苏科版九年级上学期物理期中模拟试卷（含答案解析）

这是一份苏科版九年级上学期物理期中模拟试卷（含答案解析），共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

测试范围：苏科版九年级上册第11-13章。
第Ⅰ卷 选择题
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．如图所示完全相同的甲、乙两个小球，分别用细线、橡皮筋系在同一高度的悬点，将两球移动到与悬点等高的位置，此时细线恰好拉直，橡皮筋达到原长，由静止开始释放，当两球摆至悬点正下方P点时，橡皮筋长度恰好与细线长度相等，若不计空气阻力，下列说法不正确的是（ ）

A．摆下过程中，甲球的机械能保持不变
B．甲球到达P点的机械能和乙球在初始位置时的机械能相等
C．从静止运动到P点，乙球的重力势能全部转化为动能
D．两球到达P点时，甲小球的动能比乙大
2．关于物体的内能，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰熔化成0℃的水的过程中内能增大 B．物体运动得越快，内能越大
C．物体内能减小时，一定是放出了热量 D．物体内能减小时，它的温度一定降低
3．如图所示电路中，甲、乙、丙分别为电流表或电压表，要使电路中的灯泡L1和L2并联，则下列说法正确的是（ ）
A．甲为电流表，乙为电压表，丙为电流表 B．甲为电流表，乙为电压表，丙为电压表
C．甲为电压表，乙为电流表，丙为电流表 D．甲为电压表，乙为电流表，丙为电压表
4．下列数据你认为不正确的是（ ）
A．铁原子的直径约3×10﹣10m B．把一壶水烧开所需的热量大约6×105J
C．曹慧家里的台灯正常发光的电流大约2A D．手机充电器的输出电压是5V
5．如图所示的四种滑轮组匀速拉起同一物体，且不计绳重、滑轮重及轮与轴的摩擦。则绳端施加的拉力最小的是（ ）
A． B． C． D．
6．关于功的原理和机械效率的说法正确的是（ ）
A．使用机械提升物体可以省功
B．提升同一物体，使用省力杠杆一定比用等臂杠杆的机械效率大
C．提升同一物体，使用动滑轮一定比用定滑轮的机械效率大
D．使用任何机械提升物体，机械效率都不可能达到100%
7．如图所示，阿里公司的数据运行服务器浸泡在装有冷却液的容器中。冷却液直接吸收服务器通电工作产生的热量，再进入外循环冷却，之后再送回服务器所在容器。以下分析正确的是（ ）
A．此冷却液的比热容应该很小
B．若该冷却液吸收的热量增大一倍，则它的比热容增大一倍
C．若该冷却液的质量增大一倍，则它的比热容减至一半
D．无论物体质量多大，比热容都不变，比热容与物质的种类和状态有关
8．璐瑶同学在出游时看到了高速公路收费站计重秤，她回来设计了一个类似的原理图（如图）。该原理图中，车重表她最好用以下那种元件替代（ ）
A．电流表B．电压表C．小灯泡D．电动机
9．在一个标准大气压下，在不计热量损失的情况下，使40kg、30℃的水倒入10kg、10℃的水中，混合后的水温是（ ）
A．20℃B．24℃C．26℃D．27℃
10．用如图所示的简单机械提升重为G的物体，且处于静止状态。图中滑轮、杠杆质量均不计，摩擦和绳重忽略不计，A点为杠杆的正中点。这四种 情况下用力最大的是（ ）

A．F1B．F2C．F3D．F4
11．如图甲所示，用一个动滑轮匀速提升重为800N的物体A，在卷扬机拉力F的作用下，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线a所示；用该装置匀速提升物体B时，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图乙中图线b所示。已知动滑轮受到的重力为200N，在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，且不计绳重和轮与轴间的摩擦。下列说法正确的是（ ）

A．物体A上升的速度为10m/s B．拉力F的功率为50W
C．物体B受到的重力为4000N D．提升物体B时动滑轮的机械效率为95%
12．质量相同的A、B两金属块，把它们都加热到100℃，然后分别投入装有质量相同、初温都为0℃的C、D两杯水中，测量的结果：金属块A使C杯的水温升高了10℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃．设两金属块比热容为cA和cB，则cA与cB的比值为（ ）
A．4：9B．9：4C．19：9D．9：19
第ⅠⅠ卷 非选择题
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共22分）
13．如图a是开瓶时使用的开瓶器，可以简化成图b不计重力的杠杆，它是___________杠杆（选填“省力“、“费力“或“等臂”）。O为支点。若动力F1和阻力F2都与杠杆垂直，且AB＝5cm，BO＝1cm，F1＝25N，则F2＝__________N。

14．如图所示，已知斜面长为8m，斜面高为4m。小明同学用绳子沿斜面将重为600N的木箱由斜面底端匀速拉到顶端。拉力大小为400N，绳重不计。斜面的机械效率为____________，斜面对物体施加的摩擦力为____________N。
15．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的___________较大的性质；用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋的内能是通过__________的方式改变的。如果水的质量是1kg，初温为20℃，水吸收的热量为4.2×104J，则鸡蛋取出时水的温度为_______。（不计热损失）
16．神舟十二号于2021年6月17号升空，发射时火箭向下喷火，火箭加速升空过程中其动能____________；9月7日载人返回舱顺利软着陆，着陆前火箭发动机向下喷火，返回舱机械能______________（均选填“不变”、“增大”或“减小”）。
17．一辆小轿车匀速直线行驶通过一座桥，速度为50km/h，受到的阻力恒为660N，桥全长4km，则小轿车通过全程所需的时间为__________min，牵引力所做的功为__________J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为__________。（已知热值q汽油＝4.4×107J/kg）
18．如图所示，电源电压3V恒定不变，各元件均完好。开始，开关S1、S2均处于断开状态。当闭合开关__________时，灯L1和L2串联，若L1短路，L2__________（选填“发光”或“不发光”）。
19．小勇放学后，背着重40N的书包沿水平路面走了150m，用时3min，又用1min爬上了大约9m高的四楼回到了家，小勇的重力为600N。则他在回家过程中对书包所做的功为__________J，他所做总功的功率是__________W。
20．如图所示，甲、乙两个规格相同的烧杯中装了不同质量的煤油，用两只相同的加热器进行加热（忽略散热），得到如图所示的水温﹣时间图线，则加热2min，两只烧杯中的煤油吸收的热量Q甲__________Q乙（选填“大于”、“等于”、“小于”），两杯中煤油质量m甲__________m乙（选填“大于”、“等于”、“小于”）。
21．如图所示，当开关S闭合后，电流表A1、A2、A3的示数分别为1.8A、1.2A、1A，则通过L2的电流是__________A，通过L3的电流是__________A。
22．汽油机用水作为冷却剂，主要是因为水的__________较大，将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高10℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高6℃，若再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度将再升高（不计热损失）__________℃。
三、解答题（本题共8小题，共54分）
23．（2分）请按照图甲的电路图，在图乙中连接实物电路，要求选择正确的量程，导线不得交叉。

24．（2分）图中的杠杆处于平衡状态，请在图中画出动力臂l1和阻力F2。
25．（6分）在“研究杠杆平衡条件”的实验中，杠杆刻度均匀，每个钩码的质量都相等。
（1）实验开始时，杠杆如图甲所示处于静止状态。为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向________移动（选填“左”或“右”），小明调节杠杆在水平位置平衡的主要目的__________；
（2）调节杠杆水平平衡后，如图乙所示，在A点挂上2个钩码，在B点挂上3个钩码。此时，杠杆在水平位置__________平衡（选填“能”或“不能”）；
（3）用弹簧测力计和钩码配合使用，也可以研究杠杆平衡条件。如图丙所示，B点悬挂3个为2N的钩码，则需要用弹簧测力计在C点用__________N的力竖直向上拉杠杆，才能使其在水平位置平衡。若在B点的弹簧测力计由竖直向上方向改为向右上方斜拉，要使杠杆仍然保持水平平衡，拉力F的大小将__________（选填“变大”“变小”或“不变”），其原因是______________________________。

26．（6分）如图甲所示是小明和小华探究并联电路中电流的关系设计的电路。

（1）在连接电路的过程中，开关应该____________________；
（2）闭合开关前，小明发现电流表的指针向着没有刻度的一侧偏转，如图乙所示，接下来他应该________________________________________；
（3）在实验过程中他们连接了如图丙所示的电路，闭合开关后，观察到灯L2__________（选填“发光”或“不发光”）；通过分析电路连接情况，该电路存在的问题是：__________（写出一条即可）；
（4）请在图丙上只改动一根导线，符合L1、L2并联，电流表A1测干路电流，A2测灯L2的电流，开关控制所有用电器；（要求：在需要改动的导线上画“×”，用笔将改动后的导线画出，导线不许交叉）
（5）他们改正错误后把电流表分别接入到电路中的A、B、C处，测出电流如下表。通过分析，得出的结论是在并联电路中，__________________________________________________。
27．（8分）如图所示是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置示意图。
（1）该实验装置要探究的是物体动能的大小与__________的关系（物体A、B质量不变）。
（2）钢球在滚下斜面的过程中，它的__________转化为动能，该实验物体动能的大小是通过____________________反映的。
（3）该实验物体的速度是指钢球A从斜面上由静止滚下与物体B即将碰撞时的速度，它是通过__________（选填“高度”或“质量”）来改变的。
（4）实验表明，同一钢球A从斜面高处滚下，高度越大，物体B被撞得越远，可得结论_____________。
（5）若要研究物体动能与质量的关系，则需不同质量的钢球从斜面__________高度由静止滚下，并观察记录。
（6）波波同学做实验时小木块被撞后滑出木板，请写出解决方法____________________。
28．（10分）一辆在水平路面上沿直线匀速行驶的货车，货车（含驾驶员）空载时，重3×104N。货车行驶时，所受的阻力为车总重的0.05倍。求：
（1）货车空载行驶时，所受的阻力；
（2）货车空载时，以72km/h的速度匀速行驶，1.0s内货车牵引力做的功；
（3）当货车装载7×104N重的货物，以80kW的额定功率匀速行驶时，速度的大小。
29．（10分）小明骑车在某段平直的水平路面上由静止开始运动，共用时12s，小明重450N，轮子与地面的总接触面积是20cm2，图甲是速度v随时间t变化的关系图像，图乙是动力F随时间t变化的关系图像。则
（1）自行车在第7～12s内受的阻力f＝__________N，运动的路程s＝__________m。
（2）若他在骑车行驶时，对地的压强为3.3×105Pa，自行车重__________N。
（3）若在0～12s内动力共做功1530J，计算自行车在0～7s内的平均功率。

30．（10分）燃气汽车，以压缩天然气为燃料，是实用的低排放汽车。如图所示，这是某品牌燃气汽车，其部分参数如表所示。质量为60kg的司机师傅开着满气箱的燃气汽车，匀速行驶500km后刚好消耗完燃气。已知燃气汽车匀速行驶过程中发动机的牵引力为汽车总重的。[g取10N/kg，q燃气＝1.15×1010J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃），忽略燃气质量的变化对牵引力的影响]
（1）燃气汽车的发动机与汽油机的构造、原理相同，为燃气汽车提供动力的是发动机的
__________冲程。请写出一个汽油机热机效率较低的原因：______________________________。
（2）一满箱燃气完全燃烧放出的热量的70%被水吸收，可使多少千克的水的温度升高50℃？
（3）该品牌燃气汽车的热机效率是多少？
实验次数
A处的电流IA/A
B处的电流IB/A
C处的电流IC/A
1
0.10
0.12
0.22
2
0.22
0.24
0.46
3
0.26
0.30
0.56
空车质量m/kg
1320
最大功率P/kW
100
气箱容积/m3
0.24
最高时速v/（km•h﹣1）
180
参考答案
一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1、C。
【解答】解：A、摆下过程中，因不计空气阻力，整个装置的机械能是守恒的，所以甲球的机械能保持不变，故A正确；
B、不计空气阻力，整个装置的机械能是守恒的，所以甲球到达P点的机械能和乙球在初始位置时的机械能相等，故B正确；
C、从静止运动到P点，乙球的重力势能减小，动能增大，橡皮筋的弹性势能增大，减小的重力势能转化为动能和弹性势能，所以乙球减小的重力势能大于其增加的动能，故C错误；
D、两球到达P点时，甲小球的重力势能全部转化为动能，乙球的重力势能转化为动能和弹性势能，由于初始的重力势能相同，所以两球到达P点时，甲小球的动能比乙大，故D正确。
故选：C。
2、A。
【解答】解：A、0℃的冰熔化成0℃的水的过程中，吸收热量，内能增大，故A正确；
B、物体运动得快慢与内能的大小无关，内能的大小与温度、质量、状态等因素有关，故B错误；
C、物体的内能减少，可能是对外界做了功，也可能是放出了热量，故C错误；
D、物体的内能减少，温度降低或不变，例如：晶体的凝固过程中，放出热量，但温度不变，故D错误。
故选：A。
3、A。
【解答】解：小灯泡L1和L2均正常发光，该电路为并联电路时，电流分别通过两盏灯；电流从电源正极出来后分成两条路径，分别经过两个灯泡后回到电源的负极；甲与L1串联，为电流表；丙与L2串联，为电流表；乙并联在电路中，为电压表。
故选：A。
4、C。
【解答】解：
A、铁原子直径的数量级为10﹣10米，则约为3×10﹣10m合理，故A正确；
B、一壶水的质量在2kg左右，烧开过程中水上升的温度约为75℃，
将一壶水烧开所需的热量约为Q＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×75℃＝6.3×105J，接近6×105J，故B正确；
C、家用台灯额定功率在20W左右，正常工作的电流约为I＝＝≈0.1A，故C不正确；
D、智能手机的工作电压为3.7V，充电器输出电压约为5V，故D正确。
故选：C。
5、C。
【解答】解：A中使用此滑轮组，n＝2，则绳端拉力；
B中使用此滑轮组，n＝3，则绳端拉力；
C中使用此滑轮组，n＝4，则绳端拉力；
D中使用此滑轮组，n＝3，则绳端拉力F。
故C中绳端施加的拉力最小。
故选：C。
6、D。
【解答】解：A、根据功的原理，使用任何机械都不能省功，故A错误；
B、提升同一物体，使用省力杠杆不一定比用等臂杠杆的机械效率大，机械效率指的是有用功和总功之比，与是否省力无关，故B错误；
C、提升同一物体，使用动滑轮不一定比用定滑轮的机械效率大，机械效率指的是有用功和总功之比，与滑轮类型无关，故C错误；
D、使用任何机械提升物体，都不可避免的会做额外功，所以机械效率都不可能达到100%，故D正确。
故选：D。
7、D。
【解答】解：A、由Q＝cmΔt可知，相同质量的不同物质，升高相同的温度，比热容越大，吸收的热量越多，因此冷却液的比热容应该很大，故A错误；
BCD、比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质的种类和状态有关，与其它因素没有关系。故BC错误、D正确。
故选D。
8、A。
【解答】解：当车开上计重秤时，滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，车重表示数变大。车越重，滑动变阻器接入电路的电阻越小，电路中电流越大，车重表示数越大，所以最好用电流表替代车重表。
故选：A。
9、C。
【解答】解：不计热量损失时，冷水吸收的热量等于热水放出的热量，根据Q吸＝Q放可得：
cm冷（t﹣t冷）＝cm热（t热﹣t）
即：4.2×103J/（kg•℃）×10kg×（t﹣10℃）＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×（30℃﹣t）
解得：t＝26℃，故C正确。
故选：C。
10、D。
【解答】解：由题知，图中滑轮、杠杆质量均不计，摩擦和绳重忽略不计；
A、使用定滑轮，F1＝G；
B、使用动滑轮，F2＝G；
C、A点为杠杆的正中点，由于杠杆平衡，动力臂等于2倍阻力臂，所以F3＝G；
D、A点为杠杆的正中点，由于杠杆平衡，动力臂等于二分之一阻力臂，所以F4＝2G，比较可知这四种情况下用力最大的是F4＝2G。
故选：D。
11、D。
【解答】解：A、由图甲可知n＝2，由乙图图象可知，提升物体A时，绳子自由端移动的距离sA＝40cm＝0.4m，所用的时间tA＝2.0s，
则绳子自由端的速度为：vA＝＝＝20cm/s，
则物体A上升的速度：v物A＝vA＝×20cm/s＝10cm/s＝1m/s，故A错误；
B、不计绳重和摩擦时拉力：F＝（GA+G动）＝×（800N+200N）＝500N，
拉力的功率：P＝＝＝FvA＝500N×0.2m/s＝100W，故B错误；
C、由乙图图象可知，提升物体B时，绳子自由端移动的距离sB＝10cm＝0.1m，所用的时间tB＝2.0s，
物体B上升的速度为：vB＝＝＝5cm/s＝0.05m/s，
在这两次提升物体的过程中，卷扬机拉力F的功率保持不变，由P＝Fv可得，物体B时的拉力：FB＝＝＝2000N，
由F＝（G+G动）可得，物体B受到的重力：GB＝2FB﹣G动＝2×2000N﹣200N＝3800N，故C错误；
D、升物体B时动滑轮的机械效率：η＝＝＝＝＝＝95%，故D正确。
故选：D。
12、A。
【解答】解：因为C的初温度为0℃，金属块A使C杯的水温升高了10℃，故C杯中水和A的末温度都为10℃；
对于金属块A来说有：cAmA（100℃﹣tA）＝c水m水Δt1…①
因为D的初温度为0℃，金属块B使D杯的水温升高了20℃，故D杯中水和B的末温度都为20℃；
对于金属块B来说有：cBmB（100℃﹣tB）＝c水m水Δt2
因为m甲＝m乙，则①÷②得：＝＝＝，
＝
所以＝，故A正确。
故选：A。
二、填空题（本题共10小题，每空1分，共22分）
13、省力；150。
【解答】解：（1）因为开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；
（2）由图可知，AO为动力臂，AO＝OB+AB＝1cm+5cm＝6cm；BO为阻力臂，为1cm，
由杠杆的平衡条件得：F1L1＝F2L2，F1×AO＝F2×BO，即：25N×6cm＝F2×1cm，解得F2＝150N。
故答案为：省力；150。
14、75%；100。
【解答】解：匀速拉木箱到顶端做的有用功W有＝Gh＝600N×4m＝2400J，
总功W总＝Fs＝400N×8m＝3200J，
斜面的机械效率η＝＝＝75%；
克服摩擦力做的额外功W额＝W总﹣W有＝3200J﹣2400J＝800J，
由W额＝fs可得，斜面对物体施加的摩擦力f＝＝＝100N。
故答案为：75%；100。
15、比热容；热传递；30℃。
【解答】解：汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水比热容较大的性质。
用凉水冷却滚热的鸡蛋，鸡蛋的内能是通过热传递的方式改变的。
水升高的温度为：Δt＝＝＝10℃；
水的末温为：t'＝t+Δt＝20℃+10℃＝30℃。
故答案为：比热容；热传递；30℃。
16、增大；减小。
【解答】解：火箭加速升空过程中，质量不变，速度变大，其动能增大。
返回舱反推式发动机向下喷火，返回舱质量不变，速度变小，高度降低，则动能变小，重力势能变小，所以机械能变小。
故答案为：增大；减小。
17、4.8；2.64×106；30.0%。
【解答】解：
（1）由v＝可得，通过全程所需的时间：
t＝＝＝0.08h＝4.8min；
（2）因为匀速通过大桥，所以牵引力F＝f＝660N，
牵引力所做的功W＝Fs＝660N×4×103m＝2.64×106J；
（3）汽油完全燃烧放出的热量Q＝mq＝0.2kg×4.4×107J/kg＝8.8×106J，
汽油机的效率η＝×100%＝×100%＝30%。
故答案为：4.8；2.64×106；30.0%。
18、S1；发光。
【解答】解：（1）只闭合开关S1时，电流只有一条路径，两灯串联，若L1短路，则L2发光；
（2）L1被短路，L2发光，局部短路。
故答案为：S1；发光。
19、360；24。
【解答】解：（1）小勇在水平路面上行走时，对书包的作用力竖直向上，但在竖直方向上移动的距离是0，此过程对书包做功为0J；
在登楼时，将书包提升，克服书包重力做的功：W＝G书包h＝40N×9m＝360J，
即他在回家的过程中对书包所做的功为360J；
（2）同理可得他在回家的过程中克服自身重力所做的功W′＝G人h＝600N×9m＝5400J；
他克服重力所做的总功：W总＝360J+5400J＝5760J，
总时间t＝3min+1min＝4min＝240s，
则他克服重力所做总功的功率P＝＝＝24W。
故答案为：360；24。
20、等于；小于。
【解答】解：（1）用相同的加热器加热相同的时间，加热器放出的热量相同，不计热量损失，煤油吸收的热量也相同。
（2）两杯煤油吸收相同的热量，甲升高的温度大于乙升高的温度，即Δt甲＞Δt乙，煤油吸收的热量和比热容相同，根据公式Q＝cmΔt可得，c煤油m甲Δt甲＝c煤油m乙Δt乙，所以甲杯中煤油的质量小于乙杯中煤油的质量。
故答案为：等于；小于。
21、0.4；0.8。
【解答】解：由电路图可知，三灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2和L3支路的电流之和，电流表A3测L1和L2支路的电流之和；
根据并联电路的电流规律可得：
I1+I2+I3＝1.8A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
I2+I3＝1.2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
I1+I2＝1A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
由①②可得：I1＝0.6A；
由①③可得：I3＝0.8A；
故I2＝1A﹣0.6A＝0.4A，
则通过灯泡L1、L2和L3的电流分别是0.6A、0.4A、0.8A。
故答案为：0.4；0.8。
22、比热容；4。
【解答】解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环流动水进行冷却；
（2）设热水和冷水的温度差为t，
质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了10℃，
Q吸＝Q放，
从而可知，cm0（t﹣10℃）＝cm×10℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了6℃，
△Q吸＝△Q放，
从而可知，cm0（t﹣10℃﹣6℃）＝c（m+m0）×6℃，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
则①﹣②得：
6℃×cm0＝10℃×cm﹣6℃×cm﹣6℃×cm0，
整理得：12℃×cm0＝4℃×cm，
解得：m＝3m0；
代入①式可得，t＝40℃；
假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：
3m0c（40℃﹣△t）＝mc△t，m＝3m0；
联立两式解得：△t＝20℃；
则注入后3杯水后，水温还会上升：20℃﹣10℃﹣6℃＝4℃。
故答案为：比热容；4。
三、解答题（本题共8小题，共54分）
23．
解：从正极依次连接开关、L2、L1回到电源负极，并将电压表并联灯泡L1的两端；因为电源电压为3V，故电压表量程选择0～3V，如图所示：
24．
解：图中杠杆支点在O点，从支点O作F1的作用线的垂线段，垂线段的长即为动力臂l1；
过力臂l2的左端做力臂l2的垂线，即为力F2的作用线，与杠杆的交点即为F2的作用点；力F1使杠杆向下转动，则F2应阻碍杠杆的转动，即力F2的方向向下，如图所示：

25．
（1）左；便于测力臂；（2）不能；（3）4；变大；力臂变小。
【解答】解：（1）由图可知，杠杆左端上翘，说明左端轻，右端重，应将平衡螺母向轻些的左端移动。
调节杠杆在水平位置平衡，可以消除杠杆自重的影响，便于测量力臂。
（2）设每个钩码的重力为G0，设杠杆一个长度为l，则杠杆左端力与力臂的乘积为：2G×2l＝4Gl；
杠杆右端力与力臂的乘积为：3G×4l＝12Gl；
由此可知，左端和右端力与力臂的乘积不相等，所以杆在水平位置不能平衡。
（3）由杠杆平衡原理可知，在C点竖直向上拉的拉力为：解得：FC＝×GB＝×3G0＝2×2N＝4N；
在B点的弹簧测力计竖直向上拉时，力臂最长，拉力最小，若由竖直向上方向改为向右上方斜拉，此时力臂变小，要使杠杆仍然保持水平平衡，则拉力要变大。
故答案为：（1）左；便于测力臂；（2）不能；（3）4；变大；力臂变小。
26．
（1）断开；（2）将电流表正负接线柱对调；（3）不发光；L2短路（或电流表A2正负接线柱接反了）；（4）如上所示；（5）干路电流等于各支路电流之和。
【解答】解：（1）在连接电路的过程中，开关应该断开。
（2）小明试触时电流表的指针向着没有刻度的一侧偏转，如图乙所示，原因可能：电流表正负接线柱接反了，接下来他应该将电流表正负接线柱对调。
（3）在实验过程中他们连接了如图中丙图所示的电路，闭合开关后，电流表和L2短路了，且电流从电流表A2负接线柱流入了，观察到灯L2不发光；
该电路存在的问题是：L2短路（或电流表A2正负接线柱接反了）。
（4）L1、L2并联；电流表A1测干路电流，电流表A1接在干路上；
A2测灯L2的电流，A2与灯L2串联；注意电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，
开关控制所有用电器，开关接在干路上，如下所示：
（5）由表中数据知：
0.10A+0.12A＝0.22A；
0.22A+0.24A＝0.46A；
0.26A+0.30A＝0.56A；
故得出的结论是：
并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
故答案为：（1）断开；（2）将电流表正负接线柱对调；（3）不发光；L2短路（或电流表A2正负接线柱接反了）；（4）如上所示；（5）干路电流等于各支路电流之和。
27、
（1）速度；（2）重力势能；木块移动的距离；（3）高度；（4）当物体的质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（5）相同；（6）增加木板的长度。
【解答】解：（1）动能的大小与物体的质量和速度都有关，由于这一实验中只有一个物体A从斜面上滑下，质量不能改变，通过改变物体A最初的高度，可以改变其达到水平面的速度，所以本实验要探究的是物体动能的大小与物体速度的关系；
（2）钢球在滚下斜面的过程中，钢球的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能；
该实验物体动能的大小是通过物体B被撞开的距离大小反映的，B被撞的越远，说明钢球的动能越大，这里采用了转换法；
（3）该实验物体的速度是指钢球A从斜面上静止滚下与物体B即将碰撞时的速度，这个速度是通过改变钢球A在斜面上的高度实现的；
（4）同一物体A从斜面高处滚下，高度越大，物体B被撞得越远，说明钢球A的动能越大，可得结论为：当物体质量相同时，物体的速度越大，动能越大；
（5）若要研究物体动能与质量的关系，需要控制钢球的速度不变，改变质量，则需不同质量的钢球从斜面相同高度由静止滚下，并观察记录；
（6）探究动能与质量的关系，应控制速度相同，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，故实验中使用的木块大小不能改变，实验中，钢球的动能较大，因此可以改变木板的长度和钢球的质量。
故答案为：（1）速度；（2）重力势能；木块移动的距离；（3）高度；（4）当物体的质量相同时，物体的速度越大，动能越大；（5）相同；（6）增加木板的长度。
28、
解：（1）货车空载行驶时所受的阻力f＝0.05G空＝0.05×3×104N＝1500N；
（2）货车匀速行驶的速度v＝72km/h＝20m/s，货车匀速行驶10s通过的路程s＝vt＝20m/s×10s＝200m，
由于货车在水平路面上沿直线匀速行驶，货车的牵引力F＝f＝1500N，
牵引力做的功W＝Fs＝1500N×200m＝3×105J；
（3）当货车装载7×104N重的货物，货车的总重G总＝G空+G货＝3×104N+7×104N＝1×105N，
货车匀速行驶时所受的阻力f′＝0.05G总＝0.05×1×105N＝5×103N，
由于货车在水平路面上沿直线匀速行驶，货车的牵引力F′＝f′＝5×103N，
根据P＝＝＝Fv可得，货车的速度v′＝＝＝16m/s。
答：（1）货车空载行驶时，所受的阻力是1500N；
（2）10s内货车牵引力做的功是3×105J；
（3）速度的大小为16m/s。
29、解：
（1）由v﹣t图象可知，自行车在第7s～12s时做匀速直线运动，
由F﹣t图象可知，在第7s～12s自行车的动力F＝30N，
根据二力平衡条件可知，自行车所受的摩擦阻力：f＝F＝30N；
由v﹣t图象可知，自行车在7～12s做匀速直线运动，速度v＝6m/s，
由F﹣t图象可知，在7～12s自行车的动力F＝30N，
在7～12s自行车行驶的时间t＝12s﹣7s＝5s，
在7～12s自行车行驶的路程：s＝vt＝6m/s×5s＝30m，
（2）由p＝得，小明骑自行车在水平地面行驶时，对地面的压力：
F＝pS＝3.3×105Pa×20×10﹣4m2＝660N，
因自行车在水平地面行驶时，对地面的压力等于小明与自行车的重力之和，所以自行车的重力：
G车＝F﹣G小明＝660N﹣450N＝210N；
（3）自行车在7～12s内做功：W＝Fs＝30N×30m＝900J，
已知在0～12s内动力共做功W总＝1530J，则0～7s内做功：
W′＝W总﹣W﹣1530J﹣900J＝630J，
自行车在0～7s内的平均功率：P＝＝＝90W；
答：（1）30；30；（2）210；（3）自行车在0～7s内的平均功率为90W。
30、解：（1）汽油发动机一个工作循环中，为汽车提供动力的是做功冲程，此冲程中，内能转化为机械能；热机效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。要提高效率，首先使燃料充分燃烧，然后减少燃烧产生能量的损失。若热机效率较低，主要原因有①废气带走的大量的热；②热机部件间的摩擦大；③燃料不充分燃烧。
（2）由表格可知气箱容积V＝0.24m3，
燃气完全燃烧放出的热量为：Q放＝V燃气q燃气＝0.24m3×1.15×1010J/m3＝2.76×109J，
则根据η＝可得水吸收的热量为：
Q吸＝Q放η＝2.76×109J×70%＝1.932×109J，
由Q吸＝cmΔt可知水的质量为：
m水＝＝＝9.2×103kg；
（3）发动机的牵引力为：F＝G总＝（m车+m人）g＝×（1320kg+60kg）×10N/kg＝2.76×103N，
发动机牵引力做的功为：W＝Fs＝2.76×103N×500×103m＝1.38×109J，
则燃气汽车的热机效率为：η′＝×100%＝×100%＝50%。
答：（1）做功；废气带走的大量的热（或热机部件间的摩擦大或燃料不充分燃烧）；
（2）一满箱燃气完全燃烧放出的热量的70%被水吸收，可使9.2×103kg的水的温度升高50℃；
（3）该品牌燃气汽车的热机效率是50%。