还剩18页未读，
继续阅读
2023-2024学年山东省淄博市桓台县九年级（上）期末物理试卷（含解析）
展开
这是一份2023-2024学年山东省淄博市桓台县九年级（上）期末物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. 当气温低于0℃时雪人变小了，是汽化现象需吸热 B. 高烧病人用冰袋冷敷降温，利用冰液化吸热
C. 冬季运动员呼出的“白气”，是液化现象需吸热 D. 秋季草叶上铺了一层霜，霜是水蒸气放热凝华形成的
2.下列说法错误的是( )
A. 水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热
B. 通常采用压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内
C. 夏天，汽车内开冷空调，被冷气对吹的车玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内侧
D. 擦地后，发现开窗通风干得快，因为加快空气流通，蒸发加快
3.下列关于热和能的说法正确的是( )
A. 温度高的物体，内能不一定大 B. 一桶水比一杯水含有的热量多
C. 物体吸收热量，温度一定升高 D. 内燃机工作时，压缩冲程将内能转化为机械能
4.关于磁现象，下列说法中正确的是( )
A. 条形磁体中间部位的磁性最强
B. 用来描述磁场的磁感线真实存在
C. 条形磁体外部的磁感线是从S极出发，回到N极
D. 放在磁场中某点的小磁针静止时N 极指向与该点磁场方向相同
5.下列关于信息传递和能量的有关说法正确的是( )
A. 电磁波的传播需要介质
B. 卫星是利用电磁波传递信息的
C. 风能、水能和太阳能都是一次、不可再生能源
D. 能量转化是守恒的，所以能源取之不尽用之不竭
6.A和B两个相同的验电器，A带负电，B不带电，如图所示。若用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，下列说法正确的是( )
A. 验电器A的金属箔片张角不变
B. 验电器B将会失去电子带正电
C. 验电器A的金属箔片将带异种电荷
D. 连接的瞬间，金属棒上的电流方向从右向左
7.科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才会开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8.商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论。售货员说：微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费。顾客说：微波炉很费电，他家的微波炉一开，电能表表盘就转得飞快。上述争论中涉及到的两个概念是( )
A. 电压和电流B. 电能和电功C. 电能和电功率D. 电功率和电流
9.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中的保险丝熔断，一定是发生了短路
B. 家中用电器一旦起火，应先切断电源再将火扑灭
C. 使用测电笔辨别火线或零线时，手不能接触笔尾金属体
D. 电冰箱、洗衣机等带金属外壳的用电器也可以接在两孔插座中使用
10.如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，灯泡L的电阻不变，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中( )
A. 电压表V1示数变大，灯泡L亮度变暗
B. 电流表A示数变小，电压表V2示数变大
C. 电流表A示数变小，电压表V1示数不变
D. 电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
11.如图所示，在探究并联电路中电流电压规律的实验中，闭合开关S后，发现L1比L2亮。下列说法中( )
①L1的电流小于L2的电流
②L1的电阻小于L2的电阻
③L1两端电压大于L2两端电压
④L1的实际功率大于L2的实际功率
A. 只有②④正确
B. 只有③④正确
C. 只有①②正确
D. 只有②③④正确
12.在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，下列说法正确的个数是( )
甲.小刚连接完电路的最后一根导线小灯泡就亮了，是因为他连接电路时开关是闭合的
乙.小强连接完电路闭合开关后小灯泡不亮，可能是因为滑动变阻器的阻值调到了最大
丙.小梅要判断小灯泡是否正常发光，应在调节滑动变阻器的同时仔细观察小灯泡亮度
丁.小丽发现小灯泡在不同电压下测得的电阻值均不相同，有可能是由测量误差导致的
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
13.某型号的电饭锅有加热和保温两挡，其原理如图所示，R1、R2都是加热丝，下列说法正确的是( )
A. 开关S断开时，电阻 R1与R2并联
B. 开关S闭合时为保温状态
C. 若 R1断路，则该电饭锅的加热挡损坏，保温挡正常
D. 若加热状态的功率为保温状态功率的2倍，则 R1=R2
14.如图甲是小灯泡L和电阻R的I−U图象。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。下列说法错误的是( )
A. 只闭合开关S1 时，小灯泡L 的电阻为4Ω
B. 再闭合开关S2 时，电流表示数增加了0.2A
C. 开关S1、S2同时闭合时，电路总功率为1.8W
D. 闭合开关S1、S2 时，在1min 内电阻R 产生的热量为24J
二、非选择题
15.磁体间力的作用是通过______发生的。如图所示的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，a点和b点磁场更强的是______点。若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其S极指向______处(选填“P”或“Q”)。
16.12月中旬我县大雪铺盖大地，气温骤降。看到公园里的梅花不由想起宋代诗人王安石在《梅花》一诗中写道“墙角数枝梅，凌寒独自开。遥知不是雪，为有暗香来。”“暗香来”是______现象。为方便出行，常向积雪的公路上撒盐，这是因为加盐后冰的熔点会______。同学们在教室内手冷时，搓手取暖是利用______的方式使手的内能增加。
17.实验测得1kg某物质温度随时间变化的图象如图所示。已知该物质在固态下的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)，设物质从热源吸热的功率恒定不变，在最初2min内，则吸收的热量为______J，熔化过程中吸收的热量是______J，仔细观察发现固态升温快，变成液态后升温变慢，该物质固态和液态的比热容之比是______
18.如图所示是某电子秤的结构示意图，其中P是一个可以紧贴AB滑动的金属滑片，S为自动控制开关。闭合开关S，秤盘内不放物体时，电子秤刻度表示数为0；在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量。当被测物体的质量超过电子秤量程时，开关S自动断开，电子秤无示数。电子秤的刻度表是一个______表，它的示数越小说明所称物体质量越______，R0的作用是______。
19.如图，滑动变阻器用来控制螺线管的磁性强弱，要求向左移滑片磁性变强，请按上述要求将实物图连接好，并在图中虚线框内标出通电螺线管右端的磁极。
20.小明对科学探究活动非常感兴趣，他经常在课后完成一些实验，下面是他进行的两次尝试。
(1)在学完物态变化的相关知识后，他用图甲所示装置探究“水沸腾的特点”；
①在组装实验器材时应先固定______的位置(选填“A”或“B”)；
②水沸腾后，观察到温度计的示数一直如图乙所示，则水的沸点为______℃；说明此时气压______(选填“小于”、“大于”或“等于”)1个标准大气压；从实验可得出，液体在沸腾过程中______热，温度______。
③如图丙是两杯水被加热时水中气泡上升的情形，其中______图是水沸腾时的情形。
(2)他接下来又完成了如图丁所示的实验。小试管A和大烧杯B内都装有水，A与B不接触，把B放在火上加热，发现A中的水______沸腾(选填“会”或“不会”)。
21.小明学习“电和磁”的相关知识时，完成了下列两个实验。
(一)在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验中，小明在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒满细铁屑，闭合开关后______(填写操作方法)玻璃板，观察到细铁屑的排列如图甲所示，同时观察到小磁针发生偏转，则说明通电螺线管周围存在______。此时，如果移走小磁针，该结论______。(填“仍成立”或“不成立”)
(二)小明用如图乙所示的实验装置探究“产生感应电流的条件”。
(1)实验中，通过观察______来判断电路中是否有感应电流。
(2)闭合开关，若导体ab不动，左右移动磁铁，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流。
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做______时，导体中就会产生感应电流。
(4)如果将小量程电流表换成______，可以探究磁场对通电导体的作用。
22.小明用如图所示的电路探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”。
(1)小明连接的实验电路如图甲所示，其中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
(2)检查仪器时，发现电流表指针指在零刻度线左侧，则下一步操作应该是______。
(3)连接电路时，开关要处于______状态。
(4)闭合开关后，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都发现电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是电阻R2 ______(填“断路”或“短路”)。
(5)排除故障后，小明在实验中通过调节滑动变阻器的滑片，测出电阻R2在不同电压下的电流值，如下表所示：
①小明在实验中所用电阻R2的阻值约为______Ω。
②分析表中的数据得到：电阻一定时，电流跟电压成______。
(6)实验中多次测量的目的是______。
(7)如图乙所示是其他两组的同学根据测量数据作出的I−U图像，分析图像可知Ra ______Rb(填“<”、“=”或“>”)。
23.重庆市第十八中学的学生食堂利用燃气灶烧水，将质量为15kg、温度为20℃的水加热到100℃，共使用燃气0.2kg。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，燃气的热值为4.2×107J/kg。求：
(1)水吸收的热量；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量；
(3)燃气灶烧水时的效率是多少？
24.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L上标有“6V 6W”字样，定值电阻R2的阻值为6Ω，当开关S1、S2和S3均闭合时，电流表的示数为1.4A，此时灯泡L恰好正常发光(灯丝电阻不变)。求：
(1)灯泡L灯丝的电阻；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.雪人之所以变小，是因为固态的雪直接升华为水蒸气的缘故，升华吸热，故A错误；
B.高烧病人用冰袋冷敷降温，利用冰熔化吸热，故B错误；
C.冬季运动员呼出的“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，液化放热，故C错误；
D.秋季草叶上铺了一层霜，是水蒸气凝华成小冰晶，凝华放热，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；
(2)吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。
本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。
2.【答案】C
【解析】解：A、相同条件下，水蒸气变成水，是液化现象，液化放出大量的热，所以水蒸气烫伤往往比开水烫伤更严重，故A正确；
B、通常采用在常温下，压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内，故C正确；
C、夏天，空调车内温度低于外部温度，外部的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小水珠附着在玻璃的外表面，故C错误；
D、擦地后，开窗通风加快了屋内空气的流通速度，使蒸发加快，地面变干地快，故D正确。
故选：C。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热；
气体液化的方法有：降低温度，压缩体积；
影响蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体上方空气的流动速度。
本题考查了液化放热、晶体熔化特点、汽化现象等等，属于比较基础的习题，掌握基础知识很重要。
3.【答案】A
【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，物体的内能是分子动能和分子势能的总和，由于分子势能和物体的质量不确定，故温度高的物体内能不一定大，故A正确；
B、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；
C、晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，故物体吸收热量，温度不一定升高，故C错误；
D、内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程是机械能转化为内能，故D错误。
故选：A。
(1)物体的内能是分子动能和分子势能的总和；
(2)热量是一个过程量；
(3)晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；
(4)内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能。
本题考查了物体内能的概念、内燃机工作过程能的转化，属于热学基础知识的考查，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：A、条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱，故A错误；
B、磁场是真实存在的，但磁感线是为了描述磁场分布而引入的，不是真实存在的，故B错误；
C、在磁体外部，磁感线是由N极出发回到S极，故C错误；
D、磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同，故D正确。
故选：D。
(1)条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；
(2)磁体周围存在磁场，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，可形象地表示磁场的性质；
(3)在磁体外部，磁感线是由N极出发回到S极；
(4)磁场看不见，可以通过它表现的性质来认识它，基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用。
本题考查了有关磁极、磁场和磁感线的基本知识，为易错题，需要对基础知识掌握并理解才能正确作答。
5.【答案】B
【解析】解：A.电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B.卫星都是用电磁波传递信息的，故B正确；
C.风能、水能、太阳能可以从自然界源源不断的获得，属于可再生能源，故C错误；
D.能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以需要节约能源，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(3)能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(4)能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的。
本题考查能源的分类、电磁波和能量守恒定律，难度不大，是综合题。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、因为验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A上的部分负电荷会转移到B上，因此验电器B的金属箔由于带负电会张开，而验电器A所带负电荷减小，则金属箔片张角减小，故A、B错误；
C、因为验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，验电器A的金属箔片仍将带同种电荷，故C错误；
D、连接的瞬间，验电器A上的部分负电荷通过金属棒会转移到B上，而自由电子的定向移动方向与电流方向相反，因此金属棒上的电流方向从右向左，故D正确。
故选：D。
(1)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的；且验电器的金属箔带的电量越多张角越大；
(2)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
本题考查了验电器的工作原理、电流的方向判断，属于基础题，难度一般。
7.【答案】A
【解析】解：根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
由图知，
A、只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故A符合题意；
B、只闭合S1时，电动机工作，同时闭合S1和S2时，电动机和灯泡都工作，故B不符合题意；
C、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故C不符合题意；
D、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故D不符合题意。
故选：A。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
8.【答案】C
【解析】解：售货员认为微波炉很省电，是说微波炉的电功率大，但加热食物用时很短，消耗的电能并不多，所以“微波炉很省电，用它加热食品花不了多少电费”，即售货员是从电能角度说的；
顾客是从电功率角度考虑的，因为微波炉属于大功率用电器，他家的微波炉一开电能表表盘就转得飞快，这说明相同时间内消耗的电能多，所以认为很“费电”。
故选：C。
根据公式W=Pt可以解释售货员所说的微波炉很省电、电能表转速飞快的原因。
本题通过实际生活中的一个场景来考查学生对电能和电功率的理解情况，是一道理论与实践相结合的题目。
9.【答案】B
【解析】解：A.家庭电路中的保险丝熔断说明电路中电流过大，导致电流过大的原因有两个，一个是电路发生短路，另一个是总功率过大，故A错误；
B.家中用电器一旦起火，应先切断电源，防止发生触电，故B正确；
C.使用测电笔辨别火线或零线时，手指需要接触笔尾金属体，不能接触金属笔尖，否则容易发生触电事故，故C错误；
D.电冰箱、洗衣机等带金属外壳的用电器需要使用三孔插座，把金属外壳与大地相连，故D错误。
故选：B。
①导致电路中电流过大的原因：短路、总功率过大；
②测电笔的作用是辨别零火线；
③家用电器失火，要先切断电源；
④有金属外壳的用电器，其外壳要接地。
本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。
10.【答案】B
【解析】解：由图可知，电路为灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
ABC、当滑片向左移动时，接入电路电阻变大，总电阻变大，则由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；
由串联电路的分压规律可得，滑动变阻器所分电压变大，由串联电路电压的规律知灯泡所分电压变小，则电压表V1示数变小，V2示数变大，由P=UI知小灯泡的实际功率变小，灯泡亮度变暗，故AC错误，B正确；
D、由于电压表V1测量小灯泡两端的电压，电流表测量通过小灯泡的电流，电压表V1示数与电流表A示数的比值为小灯泡的电阻，由于灯泡阻值不变，则电压表V1示数与电流表A示数的比值不变，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，电路总电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点确定滑动变阻器两端的电压变化，根据灯泡两端电压的变化分析，由P=UI判断出小灯泡实际功率的变化，进而判断出灯泡亮度的变化；
(2)电压表V1示数与电流表A示数的比值为小灯泡的电阻，根据灯泡阻值的变化判断出电压表V1示数与电流表A示数比值的变化。
本题考查串联电路的电压的特点，关键知道各个电压表的测量对象和滑动变阻器滑片移动过程中阻值的变化。
11.【答案】A
【解析】解：④灯泡的亮度反映了其实际功率，闭合开关S后，发现L1比L2亮，说明L1的实际功率大于L2的实际功率，故④正确；
③由图知两灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等，故③错误；
①由P=UI知，在电压相同时，功率大的电流大，已经推出L1的实际功率大于L2的实际功率，说明L1的电流大于L2的电流，故①错误；
②由I=UR知，在电压相同时，电流大的电阻小，已经推出L1的电流大于L2的电流，说明L1的电阻小于L2的电阻，故②正确。
故选：A。
(1)由图知两灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等；
(2)灯泡的亮度取决于其实际功率的大小；
(3)由P=UI知，在电压相同时，功率大的电流大；
(4)由欧姆定律I=UR可知，在电压相同时，电流大的电阻小。
本题考查了并联电路的电压规律、功率与亮度的关系、电功率公式和欧姆定律公式的应用，难度中等。
12.【答案】B
【解析】解：甲、接好最后一根导线，小灯泡就亮了，说明电路闭合，连接电路时没有断开开关，故甲正确；
乙、小强连接完电路闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡短路、或灯泡断路、或滑动变阻器的阻值调到了最大值，故乙正确；
丙、小灯泡正常发光时的亮度不好观察，但小灯泡正常发光时灯泡两端的电压可通过电压表准确测量，故可根据电压表的示数判断小灯泡是否正常发光，故丙错误；
丁、根据欧姆定律知，当电压增大时，灯的实际功率是变大，灯丝的温度是升高的，电阻是变大的，故得到灯丝的电阻随温度升高而变大，不是由测量误差导致的，故丁错误。
故选：B。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡短路、或灯泡断路、或滑动变阻器的阻值调到了最大值等，据此分析；
(3)小灯泡正常发光时的亮度不好观察，但小灯泡正常发光时灯泡两端的电压可通过电压表准确测量；
(4)当灯的电压不同时，功率不同，灯越亮，灯丝的温度越高，电阻越大。
本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、影响电阻大小因素等问题，难度不大。
13.【答案】D
【解析】解：A、开关S断开时，电流的路径只有一条，此时电阻R1与R2串联，故A错误；
B、当S闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2接入电路，电路中电阻较小，电源两端的电压不变，由电功率公式P=U2R可知，此时电饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态，故B错误；
C、若R1断路，当S断开时电路断路，电饭锅的保温挡损耗，当S闭合时，R2仍能正常工作，电饭锅的加热功率正常工作，故C错误；
D、当S闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2接入电路，此时为加热状态，其加热功率为P加=U2R2，
当S断开时，电阻R1与R2串联，总电阻最大，此时为保温状态，其加保温率为P保=U2R1+R2，
若加热状态的功率为保温状态功率的2倍，即P加=2P保，U2R2=2U2R1+R2，则R1=R2，故D正确。
故选：D。
(1)串联电路只有一条电流的路径；并联电路有多条电流的路径；
(2)据每种情况的功率大小判断出是加热状态还是保温状态；
(3)分析R1断路时能工作的电阻，然后判断电饭锅能工作的挡位和不能工作的挡位；
(4)根据P=U2R分别表示出两种状态下的功率即可得出两电阻的关系。
本题考查分析实际和处理实际问题的能力，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、电功率公式即可正确解题。
14.【答案】C
【解析】解：A、只闭合开关S1时，为只接灯泡L的简单电路。从甲图中看出，当小灯泡电流为0.5A，电压为2V时，电功率为1W。
此时小灯泡电阻R=UI=2V0.5A=4Ω，故A正确。
B、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，R和L相互不影响，故小灯泡L电流为0.5A不变。
电阻R的电阻R的电压与小灯泡的电压相同，为2V。
电阻R的电流可从图中读出，为0.2A。
电流表在干路上，测量总电流，原来的示数为小灯泡的电流0.5A，现在有多了电阻R的电流，故电流表示数增加0.2A。故B正确。
CD、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，总电流为电阻R和小灯泡L的电流之和，即I=0.2A+0.5A=0.7A。
此时电路总功率为W=UI=2V×0.7A=1.4W，故C错误。
在1min 内电阻R 产生的热量Q=W=UIt=2V×0.2A×60s=24J，故D正确。
故选：C。
A、只闭合开关S1时，为只接灯泡L的简单电路。分析图中数据，结合P=UI得出小灯泡L的实际功率为1W时，通过小灯泡的电流和灯泡两端的电压，根据欧姆定律得出此时小灯泡电阻；
B、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，R和L相互不影响，故小灯泡L电流不变。
电阻R的电阻R的电压与小灯泡的电压相同，从图中得出电阻R的电流；电流表在干路上，测量总电流，根据并联电路的特点得出电流表示数增加量；
CD、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，根据并联电路的特点得出总电流，根据P=UI得出此时电路总功率；利用Q=W=UIt求得在1min 内电阻R 产生的热量。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
15.【答案】磁场 b p
【解析】解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；a点和b点磁场更强的是b点；
根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点，则小磁针的S极指向P处。
故答案为：磁场；b；P。
磁场的性质是对于放入其中的磁体产生磁力的作用；磁感线是为了描述看不见的磁场而引入的，磁感线的曲线方向表示磁场的方向，磁场方向跟放在该点的小磁针的北极指向一致。
本题考查了磁感线的方向与磁场方向一致的应用，要会根据磁感线方向确定磁场的方向。
16.【答案】扩散 降低 做功
【解析】解：(1)“暗香来”是花香分子扩散的结果，属于扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
(2)向结冰的公路上撒盐，冰中加入杂质，能降低冰的熔点，使其尽快熔化；
(3)两手相互摩擦做功，机械能转化为手的内能，手的内能增大、温度升高。
故答案为：扩散；降低；做功。
(1)不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动。
(2)雪天路滑，路面上撒盐，可以降低熔点使雪熔化。
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
本题考查扩散现象、熔点、改变物体内能的方式等知识的理解和应用，难度不大。
17.【答案】8.4×104 3.36×105 1：2
【解析】解：
由图可知，因为物体熔化时的温度不变，所以该物质属于晶体；
(1)在最初2min内，物体处于固态的升温吸热过程，
因为m=1kg，c1=2.1×103J/(kg⋅℃)，Δt1=0℃−(−40℃)=40℃，
所以吸收的热量为：
Q吸=c1mΔt1=2.1×103J/(kg⋅℃)×1kg×40℃=8.4×104J；
(2)最初2min内该物质的吸热功率：
P=Q吸t=8.4×104J120s=700W，
由图象可知，熔化需要的时间t1=10min−2min=8min=480s，
则熔化过程吸收的热量：
Q熔化=Pt熔化=700W×480s=3.36×105J；
(3)由图可知，物体全部熔化后，
在t′=4min内，物体温度升高Δt2=40℃，
而吸热功率恒定不变，
完全熔化后与熔化前相比，加热时间是原来的2倍，则吸收热量的关系为：Q吸′=2Q吸，
即：c2mΔt2=2c1mΔt1，
则该物质固态和液态的比热容之比：
c1c2=Δt22Δt1=40℃2×40℃=1：2。
故答案为：8.4×104；3.36×105；1：2。
(1)由图象知，前两分钟物质处于固体状态，知道固态下的比热容，又知道物体的质量，可利用吸热公式Q吸=c1mΔt可以求出吸收的热量；
(2)知道吸热时间，功率公式计算出吸热功率。由图象求出熔化需要的时间，已知热源功率，由Q=Pt可以求出熔化过程吸收的热量。
(3)由图可知，该物质在0−2min时间内处于固态，由于吸热功率恒定不变，根据吸收的热量Q吸′=2Q吸求比热容之比。
本题考查了晶体熔化的规律、吸收热量的计算、物体吸热功率的计算，涉及到从温度−时间图象搜集信息并加以利用，知识点多，属于难题。
18.【答案】电流 小 保护电路
【解析】解：(1)电子秤刻度表串联在电路中，电子秤刻度表是电流表；
当盘中放入物体质量越大时，滑片下移，变阻器连入电路的电阻越小，由欧姆定律可知通过电路的电流变大，即电流表示数变大，则电子秤的示数变大，所以，电子秤的示数越小说明所称物体质量越小；
(2)当滑动变阻器连入电路的电阻过小时，若电路中没有串联定值电阻R0时，电路中的电流会很大，故串联一个定值电阻，可以起到保护电路的作用。
故答案为：电流；小；保护电路。
(1)根据电流表要串联在电路中，电压表要并联在电路中，判断电子秤刻度表是电流表；
在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量；盘中放入的物体质量越大，连入电路的电阻越小，电路中的电流越大，电子秤示数越大。
(2)当滑动变阻器连入电路的电阻过小时，若电路中没有串联定值电阻R0时，电路中的电流会很大，由此可知定值电阻的作用。
本题考查电流表的使用及串联电路的规律及欧姆定律的应用，关键是电路的识别。
19.【答案】解：因为通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强，所以若使滑动变阻器的滑片向左端移动时，通电螺线管的磁性增强，应将滑动变阻器左下接线柱与电源负极相连；
根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的左端为螺线管的N极。
如图所示：
【解析】通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。据此可判断滑动变阻器的连接。利用安培定则可判断螺线管的极性。
本题综合考查了电磁的安培定则和影响磁性的因素，内容比较基础，注意理解。
20.【答案】B 99 小于 吸 保持不变 A 不会
【解析】解：(1)①在该实验中，先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，且便于利用酒精灯的外焰加热，则应先固定B的位置；
②该温度计的分度值是1℃，所以此时的示数是99℃，保持不变的温度即为水的沸点，所以水的沸点是99℃；
水沸腾的特点是：继续吸热，温度保持不变；
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高，气压减小时，沸点降低，一标准大气压下水的沸点是100℃，99℃低于100℃，当时气压低于一个标准大气压；
③水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，所以为图B；
水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，所以为图A；
(2)由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
故答案为：(1)①B；②99；小于；吸；保持不变；③A；(2)不会。
(1)①用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；根据需要测量的量确定实验器材；
②水沸腾时吸热温度不变，不变的温度即为沸点；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高，气压减小时，沸点降低；
③水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(2)根据水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
此题考查了沸腾时和沸腾前的现象，从现象上看沸腾前气泡在上升过程中体积减小；而沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。同时考查了水沸腾过程中的特点及温度计的读法及水沸腾时的特点。
21.【答案】轻敲 磁场 仍成立 灵敏电流计的指针是否偏转 有 切割磁感线运动 电源
【解析】解：(一)在嵌入螺线管的有机玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后需要轻敲有机玻璃板，这样做的目的是克服摩擦力的影响，使细铁屑可以自由移动。
磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，闭合开关，观察到螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场。
闭合开关后，发现无论小磁针放在螺线管周围的哪个位置，均发生偏转，说明通电螺线管周围存在磁场，电流周围存在的磁场是真实的，不会由于小磁针的有无而消失。
(二)(1)感应电流的有无是通过灵敏电流计的指针是否偏转来体现的，若灵敏电流表的指针发生偏转，就说明产生了感应电流；
(2)如图磁体上端是N极，下端是S极，则磁感线方向是上下方向的，当闭合开关，让ab不动，左右移动磁铁时，切割磁感线，所以能产生感应电流；
(3)对比(1)和(2)两次实验，发现切割磁感线的有感应电流产生，不切割磁感线的没有感应电流产生，所以产生感应电流时导体必须要切割磁感线；
(4)探究磁场对通电导体的作用必须有电源供电，使得导体中有电流，必须将小量程电流表换成电源。
故答案为：(一)轻敲；磁场；仍成立；
(二)(1)灵敏电流计的指针是否偏转；(2)有；(3)切割磁感线运动；(4)电源。
(一)(1)磁体周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中轻敲玻璃板；
螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场；电流周围存在的磁场是真实的；
(二)(1)在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来确定感应电流的产生的；
(2)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
(3)对比产生感应电流和不产生感应电流时的情况，可以得出结论。
(4)探究磁场对通电导体的作用必须有电源供电。
本题考查电流的磁效应和电磁感应，属于中档题。
22.【答案】对电流表调零 断开 断路 5 正比 寻找普遍规律 <
【解析】(1)探究“电流跟两端电压的关系”时电压表应与定值电阻并联，如图所示：
；
(2)检查仪器时，发现电流表指针指在零刻度线左侧，下一步操作应该是对电流表调零；
(3)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(4)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R2断路了；
(5)①由表中数据可知，第一次实验时R2的阻值：R2=U I =Ω，同理后面几次实验中R2的阻值分别为5Ω、5.3Ω、4.75Ω、5Ω、5Ω，则小明在实验中所用电阻R2的阻值：R2=5Ω+5Ω+5.3Ω+4.75Ω+5Ω+5Ω6≈5Ω；
②分析表中数据，考虑到误差因素，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，故得出的结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)本题实验的目的是探究“电流跟两端电压的关系”，因此实验中多次测量的目的是寻找普遍规律；
(7)由图象可知，当两电阻两端的电压相同时，通过a电阻的电流大于通过b电阻的电流，由欧姆定律可知，Ra故答案为：(1)见解答图；(2)对电流表调零；(3)断开；(4)断路；(5)①5；②正比；(6)寻找普遍规律；(7)<。
(1)探究“电流跟两端电压的关系”时电压表应与定值电阻并联；
(2)电流表使用前要调零；
(3)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(4)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的电路断路了；
(5)①根据表中数据利用欧姆定律求出电阻R2的阻值；
②分析表中电流与电压的关系得出结论；
(6)初中物理实验进行多次测量目的：一是为了求平均值，提高精度，减小误差；二是为了寻找普遍规律，结合本题的实验目的分析多次测量的目的；
(7)根据图象结合欧姆定律分析两电阻的大小关系。
本题探究“电流跟两端电压的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、欧姆定律的应用和分析数据归纳结论的能力。
23.【答案】解：(1)水吸收的热量
Q吸=cm水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×15kg×(100−20)℃=5.04×106J；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量
Q放=m气q=0.2kg×4.2×107J/kg=8.4×106J；
(3)燃气灶烧水时的效率
η=Q吸Q放×100%=5.04×106J8.4×106J×100%=60%。
答：(1)水吸收的热量为5.04×106J；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量为8.4×106J；
(3)燃气灶烧水时的效率是60%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容和温度变化，利用吸热公式求水吸收的热量；
(2)利用Q=mq可求燃料完全燃烧产生的热量；
(3)根据效率公式得出燃气灶烧水时的效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，熟记相关的计算公式是本题的关键。
24.【答案】解：(1)灯泡L上标有“6V6W”字样，由P=UI得，灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=6W6V=1A；
由I=UR可知，灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V1A=6Ω；
(2)当开关S1、S2和S3均闭合时，灯L与定值电阻R1并联，R2被短路，电流表测干路电流；
灯正常发光，根据并联电路电压特点可得：U=U1=UL=6V；
根据并联电路电流特点可知，通过R1的电流为：I1=I−IL=1.4A−1A=0.4A；
由R=UI可得：R1=U1I1=6V0.4A=15Ω；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，灯泡电阻L与定值电阻R2串联，根据串联电路的电阻关系可知，电路中总电阻为R=RL+R2=6Ω+6Ω=12Ω；
根据欧姆定律可知，电路中电流为：I′UR=6V12Ω=0.5A；
电路的总功率为：P=UI′=6V×0.5A=3W。
答：(1)灯泡L灯丝的电阻为6Ω；
(2)定值电阻R1的阻值为15Ω；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，电路的总功率为3W。
【解析】(1)根据P=UI计算灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)当开关S1、S2和S3均闭合时，灯L与定值电阻R1并联，R2被短路，电流表测干路电流；根据并联电路电流规律计算通过电阻R1的电流，根据欧姆定律计算定值电阻R1的阻值；
(3)当开关S3闭合，S1、S2都断开时，灯泡L和R2串联，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律计算电路中的电流，根据P=UI计算电路的总功率。
本题考查了欧姆定律的应用、电功率的计算和串联电路、并联电路的电流的规律，要求学生掌握。U(V)
0.5
1.0
1.6
1.9
2.5
3.0
I(A)
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
1.下列有关物态变化的说法正确的是( )
A. 当气温低于0℃时雪人变小了，是汽化现象需吸热 B. 高烧病人用冰袋冷敷降温，利用冰液化吸热
C. 冬季运动员呼出的“白气”，是液化现象需吸热 D. 秋季草叶上铺了一层霜，霜是水蒸气放热凝华形成的
2.下列说法错误的是( )
A. 水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热
B. 通常采用压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内
C. 夏天，汽车内开冷空调，被冷气对吹的车玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内侧
D. 擦地后，发现开窗通风干得快，因为加快空气流通，蒸发加快
3.下列关于热和能的说法正确的是( )
A. 温度高的物体，内能不一定大 B. 一桶水比一杯水含有的热量多
C. 物体吸收热量，温度一定升高 D. 内燃机工作时，压缩冲程将内能转化为机械能
4.关于磁现象，下列说法中正确的是( )
A. 条形磁体中间部位的磁性最强
B. 用来描述磁场的磁感线真实存在
C. 条形磁体外部的磁感线是从S极出发，回到N极
D. 放在磁场中某点的小磁针静止时N 极指向与该点磁场方向相同
5.下列关于信息传递和能量的有关说法正确的是( )
A. 电磁波的传播需要介质
B. 卫星是利用电磁波传递信息的
C. 风能、水能和太阳能都是一次、不可再生能源
D. 能量转化是守恒的，所以能源取之不尽用之不竭
6.A和B两个相同的验电器，A带负电，B不带电，如图所示。若用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，下列说法正确的是( )
A. 验电器A的金属箔片张角不变
B. 验电器B将会失去电子带正电
C. 验电器A的金属箔片将带异种电荷
D. 连接的瞬间，金属棒上的电流方向从右向左
7.科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才会开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8.商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论。售货员说：微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费。顾客说：微波炉很费电，他家的微波炉一开，电能表表盘就转得飞快。上述争论中涉及到的两个概念是( )
A. 电压和电流B. 电能和电功C. 电能和电功率D. 电功率和电流
9.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 家庭电路中的保险丝熔断，一定是发生了短路
B. 家中用电器一旦起火，应先切断电源再将火扑灭
C. 使用测电笔辨别火线或零线时，手不能接触笔尾金属体
D. 电冰箱、洗衣机等带金属外壳的用电器也可以接在两孔插座中使用
10.如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，灯泡L的电阻不变，将滑动变阻器R的滑片P向左移动，在此过程中( )
A. 电压表V1示数变大，灯泡L亮度变暗
B. 电流表A示数变小，电压表V2示数变大
C. 电流表A示数变小，电压表V1示数不变
D. 电压表V1示数与电流表A示数的比值变大
11.如图所示，在探究并联电路中电流电压规律的实验中，闭合开关S后，发现L1比L2亮。下列说法中( )
①L1的电流小于L2的电流
②L1的电阻小于L2的电阻
③L1两端电压大于L2两端电压
④L1的实际功率大于L2的实际功率
A. 只有②④正确
B. 只有③④正确
C. 只有①②正确
D. 只有②③④正确
12.在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，下列说法正确的个数是( )
甲.小刚连接完电路的最后一根导线小灯泡就亮了，是因为他连接电路时开关是闭合的
乙.小强连接完电路闭合开关后小灯泡不亮，可能是因为滑动变阻器的阻值调到了最大
丙.小梅要判断小灯泡是否正常发光，应在调节滑动变阻器的同时仔细观察小灯泡亮度
丁.小丽发现小灯泡在不同电压下测得的电阻值均不相同，有可能是由测量误差导致的
A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个
13.某型号的电饭锅有加热和保温两挡，其原理如图所示，R1、R2都是加热丝，下列说法正确的是( )
A. 开关S断开时，电阻 R1与R2并联
B. 开关S闭合时为保温状态
C. 若 R1断路，则该电饭锅的加热挡损坏，保温挡正常
D. 若加热状态的功率为保温状态功率的2倍，则 R1=R2
14.如图甲是小灯泡L和电阻R的I−U图象。将小灯泡L和电阻R接入如图乙所示电路中，只闭合开关S1时，小灯泡L的实际功率为1W。下列说法错误的是( )
A. 只闭合开关S1 时，小灯泡L 的电阻为4Ω
B. 再闭合开关S2 时，电流表示数增加了0.2A
C. 开关S1、S2同时闭合时，电路总功率为1.8W
D. 闭合开关S1、S2 时，在1min 内电阻R 产生的热量为24J
二、非选择题
15.磁体间力的作用是通过______发生的。如图所示的是用来描绘某一磁体周围磁场的部分磁感线，a点和b点磁场更强的是______点。若在b点放置一个可自由转动的小磁针，则小磁针静止时，其S极指向______处(选填“P”或“Q”)。
16.12月中旬我县大雪铺盖大地，气温骤降。看到公园里的梅花不由想起宋代诗人王安石在《梅花》一诗中写道“墙角数枝梅，凌寒独自开。遥知不是雪，为有暗香来。”“暗香来”是______现象。为方便出行，常向积雪的公路上撒盐，这是因为加盐后冰的熔点会______。同学们在教室内手冷时，搓手取暖是利用______的方式使手的内能增加。
17.实验测得1kg某物质温度随时间变化的图象如图所示。已知该物质在固态下的比热容为2.1×103J/(kg⋅℃)，设物质从热源吸热的功率恒定不变，在最初2min内，则吸收的热量为______J，熔化过程中吸收的热量是______J，仔细观察发现固态升温快，变成液态后升温变慢，该物质固态和液态的比热容之比是______
18.如图所示是某电子秤的结构示意图，其中P是一个可以紧贴AB滑动的金属滑片，S为自动控制开关。闭合开关S，秤盘内不放物体时，电子秤刻度表示数为0；在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量。当被测物体的质量超过电子秤量程时，开关S自动断开，电子秤无示数。电子秤的刻度表是一个______表，它的示数越小说明所称物体质量越______，R0的作用是______。
19.如图，滑动变阻器用来控制螺线管的磁性强弱，要求向左移滑片磁性变强，请按上述要求将实物图连接好，并在图中虚线框内标出通电螺线管右端的磁极。
20.小明对科学探究活动非常感兴趣，他经常在课后完成一些实验，下面是他进行的两次尝试。
(1)在学完物态变化的相关知识后，他用图甲所示装置探究“水沸腾的特点”；
①在组装实验器材时应先固定______的位置(选填“A”或“B”)；
②水沸腾后，观察到温度计的示数一直如图乙所示，则水的沸点为______℃；说明此时气压______(选填“小于”、“大于”或“等于”)1个标准大气压；从实验可得出，液体在沸腾过程中______热，温度______。
③如图丙是两杯水被加热时水中气泡上升的情形，其中______图是水沸腾时的情形。
(2)他接下来又完成了如图丁所示的实验。小试管A和大烧杯B内都装有水，A与B不接触，把B放在火上加热，发现A中的水______沸腾(选填“会”或“不会”)。
21.小明学习“电和磁”的相关知识时，完成了下列两个实验。
(一)在做“探究通电螺线管外部的磁场分布”实验中，小明在嵌入螺线管的玻璃板上均匀撒满细铁屑，闭合开关后______(填写操作方法)玻璃板，观察到细铁屑的排列如图甲所示，同时观察到小磁针发生偏转，则说明通电螺线管周围存在______。此时，如果移走小磁针，该结论______。(填“仍成立”或“不成立”)
(二)小明用如图乙所示的实验装置探究“产生感应电流的条件”。
(1)实验中，通过观察______来判断电路中是否有感应电流。
(2)闭合开关，若导体ab不动，左右移动磁铁，电路中______(选填“有”或“无”)感应电流。
(3)该实验的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做______时，导体中就会产生感应电流。
(4)如果将小量程电流表换成______，可以探究磁场对通电导体的作用。
22.小明用如图所示的电路探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”。
(1)小明连接的实验电路如图甲所示，其中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
(2)检查仪器时，发现电流表指针指在零刻度线左侧，则下一步操作应该是______。
(3)连接电路时，开关要处于______状态。
(4)闭合开关后，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都发现电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是电阻R2 ______(填“断路”或“短路”)。
(5)排除故障后，小明在实验中通过调节滑动变阻器的滑片，测出电阻R2在不同电压下的电流值，如下表所示：
①小明在实验中所用电阻R2的阻值约为______Ω。
②分析表中的数据得到：电阻一定时，电流跟电压成______。
(6)实验中多次测量的目的是______。
(7)如图乙所示是其他两组的同学根据测量数据作出的I−U图像，分析图像可知Ra ______Rb(填“<”、“=”或“>”)。
23.重庆市第十八中学的学生食堂利用燃气灶烧水，将质量为15kg、温度为20℃的水加热到100℃，共使用燃气0.2kg。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，燃气的热值为4.2×107J/kg。求：
(1)水吸收的热量；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量；
(3)燃气灶烧水时的效率是多少？
24.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L上标有“6V 6W”字样，定值电阻R2的阻值为6Ω，当开关S1、S2和S3均闭合时，电流表的示数为1.4A，此时灯泡L恰好正常发光(灯丝电阻不变)。求：
(1)灯泡L灯丝的电阻；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，电路的总功率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.雪人之所以变小，是因为固态的雪直接升华为水蒸气的缘故，升华吸热，故A错误；
B.高烧病人用冰袋冷敷降温，利用冰熔化吸热，故B错误；
C.冬季运动员呼出的“白气”，是水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，液化放热，故C错误；
D.秋季草叶上铺了一层霜，是水蒸气凝华成小冰晶，凝华放热，故D正确。
故选：D。
(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；
(2)吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。
本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。
2.【答案】C
【解析】解：A、相同条件下，水蒸气变成水，是液化现象，液化放出大量的热，所以水蒸气烫伤往往比开水烫伤更严重，故A正确；
B、通常采用在常温下，压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内，故C正确；
C、夏天，空调车内温度低于外部温度，外部的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小水珠附着在玻璃的外表面，故C错误；
D、擦地后，开窗通风加快了屋内空气的流通速度，使蒸发加快，地面变干地快，故D正确。
故选：C。
物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热；
气体液化的方法有：降低温度，压缩体积；
影响蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液体上方空气的流动速度。
本题考查了液化放热、晶体熔化特点、汽化现象等等，属于比较基础的习题，掌握基础知识很重要。
3.【答案】A
【解析】解：A、温度是分子平均动能的标志，温度越高分子平均动能越大，物体的内能是分子动能和分子势能的总和，由于分子势能和物体的质量不确定，故温度高的物体内能不一定大，故A正确；
B、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误；
C、晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变，故物体吸收热量，温度不一定升高，故C错误；
D、内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程是机械能转化为内能，故D错误。
故选：A。
(1)物体的内能是分子动能和分子势能的总和；
(2)热量是一个过程量；
(3)晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；
(4)内燃机工作时，做功冲程将内能转化为机械能。
本题考查了物体内能的概念、内燃机工作过程能的转化，属于热学基础知识的考查，难度不大。
4.【答案】D
【解析】解：A、条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱，故A错误；
B、磁场是真实存在的，但磁感线是为了描述磁场分布而引入的，不是真实存在的，故B错误；
C、在磁体外部，磁感线是由N极出发回到S极，故C错误；
D、磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相同，故D正确。
故选：D。
(1)条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；
(2)磁体周围存在磁场，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，可形象地表示磁场的性质；
(3)在磁体外部，磁感线是由N极出发回到S极；
(4)磁场看不见，可以通过它表现的性质来认识它，基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用。
本题考查了有关磁极、磁场和磁感线的基本知识，为易错题，需要对基础知识掌握并理解才能正确作答。
5.【答案】B
【解析】解：A.电磁波的传播不需要介质，故A错误；
B.卫星都是用电磁波传递信息的，故B正确；
C.风能、水能、太阳能可以从自然界源源不断的获得，属于可再生能源，故C错误；
D.能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的，能源的利用是有条件的，我们所能利用的能源是有限的，所以需要节约能源，故D错误。
故选：B。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
(3)能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
(4)能量是守恒的，但是能量的转化和转移是有方向性的。
本题考查能源的分类、电磁波和能量守恒定律，难度不大，是综合题。
6.【答案】D
【解析】解：
AB、因为验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，A上的部分负电荷会转移到B上，因此验电器B的金属箔由于带负电会张开，而验电器A所带负电荷减小，则金属箔片张角减小，故A、B错误；
C、因为验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的，验电器A的金属箔片仍将带同种电荷，故C错误；
D、连接的瞬间，验电器A上的部分负电荷通过金属棒会转移到B上，而自由电子的定向移动方向与电流方向相反，因此金属棒上的电流方向从右向左，故D正确。
故选：D。
(1)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的；且验电器的金属箔带的电量越多张角越大；
(2)规定正电荷定向移动的方向是电流的方向，自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
本题考查了验电器的工作原理、电流的方向判断，属于基础题，难度一般。
7.【答案】A
【解析】解：根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
由图知，
A、只S1闭合，灯L发光，再S2闭合，电动机M也工作，故A符合题意；
B、只闭合S1时，电动机工作，同时闭合S1和S2时，电动机和灯泡都工作，故B不符合题意；
C、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故C不符合题意；
D、只闭合S1时，电动机和灯泡都工作，故D不符合题意。
故选：A。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路图的设计，关键是明确串联和并联电路中开关的作用。
8.【答案】C
【解析】解：售货员认为微波炉很省电，是说微波炉的电功率大，但加热食物用时很短，消耗的电能并不多，所以“微波炉很省电，用它加热食品花不了多少电费”，即售货员是从电能角度说的；
顾客是从电功率角度考虑的，因为微波炉属于大功率用电器，他家的微波炉一开电能表表盘就转得飞快，这说明相同时间内消耗的电能多，所以认为很“费电”。
故选：C。
根据公式W=Pt可以解释售货员所说的微波炉很省电、电能表转速飞快的原因。
本题通过实际生活中的一个场景来考查学生对电能和电功率的理解情况，是一道理论与实践相结合的题目。
9.【答案】B
【解析】解：A.家庭电路中的保险丝熔断说明电路中电流过大，导致电流过大的原因有两个，一个是电路发生短路，另一个是总功率过大，故A错误；
B.家中用电器一旦起火，应先切断电源，防止发生触电，故B正确；
C.使用测电笔辨别火线或零线时，手指需要接触笔尾金属体，不能接触金属笔尖，否则容易发生触电事故，故C错误；
D.电冰箱、洗衣机等带金属外壳的用电器需要使用三孔插座，把金属外壳与大地相连，故D错误。
故选：B。
①导致电路中电流过大的原因：短路、总功率过大；
②测电笔的作用是辨别零火线；
③家用电器失火，要先切断电源；
④有金属外壳的用电器，其外壳要接地。
本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。
10.【答案】B
【解析】解：由图可知，电路为灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中的电流；
ABC、当滑片向左移动时，接入电路电阻变大，总电阻变大，则由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；
由串联电路的分压规律可得，滑动变阻器所分电压变大，由串联电路电压的规律知灯泡所分电压变小，则电压表V1示数变小，V2示数变大，由P=UI知小灯泡的实际功率变小，灯泡亮度变暗，故AC错误，B正确；
D、由于电压表V1测量小灯泡两端的电压，电流表测量通过小灯泡的电流，电压表V1示数与电流表A示数的比值为小灯泡的电阻，由于灯泡阻值不变，则电压表V1示数与电流表A示数的比值不变，故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
(1)根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，电路总电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点确定滑动变阻器两端的电压变化，根据灯泡两端电压的变化分析，由P=UI判断出小灯泡实际功率的变化，进而判断出灯泡亮度的变化；
(2)电压表V1示数与电流表A示数的比值为小灯泡的电阻，根据灯泡阻值的变化判断出电压表V1示数与电流表A示数比值的变化。
本题考查串联电路的电压的特点，关键知道各个电压表的测量对象和滑动变阻器滑片移动过程中阻值的变化。
11.【答案】A
【解析】解：④灯泡的亮度反映了其实际功率，闭合开关S后，发现L1比L2亮，说明L1的实际功率大于L2的实际功率，故④正确；
③由图知两灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等，故③错误；
①由P=UI知，在电压相同时，功率大的电流大，已经推出L1的实际功率大于L2的实际功率，说明L1的电流大于L2的电流，故①错误；
②由I=UR知，在电压相同时，电流大的电阻小，已经推出L1的电流大于L2的电流，说明L1的电阻小于L2的电阻，故②正确。
故选：A。
(1)由图知两灯泡并联，并联电路各支路两端电压相等；
(2)灯泡的亮度取决于其实际功率的大小；
(3)由P=UI知，在电压相同时，功率大的电流大；
(4)由欧姆定律I=UR可知，在电压相同时，电流大的电阻小。
本题考查了并联电路的电压规律、功率与亮度的关系、电功率公式和欧姆定律公式的应用，难度中等。
12.【答案】B
【解析】解：甲、接好最后一根导线，小灯泡就亮了，说明电路闭合，连接电路时没有断开开关，故甲正确；
乙、小强连接完电路闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡短路、或灯泡断路、或滑动变阻器的阻值调到了最大值，故乙正确；
丙、小灯泡正常发光时的亮度不好观察，但小灯泡正常发光时灯泡两端的电压可通过电压表准确测量，故可根据电压表的示数判断小灯泡是否正常发光，故丙错误；
丁、根据欧姆定律知，当电压增大时，灯的实际功率是变大，灯丝的温度是升高的，电阻是变大的，故得到灯丝的电阻随温度升高而变大，不是由测量误差导致的，故丁错误。
故选：B。
(1)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(2)闭合开关，灯泡不亮，可能是灯泡短路、或灯泡断路、或滑动变阻器的阻值调到了最大值等，据此分析；
(3)小灯泡正常发光时的亮度不好观察，但小灯泡正常发光时灯泡两端的电压可通过电压表准确测量；
(4)当灯的电压不同时，功率不同，灯越亮，灯丝的温度越高，电阻越大。
本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、影响电阻大小因素等问题，难度不大。
13.【答案】D
【解析】解：A、开关S断开时，电流的路径只有一条，此时电阻R1与R2串联，故A错误；
B、当S闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2接入电路，电路中电阻较小，电源两端的电压不变，由电功率公式P=U2R可知，此时电饭锅电功率较大，电饭锅处于加热状态，故B错误；
C、若R1断路，当S断开时电路断路，电饭锅的保温挡损耗，当S闭合时，R2仍能正常工作，电饭锅的加热功率正常工作，故C错误；
D、当S闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2接入电路，此时为加热状态，其加热功率为P加=U2R2，
当S断开时，电阻R1与R2串联，总电阻最大，此时为保温状态，其加保温率为P保=U2R1+R2，
若加热状态的功率为保温状态功率的2倍，即P加=2P保，U2R2=2U2R1+R2，则R1=R2，故D正确。
故选：D。
(1)串联电路只有一条电流的路径；并联电路有多条电流的路径；
(2)据每种情况的功率大小判断出是加热状态还是保温状态；
(3)分析R1断路时能工作的电阻，然后判断电饭锅能工作的挡位和不能工作的挡位；
(4)根据P=U2R分别表示出两种状态下的功率即可得出两电阻的关系。
本题考查分析实际和处理实际问题的能力，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、电功率公式即可正确解题。
14.【答案】C
【解析】解：A、只闭合开关S1时，为只接灯泡L的简单电路。从甲图中看出，当小灯泡电流为0.5A，电压为2V时，电功率为1W。
此时小灯泡电阻R=UI=2V0.5A=4Ω，故A正确。
B、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，R和L相互不影响，故小灯泡L电流为0.5A不变。
电阻R的电阻R的电压与小灯泡的电压相同，为2V。
电阻R的电流可从图中读出，为0.2A。
电流表在干路上，测量总电流，原来的示数为小灯泡的电流0.5A，现在有多了电阻R的电流，故电流表示数增加0.2A。故B正确。
CD、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，总电流为电阻R和小灯泡L的电流之和，即I=0.2A+0.5A=0.7A。
此时电路总功率为W=UI=2V×0.7A=1.4W，故C错误。
在1min 内电阻R 产生的热量Q=W=UIt=2V×0.2A×60s=24J，故D正确。
故选：C。
A、只闭合开关S1时，为只接灯泡L的简单电路。分析图中数据，结合P=UI得出小灯泡L的实际功率为1W时，通过小灯泡的电流和灯泡两端的电压，根据欧姆定律得出此时小灯泡电阻；
B、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，R和L相互不影响，故小灯泡L电流不变。
电阻R的电阻R的电压与小灯泡的电压相同，从图中得出电阻R的电流；电流表在干路上，测量总电流，根据并联电路的特点得出电流表示数增加量；
CD、再闭合开关S2时，电阻R和小灯泡L并联，根据并联电路的特点得出总电流，根据P=UI得出此时电路总功率；利用Q=W=UIt求得在1min 内电阻R 产生的热量。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
15.【答案】磁场 b p
【解析】解：磁体间力的作用是通过磁场发生的；a点和b点磁场更强的是b点；
根据图示的磁感线方向可知，b点的磁场方向指向Q，也就是小磁针静止在该点时北极所指的方向，即N极指向Q点，则小磁针的S极指向P处。
故答案为：磁场；b；P。
磁场的性质是对于放入其中的磁体产生磁力的作用；磁感线是为了描述看不见的磁场而引入的，磁感线的曲线方向表示磁场的方向，磁场方向跟放在该点的小磁针的北极指向一致。
本题考查了磁感线的方向与磁场方向一致的应用，要会根据磁感线方向确定磁场的方向。
16.【答案】扩散 降低 做功
【解析】解：(1)“暗香来”是花香分子扩散的结果，属于扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
(2)向结冰的公路上撒盐，冰中加入杂质，能降低冰的熔点，使其尽快熔化；
(3)两手相互摩擦做功，机械能转化为手的内能，手的内能增大、温度升高。
故答案为：扩散；降低；做功。
(1)不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动。
(2)雪天路滑，路面上撒盐，可以降低熔点使雪熔化。
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
本题考查扩散现象、熔点、改变物体内能的方式等知识的理解和应用，难度不大。
17.【答案】8.4×104 3.36×105 1：2
【解析】解：
由图可知，因为物体熔化时的温度不变，所以该物质属于晶体；
(1)在最初2min内，物体处于固态的升温吸热过程，
因为m=1kg，c1=2.1×103J/(kg⋅℃)，Δt1=0℃−(−40℃)=40℃，
所以吸收的热量为：
Q吸=c1mΔt1=2.1×103J/(kg⋅℃)×1kg×40℃=8.4×104J；
(2)最初2min内该物质的吸热功率：
P=Q吸t=8.4×104J120s=700W，
由图象可知，熔化需要的时间t1=10min−2min=8min=480s，
则熔化过程吸收的热量：
Q熔化=Pt熔化=700W×480s=3.36×105J；
(3)由图可知，物体全部熔化后，
在t′=4min内，物体温度升高Δt2=40℃，
而吸热功率恒定不变，
完全熔化后与熔化前相比，加热时间是原来的2倍，则吸收热量的关系为：Q吸′=2Q吸，
即：c2mΔt2=2c1mΔt1，
则该物质固态和液态的比热容之比：
c1c2=Δt22Δt1=40℃2×40℃=1：2。
故答案为：8.4×104；3.36×105；1：2。
(1)由图象知，前两分钟物质处于固体状态，知道固态下的比热容，又知道物体的质量，可利用吸热公式Q吸=c1mΔt可以求出吸收的热量；
(2)知道吸热时间，功率公式计算出吸热功率。由图象求出熔化需要的时间，已知热源功率，由Q=Pt可以求出熔化过程吸收的热量。
(3)由图可知，该物质在0−2min时间内处于固态，由于吸热功率恒定不变，根据吸收的热量Q吸′=2Q吸求比热容之比。
本题考查了晶体熔化的规律、吸收热量的计算、物体吸热功率的计算，涉及到从温度−时间图象搜集信息并加以利用，知识点多，属于难题。
18.【答案】电流 小 保护电路
【解析】解：(1)电子秤刻度表串联在电路中，电子秤刻度表是电流表；
当盘中放入物体质量越大时，滑片下移，变阻器连入电路的电阻越小，由欧姆定律可知通过电路的电流变大，即电流表示数变大，则电子秤的示数变大，所以，电子秤的示数越小说明所称物体质量越小；
(2)当滑动变阻器连入电路的电阻过小时，若电路中没有串联定值电阻R0时，电路中的电流会很大，故串联一个定值电阻，可以起到保护电路的作用。
故答案为：电流；小；保护电路。
(1)根据电流表要串联在电路中，电压表要并联在电路中，判断电子秤刻度表是电流表；
在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量；盘中放入的物体质量越大，连入电路的电阻越小，电路中的电流越大，电子秤示数越大。
(2)当滑动变阻器连入电路的电阻过小时，若电路中没有串联定值电阻R0时，电路中的电流会很大，由此可知定值电阻的作用。
本题考查电流表的使用及串联电路的规律及欧姆定律的应用，关键是电路的识别。
19.【答案】解：因为通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强，所以若使滑动变阻器的滑片向左端移动时，通电螺线管的磁性增强，应将滑动变阻器左下接线柱与电源负极相连；
根据安培定则，用右手握住螺线管，使四指指向电流的方向，则大拇指所指的左端为螺线管的N极。
如图所示：
【解析】通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。据此可判断滑动变阻器的连接。利用安培定则可判断螺线管的极性。
本题综合考查了电磁的安培定则和影响磁性的因素，内容比较基础，注意理解。
20.【答案】B 99 小于 吸 保持不变 A 不会
【解析】解：(1)①在该实验中，先安装下面器材，再安装上面器材，便于调节器材间的距离，且便于利用酒精灯的外焰加热，则应先固定B的位置；
②该温度计的分度值是1℃，所以此时的示数是99℃，保持不变的温度即为水的沸点，所以水的沸点是99℃；
水沸腾的特点是：继续吸热，温度保持不变；
液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高，气压减小时，沸点降低，一标准大气压下水的沸点是100℃，99℃低于100℃，当时气压低于一个标准大气压；
③水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，所以为图B；
水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，所以为图A；
(2)由于大烧杯中的水在沸腾过程中，温度保持在沸点温度，所以小试管中的水的温度可以达到沸点，但是不能继续从大烧杯中吸收热量，所以小试管中的水不会沸腾。
故答案为：(1)①B；②99；小于；吸；保持不变；③A；(2)不会。
(1)①用酒精灯加热物体时，安装装置时，先从下到上，方便调节；根据需要测量的量确定实验器材；
②水沸腾时吸热温度不变，不变的温度即为沸点；液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高，气压减小时，沸点降低；
③水在沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小，水在沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(2)根据水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
此题考查了沸腾时和沸腾前的现象，从现象上看沸腾前气泡在上升过程中体积减小；而沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。同时考查了水沸腾过程中的特点及温度计的读法及水沸腾时的特点。
21.【答案】轻敲 磁场 仍成立 灵敏电流计的指针是否偏转 有 切割磁感线运动 电源
【解析】解：(一)在嵌入螺线管的有机玻璃板上均匀撒些细铁屑，通电后需要轻敲有机玻璃板，这样做的目的是克服摩擦力的影响，使细铁屑可以自由移动。
磁场的基本性质是对放入其中的磁体有力的作用，闭合开关，观察到螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场。
闭合开关后，发现无论小磁针放在螺线管周围的哪个位置，均发生偏转，说明通电螺线管周围存在磁场，电流周围存在的磁场是真实的，不会由于小磁针的有无而消失。
(二)(1)感应电流的有无是通过灵敏电流计的指针是否偏转来体现的，若灵敏电流表的指针发生偏转，就说明产生了感应电流；
(2)如图磁体上端是N极，下端是S极，则磁感线方向是上下方向的，当闭合开关，让ab不动，左右移动磁铁时，切割磁感线，所以能产生感应电流；
(3)对比(1)和(2)两次实验，发现切割磁感线的有感应电流产生，不切割磁感线的没有感应电流产生，所以产生感应电流时导体必须要切割磁感线；
(4)探究磁场对通电导体的作用必须有电源供电，使得导体中有电流，必须将小量程电流表换成电源。
故答案为：(一)轻敲；磁场；仍成立；
(二)(1)灵敏电流计的指针是否偏转；(2)有；(3)切割磁感线运动；(4)电源。
(一)(1)磁体周围铁屑会被磁化，但由于其与纸板的摩擦力太大，它不能自己转动，因此实验中轻敲玻璃板；
螺线管周围的小磁针由于受到磁场的作用而发生偏转，说明了通电螺线管周围存在磁场；电流周围存在的磁场是真实的；
(二)(1)在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来确定感应电流的产生的；
(2)产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
(3)对比产生感应电流和不产生感应电流时的情况，可以得出结论。
(4)探究磁场对通电导体的作用必须有电源供电。
本题考查电流的磁效应和电磁感应，属于中档题。
22.【答案】对电流表调零 断开 断路 5 正比 寻找普遍规律 <
【解析】(1)探究“电流跟两端电压的关系”时电压表应与定值电阻并联，如图所示：
；
(2)检查仪器时，发现电流表指针指在零刻度线左侧，下一步操作应该是对电流表调零；
(3)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(4)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的定值电阻R2断路了；
(5)①由表中数据可知，第一次实验时R2的阻值：R2=U I =Ω，同理后面几次实验中R2的阻值分别为5Ω、5.3Ω、4.75Ω、5Ω、5Ω，则小明在实验中所用电阻R2的阻值：R2=5Ω+5Ω+5.3Ω+4.75Ω+5Ω+5Ω6≈5Ω；
②分析表中数据，考虑到误差因素，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，故得出的结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)本题实验的目的是探究“电流跟两端电压的关系”，因此实验中多次测量的目的是寻找普遍规律；
(7)由图象可知，当两电阻两端的电压相同时，通过a电阻的电流大于通过b电阻的电流，由欧姆定律可知，Ra
(1)探究“电流跟两端电压的关系”时电压表应与定值电阻并联；
(2)电流表使用前要调零；
(3)为了保护电路，连接电路时开关应断开；
(4)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，与电压表并联的电路断路了；
(5)①根据表中数据利用欧姆定律求出电阻R2的阻值；
②分析表中电流与电压的关系得出结论；
(6)初中物理实验进行多次测量目的：一是为了求平均值，提高精度，减小误差；二是为了寻找普遍规律，结合本题的实验目的分析多次测量的目的；
(7)根据图象结合欧姆定律分析两电阻的大小关系。
本题探究“电流跟两端电压的关系”，考查电路连接、注意事项、故障分析、欧姆定律的应用和分析数据归纳结论的能力。
23.【答案】解：(1)水吸收的热量
Q吸=cm水(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×15kg×(100−20)℃=5.04×106J；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量
Q放=m气q=0.2kg×4.2×107J/kg=8.4×106J；
(3)燃气灶烧水时的效率
η=Q吸Q放×100%=5.04×106J8.4×106J×100%=60%。
答：(1)水吸收的热量为5.04×106J；
(2)0.2kg燃气完全燃烧放出的热量为8.4×106J；
(3)燃气灶烧水时的效率是60%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容和温度变化，利用吸热公式求水吸收的热量；
(2)利用Q=mq可求燃料完全燃烧产生的热量；
(3)根据效率公式得出燃气灶烧水时的效率。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，熟记相关的计算公式是本题的关键。
24.【答案】解：(1)灯泡L上标有“6V6W”字样，由P=UI得，灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=6W6V=1A；
由I=UR可知，灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V1A=6Ω；
(2)当开关S1、S2和S3均闭合时，灯L与定值电阻R1并联，R2被短路，电流表测干路电流；
灯正常发光，根据并联电路电压特点可得：U=U1=UL=6V；
根据并联电路电流特点可知，通过R1的电流为：I1=I−IL=1.4A−1A=0.4A；
由R=UI可得：R1=U1I1=6V0.4A=15Ω；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，灯泡电阻L与定值电阻R2串联，根据串联电路的电阻关系可知，电路中总电阻为R=RL+R2=6Ω+6Ω=12Ω；
根据欧姆定律可知，电路中电流为：I′UR=6V12Ω=0.5A；
电路的总功率为：P=UI′=6V×0.5A=3W。
答：(1)灯泡L灯丝的电阻为6Ω；
(2)定值电阻R1的阻值为15Ω；
(3)当开关S3闭合，S1和S2都断开时，电路的总功率为3W。
【解析】(1)根据P=UI计算灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
(2)当开关S1、S2和S3均闭合时，灯L与定值电阻R1并联，R2被短路，电流表测干路电流；根据并联电路电流规律计算通过电阻R1的电流，根据欧姆定律计算定值电阻R1的阻值；
(3)当开关S3闭合，S1、S2都断开时，灯泡L和R2串联，根据串联电路电阻的规律和欧姆定律计算电路中的电流，根据P=UI计算电路的总功率。
本题考查了欧姆定律的应用、电功率的计算和串联电路、并联电路的电流的规律，要求学生掌握。U(V)
0.5
1.0
1.6
1.9
2.5
3.0
I(A)
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
相关试卷
2023-2024学年山东省淄博市桓台县物理九上期末达标检测模拟试题含答案： 这是一份2023-2024学年山东省淄博市桓台县物理九上期末达标检测模拟试题含答案，共12页。试卷主要包含了考生必须保证答题卡的整洁，下列说法错误的是等内容，欢迎下载使用。
山东省淄博市桓台县2023-2024学年八年级上学期期中考试物理试卷： 这是一份山东省淄博市桓台县2023-2024学年八年级上学期期中考试物理试卷，共21页。试卷主要包含了选择题，理解与应用，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年山东省淄博市周村二中九年级（上）段考物理试卷（10月份）（含解析）： 这是一份2023-2024学年山东省淄博市周村二中九年级（上）段考物理试卷（10月份）（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
