广东省东莞市第一中学2023-2024学年高一上学期第二次月考物理试题

这是一份广东省东莞市第一中学2023-2024学年高一上学期第二次月考物理试题，共12页。试卷主要包含了【答案】BD等内容，欢迎下载使用。
（本试卷满分100分，考试时间75分钟）
注意事项：
1．答卷前，考生必须用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号填写在答题卡相应的位置上。
2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔或涂改液。不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保证答题卡的整洁，考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
第I卷选择题(共52分)
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。
1．共享单车具有低碳、环保、方便、舒适等特点，骑行时还可以有氧健身，既能节约资源，减少污染，又有益于健康。如图所示，单车的车锁内集成了嵌入式芯片、GPS模块和SIM卡等，便于监控单车的具体位置。用户仅需用手机上的客户端软件（APP）扫描二维码，即可自动开锁，骑行时手机上的APP能实时了解单车的位置，骑行结束关锁后，APP就显示计时、计价、里程等信息，根据以上信息，下列说法错误的是（ ）
A．监控单车在路上的具体位置时，可以把单车看作质点
B．单车某个时刻的准确位置信息是借助通信卫星定位确定的
C．由手机上APP显示的信息，可求出骑行的平均速度
D．单车骑行结束关锁后，APP显示的里程是路程
2．关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中正确的是（ ）
A．速度的变化量△v越大，则加速度也越大
B．做加速运动的物体，加速度减小时，物体的速度一定减小
C．速度变化的方向为正方向，加速度的方向也可为负方向
D．物体在某一秒时间内的平均速度是3m/s，则物体这一秒内的位移一定是3m
3．一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为16m的竖立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的3倍，下滑的总时间为4s，那么该消防队员（ ）
A．下滑过程中的最大速度为4m/s
B．加速与减速运动过程的时间之比为1∶2
C．加速与减速运动过程中平均速度大小之比为1∶1
D．加速与减速运动过程的位移大小之比为1∶4
4. 足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，如图所示为四种与足球有关的情境，下列说法中正确的是（ ）
A. 图甲中，静止在地面上的足球对地面的压力就是它的重力
B. 图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球相互接触，每个足球均受2个力作用
C. 图丙中，足球被头顶的过程中，足球受到的弹力是由于足球发生形变而产生的
D. 图丁中，足球被踢出后的过程中，足球在空中受到重力和弹力的作用
5．两个力大小相等，当它们夹角为90°时，合力为F，那么当它们夹角为120°时，其合力为（ ）
A．FB．FC．FD．F
6．小球从空中静止释放，与水平地面碰撞后弹到空中某一高度，已知小球在空中运动时均为匀变速直线运动，其速度随时间变化的关系如图所示，则（ ）
A．小球下落为自由落体运动
B．小球下落时的加速度大于上升时的加速度
C．小球反弹到最高点的位置与初始位置间距为0.5m
D．小球与地面碰撞过程其平均加速度大小为5m/s2
7．如图所示，一质量为m的木块靠在竖直粗糙的墙壁上，墙面与物体之间的动摩擦因数为μ，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（ ）
A. 若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力大小为μmg
B. 若木块静止，当F增大时，木块受到的摩擦力随之增大
C. 若木块沿墙壁向下运动，但水平力F逐渐减小，刚木块受到的摩擦力大小也逐渐减小
D. 若开始时木块静止，当撤去F后，木块沿墙壁下滑时，木块将会受到向上的滑动摩擦力作用
二、多项选择题:本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
8．高铁列车在启动阶段可看作初速度为零的匀变速直线运动，在启动阶段，列车的（ ）
A．位移与它经历的时间成正比
B．瞬时速度与它经历的时间成正比
C．平均速度与它经历的时间成正比
D．加速度与它经历的时间成正比
9．某同学利用图甲所示装置研究摩擦力的变化情况。实验台上固定个力传感器，力传感器用棉线拉住物块，物块放置在粗糙的长木板上。水平向左拉木板，力传感器记录的图像如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．只有当木板匀速运动时，力传感器的示数才等于物块受到的摩擦力大小
B．无论木板是否匀速运动，力传感器的示数总等于物块受到的摩擦力大小。
C．最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为7∶6
D．只用图乙中数据可得出物块与木板间的动摩擦因数
10. 甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲和乙的运动图像如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲做曲线运动，乙做直线运动
B．6s内甲的路程为16m，乙的路程为12m
C．0~2s甲、乙的平均速度不相同
D．甲在3s末回到出发点，乙在6s末回到出发点
11. 甲、乙两车在同一平直公路不同车道上行驶的位移随时间变化的关系图像如图所示。已知乙车做匀变速直线运动，其图线与t轴相切于4s处，则0~4s过程中，下列说法正确的是（ ）
A．甲车做匀加速直线运动
B．甲车的位移大小为40m
C．乙车的加速度大小为5m/s2
D．乙车的位移大小为80m
12．如图所示，是一种测定风作用力的仪器的原理图，它能自动随着风的转向而转向，使风总从图示方向吹向小球P，P是质量为m的金属球，固定在一细长轻质刚性金属丝下端，能绕悬挂点O在竖直平面内摆动，无风时金属丝自然下垂，有风时金属丝将偏离竖直方向一定角度θ，角θ大小与风力大小有关，下列关于风力F、刚性金属丝拉力T与角度θ的关系式正确的是（重力加速度为g）（ ）
A．F＝mgsinθB．F＝mgtanθC．T＝mgcsθD．T＝
13．如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P在支撑点M、N处受力的方向，下列说法正确的是（ ）
A．M处受到的支持力竖直向上
B．N处受到的支持力竖直向上
C．M处受到的静摩擦力沿MN方向
D．N处受到的静摩擦力不沿水平方向
第II卷非选择题(共48分)
14．（6分）在《探究弹管伸长量与弹力关系》的实验中。
（1）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，以下说法正确的是 ；
A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度
B．用悬挂砝码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态
C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量
D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等
（2）在“验证平行四边形定则”实验中，先用两个弹簧秤把橡皮条拉长，记下节点的位置O和_______及两细绳的方向，然后用一个弹簧秤拉橡皮条，将橡皮条的结点拉到______。记下弹簧秤拉力的大小、方向。如图所示，试在图中作出F1和F2的合力的示意图，并用F表示此力。
（3）如果只有一个弹簧测力计(其他器材齐全)，能否完成本实验? (填“能”或“否”)。
15．（9分）小明在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，进行如下操作
（1）实验中如甲图所示调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开小车，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列小点。

（2）在打出的纸带上每5个点取一个计数点，打点计时器所用电源的频率为50Hz。测得的数据如乙图所示。利用这些数据，可以得出如下结果：
①打计数点1时纸带运动的速度是 ；（结果保留三位有效数字）
②计算小车的加速度大小为 ；（结果保留三位有效数字）
③根据实验结果可以判断计数点0 （选填“是”或“不是”）小车运动的起点。
（3）李华同学在利用该装置测定斜面上小车所做的匀变速直线运动的加速度时，得到了几条较为理想的纸带。他已在每条纸带上按每5个点取好一个计数点，即两计数点之间时间间隔为0.1s，依打点先后编为0、1、2、3、4、5。由于不小心，几条纸带都被撕断了，如图所示，在A、B、C三段纸带中选出从纸带丙上撕下的那段应该是 （填选项）
A． B． C．
（4）若实验中电网电压为200V，而实验者并不知道，则加速度的测量值和真实值相比 （填“偏大”“偏小”“不变”）。
16．（7分）有一种圆珠笔，内部有一根小弹簧。如图所示，当笔杆竖直放置时，在圆珠笔尾部的按钮上放一个0.2kg的砝码，砝码静止时，弹簧压缩量为0.002m。现用这支圆珠笔水平推一本放在桌面上质量为0.8kg的书，当按钮压缩量为0.0024m（未超过弹簧的弹性限度）时，这本书恰好匀速运动。（取）试求：
（1）笔内小弹簧的劲度系数；
（2）书与桌面间的动摩擦因数大小。
17．（11分）歼战斗机是由我国自主研制的全天候、单发、单座、多用途三代+战斗机，并首次出口国外。若某次战斗机训练任务完成返航，着陆后沿平直跑道运动（可看成匀减速直线运动）。已知着陆瞬间战斗机的速度大小为216 km/h，未打开减速伞时（如图甲所示）加速度大小为4，打开减速伞后（如图乙所示）加速度大小变为8。
（1）若未打开减速伞，求飞机着陆后内的位移大小；
（2）若打开减速伞，飞机着陆过程的滑行时间比未打开减速伞时减少多少；
（3）若着陆瞬间飞行员发现正前方300m处有一障碍物，为了使飞机不撞上障碍物，飞行员打开减速伞使飞机减速，已知飞行员从发现障碍物到打开减速伞有2s的反应时间，试通过计算分析飞机是否会撞上障碍物？
18．（15分）快到家啦！奔跑中的杰瑞决定“刹车”回家。就在杰瑞开始减速的同时，身后与它相距10m的汤姆立即蹑手蹑脚地由静止开始加速，想趁其不备地“偷袭”杰瑞。已知杰瑞的初速度为，加速度大小为，汤姆的加速度大小也为，那么
（1）求在没有干扰的情况下，杰瑞减速到0时所用的时间及位移的大小。
（2）求在追逐的过程中汤姆与杰瑞间的最大距离。
（3）若杰瑞开始减速时，刚好距离前方鼠洞15m，请通过计算判断汤姆能否在杰瑞回到鼠洞前捉住它。（注：三者在同一直线上）
2023-2024学年第一学期第二次段考
高一物理答案
选择题（1~7题每题4分；8~13题每题选全4分，部分选对2分，有错选0分）
1．【答案】C
【解析】A．监控单车在路上的具体位置时，可以忽略单车的大小和形状，所以此时可以把单车看成质点，故A正确；
B．单车某个时刻的准确位置信息是借助通信卫星定位确定的，故B正确；
C．手机上APP能显示时间和路程，可以得到平均速率但是无法求得平均速度，故C错误；
D．由题意知，单车骑行结束关锁后，APP显示的里程是路程，故D正确。
本题选错误的说法，故选C。
2．【答案】D
【解析】A．加速度，速度的变化量越大，则加速度不一定越大，还取决于时间，A错误；
B．速度方向与加速度方向一致，物体的加速度在减小，但速度在增加，B错误；
C．速度变化的方向与加速度的方向一致，C错误；
D．平均速度，若物体在某一秒时间内的平均速度是3m/s，则物体这一秒内的位移一定是3m，
3．【答案】C
【解析】设匀加速运动阶段的加速度大小为a1，运动时间为t1，匀减速阶段的加速度大小为a2，运动时间为t2，根据匀变速直线运动公式得a1t1- a2t2=0 m由题意可知t1+ t2=4s a1=3a2
联立以上四式可解得 a1=8m/s2 a2=m/s2 t1=1s t2=3s
A．下滑过程中的最大速度大小为 vm= a1t1=8m/s 故A错误；
B．加速与减速运动过程的时间之比为1∶3，故B错误；
C．因匀变速直线运动的平均速度等于初末速度和的一半，故加速阶段的平均速度

故加速与减速运动过程中平均速度之比为1∶1，故C正确；
D．加速阶段的位移大小 减速阶段的位移大小
加速与减速运动过程的位移大小之比为1∶3，故D错误。 故选C。
4.【答案】 B
【详解】A．图甲中，静止在地面上足球受到弹力大小等于重力，但是弹力和重力是性质不同的力，不能说弹力就是重力，故A错误；
B．图乙中，静止在光滑水平地面上的两个足球虽然相互接触，但是两球之间无相互作用的弹力，每个足球均只受重力和地面的支持力这两个力的作用，故B正确；
C．图丙中，足球被头顶的过程中，足球受到的弹力是由于头发生形变而产生的，故C错误；
D．图丁中，足球被踢起后，在空中受重力和空气阻力作用，不受弹力，故D错误。
5．【答案】B
【解析】依题意，当两分力夹角为90°时，有
所以可得
当两分力夹角为120°时，根据平行四边形定则，知合力与分力相等，所以故选B。
6．【答案】C
【解析】A．根据图像可知第一段图线为下落过程，第二段图线为反弹过程。第一段图线的加速度为
故小球下落不是自由落体运动。故A错误；
B．上升时的图线加速度为故B错误；
C．在图像中图线与横轴围成的面积为位移，则小球反弹到最高点的位置与初始位置间距为
故C正确；
D．碰撞过程的平均加速度为 故D错误。 故选C
7．【答案】C
【详解】B．木块在推力作用下静止时，处于平衡态。受力如图所示
根据共点力平衡条件可得，
当F增大时，木块受到的摩擦力始终等于重力，大小不变，故B错误；
AC．若木块沿墙壁向下运动，则墙壁对木块的摩擦力为滑动摩擦力，大小为
水平力F逐渐减小，木块受到的摩擦力大小也逐渐减小，故A错误，C正确；
D．撤去推力后，墙壁对木块的支持力为零，摩擦力为零，木块只受重力，做自由落体运动，故D错误。 故选C。
8．【答案】BC
【解析】A．启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，由公式有 可知，位移与它经历的时间的二次方成正比，故A错误；
B．启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，由公式有
可知，瞬时速度与它经历的时间成正比，故B正确；
C．启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，由公式和有
可知，平均速度与它经历的时间成正比，故C正确；
D．启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，加速度不变，故D错误。故选BC。
9．【答案】BC
【详解】AB．图中，物块始终处于静止状态，只要木板相对物块向左运动，物块即受到木板的滑动摩擦力作用，对物块分析，此时力传感器的示数等于物块受到的摩擦力大小，可知木板在匀速向左、加速向左运动时，力传感器的示数均等于物块受到的摩擦力大小，故A错误，B正确；
C．根据图乙可知，在2.5s时刻，木板开始运动，即2.5s之前，物块的摩擦力为静摩擦力，2.5s之后的摩擦力为滑动摩擦力，即最大静摩擦力为3.5N，滑动摩擦力为3.0N，则最大静摩擦力与滑动摩擦力之比约为 故C正确；
D．2.5s后，对物块进行分析有 由于物块质量不确定，因此，只用图乙中数据不能得出物块与木板间的动摩擦因数，故D错误。故选BC。
10．【答案】BD
【详解】A．由图像可知，甲、乙均在一条直线上运动，都做直线运动，故A错误；
B．由甲图可得6s内甲的路程为
由图乙可得6s内乙的路程为故B正确；
C．由图甲可知，0~2s内，甲的位移为4m，根据平均速度等于位移与时间的比值，可知甲的平均速度为2m/s；0~2s内，乙做匀加速直线运动，根据，可得乙的平均速度为
所以，二者在0~2s内平均速度相同，故C错误；
D．由图像可知甲在3s末回到出发点，根据图像围成的面积表示位移，可知乙在6s内的位移为零，即乙在6s末也回到出发点，故D正确。故选BD。
11. 【答案】BD
【详解】A． 图像的斜率表示速度，可知，甲车做匀速直线运动，速度大小为故A错误；
B．结合上述，0~4s过程中，甲车的位移大小为故B正确；
CD．乙车做匀变速直线运动，其图线与轴相切于处，结合上述可知，在时刻速度为零，可将其运动的逆过程看成是初速度为零的匀加速直线运动，则有由图像可得
解得乙车的加速度大小为 则乙车的初速度大小为
乙车的位移大小为 故C错误，D正确。 故选BD。
12．【答案】BD
【解析】对小球受力分析，受重力、水平分力、绳子的拉力，如图，将风力和拉力合成，根据共点力平衡条件，有 故选BD。
13．【答案】AD
【解析】A．M处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故A正确；
B．N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故B错误；
C．原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故C错误；
D．因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故D正确。
故选AD。
14．【答案】（1） AB（2分）
两个弹簧测力计的读数F1、F2（1分）；O点（1分） （1分）
能（1分）
【解析】（1）A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A正确；
B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力要待钩码平衡时再读读数，故B正确；
C．弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长，故C错误；
D．拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误。
（2）先用两只弹簧秤钩住绳套，互成角度拉橡皮条使之伸长，让结点到达某一位置0，此时需记录0点的位置、两个弹簧秤的读数F1、F2和细绳方向；
为了保证作用效果相同，则用一个弹簧测力计钩住细绳套把橡皮条拉长，应该使结点拉到同一位置O，记下弹簧测力计的读数，并记下细绳的方向；
（3）能完成；如果只有一个弹簧测力计，则使用一个弹簧测力计勾住绳套A，另找一细线勾住绳套B，互乘角度的拉橡皮筋，使橡皮筋伸长到某一位置O，用铅笔描下O点的位置和两个绳套A和B的位置和方向以及记录弹簧测力计的示数F1，然后用弹簧测力计勾住绳套B，用一细线勾住绳套A，拉动橡皮筋到O点，并且使绳套A和B到达第一次实验中记录的点，读出此时弹簧测力计的示数F2，接下来只用一个绳套系在橡皮筋上，利用弹簧测力计勾住绳套，将橡皮筋拉至O点，记录此时弹簧测力计的方向和大小F，利用力F1和F2做平行四边形，判定F是否是该平行四边形的对角线，进而验证两个互成角度的力的合成规律。
【答案】0.201（2分） 1.14 （2分） 不是（2分） B （2分） 不变（1分）
【解析】（2）①在打出的纸带上每5个点取一个计数点，则相邻计数点时间间隔为
打计数点1时纸带运动的速度为
②根据逐差法，小车的加速度大小为
③计数点0的速度为
可知计数点0不是小车运动的起点。
（3）根据
可得
则有
可得 故选B。
（4）电网电压减小，不影响电源的频率，所以也不影响打点周期，则加速度的测量值和真实值相比不变。
16．（7分）【答案】（1）；（2）0.3
解：（1）根据平衡条件可得 （2分）
解得 （1分）
由于书本恰好匀速运动，由平衡条件可得：（1分）
（1分）
则有 （2分）
17．（11分）【答案】（1）450m；（2）7.5s；（3）不会
解：（1）已知v0=216km/h=60m/s，设飞机着陆后经时间t减速到零，由
解得t=15s