,共9页。

    1.函数的单调性
    注意 (1)一个函数的同一种单调区间用“和”或“,”连接,不能用“∪”连接.
    (2)“函数f(x)的单调区间为M”与“函数f(x)在区间N上单调”是两个不同的概念,显然N⊆M .
    (3)注意“增(减)函数”与“单调递增(减)”的区别,只有在定义域上单调递增(减),才能称它是增(减)函数.
    规律总结
    1.函数单调性的两个等价变形
    若∀x1,x2∈D(x1≠x2),则
    (1)f(x1)-f(x2)x1-x2>0(或(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]>0)⇔f(x)在区间D上单调递增;
    (2)f(x1)-f(x2)x1-x2<0(或(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]<0)⇔f(x)在区间D上单调递减.
    2.函数单调性的常用结论
    (1)在公共定义域内,增函数+增函数=增函数,减函数+减函数=减函数;
    (2)当f(x)≠0时,函数f(x)与-f(x),1f(x)在公共定义域内单调性相反;
    (3)复合函数y=f(g(x))的单调性与y=f(t),t=g(x)的单调性有关,即“同增异减”.
    3.对勾函数y=ax+bx(a>0,b>0)的单调性与最值
    如图,
    (1)单调性:增区间为(-∞,-ba),(ba,+∞);减区间(-ba,0),(0,ba).
    (2)最值:当x>0时,函数y=ax+bx在x=ba处取得最小值2ab;当x<0时,函数y=ax+bx在x=-ba处取得最大值-2ab.
    注意 对勾函数y=ax+bx(a>0,b>0)的图象有两条渐近线:x=0,y=ax.
    2.函数的最值
    注意 闭区间上的连续函数一定存在最大值和最小值,当函数在闭区间上单调时最值一定在端点处取得.
    1.以下说法正确的是( D )
    A.对于函数y=f(x),若f(1)<f(3),则f(x)为增函数
    B.函数y=1x的单调递减区间为(-∞,0)∪(0,+∞)
    C.若函数y=f(x)在[1,+∞)上单调递增,则函数的单调递增区间是[1,+∞)
    D.闭区间上的单调函数,其最值一定在区间端点处取到
    2.[教材改编]函数y=|x|-1的单调递减区间为( B )
    A.(0,+∞)B.(-∞,0)
    C.(-∞,-1)D.(-1,+∞)
    3.[教材改编]y=2x+1x-3的值域为 (-∞,2)∪(2,+∞) .
    解析 y=2x+1x-3=2(x-3)+7x-3=2+7x-3,显然7x-3≠0,所以y≠2.故函数的值域为(-∞,2)∪(2,+∞).
    4.y=2x-x-1的值域为 [158,+∞) .
    解析 设t=x-1,则x=t2+1,且t≥0,所以y=2(t2+1)-t=2(t-14)2+158,由t≥0,可得函数的值域为[158,+∞).
    研透高考 明确方向
    命题点1 确定函数的单调性(单调区间)
    例1 (1)[2023北京高考]下列函数中,在区间(0,+∞)上单调递增的是( C )
    A.f(x)=-ln xB.f(x)=12x
    C.f(x)=-1xD.f(x)=3|x-1|
    解析 对于A,因为函数y=ln x在(0,+∞)上单调递增,所以f(x)=-ln x在(0,+∞)上单调递减,所以A不符合要求;对于B,因为f(x)=12x=(12)x在(0,+∞)上单调递减,所以B不符合要求;对于C,由反比例函数的图象可知,f(x)=-1x在(0,+∞)上单调递增,所以C符合要求;对于D,当0<x<1时,y=3|x-1|=31-x在(0,1)上单调递减,所以D不符合要求.故选C.
    (2)[全国卷Ⅱ]函数f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是( D )
    A.(-∞,-2)B.(-∞,1)
    C.(1,+∞)D.(4,+∞)
    解析 由x2-2x-8>0,得x<-2或x>4.因此,函数f(x)=ln(x2-2x-8)的定义域是(-∞,-2)∪(4,+∞).(先求函数f(x)的定义域)
    易知函数y=x2-2x-8在(-∞,-2)上单调递减,在(4,+∞)上单调递增,函数
    y=ln t为(0,+∞)上的增函数,由复合函数的单调性知,f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是(4,+∞).故选D.
    (3)讨论函数f(x)=axx-1(a≠0)在(-1,1)上的单调性.
    解析 解法一(导数法) f'(x)=a(x-1)-ax(x-1)2=-a(x-1)2.
    当a>0时,f'(x)<0,函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
    当a<0时,f'(x)>0,函数f(x)在(-1,1)上单调递增.
    解法二(定义法) 设-1<x1<x2<1,f(x)=a(x-1+1x-1)=a(1+1x-1),则f(x1)-
    f(x2)=a(1+1x1-1)-a(1+1x2-1)=a(x2-x1)(x1-1)(x2-1).
    由于-1<x1<x2<1,
    所以x2-x1>0,x1-1<0,x2-1<0,
    故当a>0时,f(x1)-f(x2)>0,即f(x1)>f(x2),函数f(x)在(-1,1)上单调递减;
    当a<0时,f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)<f(x2),函数f(x)在(-1,1)上单调递增.
    方法技巧
    判断函数的单调性的方法
    (1)定义法;(2)图象法;(3)导数法;(4)性质法.
    训练1 (1)函数g(x)=x·|x-1|+1的单调递减区间为( B )
    A.(-∞,12]B.[12,1]
    C.[1,+∞)D.(-∞,12)∪[1,+∞)
    解析 g(x)=x·|x-1|+1=x2-x+1,x≥1,-x2+x+1,x<1,画出函数图象,如图所示,根据图象知,函数的单调递减区间为[12,1].
    (2)[多选]下列函数在(0,+∞)上单调递增的是( ABC )
    A.y=ex-e-xB.y=lg x2
    C.y=2x+2cs xD.y=x2+x-2
    解析 ∵y=ex与y=-e-x均为R上的增函数,∴y=ex-e-x为R上的增函数,故A正确;
    当x>0时,y=lg x2=2lg x,此时函数在(0,+∞)上单调递增,故B正确;
    对于选项C,y'=2-2sin x≥0,∴y=2x+2cs x在(0,+∞)上单调递增,故C正确;
    y=x2+x-2的定义域为(-∞,-2]∪[1,+∞),故D不正确.故选ABC.
    命题点2 函数单调性的应用
    角度1 比较大小
    例2 (1)[2024厦门市湖滨中学模拟改编]已知定义在R上的奇函数f(x)满足f(x+2)=f(x),且当x∈[0,1)时,f(x1)-f(x2)x1-x2>0(x1≠x2),则f(-152),f(4),
    f(112)的大小关系是( A )
    A.f(-152)>f(4)>f(112)B.f(-152)>f(112)>f(4)
    C.f(112)>f(4)>f(-152)D.f(4)>f(112)>f(-152)
    解析 因为x∈[0,1)时,f(x1)-f(x2)x1-x2>0,所以f(x)在[0,1)上单调递增.又因为
    f(x)为奇函数,所以f(x)在(-1,1)上单调递增.由f(x+2)=f(x)可得f(x)的周期为2,所以f(-152)=f(-152+2×4)=f(12),f(4)=f(0),f(112)=f(112-2×3)=f(-12),所以f(12)>f(0)>f(-12),即f(-152)>f(4)>f(112).故选A.
    (2)[2024吉林长春东北师大附中校考改编]函数f(x)的定义域为(0,+∞),对于∀x,y∈(0,+∞),f(xy)=f(x)+f(y),且当x>1时,f(x)<0.则a=
    f(sin 3),b=f(ln 3),c=f(21.5)的大小关系是( A )
    A.a>b>cB.a>c>b
    C.b>c>aD.c>b>a
    解析 设∀x1,x2∈(0,+∞),且x1<x2,则x2x1>1,f(x2x1)<0.因为f(x2)-f(x1)=
    f(x2x1·x1)-f(x1)=f(x2x1)<0,所以f(x2)<f(x1),即f(x)为减函数. 因为0<sin 3<1<ln 3<2<21.5,所以f(sin 3)>f(ln 3)>f(21.5),即a>b>c,故选A.
    方法技巧
    利用函数的单调性比较大小的方法
    比较函数值的大小时,应先将自变量的值转化到同一个单调区间内,再利用函数的单调性求解.
    角度2 求解不等式
    例3 (1)[全国卷Ⅰ]函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递减,且为奇函数.若f(1)=
    -1,则满足-1≤f(x-2)≤1的x的取值范围是( D )
    A.[-2,2]B.[-1,1]C.[0,4]D.[1,3]
    解析 ∵函数f(x)为奇函数,且f(1)=-1,∴f(-1)=-f(1)=1,由-1≤
    f(x-2)≤1,得f(1)≤f(x-2)≤f(-1),(将常数转化为函数值)
    又函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递减,∴-1≤x-2≤1,∴1≤x≤3.故选D.
    (2)[2024安徽名校联考]设函数f(x)=x2-12|x|+1,则满足f(x+2)>f(2x-3)的x的取值范围是( C )
    A.(-∞,5)B.(13,+∞)
    C.(13,5)D.(-∞,13)∪(5,+∞)
    解析 f(x)=x2-12|x|+1的定义域为R,∵f(-x)=(-x)2-12|-x|+1=x2-12|x|+1=
    f(x),∴f(x)为偶函数.由f(x+2)>f(2x-3)可得f(|x+2|)>f(|2x-3|),又当x>0时,f(x)=x2-12x+1单调递增,∴|x+2|>|2x-3|,即(x+2)2>(2x-3)2,解得13<x<5.故选C.
    方法技巧
    利用函数的单调性求解或证明不等式的策略
    (1)将不等式转化为f(x1)>f(x2)的形式,
    (2)根据函数f(x)的单调性“脱去”函数符号“f”化为形如“x1>x2”或“x1<x2”的不等式求解,注意必须在同一单调区间内进行.若不等式一边没有“f”,而是常数,则应将常数转化为函数值.
    角度3 已知函数单调性求参数的值或取值范围
    例4 (1)[2023新高考卷Ⅰ]设函数f(x)=2x(x-a)在区间(0,1)单调递减,则a的取值范围是( D )
    A.(-∞,-2]B.[-2,0)
    C.(0,2]D.[2,+∞)
    解析 由题意得y=x(x-a)在区间(0,1)上单调递减,所以a2≥1,解得a≥2.故选D.
    (2)[2023江苏省响水中学检测]已知函数f(x)=|x-a+3|,x≥1,lgax,0A.(0,1)B.(3,6)C.(1,4]D.(1,2]
    解析 ∵函数f(x)=|x-a+3|,x≥1,lgax,01,a-3≤1,0≤|-a+4|,解得1<a≤4,∴实数a的取值范围为(1,4],故选C.
    方法技巧
    已知函数的单调性求参数的取值范围的方法
    根据函数的单调性构建含参数的方程(组)或不等式(组)进行求解,或先得到图象的升降情况,再结合图象求解.
    注意 若分段函数是单调函数,则不仅要各段上函数单调性一致,还要在整个定义域内单调,即要注意分界点处的函数值大小.
    训练2 (1)[2024浙江省宁波市育才高级中学模拟]已知函数f(x)=12-ax在[0,1)上单调递增,则a的取值范围是( A )
    A.(0,2]B.(0,2)
    C.(0,+∞)D.(-∞,0)
    解析 设t=2-ax,由已知易知t=2-ax在[0,1)上单调递减,且在区间[0,1)上大于零恒成立,所以a>0,-a+2≥0⇒0<a≤2.故选A.
    (2)[2023江苏南京模拟]已知f(x)=ex-4,x≤4,(x-16)2-143,x>4,则当x≥0时,
    f(2x)与f(x2)的大小关系是( B )
    A.f(2x)≤f(x2)B.f(2x)≥f(x2)
    C.f(2x)=f(x2)D.不确定
    解析 由函数f(x)=ex-4,x≤4,(x-16)2-143,x>4,得函数f(x)在
    (-∞,4)上单调递增,在[4,16]上单调递减,在(16,+∞)上单调递增,作出函数y=2x和y=x2的图象,如图所示.
    当x≥0时,令2x=x2,得x=2或x=4.
    结合图象可知,当0≤x<2时,4>2x>x2≥0,则f(2x)>f(x2),当2≤x≤4时,4≤2x≤x2≤16,则f(2x)≥f(x2),当x>4时,2x>x2>16,则f(2x)>f(x2).
    综上所述,当x≥0时,f(2x)≥f(x2).故选B.
    (3)[2023山东模拟]不等式x6-(2x+3)>(2x+3)3-x2的解集是( A )
    A.(-∞,-1)∪(3,+∞)
    B.(-1,3)
    C.(-3,1)
    D.(-∞,-3)∪(1,+∞)
    解析 由不等式x6-(2x+3)>(2x+3)3-x2,得(x2)3+x2>(2x+3)3+(2x+3).设函数f(t)=t3+t,易知f(t)在R上单调递增,因为f(x2)>f(2x+3),所以x2>2x+3,解得x>3或x<-1.故选A.
    命题点3 与函数的最值(值域)有关的问题
    例5 (1)函数f(x)=x2-x+1x的值域为 (-∞,-3]∪[1,+∞) .
    解析 f(x)=x2-x+1x=x-1+1x,由对勾函数y=x+1x的图象可知,x+1x∈(-∞,
    -2]∪[2,+∞),所以函数f(x)的值域为(-∞,-3]∪[1,+∞).
    命题拓展
    [变条件]函数f(x)=x2-x+1x+1的值域为 (-∞,-23-3]∪[23-3,+∞) .
    解析 令x+1=t(t≠0),则x2-x+1x+1=(t-1)2-(t-1)+1t=t2-3t+3t=t-3+3t,由对勾函数y=t+3t的图象可知,t+3t∈(-∞,-23]∪[23,+∞),所以函数f(x)的值域为(-∞,-23-3]∪[23-3,+∞).
    (2)[2022北京高考]设函数f(x)=-ax+1, x<a,(x-2)2,x≥a.若f(x)存在最小值,则a的一个取值为 0(答案不唯一) ;a的最大值为 1 .
    解析 当a=0时,函数f(x)=1,x<0,(x-2)2,x≥0,存在最小值0,所以a的一个取值可以为0;当a<0时,若x<a,则f(x)=-ax+1,此时函数f(x)不可能存在最小值;当0<a≤2时,若x<a,则f(x)=-ax+1,此时f(x)∈(-a2+1,+∞),若x≥a,则f(x)=(x-2)2∈[0,+∞),若函数f(x)存在最小值,则-a2+1≥0,得0<a≤1;当a>2时,若x<a,则f(x)=-ax+1,此时f(x)∈(-a2+1,+∞),若x≥a,则f(x)=(x-2)2∈[(a-2)2,+∞),若函数f(x)存在最小值,则-a2+1≥(a-2)2,此时不等式无解.综上,0≤a≤1,所以a的最大值为1.
    方法技巧
    求函数最值(值域)的方法
    (1)单调性法;(2)图象法;(3)基本不等式法.
    注意 对于较复杂的函数,可通过换元、分离常数等进行转化,对于无法变形化简的函数,则常利用导数法判断函数的单调性,从而求出其值域.
    训练3 (1)[2023湖南常德一模改编]若函数f(x)=8-2x(x≤2),3+lgax(x>2)的值域是[4,+∞),则实数a的取值范围是( D )
    A.(1,+∞)B.(2,+∞)C.(1,2]D.(52,2]
    解析 当x≤2时,0<2x≤4,4≤8-2x<8,所以f(x)∈[4,8).当x>2时,分以下两种情况讨论.若0<a<1,则函数y=3+lgax单调递减,所以3+lgax∈(-∞,3+lga2),与f(x)的值域是[4,+∞)矛盾.若a>1,则函数y=3+lgax单调递增,所以3+lgax∈(3+lga2,+∞),要使f(x)的值域是[4,+∞),则有4≤3+lga2<8,解得52<a≤2.故选D.
    (2)[2024重庆市渝北中学模拟]已知f(x)=2+lg3x,x∈[1,81],则y=[f(x)]2+
    f(x2)的最大值为 22 .
    解析 由f(x)=2+lg3x,得y=[f(x)]2+f(x2)=(2+lg3x)2+2+lg3x2=(2+lg3x)2+2+2lg3x=(lg3x+3)2-3.∵函数f(x)的定义域为[1,81],∴1≤x2≤81,1≤x≤81,∴1≤x≤9,∴0≤lg3x≤2,∴当lg3x=2,即x=9时,ymax=22.∴函数y=[f(x)]2+f(x2)的最大值为22.课标要求
    命题点
    五年考情
    命题分析预测
    借助函数图象,会用符号语言表达函数的单调性、最大值、最小值,理解它们的作用和实际意义.
    确定函数的单调性(单调区间)
    2023北京T4;2021全国卷甲T4;2020全国卷ⅡT9
    本讲每年必考,命题稳定.命题热点有讨论函数的单调性,利用函数的单调性比较大小、解不等式、求最值等,也常与函数的奇偶性、周期性及对称性综合命题.题型既有选择题、填空题,也有解答题(常与导数综合命题),单独考查时难度不大,与导数综合时难度中等偏上.预计2025年高考命题趋势变化不大,备考时重点进行常规题型训练,并适当关注创新性命题.
    函数单调性的应用
    2023新高考卷ⅠT4;2023新高考卷ⅡT6;2020新高考卷ⅠT8;2020新高考卷ⅡT7;2019全国卷ⅢT11
    与函数的最值(值域)有关的问题
    2022北京T14
    单调递增
    单调递减


    一般地,设函数f(x)的定义域为D,区间I⊆D,如果∀x1,x2∈I,
    当x1<x2时,都有①f(x1)<f(x2),那么就称函数f(x)在区间I上单调递增.特别地,当函数f(x)在它的定义域上单调递增时,我们就称它是增函数.
    当x1<x2时,都有②f(x1)>f(x2),那么就称函数f(x)在区间I上单调递减.特别地,当函数f(x)在它的定义域上单调递减时,我们就称它是减函数.




    自左向右图象是③ 上升 的
    自左向右图象是④ 下降 的
    前提
    设函数y=f(x)的定义域为D,如果存在实数M满足
    条件
    (1)∀x∈D,都有⑤ f(x)≤M ;
    (2)∃x0∈D,使得f(x0)=M.
    (1)∀x∈D,都有f(x)≥M;
    (2)∃x0∈D,使得f(x0)=M.
    结论
    M是函数f(x)的最大值.
    M是函数f(x)的⑥ 最小值 .
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