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2024年湖北省武汉市部分学校中考物理调研试卷（三）
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这是一份2024年湖北省武汉市部分学校中考物理调研试卷（三），共28页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）如图，刚出锅的“拔丝红薯”香气四溢，夹起一块红薯时就会拉出很长的丝，下列说法中正确的是（ ）
A．“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象
B．已加热的红薯有内能，未加热的红薯没有内能
C．夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有斥力
D．红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变小
2．（3分）下列说法中，正确的是（ ）
A．物体温度高时比温度低时含的热量多
B．温度从温度高的物体向温度低的物体传递
C．热量从温度高的物体向温度低的物体传递
D．热量从热量多的物体向热量少的物体传递
3．（3分）如图，在烧瓶内盛有少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现水雾。下列解释正确的是（ ）
A．瓶内盛有少量的水，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化
B．打气时，瓶内气体温度升高，水蒸气汽化成大量的水雾
C．瓶塞跳起时，瓶内气体温度升高，大量的水蒸气液化成水雾
D．瓶塞跳起时，瓶内气体温度降低，大量的空气液化成水雾
4．（3分）在试管内装些水，用橡皮塞塞住管口，用酒精灯将水加热一段时间，可以看到塞子飞出，瓶口有白雾产生。如图所示，其中正确的是（ ）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能增大
C．加热过程中水的比热容变大，内能增大
D．实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
5．（3分）如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（ ）
A．涂料颗粒因为失去电子而带负电
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥
D．喷涂时形成的电流方向是从工件到喷嘴
6．（3分）如图所示的电路中，开关都闭合后两只灯泡都被短接的是（ ）
A．
B．
C．
D．
7．（3分）现代智能手机通常支持多种解锁方式，如数字解锁、图案解锁、指纹解锁、人脸解锁等，我们可以任选一种方式解锁，解锁成功后即可正常使用手机。在如图所示的模拟电路中，S1表示数字解锁开关，S2表示图案解锁开关，S3表示指纹解锁开关，灯泡L发光表示手机解锁成功，则下列模拟电路中符合上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
8．（3分）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
9．（3分）如图所示，开关S闭合时，小灯泡L1、L2都不亮，用一段导线的两端接触a、b两点时，两小灯泡都不亮；接触b、c两点时，两小灯泡也不亮；接触c、d两点时，两小灯泡都亮。对此，下列判断中可能的是（ ）
A．小灯泡L1断路B．小灯泡L2断路
C．开关S断路D．小灯泡L2短路
10．（3分）某智能手机的锂电池上标有“3.7V，4200mA•h”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压3.7V不变，增大充电的电流。若给锂电池充入80%的电能，需要充电40min，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近（ ）
A．节能灯B．电风扇C．电饭锅D．电冰箱
11．（3分）如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑块向左移动，可以利用示数增大的电表反映测量成绩。在此测试过程中下列分析正确的是（ ）
A．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
B．绝缘柄向左推的距离越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大
C．绝缘柄向左推的距离越大，电压表示数越大
D．绝缘柄向左推时电流表示数变小，电压表示数变小
12．（3分）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A
C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω
二、填空题（本题共7小题，共34分）
13．（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧。下压过程中活塞对筒内空气 ，空气的内能增大，温度升高，该过程的能量转化与汽油机的 冲程相同。
14．（2分）如图所示是小明家的电能表，电能表上的一个数据看不清楚，计数器记录了他家月初、月末的耗电示数，则这个月他家总共消耗的电能为 kW•h。若电路中只有一个电热水壶工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了100次，该热水壶的电功率为1250W，这个电能表看不清楚的数据应该标的是 imp/（kW•h）。
15．（4分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：
（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入 mL的食用油。
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内 。
（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为 J/（kg•℃）。
（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是 （选填“A”“B”或“C”）。
16．（4分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应 。
（2）若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，能否测出L2两端电压？ ，理由是： 。
（3）小红分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在表格中，分析实验数据得出结论：串联电路中电源两端电压等于各用电器两端电压之和。小青认为小红的做法是错误的，原因是： 。
17．（6分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中：
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并改正；
（2）测出的电流如表所示，由此得出初步结论： （只写表达式）。为了得出普遍的规律，应当进行多次实验。操作方法是： ；
（3）此次测量中发现，灯泡L1比L2 （选填“亮”或“暗”），若两灯泡灯丝的长度相同， 的灯丝更粗。
18．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
（1）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻 （选填“短路”或“断路”）。
（2）排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 （选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）。
（3）接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图象可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 。
（4）当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变。为了完成以上所有探究，可以更换电源，则更换的电源电压范围是 。
19．（10分）中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
（1）发热电阻R1的阻值。
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。
（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
2024年湖北省武汉市部分学校中考物理调研试卷（三）
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题只有一个选项符合题意。每小题3分，共36分）
1．（3分）如图，刚出锅的“拔丝红薯”香气四溢，夹起一块红薯时就会拉出很长的丝，下列说法中正确的是（ ）
A．“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象
B．已加热的红薯有内能，未加热的红薯没有内能
C．夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有斥力
D．红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变小
【分析】（1）分子都在不停地做无规则运动；
（2）任何物体，任何时候都有内能；
（3）分子之间有引力和斥力，它们同时存在，同时消失。
【解答】解：A、“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动，故A正确。
B、已加热的红薯有内能，未加热的红薯也有内能，故B错误。
C、夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有引力，故C错误。
D、红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对分子间作用力和内能的理解，属于基础题。
2．（3分）下列说法中，正确的是（ ）
A．物体温度高时比温度低时含的热量多
B．温度从温度高的物体向温度低的物体传递
C．热量从温度高的物体向温度低的物体传递
D．热量从热量多的物体向热量少的物体传递
【分析】热量是过程量，就是说热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。
【解答】解：A、热量只可以说“吸收”或“放出”，不可以说含有，故A错误；
B、在热传递过程中传递的是热量不是温度，故B错误；
C、热传递的条件是有温度差，热量从温度高的物体向温度低的物体传递，故C正确；
D、热量从温度高的物体向温度低的物体传递，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对热量、内能概念和理解，以及热传递条件的把所握。
3．（3分）如图，在烧瓶内盛有少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现水雾。下列解释正确的是（ ）
A．瓶内盛有少量的水，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化
B．打气时，瓶内气体温度升高，水蒸气汽化成大量的水雾
C．瓶塞跳起时，瓶内气体温度升高，大量的水蒸气液化成水雾
D．瓶塞跳起时，瓶内气体温度降低，大量的空气液化成水雾
【分析】根据实验现象，结合以下知道进行解答：压缩气体做功时，气体内能增大，温度升高，当气体对外做功时，内能减少温度降低；物质由气态变成液态的过程称为液化。
【解答】解：A、瓶内盛有少量的水，水会蒸发为水蒸气，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化，故A正确；
B、打气时，瓶内气体温度升高，水会汽化成大量的水蒸气，故B错误；
CD、瓶塞跳起时，瓶内的空气膨胀对瓶塞做功，气体内能减小，温度降低，气体中的水蒸气液化成白雾，故CD错误；
故选：A。
【点评】解决此题要结合改变物体的内能方式和液化现象进行分析解答。
4．（3分）在试管内装些水，用橡皮塞塞住管口，用酒精灯将水加热一段时间，可以看到塞子飞出，瓶口有白雾产生。如图所示，其中正确的是（ ）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能增大
C．加热过程中水的比热容变大，内能增大
D．实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
【分析】（1）燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；
（2）对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功内能减少；
（3）比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质种类有关，与其它因素没有关系；
（4）做功和热传递都能改变物体的内能。
【解答】解：A、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；
B、试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减小，故B错误；
C、比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质种类和状态有关，与其它因素没有关系，因此加热过程中水的比热容不变，但内能增大，故C错误；
D、对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了热值、比热容、能量的转化和改变物体内能的方法，属于综合性题目。
5．（3分）如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（ ）
A．涂料颗粒因为失去电子而带负电
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥
D．喷涂时形成的电流方向是从工件到喷嘴
【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子带负电，失去电子带正电；
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）正电荷定向移动的方向为电流的方向。
【解答】解：A、涂料颗粒带负电是因为失去了电子，故A错误；
B、涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引，故B正确；
C、涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥，故C正确；
D、喷嘴喷出的涂料颗粒带负电，工件带正电，喷涂时正负电荷中和，负电荷从喷嘴向工件移动，电流的方向是从工件到喷嘴，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了摩擦起电的实质、电荷间相互作用的规律、电流的方向，属于基础题。
6．（3分）如图所示的电路中，开关都闭合后两只灯泡都被短接的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】灯泡的两端被导线相连时，则该灯泡短路；电源的两端被导线直接相连时，会造成电源短路。
【解答】解：
AB、由图可知，开关都闭合后，该电路为并联电路，两个灯泡都发光，故AB错误；
C、开关都闭合后，右侧上面的灯泡的两端被导线相连，该灯泡被短路，另一个灯泡接入电路中，能发光，故C错误；
D、开关都闭合后，电源的两端被导线直接相连，会造成电源短路，两个灯泡都不发光，故D正确。
故选：D。
【点评】注意判断电路是否符合要求，一要观察电路的基本元件是否齐全；二要分析开关闭合后是否短路或断路。
7．（3分）现代智能手机通常支持多种解锁方式，如数字解锁、图案解锁、指纹解锁、人脸解锁等，我们可以任选一种方式解锁，解锁成功后即可正常使用手机。在如图所示的模拟电路中，S1表示数字解锁开关，S2表示图案解锁开关，S3表示指纹解锁开关，灯泡L发光表示手机解锁成功，则下列模拟电路中符合上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】由题意可知，数字解锁开关S1，图案解锁开关S2，指纹解锁开关S3，都可以解锁，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即为并联。据此进行解答。
【解答】解：
由题意可知，数字解锁开关S1，图案解锁开关S2，指纹解锁开关S3，都可以解锁手机，即都使灯泡L发光，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即为并联，灯泡在干路上。
由各选项电路图知，ACD不符合要求，B符合要求。
故选：B。
【点评】本题考查电路的设计，掌握好串联和并联电路特点，正确分析开关的连接方式是关键。
8．（3分）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，铅笔芯是导体，塑料吸管是绝缘体；
（2）电源电压不变，接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，灯泡会越暗；
（3）铅笔芯通过改变接入电路的长度来改变接入电路的阻值；
（4）电阻是导体自身的一种性质。
【解答】解：A．铅笔芯是导体，容易导电，塑料吸管是绝缘体，不容易导电，因此把铅笔芯换成塑料吸管后灯泡不会亮，故A错误；
B．电源电压不变，接入电路电阻变大时，电路中的电流就会变小，灯泡会变暗，因此可以通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小，故B正确；
C．当B夹子左右移动时，因铅笔芯接入电路的长度发生变化，因此接入电路的阻值发生变化，故C错误；
D．电阻是导体自身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与电压、电流无关，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了导体和绝缘体、影响电阻的因素，属常规题型。
9．（3分）如图所示，开关S闭合时，小灯泡L1、L2都不亮，用一段导线的两端接触a、b两点时，两小灯泡都不亮；接触b、c两点时，两小灯泡也不亮；接触c、d两点时，两小灯泡都亮。对此，下列判断中可能的是（ ）
A．小灯泡L1断路B．小灯泡L2断路
C．开关S断路D．小灯泡L2短路
【分析】由电路图知，两灯串联。闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生短路，只能是某处断路。运用假设法逐项分析即可。
【解答】解：由电路图知，闭合开关，两灯串联；
A 如果灯L1断路，用一段导线的两端接触a、b两点时，L2会发光，故A错误；
B 如果灯L2断路，导线接触b、c两点时，L1会发光，故B错误；
C 如果开关断路，导线接触c、d两点时，电路是通路，两灯都发光，故C正确；
D 如果灯L2短路，L1会发光，故D错误。
故选：C。
【点评】用导线检验电路故障时，将导线与用电器并联，其它用电器能工作，此处用电器断路；其它用电器不能工作，其它用电器断路。
10．（3分）某智能手机的锂电池上标有“3.7V，4200mA•h”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压3.7V不变，增大充电的电流。若给锂电池充入80%的电能，需要充电40min，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近（ ）
A．节能灯B．电风扇C．电饭锅D．电冰箱
【分析】根据W＝UIt可知该款手机快充功能充电时充电的电流大小，再结合各用电器的功率分析。
【解答】解：该款手机快充功能充电时充电的电流大小：I＝＝＝5040mA＝5.04A，电饭锅正常工作时的电流最接近5.04A，其他三种电器正常工作时的电流都远小于5A，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查电功、电能公式的应用，难度是理解mA•h的含义，难度不大。
11．（3分）如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑块向左移动，可以利用示数增大的电表反映测量成绩。在此测试过程中下列分析正确的是（ ）
A．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
B．绝缘柄向左推的距离越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大
C．绝缘柄向左推的距离越大，电压表示数越大
D．绝缘柄向左推时电流表示数变小，电压表示数变小
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析滑动变阻器两端电压的变化，然后分析各个选项。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
向前推的距离越大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小，电压表示数变小；
由于向前推的距离越大，电流表示数变大，电压表示数变小，所以用电流表示数反映测量成绩；
综上所述，A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，明确电路的结构是解题的关键。
12．（3分）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A
C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω
【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值。
【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，
由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I＝0.3A，
由I＝可得，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝IR滑＝0.3A×10Ω＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UL+U滑＝1.5V+3V＝4.5V，故A正确；
（2）再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V，已知灯泡的额定电压为3V，则小灯泡正常发光；
由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I′＝0.5A，故B正确；
由I＝可得，灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝6Ω，故C正确；
此时滑动变阻器两端的电压：
U滑′＝U﹣UL′＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R滑′＝＝＝3Ω，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际电压和额定电压相等。
二、填空题（本题共7小题，共34分）
13．（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧。下压过程中活塞对筒内空气 做功 ，空气的内能增大，温度升高，该过程的能量转化与汽油机的 压缩 冲程相同。
【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。
【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与内燃机的压缩冲程相同。
故答案为：做功；压缩。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机的工作过程，属于基础题。
14．（2分）如图所示是小明家的电能表，电能表上的一个数据看不清楚，计数器记录了他家月初、月末的耗电示数，则这个月他家总共消耗的电能为 95 kW•h。若电路中只有一个电热水壶工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了100次，该热水壶的电功率为1250W，这个电能表看不清楚的数据应该标的是 1600 imp/（kW•h）。
【分析】（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数。②最后一位是小数。③单位kW•h。
（2）先求出电热水壶3min消耗的电能，然后求出电能表的规格（每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁的次数）。
【解答】解：
（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数。②最后一位是小数。③单位kW•h。
由图可知，月初电能表示数为12519.6kW•h，月末电能表的示数为12614.6kW•h；
这个月他家消耗的电能为：12614.6kW•h﹣12519.6kW•h＝95kW•h；
（2）已知该热水壶的电功率P＝1250W＝1.25kW，由P＝可得，电热水壶3min消耗的电能为：W＝Pt＝1.25kW×h＝0.0625kW•h；
由题知，电路中消耗0.0625kW•h的电能时，电能表指示灯闪烁了100次，
则消耗1kW•h的电能时，电能表指示灯闪烁的次数：N＝＝1600imp/kW•h。
故答案为：95；1600。
【点评】本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用，还要知道各物理量单位的换算。
15．（4分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：
（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入 250 mL的食用油。
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内 吸热相同 。
（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为 2.1×103 J/（kg•℃）。
（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是 B （选填“A”“B”或“C”）。
【分析】（1）根据表中数据，由密度公式分析；
（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）根据表中数据得出加热6分钟（吸热相同），水和食用油田升高的温度；根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出食用油的比热容为；
（4）加热相同时间，水升温慢，据此分析。
【解答】解：（1）小明在一个烧杯中倒入200mL的水，即为200克，而食用油的质量也为200克，根据密度公式，需要在另一个相同烧杯中倒入的食用油为：
V＝＝250mL；
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，由转换法，其目的是确保水和煤油在相同时间内吸热相同。
（3）根据表中数据，加热6分钟（吸热相同），水升高的温度为：
45℃﹣20℃＝25℃；
食用油田升高的温度为：
70℃﹣20℃＝50℃；
根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则用油的比热容为：
c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；
（4）加热相同时间，水升温慢，故如图乙中能合理反映该实验结果的图象是B，故选：B。
故答案为：（1）250； （2）吸热相同； （3）2.1×103； （4）B。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
16．（4分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应 断开 。
（2）若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，能否测出L2两端电压？ 不能 ，理由是： 电压表正负接线接反了 。
（3）小红分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在表格中，分析实验数据得出结论：串联电路中电源两端电压等于各用电器两端电压之和。小青认为小红的做法是错误的，原因是： 根据一组数据得出的结论有偶然性 。
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关要断开；
（2）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转；
（3）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应断开。
（2）已测出L1两端的电压，与A相连的为电压表正接线柱，与B相连的为电压表的负接线柱，若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，不测出L2两端电压，理由是：电压表正负接线接反了。
（3）小红的做法是错误的，原因是根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要多次测量。
故答案为：（1）断开；（2）不能；（3）根据一组数据得出的结论有偶然性。
【点评】本题探究串联电路电压规律，考查电压表的使用、注意事项及归纳法和分析数据归纳结论的能力。
17．（6分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中：
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并改正；
（2）测出的电流如表所示，由此得出初步结论： I＝I1+I2 （只写表达式）。为了得出普遍的规律，应当进行多次实验。操作方法是： 应换用不同规格的灯泡进行多次实验 ；
（3）此次测量中发现，灯泡L1比L2 暗 （选填“亮”或“暗”），若两灯泡灯丝的长度相同， L2 的灯丝更粗。
【分析】（1）原电路中，两灯短路了，据此改正；
（2）根据表格数据得出结论；用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（3）根据并联电路各支路电压相等和P＝分析；在材料和长度相同的条件下，横截面积越小，电阻越大。
【解答】解：（1）原电路中，两灯短路，电流表直接接在电源上了，两灯应并联，电流表测干路电流，如下所示：
；
（2）分析数据得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即IC＝IA+IB；为避免实验的偶然性，得出具有普遍性的结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验；
（3）此次实验发现，灯泡L1的电流小于灯泡L2的电流，根据并联电路各支路电压相等和P＝UI知灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，所以灯泡L1的亮度小于灯泡L2的亮度；根据并联电路各支路电压相等和P＝，则灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻；由影响电阻大小的因素，若两灯泡灯丝长度相同，L2的灯丝更粗。
故答案为：（1）如上图所示；（2）I＝I1+I2；应换用不同规格的灯泡进行多次实验；（3）暗；粗。
【点评】本题探究并联电路中的电流关系”实验，考查注意事项、电路连接、电流表读数、数据分析和电功率公式的运用及影响电阻大小的因素。
18．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
（1）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻 断路 （选填“短路”或“断路”）。
（2）排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 电压表 （选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）。
（3）接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，应向 B （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 2 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图象可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 反比 。
（4）当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变。为了完成以上所有探究，可以更换电源，则更换的电源电压范围是 2～5.3V 。
【分析】（1）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
（2）（3）在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变；图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；由根据串联电路的分压特点和串联电路电压的规律判断滑片移动的方向；根据两个变量的乘积为常数时的比例关系为反比，分析表中数据得出相应结论。
（4）更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压和电源电压。
【解答】解：（1）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
（2）在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，故在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数。
（3）由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR＝IR＝0.2A×10Ω＝2V；取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，根据串联分压原理知定值电阻两端电压增大，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联电路电压规律可知要增大变阻器两端电压，根据串联分压原理可知要增大变阻器接入电路的电阻，由图知变阻器的A端接入电路，故应将滑片向B端移动，直至电压表示数2V保持不变；根据数据分析可知：在电压一定时，电流与电阻的乘积是定值，符合反比例的特点，故可得到结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知此电压值为UV＝IR＝0.2A×10Ω＝2V，故电源电压最小为2V；
定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR＝2V，则此时电路的电流I′＝＝＝，滑动变阻器的阻值最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大电压U2＝I′R′＝×50Ω≈3.3V，则电源的最大电压U大＝2V+3.3V＝5.3V，即电源电压的取值范围是2～5.3V；
故答案为：（1）断路；（2）电压表；（3）B；2；反比；（4）2～5.3V。
【点评】本题属于探究电流与电阻的实验，考查了电路故障的判断、更换定值电阻时的操作过程、实验数据的分析归纳等内容，属于常考知识点。
19．（10分）中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
（1）发热电阻R1的阻值。
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。
（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最大，总功率最小，煮茶器处于保温挡，根据P＝UI＝求出R1的电阻；
（2）已知加热时间和加热挡功率，由P＝可求得加热过程中煮茶器消耗的电能；
（3）已知在此过程中煮茶器的加热效率为，由η＝可求得吸收热量，由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量。
【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大（比并联的总电阻大），根据P＝UI＝可知，煮茶器的总功率小，处于保温挡，
由P＝UI＝可得R1的电阻：
R1＝＝＝484Ω；
（2）由P＝可得，加热过程中煮茶器消耗的电能：
W＝P加热t＝900W×700s＝6.3×105J；
（3）由η＝可得，吸收热量：
Q吸＝ηW＝80%×6.3×105J＝5.04×105J；
由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量：
m＝＝＝1.5kg。
答：（1）发热电阻R1的阻值为484Ω；
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能为6.3×105J；
（3）煮茶器中水的质量为1.5kg。
【点评】本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.9
2.6
4.5
通过L1的电流I1
通过L2的电流I2
通过干路的电流I
0.16A
0.40A
0.56A
额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.9
2.6
4.5
通过L1的电流I1
通过L2的电流I2
通过干路的电流I
0.16A
0.40A
0.56A
额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
1．（3分）如图，刚出锅的“拔丝红薯”香气四溢，夹起一块红薯时就会拉出很长的丝，下列说法中正确的是（ ）
A．“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象
B．已加热的红薯有内能，未加热的红薯没有内能
C．夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有斥力
D．红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变小
2．（3分）下列说法中，正确的是（ ）
A．物体温度高时比温度低时含的热量多
B．温度从温度高的物体向温度低的物体传递
C．热量从温度高的物体向温度低的物体传递
D．热量从热量多的物体向热量少的物体传递
3．（3分）如图，在烧瓶内盛有少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现水雾。下列解释正确的是（ ）
A．瓶内盛有少量的水，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化
B．打气时，瓶内气体温度升高，水蒸气汽化成大量的水雾
C．瓶塞跳起时，瓶内气体温度升高，大量的水蒸气液化成水雾
D．瓶塞跳起时，瓶内气体温度降低，大量的空气液化成水雾
4．（3分）在试管内装些水，用橡皮塞塞住管口，用酒精灯将水加热一段时间，可以看到塞子飞出，瓶口有白雾产生。如图所示，其中正确的是（ ）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能增大
C．加热过程中水的比热容变大，内能增大
D．实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
5．（3分）如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（ ）
A．涂料颗粒因为失去电子而带负电
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥
D．喷涂时形成的电流方向是从工件到喷嘴
6．（3分）如图所示的电路中，开关都闭合后两只灯泡都被短接的是（ ）
A．
B．
C．
D．
7．（3分）现代智能手机通常支持多种解锁方式，如数字解锁、图案解锁、指纹解锁、人脸解锁等，我们可以任选一种方式解锁，解锁成功后即可正常使用手机。在如图所示的模拟电路中，S1表示数字解锁开关，S2表示图案解锁开关，S3表示指纹解锁开关，灯泡L发光表示手机解锁成功，则下列模拟电路中符合上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
8．（3分）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
9．（3分）如图所示，开关S闭合时，小灯泡L1、L2都不亮，用一段导线的两端接触a、b两点时，两小灯泡都不亮；接触b、c两点时，两小灯泡也不亮；接触c、d两点时，两小灯泡都亮。对此，下列判断中可能的是（ ）
A．小灯泡L1断路B．小灯泡L2断路
C．开关S断路D．小灯泡L2短路
10．（3分）某智能手机的锂电池上标有“3.7V，4200mA•h”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压3.7V不变，增大充电的电流。若给锂电池充入80%的电能，需要充电40min，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近（ ）
A．节能灯B．电风扇C．电饭锅D．电冰箱
11．（3分）如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑块向左移动，可以利用示数增大的电表反映测量成绩。在此测试过程中下列分析正确的是（ ）
A．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
B．绝缘柄向左推的距离越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大
C．绝缘柄向左推的距离越大，电压表示数越大
D．绝缘柄向左推时电流表示数变小，电压表示数变小
12．（3分）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A
C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω
二、填空题（本题共7小题，共34分）
13．（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧。下压过程中活塞对筒内空气 ，空气的内能增大，温度升高，该过程的能量转化与汽油机的 冲程相同。
14．（2分）如图所示是小明家的电能表，电能表上的一个数据看不清楚，计数器记录了他家月初、月末的耗电示数，则这个月他家总共消耗的电能为 kW•h。若电路中只有一个电热水壶工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了100次，该热水壶的电功率为1250W，这个电能表看不清楚的数据应该标的是 imp/（kW•h）。
15．（4分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：
（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入 mL的食用油。
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内 。
（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为 J/（kg•℃）。
（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是 （选填“A”“B”或“C”）。
16．（4分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应 。
（2）若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，能否测出L2两端电压？ ，理由是： 。
（3）小红分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在表格中，分析实验数据得出结论：串联电路中电源两端电压等于各用电器两端电压之和。小青认为小红的做法是错误的，原因是： 。
17．（6分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中：
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并改正；
（2）测出的电流如表所示，由此得出初步结论： （只写表达式）。为了得出普遍的规律，应当进行多次实验。操作方法是： ；
（3）此次测量中发现，灯泡L1比L2 （选填“亮”或“暗”），若两灯泡灯丝的长度相同， 的灯丝更粗。
18．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
（1）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻 （选填“短路”或“断路”）。
（2）排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 （选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）。
（3）接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图象可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 。
（4）当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变。为了完成以上所有探究，可以更换电源，则更换的电源电压范围是 。
19．（10分）中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
（1）发热电阻R1的阻值。
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。
（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
2024年湖北省武汉市部分学校中考物理调研试卷（三）
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12小题，每小题只有一个选项符合题意。每小题3分，共36分）
1．（3分）如图，刚出锅的“拔丝红薯”香气四溢，夹起一块红薯时就会拉出很长的丝，下列说法中正确的是（ ）
A．“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象
B．已加热的红薯有内能，未加热的红薯没有内能
C．夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有斥力
D．红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变小
【分析】（1）分子都在不停地做无规则运动；
（2）任何物体，任何时候都有内能；
（3）分子之间有引力和斥力，它们同时存在，同时消失。
【解答】解：A、“拔丝红薯”香气四溢是扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动，故A正确。
B、已加热的红薯有内能，未加热的红薯也有内能，故B错误。
C、夹起红薯时会拉出很长的丝是因为分子间有引力，故C错误。
D、红薯变凉后很难分开，说明糖分子间的作用力变大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对分子间作用力和内能的理解，属于基础题。
2．（3分）下列说法中，正确的是（ ）
A．物体温度高时比温度低时含的热量多
B．温度从温度高的物体向温度低的物体传递
C．热量从温度高的物体向温度低的物体传递
D．热量从热量多的物体向热量少的物体传递
【分析】热量是过程量，就是说热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。
【解答】解：A、热量只可以说“吸收”或“放出”，不可以说含有，故A错误；
B、在热传递过程中传递的是热量不是温度，故B错误；
C、热传递的条件是有温度差，热量从温度高的物体向温度低的物体传递，故C正确；
D、热量从温度高的物体向温度低的物体传递，故D错误。
故选：C。
【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对热量、内能概念和理解，以及热传递条件的把所握。
3．（3分）如图，在烧瓶内盛有少量水，给瓶内打气，当瓶塞跳起时，可以看到瓶内出现水雾。下列解释正确的是（ ）
A．瓶内盛有少量的水，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化
B．打气时，瓶内气体温度升高，水蒸气汽化成大量的水雾
C．瓶塞跳起时，瓶内气体温度升高，大量的水蒸气液化成水雾
D．瓶塞跳起时，瓶内气体温度降低，大量的空气液化成水雾
【分析】根据实验现象，结合以下知道进行解答：压缩气体做功时，气体内能增大，温度升高，当气体对外做功时，内能减少温度降低；物质由气态变成液态的过程称为液化。
【解答】解：A、瓶内盛有少量的水，水会蒸发为水蒸气，以便在瓶塞跳起时，有足够的水蒸气液化，故A正确；
B、打气时，瓶内气体温度升高，水会汽化成大量的水蒸气，故B错误；
CD、瓶塞跳起时，瓶内的空气膨胀对瓶塞做功，气体内能减小，温度降低，气体中的水蒸气液化成白雾，故CD错误；
故选：A。
【点评】解决此题要结合改变物体的内能方式和液化现象进行分析解答。
4．（3分）在试管内装些水，用橡皮塞塞住管口，用酒精灯将水加热一段时间，可以看到塞子飞出，瓶口有白雾产生。如图所示，其中正确的是（ ）
A．酒精燃烧越充分，其热值越大
B．试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能增大
C．加热过程中水的比热容变大，内能增大
D．实验过程中通过热传递使试管内水的内能增大
【分析】（1）燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关；
（2）对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功内能减少；
（3）比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质种类有关，与其它因素没有关系；
（4）做功和热传递都能改变物体的内能。
【解答】解：A、燃料的热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此酒精是否充分燃烧，其热值不变，故A错误；
B、试管内水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减小，故B错误；
C、比热容是物质本身的一种特性，反映了物体的吸热或放热能力，大小只与物质种类和状态有关，与其它因素没有关系，因此加热过程中水的比热容不变，但内能增大，故C错误；
D、对水加热过程中是通过热传递使水的内能增大的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了热值、比热容、能量的转化和改变物体内能的方法，属于综合性题目。
5．（3分）如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（ ）
A．涂料颗粒因为失去电子而带负电
B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引
C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥
D．喷涂时形成的电流方向是从工件到喷嘴
【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子带负电，失去电子带正电；
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）正电荷定向移动的方向为电流的方向。
【解答】解：A、涂料颗粒带负电是因为失去了电子，故A错误；
B、涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引，故B正确；
C、涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥，故C正确；
D、喷嘴喷出的涂料颗粒带负电，工件带正电，喷涂时正负电荷中和，负电荷从喷嘴向工件移动，电流的方向是从工件到喷嘴，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了摩擦起电的实质、电荷间相互作用的规律、电流的方向，属于基础题。
6．（3分）如图所示的电路中，开关都闭合后两只灯泡都被短接的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】灯泡的两端被导线相连时，则该灯泡短路；电源的两端被导线直接相连时，会造成电源短路。
【解答】解：
AB、由图可知，开关都闭合后，该电路为并联电路，两个灯泡都发光，故AB错误；
C、开关都闭合后，右侧上面的灯泡的两端被导线相连，该灯泡被短路，另一个灯泡接入电路中，能发光，故C错误；
D、开关都闭合后，电源的两端被导线直接相连，会造成电源短路，两个灯泡都不发光，故D正确。
故选：D。
【点评】注意判断电路是否符合要求，一要观察电路的基本元件是否齐全；二要分析开关闭合后是否短路或断路。
7．（3分）现代智能手机通常支持多种解锁方式，如数字解锁、图案解锁、指纹解锁、人脸解锁等，我们可以任选一种方式解锁，解锁成功后即可正常使用手机。在如图所示的模拟电路中，S1表示数字解锁开关，S2表示图案解锁开关，S3表示指纹解锁开关，灯泡L发光表示手机解锁成功，则下列模拟电路中符合上述要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】由题意可知，数字解锁开关S1，图案解锁开关S2，指纹解锁开关S3，都可以解锁，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即为并联。据此进行解答。
【解答】解：
由题意可知，数字解锁开关S1，图案解锁开关S2，指纹解锁开关S3，都可以解锁手机，即都使灯泡L发光，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即为并联，灯泡在干路上。
由各选项电路图知，ACD不符合要求，B符合要求。
故选：B。
【点评】本题考查电路的设计，掌握好串联和并联电路特点，正确分析开关的连接方式是关键。
8．（3分）在“设计制作一个调光灯”的实践活动中，小明设计了如图所示的电路，用A、B两个金属夹子将一根铅笔芯接入电路中，当B夹子左右移动时，小灯泡的亮度会发生变化。下列关于这一装置的说法中正确的是（ ）
A．将铅笔芯换成塑料吸管，灯泡也能亮起
B．本实验可通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小
C．实验过程中电阻变化的主要因素是改变了横截面积
D．增加一节干电池，灯泡会更亮，说明铅笔芯电阻随电压的增大而减小了
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，铅笔芯是导体，塑料吸管是绝缘体；
（2）电源电压不变，接入电路的电阻越大，电路中的电流越小，灯泡会越暗；
（3）铅笔芯通过改变接入电路的长度来改变接入电路的阻值；
（4）电阻是导体自身的一种性质。
【解答】解：A．铅笔芯是导体，容易导电，塑料吸管是绝缘体，不容易导电，因此把铅笔芯换成塑料吸管后灯泡不会亮，故A错误；
B．电源电压不变，接入电路电阻变大时，电路中的电流就会变小，灯泡会变暗，因此可以通过灯泡的亮暗反映接入电路的电阻大小，故B正确；
C．当B夹子左右移动时，因铅笔芯接入电路的长度发生变化，因此接入电路的阻值发生变化，故C错误；
D．电阻是导体自身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与电压、电流无关，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了导体和绝缘体、影响电阻的因素，属常规题型。
9．（3分）如图所示，开关S闭合时，小灯泡L1、L2都不亮，用一段导线的两端接触a、b两点时，两小灯泡都不亮；接触b、c两点时，两小灯泡也不亮；接触c、d两点时，两小灯泡都亮。对此，下列判断中可能的是（ ）
A．小灯泡L1断路B．小灯泡L2断路
C．开关S断路D．小灯泡L2短路
【分析】由电路图知，两灯串联。闭合开关两灯都不亮，说明不可能发生短路，只能是某处断路。运用假设法逐项分析即可。
【解答】解：由电路图知，闭合开关，两灯串联；
A 如果灯L1断路，用一段导线的两端接触a、b两点时，L2会发光，故A错误；
B 如果灯L2断路，导线接触b、c两点时，L1会发光，故B错误；
C 如果开关断路，导线接触c、d两点时，电路是通路，两灯都发光，故C正确；
D 如果灯L2短路，L1会发光，故D错误。
故选：C。
【点评】用导线检验电路故障时，将导线与用电器并联，其它用电器能工作，此处用电器断路；其它用电器不能工作，其它用电器断路。
10．（3分）某智能手机的锂电池上标有“3.7V，4200mA•h”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压3.7V不变，增大充电的电流。若给锂电池充入80%的电能，需要充电40min，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近（ ）
A．节能灯B．电风扇C．电饭锅D．电冰箱
【分析】根据W＝UIt可知该款手机快充功能充电时充电的电流大小，再结合各用电器的功率分析。
【解答】解：该款手机快充功能充电时充电的电流大小：I＝＝＝5040mA＝5.04A，电饭锅正常工作时的电流最接近5.04A，其他三种电器正常工作时的电流都远小于5A，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查电功、电能公式的应用，难度是理解mA•h的含义，难度不大。
11．（3分）如图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是同学们设计的模拟电路，闭合开关，当推动绝缘柄使滑动变阻器的滑块向左移动，可以利用示数增大的电表反映测量成绩。在此测试过程中下列分析正确的是（ ）
A．此电路设计中，用电流表示数反映测量成绩
B．绝缘柄向左推的距离越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大
C．绝缘柄向左推的距离越大，电压表示数越大
D．绝缘柄向左推时电流表示数变小，电压表示数变小
【分析】由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；根据串联电路的分压规律分析滑动变阻器两端电压的变化，然后分析各个选项。
【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
向前推的距离越大，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变小，电压表示数变小；
由于向前推的距离越大，电流表示数变大，电压表示数变小，所以用电流表示数反映测量成绩；
综上所述，A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，明确电路的结构是解题的关键。
12．（3分）小灯泡L正常发光的电压为3V，它的I﹣U图象如图甲所示，把小灯泡接入图乙所示的电源电压恒定的电路中，将标有“10Ω，2A”的滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关，电压表示数为1.5V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V。下列说法错误的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的电流为0.5A
C．小灯泡正常发光时的电阻为6Ω
D．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为5Ω
【分析】（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，由图象可知电压表的示数为3V时对应的电流，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值。
【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑片P移至B端时，滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联，
由图象可知，当电压表示数为1.5V时，电路中的电流I＝0.3A，
由I＝可得，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝IR滑＝0.3A×10Ω＝3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝UL+U滑＝1.5V+3V＝4.5V，故A正确；
（2）再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V，已知灯泡的额定电压为3V，则小灯泡正常发光；
由图象可知，灯泡两端的电压为3V时，电路中的电流I′＝0.5A，故B正确；
由I＝可得，灯泡正常发光时的电阻：
RL＝＝＝6Ω，故C正确；
此时滑动变阻器两端的电压：
U滑′＝U﹣UL′＝4.5V﹣3V＝1.5V，
由I＝可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R滑′＝＝＝3Ω，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是根据图象得出电压对应的电流，要注意额定电压下灯泡的实际电压和额定电压相等。
二、填空题（本题共7小题，共34分）
13．（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧。下压过程中活塞对筒内空气 做功 ，空气的内能增大，温度升高，该过程的能量转化与汽油机的 压缩 冲程相同。
【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。
【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增大，温度升高；压缩过程中，活塞的机械能转化为空气的内能，故该过程中，与内燃机的压缩冲程相同。
故答案为：做功；压缩。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机的工作过程，属于基础题。
14．（2分）如图所示是小明家的电能表，电能表上的一个数据看不清楚，计数器记录了他家月初、月末的耗电示数，则这个月他家总共消耗的电能为 95 kW•h。若电路中只有一个电热水壶工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了100次，该热水壶的电功率为1250W，这个电能表看不清楚的数据应该标的是 1600 imp/（kW•h）。
【分析】（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数。②最后一位是小数。③单位kW•h。
（2）先求出电热水壶3min消耗的电能，然后求出电能表的规格（每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁的次数）。
【解答】解：
（1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数。②最后一位是小数。③单位kW•h。
由图可知，月初电能表示数为12519.6kW•h，月末电能表的示数为12614.6kW•h；
这个月他家消耗的电能为：12614.6kW•h﹣12519.6kW•h＝95kW•h；
（2）已知该热水壶的电功率P＝1250W＝1.25kW，由P＝可得，电热水壶3min消耗的电能为：W＝Pt＝1.25kW×h＝0.0625kW•h；
由题知，电路中消耗0.0625kW•h的电能时，电能表指示灯闪烁了100次，
则消耗1kW•h的电能时，电能表指示灯闪烁的次数：N＝＝1600imp/kW•h。
故答案为：95；1600。
【点评】本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用，还要知道各物理量单位的换算。
15．（4分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明同学用如图所示器材进行了实验。数据记录如下：
（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ食用油＝0.8×103kg/m3，水的比热容为c水＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）如图甲，小明在一个烧杯中倒入200mL的水，为了满足实验要求，需要在另一个相同烧杯中倒入 250 mL的食用油。
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，其目的是确保水和煤油在相同时间内 吸热相同 。
（3）根据表格中的数据，若不计热损失，可计算出食用油的比热容为 2.1×103 J/（kg•℃）。
（4）如图乙中能合理反映该实验结果的图象是 B （选填“A”“B”或“C”）。
【分析】（1）根据表中数据，由密度公式分析；
（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（3）根据表中数据得出加热6分钟（吸热相同），水和食用油田升高的温度；根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出食用油的比热容为；
（4）加热相同时间，水升温慢，据此分析。
【解答】解：（1）小明在一个烧杯中倒入200mL的水，即为200克，而食用油的质量也为200克，根据密度公式，需要在另一个相同烧杯中倒入的食用油为：
V＝＝250mL；
（2）实验中，在两个烧杯中放入相同规格的电加热器给水和食用油加热，由转换法，其目的是确保水和煤油在相同时间内吸热相同。
（3）根据表中数据，加热6分钟（吸热相同），水升高的温度为：
45℃﹣20℃＝25℃；
食用油田升高的温度为：
70℃﹣20℃＝50℃；
根据Q＝cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，则用油的比热容为：
c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；
（4）加热相同时间，水升温慢，故如图乙中能合理反映该实验结果的图象是B，故选：B。
故答案为：（1）250； （2）吸热相同； （3）2.1×103； （4）B。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q＝cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
16．（4分）在“探究串联电路电压的特点”活动中。
（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应 断开 。
（2）若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，能否测出L2两端电压？ 不能 ，理由是： 电压表正负接线接反了 。
（3）小红分别测出AB、BC、AC间的电压并记录在表格中，分析实验数据得出结论：串联电路中电源两端电压等于各用电器两端电压之和。小青认为小红的做法是错误的，原因是： 根据一组数据得出的结论有偶然性 。
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关要断开；
（2）用电压表测量电压时，电流从电压表正接线流入，从负接线柱流出，否则，电压表指针反向偏转；
（3）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：（1）为了保证电路安全，连接器材时，开关应断开。
（2）已测出L1两端的电压，与A相连的为电压表正接线柱，与B相连的为电压表的负接线柱，若保持电压表的B连接点不动，只断开连接点A，并改接到C连接点上，不测出L2两端电压，理由是：电压表正负接线接反了。
（3）小红的做法是错误的，原因是根据一组数据得出的结论有偶然性，为得出普遍性的结论，要多次测量。
故答案为：（1）断开；（2）不能；（3）根据一组数据得出的结论有偶然性。
【点评】本题探究串联电路电压规律，考查电压表的使用、注意事项及归纳法和分析数据归纳结论的能力。
17．（6分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中：
（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并改正；
（2）测出的电流如表所示，由此得出初步结论： I＝I1+I2 （只写表达式）。为了得出普遍的规律，应当进行多次实验。操作方法是： 应换用不同规格的灯泡进行多次实验 ；
（3）此次测量中发现，灯泡L1比L2 暗 （选填“亮”或“暗”），若两灯泡灯丝的长度相同， L2 的灯丝更粗。
【分析】（1）原电路中，两灯短路了，据此改正；
（2）根据表格数据得出结论；用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；
（3）根据并联电路各支路电压相等和P＝分析；在材料和长度相同的条件下，横截面积越小，电阻越大。
【解答】解：（1）原电路中，两灯短路，电流表直接接在电源上了，两灯应并联，电流表测干路电流，如下所示：
；
（2）分析数据得出结论：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即IC＝IA+IB；为避免实验的偶然性，得出具有普遍性的结论，应换用不同规格的灯泡进行多次实验；
（3）此次实验发现，灯泡L1的电流小于灯泡L2的电流，根据并联电路各支路电压相等和P＝UI知灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，所以灯泡L1的亮度小于灯泡L2的亮度；根据并联电路各支路电压相等和P＝，则灯泡L1的电阻大于灯泡L2的电阻；由影响电阻大小的因素，若两灯泡灯丝长度相同，L2的灯丝更粗。
故答案为：（1）如上图所示；（2）I＝I1+I2；应换用不同规格的灯泡进行多次实验；（3）暗；粗。
【点评】本题探究并联电路中的电流关系”实验，考查注意事项、电路连接、电流表读数、数据分析和电功率公式的运用及影响电阻大小的因素。
18．（6分）在“探究电流与电阻的关系”实验中，部分器材选用如下：电压为6V的电源，阻值为0～50Ω的滑动变阻器，10Ω、20Ω、30Ω、50Ω的定值电阻各一个，其他器材，回答下列问题。
（1）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表指针超过量程，则电路的故障可能是定值电阻 断路 （选填“短路”或“断路”）。
（2）排除故障后，先将10Ω定值电阻接入电路，在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察 电压表 （选填“电流表”“电压表”或“滑动变阻器”）。
（3）接下来断开开关，取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，应向 B （选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为 2 V时，读出电流表的示数。记录实验数据，并绘制成图乙所示，分析图象可知：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 反比 。
（4）当将20Ω电阻换成30Ω电阻时，无论怎样移动滑片，都无法保证电压不变。为了完成以上所有探究，可以更换电源，则更换的电源电压范围是 2～5.3V 。
【分析】（1）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分。
（2）（3）在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变；图乙数据和欧姆定律求出定值电阻两端电压；由根据串联电路的分压特点和串联电路电压的规律判断滑片移动的方向；根据两个变量的乘积为常数时的比例关系为反比，分析表中数据得出相应结论。
（4）更换定值电阻后，要保持定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律得到此时电路的电流，根据串联电路电压规律得到变阻器两端电压和电源电压。
【解答】解：（1）闭合开关，发现电流表无示数，说明电路存在断路故障，电压表指针超过量程，说明从电压表的两端到电源两极都是通的，所以断路故障在与电压表并联的部分，所以故障为定值电阻R断路。
（2）在研究电流与电阻关系实验中，更换不同阻值的电阻时，应控制电阻两端的电压不变，故在移动滑动变阻器滑片的过程中，眼睛应注意观察电压表的示数。
（3）由图乙数据和欧姆定律可知定值电阻两端电压UR＝IR＝0.2A×10Ω＝2V；取下10Ω的定值电阻，换成20Ω的定值电阻，闭合开关，根据串联分压原理知定值电阻两端电压增大，为保持定值电阻两端电压不变，根据串联电路电压规律可知要增大变阻器两端电压，根据串联分压原理可知要增大变阻器接入电路的电阻，由图知变阻器的A端接入电路，故应将滑片向B端移动，直至电压表示数2V保持不变；根据数据分析可知：在电压一定时，电流与电阻的乘积是定值，符合反比例的特点，故可得到结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（4）实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，根据欧姆定律可知此电压值为UV＝IR＝0.2A×10Ω＝2V，故电源电压最小为2V；
定值电阻换成30Ω后，要保持定值电阻两端电压UR＝2V，则此时电路的电流I′＝＝＝，滑动变阻器的阻值最大时，滑动变阻器两端的电压最大，最大电压U2＝I′R′＝×50Ω≈3.3V，则电源的最大电压U大＝2V+3.3V＝5.3V，即电源电压的取值范围是2～5.3V；
故答案为：（1）断路；（2）电压表；（3）B；2；反比；（4）2～5.3V。
【点评】本题属于探究电流与电阻的实验，考查了电路故障的判断、更换定值电阻时的操作过程、实验数据的分析归纳等内容，属于常考知识点。
19．（10分）中国茶文化源远流长。如图甲所示是一款煮茶器，有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻，煮茶器部分参数如表。煮茶器中装有初温为20℃的水，在标准大气压下，将水刚好加热到沸腾，用时700s，在此过程中煮茶器的加热效率为80%。求：
（1）发热电阻R1的阻值。
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能。
（3）煮茶器中水的质量。[水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻最大，总功率最小，煮茶器处于保温挡，根据P＝UI＝求出R1的电阻；
（2）已知加热时间和加热挡功率，由P＝可求得加热过程中煮茶器消耗的电能；
（3）已知在此过程中煮茶器的加热效率为，由η＝可求得吸收热量，由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量。
【解答】解：（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路中的总电阻较大（比并联的总电阻大），根据P＝UI＝可知，煮茶器的总功率小，处于保温挡，
由P＝UI＝可得R1的电阻：
R1＝＝＝484Ω；
（2）由P＝可得，加热过程中煮茶器消耗的电能：
W＝P加热t＝900W×700s＝6.3×105J；
（3）由η＝可得，吸收热量：
Q吸＝ηW＝80%×6.3×105J＝5.04×105J；
由Q吸＝cmΔt可求得煮茶器中水的质量：
m＝＝＝1.5kg。
答：（1）发热电阻R1的阻值为484Ω；
（2）加热过程中煮茶器消耗的电能为6.3×105J；
（3）煮茶器中水的质量为1.5kg。
【点评】本题考查了电功率公式和吸热公式、电功公式的综合应用，关键是公式及其变形式的灵活运用，计算过程还要注意单位的换算。物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.9
2.6
4.5
通过L1的电流I1
通过L2的电流I2
通过干路的电流I
0.16A
0.40A
0.56A
额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
200
20
6
45
食用油
200
20
6
70
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.9
2.6
4.5
通过L1的电流I1
通过L2的电流I2
通过干路的电流I
0.16A
0.40A
0.56A
额定电压
220V
保温挡功率
100W
加热挡功率
900W
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