2023-2024学年福建省厦门市重点学校九年级（下）开学物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年福建省厦门市重点学校九年级（下）开学物理试卷（含解析），共20页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.历史上第一个通过大量的实验，成功揭示电流与电压、电阻关系的物理学家是图中的( )
A. 安培B. 伏特
C. 焦耳D. 欧姆
2.秋冬季节呼吸道疾病高发，小刘因咳嗽到医院检查，医生给他测量体温后说他有点发烧。你认为小刘发烧时的体温可能是( )
A. 47.5℃B. 35℃C. 37℃D. 38.7℃
3.在卫生间里洗过热水澡后，室内的玻璃镜面变得模糊不清，过了一段时间，镜面又变得清晰起来。镜面上发生的这两种现象的物态变化是( )
A. 先液化，后汽化B. 先汽化，后液化C. 只有液化D. 只有汽化
4.下列数据，最符合实际的是( )
A. 夏天一般将空调温度设定为37℃B. 电饭锅的额定功率大约20W
C. 对人体安全的电压是不高于36VD. 普通壁挂式空调正常工作电流约为0.5A
5.下列实例中，通过热传递改变物体内能的是( )
A. 搓手取暖B. 用冷水冷却热鸡蛋
C. 钻木取火D. 磨刀时刀的温度会升高
6.下列措施中，能使蒸发减慢的是( )
A. 给湿头发吹热风B. 把盛有酒精的瓶口盖严
C. 把湿衣服晾在通风向阳处D. 将玻璃板上的水滴向周围摊开
7.如图所示的电路中，若A灯比B灯亮，则通过A、B两灯的电流大小关系是( )
A. IA>IB
B. IAC. IA=IB
D. 无法确定
8.有A、B、C三个轻质小球，其中A球靠近毛皮摩擦过的橡胶棒时被排斥。现将A分别与B、C靠近，它们相互作用的情况，如图甲、乙所示下列判断正确的是( )
A. B 球可能不带电，C球一定带负电B. B球一定带负电，C球可能带正电
C. B球可能带正电，C球一定带正电D. B球一定不带电，C球可能带负电
9.如图所示的四个实例中，为了减小压强的是( )
A. 菜刀的刀刃磨得锋利
B. 注射器针头做得尖细
C. 逃生锤头部制成锥形
D. 重型卡车装有许多轮子
10.如图所示，这是网红大熊猫花花坐在水平地面上享受美食的情景，下列说法正确的是( )
A. 花花对地面的压力和地面对花花的支持力是一对平衡力
B. 花花所受的重力和花花对地面的压力是一对相互作用力
C. 花花所受的重力和地面对花花的支持力是一对相互作用力
D. 花花所受的重力和地面对花花的支持力是一对平衡力
11.端午节赛龙舟是我国民间的传统习俗，2023年第十六届“嘉庚杯”“敬贤杯”海峡两岸龙舟赛鸣锣开赛。如图队员们挥臂划桨、劈波斩浪，下列有关说法正确的是( )
A. 龙舟冲过终点继续运动是因为龙舟具有惯性
B. 划龙舟使用的桨是一个省力杠杆
C. 使龙舟前进的施力物体是人
D. 龙舟漂浮在水面上是因为它受到的浮力大于重力
12.厨房中有许多神器，关于这些神器的说法正确的是( )
A. 甲图切蛋神器中的细金属丝减小了受力面积，增大了压力
B. 乙图夹盘神器中的防滑夹头增大了接触面积，增大了摩擦力
C. 丙图放筷子神器中的吸盘，将吸盘中的气体排得越尽，受到的摩擦力越大
D. 丁图切瓜神器中的宽大手柄增大了受力面积，减小了压强
13.将重为3N，体积为4×10−4m3的物体投入一装有适量水的烧杯中，当物体静止时，下列判断正确的是( )
A. 物体悬浮，F浮=3NB. 物体漂浮，F浮=4N
C. 物体漂浮，F浮=3ND. 物体沉底，F浮=4N
二、非选择题
14.在高速公路上快速行驶的汽车，遇到紧急情况刹车后不能立即停下来，是因为汽车具有______；交通规则要求汽车不能超速行驶，是因为汽车质量一定时，其行驶速度越大，______(选填“动能”或“势能”)越大，发生交通事故时，造成的伤害越严重。
15.大型载重汽车下坡时间较长时，为防止刹车片过热造成刹车失灵，要向刹车片和轮胎喷水降温。刹车片过热是通过______方式增加内能的，用水降温是因为水具有较大的______。
16.如图所示，取两个相同的不带电的验电器A和B。用毛皮摩擦过的橡胶棒去接触验电器B的金属球后，验电器B带______电；然后是用带有绝缘手柄的金属棒将验电器A与验电器B连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向是______(选填“从A到B”或“从B到A”)。
17.一台电动机的额定电压是220V，其电阻是1Ω，正常工作时，通过它的电流为5A，则1min内产生的热量是______J，电动机因发热损失的功率为______W。
18.把两个分别标有“5Ω 0.3A”和“10Ω 0.6A”的定值电阻并联接入电路，在保证电路元件安全的前提下，电路两端允许加的最大电压为______V，干路中允许通过的最大电流为______A。
19.如图所示，楼梯有一电灯受控于两个开关，光线较暗且有声响时灯才亮。其中“光控开关”在光线较暗时自动闭合“声控开关”在有声响时自动闭合，请用铅笔画线代替导线把元件连在电路中。
20.重为4牛的小球静止在水中，在右图中用力的图示法画出小球受到的浮力F浮．
21.如图所示，我国东部地区为世界上典型的季风气候区，冬季盛行从亚欧大陆内部吹来寒冷干燥的什么方向风？用学过地理和物理知识解释这种季风气候的成因。
22.图甲是探究“水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。

(1)组装实验装置时，应当先调整图甲中______(选填“A”或“B”)的高度。
(2)某小组用相同的装置先后做了两次实验，绘制出如图乙所示的a、b两条图线。由图可知：实验中水的沸点为______℃；沸腾过程中水的温度保持______；若两次实验所用水的质量分别为ma、mb，则ma ______mb(选填“>”“=”或“<”)。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续______。
(4)各实验小组发现，水沸腾时的温度均低于100℃，此时的大气压可能______(选填“大于”“小于”或“等于”)1个标准大气压。
23.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，老师制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
(1)实验中是通过电磁铁______来判定其磁性强弱的，所使用的物理研究方法是______。
(2)当滑动变阻器滑片向左移动时，通过电流越______，电磁铁磁性越强。
(3)根据图示的情境可知，______(选填“甲”或“乙”)的磁性强，说明______。
(4)根据安培定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的______极。
24.在测量某液体密度的实验中：
(1)把托盘天平放在水平工作台上，将游码移到标尺左端______刻度线处，指针位置如图甲所示。应将平衡螺母向______调节，使天平横梁平衡。
(2)将装有待测液体的烧杯放在天平左盘，平衡时，右盘砝码质量和称量标尺上的示数值如图乙，待测液体和烧杯的总质量为______g。
(3)将烧杯中适量的液体倒入量筒内，液面位置如图丙，则量筒中的液体体积为______mL.称得剩余液体和烧杯的总质量为22g。则液体的密度为______g/cm3。
(4)小明提出另一种测量待测液体密度的方案，器材有弹簧测力计、金属块、水和两个烧杯。简要步骤如下：
①分别往两个烧杯中装适量的水和待测液体；
②将金属块挂在弹簧测力计下，静止时测力计示数记为F1；
③将挂着的金属块浸没在水中(未接触烧杯)，静止时测力计示数记为F2；
④将挂着的金属块浸没在待测液体中(未接触烧杯)，静止时测力计示数记为F3；
⑤液体的密度ρ液=______(用ρ水及测得的物理量表示)。
25.有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.5A”的字样，小强为了测量该小灯泡的额定功率，进行了如下实验：

(1)他连接了如图甲所示的电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近3V保持不变，为了排除故障，接下来的操作合理的是______(填字母)。
A.拧紧开关两端的接线柱
B.拧紧小灯泡和它两端的接线柱
(2)图甲中______(填仪器名称)的量程选择不合理。
(3)排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为______V，小灯泡的额定功率为______W。
(4)小强对实验进行了拓展，利用如图丙所示的电路，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为______；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③则小灯泡的额定功率表达式：P额= ______(用题中物理量字母表示)。
26.一辆5G无人配送车，质量为400kg，轮胎与路面的总接触面积为0.025m2，在水平路面上匀速行驶时受到的阻力是车重的0.05倍。如图是配送车某次运动的路程与时间图象。求：
(1)10min内配送车的平均速度。
(2)配送车匀速行驶时的牵引力。
(3)配送车对水平地面的压强。
27.如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)通过R1的电流。
(2)电阻R2的阻值。
(3)电蒸锅的加热效率。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：历史上欧姆成功揭示了电流、电压与电阻的关系，从而得出了著名的欧姆定律。
故选：D。
根据对物理学家及其成就的掌握作答。
本题考查了各物理学家的贡献，目的是让同学了解物理学史。
2.【答案】D
【解析】解：人体正常体温在37℃左右，高于37℃属于发烧，体温计的测量范围为35～42℃，故D正确。
故选：D。
体温计的测量范围为35～42℃，人体正常体温大约为37℃。
本题考查体温计的测量范围以及人体正常体温，属于基础题型。
3.【答案】A
【解析】解：洗澡的时候，水大量蒸发，有许多水蒸气遇到冷的镜子液化形成小水滴，过了一段时间后，小水滴又蒸发变为水蒸气，所以又变得清晰起来。
故选：A。
液化是指气体变为液体的现象；汽化是指液体变为气体的现象；液化和汽化是两个相反的过程，汽化吸热，液化放热。
本题主要考查学生对生活中的物态变化的了解和掌握，体现了由物理走向生活的理念。
4.【答案】C
【解析】解：A、夏天一般将空调温度设定为26℃，故A不符合实际；
B、电饭锅的额定功率较大，约为1000W，故B不符合实际；
C、对人体安全的电压是不高于36V，故C符合实际；
D、普通壁挂式空调正常工作电流较大，约为5A，故D不符合实际。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可，难度较小。
5.【答案】B
【解析】解：
ACD、钻木取火、钻木取火、磨刀，克服摩擦做功，使物体的温度升高、内能增大，是通过做功改变物体的内能，故ACD不符合题意；
B、把热鸡蛋放入冷水中，鸡蛋的内能转移到冷水中，使鸡蛋的温度降低，是通过热传递改变鸡蛋的内能，故B符合题意。
故选：B。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
本题主要考查学生对做功与热传递改变物体内能的了解，是一道基础题。
6.【答案】B
【解析】解：
A、电热吹风吹头发，“热”表明提高了液体的温度，风加快了空气的流动，两种措施都加快了液体的蒸发，故A错误；
B、把盛有酒精的瓶口盖严，减慢了酒精周围的空气流动，从而减慢了液体的蒸发，故B正确；
C、把湿衣服晾在通风向阳处，通风加快了液体表面空气的流动，“向阳”提高了液体的温度，这两个措施都加快了液体的蒸发，故C错误；
D、将玻璃板上的水滴向周围摊开，增大了液体的表面积，加快了液体的蒸发，故D错误。
故选：B。
影响蒸发的因素有温度的高低、液体表面积大小、液体表面上方的空气流动快慢；故减慢蒸发，就是从降低温度、减小液体面积和减弱空气流动这三个方面来考虑。
加快或减慢蒸发，都是从影响蒸发快慢的三个因素去考虑；将知识应用于生活，注意联系生活实际。
7.【答案】C
【解析】解：由图可知，两灯泡串联，因为串联电路中电流处处相等，所以通过A、B两灯的电流大小关系是IA=IB。
故选：C。
由图可知，两灯泡串联，串联电路中电流处处相等。
此题主要考查串联电路的电流规律，比较简单，属于基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：A球靠近毛皮摩擦过的橡胶棒时被排斥，说明A球带负电，A、C相互排斥，说明A、C一定带同种电荷，A带负电，则C一定也带负电；A、B相互吸引，说明B带正电或B不带电。
故选：A。
(1)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质的情况。
9.【答案】D
【解析】解：A、刀刃磨的很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大刀刃对物体的压强，容易把物体切开．故本选项不符合题意．
B、注射器针头做得尖细，是在压力一定时，减小受力面积来增大针头对物体的压强．故本选项不符合题意．
C、逃生锤头部制成锥形，是在压力一定时，减小受力面积来增大锤头对玻璃的压强，容易把玻璃砸碎．故本选项不符合题意．
D、重型卡车装有许多轮子，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强的．故本选项符合题意．
故选D．
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关．
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．
知道压强大小的影响因素，掌握增大、减小压强的方法，分析时利用好控制变量法，本题解释生活中有关增大和减小压强的问题，有意义．
10.【答案】D
【解析】解：A、花花对地面的压力和地面对花花的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、花花所受的重力和花花对地面的压力方向相同，不是一对相互作用力，故B错误；
CD、花花所受的重力和地面对花花的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，不是一对相互作用力，故C错误、D正确。
故选：D。
二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
本题考查了对平衡力和相互作用力条件的理解和辨别，属力学基础题，难度不大。
11.【答案】A
【解析】A、龙舟冲过终点继续运动是因为龙舟具有惯性，所以A正确；
B、船桨在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力但是省距离，故B错误；
C、使龙舟前进的施力物体是水；故C错误；
D、龙舟漂浮在水面上是因为它受到的浮力等于重力；故D错误；
故选：A。
A、任何物体都具有惯性；
B、根据杠杆的特点进行分类；
C、力的作用是相互的；
D、漂浮在水面上是因为它受到的浮力等于重力；
本题通过龙舟比赛考查力的作用相互性以及杠杆类型的判断，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。
12.【答案】D
【解析】解：
A、切蛋神器中的细金属丝是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故A错误；
B、夹盘神器中的防滑夹头是在压力一定时通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故B错误；
C、放筷子神器中的吸盘粘在竖直的墙壁上，处于静止状态，竖直方向上的摩擦力与重力是一对平衡力，大小相等，重力不变，摩擦力大小不变，故C错误；
D、切瓜神器中的宽大手柄是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故D正确。
故选：D。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：压力一定时增大受力面积；受力面积一定时减小压力；
(2)增大摩擦的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
(3)根据二力平衡条件分析。
本题考查了减小或增大压强的方法、增大摩擦力的方法、二力平衡条件的应用，难度不大。
13.【答案】C
【解析】解：物体的密度为ρ=mV=GgV=3N10N/ kg×4×10−4m3=0.75×103kg/m3<1.0×103kg/m3，
所以物体在水中将漂浮，由物体的浮沉条件可知，当物体静止时，浮力为F浮=G=3N，
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
知道物体的重，利用重力公式求物体的质量，又知道物体的体积，利用密度公式求物体的密度；求出了物体的密度，和水的密度比较，根据物体的浮沉条件确定物体在水中的状态，根据阿基米德原理算出物体受到的浮力。
本题考查了密度的计算、重力的计算、浮力的计算、物体的浮沉条件，根据物体的密度与水的密度的大小关系确定物体在水中的状态是本题的关键；放入水中的物体，若ρ物<ρ水，物体将上浮至漂浮；若ρ物=ρ水，物体将悬浮；若ρ物>ρ水，物体将下沉至水底。
14.【答案】惯性 动能
【解析】解：
(1)刹车前，汽车是在高速行驶；刹车后，由于汽车具有惯性，它还要保持原来的运动状态，所以无法立即停下，从而造成恶性交通事故；
(2)质量一定时，速度越大，动能越大，越不容易刹车，所以汽车速度越大动能越大，出事故时破坏越严重。
故答案为：惯性；动能。
(1)牛顿第一定律告诉我们，一切物体都有保持运动状态不变的性质，叫做惯性。造成汽车无法立即停下的原因，就是因为物体具有惯性；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大。
本题考查了惯性、动能大小的影响因素，属于基础性题目。
15.【答案】做功 比热容
【解析】解：
汽车下坡时间较长时，连续点踩刹车，刹车片摩擦做功内能增加，温度升高；
水的比热容最大，和其它物质比较，降低相同温度吸收热量最多，所以用水来降温是利用了水具有较大的比热容的特点。
故答案为：做功；比热容。
(1)改变内能的方法：一是做功，二是热传递；
(2)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了改变内能的方法、水的比热容大的特点在生活中的应用，考查学生灵活运用知识的能力。
16.【答案】负 从A到B
【解析】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，用毛皮摩擦过的橡胶棒与验电器B的金属球接触后，B验电器由于得到电子而带负电荷；
用带绝缘柄的金属杆将两个验电器的金属球接触时，B验电器上自由电子向验电器A转移，因为电子带负电，电流方向与电子定向移动方向相反，所以瞬间电流方向是从A到B。
故答案为：负；从A到B。
(1)正负电荷的规定：丝绸摩擦过的玻璃棒由于失去电子而带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒由于得到电子而带负电；
(2)物理学中规定：正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反。
本题考查两种电荷的规定、电流的方向的规定，难度不大。
17.【答案】1500 25
【解析】解：电动机1min内产生的热量：Q=I2Rt=(5A)2×1Ω×1×60s=1500J；
因发热损失的功率P损=I2R=(5A)2×1Ω=25W。
故答案为：1500；25。
根据焦耳定律求出电动机1min内产生的热量；根据P=I2R求出电动机因发热损失的功率。
本题考查焦耳定律和电功率公式的应用，是一道基础题。
18.【答案】1.5 0.45
【解析】解：(1)标有“”的定值电阻，所允许通过的最大电流为0.3A；
标有“10Ω 0.6A”的定值电阻，所允许通过的最大电流为0.6A。
则根据I=UR可得定值电阻两端允许加的最大电压分别为：
U1=I1R1=0.3A×5Ω=1.5V，
U2=I2R2=0.6A×10Ω=6V，
因为并联电路各支路两端的电压相等，
所以为保证元件安全，并联电路两端的最大电压为：U=U1=1.5V；
(2)当并联电路两端的最大电压为1.5V时，
通过标有“5Ω0.3A”定值电阻的电流为I1=0.3A，
此时通过标有“10Ω0.6A”定值电阻的电流为I2′=UR2=1.5V10Ω=0.15A，
所以干路中允许通过的最大电流为：I=I1+I2′=0.3A+0.15A=0.45A。
故答案为：1.5；0.45。
(1)理解定值电阻铭牌上电流值的含义；已知定值电阻的阻值和允许通过的最大电流，根据欧姆定律得到它们两端所加的最大工作电压；并联电路各用电器两端电压相等，为保证元件安全，并联电路两端电压应以最小电压值为电路电压。
(2)根据欧姆定律求出通过定值电阻的实际电流，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，从而得到干路中的最大电流。
本题考查并联电路的电流、电压规律以及欧姆定律的灵活应用，熟练掌握并联电路的特点是解答本类题型的关键所在。
19.【答案】解：由分析知：“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，则灯泡与两个开关串联，且为了保证安全，开关应接在火线上；如图所示：

【解析】由题意知，当“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，故这两个开关应与灯串联，且为了保证安全，开关应接在火线上。
本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图。
20.【答案】解：因为重力与浮力是一对平衡力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，由重力的大小和方向可知，浮力的大小为4N，方向竖直向上，作用点在小球重心，设标度为2N，浮力F浮的图示如图：

【解析】小球静止在水中，重力与浮力是一对平衡力，根据平衡力的条件，已知重力大小和方向即可知浮力大小和方向．再按照力的图示要求画出这个力．
作力的图示时，力的大小一定要能被标度整除，正确表示出力的大小、方向和作用点．
21.【答案】答：冬季盛行从亚欧大陆内部吹来寒冷干燥的东北风(或西北风或偏北风)。这是因为冬季西北方向亚欧大陆泥沙的比热容小、降温快，其上空冷空气(密度大)下降形成极地高气压区，而东南沿海海洋的海水比热容大、降温慢，温度较高，热空气(密度小)上升，形成低气压区，地面附件的冷空气就从西北内陆的高压区吹向东南沿海的低压区，形成寒冷干燥的冬季风。
【解析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析冬季盛行从亚欧大陆内部吹来寒冷干燥的哪个方向风。
本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，是一道难题。
22.【答案】B 98 不变 < 吸热 小于
【解析】解：(1)在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应先确定铁圈B的高度；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点，图中所示水的沸点是98℃，水沸腾的特点是吸收热量，但温度保持不变；
由图乙知a的初温与b的初温相同，a先沸腾，说明吸收的热量相同，a升高的温度高，根据Q=cmΔt知，说明a的质量小。
(3)撤去酒精灯后，水很快停止沸腾，说明水在沸腾过程中需要持续吸热；
(4)标准大气压下，水沸腾时的温度为100℃，此实验水沸腾的温度为98℃，水的沸点就低于100℃，气压小于1个标准大气压；
故答案为：(1)B；(2)98；不变；<；(3)吸热；(4)小于。
(1)因为在实验中需要用酒精灯的外焰加热，所以应从下向上固定实验器材的位置；
(2)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；通过ab初温相同，但到达沸腾的时间不相同，根据Q=cmΔt判断水的质量；
(3)水的沸腾条件是达到沸点，继续吸热；
(4)一个标准大气压下水的沸点是100℃，如果大气压大于一个标准大气压，水的沸点也就会大于100℃；如果大气压小于一个标准大气压，水的沸点就会小于100℃。
解决此类问题的关键是知道器材的组装和液体沸腾的特点，及沸点与气压的关系。
23.【答案】吸引大头针的多少 转换法 大 甲 电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强 S
【解析】解：(1)通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱，利用转换法；
(2)闭合开关后，滑动变阻器滑片向左移动时，电路中电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，电磁铁甲吸引大头针的个数增加；
说明电流越大，电磁铁的磁性越强。
(3)根据图示的情境可知，甲电磁铁吸引的大头针多，说明甲的磁性强。究其原因，电流相同，甲缠绕的线圈的匝数多，吸引大头针越多。便得出：电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强。
(4)用安培定则判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向N极；图中螺线管的上端为S极。
故答案为：(1)吸引大头针的多少；转换法；(2)大；(3)甲；电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；(4)S。
(1)利用转换法，通过电磁铁吸引大头针的多少来认识其磁性强弱；
(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数。电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(3)探究电磁铁磁性跟匝数的关系时，保持电流相同，甲、乙的匝数不同，通过比较甲、乙吸引小铁钉的多少来比较磁性的强弱；
(4)根据安培定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的南极。
此题是一道探究性实验题目，考查了转换法的应用，知道在此实验中通过电磁铁吸引大头针的多少来判断电磁铁磁性的强弱，同时也考查了控制变量法的应用。
24.【答案】(1)零；右；(2)82；(3)50；1.2；(4)F1−F3F1−F2ρ水
【解析】【分析】
本题考查液体密度的测量，可以利用天平、量筒和ρ=mV计算出液体的密度；也可以利用浮力知识测量液体密度，关键是前后两次金属块都要浸没在液体中，且不能接触容器底，结合“称量法”和阿基米德原理计算液体密度。
(1)天平的使用：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度，调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘，使天平的横梁重新平衡；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
(3)量筒读数时，视线要和液面的凹面底部相平；求出量筒中液体质量，利用密度公式计算液体密度；
(4)利用称重法得出金属块浸没在水中的浮力，利用阿基米德原理变形V排=F浮ρ水g得出体积，金属块浸没在水中，V=V排，再利用称重法得出金属块浸没在待测液体中的浮力，最后利用公式ρ液=F浮液Vg得出液体密度。
【解答】
(1)使用天平时，首先把天平放在水平工作台上，将游码移至标尺的零刻度线处；然后调节天平横梁平衡，如图甲所示，指针偏向分度盘中线的左侧，平衡螺母应向右端移动，才能使横梁平衡；
(2)如图乙所示，液体和烧杯的总质量：m总=50g+20g+10g+2g=82g；
(3)如图丙所示，量筒分度值为1mL，液体上表面与50mL刻度线相平，液体体积：V=50mL=50cm3；
量筒中液体质量：m=m总−m剩=82g−22g=60g，
液体密度：ρ=mV=60g50cm3=1.2g/cm3；
(4)将金属块挂在弹簧测力计下，静止时测力计示数记为F1，即金属块所受重力：G=F1；
金属块浸没在水中时，所受浮力：F浮=G−F拉=F1−F2；
由阿基米德原理可知，金属块体积：V=V排=F浮ρ水g=F1−F2ρ水g；
金属块浸没在待测液体中时，所受浮力：F浮液=F1−F3，
由阿基米德原理可知，待测液体密度：ρ液=F浮液Vg=F浮液Vg=F1−F3F1−F2ρ水g⋅g=F1−F3F1−F2ρ水。
故答案为：(1)零；右；(2)82；(3)50；1.2；(4)F1−F3F1−F2ρ水。
25.【答案】B 电流表 2.4 1.2 I1 I12R0
【解析】解：(1)他连接了如图甲所示的电路，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电路可能断路，电压表的示数接近3V保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的部分断路了，为了排除故障，接下来的操作合理的是拧紧小灯泡和它两端的接线柱，选B；
(2)灯的额定电流为0.5A，故电流表选用小量程，故图甲中电流表的量程选择不合理；
(3)排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.4V×0.5A=1.2 W；
(4)小强对实验进行了拓展，利用如图丙所示的电路，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③在①中，灯与变阻器串联，电流表测电路的电流，电流表示数为I1，故灯正常发光；
在②中，电阻箱与变阻器串联，电流表示数仍为I1，由等效代法，电阻箱的示数R0；即为灯正常发光时的电阻，则小灯泡的额定功率表达式P额=I12R0。
故答案为：(1)B；(2)电流表；(3)2.4；1.2；(4)I1；I12R0。
(1)若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了；
(2)根据灯的额定电流为0.5A，电流表应选用小量程；
(3)根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)已知灯的额定电流，根据P=I2R，测量出灯正常发光的电阻的关键：
先将灯与变阻器串联，通过移动变阻器的滑片，使电流表示数为I1，灯正常发光；
根据开关的转换(控制变阻器的滑片位置不变)，使电阻箱与变阻器串联，保持电流表示数不变，由等效代法可知电阻箱的示数即为灯正常发光时的电阻，从而得出灯的额定功率。
本题测量该小灯泡的额定功率，考查故障分析、实验原理、电流表连接、电压表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力和等效替代法的运用。
26.【答案】解：(1)根据图像可知，配送车在10min内通过的路程为1.2km，
10min内配送车的平均速度：v=st=1.2×103m10×60s=2m/s；
(2)配送车的重力：G=mg=400kg×10N/kg=4000N，
配送车匀速行驶受到的阻力：f=0.05G=0.05×4000N=200N，
由于配送车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力：F牵=f=200N；
(3)配送车对水平地面的压力：F=G=4000N，
配送车对水平地面的压强：p=FS=4000N0.025m2=1.6×105Pa。
答：(1)10min内配送车的平均速度为2m/s。
(2)配送车匀速行驶时的牵引力为200N。
(3)配送车对水平地面的压强为1.6×105Pa。
【解析】(1)由图像读出配送车10min内通过的路程，利用速度公式求出配送车10min内的平均速度；
(2)先根据G=mg求出配送车的重力，再根据阻力与重力的关系求出阻力的大小，最后配送车匀速行驶时受到的牵引力与阻力是一对平衡力可知牵引力的大小；
(3)配送车对水平地面的压力等于其重力，根据p=FS求出配送车对水平地面的压强。
本题考查了速度公式、重力公式和压强公式以及二力平衡条件的应用，根据图像读出有用的信息是关键。
27.【答案】解：(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，根据并联电阻小于其中任一电阻，根据P=U2R可知，只闭合S1时为电蒸锅处于保温挡；两开关都闭合时，电蒸锅处于加热挡，
通过R1的电流：
I1=UR1=220V484Ω≈0.45A；
(2)保温挡功率：
P保=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
根据并联电路各支路可独立工作、互不影响，电阻R2的电功率：
P2=P热−P保=1200W−100W=1100W，
根据P=U2R可得电阻：
R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
(3)质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量：
Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×75℃=3.78×105J；
其消耗的电能：
W=P热t=1200W×375s=4.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率：
η=QW×100%=3.78×105J4.5×105J×100%=84%。
答：(1)通过R1的电流为0.45A；
(2)电阻R2的阻值为44Ω；
(3)电蒸锅的加热效率为84%。
【解析】(1)根据开关转换时电路的连接，根据并联电阻小于其中任一电阻和P=U2R分析不同挡位电路的结构，由欧姆定律得出通过R1的电流；
(2)根据P=U2R得出保温挡功率；根据并联电路各支路可独立工作、互不影响，得出电阻R2的电功率，根据P=U2R可得R2电阻大小；
(3)根据Q=c水mΔt得出质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量，根据W=Pt得出其消耗的电能，根据η=QW×100%得出该电蒸锅的加热效率。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。