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    江苏省苏州市六校2022-2023学年高一上学期期中联考数学试题(学生版+解析)

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    江苏省苏州市六校2022-2023学年高一上学期期中联考数学试题(学生版+解析)

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    这是一份江苏省苏州市六校2022-2023学年高一上学期期中联考数学试题(学生版+解析),共19页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    一、单选题(本大题共8题,每题5分,共40分)
    1. 若集合,,则( )
    A. B.
    C. D.
    2. 已知全集则图中阴影部分表示的集合是
    A. B.
    C. D.
    3. 已知,则“”是“”的( )
    A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
    C. 充要条件D. 既不充分又不必要条件
    4. 已知集合,,若且,则M的个数为( )
    A. 1B. 3C. 4D. 6
    5. 若,则函数的最大值为( )
    A. B. C. D.
    6. 若关于x的不等式的解集中恰有3个正整数,则实数m的取值范围为( )
    A. B. C. D.
    7. 已知实数,满足,,则的最大值为( )
    A. 8B. 9C. 16D. 18
    8. 已知正实数满足,则的最小值是( )
    A. 2B. C. D.
    二、多选题(本大题共4题,每题5分,共20分)
    9. 已知全集,集合,,则( )
    A. B.
    C. D. 的真子集个数是7
    10. 若不等式与(m,n为实数)同时成立,则下列不等关系可能成立的是( )
    A. B.
    C. D.
    11. 小王从甲地到乙地往返的速度分别为和,其全程的平均速度为,则( )
    A. B.
    C. D.
    12. 在整数集Z中,被6除所得余数为k的所有整数组成一个“类”,记为,即,,1,2,3,4,5,则( )
    A
    B.
    C. “整数a,b属于同一“类”的充要条件是“”
    D. “整数a,b满足”是“”必要不充分条件.
    三、填空题(本大题共4题,每题5分,共20分)
    13. 命题“,”的否定为______.
    14. 某班共40人,其中20人喜欢篮球运动,15人喜欢乒乓球运动,8人对这两项运动都不喜欢,则喜欢篮球运动但不喜欢乒乓球运动的人数为___________.
    15. 在上有解一个必要不充分条件可以是______.
    16. 实数满足,则当______时,的最小值为______.
    四、解答题(本大题共6题,共70分)
    17. 已知集合,在①;②““是“”充分不必要条件;③这三个条件中任选一个,补充到本题第(2)问的横线处,求解下列问题.
    (1)当时,求;
    (2)若______,求实数a的取值范围.
    18. 已知集合,.
    (1)当时,求;
    (2)是的必要条件,求的取值范围.
    19. 已知,,.
    (1)求的最小值;
    (2)求的最小值.
    20. 某企业开发了一种大型电子产品,生产这种产品的年固定成本为2500万元,每生产x百件,需另投入成本(单位:万元),当年产量不足30百件时,;当年产量不小于30百件时,.若每百件电子产品的售价为500万元,通过市场分析,该企业生产的电子产品能全部销售完.
    (1)求年利润y(万元)关于年产量x(百件)的函数关系式;
    (2)年产量为多少百件时,该企业在这一电子产品的生产中获利最大?
    21 设函数
    (1)若不等式的解集是,求不等式的解集;
    (2)当时,对上恒成立,求实数的取值范围.
    22. 定义:已知集合,,,则称为“有界恒正不等式”.
    (1)当时,判断是否为“有界恒正不等式”;
    (2)设为“有界恒正不等式”,求的取值范围.
    2022-2023学年江苏苏州高一第一学期六校联合教学质量调研
    数学试题
    一、单选题(本大题共8题,每题5分,共40分)
    1. 若集合,,则( )
    A. B.
    C. D.
    【答案】D
    【解析】
    【分析】求得集合,再根据集合的交运算求解即可.
    【详解】,.
    故选:D.
    2. 已知全集则图中阴影部分表示集合是
    A. B.
    C. D.
    【答案】C
    【解析】
    【分析】先由题,可得阴影部分表示的集合为,然后求得集合的补集,再求得最后答案.
    【详解】由题可知,阴影部分表示的集合为
    因为所以
    又因为所以=
    故选C
    【点睛】本题考查了集合的交并补,分析图像是解题的关键,属于基础题.
    3. 已知,则“”是“”的( )
    A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件
    C. 充要条件D. 既不充分又不必要条件
    【答案】B
    【解析】
    【分析】根据充分、必要条件的知识确定正确答案.
    【详解】或或;

    所以“”是“”的必要不充分条件.
    故选:B
    4. 已知集合,,若且,则M的个数为( )
    A. 1B. 3C. 4D. 6
    【答案】C
    【解析】
    【分析】根据题意得到,然后求出,即可得到的个数.
    【详解】由题意得且,故,
    又,则M的个数为个.
    故选:C.
    5. 若,则函数的最大值为( )
    A. B. C. D.
    【答案】D
    【解析】
    【分析】由,利用基本不等式求解.
    【详解】解:,
    ,则,

    当且仅当,即时等号成立,
    故函数的最大值为
    故选:D
    6. 若关于x的不等式的解集中恰有3个正整数,则实数m的取值范围为( )
    A. B. C. D.
    【答案】C
    【解析】
    【分析】由题设可得,讨论的大小关系求解集,并判断满足题设情况下m的范围即可.
    详解】不等式,即,
    当时,不等式解集为,此时要使解集中恰有3个正整数,这3个正整数只能是4,5,6,故;
    当时,不等式解集为,此时不合题意;
    当时,不等式解集为,显然解集中不可能有3个正整数,故不合题意;
    故实数m的取值范围为.
    故选:C.
    7. 已知实数,满足,,则的最大值为( )
    A. 8B. 9C. 16D. 18
    【答案】C
    【解析】
    【分析】令,表示出,然后由不等式性质得出结论.
    【详解】解:令则,
    则,
    又,,
    所以,,所以,
    所以的最大值为16.
    故选:C.
    【点睛】本题考查不等式的性质以及整体代入法,掌握不等式的性质是解题关键,基础题.
    8. 已知正实数满足,则的最小值是( )
    A. 2B. C. D.
    【答案】B
    【解析】
    【分析】由结合基本不等式化简即可求解.
    【详解】,
    两边平方得:,



    当且仅当,等号成立,故的最小值为
    故选:B
    二、多选题(本大题共4题,每题5分,共20分)
    9. 已知全集,集合,,则( )
    A. B.
    C. D. 的真子集个数是7
    【答案】ACD
    【解析】
    【分析】求出集合,再由集合的基本运算以及真子集的概念即可求解.
    【详解】,,
    ,故A正确;
    ,故B错误;
    ,所以,故C正确;
    由,则的真子集个数是,故D正确.
    故选:ACD
    10. 若不等式与(m,n为实数)同时成立,则下列不等关系可能成立的是( )
    A. B.
    C. D.
    【答案】AB
    【解析】
    【分析】由题设可得、,易得同号,进而判断各选项的正误.
    【详解】由题设,且,则,即同号,
    所以或.
    故选:AB
    11. 小王从甲地到乙地往返的速度分别为和,其全程的平均速度为,则( )
    A. B.
    C. D.
    【答案】AD
    【解析】
    【分析】根据题意,求得,结合基本不等式即可比较大小.
    【详解】设甲、乙两地之间距离为,则全程所需的时间为,
    .
    ,由基本不等式可得,

    另一方面,

    ,则.
    故选:AD.
    【点睛】本题考查利用基本不等式比较大小,属基础题.
    12. 在整数集Z中,被6除所得余数为k的所有整数组成一个“类”,记为,即,,1,2,3,4,5,则( )
    A.
    B.
    C. “整数a,b属于同一“类”的充要条件是“”
    D. “整数a,b满足”是“”的必要不充分条件.
    【答案】BC
    【解析】
    【分析】对A,由定义得,再判断元素与几何关系即可;
    对B,由定义及被6除所得余数为0至5的整数可判断;
    对C,分别根据定义证明充分性及必要性即可;
    对D,由定义证充分性,必要性可举反例即可判断
    【详解】对A,因为,由可得,所以,A错;
    对B,
    ,B对;
    对C,充分性:若整数a,b属于同一“类”,则整数a,b被6除所得余数相同,从而被6除所得余数为0,即;
    必要性:若,则被6除所得余数为0,则整数a,b被6除所得余数相同,
    所以“整数a、b属于同一‘类’”的充要条件是“”,C对;
    对D,若整数a,b满足,则,
    所以,故;
    若,则可能有,
    故整数a,b满足”是“”的充分不必要条件,D错
    故选:BC
    三、填空题(本大题共4题,每题5分,共20分)
    13. 命题“,”的否定为______.
    【答案】,
    【解析】
    【分析】
    直接利用全称命题的否定是特称命题写出结果即可.
    【详解】解:因为全称
    命题的否定为特称命题,故命题“,”的否定为:“,”
    故答案为:,
    【点睛】本题考查命题的否定,特称命题与全称命题的关系,属于基础题.
    14. 某班共40人,其中20人喜欢篮球运动,15人喜欢乒乓球运动,8人对这两项运动都不喜欢,则喜欢篮球运动但不喜欢乒乓球运动的人数为___________.
    【答案】17
    【解析】
    【分析】根据题意可求得既喜欢篮球运动又喜欢乒乓球运动的人数,从而可得答案.
    【详解】解:根据题意可知喜欢篮球运动或乒乓球运动的人数为人,
    则既喜欢篮球运动又喜欢乒乓球运动的人数为,
    所以喜欢篮球运动但不喜欢乒乓球运动的人数为人.
    故答案为:17.
    15. 在上有解的一个必要不充分条件可以是______.
    【答案】(答案不唯一)
    【解析】
    【分析】在上有解等价于:在上有解,因此求出的最小值,可得,即可得在上有解的一个必要不充分条件.
    【详解】因为在上有解等价于:在上有解,
    而函数的最小值在时取得,最小值为,
    所以在上有解的充要条件是,
    因此在上有解的一个必要不充分条件可以是,
    故答案为:
    16. 实数满足,则当______时,的最小值为______.
    【答案】 ①. ②.
    【解析】
    【分析】本题考查基本不等式的应用,用表示出,代入化简后用基本不等式即可解得.
    【详解】实数x、y满足,,,
    则=
    ,当且仅当时取等号,的最小值为.
    故答案为:;
    四、解答题(本大题共6题,共70分)
    17. 已知集合,在①;②““是“”的充分不必要条件;③这三个条件中任选一个,补充到本题第(2)问的横线处,求解下列问题.
    (1)当时,求;
    (2)若______,求实数a的取值范围.
    【答案】(1)或
    (2)见详解
    【解析】
    【分析】(1)把代入,利用并集、补集的定义求解作答.
    (2)选①,可得,利用包含关系列式求解作答;选②,可得,利用包含关系列式求解作答;选③,利用交集的结果列式求解作答.
    【小问1详解】
    当时,,而,
    所以,,或.
    【小问2详解】
    选①,由可知:,
    当时,则,即,满足,则,
    当时,,由得:,解得,
    综上所述,实数的取值范围为或.
    选②,因“”是“”的充分不必要条件,则,
    当时,则,即,满足,则,
    当时,,由得:,且不能同时取等号,解得.
    综上所述,实数的取值范围为或.
    选③,当时,则,即,满足,则,
    当时,由得:或,解得或,
    又,所以或
    综上所述,实数的取值范围为或.
    18 已知集合,.
    (1)当时,求;
    (2)是的必要条件,求的取值范围.
    【答案】(1)
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)当时,求出集合、,利用交集的定义可求得集合;
    (2)分析可知,对、的大小关系进行分类讨论,根据检验或得出关于实数的不等式,综合可求得实数的取值范围.
    【小问1详解】
    解:由可得,解得,即,
    当时,,此时,.
    【小问2详解】
    解:由题意可知,且,
    当时,即当时,,不满足,不符合题意;
    当时,即时,,符合题意;
    当时,则,由,得,解得.
    综上,.
    19. 已知,,.
    (1)求的最小值;
    (2)求的最小值.
    【答案】(1)
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)利用基本不等式可得出关于的不等式,即可解得的最小值;
    (2)由已知可得出,将代数式与相乘,展开后利用基本不等式可求得的最小值.
    【小问1详解】
    解:因为,,由基本不等式可得,解得,
    当且仅当时,等号成立,故的最大值为.
    【小问2详解】
    解:因为,,由已知条件可得,
    所以,,
    当且仅当时,等号成立,故的最小值为.
    20. 某企业开发了一种大型电子产品,生产这种产品的年固定成本为2500万元,每生产x百件,需另投入成本(单位:万元),当年产量不足30百件时,;当年产量不小于30百件时,.若每百件电子产品的售价为500万元,通过市场分析,该企业生产的电子产品能全部销售完.
    (1)求年利润y(万元)关于年产量x(百件)的函数关系式;
    (2)年产量为多少百件时,该企业在这一电子产品的生产中获利最大?
    【答案】(1)
    (2)年产量为100百件时,该企业获得利润最大,最大利润为1800万元.
    【解析】
    【分析】(1)根据题意,分段求函数解析式即可;
    (2)利用二次函数的性质结合基本不等式,分段求函数的最大值,再比较即可.
    【小问1详解】
    解:当时,,
    当时,,

    【小问2详解】
    解:当时,,
    当时,,
    当时,,
    当且仅当,即时,,
    年产量为100百件时,该企业获得利润最大,最大利润为1800万元.
    21. 设函数
    (1)若不等式的解集是,求不等式的解集;
    (2)当时,对上恒成立,求实数的取值范围.
    【答案】(1)
    (2)
    【解析】
    【分析】(1)先利用不等式的解集是,求出参数,然后解不等式即可;(2)先利用消元,然后参变分离求最值即可.
    【小问1详解】
    因为不等式的解集是,
    所以是方程的解,
    由韦达定理得:,
    故不等式为,即,
    解得或,
    所以不等式的解集为;
    【小问2详解】
    当时,在上恒成立,
    即在上恒成立,只需,
    令,令,,
    则,所以,
    因为函数在上单调递减,所以当时,,
    所以所以实数a的取值范围为
    22. 定义:已知集合,,,则称为“有界恒正不等式”.
    (1)当时,判断是否为“有界恒正不等式”;
    (2)设为“有界恒正不等式”,求的取值范围.
    【答案】(1)是“有界恒正不等式”;(2)或.
    【解析】
    【分析】(1)当时,解不等式得解集,化简,根据可得答案;
    (2)分类讨论,求出不等式的解集,根据列式可求出结果.
    【详解】(1)当时,,不等式为,
    解得得或,
    设此不等式解集为得或,
    因为
    所以当时,是“有界恒正不等式”.
    (2)设解集为,则,
    由题可得
    当时,,由,得,满足
    故符合题意.
    当时,由,得.
    当,即时,,
    又的解集为,满足
    故符合题意.
    当,即时,
    的解集或,
    因为所以或,解得或.
    因为所以.
    当.即时,
    的解集为或,.
    因为
    所以或,解得或
    所以.
    综上所述,的取值范围是或.

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