2023年福建省福州市时代中学中考物理二模试卷

这是一份2023年福建省福州市时代中学中考物理二模试卷，共46页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列物理学家中，将其名字命名为功率单位的是（ ）
A．牛顿B．瓦特C．焦耳D．帕斯卡
2．（2分）如图所示，是朱德恩在冬奥会开幕式上用小号吹奏《我和我的祖国》时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．小号是铜管乐器，是靠铜管振动发声的
B．换用更大的力吹气改变了小号声音的音调
C．听曲知号，观众是通过音色来判断的
D．听号知曲，说明声音可以传递能量
3．（2分）世界因光而变得五彩缤纷，如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．树荫下的光斑
B．人透过水球成的像
C．光通过水杯形成的彩色光带
D．跳台在水中的倒影
4．（2分）如图所示的四幅图中所描述的力，对物体做了功的是（ ）
A．托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力
B．搬石头但没有搬动，手对石头的力
C．使小车向前运动了一段距离的推力
D．提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力
5．（2分）下列数据是小明对身边的一些物理量的估计，下列符合实际的是（ ）
A．初中生正常步行的速度大约为1km/h
B．一层教学楼的高度约为5m
C．初中物理课本的质量约为300g
D．初中生跑1000m的时间约为100s
6．（2分）踢毽子起源于汉代，踢毽子是孩子们特别爱玩的一项游戏，在如图所示的某次游戏中，毽子被竖直向上踢出，上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．所受合力方向竖直向下
B．运动状态不改变
C．运动到最高点时受到平衡力
D．毽子被踢出后能继续向上运动是由于物体受到惯性力作用
7．（2分）2022年12月世界举重锦标赛在哥伦比亚波哥大进行，中国选手蒋惠花包揽了女子49公斤级的3枚金牌，为中国举重队在巴黎奥运会周期的首个世界大赛中取得开门红。如图所示是蒋慧花举重的场景，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和人对杠铃的支持力是一对相互作用力
D．人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力
8．（2分）如图所示，关于简单机械，下列说法正确的是（ ）
A．食品夹在正常使用过程中，相当于一个省力杠杆
B．在旗杆顶部安装定滑轮是为了改变拉力的方向
C．盘山公路相当于一个斜面，可以省功
D．不计绳重、滑轮重与摩擦，拉力F＝G
9．（2分）如图所示，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是（ ）
A．图甲通过泡沫小球跳起来显示发声的纸盆在振动，运用理想实验法
B．图乙为了描述光的传播路径和方向而引入了“光线”，运用转换法
C．图丙通过对玻璃罩抽气来探究声音不能在真空中传播，运用控制变量法
D．图丁探究平面镜成像的特点实验，用两支相同的蜡烛来比较像与物大小，运用等效替代法
10．（2分）如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．只利用该装置不可探究压力作用效果与受力面积的关系
B．盆景中水位能保持一定高度，是因为利用了连通器的原理
C．将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大
D．把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
11．（2分）人造地球卫星在大气层外沿椭圆轨道绕地运行，不受空气阻力，只有动能和势能的转化，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，当它从远地点向近地点运行时，它的（ ）
A．势能增大、动能增大B．势能增大、动能减小
C．势能减小、动能增大D．势能减小、动能减小
12．（2分）如图a所示，一杯中已经装有50cm3的某种液体，打开龙头，向杯中继续注入该种液体，杯子和杯中液体的总质量m总与从龙头中流出的液体体积V关系如图b所示。则下列说法正确的是（ ）
A．杯子质量为90g
B．杯中液体密度1.25g/cm3
C．此杯子的容积为200mL
D．当V＝100cm3时，杯子和液体的总质量为170g
13．（2分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
14．（2分）如图所示，重800N的物体在100N水平拉力F的作用下，以0.1m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了20s，滑轮组的机械效率为60%，在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动距离为4m
B．物体与地面间的滑动摩擦力为120N
C．拉力的功率为30W
D．若物体的重力和运动速度不变，只增大水平地面的粗糙程度，则滑轮组的机械效率不变
二、填空题（本题共6小题，每空1分，12分）
15．（2分）2022年11月30日，神舟十五号载人飞船成功对接空间站天和核心舱，对接过程中，神舟十五号飞船相对于天和核心舱是 的，如图所示王亚平老师给冰墩墩施加一个力，当冰墩墩离开王亚平老师的手动起来后，我们看到冰墩墩将 运动。
16．（2分）如图甲所示，漫步福州西湖公园，百花争艳百花香，“百花香”说明了分子在 ；图乙中近处水面小虫子不会掉入水中，说明分子间存在相互作用的 力。
17．（2分）小明坐公交车去火车站，当他打开正在快速行驶的公交车的车窗时，发现窗帘被吸到了窗外，这是因为空气流速车内比车外 ，气压车内比车外 。
18．（2分）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，折射角的大小是 ，界面的 侧是空气。
19．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间的关系和物体运动速度与时间的关系如图乙、丙所示。由图象可知，当t＝3s时，物体受到的合力为 N，物体在4～6s内做功 J。
20．（2分）如图所示，圆柱形水槽的底面积为100cm2，圆柱形物体A的横截面积为20cm2，将圆柱形物体A放入水中，液面在ab处时物体A恰好漂浮，此时它浸在水中的深度为10cm，则圆柱形物体A的重力是 N；若将物体竖直向上提升4cm，则水对水槽底部的压强变化了 Pa。
三、作图题（每小题2分，共4分）
21．（2分）如图所示，重1N的小球漂浮在水面上，请用力的示意图表示出小球所受的重力和浮力。
22．（2分）如图所示，为使轻质杠杆AB在如图所示位置静止，请在杠杆上画出所施加最小动力F1和阻力F2的力臂l2。
四、简答题（4分）。
23．（4分）如图所示，用力击打一摞棋子中下面的某一个时，该棋子飞出而上面的棋子落下，请解释这是为什么？
五、实验探究题（本大题共5小题，共30分）
24．（8分）小丽和小江同学分别做了以下光学实验：
（1）小丽利用如图1所示装置探究“平面镜成像的特点”，实验中用玻璃板代替平面镜的好处 ，在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖直立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同 （选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛B竖直立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像 ，说明像与物大小相同，再将蜡烛A靠近玻璃板，发现蜡烛A的像大小将 。
（2）小江同学利用如图2甲所示器材探究“凸透镜成像规律”：
①由于实验中凸透镜的焦距未知，所以小江同学先利用一束平行光测量凸透镜的焦距，如图2乙所示，则该透镜的焦距是 cm。
②实验时，调节光源、凸透镜和光屏，使三者的中心大致在 上，其目的是使所成的像在光屏中央。
③光源“F”放在15cm处，其大小如图2丙所示，凸透镜固定在光具座零刻度线上，如果用遮光罩将凸透镜的上半部分罩住，则光屏上所成的像是如图2丁中的 。
④小江同学将自己的近视眼镜放在凸透镜前，光屏应向 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动才能再次在光屏上找到清晰的像。
25．（6分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，某实验小组选择图中的装置和器材进行实验：
（1）实验中，必须水平拉着木块做匀速直线运动，根据 原理，使滑动摩擦力大小等于弹簧测力计示数。
（2）由甲、乙实验可得，在接触面粗糙程度相同时， ，滑动摩擦力越大。
（3）比较甲、丙两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丙实验中弹簧测力计的示数，就此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。通过分析该结论是 （选填“正确”或“不正确”）的，理由是 。
（4）同学们共同设计了一种新的实验方案，将甲图测量摩擦力大小装置改为如图丁所示的装置，该装置的优点是 。
（5）后来，同学们又利用图戊所示的装置进行了实验，通过比较F1、F2大小，还可进一步探究滑动摩擦力大小与 的关系。
26．（6分）为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，甲、乙两个实验小组分别采用如图1所示甲、乙装置进行实验，实验装置经测试均可以正常使用。请回答下列问题：
（1）关于两组实验装置以下描述正确的是 ；
A.实验过程中，甲、乙都是通过观察橡皮膜的形变来反映液体内部压强的大小
B.甲、乙装置都不是连通器
（2）如图2是甲小组的实验过程：
①在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，为了使U形管左右两侧的水面相平，正确的调节方法是 ；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
C.向右侧支管中加入少量的水
②深海鱼类多是扁片状，其原因可以用对比图2所示 两图所得出的结论进行说明；
③比较a、b两图可知， 。
（3）乙小组为了探究液体压强和液体密度的关系，如图3所示的装置中，先在两边分别加入50cm深的水和酒精，发现橡皮膜凸向右侧，则右边液体是 （选填“水”或“酒精”），要使橡皮膜不形变，应该再向某一边加入与该边相同的液体，使该液体的深度变为 cm才能达到目的[已知橡皮膜距容器底10cm（橡皮膜的高度忽略不计），酒精密度为0.8g/cm3]。
27．（4分）小红利用如图所示轻质的杠杆“探究杠杆平衡条件”实验：
（1）杠杆静止时如图甲所示，要使杠杆在水平位置平衡，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。
（2）实验过程中，应调节使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 。
（3）如图乙所示，在A点挂4个钩码，已知每个钩码重0.5N，应在B点挂 个钩码，仍可使杠杆在水平位置平衡。
（4）用弹簧测力计代替钩码，如图丙所示，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L1的图象如图丁所示，图象中每个点与两坐标轴围成的矩形面积 （选填“相等”或“不等”）。
28．（6分）小福想知道家里腌咸蛋的盐水和包装鸭蛋的泡沫（不吸水的）的密度，他设计了如图1所示的实验：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处；发现指针偏向如图1甲所示，则应将平衡螺母向 调节，使天平平衡。
（2）实验一：测量盐水的密度。
①请你根据以下步骤，写出正确的操作顺序 （填字母代号）。
A.用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量；
B.将盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量；
C.将烧杯中的部分盐水倒入量筒，测出倒出的这部分盐水的体积。
②在步骤B中测得烧杯和盐水总质量如图1乙所示，为 g，其余步骤数据如图1丙和丁所示。则该盐水密度为 kg/m3。
③若该天平的20g砝码生锈了，则他们测得盐水的密度将 。
（3）实验二：利用水和电子秤测量泡沫块的密度，如图2所示。
①在底部安装有定滑轮的圆柱形容器中加入适量的水，静止在水平电子秤上（如图2甲），电子秤的示数m1为250g；
②把一块不吸水泡沫放入水中（如图2乙），电子秤示数m2为300g；
③用细线（质量忽略不计）绕过定滑轮竖直向上拉动泡沫，使泡沫浸没在水中（如图2丙），电子秤的示数m3与m2相差了50g；根据实验数据知泡沫的密度为 g/cm3。
六、计算题（本题共3小题，22分）
29．（5分）如图1所示，是福州市在疫情防控期间，消毒车为街道喷洒消毒液的情景。消毒车总质量为10t，此时车轮与地面的总接触面积为0.5m2，图2消毒车运动的s﹣t图象。求：
（1）10min内消毒车的平均速度；
（2）消毒车对水平地面的压强。
30．（8分）中国人民解放军海军福建舰（简称福建舰），是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，满载排水量8万吨。如图所示，当福建舰匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍（海水密度近似取1.03×103kg/m3）。求：
（1）在水面下5m深处，船体受到的海水的压强；
（2）福建舰满载时，受到的浮力；
（3）福建舰满载时以72km/h的速度匀速航行时，牵引力的功率。
31．（9分）搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，某次工人提升重物时，拉力F的大小为150N，将重为360N的货物20s匀速提升2m。若工人的重力为640N，与地面接触的总面积4.0×10﹣2m2，已知动滑轮重90N且不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力的功率；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若仍用该滑轮组提升另一货物，当提升过程中该工人对水平高台的压强为2.0×104Pa，求所提升货物的重力。
2023年福建省福州市时代中学中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共14小题，每小题2分，共28分，每小题只有一个选项符合题意）
1．（2分）下列物理学家中，将其名字命名为功率单位的是（ ）
A．牛顿B．瓦特C．焦耳D．帕斯卡
【分析】各个物理量都有自己的国际单位；功率的国际单位是瓦特，简称瓦，符号为W。
【解答】解：A、牛（N）是力的国际单位；故A错误；
B、瓦特（W）是功率的国际单位；故B正确；
C、焦耳（J）是功和能量的国际单位；故C错误；
D、帕斯卡（Pa）是压强的国际单位；故D错误；
故选：B。
【点评】初中物理中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆。
2．（2分）如图所示，是朱德恩在冬奥会开幕式上用小号吹奏《我和我的祖国》时的情景，下列说法正确的是（ ）
A．小号是铜管乐器，是靠铜管振动发声的
B．换用更大的力吹气改变了小号声音的音调
C．听曲知号，观众是通过音色来判断的
D．听号知曲，说明声音可以传递能量
【分析】（1）声音是由物体振动产生的。
（2）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的距离有关。
（3）不同的乐器音色不同。
（4）声可以传递信息和能量。
【解答】解：A、小号是铜管乐器，是靠空气柱振动发声的，故A错误；
B、换用更大的力吹气改变了小号声音的响度，故B错误；
C、听曲知号，观众是通过音色来判断的，故C正确；
D、听号知曲，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查的是声音产生的条件；知道音色和响度；知道声可以传递信息和能量。
3．（2分）世界因光而变得五彩缤纷，如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．树荫下的光斑
B．人透过水球成的像
C．光通过水杯形成的彩色光带
D．跳台在水中的倒影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、树荫下的圆形光斑属于小孔成像，是由于光沿直线传播形成的，故A错误；
B、人透过水球成的像属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故B错误；
C、光通过水杯形成的彩色光带属于光的色散现象，是由于光的折射形成的，故C错误；
D、跳台在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故D正确；
故选：D。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的反射和折射、凸透镜成像的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4．（2分）如图所示的四幅图中所描述的力，对物体做了功的是（ ）
A．托着货物停在水平地面上，叉车对货物的力
B．搬石头但没有搬动，手对石头的力
C．使小车向前运动了一段距离的推力
D．提着滑板在水平路面上前行，手提滑板的力
【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
【解答】解：A、托着货物停在水平地面上，叉车对货物有力的作用，但没有在力的方向上通过距离，所以不做功，故A错误；
B、用力搬石头，但未搬动，有力作用在物体上，但没有移动距离，所以不做功，故B错误；
C、小车在推力的作用下向前运动了一段距离，有力作用在小车上，小车在该力的方向上通过了距离，所以做了功，故C错误；
D、提着滑板在水平路上前行，人给滑板一个向上的力，滑板向上没有移动距离，人对滑板没有做功，故D错误。
故选：C。
【点评】掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
5．（2分）下列数据是小明对身边的一些物理量的估计，下列符合实际的是（ ）
A．初中生正常步行的速度大约为1km/h
B．一层教学楼的高度约为5m
C．初中物理课本的质量约为300g
D．初中生跑1000m的时间约为100s
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A.初中生正常步行的速度大约为1.1m/s≈4km/h，故A不符合实际；
B.一层教学楼的高度约为3m，故B不符合实际；
C.初中物理课本的质量约为300g，故C符合实际；
D.初中生跑1000m的时间约为270s，故D不符合实际。
故选：C。
【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
6．（2分）踢毽子起源于汉代，踢毽子是孩子们特别爱玩的一项游戏，在如图所示的某次游戏中，毽子被竖直向上踢出，上升过程中，下列说法正确的是（ ）
A．所受合力方向竖直向下
B．运动状态不改变
C．运动到最高点时受到平衡力
D．毽子被踢出后能继续向上运动是由于物体受到惯性力作用
【分析】（1）同一直线上的二力合成时，分力方向相同，两者相加，方向与分力相同。
（2）物体受平衡力的作用运动状态不改变，物体受非平衡力作用运动状态改变。
（3）物体处于平衡状态时其合力为零，保持静止或匀速直线运动状态。
（4）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
【解答】解：A、毽子在空中上升的过程中，受重力和空气的阻力，两只都是竖直向下的，故毽子所受的合力方向竖直向下，故A正确；
B、毽子受非平衡力作用运动状态改变，故B错误；
C、毽子上升到最高点时，只受到重力作用，处于非平衡状态，故C错误；
D、毽子被踢出后继续向上运动表明物体具有惯性，仍会保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说“受到惯性力”，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了惯性、平衡状态的判断、力和运动的关系等知识的理解和应用，有一定综合性，但难度不大。
7．（2分）2022年12月世界举重锦标赛在哥伦比亚波哥大进行，中国选手蒋惠花包揽了女子49公斤级的3枚金牌，为中国举重队在巴黎奥运会周期的首个世界大赛中取得开门红。如图所示是蒋慧花举重的场景，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和人对杠铃的支持力是一对相互作用力
D．人对地面的压力和地面对人的支持力是一对相互作用力
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
【解答】解：A、杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、地面对人的支持力等于人的重力和杠铃的重力之和，故人受到的重力和地面对人的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故B错误；
C、人受到的重力和人对杠铃的支持力不是相互作用而产生的，因此，不是一对相互作用力，故C错误；
D、人对地面的压力和地面对人的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了对平衡力和相互作用力的辨别，了解它们各自的条件，可做出判断。
8．（2分）如图所示，关于简单机械，下列说法正确的是（ ）
A．食品夹在正常使用过程中，相当于一个省力杠杆
B．在旗杆顶部安装定滑轮是为了改变拉力的方向
C．盘山公路相当于一个斜面，可以省功
D．不计绳重、滑轮重与摩擦，拉力F＝G
【分析】（1）杠杆的种类有三种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力；
（2）使用定滑轮可以改变力的方向；
（3）任何机械都不能省功；
（4）若不计滑轮重、绳重与摩擦，利用F＝G求拉力大小。
【解答】解：A、食品夹在正常使用过程中，杠杆的动力臂小于阻力臂，不能够省力，是费力杠杆，故A错误；
B、使用定滑轮可以改变力的方向，故B正确；
C、任何机械都不能省功，故使用斜面不可以省功，故C错误；
D、若不计滑轮重、绳重与摩擦，由图可知，n＝2，则拉力F＝G，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了杠杆类型的判断、定滑轮和滑轮组的工作特点的理解以及功原理，综合性较强，难度不大。
9．（2分）如图所示，以下关于物理学研究方法的叙述正确的是（ ）
A．图甲通过泡沫小球跳起来显示发声的纸盆在振动，运用理想实验法
B．图乙为了描述光的传播路径和方向而引入了“光线”，运用转换法
C．图丙通过对玻璃罩抽气来探究声音不能在真空中传播，运用控制变量法
D．图丁探究平面镜成像的特点实验，用两支相同的蜡烛来比较像与物大小，运用等效替代法
【分析】物理学中经常用到很多科学的实验方法，控制变量法、转换法、模型法、等效替代法等。
【解答】解：A、图甲中，通过泡沫小球跳起来显示发声的纸盆在振动，将微小的振动转换成小球的跳动，运用转换法，故A错误。
B、图乙中，为了描述光的传播路径和方向而引入了“光线”，光线真实是不存在的，引入光线能更加形象的描述光的传播路径，运用模型法，故B错误。
C、图丙中，通过对玻璃罩抽气来探究声音不能在真空中传播，运用推理法，故C错误。
D、图丁中，在探究平面镜成像的特点实验中，用两支相同的蜡烛来比较像与物大小，两只大小一模一样的蜡烛是为了比较像与物的大小关系，运用等效替代法，故D正确。
故选：D。
【点评】物理学中的一些常见方法，能科学合理的解释一些物理现象，使实验结论更加具有普遍性。
10．（2分）如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．只利用该装置不可探究压力作用效果与受力面积的关系
B．盆景中水位能保持一定高度，是因为利用了连通器的原理
C．将竖直玻璃管倾斜，水银柱的高度变大
D．把水气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升
【分析】（1）压力的作用效果与压力和接触面的大小有关；
（2）连通器的特点是：容器里装同种液体静止时，液面总是相平的；
（3）水银柱的高度与大气压强有关，大气压强越大，能支撑的水银柱的高度越高。
【解答】解：A、利用该装置可以探究压力作用效果与受力面积的关系，故A错误；
B、盆景中水位能保持一定高度，是因为利用大气压强，故B错误；
C、将竖直玻璃管倾斜，因为大气压强不变，故水银柱的高度不变，故C错误；
D、把水气压计从山下移到山顶，因为山顶的大气压变小，故细管内的水柱上升，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了大气压强的特点，属于基础题。
11．（2分）人造地球卫星在大气层外沿椭圆轨道绕地运行，不受空气阻力，只有动能和势能的转化，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，当它从远地点向近地点运行时，它的（ ）
A．势能增大、动能增大B．势能增大、动能减小
C．势能减小、动能增大D．势能减小、动能减小
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度。质量不变时，速度越大，动能越大。
（2）地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能。
（3）没有空气阻力时，机械能是守恒的。
【解答】解：卫星在运行过程中质量不变，卫星在近地点和地球的相对距离最小，速度最大，近地点势能最小，动能最大；卫星在远地点和地球的相对距离最大，速度最小，远地点的势能最大，动能最小，所以，卫星从远地点向近地点运行过程中，势能变小，动能变大。
故选：C。
【点评】掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化。
12．（2分）如图a所示，一杯中已经装有50cm3的某种液体，打开龙头，向杯中继续注入该种液体，杯子和杯中液体的总质量m总与从龙头中流出的液体体积V关系如图b所示。则下列说法正确的是（ ）
A．杯子质量为90g
B．杯中液体密度1.25g/cm3
C．此杯子的容积为200mL
D．当V＝100cm3时，杯子和液体的总质量为170g
【分析】①设液体的密度为ρ液，杯子的质量为m0；由题意和图像可知，原来已装有液体的体积V0＝50cm3，液体和杯子的总质量为90g；从龙头中流入杯子的液体体积为200cm3时，液体和杯子的总质量为250g；据此列方程组求解杯子的质量和液体的密度；
②根据杯子已盛50cm3液体与从龙头中流出液体的最大体积可以得到杯子容积；
④当V＝100cm3时，杯子和液体的总质量为杯子质量、原有液体质量与流入杯子中液体质量之和。
【解答】解：
AB、设液体的密度为ρ液，杯子的质量为m0，
由题意和图像可知，原来已装有液体的体积V0＝50cm3，液体和杯子的总质量为90g，
由ρ＝可得ρ液V0+m0＝90g，
即：ρ液×50cm3+m0＝90g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由图像可知，从龙头中流入杯子的液体体积为200cm3时，液体和杯子的总质量为250g，
同理可得ρ液V0+ρ液V1+m0＝250g，
即：ρ液×50cm3+ρ液×200cm3+m0＝250g﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
②﹣①得ρ液×200cm3＝160g，
解得ρ液＝0.8g/cm3，故B错误；
将ρ液＝0.8g/cm3代入①，解得杯子质量m0＝50g，故A错误；
C、杯中已经装有50cm3的某种液体，打开龙头，由图像知，从龙头中流入杯子的液体体积最大为200cm3，
所以杯子的容积为：V容＝50cm3+200cm3＝250cm3＝250mL，故C错误；
D、杯子内原有50cm3的某种液体，再流入V′＝100cm3液体时，杯内液体总体积为V总液＝V0+V′＝50cm3+100cm3＝150cm3，
由ρ＝得此时液体总质量为m总液＝ρ液V总液＝0.8g/cm3×150cm3＝120g，
则此时杯子和液体的总质量为m总＝m0+m总液＝50g+120g＝170g，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了密度公式的应用，根据图像中的信息正确列出方程组是求解液体密度和杯子质量的关键。
13．（2分）如图所示，水平桌面上两个相同的长方体玻璃缸装满了水，水中分别漂浮着大、小两只玩具鸭。甲、乙两图中水对缸底的压强分别为p1和p2，缸对桌面的压强分别为p3和p4。两只玩具鸭受到的浮力分别为F1和F2，则它们的大小关系为（ ）
A．p1＝p2，p3＞p4，F1＞F2B．p1＝p2，p3＞p4，F1＝F2
C．p1＞p2，p3＝p4，F1＞F2D．p1＝p2，p3＝p4，F1＞F2
【分析】（1）知道玻璃缸里装满了水，又知道液体深度相同，根据公式p＝ρgh可比较缸底受到水的压强；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据漂浮条件和阿基米德原理可知甲、乙两玻璃缸对桌面的压力关系，然后比较压强关系；
（3）根据图示判断出两只玩具鸭排开水的体积大小关系，根据阿基米德原理比较浮力大小关系。
【解答】解：（1）由图和题意可知，甲、乙两个完全相同的玻璃缸装满了水，玩具鸭放入后水的深度h仍然相同，
根据p＝ρgh可知水对容器底部的压强相等，即：p1＝p2；
（2）因甲、乙两个玻璃缸完全相同装满水时，水的质量相等，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，甲、乙两个玻璃缸装满水时对桌面的压力相等；
由于玩具鸭子在水中漂浮，根据漂浮条件和阿基米德原理可知：G物＝F浮＝G排，即玩具鸭的重力与溢出水的重力相等，所以漂浮着玩具时玻璃缸对桌面的压力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面积相同），则由p＝可知，此时两玻璃缸对桌面的压强相等，即：p3＝p4；
（3）甲、乙两缸中装满了水，玩具鸭子漂浮，根据图示可知，甲缸中鸭子排开水的体积大，根据F浮＝ρ水gV排可知，甲缸中鸭子受到的浮力大，即：F1＞F2。
故选：D。
【点评】本题考查了液体压强公式、压强定义式、浮沉条件和阿基米德原理的应用，关键是根据漂浮条件和阿基米德原理推出玩具鸭的重力与溢出水的重力相等。
14．（2分）如图所示，重800N的物体在100N水平拉力F的作用下，以0.1m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了20s，滑轮组的机械效率为60%，在此过程中，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动距离为4m
B．物体与地面间的滑动摩擦力为120N
C．拉力的功率为30W
D．若物体的重力和运动速度不变，只增大水平地面的粗糙程度，则滑轮组的机械效率不变
【分析】（1）利用s＝vt求物体移动的距离，由图知，n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh；
（2）利用W＝Fs求拉力做的总功，知道滑轮组的机械效率，利用η＝求拉力做的有用功；
水平使用滑轮组时，拉力做的有用功W有用＝fs物，据此求物体与地面间的滑动摩擦力；
（3）利用P＝求拉力的功率；
（4）若物体的重力和运动速度不变，物体对地面的压力大小不变，只增大水平地面的粗糙程度，物体与地面间的滑动摩擦力变大，有用功变大，而额外功几乎不变，由η＝＝＝可得滑轮组的机械效率大小变化。
【解答】解：
A、由v＝可得物体移动的距离s物＝v物t＝0.1m/s×20s＝2m，由图知，n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，故A错误；
B、拉力做的总功：W总＝Fs＝100N×6m＝600J，
由η＝可得拉力做的有用功：
W有用＝ηW总＝60%×600J＝360J，
水平使用滑轮组时，拉力做的有用功W有用＝fs物，
则物体与地面间的滑动摩擦力：
f＝＝＝180N，故B错误；
C、拉力的功率：P＝＝＝30W，故C正确；
D、若物体的重力和运动速度不变，物体对地面的压力大小不变，只增大水平地面的粗糙程度，物体与地面间的滑动摩擦力变大，有用功变大，而额外功几乎不变，由η＝＝＝可知滑轮组的机械效率变大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了水平使用滑轮组时有用功、总功、物体受摩擦力的计算，以及影响滑动摩擦力大小的因素，属于基础题目。
二、填空题（本题共6小题，每空1分，12分）
15．（2分）2022年11月30日，神舟十五号载人飞船成功对接空间站天和核心舱，对接过程中，神舟十五号飞船相对于天和核心舱是 运动 的，如图所示王亚平老师给冰墩墩施加一个力，当冰墩墩离开王亚平老师的手动起来后，我们看到冰墩墩将 做匀速直线 运动。
【分析】（1）物体相对于参照物的位置改变了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
（2）一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：（1）对接过程中，飞船相对于核心舱位置在不断变化，飞船是运动的；
（2）外太空处于微重力状态，重力忽略不计，根据牛顿第一定律，离开手的冰墩墩不受任何外力作用将保持匀速直线运动。
故答案为：运动；做匀速直线。
【点评】此题以“天宫课堂”为背景，考查了运动和静止的相对性、牛顿第一定律的理解和应用，重点考查学生对基础知识的掌握情况。
16．（2分）如图甲所示，漫步福州西湖公园，百花争艳百花香，“百花香”说明了分子在 不停地做无规则运动 ；图乙中近处水面小虫子不会掉入水中，说明分子间存在相互作用的 引 力。
【分析】（1）扩散现象表明组成物质的分子在不停地做无规则运动；
（2）分子之间存在引力和斥力。
【解答】解：（1）闻到百花香，属于扩散现象，说明了分子在不停地做无规则运动；
（2）小虫子不会掉入水中，说明水分间存在相互作用的引力。
故答案为：不停地做无规则运动；引。
【点评】本题主要考查了学生对分子动理论、分子间作用力的理解和掌握，属于基础题目，难度不大。
17．（2分）小明坐公交车去火车站，当他打开正在快速行驶的公交车的车窗时，发现窗帘被吸到了窗外，这是因为空气流速车内比车外 小 ，气压车内比车外 大 。
【分析】流体压强与流速的关系是：流体流速越快的地方其压强就越小，当汽车开动后，车外空气相对汽车的流速就比车内的快，所以车内压强要比车外大，所以窗帘要向车外飘。
【解答】解：汽车行驶过程中，车外的空气流动速度比车内的空气流动速度大，那么，流速大的地方压强小，所以使车内的气压大于车外的气压，窗帘应该向车外飘动。
故答案为：小；大。
【点评】本题考查用流体压强与流速的关系解释问题，要知道流体流速越快的地方其压强就越小。
18．（2分）如图所示是光在空气和玻璃两种介质中传播时同时发生反射和折射的光路图，折射角的大小是 35° ，界面的 左 侧是空气。
【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
光的折射规律的内容：折射光线、法线、入射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角。
此题首先根据反射角和入射角相等，找出法线和界面，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线。
【解答】解：
由图可知，∠BOM′＝30°，所以∠BON＝90°﹣30°＝60°，同理∠AON＝60°；根据反射角等于入射角，所以MM′的左侧发生了光的反射，则MM′为界面，NN′为法线，而折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC一定为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；
由图可知，入射角∠BON＝60°，折射角为：∠CON′＝90°﹣55°＝35°；
此时的折射角小于入射角，由光的折射规律可知光是从空气中斜射入玻璃中，所以界面的左侧为空气。
故答案为：35°；左。
【点评】此题考查了光的反射定律、光的折射规律的应用，首先要掌握定律的内容，根据反射角与入射角之间的关系确定法线和界面，则可先确定出折射光线，根据折射光线与入射光线的关系确定出入射光线，最后确定反射光线。
19．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间的关系和物体运动速度与时间的关系如图乙、丙所示。由图象可知，当t＝3s时，物体受到的合力为 1 N，物体在4～6s内做功 8 J。
【分析】（1）由图丙可知4s～6s内物体的速度，然后判断出其状态，根据图乙读出推力的大小，根据二力平衡条件求出滑动摩擦力的大小，根据滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，据此判断t＝3s时物体受到的摩擦力；根据同一直线上的二力合成可求出此时物体受到的合力；
（2）根据s＝vt求出4～6s内物体运动的距离，根据W＝Fs求出推力F对物体做的功。
【解答】解：（1）由图丙可知，4s～6s内物体的速度为v＝2m/s不变，物体做匀速直线运动，即处于平衡状态，受到的滑动摩擦力和推力是一对平衡力，二力大小相等，由图乙可知，推力为2N，则物体受到的滑动摩擦力f＝F＝2N；
因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与物体运动的速度无关，
所以，t＝3s时，虽然物体做变速运动，其受到的滑动摩擦力仍为2N不变；物体受到的合力为3N﹣2N＝1N；
（2）由v＝可得，4～6s内物体运动的距离：
s＝vt＝2m/s×2s＝4m，
此过程中推力F对物体做的功：
W＝Fs＝2N×4m＝8J。
故答案为：1；8。
【点评】本题考查了影响摩擦力大小的因素和速度公式、做功公式及二力平衡的运用，从图象中得出相关的信息是关键，综合性较强。
20．（2分）如图所示，圆柱形水槽的底面积为100cm2，圆柱形物体A的横截面积为20cm2，将圆柱形物体A放入水中，液面在ab处时物体A恰好漂浮，此时它浸在水中的深度为10cm，则圆柱形物体A的重力是 2 N；若将物体竖直向上提升4cm，则水对水槽底部的压强变化了 100 Pa。
【分析】（1）利用V＝Sh计算出物体漂浮时排开水的体积，根据F浮＝ρ液V排g求出物体A受到的浮力，再利用浮沉条件求出物体A重力；
（2）利用V＝Sh求出将物体竖直向上提升4cm时，液体下降的高度，利用p＝ρgh计算出水对水槽底部压强的变化。
【解答】解：（1）物体漂浮时排开水的体积：V排＝SAh＝20cm2×10cm＝200cm3，
物体A受到的浮力：F浮＝ρ液V排g＝1×103kg/m3×200×10﹣6m3×10N/kg＝2N；
因为物体A漂浮在水中，所以物体A的重力：GA＝F浮＝2N。
（2）设提升之前物体A底面到水槽底部的距离为h1，竖直向上提升4cm后，A的底面到水面的距离为h'
提升之前，水和A排开水的体积为：V1＝S（h1+h）＝V水+V排，
则水槽内水的体积：V水＝S（h1+h）﹣V排＝100cm2×（h+10cm）﹣200cm3＝800cm3+100cm2×h……①
竖直向上提升4cm后，水和A排开水的体积为：V2＝S（h1+4cm+h'）＝V水+V排'＝V水+SAh'，
则水槽内水的体积：V水＝S（h1+4cm+h'）﹣SAh'＝100cm2×（h1+4cm+h'）﹣20cm2×h'＝400cm3+100cm2×h+80cm2×h'……①
由①②解得：h'＝5cm，
则提升之前水槽内水的深度：h原＝h1+h＝h1+10cm，
提升4cm之后水槽内水的深度：h后＝h1+4cm+h'＝h1+4cm+5cm＝h1+9cm，
则将物体竖直向上提升4cm时，水面下降的高度：Δh＝h原﹣h后＝h1+10cm﹣（h1+9cm）＝1cm＝0.01m，
所以水对水槽底部压强的变化量：Δp＝ρgΔh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.01m＝100Pa。
故答案为：2；100。
【点评】本题考查浮力和压强的计算，是一道综合性较强的题目，关键是求出将物体A竖直向上拉动4cm后水面下降的高度。
三、作图题（每小题2分，共4分）
21．（2分）如图所示，重1N的小球漂浮在水面上，请用力的示意图表示出小球所受的重力和浮力。
【分析】物体漂浮时，浮力等于自身的重力；而浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，据此作图。
【解答】解：小球漂浮在水面上，根据物体的漂浮条件可知，小球受到的浮力F浮＝G＝1N，浮力的方向总是竖直向上的，重力总是竖直向下的，小球受力的示意图如图所示：
【点评】本题考查物体的漂浮条件、力的示意图的画法，是一道基础题。
22．（2分）如图所示，为使轻质杠杆AB在如图所示位置静止，请在杠杆上画出所施加最小动力F1和阻力F2的力臂l2。
【分析】使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。
支点到阻力作用线的垂直距离是阻力臂。
【解答】解：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB做动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图所示：
画出阻力作用线，则支点O到阻力作用线的垂直距离为阻力臂L2。
【点评】根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
四、简答题（4分）。
23．（4分）如图所示，用力击打一摞棋子中下面的某一个时，该棋子飞出而上面的棋子落下，请解释这是为什么？
【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
（2）地球表面的一切物体都会受到重力的作用，且重力的方向是竖直向下的。
【解答】答：
击打棋子前，棋子是静止的。用力击打一摞棋子中间的一个，这一棋子因受力改变运动状态而飞出去，上面的棋子由于惯性还要保持原来的静止状态，所以在重力的作用下又落回原位置的下方。
【点评】此题考查的是有关惯性现象的解释，这是中考的一个重点知识，惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题。
五、实验探究题（本大题共5小题，共30分）
24．（8分）小丽和小江同学分别做了以下光学实验：
（1）小丽利用如图1所示装置探究“平面镜成像的特点”，实验中用玻璃板代替平面镜的好处 便于确定像的位置 ，在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖直立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同 不点燃 （选填“点燃”或“不点燃”）的蜡烛B竖直立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像 完全重合 ，说明像与物大小相同，再将蜡烛A靠近玻璃板，发现蜡烛A的像大小将 不变 。
（2）小江同学利用如图2甲所示器材探究“凸透镜成像规律”：
①由于实验中凸透镜的焦距未知，所以小江同学先利用一束平行光测量凸透镜的焦距，如图2乙所示，则该透镜的焦距是 10.0 cm。
②实验时，调节光源、凸透镜和光屏，使三者的中心大致在 同一高度 上，其目的是使所成的像在光屏中央。
③光源“F”放在15cm处，其大小如图2丙所示，凸透镜固定在光具座零刻度线上，如果用遮光罩将凸透镜的上半部分罩住，则光屏上所成的像是如图2丁中的 C 。
④小江同学将自己的近视眼镜放在凸透镜前，光屏应向 远离 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜方向移动才能再次在光屏上找到清晰的像。
【分析】（1）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；蜡烛B在A的另一侧，可以观察像与物的大小关系，只有当它们完全重合时，才能更好的比较其大小关系；物体在平面镜中成像大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离没有关系；
（2）①平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距，读数时估读到分度值的下一位；
②为了使像成在光屏中央，实验时，应调节光源、凸透镜和光屏，使三者的中心大致在同一高度上；
③当用遮光罩挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像；
④近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
【解答】解：（1）为了确定像的位置，让蜡烛A的像和蜡烛B重合，既能观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，实验中要使用透明的玻璃板；
把一支点燃的蜡烛A竖直立在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同的不点燃的蜡烛B，直到B与A的像完全重合，说明蜡烛A的像与蜡烛A大小相等；
如果使蜡烛A离玻璃板靠近一些，物体不变，物体的像和物体大小相等，所以像的大小不变；
（2）①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f＝10.0cm﹣0.0cm＝10.0cm；
②为了使像成在光屏中央，实验时，应调节光源、凸透镜和光屏，使三者的中心大致在同一高度上；
③如果用遮光罩将凸透镜的上半部分罩住，物体上任一点射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像完整但变暗，故光屏上所成的像是图中C；
④小江同学将自己的近视眼镜放在凸透镜前，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会将光线推迟会聚成像，故光屏应向远离凸透镜方向移动才能再次在光屏上找到清晰的像。
故答案为：（1）便于确定像的位置；不点燃；完全重合；不变；（2）①10.0；②同一高度；③C；④远离。
【点评】本题考查了探究平面镜成像的特点和探究凸透镜成像的规律实验，属于实验基本能力考查。
25．（6分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，某实验小组选择图中的装置和器材进行实验：
（1）实验中，必须水平拉着木块做匀速直线运动，根据 二力平衡 原理，使滑动摩擦力大小等于弹簧测力计示数。
（2）由甲、乙实验可得，在接触面粗糙程度相同时， 压力越大 ，滑动摩擦力越大。
（3）比较甲、丙两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丙实验中弹簧测力计的示数，就此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。通过分析该结论是 不正确 （选填“正确”或“不正确”）的，理由是 未保证压力相同 。
（4）同学们共同设计了一种新的实验方案，将甲图测量摩擦力大小装置改为如图丁所示的装置，该装置的优点是 无需匀速转动传送带 。
（5）后来，同学们又利用图戊所示的装置进行了实验，通过比较F1、F2大小，还可进一步探究滑动摩擦力大小与 接触面粗糙程度的 的关系。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（5）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
（3）滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度；
（4）丁图中，木块相对地面处于静止状态，根据二力平衡的条件分析。
【解答】解：（1）实验中，必须水平拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数等于摩擦力的大小。
（2）由甲、乙实验可得，在接触面粗糙程度相等时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度，比较甲、丙两次实验，发现甲实验中弹簧测力计的示数大于丙实验中弹簧测力计的示数，由此得出结论：滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关。这个结论是错误的，理由是未保证压力相同。
（4）丁图中，木块相对地面处于静止状态，受到测力计的拉力与受到传送带施加的滑动摩擦力为一对平衡力，大小相等，方向相反，这样做的好处是无需匀速转动传送带。
（5）图戊所示的装置进行了实验中，压力相同，而接触面粗糙程度不同，通过比较F1、F2大小，还可进一步探究滑动摩擦力大小与触面粗糙程度的关系。
故答案为：（1）二力平衡；（2）压力越大；（3）不正确；未保证压力相同；（4）无需匀速转动传送带；（5）接触面粗糙程度的。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和实验方案的改进，体现了对过程和方法的考查。
26．（6分）为了探究“影响液体内部压强大小的因素”，甲、乙两个实验小组分别采用如图1所示甲、乙装置进行实验，实验装置经测试均可以正常使用。请回答下列问题：
（1）关于两组实验装置以下描述正确的是 B ；
A.实验过程中，甲、乙都是通过观察橡皮膜的形变来反映液体内部压强的大小
B.甲、乙装置都不是连通器
（2）如图2是甲小组的实验过程：
①在使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，为了使U形管左右两侧的水面相平，正确的调节方法是 B ；
A.将右侧支管中高出的水倒出
B.取下软管重新安装
C.向右侧支管中加入少量的水
②深海鱼类多是扁片状，其原因可以用对比图2所示 b、c 两图所得出的结论进行说明；
③比较a、b两图可知， 当深度一定时，液体内部压强随液体密度增大而增大 。
（3）乙小组为了探究液体压强和液体密度的关系，如图3所示的装置中，先在两边分别加入50cm深的水和酒精，发现橡皮膜凸向右侧，则右边液体是 酒精 （选填“水”或“酒精”），要使橡皮膜不形变，应该再向某一边加入与该边相同的液体，使该液体的深度变为 60 cm才能达到目的[已知橡皮膜距容器底10cm（橡皮膜的高度忽略不计），酒精密度为0.8g/cm3]。
【分析】（1）据图可知，甲图是通过看U形管中液面的高度差来判断液体压强的大小的；而乙图是通过观察橡皮膜的凹陷程度来判断两侧液体压强大小的；
连通器的特点：上端开口下端连通的容器；
（2）U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；同种液体同一深度，液体向各个方向的压强相等，据此分析作答；
（3）根据p＝ρgh来分析。
【解答】解：（1）据图可知，甲图是通过看U形管中液面的高度差来判断液体压强的大小的；而乙图是通过观察橡皮膜的凹陷程度来判断两侧液体压强大小的；据连通器的特点可知，甲装置的下部连通，但左侧的上端没有开口，故不是连通器；乙装置中，隔板两侧的液体上端开口，下端不连通，所以都不是连通器；故选：B；
（2）进行调节时，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的（都等于大气压），当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选：B；
深海鱼类多是扁片状，是因为液体的压强随着深度的增加而增加，其受到的压强较大，比较b、c两图可知，液体的密度相同，深度越大，U形管左右液面差越大，压强越大，所以可以得出：在液体密度一定时，液体深度越大，液体压强越大；
比较a、b两图可知，液体的深度相同，密度不同（ρ酒精＜ρ盐水），U形管左右液面差不同，液体内部压强不同，且a图中U形管中液面的高度差小于b图中U形管中液面的高度差，由此可知当深度一定时，液体内部压强随液体密度增大而增大；
（3）在两边分别加入50cm深的水和酒精，水的密度大，根据p＝ρgh可知，水对橡皮膜的压强大，橡皮膜向右凸，则右边液体是酒精；如果要使橡皮膜不形变，要求两边液体对橡皮膜的压强相等，即ρ水gh水＝ρ酒精gh酒精，
h酒精＝＝＝0.5m，
h酒精′＝0.5m+0.1m＝0.6m＝60cm。
故答案为：（1）B；（2）B；b、c；当深度一定时，液体内部压强随液体密度增大而增大；（3）酒精；60。
【点评】本题主要考查的是学生对液体压强的影响因素实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
27．（4分）小红利用如图所示轻质的杠杆“探究杠杆平衡条件”实验：
（1）杠杆静止时如图甲所示，要使杠杆在水平位置平衡，则应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节。
（2）实验过程中，应调节使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是 便于测量力臂 。
（3）如图乙所示，在A点挂4个钩码，已知每个钩码重0.5N，应在B点挂 6 个钩码，仍可使杠杆在水平位置平衡。
（4）用弹簧测力计代替钩码，如图丙所示，不断改变弹簧测力计的作用点和力的大小，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的拉力F与其力臂L1的图象如图丁所示，图象中每个点与两坐标轴围成的矩形面积 相等 （选填“相等”或“不等”）。
【分析】（1）实验前，发现杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是为了便于测量力臂和避免杠杆自重对实验的影响；
（2）使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便；
（3）根据已知条件，由杠杆的平衡条件求出在B位置挂上几个钩码；
（4）由于此题中的阻力和阻力臂不变，由图中提供数据，根据杠杆的平衡条件分析即可。
【解答】解：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向左调节，实验过程中，应调节使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了便于测量力臂；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；
（3）设一个钩码的重力为G，杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2知，
4G×3L＝nG×2L
解得：n＝6，即在B位置挂上6个钩码，使杠杆在水平位置平衡；
（4）由于此题中的阻力和阻力臂不变，利用图象中任意一组数据都能得出，F2l2＝F1l1＝3N×0.02m＝2N×0.03m＝0.06N•m，图像中每个点与两坐标轴围成的方形面积相等，其原因是阻力和阻力臂保持不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力与动力臂的乘积保持不变。
故答案为：（1）左；（2）便于测量力臂；（3）6；（4）相等。
【点评】本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，有一定难度。
28．（6分）小福想知道家里腌咸蛋的盐水和包装鸭蛋的泡沫（不吸水的）的密度，他设计了如图1所示的实验：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处；发现指针偏向如图1甲所示，则应将平衡螺母向 右 调节，使天平平衡。
（2）实验一：测量盐水的密度。
①请你根据以下步骤，写出正确的操作顺序 BCA （填字母代号）。
A.用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量；
B.将盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量；
C.将烧杯中的部分盐水倒入量筒，测出倒出的这部分盐水的体积。
②在步骤B中测得烧杯和盐水总质量如图1乙所示，为 87 g，其余步骤数据如图1丙和丁所示。则该盐水密度为 1.2×103 kg/m3。
③若该天平的20g砝码生锈了，则他们测得盐水的密度将 不变 。
（3）实验二：利用水和电子秤测量泡沫块的密度，如图2所示。
①在底部安装有定滑轮的圆柱形容器中加入适量的水，静止在水平电子秤上（如图2甲），电子秤的示数m1为250g；
②把一块不吸水泡沫放入水中（如图2乙），电子秤示数m2为300g；
③用细线（质量忽略不计）绕过定滑轮竖直向上拉动泡沫，使泡沫浸没在水中（如图2丙），电子秤的示数m3与m2相差了50g；根据实验数据知泡沫的密度为 0.5 g/cm3。
【分析】（1）使用天平时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针偏向左边，平衡螺母向右调，指针偏向右边，平衡螺母向左调；
（2）测量液体密度时，先将盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量；再将烧杯中的部分盐水倒入量筒，测出倒出的这部分盐水的体积；最后用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量；
物体质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；根据ρ＝可得该盐水密度；因为盐水质量等于两次测量的质量差，天平的20g砝码生锈了，质量增大，但两次的质量差把增大的部分抵消了，所以他们测得盐水的密度将不变；
（3）由①②可知泡沫的质量，由①②③可知泡沫排开水的质量，排开水的体积等于泡沫的体积，根据ρ＝可得该泡沫密度。
【解答】解：（1）使用天平时，把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针偏向左边，平衡螺母向右调；
（2）测量液体密度时，先将盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量；再将烧杯中的部分盐水倒入量筒，测出倒出的这部分盐水的体积；最后用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量；
所以正确的操作顺序：BCA；
物体质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值，测得烧杯和盐水总质量：50g+20g+10g+5g+2g＝87g；
盐水的质量为：m＝87g﹣（20g+5g+2g）＝60g；
盐水的体积为：V＝50mL＝50cm3，
根据ρ＝可得该盐水密度：；
因为盐水质量等于两次测量的质量差，天平的20g砝码生锈了，质量增大，但两次的质量差把增大的部分抵消了，所以他们测得盐水的密度将不变；
（3）由①②可知泡沫的质量m0＝m2﹣m1＝300g﹣250g＝50g，由①②③可知泡沫排开水的质量：m水＝300g+50g﹣250g＝100g，排开水的体积等于泡沫的体积，V0＝V水＝，
根据ρ＝可得该泡沫密度：。
故答案为：
（1）右；
（2）①BCA；②87；1.2×103；③不变；
（3）0.5。
【点评】本题考查液体密度的计算，固体密度的计算，液体密度的测量，天平的使用。
六、计算题（本题共3小题，22分）
29．（5分）如图1所示，是福州市在疫情防控期间，消毒车为街道喷洒消毒液的情景。消毒车总质量为10t，此时车轮与地面的总接触面积为0.5m2，图2消毒车运动的s﹣t图象。求：
（1）10min内消毒车的平均速度；
（2）消毒车对水平地面的压强。
【分析】（1）根据v＝求出10min内消毒车的平均速度；
（2）根据G＝mg求出消毒液和消毒车的总重力，消毒车对水平地面的压力大小等于消毒液和消毒车的总重力，根据p＝求消毒车对水平地面的压强。
【解答】解：（1）由图2可知，10min内消毒车行驶的路程为4km，因此10min内消毒车的平均速度：
v＝＝＝24km/h；
（2）消毒液和消毒车的总重力：
G总＝m总g＝10×103kg×10N/kg＝1×105N，
消毒车对水平地面的压力大小：
F压＝G总＝1×105N，
则消毒车对水平地面的压强：
p＝＝＝2×105Pa。
答：（1）10min内消毒车的平均速度为24km/h；
（2）消毒车对水平地面的压强为2×105Pa。
【点评】本题考查速度公式、重力公式和压强定义式的灵活运用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。
30．（8分）中国人民解放军海军福建舰（简称福建舰），是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，满载排水量8万吨。如图所示，当福建舰匀速直线航行时，受到的阻力是自身总重力的0.01倍（海水密度近似取1.03×103kg/m3）。求：
（1）在水面下5m深处，船体受到的海水的压强；
（2）福建舰满载时，受到的浮力；
（3）福建舰满载时以72km/h的速度匀速航行时，牵引力的功率。
【分析】（1）利用p＝ρgh求船体受到的海水的压强；
（2）满载时，福建舰受到浮力等于排开海水的重力，利用F浮＝G排＝m排g求出浮力的大小；
（3）根据物体的漂浮条件可知福建舰的重力大小；福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力F＝f＝0.01G，根据P＝Fv得到牵引力的功率。
【解答】解：（1）船体受到的海水的压强：p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×5m＝5.15×104Pa；
（2）满载时，福建舰漂浮，受到的浮力等于自身的重力，则浮力为：F浮＝G排＝m排g＝80000×103kg×10N/kg＝8×108N；
（3）福建舰漂浮，受到的浮力等于自身的重力，福建舰的重力为：G＝F浮＝8×108N；
福建舰匀速直线航行时，水平方向受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，
所以牵引力为：F＝f＝0.01G＝0.01×8×108N＝8×106N；
福建舰的速度：72km/h＝20m/s，
则牵引力的功率：P＝＝8×106N×20m/s＝1.6×108W。
答：（1）在水面下5m深处，船体受到的海水的压强是5.15×104Pa；
（2）福建舰满载时，受到的浮力是8×108N；
（3）福建舰满载时以72km/h的速度匀速航行时，牵引力的功率是1.6×108W。
【点评】本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、二力平衡条件的应用，明确排水量的含义（排开水的质量）是本题的关键。
31．（9分）搬运工人站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，某次工人提升重物时，拉力F的大小为150N，将重为360N的货物20s匀速提升2m。若工人的重力为640N，与地面接触的总面积4.0×10﹣2m2，已知动滑轮重90N且不计绳重和摩擦，求：
（1）拉力的功率；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若仍用该滑轮组提升另一货物，当提升过程中该工人对水平高台的压强为2.0×104Pa，求所提升货物的重力。
【分析】（1）由图知，n＝3，提升货物时拉力端移动的距离s＝nh，利用W＝Fs求拉力做的总功，再利用P＝求拉力做功功率；
（2）利用W＝Gh求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功的比值；
（3）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），据此求动滑轮的重力；当提升另一货物时，利用F＝pS求工人对高台的压力，该压力等于人的重力加上绳子末端的拉力，据此求人对绳子末端的拉力，而不计绳重和摩擦，F＝（G′+G动），据此求所提升货物的重力。
【解答】解：
（1）由图知，n＝3，提升货物时拉力端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝150N×6m＝900J，
拉力做功功率：
P＝＝＝45W；
（2）拉力做的有用功：
W有用＝Gh＝360N×2m＝720J，
滑轮组的机械效率；
η＝＝×100%＝80%；
（3）不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），
动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝3×150N﹣360N＝90N；
当提升另一货物时，工人对高台的压力：
F压＝pS＝2.0×104Pa×4×10﹣2m2＝800N，
而F压＝G人+F拉，
则人对绳子末端的拉力：F′＝F压﹣G人＝800N﹣640N＝160N，
因为不计绳重和摩擦，F＝（G′+G动），
所以所提升货物的重力：
G′＝3F′﹣G动＝3×160N﹣90N＝390N。
答：（1）拉力的功率为45W；
（2）滑轮组的机械效率为80%；
（3）所提升货物的重力为390N。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，以及压强公式的应用，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动）。