02，广东省惠州市尚书江南学校等三校联考2023-2024学年九年级上学期12月月考物理试题

这是一份02，广东省惠州市尚书江南学校等三校联考2023-2024学年九年级上学期12月月考物理试题，共18页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。

1. 下列所示现象中，力对物体做功的是（ ）
A. 图甲：用力搬石头，没有搬动
B. 图乙：用力提着滑板在水平路面上前行
C. 图丙：用力将木箱推到斜面的顶端
D. 图丁：用力举着杠铃在空中不动
【答案】C
【解析】
【详解】A．用力搬石头，没有搬动，人对石头施加力的作用，但石头在力的方向上没有移动距离，所以人对石头没有做功，故A不符合题意；
B．用力提着滑板在水平路面上前行，人对滑板施加力竖直向上，滑板在力的方向上没有移动距离，所以人对滑板没有做功，故B不符合题意；
C．用力将木箱推到斜面的顶端，木箱在力的方向上移动了距离，所以人对木箱做功，故C符合题意；
D．用力举着杠铃在空中不动，人对杠铃施加力的作用，杠铃在力的方向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故D不符合题意。
故选C。
2. 湿地被称为“地球之肾”，能调节空气的湿度和温度，其中能调节温度主要是因为水的（ ）
A. 比热容大B. 密度大C. 流动性大D. 热值大
【答案】A
【解析】
【详解】A．由公式的变形式
可知，质量相同的不同物质，当吸收或放出相同热量时，比热容较大的物质温度变化较小，因此，比热容大的物质对调节温度有很好的作用。湿地中含有大量的水，而水的比热容较大，当周围环境开始升温时，您看到的资料都源自我们平台，20多万份最新小初高试卷自由下载，家威鑫 MXSJ663 免费下载 湿地升高的温度比周围环境升高的温度小，出现温差，从而使热量由周围环境向含水较多的湿地传递，湿地中的水吸收周围环境释放的热量，使周围温度上升较小；当周围环境温度下降时，由于水的比热容大，含水较多的湿地下降的温度比周围环境下降的温度小，出现温差，从而使热量由湿地向周围的环境传递，周围环境吸收热量，温度下降较小；这样利用水的比热容较大使周围环境的温度不会发生太大的变化，起到了调节温度的作用，因此湿地能调节温度主要是因为水的比热容大，故A符合题意；
B．密度是指某种物质组成的物体质量与它的体积之比，是物质的一种特性，水的密度与调节温度无关，故B不符合题意；
C．流动水在运动过程中与接触且具有温度差的物体之间会发生热传递，但这些传递的热量对与之不接触的环境之间影响不大，故水的流动性大对湿地可以调节温度的功能没有太多贡献，故C不符合题意；
D．热值是指燃料完全燃烧放出的热量与燃料质量之比，其物理意义是1kg燃料完全燃烧放出的热量，而水并不是燃料不具有热值，故D不符合题意。
故选A。
3. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 0℃的冰块内能为0B. 温度高的物体含有的热量多
C. 汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能增加D. 两个发生热传递的物体之间一定存在温度差
【答案】D
【解析】
【详解】A．一切的物体都有内能，0℃的冰块内能不为0，故A错误；
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能转化为机械能，内能减少，故C错误；
D．热量从高温物体传给低温物体，两个发生热传递的物体之间一定存在温度差，故D正确。
故选D。
4. 如图所示是四冲程内燃机的一个冲程，它是（ ）
A. 压缩冲程，将内能转化为机械能B. 做功冲程，将内能转化为机械能
C. 压缩冲程，将机械能转化为内能D. 做功冲程，将机械能转化为内能
【答案】C
【解析】
【详解】如图，两气门关闭，活塞上行，是压缩冲程，在这个冲程中，活塞压缩缸内气体，对气体做功，将机械能转化为内能，使缸内气体内能增大，温度升高，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
5. 油烟机里有照明灯和电动机。它们既能单独工作，又能同时工作，下列设计的电路符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，照明灯和电动机，它们既能单独工作，又能同时工作，这说明照明灯和电动机是并联的，且各自有一个控制开关，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6. 如图所示的串联电路中，定值电阻R1＝2R2，开关闭合后，电阻R1、R2两端电压分别为U1、U2，通过的电流分别为I1、I2，电功率分别为P1、P2，相同时间内做的功为W1、W2，以下比值正确的是（ ）
A. I1︰I2＝2︰1B. U1︰U2＝1︰1
C. P1︰P2＝2︰1D. W1︰W2＝1︰2
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，闭合开关S后，电阻R1、R2串联，因串联电路中电流处处相等，则I1＝I2，故A错误；
B．根据欧姆定律可知，电阻R1、R2两端电压之比
U1︰U2＝I1R1︰I2R2＝R1︰R2＝2R2︰R2＝2︰1
故B错误；
C．根据P＝UI可知，电阻R1、R2的电功率之比
P1︰P2＝U1I1︰U2I2＝U1︰U2＝2︰1
故C正确；
D．由可知，电阻R1、R2在相同时间内做的功之比
W1︰W2＝P1t︰P2t＝P 1︰P2＝2︰1
故D错误。
故选C。
7. 将电阻R和灯泡L接在图甲所示电路中，电源电压保持不变。图乙为电阻R和灯泡L的I—U图象。闭合开关S，电流表示数为0.3A，则电源电压和电阻R的大小分别是（ ）
A. 8V 6.67ΩB. 12V 20Ω
C. 8V 20ΩD. 12V 10Ω
【答案】C
【解析】
【详解】观察图乙图象，根据定值电阻的图象是一条过原点的直线，可判断乙图中的直线是定值电阻R的图象，由图象数据，当定值电阻R两端的电压为4V时，对应的电流是0.2A，根据，则定值电阻R的阻值
图甲电路图，闭合开关S，电阻R和灯泡L串联，电流表测电路电流，电流表示数为0.3A，根据串联电路电流规律，则电阻R和灯泡L的电流
由图象乙可知，当电路电流是0.3A时，此时灯泡L分压
此时电阻R分压
根据串联电路电压规律可得
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
二、填空题（每空1分，共21分）
8. “神舟十一号”飞船发射的过程中，当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦，其温度会 _____（选填“升高”或“降低”），内能会 _____（选填“增大”或“减小”），这是通过 _____的方式来改变物体内能的。若热水袋中装有1kg的水，当袋内的水温从60℃降低到40℃时，其中水放出的热量是_____J。
【答案】 ①. 升高 ②. 增大 ③. 做功 ④.
【解析】
【详解】[1][2][3]“神舟十一号”飞船发射的过程中，当火箭在大气层中快速飞行时，会与大气层发生剧烈摩擦，火箭克服摩擦做功，将机械能转化为内能，所以火箭温度会升高，内能会增大，这是通过做功的方式来改变物体内能的。
[4]水放出的热量是
9. 我国家庭电路的电压为______V，家中所有的用电器都打开比只开一盏灯电路中的总电流______（选填“大”或“小”），同时电路中的总电阻______（选填“最大”或“最小”）。
【答案】 ①. 220 ②. 大 ③. 最小
【解析】
【详解】[1]结合生活实际可知，我国家庭电路的电压为220V。
[2][3]由于家庭电路中各个用电器都是并联，可知所有的用电器都打开比只开一盏灯电路中的总电流大；根据并联电路的电阻规律可知，这时电路中的总电阻最小。
10. 2020年6月23日，北斗三号最后一颗全球组网卫星发射成功。标志着我国北斗卫星导航系统向全球组网完成又迈出重要一步。北斗三号卫星在发射上升过程中动能_________，重力势能_______，机械能________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 变大 ②. 变大 ③. 变大
【解析】
【详解】[1]北斗三号卫星在发射上升过程中，受到非平衡力的影响，发射时的推力大于重力，做加速运动，动能变大。
[2]北斗三号卫星在发射上升过程中，高度变大，重力势能变大。
[3]机械能是物体的势能和动能之和，北斗三号卫星在发射上升过程中，势能变大，动能变大，机械能也变大。
11. 在干燥的天气里，用塑料梳子梳头，发现头发随梳子影起来，这表明摩擦后的头发丝与塑料梳子带上了____________（填“同种”或“异种”）电荷；经检验梳过头发的塑料梳子带负电，说明在摩擦过程中，塑料梳子____________（填“失去”或“得到”）电子。
【答案】 ①. 异种 ②. 得到
【解析】
【详解】[1]不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚电子的本领不同，原子核束缚电子本领强的夺得电子带负电，原子核束缚电子本领弱的失去电子带正电；头发和梳子摩擦，头发和梳子带异种电荷，根据异种电荷互相吸引，所以头发会随着梳子飘起来。
[2]摩擦起电的实质是电子在物体之间的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电；塑料梳子与干燥的头发摩擦时，梳子原子核束缚电子的能力较强，梳子得到一些电子，梳子中的负电荷多于正电荷，从而梳子带负电。
12. 如图所示，该装置可探究电流通过导体产生的热量与________的关系，通电一段时间后，________（选填“左”或“右”）边U形管液面高度差较大，若把R3的阻值改为15Ω，R1与R2产生的热量之比为________。
【答案】 ①. 电流 ②. 左 ③. 16∶9
【解析】
【详解】[1]在装置中，R2、R3并联后再与R1串联后接到电源两端，R1、R2的电阻与通电时间t相同，根据并联电路电流规律可知，干路电流等于各支路电流之和，所以通过R1的电流大于通过R2的电流，所以此实验是为了探究电流产生的热量与电流的关系。
[2]通电一段时间后，左边U形管液面高度差较大，说明左边容器中的电阻产生的热量多，可以得到电阻和时间相同，电流越大，产生的热量越多。
[3]由图可知，R2、R3并联后再与R1串联，并联电路两端的电压相等，通过R2与R3的电流之比
又由于
I1=I2+I3
所以通过R1和R2的电流之比
根据焦耳定律可知，R1与R2产生的热量之比
13. 如图所示，该电能表的读数是__________，小明将一个风扇单独接入电路中，10min内电能表转了30圈，此过程中电风扇消耗__________的电能，其功率为__________W。
【答案】 ①. ②. 0.01 ③. 60
【解析】
【详解】[1]由图可知，电能表表盘上最后一位数为小数，所以电能表的示数为。
[2]的含义是：电路中用电器每消耗的电能，电能表的转盘转动3000圈，所以电能表的转盘转了30圈，此过程中电风扇消耗电能
[3]电风扇的电功率
14. 如图所示，电源电压保持不变，先闭合开关S1，再闭合开关S2，电压表的示数______（选填“变大”“不变”或“变小”），灯泡L1的亮度______（选填“变亮”“不变”或“变暗”）；电路的总功率______。

【答案】 ①. 不变 ②. 不变 ③. 增大
【解析】
【详解】[1]由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电压表测电源两端的电压；再闭合开关S2后，两灯泡并联，由电源电压保持不变可知，电压表的示数不变。
[2]因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，灯泡L1的亮度不变。
[3]根据并联电路的电流关系可知电路中的电流增大，根据P=UI可知电路总功率增大。
三、作图题（2分+2分+3分，共7分）
15. 如图所示是未完成连接的实物电路，请用笔画线代替导线完成该电路连接。要求：两灯并联，开关S同时控制两灯，电流表测量干路电流，导线不能交叉。

【答案】
【解析】
【详解】两灯并联，则电流的路径有两条；开关控制干路，开关接在干路上，电流表测量干路电流，电流表串联在干路上，实物连接如图所示：

16. 在如图所示电路的“O”内填上适当的电表符号。要求：当开关S闭合时，电路连接正确。
【答案】
【解析】
【详解】电流从正极出发，经过开关后，分流，分别经过两电阻后，经过电阻R1直接回到负极，经过电阻R2经过下方圆圈后回到负极，故此圆圈是电流表，若上面的圆圈是电流表，则发生了电源短路，故上面的圆圈是电压表，两电阻并联，故如图所示：
17. 政府“惠民工程”为每个老小区居民楼免费安装了楼道照明灯，控制电路由“光控开关”和“声控开关”组成，白天不论有没有声音灯都不亮，晚上有声音时灯才亮，如图所示，请按要求完成电路的连接_____．
【答案】
【解析】
【分析】由题意可知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，否则灯泡不亮；这说明两开关共同控制电路，即为串联．
【详解】根据题意知，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，用导线将各元件依次连接起来，如图所示：
．
【点睛】本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图．
四、实验探究题（每空1分，共20分）
18. 小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行操作是 _____。
（2）小明根据图甲连接好电路，闭合开关，发现电压表示数为零，则小灯泡的故障可能是 _____或 _____（填“L1断路”、“L1短路”、“L2断路”或“L2短路”）
（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在表格中。分析实验数据得出两个结论：
①串联电路中电源两端的电压等于 _____；
②串联电路中各电器两端的电压相等；
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是：_____。另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是：_____。
【答案】 ①. 对电压表调零 ②. L1短路 ③. L2断路 ④. 各部分电路两端电压之和 ⑤. 使用了相同规格的灯泡进行实验 ⑥. 见解析
【解析】
【详解】（1）[1]使用电压表前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上，如图乙所示，电压表的指针指在了“0”刻度的左侧，这说明电压表没有调零，接下来他要对电压表进行的操作是对电压表调零。
（2）[2][3]由电路图知，两灯泡串联，电压表测灯泡L1两端的电压，闭合开关S后，电压表示数为零，且只有L1或L2中的一处发生故障；若灯L1、L2均不亮，说明电路发生断路，而电压表没有示数，说明电压表的两端不能与电源连通，则是L2断路；若L2亮、L1不亮，而电压表没有示数，则可能是灯L1短路。
（3）[4]分析表中实验数据知，
由此可得出结论，串联电路中电源两端的电压等于各部分电路两端电压之和。
（4）[5]分析表中实验数据知
说明使用了相同规格的灯泡进行实验，因此结论②是错误的。
[6]为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据，而本实验只进行了一次实验，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性。
19. 小伟猜想动能的大小可能与物体质量和运动速度有关，于是设计了如图所示的实验，让小球沿光滑斜面向下运动，与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止。
（1）实验中是通过观察 _____来判断小球的动能大小；
（2）图甲是控制两球的 _____相等，探究的是动能与 _____的关系，得出的结论是：_____；
（3）木块被撞击后，最终会停下来，在此过程中将机械能转化为 _____能；
（4）利用图乙得出的结论可以解释的现象是 _____。（填正确选项前的字母）
A．将弹弓拉得越开，子弹被弹射得越远
B．高速公路上，大卡车所造成的车祸往往很惨烈
【答案】 ①. 木块移动的距离 ②. 质量 ③. 速度 ④. 在质量相同时，物体的速度越大，动能越大 ⑤. 内 ⑥. B
【解析】
【详解】（1）[1]实验中通过观察木块被撞击后移动的距离的大小来间接判断小球动能的大小，采用的方法是转换法。
（2）[2][3][4]探究动能与速度的关系，应该让质量相同的小球从不同高度滚下，是为了使小球达到斜面底端时具有不同的速度，观察甲图可以发现：小球的速度越大，木块移动的距离越大，因此此实验的结论是：在质量相同时，物体的速度越大，动能越大。
（3）[5]木块最终会停下来是因为木块受到了摩擦力的作用，在此过程中木块克服摩擦力做功，木块的机械能转化为内能。
（4）[6]根据乙图可知，小球滚下的高度相同，撞击木块时的速度相同，质量不同，质量越大，撞击木块移动的距离越远，这表明小球的动能越大，故结论为：在速度一定时，质量越大，动能越大；
A．将弹弓拉得越开，子弹被弹射得越远，是探究影响弹性势能大小的因素，故A错误；
B．高速路上，大卡车的质量大，在速度一定时，具有的动能大，所造成的车祸往往很惨烈，故B正确。
故选B。
20. 某实验小组用图甲所示电路进行“探究电流与电阻的关系”实验。
（1）请将图甲连接完整，要求滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大；_____
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于 _____端（选填“A”或“B”）；
（3）闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是 _____；
（4）排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，此时电流表的示数如图乙所示，为 _____A；
（5）接下来断开开关，取下5Ω的定值电阻，换成10Ω的定值电阻，闭合开关，发现电压表示数 _____（选填“变大”、“变小”或“不变”），这时应向 _____（选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 _____V时，读出电流表的示数。再更换20Ω定值电阻继续完成实验。由实验数据可知：当导体两端的电压一定时， _______
【答案】 ①. ②. B ③. R断路 ④. 0.4 ⑤. 变大 ⑥. B ⑦. 2 ⑧. 通过导体的电流与导体的电阻成反比
【解析】
【详解】（1）[1]滑动变阻器滑片向右移动时电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下图
（2）[2]根据电路图知道，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于阻值最大处的B端。
（3）[3]闭合开关后，同学们发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表始终没有示数，电路可能断路，电压表示数接近电源电压，电压表与电源连通，原因可能是R断路。
（4）[4]排除故障后，先将5Ω定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为某一定值，由图乙所示电流表知道，此时电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.4A。
（5）[5]由欧姆定律知道，电阻的电压为
U=IR=0.4A×5Ω=2V
根据串联分压原理知道，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大。
[6][7]探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数。
[8]由实验数据知道，电阻增大为原来的几倍，通过的电流减小为原来的几分之一，即当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
五、计算题（21题6分，21题7分，共13分）
21. 某同学用如图所示的装置匀速提升重力为200牛的物体，滑轮重力和摩擦不计，若物体在以0.3m/s的速度匀速上升0.6米。求：
（1）拉力做的功 W；
（2）所用的时间t；
（3）拉力的功率P。
【答案】（1）120J；（2）2s；（3）60W
【解析】
【详解】解：（1）物体的重力G=200N，物体上升的速度v=0.3m/s，上升的高度h=0.6m，由图可知滑轮组绳子段数为2，则人对绳子的拉力为

绳子自由端移动的距离
s=2h=0.6m2=1.2m
则拉力做的功为
W=Fs=100N1.2m=120J
（2）物体上升所用的时间为

（3）拉力的功率为

答：（1）拉力做的功W等于120J；
（2）所用的时间t为2s；
（3）拉力的功率P等于60W。
22. 如图所示电路，电源电压保持不变，灯泡L标有“6V 6W”。闭合开关S，灯泡正常发光，定值电阻R两端的电压是12V。求：
（1）灯丝的电阻RL；
（2）电路中的电流I；
（3）电路消耗的总功率P。
【答案】（1）6Ω；（2）1A；（3）18W
【解析】
【详解】解：（1）由可知，灯泡正常发光时灯丝的电阻
（2）由P=UI可知，正常发光时通过灯泡的电流
根据串联电路的电流特点可知，电路中的电流
I=IL=1A
（3）根据串联电路的电压特点可知，电源电压
U=UL+UR=6V+12V=18V
电路消耗的总功率
P=UI=18V×1A=18W
答：（1）灯丝的电阻RL为6Ω；
（2）电路中的电流I为1A；
（3）电路消耗的总功率P为18W。
六、综合能力题（每空1分，共18分）
23. 学习小组测量额定电压为2.5V的小灯泡在不同电压下的实际电功率并观察亮度，他们设计了图示的电路图，根据电路图连接实物，进行实验，将数据填入表格。
（1）分析表格数据可得结论：
①灯泡两端的实际电压越高，实际电功率就越大，灯泡就越_____（选填“亮”或“暗”）；
②灯泡的亮度直接由它的____________________决定；
（2）根据以上结论可知，在第1次实验中灯泡不亮的原因是____________________________；
（3）小组成员们认为可以利用本次实验的数据计算灯泡的电阻，为此，成员A认为表格共需要增加“电阻R/Ω”和“电阻平均值Rx/Ω”两栏。成员B则认为只需增加“电阻R/Ω”一栏，原因是小灯泡的灯丝电阻受__________影响，会发生变化；
（4）实验结束后，小组成员们又连接了一个相同电路，仅把小灯泡换为发光二极管进行实验。通过比较他们发现，当二极管两端的电压为1.8V时，发光的亮度与小灯泡正常发光时相同，此时电流表的示数为0.06A。由此可知，在发光亮度相同的情况下，二极管的电功率更________，说明二极管的发光效率更________。（两空皆选填“大”或“小”）
【答案】 ①. 亮 ②. 实际电功率 ③. 实际功率过小 ④. 温度 ⑤. 小 ⑥. 大
【解析】
【详解】（1）[1][2]分析表格数据分析可知，灯泡两端的实际电压越高，实际电功率就越大，灯泡就越亮，可得出灯泡的亮度由它的实际电功率决定的。
（2）[3]第1次实验中灯泡的实际功率过小，则灯泡不亮的原因是其实际功率过小。
（3）[4]因为灯泡的灯丝是由金属钨丝制成，其电阻受温度的影响会发生改变。
（4）[5][6]当二极管两端的电压为1.8V时，发光的亮度与小灯泡正常发光时相同，此时电流表的示数为0.06A，此时的电功率比灯泡的实际功率小，但亮度比灯泡亮，则说明二极管的发光效率更高。
24. 如图表示一种自动测定油箱内油面高度的油量表，其中R是滑动变阻器，金属杠杆的右端是滑动变阻器的滑片。从油量表指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。
（1）这个自动测定油量电路是___________联电路，油量表是 ___________表改装的，R0的作用是 ___________；
（2）当油箱油面下降时，滑动变阻器R接入电路阻值变 ___________，油量表的示数将变 ___________；
（3）此油量表若用电压表改装，符合油量越多电压表示数越大，应该并联 ___________（填R或R0）两端更合理。
【答案】 ①. 串 ②. 电流 ③. 保护电路 ④. 大 ⑤. 小 ⑥. R0
【解析】
【详解】（1）[1]由图可知，该电路电流只有一个回路，故为串联电路。
[2]油量表串联在电路中，因此是由电流表改装的。
[3]当滑片移到最底端时，滑动变阻器连入电路的阻值为零，会造成电源短路，为了防止出现这种情况，可在电路中串联一个定值电阻R0，起到保护电路的作用。
（2）[4]由图可知，当油箱油面下降时，浮标会向下，导致滑动变阻器滑片向上移动，R接入电路的有效长度变长，阻值变大。
[5]电源电压不变，电路总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，故油量表示数减小。
（3）[6]此油量表若用电压表改装，油量越多滑动变阻器阻值越小，由串联电路分压特点可知，滑动变阻器两端的电压也会越小，要使电压表示数越大，那就要将电压表并联在R0两端。
25. 如图所示，甲、乙、丙的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内液体质量和初温也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择_____两图进行实验，燃料完全燃烧放出的热量，是通过 _____来反映的（选填“温度计上升示数”或“加热时间”）；
（2）比较不同物质吸热升温的特点：
①应选择_____两图进行实验：需要的测量器材：天平、_____、_____；
②不同物质吸热的多少是通过 _____来反映的（选填“温度计示数”或“加热时间”）；
③如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图像如图所示，_____液体的比热容较大。
【答案】 ①. 甲乙 ②. 温度计上升示数 ③. 甲丙 ④. 温度计 ⑤. 秒表 ⑥. 加热时间 ⑦. B
【解析】
【详解】（1）[1][2]比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，故应选择甲、乙两图进行实验，燃料完全燃烧放出的热量，是通过温度计上升示数来反映的，温度计上升的示数越大，说明燃料完全燃烧放出的热量越多。
（2）①[3][4][5]比较不同物质吸热升温的特点，应控制燃料相同而吸热物质不同，应选择甲、丙两图进行实验，因控制不同物质的质量相同，故要用到天平，因用测量温度的变化，故要用到温度计，根据转换法，使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，要用到秒表。
②[6]不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的，加热时间越长，说明物质吸收的热量越多。
③[7]如果质量和初始温度均相同的A、B两种液体，吸热后它们的温度随时间变化的图象如图丁所示，由图可以看出，A温度升高80℃用10分钟，B温度液体升高80℃用20分钟，升高相同的温度，B吸收热量较大，由可知B液体的比热容较大。UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
实验次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
小灯泡亮度
1
0.5
0.12
0.06
不亮
2
1.5
0.20
0.30
偏暗
3
2.5
0.30
0.75
正常
4
2.8
0.32
0.896
更亮