2024年1月“七省联考”考前高三上学期期末物理猜想卷 新高考七省卷03（安徽）

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（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如
需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写
在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回
一．选择题（本题共10小题，共42分，在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一项符合题目要求，9~10题有多项符合题目要求，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答得0分。）
1．【答案】B
【详解】A．该核反应方程虽为β衰变，但该核反应方程反应前后不满足质量数守恒，故A不符合题意；
B．该核反应方程属于α衰变，属于天然衰变，反应方程满足电荷数和质量数守恒，故B符合题意；
C．该核反应方程为核裂变方程，不是衰变方程。故C不符合题意；
D．该核反应方程为卢瑟福发现质子的人工核反应的方程式。故D不符合题意。
故选B。
2．【答案】C
【详解】A．饮水机喷出来的水做斜抛运动，a、b两处水流等高，可知a、b两处水流速度大小相等，但方向不同，a处水流速度方向斜向上，b处水流速度方向斜向下，故A错误；
B．位移是初位置指向末位置的有向线段，a、b两处水流末位置不同，故位移不同，故B错误；
CD．忽略空气阻力，饮水机喷出来的水流只受重力作用，加速度为重力加速度，故a，b两处水流的加速度相同，故C正确，D错误。
故选C。
3．【答案】D
【详解】A．当绳子与x方向达到最大倾角时，绳上的拉力在x轴方向的分力与水的阻力大小相等，故A错误；
B．人和冲浪板做简谐运动时重力势能不变，动能不断变化，机械能不守恒，故B错误；
CD．人和冲浪板做简谐运动类似单摆的运动，由单摆的周期公式
等效重力加速度为
可得人和冲浪板做简谐运动的周期为
故C错误，D正确。
故选D。
4．【答案】D
【详解】A. 根据万有引力提供向心力公式
转移轨道I远地点距离地球的距离等于转移轨道II近地点距离地球的距离，即卫星在转移轨道I远地点的加速度等于转移轨道II近地点的加速度，故A错误；
B.卫星变轨运动过程中，需要向后喷火，机械能会增加，引力势能的增加量大于动能的减少量，故B错误；
C．根据开普勒第二定律，该卫星在相同圆轨道上与地心的连线在相同时间内扫过的面积相同，故C错误；
D．在地球表面附近运行时，线速度近似等于第一宇宙速度，但在近地点处要加速变轨，所以此时速度大于第一宇宙速度，故D正确；
故选D。
5．【答案】D
【详解】A．负极针组件产生电晕，利用了尖端放电的原理，故A错误；
B．负离子能使空气中烟尘、病菌等微粒带电，为了更有效率地吸附尘埃，集尘栅板应带正电，故B错误；
C．电场线由正极指向负极，负极针组件附近的电势较低，故C错误；
D．烟尘吸附到集尘栅板的过程中，电势升高，根据
电势能减少，故D正确。
故选D。
6．【答案】A
【详解】A．折射光线在玻璃内与两条法线的夹角相等，即平行玻璃砖的入射光线与出射光线平行。入射光线在界面的入射角小于，由折射定律可知，则折射光线与法线夹角小于全反射临界角，折射光线不可能在下表面发生全反射，A错误；
B．设，根据几何关系可得
又由折射定律
联立求得
B正确；
C．入射角越大，折射光线在玻璃中的长度越长，通过玻璃砖的时间越长，C正确；
D．可以考虑极限情况，当光线垂直入射时，侧移量是，入射角增加，开始有侧移量，说明入射角改变，光线的侧移量（即图中的）也改变，D正确。
故选A。
7．【答案】B
【详解】设圆周运动所在平面与O1的高度为h，圆周半径为r，则
解上式得
所以线速度 v与角度、半径无关。根据
由几何关系可知
可得
根据
可得
故选B。
8．【答案】D
【详解】A．由题可知电场力与洛伦兹力等大反向，对于带正电粒子，电场力向上，洛伦兹力向下，由左手定则可知，极板间匀强磁场的方向垂直于纸面向外，故A错误；
B．由电场力与洛伦兹力等大反向得
解得
故B错误；
CD．两带电粒子速度相同，均为，粒子进入磁场后做圆周运动，带正电粒子打在Q点，半径为，带负电的粒子打在P点，半径为，则有
解得
又由洛伦兹力提供向心力可得
得
则粒子的质量之差的绝对值为
故D正确C错误。
故选D。
9．【答案】AD
【详解】A．在输电功率一定的条件下，适当提高输电电压可以减小输电电流，减少输电线上产生的焦耳热，从而提高输电效率，故A正确。
B．变压器工作不能改变交变电流的频率，故B错误。
C．当输电电压过高或输电频率过高时，远距离输电线路上的电感、电容对输电的损耗可能大于电阻引起的损耗，故C错误。
D．若并入电网的交流电与电网中交流电的相位不同，轻则会使输电效率降低，严重时会损坏输电设备，故D正确。
故选AD。
10．【答案】BD
【详解】ABD．小木块获得初速度开始运动的瞬间，受重力、支持力、滑动摩擦力，滑动摩擦力的方向与方向反向，把重力分解为垂直斜面向上和沿斜面向下的两个力，则根据牛顿第二定律有
解得
此后木块在y方向做加速运动，x方向做减速运动，当x方向速度减为零时x方向不在运动，最终木块在y方向做匀加速直线运动，其加速度大小为
所以木块不是做类平抛运动，A错误，BD正确；
C．滑动摩擦力的方向从最初与方向反向，逐渐变为沿y轴负方向，则小木块沿y轴方向的分运动为先做加速度减小的加速直线运动，后做匀加速直线运动，C错误。
故选BD。
二．非选择题（共58分）
11．（6分）【答案】 （2分） 偏大（2分） （2分）
【详解】1）[1]根据单摆周期公式可得
解得
（2）[2]摆长比实际的摆长大，根据前面得出重力加速度的表达式可得这样计算出来重力加速度值比真实值偏大。
（3）[3]根据单摆周期公式可得
，
解得
12．（10分）
【答案】 b （2分） D （2分） 2.00 （2分） d（2分）
【详解】（1）[1]为防止电路中电流太大损坏电流表和电源，所以应该在闭合S1前将R1调到较大值位置，所以选b端。
[2]小明使用的是等效替代的思想测量热敏电阻的阻值，常温下为几千欧姆，所以R2应选用0 ~ 9999.9Ω的“D”电阻箱。
（2）[3]图像如下

（3）[4][5]由题意可知温度越高，RT的阻值越小，通过电路的电流越大，两个档位中的温度最大值分别对应40℃和100℃，对应阻值分别为1kΩ和200Ω，对应电流分别为3mA和15mA，所以，需要将现有电流表改装成具有两个量程的电流表。S4打向c时为大量程0 ~ 15mA档，对应温度为0 ~ 100℃，此时有
同理S4打向d时有
代入数据得
，
测量人体体温应该将开关S4打向d位置更准确。
13．（12分）【答案】（1）；（2）
【详解】（1）设气缸刚好要滑动时，缸内气体的压强为，根据平衡条件，有
（1分）
解得
（1分）
气体发生等容变化，则
（2分）
解得
（1分）
（2）设当活塞移到缸口时缸内气体温度为，则
（2分）
解得
气体内能增量
（2分）
外界对气体做功
（1分）
根据热力学第一定律
可知，气体吸收的热量
（2分）
14．（14分）【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】（1）根据题意，由机械能守恒定律有
（2分）
由法拉第电磁感应定律有
（1分）
感应电流为
（1分）
导体棒PQ所受安培力F的大小
解得
（1分）
（2）根据题意，由动量守恒定律有
（1分）
由能量守恒定律有
（1分）
导体棒MN上产生的焦耳热
（1分）
解得
（3）根据题意，对PQ棒，由动量定理有
（2分）
又有
（2分）
解得
（1分）
代入数值得
（1分）
15．（16分）【答案】（1）；（2）；（3）
【详解】（1）设P与Q碰撞前的速度大小为，碰撞后P的速度大小为，Q的速度大小为，P从C到B过程根据动能定理可得
（1分）
在C位置有
（1分）
得
，（2分）
（2）根据动量守恒和机械能守恒可得
（1分）
（1分）
得
P从A位置的初速度根据动能定理可得
（1分）
得
（1分）
（3）由（2）得Q碰后速度为
进入长木板上表面，先判断长木板是否移动，Q对长木板摩擦力向右
地面对长木板摩擦力向左
故长木板先不动，Q做匀减速运动，设长木板的长度为L，可得
（2分）
得
Q以与长木板弹性碰撞，可得
（1分）
（1分）
得碰撞后Q的速度大小为
长木板的速度大小为
Q向左减速
长木板向右减速
Q向左做减速运动直至减速到零后再向右做加速运动直到二者共速，再一起做减速运动，所做v-t图像如图
可得
（1分）
相对位移
（1分）
得
，
代入前述，可得
（1分）
即长木板最小长度为
（1分）