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2024年山东省阳谷县实验中学 中考物理一模押题（二）（二+二）
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一、单选题
1. 下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A. 核能B. 太阳能C. 煤D. 可燃冰
【答案】B
【解析】
【详解】A．核能不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B．太阳能从自然界里源源不断得到补充，属于可再生能源，故B符合题意；
CD．可燃冰、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故CD不符合题意。
故选B。
2. 中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
B. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C. “斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
D. “月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．“已是悬崖百丈冰”，冰是由水凝固形成的，需要放热，故A错误；
B．“露似真珠月似弓”，露是由空气中水蒸气遇冷液化形成的，需要放热，故B正确；
C．“斜月沉沉藏海雾”，雾由空气中水蒸气遇冷液化形成的，需要放热，故C错误；
D．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是水蒸气遇冷凝华形成的，需要放热，故D错误。
故选B。
3. 下列说法正确的是（ ）
A. 汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体上部受到惯性的作用
B. 静止在水平地面上的课桌对地面的压力与地面对课桌的支持力是一对平衡力
C. 奥斯特实验证实电流的周围存在着磁场
D. 动圈式话筒的原理与电动机的原理相同
【答案】C
【解析】
【详解】A．汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．静止在水平地面上的课桌对地面的压力，受力物理是地面，地面对课桌的支持力，受力物体是课桌，受力物体是两个物体，所以不是一对平衡力，故B错误；
C．给沿南北方向水平放置的直导线通电，导线下面的小磁针就会发生偏转，断电后，小磁针恢复原状，这就是奥斯特实验，验证了电流周围存在磁场，故C正确；
D．动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，电动机的原理是通电线圈在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选C。
4. 甲、乙两物体运动时，路程与时间关系的s-t图像如图所示．其中甲为曲线，乙为直线，在t=5秒时两线相交．则由图像可知（ ）
A. 两物体在t=5秒时一定相遇
B. 两物体在5秒内通过的路程甲小于乙
C. 甲物体做曲线运动，乙物体做直线运动
D. 甲物体做变速运动，乙物体做匀速运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．s-t图象中两线相交表示两物体通过的路程相等，若两物体不是同时出发，则t=5s时不能相遇．故A错误；
B．由图象可知，两物体在5秒内通过的路程甲等于乙．故B错误；
C．s-t图象仅描述直线运动，甲物体的运动图象是曲线，表示物体做变速直线运动，乙物体的运动图象是直线，表示物体做匀速直线运动，故C错误；
D．由图象看出甲物体的图象是一条曲线，表示甲物体做变速运动，乙物体的图象是一条过原点的斜线，表示乙物体做匀速直线运动，故D正确．
5. 将弹簧测力计右端固定，左端与木块相连，木块放在上表面水平的小车上，弹簧测力计保持水平，现拉动小车沿水平向左运动，稳定时弹簧测力计的示数如图所示．则木块所受摩擦力的方向与大小分别是（ ）
A. 水平向右，3.4N
B. 水平向左，3.4N
C. 水平向左，2.6N
D. 水平向右，2.6N
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，弹簧测力计的最小分度值是0.2N，弹簧测力计的示数是2.6N，即弹簧测力计对木块的拉力是2.6N；木块相对于小车向右运动，则木块受的滑动摩擦力方向与木块的相对运动方向相反，水平向左；木块在水平方向上的受力情况如图所示，由于木块静止，处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力
f=F=2.6N
故选C。
6. 如图所示的实验中,相关现象说法正确的是
A. 图甲中闭合开关,通电螺线管右端为N极
B. 图乙中通电导线周围存在着磁场,将小磁针移走,该磁场消失
C. 图丙中闭合开关,导体ab左右运动,灵敏电流计指针不会偏转
D. 图丁中闭合开关,仅对调磁体的N.S极,导体ab所受磁场力方向相反
【答案】D
【解析】
【详解】A．在电源外部，电流从电源的正极流向负极；用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极，所以螺线管左端是N极，故A错误；
B．通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故B错误；
C．闭合开关，导体ab左右运动时，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计指针会偏转，故C错误；
D．通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关；电流方向不变，对调N、S极，磁场方向与原来相反，则导体ab所受磁场力方向相反，故D正确．
7. 如图所示，电源电压不变，先闭合S1，再闭合S2，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表、电流表示数均变小
B. 电压表示数变大，电路总功率变大
C. 电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大
D. 电压表与电流表示数的比值变大
【答案】B
【解析】
【分析】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，根据串联电路的电流和电压的特点分析电流表示数、电压表示数的变化；根据公式判定功率的变化．
【详解】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故AC错误；电源电压不变，电流变大，根据可知，电路的总功率变大，故B正确；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故D错误．
故选B．
【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断．
8. 如图，当水平拉力F=5N时，恰好可使物体沿水平地面向左做匀速直线运动，已知物体A重为10N，所受地面摩擦力为8N，若在10s时间内，物体A水平移动了2m，不计绳和滑轮自重，则此过程中（ ）
A. 拉力F的功率为1WB. 拉力F做功为10J
C. 物体A重力做功为20JD. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】
【详解】ABD．该滑轮组的绕绳股数n是2，物体A移动了2m，则绳子移动了
拉力做功为
拉力的功率为
物体A在水平方向上受到滑轮组向左拉力和地面对其向右的摩擦力，因A在做匀速直线运动，所以它们是一对平衡力，即滑轮组对A的拉力和摩擦力大小相等，均为8N。
拉力对物体A做的有用功为
滑轮组的机械效率为
故D符合题意，AB不符合题意；
C．物体A是在水平方向移动的，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为零，故C不符合题意。
故选D。
9. 水平桌面上有甲乙两个质量和底面积均相同的容器，分别装有密度不同的液体，将两个完全相同的小球放入容器中，静止时两容器中液面高度相同，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B. 甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力
C. 甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力
D. 甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．两个小球重力相等，甲图，小球漂浮，浮力等于重力，即
F甲=G
乙图，小球悬浮，浮力等于重力，即
F乙=G
所以甲容器中小球受到的浮力等于乙容器中小球受到的浮力，根据F浮=ρ液gV排，在浮力相同时，由图知
V甲排＜V乙排
所以
ρ甲＞ρ乙
故AB错误；
C．两容器中液面高度相同
ρ甲＞ρ乙
根据p=ρgh可知
p甲＞p乙
由F=pS可知，S相同，容器底受到液体的压力
F甲＞F乙
故C正确；
D．放入球后，两容器液面相平
V甲排＜V乙排
两个容器底面积相同，甲容器上下一样粗，乙容器底小口大，不能判断放入小球前，两个容器中液体体积的大小关系，所以两个液体的质量大小关系不能判断，容器对桌面的压力等于容器、液体和小球的总重力，它们的大小关系不能判断，故D错误。
故选C。
10. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f＝15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，物距等于像距，则光屏上得到一个清晰等大的实像，则有
解得
故A错误；
B．将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C．贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D．用f＝15cm的凸透镜替换图中透镜，u＝20cm，则f＜u＜2f，此时成倒立、放大的实像，像距大于2倍焦距，向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像，故D正确。
故选D。
11. 如图所示，水平地面上有一块密度0.5×103kg/m3、高1m的长方体木块。小林用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间！的变化情况分别如图甲、乙所示。则下列说法错误的是（ ）
A. 木块静止时对地面的压强为5000PaB. 在3~5s内，木块前进的距离为2m
C. t=2s时，木块所受的摩擦力了为300ND. 在0~1s内木块受的摩擦力f为100N
【答案】C
【解析】
【详解】A．由于木块是长方体，放在水平地面时，由
可知木块对水平地面的压强为
p=ρgh=0.5×103kg/m3×10N/kg×1m=5000Pa
故A正确，不符合题意；
B．由图乙可知木块在3~5s内的运动速度为v3=1.0m/s，木块在3~5s内前进的距离为
s3=v3t3=1.0m/s×2s=2m
故B正确，不符合题意；
C．由图乙可知木块在3~5s内做匀速直线运动，木块在水平方向受推力和摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，由图甲可知，木块所受的摩擦力大小为
f=F=200N
由图乙可知木块在1~3s内做加速直线运动，但木块所受的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则木块所受的滑动摩擦力不变，大小f=200N，故C错误，符合题意；
D．在0~1s内物体没有移动，处于静止状态，摩擦力与推力相平衡，由图甲可知，此时木块所受推力大小为100N，即此时木块所受摩擦力大小为f'=100N，故D正确，不符合题意。
故选C。
12. 如图所示，是《天工开物》中记载的我国传统提水工具“桔槔”，用绳子系住一根直的硬棒的O点作为支点，A端挂有重为40N的石块，B端挂有重为20N的空桶，OA长为1.2m，OB长为0.6m。使用时，人向下拉绳放下空桶，装满重为100N的水后向上拉绳缓慢将桶提起。硬棒质量忽略不计，下列说法中正确的是（ ）
A. 向下拉绳放下空桶时桔槔为省力杠杆
B. 向下拉绳放下空桶时拉力为
C. 向上拉绳提起装满水的桶时桔槔为费力杠杆
D. 向上拉绳提起装满水的桶时拉力为
【答案】D
【解析】
【详解】A．向下拉绳放下空桶时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B．向下拉绳放下空桶时，根据杠杆平衡条件可知
G石·OA=（G桶+F）·OB
即
40N×1.2m=（20N+F）×0.6m
解之可得：F=60N，故B错误；
C．向上拉绳提起装满水的桶时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；
D．向上拉绳提起装满水的桶时，根据杠杆的平衡条件可知：
G石·OA=（G桶+G水-Fˊ）·OB
即
40N×1.2m=（20N+100N-Fˊ）×0.6m
解得Fˊ=40N，故D正确。
故选D。
13. 有一款新型皮箱，其内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，拉着皮箱在夜间行走会更安全。如图所示的装置中，与其原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】皮箱内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里LED灯会发光，这是“磁生电”，是电磁感应现象；
A．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B．图中是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故B不符合题意；
C．图中开关闭合后，通电线圈在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C不符合题意；
D．图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D正确。
故选D。
14. 如图为探究杠杆平衡条件的实验装置，杠杆平衡时，钩码对杠杆的阻力，阻力臂，测力计示数，则动力臂为（ ）
A. 15cmB. 8cmC. 50cmD. 80cm
【答案】B
【解析】
【详解】由杠杆平衡公式
得
A．15cm与计算结果不符；
B．8cm与计算结果符合；
C．50cm与计算结果不符；
D．80cm与计算结果不符；
【点睛】杠杆只要处于静止状态或匀速转动状态均为平
衡状态．
二、多选题
15. 下列关于热现象说法正确的是（ ）
A. 内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
B. 现代火箭用液态氢作燃料，是因为氢的比热容大
C. 高压锅是利用增大锅内气压来升高液体沸点工作的
D. 打气筒在打气时，筒壁发热主要是通过做功改变了内能
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．做功冲程，高温高压气体对活塞做功，将内能转化机械能，故A正确；
B．使用液氢作燃料，是因为液氢的热值大，完全燃烧相同质量的燃料时，液氢放出的热量大，故B错误；
C．气压越高，沸点越高，高压锅是通过增大锅内气压来升高液体沸点来进行工作的，故C正确；
D．打气筒打气时，通过摩擦将机械能转化为内能，使筒壁发热，这是通过做功方式改变了物体的内能，故D正确。
故选ACD。
16. 凸透镜是一种基本光学元件，在生活中有广泛的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 用放大镜观察报纸时，报纸应放在一倍焦距与二倍焦距之间；要使观察的像更大些，报纸要远离放大镜
B. 用投影仪放映物理试题时，要使银幕上所成像更大而且清晰些，应该让镜头下降些，同时投影仪远离银幕
C. 用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，应该让拍摄对象靠近镜头，同时镜头前伸
D. 用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，应该改用长焦镜头，同时镜头前伸
【答案】BCD
【解析】
【详解】A． 放大镜是利用物距小于一倍焦距成正立、放大的虚像的原理制成的；要使观察的像更大些，报纸要远离放大镜，故选项A不符合题意；
B． 用投影仪放映物理试题时，要使银幕上所成像更大而且清晰些，则需减小物距，增大像距，故应该让镜头下降些，同时投影仪远离银幕，故选项B符合题意；
CD．用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，则需减小物距，增大像距，故应该让拍摄对象靠近镜头，同时镜头前伸，或改用长焦镜头，同时镜头前伸，故选项CD符合题意．
17. 水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体实心物块M、N（都不溶于水）分别放入两个烧杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。则下列相关说法正确的是（ ）
A. M受到的浮力小于N受到的浮力
B. 甲液体的密度大于乙液体的密度
C. 甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
D. 若将M、N同时放入甲液体中静止时，M底面受到液体的压力等于N底面受到液体的压力
【答案】BD
【解析】
【详解】A．物块M漂浮在液面上，N悬浮在液体中，所以浮力都等于重力，重力相同所以浮力也相等，故A错误；
B．由图知道：M的体积小于N的体积，M、N质量相等，所以；M漂浮，所以，N悬浮，所以，综上分析可知：，故B正确；
C．液体的压强与液体密度和深度有关，由图可知深度相同，甲的密度大，所以甲液体对杯底压强大于乙液体对杯底的压强，故C错误；
D．因为，所以物块N放入甲液体中处于漂浮，漂浮时浮力等于重力，因为重力相等，所以浮力也相等，根据浮力产生的原因可知：物块底部受到的压力大小就等于浮力，所以M、N底部受到液体的压力相等，故D正确。
故选BD。
18. 某次体育课学生训练跳远，如图是某学生起跳后的运动轨迹，b为最高点，a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A. b点时速度为零B. a、c两点的动能相等
C. a点机械能和d点机械能大小相等D. 落地后运动员失去惯性
【答案】BC
【解析】
【详解】A．运动到最高点b点时，学生在水平方向上具有速度，故A错误；
B．由于不计空气阻力，则跳起后运动过程中机械能守恒，则a点机械能与c点、d点机械能大小相等，a、c两点高度相同，则在a、c两点的重力势能相同，所以这两点的动能相同，故BC正确；
D．惯性只与物体的质量有关，所以落地后的运动员仍有惯性，故D错误。
故选BC。
19. 如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A. 条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B. 条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C. 将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力变小
D. 若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B．条形磁铁静止在水平桌面上，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C正确；
D．若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性强弱不变，只是磁极发生改变，条形磁体此时受到电磁铁的吸引力的大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选AC。
20. 如图所示，电源电压恒为4V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样（灯丝电阻不变）。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器滑片，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表的变化范围是1.5V～3V
B. 电路消耗总功率的变化范围是0.6W～0.75W
C. 小灯泡的实际电功率的变化范围是0.2W～1.25W
D. 滑动变阻器连入电路的阻值的变化范围是10Ω～20Ω
【答案】AC
【解析】
【分析】
【详解】A．根据小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样，可知小灯泡能够允许的电流为
灯泡L的电阻为
则电路中的最大电流为0.5A，故最小的总电阻为
则滑动变阻器的最小值为
根据串联分压，此时的滑动变阻器的阻值最小，滑动变阻器的电压最小，故此时滑动变阻器的最小电压为
电压表测量的是滑动变阻器的电压，故电压表的最小示数为1.5V，当滑动变阻器的阻值变大时，电流变小，根据串联分压，滑动变阻器的电阻变大，则滑动变阻器两端的电压变大，电压表的示数变大，根据电压表的量程为0～3V，故电压表的最大示数为3V，故A正确；
B．当电压表的示数为3V时，则小灯泡两端的电压为
则此时的电流为
此时的滑动变阻器的阻值最大，电源电压不变，故此时的电流最小，电路的最小功率为
从A可知，电路中最大的电流为0.5A，则电路的最大电功率为
故B错误；
C．小灯泡的实际电功率的最小为
小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样，可知小灯泡最大的功率为1.25W，故C正确；
D．从A可知，滑动变阻器连入电路的阻值最小值为3Ω，从B可知，当电压表的示数为3V时，此时电流为0.2A，则滑动变阻器的接入的电阻的阻值最大，滑动变阻器的最大阻值为
故滑动变阻器连入电路的阻值的变化范围是3Ω～15Ω，故D错误。
故选AC。
21. 如图所示，R是一个巨磁电阻，其电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S1、S2，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列判断正确的是（ ）
A. R变大，灯L变暗B. A端为N极，磁性增强
C. R变小，灯L变亮D. A端为S极，磁性减弱
【答案】BC
【解析】
【详解】AC．当滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电阻变小，根据欧姆定律，电压一定时，电流变大，电磁铁磁场增强，巨磁电阻R在磁场中电阻减小，电路中电流变大，L变亮。故A错误，C正确；
BD．电流从B端流入，根据安培定则，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所示的方向为N极，故A端为N，当滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电阻变小，根据欧姆定律，电压一定时，电流变大，电磁铁磁场增强，故B正确，D错误。
故选BC。
三、填空题
22. 一辆正在喷洒消毒液的汽车匀速行驶在水平公路上，汽车的动能______（选填增大、减小、不变）。
【答案】减小
【解析】
【详解】正在喷洒消毒液的汽车匀速行驶在水平公路上，速度不变，质量越来越小，因此汽车的动能减小。
23. 一台电动机正常工作时线圈两端的电压为220V，线圈电阻为2Ω，线圈中电流为10A。这台电动机正常工作100s产生的热量为_____J，电流做的功为_____J。
【答案】 ①. 2×104 ②. 2.2×105
【解析】
【详解】[1]电动机正常运转时的电压为220V，线圈的电阻为2Ω，通过的电流为10A，工作时间t=100s，线圈产生的热量
Q=I2Rt=(10A)2×2Ω×100s=2×104J
[2]电流做的功
W=UIt=220V×10A×100s=2.2×105J
24. 如图照明电路中电灯突然熄灭，用试电笔测a、b、c点，试电笔均发亮，测试d点不亮，故障是______；试电笔发亮时，火线、试电笔、人体与大地构成______联电路。
【答案】 ①. cd段断路 ②. 串
【解析】
【分析】
【详解】[1]用试电笔测a、b、c点，试电笔均发亮，说明火线到c点之间都没故障，测试d点不亮，说明故障是cd段断路。
[2]试电笔发亮时，火线、试电笔、人体与大地连接成一条闭合的回路，故火线、试电笔、人体与大地构成串联电路。
25. 目前，人类利用核能发电的主要方式是______（选填“核裂变”或“核聚变”）；石油、天然气是______能源（选填“可再生”或“不可再生”）。小明参加了一次长跑，身体消耗的能量约为8.4×106J，这些能量相当于完全燃烧______m3的天然气。（q天然气=4×107J/m3）
【答案】 ①. 核裂变 ②. 不可再生 ③. 0.21
【解析】
【详解】[1][2]人类利用核能发电的主要方式是可控的核裂变。石油、天然气等能源会越用越少，不能在短期内从自然界中得到补充，所以是不可再生能源。
[3]小明消耗的能量相当于完全燃烧天然气的体积为
26. 某汽车的汽油机每秒做功40次，则其曲轴在1min内转动了______圈。当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，此时汽油的热值______。（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 4800 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]汽油机每做功一次，曲轴转动2圈，每秒做功40次，一秒曲轴转动80圈，1min内转动了4800圈。
[2]热值的大小只与燃料本身有关，与是否充分燃烧无关，所以当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，此时汽油的热值不变。
27. 商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论。售货员说：微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费。顾客说：微波炉很费电，他家的微波炉一开就“跳闸”。上述争论中，顾客混淆的两个概念是______和______。
【答案】 ①. 电功 ②. 电功率
【解析】
【详解】[1][2]售货员说省电是同样情况下用电少，即电能或电功少，顾客说微波炉一开就“跳闸”说明工作电流大，电功率大，故顾客混淆的两个概念是电功与电功率。
28. 如图所示是不同频率电磁波的波形图，由图可知：红外线的频率比紫外线的频率（选填“高”或“低”）______。
【答案】低
【解析】
【详解】由图可知，红外线的频率约为1012Hz，紫外线的频率约为1016Hz，故红外线的频率比紫外线的频率低。
29. PM2.5是指大气中直径不大于2.51μm的颗粒悬浮物，能被肺泡吸收并进入血液，影响人体健康．某科研队伍成功研制出PM2.5净化器，其原理如图所示．闭合开关S1、S2后，风扇旋转吸入含有颗粒物空气，当颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C时会被快速吸引过来，这是因为带电体具有吸引 _________ 的性质；当颗粒物快速通过光洁金属网C后，会带上负电荷，然后被带有正电荷的棉芯D吸附住，这是因为 ________ ．
【答案】 ①. 轻小物体 ②. 异种电荷互相吸引．
【解析】
【详解】颗粒物第一次吸引过来时，是因为它不带电，而C却带电，故带电体都有吸引轻小物体的性质；第二次被棉芯吸住是因为颗粒带负电，而棉芯带正电，是异种电荷相互吸引的结果．
30. 一件500kg的冰雕作品熔化成水后的质量为______kg，体积是______m3。（水的密度是1.0×103kg/m3）
【答案】 ①. 500 ②. 0.5
【解析】
【详解】[1][2]物体的质量与物态无关，所以一件500kg的冰雕作品熔化成水后的质量不变，仍为500kg，则水的体积为
31. 如图丁是一种叫做“舂米对”的古代简单机械的示意图，使用这个装置时，人在A端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎。用力将它踩下去的过程中，动力是 ___________（选填“自身的重力”或“脚踩的力”），这是一个 ___________杠杆（选填“省力”或“费力”）。
【答案】 ①. 脚踩的力 ②. 费力
【解析】
【详解】[1]人并未在完全站在A端，所以用力将它踩下去的过程中，动力是脚踩的力。
[2]由图可知此时动力臂小于阻力臂，所以这是一个费力杠杆。
32. 奥斯特实验表明：通电导线周围存在着 ___________，如图丙所示，可判断电源的 ___________端是正极。（选填“a”或“b”）
【答案】 ①. 磁场 ②. a
【解析】
【详解】[1]奥斯特实验表明通电导线周围存在着磁场，磁场方向与电流方向有关。
[2]如图丙，螺线管的右端为N极，根据安培定则可知电流是从螺线管的左端流入、右端流出，则电源的左端为正极，右端为负极，即a端为电源的正极。
33. 如图所示是定值电阻甲和标有“6 V 3 W”的小灯泡乙的UI图像。若将两者并联在电路中，干路允许通过的最大电流为___________A。若将两者串联在电路中，该电路两端允许的最大电压为___________V；若此时该电路电源的电压为7 V时，电路消耗的总功率为___________W。
【答案】 ①. 1.1 ②. 11 ③. 2.8
【解析】
【详解】[1]两者并联时，为保护电路的安全，由并联电路的电压规律可知，它们两端的最大电压等于小灯泡的额定电压6V，由图象可知，此时通过甲的电流I甲=0.6A，通过乙的电流I乙=0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路允许通过的最大电流为
[2]小灯泡乙的额定电压为6V，由图象可知，灯泡的额定电流为0.5A，因串联电路中的电流处处相等，所以为保护电路的安全，定值电阻与灯泡串联时电路中的最大电流等于灯泡的额定电流0.5A，由图象可知，此时定值电阻两端的电压为5V，小灯泡两端的电压是6V，所以电路两端允许的最大电压为
[3]因为两灯串联，起分压作用，由图象可知，电源电压为7V时，甲两端的电压为4V，乙两端的电压为3V，此时电路中的电流为0.4A，所以此时电路消耗的总功率为
34. 如图所示是轿车车顶的外掀式天窗若将天窗的前面关闭，后面微微向上打开，轿车行驶时，就能使车内污浊的空气被“抽出”其原理时：天窗外空气流速_____车内空气流速，天窗外空气压强_____车内空气压强（均选填“大于”或“小于”）．
【答案】 ①. 大于 ②. 小于
【解析】
【分析】流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大．．
【详解】汽车开动后，车外的空气相对汽车要比车内的空气流动快，即天窗外空气流速大于车内空气流速，流速快的地方压强小，天窗外空气的压强小于车内空气的压强，所以车内空气被“抽”到车外．
四、作图题
35. 如图为按压式订书机，乙图是该订书机工作时杠杆原理的简化图，O为支点。请画出作用在A点的最小动力F1及力臂。
【答案】
【解析】
【详解】动力最小，即动力臂最长，动力的方向应该向下，连接支点O与动力的作用点A即为最长力臂，过动力的作用点作垂线就得到施加的最小动力，如图所示：
36. 如图，装有水的烧杯底部有一枚硬币A，眼睛在B处看到硬币在C处。画出人眼看到硬币的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】当折射光线进入人眼时，人凭光沿直线传播的感觉，判断硬币在折射光线的反向延长线上的C处，人看到的是硬币的虚像；从题中条件可知，人眼在B处，像在C处，先连接B、C两点，与水面交于点O，那么O为入射点，再连接AO，这为入射光线，标上箭头，OB为折射光线，并标上箭头，如下图所示。
37. 如图所示，一透镜一半刚好浸在水中，请作出光线通过透镜后在空气和水中的的折射光线的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；过入射点垂直界面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示
五、实验题
38. 小晴在沙滩上捡到一小块鹅卵石，想用学过的浮力知识测量它的密度，于是把它拿到了实验室。
（1）她设计了用弹簧测力计、烧杯、水、细线测量的方案如下：
a．用细线将鹅卵石系在弹簧测力计下，测出鹅卵石的重力，记为G。
b．在烧杯内装入适量水，并用弹簧测力计提着鹅卵石，使它浸没在水中，记下弹簧测力计的示数F。
c．鹅卵石密度的表达式为ρ石=______（用G、F和ρ水表示）。
（2）在用弹簧测力计测量鹅卵石的重力时，出现了如图甲所示的现象，使得她放弃了这个方案，她放弃的理由是______。
（3）她在老师指导下重新设计了用天平、烧杯、水、细线测量鹅卵石密度的方案，并进行了测量。
a．将天平放在水平台上，把游码放到标尺______处，当指针静止时如图乙所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直到横梁平衡。
b．用天平测量鹅卵石的质量，天平平衡时，砝码质量和游码位置如图丙所示，则鹅卵石的质量为______g。
c．在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为60g。
d．如图丁所示，使烧杯仍在天平左盘，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时，天平的示数为68.8g。则鹅卵石的体积为______cm3，鹅卵石的密度为______g/cm3。（结果保留一位小数，ρ水=10×103kg/m3）
【答案】 ①. ②. 测力计分度值过大(或测力计量程过大) ③. 左端的零刻线 ④. 右 ⑤. 18.4 ⑥. 8.8 ⑦. 2.1
【解析】
【详解】(1)[1]鹅卵石的质量
在烧杯内装入适量水，并用弹簧测力计提着鹅卵石，使它浸没在水中，记下弹簧测力计的示数F，则鹅卵石受到的浮力为
鹅卵石的体积
鹅卵石密度的表达式为
(2)[2]由图甲可知，指针所在位置与零刻度较近，可知鹅卵石的重力偏小，所以她放弃了这个方案，她放弃的理由是测力计分度值过大(或测力计量程过大)。
(3)[3]天平使用前，应先把游码归零，所以将天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻线处。
[4]指针指在刻度盘左端，此时应将平衡螺母向右调节，直到横梁平衡。
[5]由图丙可知，鹅卵石的质量
[6]天平测量烧杯和水的总质量为60g，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时，天平的示数为68.8g，则绳子对鹅卵石的拉力为
鹅卵石受到的浮力
鹅卵石的体积
[7]鹅卵石的密度
39. 小飞在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω）、开关、导线若干。
（1）在按电路图连接实物时，开关必须处于______状态；
（2）如图甲是小飞连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数______，电压表的示数______（均选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）小冲在一旁观察后指出小飞没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确______；
（4）小李在探究电流与电压的关系时，要控制______不变。通过实验探究，得到以下数据。在进行数据分析时，小李发现表格中有一组错误的数据，请你找出第______组数据是错误的；
（5）接下来他们分别接入其他电阻再次对电流与电阻关系进行探究，并作出了如图乙所示图像，请你通过图像中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=______V；
（6）小亮同学将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，小梦认为他的做法不正确，请你说明理由：______。
【答案】 ①. 断开 ②. 不变 ③. 不变 ④. ⑤. 电阻 ⑥. 4 ⑦. 2 ⑧. 小灯泡的电阻随温度的变化而变化
【解析】
【详解】（1）[1]在按电路图连接实物时，为了保护电路，开关必须处于断开状态。
（2）[2][3]由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与定值电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变。
（3）[4]定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，如图所示：
（4）[5]根据控制变量法的思想，在探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，改变定值电阻两端电压得到多组数据进行分析。
[6]分析数据可知，第1、2、3、5次实验
而第4 次实验
因此第4 次实验数据是错误的。
（5）[7]由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.1A时，电阻为20Ω，则电压为
U1=IR=0.1A×20Ω=2V
（6）[8]将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系是不正确的，因为探究电流与电压的关系需保持电阻一定，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此不正确。
40. 在探究凸透镜成像规律的实验中：
（1）如图乙所示，小想同学把蜡烛固定在15cm刻度线位置，透镜固定在50cm刻度线位置，______（填光学仪器）就是利用这一成像规律工作的；
（2）图乙中，保持蜡烛和光屏位置不动，适当向______（选填“左”或“右”）移动凸透镜，光屏上可以再次得到清晰的像；
（3）图乙中，保持蜡烛和凸透镜位置不动，换成焦距更小的凸透镜，适当向______（选填“左”或“右”）移动光屏可以再次得到清晰的像；
（4）小成同学上地理课，地图比较小，他把物理课的透镜拿过来放在地图上，感觉字仍然比较小，他需要稍微______（选填“远离”或“靠近”）地图。
【答案】 ①. 照相机 ②. 左 ③. 左 ④. 远离
【解析】
【详解】（1）[1]根据甲图可知，刻度尺的分度值为1cm，此凸透镜的焦距为
如图乙所示，此时的物距为
根据凸透镜成像的规律，此时成倒立、缩小的实像，故照相机就是利用这一成像规律工作的。
（2）[2]图乙中，根据凸透镜成像的规律，此时物距大于2倍焦距，像距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，根据光路的可逆性，保持蜡烛和光屏位置不动，适当向左移动凸透镜，当物距与像距的大小对调时，光屏上可以再次得到清晰的像。
（3）[3]图乙中，保持蜡烛和凸透镜位置不动，换成焦距更小的凸透镜，会聚能力增强，像距变小，故应适当向左移动光屏可以再次得到清晰的像。
（4）[4]用凸透镜观察地图，属于放大镜，物体位于1倍焦距以内，由于越靠近焦点，所成的像越大，故感觉字仍然比较小，他需要稍微远离地图。
41. 小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，步骤如图所示．
（1）物体的重力为____N．
（2）比较图B和图____得到的结论是物体浸入液体的体积越大，受到的浮力越大．
（3）比较图C和图D得到的结论是_______________．
【答案】 ①. 4 ②. C ③. 浮力大小与液体密度有关
【解析】
【详解】（1）第一个图弹簧测力计测出物体的重力G=4N；
（2）整个实验方法是控制变量法．比较浮力和体积的关系，要控制液体种类相同，只有浸入的体积不同，因此比较的是B图和C图．
（3）比较图C和图D浸入液体的体积一样，只有液体种类不同一个是水一个是盐水密度不同，但是弹簧测力计读数不同，说明浮力不同，即浮力大小与液体密度有关．
六、计算题
42. 质量为60kg的工人站在水平地面上，用如图装置匀速打捞浸没在长方形水池中的物体，水池底面积为15m2，物体重2000N、体积为0.1m3，物体未露出水面前，此装置机械效率为80%．（不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦）g取10N/kg求：
（1）物体浸没在水中受到的浮力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若工人双脚与地面的接触面积为500cm2，当他对地面的压强为2×103Pa时，池底受到水的压强的变化量．
【答案】（1）1000N；（2）250N；（3）50Pa．
【解析】
【详解】分析：（1）根据可求物体浸没在水中受到的浮力；
（2）不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦，根据，已知装置机械效率为80%，可求动滑轮重；
（3）已知工人的质量，可求工人的重力；已知工人对地面的压强，根据可求对地面的压力，根据可求绳子的拉力，根据可求出浮力的变化量，即可求排开液体的变化量，再根据求出液体深度的变化量，由可求池底受到水的压强的变化量，
解答：（1）物体浸没在水中受到的浮力：；
（2）不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦，装置机械效率；，解得：G动=250N；
（3）由图可知，n=4，工人的重力，，工人对地面的压力：，，此时绳子对人的拉力：，此时物体在长方形水池受到的浮力：，，物体排开液体的体积：由′可得，，排开液体的变化量：；液体深度的变化量：
，池底受到水的压强的变化量：．
答：（1）物体浸没在水中受到的浮力是1000N；
（2）动滑轮的重力是250N；
（3）若工人双脚与地面的接触面积为500cm2，当他对地面的压强为2×103Pa时，池底受到水的压强的变化量是50Pa．
【点睛】本题为力学综合题，考查了压强、浮力、机械效率的计算，题目较难．
43. 如图所示为一种电热加湿器及其原理图。当加热仓中的电热丝加热到沸腾后变成蒸气喷出，增加空气的湿度。已知储水仓为圆柱形，当加热仓中的水对底部的压强减少到一定程度时，阀门便会自动打开，储水箱中的水就会自动流入补充。加热仓中水的质量为30g，加湿器的工作电压为220V，加湿器的最大运行功率40W，加热仓的底面积为0.02m2。
（1）当加湿器以最大功率运行工作时，求电热丝R1的电阻值；
（2）若以电热丝最大功率运行，且热效率为84%，那么加热仓中的水由20℃加热到沸腾需要多长时间；[当时当地气压为1个标准大气压。c=4.2×103J/(kg·℃)]
（3）设电热丝电阻不变，当电热丝的实际功率为10W时，计算出此时气雾调节电阻R2的功率？
【答案】（1）1210Ω；（2）300s；（3）10W
【解析】
【详解】解：（1）由图可知，当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，加湿器以最大运行功率工作；根据题意可知，加湿器的最大运行功率P=40W，电热丝R1的阻值
（2）水吸收的热量
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg·℃)×30×10-3kg×(100℃﹣20℃)=1.008×104J
消耗电能
加热的时间
（3）由P=I2R可知，电路中的电流
电热丝R1两端的电压
根据串联电路的电压特点可知，气雾调节器R2两端的电压
U2=U﹣U1=220V﹣110V=110V
气雾调节电阻R2的功率
答：（1）当加湿器以最大功率运行工作时，电热丝R1的电阻值为1210Ω；
（2）若以电热丝最大功率运行，且热效率为84%，那么加热仓中的水由20℃加热到沸腾需要的时间为300s；
（3）此时气雾调节电阻R2的功率为10W。
44. 太阳能是21世纪重点开发利用的能源之一，如今太阳能热水器已走进千家万户。如图所示，某家庭太阳能热水器阳光照射时，平均每小时吸收的太阳能，若热水器吸收8h的太阳能，可以使质量为100kg的水温度升高50C。已知水的比热容，天然气的热值。求：
（1）水吸收的热量；
（2）该太阳能热水器的效率；
（3）若这些水吸收的热量由天然气来提供，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少m3的天然气。
【答案】（1）；（2）37.5%；（3）0.6m3
【解析】
【详解】解：（1）水吸收的热量为
（2）太阳能热水器在8h内吸收的热量为
所以，太阳能热水器的效率为
（3）若这些热量由天然气提供
则所需天然气的体积
答：（1）水吸收的热量为。
（2）该太阳能热水器的效率为37.5%；
（3）若这些水吸收的热量由天然气来提供，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少0.6m3的天然气。
45. 某容器放在水平桌面上，盛有足量的水。现将体积为1.25×10﹣4m3、质量为0.4kg的实心正方体放入水中，正方体不断下沉，直到沉底，沉底后水的深度为0.2m，如图所示。(已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg)求：
(1)正方体受到的重力的大小；
(2)正方体浸没在水中受到的浮力的大小F浮；
(3)容器底受水的压强。
【答案】(1) 4N；(2) 1.25N；(3) 2×103Pa
【解析】
【详解】(1)正方体的重力
G＝mg＝0.4kg×10N/kg＝4N
正方体受到的重力的大小为4N
(2)正方体浸没在水中，V排＝V＝1.25×10﹣4m3，则正方体受到的浮力
F浮＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣4m3＝1.25N
正方体浸没在水中受到的浮力的大小为1.25N。
(3)容器底受水的压强为
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa
容器底受水的压强为2×103Pa。
答：(1)正方体受到的重力的大小为4N；
(2)正方体浸没在水中受到的浮力的大小为1.25N ；
(3)容器底受水的压强为2×103Pa。序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.8
1.2
1.6
2.0
2.4
电流I/A
0.16
0.24
0.32
0.44
0.48
一、单选题
1. 下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A. 核能B. 太阳能C. 煤D. 可燃冰
【答案】B
【解析】
【详解】A．核能不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B．太阳能从自然界里源源不断得到补充，属于可再生能源，故B符合题意；
CD．可燃冰、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故CD不符合题意。
故选B。
2. 中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
B. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C. “斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
D. “月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．“已是悬崖百丈冰”，冰是由水凝固形成的，需要放热，故A错误；
B．“露似真珠月似弓”，露是由空气中水蒸气遇冷液化形成的，需要放热，故B正确；
C．“斜月沉沉藏海雾”，雾由空气中水蒸气遇冷液化形成的，需要放热，故C错误；
D．“月落乌啼霜满天”，霜的形成是水蒸气遇冷凝华形成的，需要放热，故D错误。
故选B。
3. 下列说法正确的是（ ）
A. 汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体上部受到惯性的作用
B. 静止在水平地面上的课桌对地面的压力与地面对课桌的支持力是一对平衡力
C. 奥斯特实验证实电流的周围存在着磁场
D. 动圈式话筒的原理与电动机的原理相同
【答案】C
【解析】
【详解】A．汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．静止在水平地面上的课桌对地面的压力，受力物理是地面，地面对课桌的支持力，受力物体是课桌，受力物体是两个物体，所以不是一对平衡力，故B错误；
C．给沿南北方向水平放置的直导线通电，导线下面的小磁针就会发生偏转，断电后，小磁针恢复原状，这就是奥斯特实验，验证了电流周围存在磁场，故C正确；
D．动圈式话筒是利用电磁感应原理制成的，电动机的原理是通电线圈在磁场中受到力的作用，故D错误。
故选C。
4. 甲、乙两物体运动时，路程与时间关系的s-t图像如图所示．其中甲为曲线，乙为直线，在t=5秒时两线相交．则由图像可知（ ）
A. 两物体在t=5秒时一定相遇
B. 两物体在5秒内通过的路程甲小于乙
C. 甲物体做曲线运动，乙物体做直线运动
D. 甲物体做变速运动，乙物体做匀速运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．s-t图象中两线相交表示两物体通过的路程相等，若两物体不是同时出发，则t=5s时不能相遇．故A错误；
B．由图象可知，两物体在5秒内通过的路程甲等于乙．故B错误；
C．s-t图象仅描述直线运动，甲物体的运动图象是曲线，表示物体做变速直线运动，乙物体的运动图象是直线，表示物体做匀速直线运动，故C错误；
D．由图象看出甲物体的图象是一条曲线，表示甲物体做变速运动，乙物体的图象是一条过原点的斜线，表示乙物体做匀速直线运动，故D正确．
5. 将弹簧测力计右端固定，左端与木块相连，木块放在上表面水平的小车上，弹簧测力计保持水平，现拉动小车沿水平向左运动，稳定时弹簧测力计的示数如图所示．则木块所受摩擦力的方向与大小分别是（ ）
A. 水平向右，3.4N
B. 水平向左，3.4N
C. 水平向左，2.6N
D. 水平向右，2.6N
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，弹簧测力计的最小分度值是0.2N，弹簧测力计的示数是2.6N，即弹簧测力计对木块的拉力是2.6N；木块相对于小车向右运动，则木块受的滑动摩擦力方向与木块的相对运动方向相反，水平向左；木块在水平方向上的受力情况如图所示，由于木块静止，处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力
f=F=2.6N
故选C。
6. 如图所示的实验中,相关现象说法正确的是
A. 图甲中闭合开关,通电螺线管右端为N极
B. 图乙中通电导线周围存在着磁场,将小磁针移走,该磁场消失
C. 图丙中闭合开关,导体ab左右运动,灵敏电流计指针不会偏转
D. 图丁中闭合开关,仅对调磁体的N.S极,导体ab所受磁场力方向相反
【答案】D
【解析】
【详解】A．在电源外部，电流从电源的正极流向负极；用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极，所以螺线管左端是N极，故A错误；
B．通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故B错误；
C．闭合开关，导体ab左右运动时，切割磁感线，会产生感应电流，灵敏电流计指针会偏转，故C错误；
D．通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关；电流方向不变，对调N、S极，磁场方向与原来相反，则导体ab所受磁场力方向相反，故D正确．
7. 如图所示，电源电压不变，先闭合S1，再闭合S2，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表、电流表示数均变小
B. 电压表示数变大，电路总功率变大
C. 电压表示数不变，总电阻变小，电流表示数变大
D. 电压表与电流表示数的比值变大
【答案】B
【解析】
【分析】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，根据串联电路的电流和电压的特点分析电流表示数、电压表示数的变化；根据公式判定功率的变化．
【详解】由图可知，先闭合S1时，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测R1两端的电压；根据串联电路的电压特点可知，其示数小于电源电压；再闭合S2，R2被短路，电路为R1的简单电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是电源电压，所以电压表的示数变大；R1的电阻小于两电阻串联的总电阻，即总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；故AC错误；电源电压不变，电流变大，根据可知，电路的总功率变大，故B正确；由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故D错误．
故选B．
【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和电表所测电路元件的判断．
8. 如图，当水平拉力F=5N时，恰好可使物体沿水平地面向左做匀速直线运动，已知物体A重为10N，所受地面摩擦力为8N，若在10s时间内，物体A水平移动了2m，不计绳和滑轮自重，则此过程中（ ）
A. 拉力F的功率为1WB. 拉力F做功为10J
C. 物体A重力做功为20JD. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】
【详解】ABD．该滑轮组的绕绳股数n是2，物体A移动了2m，则绳子移动了
拉力做功为
拉力的功率为
物体A在水平方向上受到滑轮组向左拉力和地面对其向右的摩擦力，因A在做匀速直线运动，所以它们是一对平衡力，即滑轮组对A的拉力和摩擦力大小相等，均为8N。
拉力对物体A做的有用功为
滑轮组的机械效率为
故D符合题意，AB不符合题意；
C．物体A是在水平方向移动的，在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为零，故C不符合题意。
故选D。
9. 水平桌面上有甲乙两个质量和底面积均相同的容器，分别装有密度不同的液体，将两个完全相同的小球放入容器中，静止时两容器中液面高度相同，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度
B. 甲容器中小球受到的浮力大于乙容器中小球受到的浮力
C. 甲容器底部受到液体的压力大于乙容器底部受到液体的压力
D. 甲容器对桌面的压力一定大于乙容器对桌面的压力
【答案】C
【解析】
【详解】AB．两个小球重力相等，甲图，小球漂浮，浮力等于重力，即
F甲=G
乙图，小球悬浮，浮力等于重力，即
F乙=G
所以甲容器中小球受到的浮力等于乙容器中小球受到的浮力，根据F浮=ρ液gV排，在浮力相同时，由图知
V甲排＜V乙排
所以
ρ甲＞ρ乙
故AB错误；
C．两容器中液面高度相同
ρ甲＞ρ乙
根据p=ρgh可知
p甲＞p乙
由F=pS可知，S相同，容器底受到液体的压力
F甲＞F乙
故C正确；
D．放入球后，两容器液面相平
V甲排＜V乙排
两个容器底面积相同，甲容器上下一样粗，乙容器底小口大，不能判断放入小球前，两个容器中液体体积的大小关系，所以两个液体的质量大小关系不能判断，容器对桌面的压力等于容器、液体和小球的总重力，它们的大小关系不能判断，故D错误。
故选C。
10. 在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是（ ）
A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰像，该成像规律应用在照相机上
C. 在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用
D. 用f＝15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，物距等于像距，则光屏上得到一个清晰等大的实像，则有
解得
故A错误；
B．将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故B错误；
C．贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故C错误；
D．用f＝15cm的凸透镜替换图中透镜，u＝20cm，则f＜u＜2f，此时成倒立、放大的实像，像距大于2倍焦距，向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像，故D正确。
故选D。
11. 如图所示，水平地面上有一块密度0.5×103kg/m3、高1m的长方体木块。小林用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间！的变化情况分别如图甲、乙所示。则下列说法错误的是（ ）
A. 木块静止时对地面的压强为5000PaB. 在3~5s内，木块前进的距离为2m
C. t=2s时，木块所受的摩擦力了为300ND. 在0~1s内木块受的摩擦力f为100N
【答案】C
【解析】
【详解】A．由于木块是长方体，放在水平地面时，由
可知木块对水平地面的压强为
p=ρgh=0.5×103kg/m3×10N/kg×1m=5000Pa
故A正确，不符合题意；
B．由图乙可知木块在3~5s内的运动速度为v3=1.0m/s，木块在3~5s内前进的距离为
s3=v3t3=1.0m/s×2s=2m
故B正确，不符合题意；
C．由图乙可知木块在3~5s内做匀速直线运动，木块在水平方向受推力和摩擦力，这两个力是一对平衡力，大小相等，由图甲可知，木块所受的摩擦力大小为
f=F=200N
由图乙可知木块在1~3s内做加速直线运动，但木块所受的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则木块所受的滑动摩擦力不变，大小f=200N，故C错误，符合题意；
D．在0~1s内物体没有移动，处于静止状态，摩擦力与推力相平衡，由图甲可知，此时木块所受推力大小为100N，即此时木块所受摩擦力大小为f'=100N，故D正确，不符合题意。
故选C。
12. 如图所示，是《天工开物》中记载的我国传统提水工具“桔槔”，用绳子系住一根直的硬棒的O点作为支点，A端挂有重为40N的石块，B端挂有重为20N的空桶，OA长为1.2m，OB长为0.6m。使用时，人向下拉绳放下空桶，装满重为100N的水后向上拉绳缓慢将桶提起。硬棒质量忽略不计，下列说法中正确的是（ ）
A. 向下拉绳放下空桶时桔槔为省力杠杆
B. 向下拉绳放下空桶时拉力为
C. 向上拉绳提起装满水的桶时桔槔为费力杠杆
D. 向上拉绳提起装满水的桶时拉力为
【答案】D
【解析】
【详解】A．向下拉绳放下空桶时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B．向下拉绳放下空桶时，根据杠杆平衡条件可知
G石·OA=（G桶+F）·OB
即
40N×1.2m=（20N+F）×0.6m
解之可得：F=60N，故B错误；
C．向上拉绳提起装满水的桶时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C错误；
D．向上拉绳提起装满水的桶时，根据杠杆的平衡条件可知：
G石·OA=（G桶+G水-Fˊ）·OB
即
40N×1.2m=（20N+100N-Fˊ）×0.6m
解得Fˊ=40N，故D正确。
故选D。
13. 有一款新型皮箱，其内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，拉着皮箱在夜间行走会更安全。如图所示的装置中，与其原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】皮箱内部没有电源，但拖动皮箱让轮子滚动时，嵌在轮子里LED灯会发光，这是“磁生电”，是电磁感应现象；
A．图中是奥斯特实验，说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；
B．图中是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故B不符合题意；
C．图中开关闭合后，通电线圈在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C不符合题意；
D．图中实验装置无电源，闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是电磁感应现象，故D正确。
故选D。
14. 如图为探究杠杆平衡条件的实验装置，杠杆平衡时，钩码对杠杆的阻力，阻力臂，测力计示数，则动力臂为（ ）
A. 15cmB. 8cmC. 50cmD. 80cm
【答案】B
【解析】
【详解】由杠杆平衡公式
得
A．15cm与计算结果不符；
B．8cm与计算结果符合；
C．50cm与计算结果不符；
D．80cm与计算结果不符；
【点睛】杠杆只要处于静止状态或匀速转动状态均为平
衡状态．
二、多选题
15. 下列关于热现象说法正确的是（ ）
A. 内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
B. 现代火箭用液态氢作燃料，是因为氢的比热容大
C. 高压锅是利用增大锅内气压来升高液体沸点工作的
D. 打气筒在打气时，筒壁发热主要是通过做功改变了内能
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．做功冲程，高温高压气体对活塞做功，将内能转化机械能，故A正确；
B．使用液氢作燃料，是因为液氢的热值大，完全燃烧相同质量的燃料时，液氢放出的热量大，故B错误；
C．气压越高，沸点越高，高压锅是通过增大锅内气压来升高液体沸点来进行工作的，故C正确；
D．打气筒打气时，通过摩擦将机械能转化为内能，使筒壁发热，这是通过做功方式改变了物体的内能，故D正确。
故选ACD。
16. 凸透镜是一种基本光学元件，在生活中有广泛的应用，下列说法正确的是（ ）
A. 用放大镜观察报纸时，报纸应放在一倍焦距与二倍焦距之间；要使观察的像更大些，报纸要远离放大镜
B. 用投影仪放映物理试题时，要使银幕上所成像更大而且清晰些，应该让镜头下降些，同时投影仪远离银幕
C. 用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，应该让拍摄对象靠近镜头，同时镜头前伸
D. 用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，应该改用长焦镜头，同时镜头前伸
【答案】BCD
【解析】
【详解】A． 放大镜是利用物距小于一倍焦距成正立、放大的虚像的原理制成的；要使观察的像更大些，报纸要远离放大镜，故选项A不符合题意；
B． 用投影仪放映物理试题时，要使银幕上所成像更大而且清晰些，则需减小物距，增大像距，故应该让镜头下降些，同时投影仪远离银幕，故选项B符合题意；
CD．用照相机照人像照时，要使所成像更大而且清晰些，则需减小物距，增大像距，故应该让拍摄对象靠近镜头，同时镜头前伸，或改用长焦镜头，同时镜头前伸，故选项CD符合题意．
17. 水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体实心物块M、N（都不溶于水）分别放入两个烧杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。则下列相关说法正确的是（ ）
A. M受到的浮力小于N受到的浮力
B. 甲液体的密度大于乙液体的密度
C. 甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
D. 若将M、N同时放入甲液体中静止时，M底面受到液体的压力等于N底面受到液体的压力
【答案】BD
【解析】
【详解】A．物块M漂浮在液面上，N悬浮在液体中，所以浮力都等于重力，重力相同所以浮力也相等，故A错误；
B．由图知道：M的体积小于N的体积，M、N质量相等，所以；M漂浮，所以，N悬浮，所以，综上分析可知：，故B正确；
C．液体的压强与液体密度和深度有关，由图可知深度相同，甲的密度大，所以甲液体对杯底压强大于乙液体对杯底的压强，故C错误；
D．因为，所以物块N放入甲液体中处于漂浮，漂浮时浮力等于重力，因为重力相等，所以浮力也相等，根据浮力产生的原因可知：物块底部受到的压力大小就等于浮力，所以M、N底部受到液体的压力相等，故D正确。
故选BD。
18. 某次体育课学生训练跳远，如图是某学生起跳后的运动轨迹，b为最高点，a、c两点高度相同，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A. b点时速度为零B. a、c两点的动能相等
C. a点机械能和d点机械能大小相等D. 落地后运动员失去惯性
【答案】BC
【解析】
【详解】A．运动到最高点b点时，学生在水平方向上具有速度，故A错误；
B．由于不计空气阻力，则跳起后运动过程中机械能守恒，则a点机械能与c点、d点机械能大小相等，a、c两点高度相同，则在a、c两点的重力势能相同，所以这两点的动能相同，故BC正确；
D．惯性只与物体的质量有关，所以落地后的运动员仍有惯性，故D错误。
故选BC。
19. 如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）
A. 条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B. 条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C. 将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力变小
D. 若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B．条形磁铁静止在水平桌面上，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C正确；
D．若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性强弱不变，只是磁极发生改变，条形磁体此时受到电磁铁的吸引力的大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。
故选AC。
20. 如图所示，电源电压恒为4V，电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样（灯丝电阻不变）。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器滑片，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表的变化范围是1.5V～3V
B. 电路消耗总功率的变化范围是0.6W～0.75W
C. 小灯泡的实际电功率的变化范围是0.2W～1.25W
D. 滑动变阻器连入电路的阻值的变化范围是10Ω～20Ω
【答案】AC
【解析】
【分析】
【详解】A．根据小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样，可知小灯泡能够允许的电流为
灯泡L的电阻为
则电路中的最大电流为0.5A，故最小的总电阻为
则滑动变阻器的最小值为
根据串联分压，此时的滑动变阻器的阻值最小，滑动变阻器的电压最小，故此时滑动变阻器的最小电压为
电压表测量的是滑动变阻器的电压，故电压表的最小示数为1.5V，当滑动变阻器的阻值变大时，电流变小，根据串联分压，滑动变阻器的电阻变大，则滑动变阻器两端的电压变大，电压表的示数变大，根据电压表的量程为0～3V，故电压表的最大示数为3V，故A正确；
B．当电压表的示数为3V时，则小灯泡两端的电压为
则此时的电流为
此时的滑动变阻器的阻值最大，电源电压不变，故此时的电流最小，电路的最小功率为
从A可知，电路中最大的电流为0.5A，则电路的最大电功率为
故B错误；
C．小灯泡的实际电功率的最小为
小灯泡L标有“2.5V 1.25W”的字样，可知小灯泡最大的功率为1.25W，故C正确；
D．从A可知，滑动变阻器连入电路的阻值最小值为3Ω，从B可知，当电压表的示数为3V时，此时电流为0.2A，则滑动变阻器的接入的电阻的阻值最大，滑动变阻器的最大阻值为
故滑动变阻器连入电路的阻值的变化范围是3Ω～15Ω，故D错误。
故选AC。
21. 如图所示，R是一个巨磁电阻，其电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S1、S2，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列判断正确的是（ ）
A. R变大，灯L变暗B. A端为N极，磁性增强
C. R变小，灯L变亮D. A端为S极，磁性减弱
【答案】BC
【解析】
【详解】AC．当滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电阻变小，根据欧姆定律，电压一定时，电流变大，电磁铁磁场增强，巨磁电阻R在磁场中电阻减小，电路中电流变大，L变亮。故A错误，C正确；
BD．电流从B端流入，根据安培定则，右手四指顺着电流方向握住螺线管，大拇指所示的方向为N极，故A端为N，当滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电阻变小，根据欧姆定律，电压一定时，电流变大，电磁铁磁场增强，故B正确，D错误。
故选BC。
三、填空题
22. 一辆正在喷洒消毒液的汽车匀速行驶在水平公路上，汽车的动能______（选填增大、减小、不变）。
【答案】减小
【解析】
【详解】正在喷洒消毒液的汽车匀速行驶在水平公路上，速度不变，质量越来越小，因此汽车的动能减小。
23. 一台电动机正常工作时线圈两端的电压为220V，线圈电阻为2Ω，线圈中电流为10A。这台电动机正常工作100s产生的热量为_____J，电流做的功为_____J。
【答案】 ①. 2×104 ②. 2.2×105
【解析】
【详解】[1]电动机正常运转时的电压为220V，线圈的电阻为2Ω，通过的电流为10A，工作时间t=100s，线圈产生的热量
Q=I2Rt=(10A)2×2Ω×100s=2×104J
[2]电流做的功
W=UIt=220V×10A×100s=2.2×105J
24. 如图照明电路中电灯突然熄灭，用试电笔测a、b、c点，试电笔均发亮，测试d点不亮，故障是______；试电笔发亮时，火线、试电笔、人体与大地构成______联电路。
【答案】 ①. cd段断路 ②. 串
【解析】
【分析】
【详解】[1]用试电笔测a、b、c点，试电笔均发亮，说明火线到c点之间都没故障，测试d点不亮，说明故障是cd段断路。
[2]试电笔发亮时，火线、试电笔、人体与大地连接成一条闭合的回路，故火线、试电笔、人体与大地构成串联电路。
25. 目前，人类利用核能发电的主要方式是______（选填“核裂变”或“核聚变”）；石油、天然气是______能源（选填“可再生”或“不可再生”）。小明参加了一次长跑，身体消耗的能量约为8.4×106J，这些能量相当于完全燃烧______m3的天然气。（q天然气=4×107J/m3）
【答案】 ①. 核裂变 ②. 不可再生 ③. 0.21
【解析】
【详解】[1][2]人类利用核能发电的主要方式是可控的核裂变。石油、天然气等能源会越用越少，不能在短期内从自然界中得到补充，所以是不可再生能源。
[3]小明消耗的能量相当于完全燃烧天然气的体积为
26. 某汽车的汽油机每秒做功40次，则其曲轴在1min内转动了______圈。当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，此时汽油的热值______。（选填“增大”“不变”或“减小”）。
【答案】 ①. 4800 ②. 不变
【解析】
【详解】[1]汽油机每做功一次，曲轴转动2圈，每秒做功40次，一秒曲轴转动80圈，1min内转动了4800圈。
[2]热值的大小只与燃料本身有关，与是否充分燃烧无关，所以当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，此时汽油的热值不变。
27. 商场中，卖微波炉的售货员和顾客就微波炉省电还是费电发生了争论。售货员说：微波炉很省电，用它加热食物花不了多少电费。顾客说：微波炉很费电，他家的微波炉一开就“跳闸”。上述争论中，顾客混淆的两个概念是______和______。
【答案】 ①. 电功 ②. 电功率
【解析】
【详解】[1][2]售货员说省电是同样情况下用电少，即电能或电功少，顾客说微波炉一开就“跳闸”说明工作电流大，电功率大，故顾客混淆的两个概念是电功与电功率。
28. 如图所示是不同频率电磁波的波形图，由图可知：红外线的频率比紫外线的频率（选填“高”或“低”）______。
【答案】低
【解析】
【详解】由图可知，红外线的频率约为1012Hz，紫外线的频率约为1016Hz，故红外线的频率比紫外线的频率低。
29. PM2.5是指大气中直径不大于2.51μm的颗粒悬浮物，能被肺泡吸收并进入血液，影响人体健康．某科研队伍成功研制出PM2.5净化器，其原理如图所示．闭合开关S1、S2后，风扇旋转吸入含有颗粒物空气，当颗粒物接近带有负电荷的光洁金属网C时会被快速吸引过来，这是因为带电体具有吸引 _________ 的性质；当颗粒物快速通过光洁金属网C后，会带上负电荷，然后被带有正电荷的棉芯D吸附住，这是因为 ________ ．
【答案】 ①. 轻小物体 ②. 异种电荷互相吸引．
【解析】
【详解】颗粒物第一次吸引过来时，是因为它不带电，而C却带电，故带电体都有吸引轻小物体的性质；第二次被棉芯吸住是因为颗粒带负电，而棉芯带正电，是异种电荷相互吸引的结果．
30. 一件500kg的冰雕作品熔化成水后的质量为______kg，体积是______m3。（水的密度是1.0×103kg/m3）
【答案】 ①. 500 ②. 0.5
【解析】
【详解】[1][2]物体的质量与物态无关，所以一件500kg的冰雕作品熔化成水后的质量不变，仍为500kg，则水的体积为
31. 如图丁是一种叫做“舂米对”的古代简单机械的示意图，使用这个装置时，人在A端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎。用力将它踩下去的过程中，动力是 ___________（选填“自身的重力”或“脚踩的力”），这是一个 ___________杠杆（选填“省力”或“费力”）。
【答案】 ①. 脚踩的力 ②. 费力
【解析】
【详解】[1]人并未在完全站在A端，所以用力将它踩下去的过程中，动力是脚踩的力。
[2]由图可知此时动力臂小于阻力臂，所以这是一个费力杠杆。
32. 奥斯特实验表明：通电导线周围存在着 ___________，如图丙所示，可判断电源的 ___________端是正极。（选填“a”或“b”）
【答案】 ①. 磁场 ②. a
【解析】
【详解】[1]奥斯特实验表明通电导线周围存在着磁场，磁场方向与电流方向有关。
[2]如图丙，螺线管的右端为N极，根据安培定则可知电流是从螺线管的左端流入、右端流出，则电源的左端为正极，右端为负极，即a端为电源的正极。
33. 如图所示是定值电阻甲和标有“6 V 3 W”的小灯泡乙的UI图像。若将两者并联在电路中，干路允许通过的最大电流为___________A。若将两者串联在电路中，该电路两端允许的最大电压为___________V；若此时该电路电源的电压为7 V时，电路消耗的总功率为___________W。
【答案】 ①. 1.1 ②. 11 ③. 2.8
【解析】
【详解】[1]两者并联时，为保护电路的安全，由并联电路的电压规律可知，它们两端的最大电压等于小灯泡的额定电压6V，由图象可知，此时通过甲的电流I甲=0.6A，通过乙的电流I乙=0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路允许通过的最大电流为
[2]小灯泡乙的额定电压为6V，由图象可知，灯泡的额定电流为0.5A，因串联电路中的电流处处相等，所以为保护电路的安全，定值电阻与灯泡串联时电路中的最大电流等于灯泡的额定电流0.5A，由图象可知，此时定值电阻两端的电压为5V，小灯泡两端的电压是6V，所以电路两端允许的最大电压为
[3]因为两灯串联，起分压作用，由图象可知，电源电压为7V时，甲两端的电压为4V，乙两端的电压为3V，此时电路中的电流为0.4A，所以此时电路消耗的总功率为
34. 如图所示是轿车车顶的外掀式天窗若将天窗的前面关闭，后面微微向上打开，轿车行驶时，就能使车内污浊的空气被“抽出”其原理时：天窗外空气流速_____车内空气流速，天窗外空气压强_____车内空气压强（均选填“大于”或“小于”）．
【答案】 ①. 大于 ②. 小于
【解析】
【分析】流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大．．
【详解】汽车开动后，车外的空气相对汽车要比车内的空气流动快，即天窗外空气流速大于车内空气流速，流速快的地方压强小，天窗外空气的压强小于车内空气的压强，所以车内空气被“抽”到车外．
四、作图题
35. 如图为按压式订书机，乙图是该订书机工作时杠杆原理的简化图，O为支点。请画出作用在A点的最小动力F1及力臂。
【答案】
【解析】
【详解】动力最小，即动力臂最长，动力的方向应该向下，连接支点O与动力的作用点A即为最长力臂，过动力的作用点作垂线就得到施加的最小动力，如图所示：
36. 如图，装有水的烧杯底部有一枚硬币A，眼睛在B处看到硬币在C处。画出人眼看到硬币的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】当折射光线进入人眼时，人凭光沿直线传播的感觉，判断硬币在折射光线的反向延长线上的C处，人看到的是硬币的虚像；从题中条件可知，人眼在B处，像在C处，先连接B、C两点，与水面交于点O，那么O为入射点，再连接AO，这为入射光线，标上箭头，OB为折射光线，并标上箭头，如下图所示。
37. 如图所示，一透镜一半刚好浸在水中，请作出光线通过透镜后在空气和水中的的折射光线的光路图。
【答案】
【解析】
【详解】平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点；过入射点垂直界面作出法线，根据折射角小于入射角，在水中法线的另一侧作出折射光线，如图所示
五、实验题
38. 小晴在沙滩上捡到一小块鹅卵石，想用学过的浮力知识测量它的密度，于是把它拿到了实验室。
（1）她设计了用弹簧测力计、烧杯、水、细线测量的方案如下：
a．用细线将鹅卵石系在弹簧测力计下，测出鹅卵石的重力，记为G。
b．在烧杯内装入适量水，并用弹簧测力计提着鹅卵石，使它浸没在水中，记下弹簧测力计的示数F。
c．鹅卵石密度的表达式为ρ石=______（用G、F和ρ水表示）。
（2）在用弹簧测力计测量鹅卵石的重力时，出现了如图甲所示的现象，使得她放弃了这个方案，她放弃的理由是______。
（3）她在老师指导下重新设计了用天平、烧杯、水、细线测量鹅卵石密度的方案，并进行了测量。
a．将天平放在水平台上，把游码放到标尺______处，当指针静止时如图乙所示，此时应将平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，直到横梁平衡。
b．用天平测量鹅卵石的质量，天平平衡时，砝码质量和游码位置如图丙所示，则鹅卵石的质量为______g。
c．在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为60g。
d．如图丁所示，使烧杯仍在天平左盘，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时，天平的示数为68.8g。则鹅卵石的体积为______cm3，鹅卵石的密度为______g/cm3。（结果保留一位小数，ρ水=10×103kg/m3）
【答案】 ①. ②. 测力计分度值过大(或测力计量程过大) ③. 左端的零刻线 ④. 右 ⑤. 18.4 ⑥. 8.8 ⑦. 2.1
【解析】
【详解】(1)[1]鹅卵石的质量
在烧杯内装入适量水，并用弹簧测力计提着鹅卵石，使它浸没在水中，记下弹簧测力计的示数F，则鹅卵石受到的浮力为
鹅卵石的体积
鹅卵石密度的表达式为
(2)[2]由图甲可知，指针所在位置与零刻度较近，可知鹅卵石的重力偏小，所以她放弃了这个方案，她放弃的理由是测力计分度值过大(或测力计量程过大)。
(3)[3]天平使用前，应先把游码归零，所以将天平放在水平台上，把游码放到标尺左端的零刻线处。
[4]指针指在刻度盘左端，此时应将平衡螺母向右调节，直到横梁平衡。
[5]由图丙可知，鹅卵石的质量
[6]天平测量烧杯和水的总质量为60g，用细线系着鹅卵石，并使其悬在烧杯里的水中，当天平平衡时，天平的示数为68.8g，则绳子对鹅卵石的拉力为
鹅卵石受到的浮力
鹅卵石的体积
[7]鹅卵石的密度
39. 小飞在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，准备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5Ω，10Ω，15Ω，20Ω）、开关、导线若干。
（1）在按电路图连接实物时，开关必须处于______状态；
（2）如图甲是小飞连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数______，电压表的示数______（均选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（3）小冲在一旁观察后指出小飞没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“×”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确______；
（4）小李在探究电流与电压的关系时，要控制______不变。通过实验探究，得到以下数据。在进行数据分析时，小李发现表格中有一组错误的数据，请你找出第______组数据是错误的；
（5）接下来他们分别接入其他电阻再次对电流与电阻关系进行探究，并作出了如图乙所示图像，请你通过图像中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U=______V；
（6）小亮同学将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，小梦认为他的做法不正确，请你说明理由：______。
【答案】 ①. 断开 ②. 不变 ③. 不变 ④. ⑤. 电阻 ⑥. 4 ⑦. 2 ⑧. 小灯泡的电阻随温度的变化而变化
【解析】
【详解】（1）[1]在按电路图连接实物时，为了保护电路，开关必须处于断开状态。
（2）[2][3]由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与定值电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变。
（3）[4]定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，如图所示：
（4）[5]根据控制变量法的思想，在探究电流与电压的关系时，要控制电阻不变，改变定值电阻两端电压得到多组数据进行分析。
[6]分析数据可知，第1、2、3、5次实验
而第4 次实验
因此第4 次实验数据是错误的。
（5）[7]由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.1A时，电阻为20Ω，则电压为
U1=IR=0.1A×20Ω=2V
（6）[8]将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系是不正确的，因为探究电流与电压的关系需保持电阻一定，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，因此不正确。
40. 在探究凸透镜成像规律的实验中：
（1）如图乙所示，小想同学把蜡烛固定在15cm刻度线位置，透镜固定在50cm刻度线位置，______（填光学仪器）就是利用这一成像规律工作的；
（2）图乙中，保持蜡烛和光屏位置不动，适当向______（选填“左”或“右”）移动凸透镜，光屏上可以再次得到清晰的像；
（3）图乙中，保持蜡烛和凸透镜位置不动，换成焦距更小的凸透镜，适当向______（选填“左”或“右”）移动光屏可以再次得到清晰的像；
（4）小成同学上地理课，地图比较小，他把物理课的透镜拿过来放在地图上，感觉字仍然比较小，他需要稍微______（选填“远离”或“靠近”）地图。
【答案】 ①. 照相机 ②. 左 ③. 左 ④. 远离
【解析】
【详解】（1）[1]根据甲图可知，刻度尺的分度值为1cm，此凸透镜的焦距为
如图乙所示，此时的物距为
根据凸透镜成像的规律，此时成倒立、缩小的实像，故照相机就是利用这一成像规律工作的。
（2）[2]图乙中，根据凸透镜成像的规律，此时物距大于2倍焦距，像距在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，根据光路的可逆性，保持蜡烛和光屏位置不动，适当向左移动凸透镜，当物距与像距的大小对调时，光屏上可以再次得到清晰的像。
（3）[3]图乙中，保持蜡烛和凸透镜位置不动，换成焦距更小的凸透镜，会聚能力增强，像距变小，故应适当向左移动光屏可以再次得到清晰的像。
（4）[4]用凸透镜观察地图，属于放大镜，物体位于1倍焦距以内，由于越靠近焦点，所成的像越大，故感觉字仍然比较小，他需要稍微远离地图。
41. 小明做“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验，步骤如图所示．
（1）物体的重力为____N．
（2）比较图B和图____得到的结论是物体浸入液体的体积越大，受到的浮力越大．
（3）比较图C和图D得到的结论是_______________．
【答案】 ①. 4 ②. C ③. 浮力大小与液体密度有关
【解析】
【详解】（1）第一个图弹簧测力计测出物体的重力G=4N；
（2）整个实验方法是控制变量法．比较浮力和体积的关系，要控制液体种类相同，只有浸入的体积不同，因此比较的是B图和C图．
（3）比较图C和图D浸入液体的体积一样，只有液体种类不同一个是水一个是盐水密度不同，但是弹簧测力计读数不同，说明浮力不同，即浮力大小与液体密度有关．
六、计算题
42. 质量为60kg的工人站在水平地面上，用如图装置匀速打捞浸没在长方形水池中的物体，水池底面积为15m2，物体重2000N、体积为0.1m3，物体未露出水面前，此装置机械效率为80%．（不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦）g取10N/kg求：
（1）物体浸没在水中受到的浮力；
（2）动滑轮的重力；
（3）若工人双脚与地面的接触面积为500cm2，当他对地面的压强为2×103Pa时，池底受到水的压强的变化量．
【答案】（1）1000N；（2）250N；（3）50Pa．
【解析】
【详解】分析：（1）根据可求物体浸没在水中受到的浮力；
（2）不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦，根据，已知装置机械效率为80%，可求动滑轮重；
（3）已知工人的质量，可求工人的重力；已知工人对地面的压强，根据可求对地面的压力，根据可求绳子的拉力，根据可求出浮力的变化量，即可求排开液体的变化量，再根据求出液体深度的变化量，由可求池底受到水的压强的变化量，
解答：（1）物体浸没在水中受到的浮力：；
（2）不考虑水对物体的阻力、绳重及绳与滑轮间的摩擦，装置机械效率；，解得：G动=250N；
（3）由图可知，n=4，工人的重力，，工人对地面的压力：，，此时绳子对人的拉力：，此时物体在长方形水池受到的浮力：，，物体排开液体的体积：由′可得，，排开液体的变化量：；液体深度的变化量：
，池底受到水的压强的变化量：．
答：（1）物体浸没在水中受到的浮力是1000N；
（2）动滑轮的重力是250N；
（3）若工人双脚与地面的接触面积为500cm2，当他对地面的压强为2×103Pa时，池底受到水的压强的变化量是50Pa．
【点睛】本题为力学综合题，考查了压强、浮力、机械效率的计算，题目较难．
43. 如图所示为一种电热加湿器及其原理图。当加热仓中的电热丝加热到沸腾后变成蒸气喷出，增加空气的湿度。已知储水仓为圆柱形，当加热仓中的水对底部的压强减少到一定程度时，阀门便会自动打开，储水箱中的水就会自动流入补充。加热仓中水的质量为30g，加湿器的工作电压为220V，加湿器的最大运行功率40W，加热仓的底面积为0.02m2。
（1）当加湿器以最大功率运行工作时，求电热丝R1的电阻值；
（2）若以电热丝最大功率运行，且热效率为84%，那么加热仓中的水由20℃加热到沸腾需要多长时间；[当时当地气压为1个标准大气压。c=4.2×103J/(kg·℃)]
（3）设电热丝电阻不变，当电热丝的实际功率为10W时，计算出此时气雾调节电阻R2的功率？
【答案】（1）1210Ω；（2）300s；（3）10W
【解析】
【详解】解：（1）由图可知，当气雾调节器R2的滑片移到最左边时，接入电路中的电阻为零，电路为R1的简单电路，加湿器以最大运行功率工作；根据题意可知，加湿器的最大运行功率P=40W，电热丝R1的阻值
（2）水吸收的热量
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg·℃)×30×10-3kg×(100℃﹣20℃)=1.008×104J
消耗电能
加热的时间
（3）由P=I2R可知，电路中的电流
电热丝R1两端的电压
根据串联电路的电压特点可知，气雾调节器R2两端的电压
U2=U﹣U1=220V﹣110V=110V
气雾调节电阻R2的功率
答：（1）当加湿器以最大功率运行工作时，电热丝R1的电阻值为1210Ω；
（2）若以电热丝最大功率运行，且热效率为84%，那么加热仓中的水由20℃加热到沸腾需要的时间为300s；
（3）此时气雾调节电阻R2的功率为10W。
44. 太阳能是21世纪重点开发利用的能源之一，如今太阳能热水器已走进千家万户。如图所示，某家庭太阳能热水器阳光照射时，平均每小时吸收的太阳能，若热水器吸收8h的太阳能，可以使质量为100kg的水温度升高50C。已知水的比热容，天然气的热值。求：
（1）水吸收的热量；
（2）该太阳能热水器的效率；
（3）若这些水吸收的热量由天然气来提供，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少m3的天然气。
【答案】（1）；（2）37.5%；（3）0.6m3
【解析】
【详解】解：（1）水吸收的热量为
（2）太阳能热水器在8h内吸收的热量为
所以，太阳能热水器的效率为
（3）若这些热量由天然气提供
则所需天然气的体积
答：（1）水吸收的热量为。
（2）该太阳能热水器的效率为37.5%；
（3）若这些水吸收的热量由天然气来提供，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少0.6m3的天然气。
45. 某容器放在水平桌面上，盛有足量的水。现将体积为1.25×10﹣4m3、质量为0.4kg的实心正方体放入水中，正方体不断下沉，直到沉底，沉底后水的深度为0.2m，如图所示。(已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg)求：
(1)正方体受到的重力的大小；
(2)正方体浸没在水中受到的浮力的大小F浮；
(3)容器底受水的压强。
【答案】(1) 4N；(2) 1.25N；(3) 2×103Pa
【解析】
【详解】(1)正方体的重力
G＝mg＝0.4kg×10N/kg＝4N
正方体受到的重力的大小为4N
(2)正方体浸没在水中，V排＝V＝1.25×10﹣4m3，则正方体受到的浮力
F浮＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣4m3＝1.25N
正方体浸没在水中受到的浮力的大小为1.25N。
(3)容器底受水的压强为
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2×103Pa
容器底受水的压强为2×103Pa。
答：(1)正方体受到的重力的大小为4N；
(2)正方体浸没在水中受到的浮力的大小为1.25N ；
(3)容器底受水的压强为2×103Pa。序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.8
1.2
1.6
2.0
2.4
电流I/A
0.16
0.24
0.32
0.44
0.48
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