2023-2024学年天津市静海实验中学九年级（下）开学物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年天津市静海实验中学九年级（下）开学物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.图中的声现象，与音调有关的是( )
A. 用力击鼓B. 真空罩
C. 实验水瓶琴D. 倒车雷达
2.《中国诗词大会》是央规首档全民参与的诗词节目，节目以“赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”为基本宗旨，带动全民重温那些曾经学过的古诗词，分享诗词之美，感受诗词之趣，涵养心灵。以下诗词中有关物态发化的分析正确的是( )
A. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B. “斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C. “霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
3.下列景象中，能说明分子在永不停息地运动的是( )
A. 初春的柳絮飞扬B. 盛夏的荷花飘香C. 深秋的落叶飘零D. 寒冬的大雾弥漫
4.小明在课后实践活动中，做了如下记录：
①人体的正常体温为36.5；
②小明的质量为60N；
③我国家庭电路的电压为220V；
④人步行的速度约为1.1m/s。
其中符合实际且记录正确的是( )
A. ①②B. ①④C. ③④D. ②③
5.如图所示，它是四冲程汽油机一个工作循环中的三个冲程，缺少的那个冲程的名称是( )
A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程
6.如图所示，杯子静止在水平桌面上，与杯子所受重力是一对平衡力的是( )
A. 桌子受到的重力
B. 杯子对桌子的压力
C. 桌子对杯子的支持力
D. 地面对桌子的支持力
7.体育运动中蕴含着物理知识，下列运动现象所涉及的物理知识正确的是( )
A. ①B. ②C. ③D. ④
8.如图所示的电路中，两个小灯泡的规格相同。闭合开关后，只有一个小灯泡发光，电压表指针偏转明显。则故障原因可能是( )
A. L1短路B. L1断路C. L2短路D. L2断路
9.如图所示的实验电路，闭合开关S后，电流表A的示数为0.5A，电流表A1的示数为0.3A。则通过小灯泡L2的电流是( )
A. 0.8AB. 0.5AC. 0.3AD. 0.2A
10.探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是( )
A. 投影仪应用了该次实验的成像规律
B. 照相机应用了该次实验的成像规律
C. 要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜
D. 要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛靠近透镜，光屏靠近透镜
11.三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的状态如图所示，以下判断正确的是(
A. 液体的密度关系是ρ甲<ρ丙<ρ乙
B. 液体对容器底部的压强关系是p乙>p甲>p丙
C. 容器对桌面的压强关系是p甲′D. 小球受到的浮力大小关系是F乙=F丙>F甲
12.如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器。闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示。则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中( )
A. 电路总功率的最小值为1.8WB. 电路总功率的最大值为5.4W
C. 定值电阻电功率的最小值为0.45WD. 定值电阻电功率的变化为4.05W
二、非选择题（共64分）
13.小芳同学站在穿衣镜前1m处，镜中的像与她相距______m.当她远离穿衣镜时，像的大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
14.空中加油机在高空给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机是______的；若加油机以500km/ℎ的速度航行0.2ℎ，通过的路程是______km。
15.钢丝钳的钳柄上套有橡胶套：①橡胶套上刻有凹凸不平的花纹，目的是增大手与钳柄之间的______；②橡胶是______(选填“导体”或“绝缘体”)，用钢丝钳维修电路时可防止触电。
16.篆刻是我国一门古老的艺术形式，篆刻刀的刀口做得很锋利是为了增大______；“泥人张”彩塑是天津特色民间工艺品，艺人将泥揉捏成形态各异的人物，这表明力可以改变物体的______。
17.1度电可以使一盏“PZ220Vㅤ25W”灯泡正常工作______ℎ，两只定值电阻，甲标有“10Ωㅤ1.5A”，乙标有“20Ωㅤ1A”，把它们串联起来，电路两端允许加的最大电压为______V。
18.电阻R1、R2的U−I图象如图1所示，则R1：R2=______。将R1、R2接入电源电压不变的电路中，如图2所示。当只闭合S时，电路消耗的总功率为P1；当S和S1都闭合时，电路消耗的总功率为P2，则P1：P2=______。
19.某电热水壶及铭牌如表所示，装入1.5kg、20℃的水，通电正常工作6min即被烧开至100℃。已知水的比热容c=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)该过程中水吸收的热量。
(2)电热水壶的效率。
20.下面是小明同学的实验报告，请按要求帮他将报告补充完整．
实验：测量食用油的密度
实验目的：测量油的密度
实验器材：天平(砝码)、量筒、烧杯、油
实验原理：_____
主要实验步骤：
(1)调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向_____(选填“左”或“右”)侧调节．
(2)往量筒中倒入适量的油，测出油的体积，如图所示．
(3)用天平测出空烧杯的质量为30g．
(4)将量筒中的油全部倒入烧杯中，测出烧杯和油的总质量，如图所示．
实验数据记录：
在虚线框内设计一个记录本次实验数据的表格，并将测量数据及计算结果填入表中．
实验评估：
按照上述实验方案测出的油的密度值比真实值_____(选填“偏大”或“偏小”)．
21.在如图所示的电路中，电源电压为3V，定值电阻均为5Ω。求：
(1)开关均断开时电路中的总电阻是多少Ω；
(2)开关均闭合时，电流表的示数是多少A？
22.在研究并联电路的电流规律时，某次实验所用的实验器材如图1所示，请根据要求完成下列任务：
(1)按照图2所示的电路图，以笔画线代替导线，完成图1的电路连接。
(2)实验时，电流表A1，A2的示数如图3所示，通过L1的电流为______A；若不计实验误差，请在图4中标出电流表A3的指针位置。
23.物理课上，老师让同学们测一个小灯泡的额定功率．已知小灯泡的额定电压为2.5V，额定功率约为1.5W.老师准备的器材有：一个蓄电池(电压约为6V)，一块电流表(量程：0～0.6A，0～3A)，三个开关，若干导线．另外，老师还提供以下可供选择的器材：
A、定值电阻R1(阻值：10Ω)；
B、定值电阻R2(阻值：200Ω)；
C、滑动变阻器RP1(铭牌：20Ω 1A)；
D、滑动变阻器RP2(铭牌：50Ω 0.5A)；
请你帮助同学们设计一个实验方案，测出小灯泡的额定功率(电路不可重组、不能忽略温度对灯丝电阻的影响).要求：
(1)为测出小灯泡的额定功率，除了选择蓄电池、电流表、开关及导线外，还应选择的实验器材有______；(填写器材前面的字母序号)
(2)请在虚线框内画出你所设计的实验电路图；
(3)根据你所设计的电路，写出主要实验步骤和需测量的物理量；
(4)写出额定功率P的数学表达式(用已知量和测量量表示)．
24.小明家买了一个家用电吹风，如图(甲)所示，其简化电路如图(乙)所示。主要技术参数如表所示：

求：
(1)当电吹风吹冷风时，正常工作5min消耗的电能是多少？
(2)电吹风电热丝的额定电功率为多大？
(3)当电路供电电压为200V时，电吹风电热丝的实际电功率为多大？(电热丝的电阻保持不变，计算结果只取整数位)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、击鼓时，鼓面振动发出声音，用力越大，鼓面振动的幅度越大(即振幅越大)，响度也越大，故A不符合题意。
B、用抽气机将玻璃罩内的空气逐渐抽出，听到铃声越来越小，由此推理得出：真空不能传声，故B不符合题意；
C、当用相同的力敲击瓶子时，振动的物体是瓶子和水，瓶中盛水越多，瓶子和水的质量越大，越难振动，音调越低，能说明音调与发声体振动的频率有关，故C符合题意；
D、倒车雷达是利用超声波来传递信息的，故D不符合题意。
故选：C。
①音调的高低和振动的频率有关，频率越大，音调越高；响度大小与发声体振动的振幅有关，振幅越大，响度越大；
②声音的传播是需要介质的，它可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播。
③倒车雷达是利用超声波来传递信息。
了解声音的特性、声音的传播条件、声音的应用等，并能结合相关现象可实验进行判断，是解答本题的关键，难度不大。
2.【答案】A
【解析】解：A、“露似真珠月似弓”，露是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A正确；
B、“斜月沉沉藏海雾”，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；
C、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热。故C错误；
D.“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
(2)物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。
此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
3.【答案】B
【解析】解：
A、初春的柳絮飞扬是物质在运动，属于机械运动。故A不符合题意。
B、盛夏的荷花飘香是芳香油分子运动的结果，是分子运动。故B符合题意。
C、落叶飘零是物质在运动，属于机械运动。故C不符合题意。
D、寒冬的大雾弥漫，是水蒸气液化成的小水滴在运动，属于机械运动。故D不符合题意。
故选：B。
解答本题的关键是掌握：分子运动是看不见的，在不知不觉中发生了变化，扩散现象属于分子运动。
本题主要考查学生对分子运动和物质运动的区别的了解和掌握，是一道基础题。
4.【答案】C
【解析】解：①人体的正常体温约36.5℃，变化幅度很小，故①错误；
②小明的质量为m=60kg，重力约为G=mg=60kg×10N/kg=600N，故②错误；
③我国家庭电路的电压为220V，故③正确；
④人的步行速度约为1m/s，故④正确。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
5.【答案】B
【解析】解：
左图中进气门、排气门都关闭，活塞由上向下运动，所以为做功冲程；
中图进气门关闭、排气门打开，活塞由下向上运动，所以为排气冲程；
右图进气门打开、排气门关闭，活塞由上向下运动，所以为吸气冲程；
综上所述可以知道，缺少压缩冲程。即将机械能转化为内能。
故选：B。
汽油机的一个工作循环由如图所示的四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；
根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；
读出图中三个冲程的名称即可找出应补充冲程的名称。
此题主要考查的是学生对汽油机四个冲程的认识和了解，基础性题目。
6.【答案】C
【解析】解：
杯子所受的重力作用在杯子上，方向竖直向下，根据二力平衡的条件可知，与杯子重力相平衡的力的方向应是竖直向上的，且作用在杯子上，所以桌子对杯子的支持力与其重力是一对平衡力，故C正确。
故选：C。
二力平衡的条件：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
平衡力和相互作用力的区别只有一个，那就是否作用在同一个受力物体上，作用在同一个受力物体上的是平衡力，作用在不同受力物体上的是相互作用力。
7.【答案】C
【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，质量不变，惯性就不会变，跳远时人的质量不变，惯性不变，故A错误；
B、穿滑雪板滑雪，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故B错误；
C、游泳时向后划水利用了力的作用是相互的，故C正确；
D、当运动员越过横杆下落时，质量不变，高度减小，所以运动员的重力势能变小，故D错误；
故选：C。
(1)惯性的大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
(2)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
(3)物体间力的作用是相互的；
(4)物体由于被举高而具有的能量叫重力势能，重力势能与物体质量和被举高度有关。
此题考查了惯性的存在、减小压强的方法、力的作用是相互的、重力势能的变化等知识。
8.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L2两端电压；当开关闭合时，其中一个灯亮，说明电路是通路，则另一个灯泡不亮的原因可能是灯泡短路。而电压表有示数，说明L2没有短路，则故障原因可能是L1短路，故A正确，BCD错误。
故选：A。
由图可知：L1、L2串联，当开关闭合时，其中一个灯亮，说明电路是通路，则另一个灯泡不亮的原因可能是灯泡短路；根据电路图，可做出判断。
本题考查了电路故障分析，根据电路图和电路中的现象，分析电路故障是电学中经常出现的题目，必须掌握。
9.【答案】D
【解析】解：由图可知灯泡L1和灯泡L2并联，电流表A测干路的电流，干路电流I=0.5A，电流表A1测灯L1的电流，通过灯泡L1的电流I1=0.3A，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以流过灯泡L2的电流I2=I−I1=0.5A−0.3A=0.2A，故D正确，ABC错误。
故选：D。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路的电流，电流表A1测灯L1的电流；由并联电路的特点求出流过小灯泡L2上的电流。
分析清楚电路结构、熟练应用并联电路的电流特点可以正确解题。
10.【答案】BC
【解析】解：蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像的规律可知，此时成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理，故A错误，B正确；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，若要在光屏上得到更大的清晰像，需将蜡烛靠近透镜，光屏远离透镜，故C正确，D错误。
故选：BC。
由图可知，物距大于像距，此时在光屏上得到烛焰清晰的像，则成像的性质一定是倒立缩小的实像，属于照相机原理；
根据凸透镜成像规律的记忆口诀，成实像时，物近像远像变大，据此判断如何移动蜡烛和光屏。
本题考查了凸透镜成像的规律和对应的应用、以及运用凸透镜成像规律的记忆口诀解决凸透镜成像中的动态变化问题，牢记凸透镜成像规律和口诀是解题的关键。
11.【答案】AD
【解析】解：已知三个完全相同的小球，则其质量、体积和密度都相同；
A、小球在甲中下沉，故ρ球>ρ甲，在乙容器中漂浮，故ρ球<ρ乙，在丙中悬浮，故ρ球=ρ丙；所以三种液体的密度关系为：ρ甲<ρ丙<ρ乙，故A正确；
B、静止时三个容器的液面恰好相平，即深度ℎ相等，由于ρ甲<ρ丙<ρ乙，根据p=ρgℎ可知：p乙>p丙>p甲，故B错误；
C、开始时，由于三个相同容器内分别盛满不同的液体，则液体的体积V甲=V乙=V丙，放入小球后，甲、丙溢出相同体积的液体，则剩余液体体积V甲′=V丙′；
由于ρ甲<ρ丙，故m甲又因为ρ乙最大，所以乙的质量最大、重力最大，故G 甲容器相同，则容器重力相等，三个完全相同的小球，则小球的重力相等，容器对水平桌面的压力等于容器、容器内的液体和球的重力之和，即F甲由于受力面积相同，由p=FS可得，p乙′>′p丙′>p甲′，故C错误；
D、由图知，小球在丙容器中悬浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力与自身的重力相等；在甲容器中下沉，浮力小于其重力，所以小球受到的浮力大小关系是F乙=F丙>F甲，故D正确。
故选：AD。
(1)根据物体浮沉条件，结合图示得出三种液体的密度大小关系；
(2)利用液体压强公式分析判断三种液体对容器底的压强关系；
(3)烧杯对桌面的压力等于烧杯、容器内液体和小球的总重力，受力面积相同，根据p=FS比较压强大小；
(4)当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力。
此题主要考查物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较，根据物体浮沉条件，结合图示得出三种液体的密度大小关系是解答此题关键。
12.【答案】AC
【解析】解：由图甲可知，滑片在左端时，电压表被短路，示数为0，电流为I左=1.2A，
滑片在右端时，电压表测量滑动变阻器两端的电压U滑=4.5V，电流为I右=0.3A，
根据欧姆定律可得：
U=I左R1……①
U=I右R1+U滑……②
两式联立：I左R1=I右R1+U滑，
解得，R1=5Ω，U=6V，
A、电路总功率的最小值：P小=UI右=6V×0.3A=1.8W，故A正确；
B、电路总功率的最大值：P大=UI左=6V×1.2A=7.2W，故B错误；
C、定值电阻电功率的最小值：P1小=I右2R1=(0.3A)2×5Ω=0.45W，故C正确；
D、定值电阻电功率的最大值：P1大=I左2R1=(1.2A)2×5Ω=7.2W，所以定值电阻电功率的变化量：ΔP1=P1大−P1小=7.2W−0.45W=6.75W，故D错误。
故选：AC。
根据电源电压不变列出等式，求出电阻R1的阻值和电源电压，电路中R1和R2串联，由图乙读出最大、最小电流、滑动变阻器两端的电压，电源电压不变，根据P=UI求出最大和最小总功率；再根据P=I2R1求出定值电阻的最大和最小功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据图像读出有用的信息并利用好电源的电压不变是关键。
13.【答案】2 不变
【解析】解：根据平面镜成像特点可知，像和物距离平面镜的距离是相等的，物到像的距离是物到平面镜距离的两倍，
因为小华距平面镜的距离是1m，像与他之间的距离是1m×2=2m；
平面镜所成的像与物体是等大的，当人远离平面镜时，视觉上感觉像在变小，但实际上像的大小并没有变。所以若他远离平面镜后退1m，他在平面镜中像的大小不变。
故答案为：2；不变。
平面镜成的像与物体是等大的，像和物距离平面镜的距离是相等的。
人的视觉感觉总是近大远小，即离像近感觉大，离像远感觉小，像的真实大小总与物相同。
14.【答案】静止 100
【解析】解：
当加油机在空中给战斗机加油时，以加油机为参照物，战斗机与加油机之间没有位置的变化，所以战斗机是静止的；
根据v=st可得，加油机通过的路程为：s=vt=500km/ℎ×0.2ℎ=100km。
故答案为：静止；100。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(2)已知速度和时间，利用速度公式计算通过的路程。
此题考查速度公式及其应用、运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
15.【答案】摩擦 绝缘体
【解析】解：橡胶套外表面刻有凹凸不平的花纹，目的是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大手与钳柄之间的摩擦的。
钳柄上套有橡胶套，因为这种橡胶是绝缘体，这样可防止触电；
故答案为：摩擦；绝缘体。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
(2)容易导电的物体为导体，不容易导电的物体为绝缘体。
(1)知道常见的导体和绝缘体，还要结合题中意思，确定钳柄上套有橡胶套到底是为了什么；
(2)橡胶套外表面刻有凹凸不平的花纹，目的是增大摩擦，对学生不会有太大难度。
16.【答案】压强 形状
【解析】解：篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
艺人将泥揉捏成形态各异的人物，这表明力可以改变物体的形状。
故答案为：压强；形状。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
此题考查增大压强的方法、力的作用效果，要求学生掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
17.【答案】40 30
【解析】解：(1)灯正常工作时的功率P=25W=0.025kW，
由P=Wt可得，1度电可以使灯正常工作的时间：
t=WP额=1kW⋅ℎ25×10−3kW=40ℎ；
(2)若将两只电阻串联时，电路电流只能允许最大为1A，则两端允许加的最大电压为U=1A×(10Ω+20Ω)=30V。
故答案为：40；30。
(1)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=Wt求出正常工作的时间。
(2)两电阻串联时，流过电路的电流应等于较小的额定电流，然后由串联电路特点及欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压。
本题考查了串并联电路的特点、电功率公式的应用，为保证安全，电阻串联时流过电路的电流应为电阻允许电流中的较小者，电阻并联时，并联电压应为电阻额定电压较小者。
18.【答案】2：1 2：3
【解析】解：(1)从图1可知，当电压为6V时，通过R1的电流为1A，根据欧姆定律可知R1=U1I1=6V1A=6Ω，
当电压为6V时，通过R2的电流为2A，根据欧姆定律可知R2=U2I2=6V2A=3Ω，
则R1：R2=6Ω：3Ω=2：1；
将R1、R2接入电源电压不变的电路中，设电源电压为U，当只闭合S时，两电阻串联，
由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：R=R1+R2=6Ω+3Ω=9Ω，
电路消耗的总功率为P1=U2R=U29Ω，
当S和S1都闭合时，电路为R1的简单电路，
电路消耗的总功率为P2=P1=U2R1=U26Ω，
因此P1：P2=U29Ω：U26Ω=2：3。
故答案为：2：1；2：3。
(1)从图1可知，当电压为6V时，通过R1的电流为1A，根据欧姆定律可知R1的阻值；当电压为6V时，通过R2的电流为2A，根据欧姆定律可知R2的阻值，据此得出R1：R2；
(2)将R1、R2接入电源电压不变的电路中，设电源电压为U，当只闭合S时，两电阻串联，根据P=UI=U2R得出电路消耗的总功率为P1，当S和S1都闭合时，电路为R1的简单电路，根据P=UI=U2R得出电路消耗的总功率为P2，进而得出P1：P2。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
19.【答案】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.5kg×(100℃−20℃)=5.04×105J；
(2)由P=Wt可得电热水壶6min内消耗的电能：
W=Pt=1500W×360s=5.4×105J；
电热水壶的效率：
η=Q吸W×100%=5.04×105J5.4×105J×100%≈93.3%。
答：(1)该过程中水吸收的热量为5.04×105J；
(2)电热水壶的效率为93.3%。
【解析】(1)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，根据Q吸=cm(t−t0)计算出水吸收的热量；
(2)已知电热水壶的额定功率和通电时间，根据公式W=Pt求出消耗的电能，水吸收的热量与消耗电能的比值就等于电热水壶的热效率。
本题为热量和电功的综合计算，考查了吸热公式、电功率公式以及热效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型。
20.【答案】ρ=mV ；左
偏小
【解析】解：实验原理：利用天平和量筒测量密度的原理是ρ=mV；
(1)调节天平横梁平衡时，发现指针指在分度盘中线的右侧，应将平衡螺母向左侧调节使横梁平衡；
由实验步骤可知，实验中需要测量的量有：油的体积V=40cm3、空烧杯的质量m1=30g、烧杯和油的总质量m2=50g+10g+2g=62g；根据空烧杯的质量、烧杯和油的总质量可以求出油的质量m=m2−m1=62g−30g=32g；根据质量和体积可以求出油的密度ρ=mV=32g40cm3=0.8g/cm3，故实验的表格为：
在测量的过程中，把量筒中的油倒入量筒中时，量筒中会有油的残留，到时测得的总质量减小，即油的质量偏小，体积不变，故所测的密度会偏小。
故答案为：ρ=mV；左；如上表格；偏小。
本题考查了液体密度的测量，设计实验的表格是解题的难点，在实验过程中，要注意误差较大的原因。
21.【答案】解：(1)由电路图可知，开关均断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R=R1+R2=5Ω+5Ω=10Ω；
(2)由电路图可知，开关均闭合时，R1、R3并联，R2和R4被短路；电流表测干路电流，
由并联电路的电压特点可知，两电阻两端的电压：U1=U3=U=3V，
则通过R1、R3的电流分别为：I1=U1R1=3V5Ω=0.6A，I3=U3R3=3V5Ω=0.6A，
由并联电路的电流特点可知，干路电流：I=I1+I3=0.6A+0.6A=1.2A，
即电流表的示数为1.2A。
答：(1)开关均断开时电路中的总电阻是10Ω；
(2)开关均闭合时，电流表的示数是1.2A。
【解析】(1)由电路图可知，开关均断开时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电阻特点求出此时电路中的总电阻；
(2)由电路图可知，开关均闭合时，R1、R3并联，R2和R4被短路；电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过各支路的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，即为电流表的示数。
本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
22.【答案】(1) (2) 0.30
【解析】解：(1)根据电路图可知，两灯并联，A1测量L1的电流，A2测量L2的电流，A3测量干路电流，S控制整个电路，连接如图1所示：
(2)电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时示数为0.30A，故通过L1的电流为0.30A；
A2量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时示数为0.50A，根据并联电路电流特点：干路电流等于各支路电流之和，则A3示数为0.3A+0.5A=0.8A，选0−3A量程，指针位置如图2所示。
(1)根据电路图连接实物电路；
(2)看清量程和分度值，读出示数；利用并联电路电流特点求出干路电流表示数，在图上画出指针位置即可。
此题为一电学实验题，主要考查学生对于并联电路电流特点以及电流表读数的理解和掌握。
23.【答案】A、C
【解析】解：(1)灯正常工作时的电流约为IL=PLUL=，电流表选用小量程；灯正常工作时的电阻
约为RL=ULIL=Ω.当电流表示数为2.5VR时，灯两端的电压一定为2.5V，灯一定正常发光，因电流表选用0−0.6A的量程，分度值为0.02A，若选用R2，则这个支路电流大小为2.5V200Ω，电流太小，电流表无法测量，所以只能选用R1=10Ω的电阻，当移动滑片电流表示数为2.5V10Ω=0.25A时，与R1并联的灯两端的电压一定为2.5V，灯正常工作；
由题意，变阻器应分去U滑=6V−2.5V=3.5V的电压，灯与定值电阻并联的电阻RLR=10Ω×4.17Ω10Ω+4.17Ω=2.94Ω，根据分压原理，U滑UL=R滑RLP，所以，变阻器连入电路中的阻值至少R滑=U滑UL×RLP=4.12Ω，所以变阻器选用C；
所以，为测出小灯泡的额定功率，选择蓄电池、电流表、开关及导线外，还应选择的实验器材有A、C；
(2)根据以上分析可画出符合要求的电路图：
(3)①如上图连接电路，只闭合S1、S2，移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.25A；
②保持滑片的位置不动，断开S2、闭合S3，记下此时电流表的示数I；
(4)在②中，因电路的连接关系没有改变，用电器两端的电压没有改变，通过定值电阻的电流仍为0.25A，根据并联电路电流的特点，所以此时通过灯的电流IL=I−0.25A，灯的额定电功率
PL=UL×IL═2.5V×(I−0.25A)．
故答案为：(1)A、C；
(2)如上图所示；
(3)①如上图连接电路，只闭合S1、S2，移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.25A；
②保持滑片的位置不动，断开S2、闭合S3，记下此时电流表的示数I；
(4)2.5V×(I−0.25A)．
(1)本题测小灯泡的额定功率，不能忽略温度对灯丝电阻的影响，所以只能使灯在正常工作的状态下测算有关的物理量．因没有电压表，电流表和定值电阻应起到测量电压的作用：首先将电流表与定值电阻串联后再与灯并联，最后将滑动变阻器串联在干路上，移动变阻器的滑片，当电流表示数为2.5VR时，灯两端的电压一定为2.5V，灯一定正常发光，因电流表选用0−0.6A的量程，分度值为0.02A，由此确定定值电阻R的大小；
根据分压原理，可确定变阻器的连入电路中的最小阻值，据此确定变阻器的规格；
(2)、(3)、(4)在(1)的基础上，保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电流表再测出灯正常工作时通过灯与定值电阻的电流I，因电路的连接没有改变，灯和定值电阻两端的电压都没有改变，通过定值电阻的电流不变，所以可求出此时通过灯的电流，根据P额=U额I额可求出灯的额定功率．
本题测小灯泡的额定功率，考查器材的选择设计实验方案的能力，综合性强，难度大，对能力要求较高．
24.【答案】解：
(1)当开关旋至B、C时，只有电动机工作吹冷风，P动=120W
由P=Wt可得，
电吹风吹冷风时，正常工作5min消耗的电能是：
W=Pt=120W×5×60s=3.6×104J；
(2)当开关旋至A、B时，电阻丝与电动机并联且同时工作，电吹风功率最大，
此时P热=1000W，
电热丝的额定功率为：
PR=P总−P动=1000W−120W=880W；
(3)由于P=U2R得电热丝的电阻为：
R=U2PR=(220V)2880W=55Ω，
电热丝的实际功率为：
P实=U实2R=(200V)255Ω≈727W。
答：(1)当电吹风吹冷风时，正常工作5min消耗的电能是3.6×104J；
(2)电吹风电热丝的额定电功率为880W；
(3)当电路供电电压为200V时，电吹风电热丝的实际电功率为727W。
【解析】(1)当电吹风吹冷风时，只有电动机工作，根据W=Pt求出消耗的电能；
(2)电吹风处于吹热风状态，则电动机和电热丝应同时工作，此时功率最大；根据PR=P总−P动算出电热丝的额定功率；
(3)已知吹热风和冷风时的功率，可求电热丝的额定功率，根据公式R=U2P可求电热丝的电阻，已知实际电压，根据公式P=U2R得到电热丝的实际功率。
此题考查消耗的电能、电流、电阻和实际功率的计算，根据是基本公式及其变形的灵活应用，还要能够从所提供的信息中找到有用的数据。序号
现象
物理知识
①
跳远时助跑
增大惯性
②
穿滑雪板滑雪
增大压强
③
向前游泳时向后划水
力的作用是相互的
④
跳高运动员越过横杆下落
重力势能增大
产品型号：EL−8952
额定电压：220V
频率：50Hz
额定功率：1500W
额定功率
热风时：1000W
冷风时：120W
额定电压
220V
油的体积V/cm3
空烧杯的质量m1/g
烧杯和油的总质量m2/g
量筒中油的质量m/g
油的密度ρ/g/cm3
40
30
62
32
0.8
油的体积V/cm3
空烧杯的质量m1/g
烧杯和油的总质量m2/g
量筒中油的质量m/g
油的密度ρ/g/cm3
40
30
62
32
0.8