广西壮族自治区桂林市奎光学校 2022-2023 学年八年级下学期4月期中考试数学试题
展开这是一份广西壮族自治区桂林市奎光学校 2022-2023 学年八年级下学期4月期中考试数学试题,共23页。试卷主要包含了在平面直角坐标系中,点P,给出下列判断,正确的是等内容,欢迎下载使用。
1.在平面直角坐标系中,点P(2,0)在( )
A.x轴上B.y轴上C.第一象限D.第四象限
2.在▱ABCD中,AB=2cm,BC=3cm,则▱ABCD的周长为( )
A.10cmB.8cmC.6cmD.5cm
3.下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A.B.C.D.
4.下列各组数中,不能作为直角三角形三边长的是( )
A.0.3,0.4,0.5B.12,16,20
C.1,,D.11,40,41
5.如图,D、E、F分别是△ABC三边的中点,若∠A=60°,∠B=45°,则∠EDF的度数为( )
A.45°B.60°C.75°D.80°
6.若一个多边形的内角和是它的外角和的3倍,则该多边形的边数为( )
A.6B.7C.8D.9
7.给出下列判断,正确的是( )
A.连接平行四边形四条边的中点,一定会得到一个矩形
B.对角线相等的四边形是矩形
C.对角线互相垂直且相等的四边形是正方形
D.有一条对角线平分一个内角的平行四边形为菱形
8.如图,OD平分∠AOB,DE⊥AO于点E,DE=4.2,F是射线OB上的任一点,则DF的长度不可能是( )
A.4.2B.5.15C.3.69D.8
9.如图,在Rt△ABC中,∠A=90°,BD平分∠ABC,交AC于点D,若点D恰好在边BC的垂直平分线上,则∠C的度数为( )
A.36°B.30°C.40°D.45°
10.如图,菱形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,点M为边CD的中点,若菱形ABCD的周长为32,∠BAD=60°,则△OCM的面积是( )
A.B.2C.3D.4
11.在长方形ABCD中,AB=5,CB=12,连接AC,∠BAC的角平分线交BC于点E,则线段BE的长为( )
A.B.C.3D.4
12.如图,平行四边形ABCD中,对角线AC,BD交于点O,BD=2AD,E,F,G分别是OC,OD,AB的中点.下列结论正确的是( )
①EG=EF;
②△EFG≌△GBE;
③FB平分∠EFG;
④EA平分∠GEF;
⑤四边形BEFG是菱形.
A.③⑤B.①②④C.①②③④D.①②③④⑤
二.填空题(共6小题,每题3分,共18分)
13.点在第 象限.
14.已知P1(a﹣1,5)和P2(4,b﹣1)关于x轴对称,则a﹣b的值是 .
15.在▱ABCD中,∠A=110°,则∠D= .
16.已知某正多边形每一个外角都等于72°,则从此多边形一个顶点出发,可以引的对角线的条数是 条.
17.如图,在△ABC中,∠ACB=90°,CD=6,D是AB的中点,则AB= .
18.如图所示,将形状大小完全相同的“平行四边形”按照一定规律摆成下列图形,第1幅图中“平行四边形”的个数为a1,第2幅图中“平行四边形”的个数为a2,第3幅图中“平行四边形”的个数为a3…,以此类推,的值为 .
三.解答题(共8小题,共计66分)
19.(6分)如图,OC是∠AOB内的一条射线,D是OC上一点,过点D作DE⊥OA于点E,DF⊥OB于点F,已知OE=OF,求证:OC是∠AOB的平分线.
20.(8分)如图,在四边形ABCD中,已知∠B=90°,∠ACB=30°,AB=3,AD=10,CD=8.
(1)求证:△ACD是直角三角形;
(2)求四边形ABCD的面积.
21.(6分)如图,车高AC=4m,货车卸货时后面挡板AB弯折落在地面A1处,已知点A、B、C在一条直线上,AC⊥A1C,经过测量A1C=2m,求BC的长.
22.(8分)如图,在平面直角坐标系中,已知点A(﹣4,1);B(1,1),C(﹣3,3).
(1)画出△ABC,判断△ABC的形状是 三角形;
(2)点C关于x轴的对称点C'的坐标为 .
(3)已知点P是y轴正半轴上一点,若S△ABC=S△ABP,则点P坐标是 .
23.(8分)如图,在平行四边形ABCD中,点E是CD边的中点,连接AE并延长交BC的延长线于点F.
(1)求证:△ADE≌△FCE;
(2)连接DF、AC,试判断四边形ACFD的形状,并说明理由.
24.(8分)如图,在正方形ABCD中,点E是BC上的一点,点F是CD延长线上的一点,连接AE、AF、EF,且∠FAE=90°.
(1)求证:AE=AF;
(2)若AB=12,AE=13,请求出CF的长.
25.(10分)如图,在▱ABCD中,E为BC的中点,连接AE并延长交DC的延长线于点F,连接BF,AC,若AD=AF.
(1)求证:四边形ABFC是矩形;
(2)若AD=10,∠AFB=30°,直接写出▱ABCD的面积.
26.(12分)如图,在边长为10的菱形ABCD中,对角线BD=16,点O是直线BD上的动点,OE⊥AB于E,OF⊥AD于F.
(1)对角线AC的长是 ,菱形ABCD的面积是 ;
(2)如图1,当点O在对角线BD上运动时,OE+OF的值是否会发生变化?请说明理由;
(3)如图2,当点O在对角线BD的延长线上时,OE+OF的值是否会发生变化?若不变,请说明理由;若变化,请探究OE、OF之间的数量关系,并说明理由.
2022-2023学年广西桂林市秀峰区奎光学校八年级(下)期中数学试卷
参考答案与试题解析
一.选择题(共12小题,每题3分,共36分)
1.在平面直角坐标系中,点P(2,0)在( )
A.x轴上B.y轴上C.第一象限D.第四象限
【分析】根据x轴上的点的纵坐标为0,即可求解.
【解答】解:在平面直角坐标系中,点P(2,0)在x轴上,
故选:A.
【点评】本题考查了坐标轴上点的坐标特征,掌握坐标轴上的点的坐标的特征是解决本题的关键.
2.在▱ABCD中,AB=2cm,BC=3cm,则▱ABCD的周长为( )
A.10cmB.8cmC.6cmD.5cm
【分析】平行四边形的周长等于两邻边长度之和的二倍.
【解答】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB=CD,BC=AD,
∵AB=2cm,BC=3cm,
∴平行四边形ABCD的周长为:2(AB+BC)=2×(2+3)=10(cm).
故选:A.
【点评】本题考查平行四边形的性质,是基础题,熟悉“平行四边形对边相等”这一性质是解答关键.
3.下列图形中,既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )
A.B.C.D.
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的定义解答即可.
【解答】解:A.该图形是中心对称图形,不是轴对称图形,故本选项不符合题意;
B.该图形既不是轴对称图形,也不是中心对称图形,故本选项不符合题意;
C.该图形既是轴对称图形,也是中心对称图形,故本选项符合题意;
D.该图形是轴对称图形,不是中心对称图形,故本选项不符合题意.
故选:C.
【点评】本题考查了轴对称图形和中心对称图形,掌握相关定义是解答本题的关键.把一个图形绕某一点旋转180°,如果旋转后的图形能够与原来的图形重合,那么这个图形就叫做中心对称图形,这个点叫做对称中心;如果一个图形沿一条直线折叠,直线两旁的部分能够互相重合,这个图形叫做轴对称图形,这条直线叫做对称轴.
4.下列各组数中,不能作为直角三角形三边长的是( )
A.0.3,0.4,0.5B.12,16,20
C.1,,D.11,40,41
【分析】根据勾股定理的逆定理:如果三角形有两边的平方和等于第三边的平方,那么这个三角形是直角三角形.如果没有这种关系,这个就不是直角三角形.
【解答】解:A、0.32+0.42=0.52,符合勾股定理的逆定理,故本选项不符合题意;
B、122+162=202,符合勾股定理的逆定理,故本选项不符合题意;
C、12+()2=()2,符合勾股定理的逆定理,故本选项不符合题意;
D、112+402≠412,不符合勾股定理的逆定理,故本选项符合题意.
故选:D.
【点评】本题考查了勾股定理的逆定理,在应用勾股定理的逆定理时,应先认真分析所给边的大小关系,确定最大边后,再验证两条较小边的平方和与最大边的平方之间的关系,进而作出判断.
5.如图,D、E、F分别是△ABC三边的中点,若∠A=60°,∠B=45°,则∠EDF的度数为( )
A.45°B.60°C.75°D.80°
【分析】先根据三角形内角和定理求出∠C的度数,再由D、E、F分别是△ABC三边的中点得出DE∥BC,DF∥AC,从而可得四边形DFCE是平行四边形,进而可得出结论.
【解答】解:∵在△ABC中,∠A=60°,∠B=45°,
∴∠C=180°﹣∠B﹣∠A=180°﹣45°﹣60°=75°.
∵D、E、F分别是△ABC三边的中点,
∵DE∥BC,DF∥AC,
∴四边形DFCE是平行四边形,
∴∠EDF=∠C=75°.
故选:C.
【点评】本题考查的是三角形内角和定理,熟知三角形内角和是180°是解答此题的关键.
6.若一个多边形的内角和是它的外角和的3倍,则该多边形的边数为( )
A.6B.7C.8D.9
【分析】设这个多边形的边数为x,根据多边形的内角和公式、任意多边形的外角和等于360°列出方程,从而解决此题.
【解答】解:设这个多边形的边数为x.
由题意得,180°(x﹣2)=360°×3.
∴x=8.
故选:C.
【点评】本题主要考查多边形的内角与外角,熟练掌握多边形的内角和公式、任意多边形的外角和等于360度是解决本题的关键.
7.给出下列判断,正确的是( )
A.连接平行四边形四条边的中点,一定会得到一个矩形
B.对角线相等的四边形是矩形
C.对角线互相垂直且相等的四边形是正方形
D.有一条对角线平分一个内角的平行四边形为菱形
【分析】根据平行四边形的判定,矩形、菱形、正方形的判定定理即可得到结论.
【解答】解:A、连接平行四边形四条边的中点,一定会得到一个平行四边形,故不符合题意;
B、对角线相等且平分的四边形是矩形,故不符合题意;
C、对角线互相垂直平分且相等的四边形是正方形,故不符合题意;
D、有一条对角线平分一个内角的平行四边形为菱形,故符合题意;
故选:D.
【点评】本题考查了平行四边形的判定,矩形的判定,菱形的判定,正方形的判定,熟练掌握各判定定理是解题的关键.
8.如图,OD平分∠AOB,DE⊥AO于点E,DE=4.2,F是射线OB上的任一点,则DF的长度不可能是( )
A.4.2B.5.15C.3.69D.8
【分析】过D点作DH⊥OB于点H,根据角平分线的性质得到DH=DE=4.2,再根据垂线段最短进行判断即可.
【解答】解:过D点作DH⊥OB于点H,如图所示:
∵OD平分∠AOB,DE⊥AO,DH⊥OB,
∴DH=DE=4.2,
∵F是射线OB上的任一点,
∴DF≥4.2,
故选:C.
【点评】本题考查了角平分线的性质,垂线段最短等,熟练掌握角平分线的性质是解题的关键.
9.如图,在Rt△ABC中,∠A=90°,BD平分∠ABC,交AC于点D,若点D恰好在边BC的垂直平分线上,则∠C的度数为( )
A.36°B.30°C.40°D.45°
【分析】根据线段垂直平分线的性质得到DC=DB,得到∠DBC=∠C,根据三角形内角和定理求出∠C=30°.
【解答】解:∵点D恰好在边BC的垂直平分线上,
∴DC=DB,
∴∠DBC=∠C,
∵BD平分∠ABC,
∴∠ABD=∠DBC,
∴∠DBC=∠ABD=∠C,
∵∠A=90°,
∴∠ABC+∠C=90°,
∴∠C=∠DBC=∠ABD=30°,
故选:B.
【点评】本题考查的是直角三角形的性质、线段垂直平分线的性质,根据线段垂直平分线的性质得到DC=DB是解题的关键.
10.如图,菱形ABCD的对角线AC,BD相交于点O,点M为边CD的中点,若菱形ABCD的周长为32,∠BAD=60°,则△OCM的面积是( )
A.B.2C.3D.4
【分析】根据题意可得△ABD等边三角形,根据边长可求出其面积,而△OCM的面积等于△BCD面积的,进而可得出结果.
【解答】解:∵菱形ABCD的周长为32,
∴AB=BC=CD=AD=8,
∵∠BAD=60°,
∴△ABD为等边三角形,
∴S△BCD=×AB2=×82=16,
∵M为CD中点,
∴S△OCM=S△COD=S△BCD=4,
故选:D.
【点评】本题考查菱形的性质,熟练掌握菱形四边相等的性质是解题关键.
11.在长方形ABCD中,AB=5,CB=12,连接AC,∠BAC的角平分线交BC于点E,则线段BE的长为( )
A.B.C.3D.4
【分析】作EF⊥AC于点F,由∠B=90°,AB=5,CB=12,根据勾股定理求得AC=13,由角平分线的性质得FE=BE,再证明Rt△AFE≌Rt△ABE,得AF=AB=5,则CF=8,再由勾股定理得BE2+82=(12﹣BE)2,即可求得BE=.
【解答】解:作EF⊥AC于点F,则∠AFE=∠CFE=90°,
∵四边形ABCD是矩形,AB=5,CB=12,
∴∠B=90°,
∴EB⊥AB,AC===13,
∵AE平分∠BAC,
∴FE=BE,
在Rt△AFE和Rt△ABE中,
,
∴Rt△AFE≌Rt△ABE(HL),
∴AF=AB=5,
∵FE2+CF2=CE2,且CF=13﹣5=8,CE=12﹣BE,
∴BE2+82=(12﹣BE)2,
∴BE=,
故选:A.
【点评】此题重点考查矩形的性质、角平分线的性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理等知识,正确地作出所需要的辅助线是解题的关键.
12.如图,平行四边形ABCD中,对角线AC,BD交于点O,BD=2AD,E,F,G分别是OC,OD,AB的中点.下列结论正确的是( )
①EG=EF;
②△EFG≌△GBE;
③FB平分∠EFG;
④EA平分∠GEF;
⑤四边形BEFG是菱形.
A.③⑤B.①②④C.①②③④D.①②③④⑤
【分析】由中点的性质可得出EF∥CD,且EF=CD=BG,结合平行即可证得②正确,由BD=2BC得出BO=BC,即而得出BE⊥AC,由中线的性质可知GP∥BE,且GP=BE,AO=EO,证△APG≌△EPG得出AG=EG=EF得出①正确,再证△GPE≌△FPE得出④再求,证出四边形BEFG是平行四边形,⑤③不正确;此题得解.
【解答】解:设GF和AC的交点为点P,如图:
∵E、F分别是OC、OD的中点,
∴EF∥CD,且EF=CD,
∵四边形ABCD为平行四边形,
∴AB∥CD,且AB=CD,
∴∠FEG=∠BGE,
∵点G为AB的中点,
∴BG=AB=CD=FE,
在△EFG和△GBE中,,
∴△EFG≌△GBE(SAS),即②正确,
∴∠EGF=∠GEB,GF=BE,
∴GF∥BE,
∵BD=2BC,点O为平行四边形对角线交点,
∴BO=BD=BC,
∵E为OC中点,
∴BE⊥OC,
∴GP⊥AC,
∴∠APG=∠EPG=90°
∵GP∥BE,G为AB中点,
∴P为AE中点,即AP=PE,且GP=BE,
在△APG和△EGP中,,
∴△APG≌△EPG(SAS),
∴AG=EG=AB,
∴EG=EF,即①正确,
∵EF∥BG,GF∥BE,
∴四边形BGFE为平行四边形,
∴GF=BE,
∵GP=BE=GF,
∴GP=FP,
∵GF⊥AC,
∴∠GPE=∠FPE=90°
在△GPE和△FPE中,,
∴△GPE≌△FPE(SAS),
∴∠GEP=∠FEP,
∴EA平分∠GEF,即④正确.
∵BG=FE,GF=BE,
∴四边形BEFG是平行四边形,
没有条件得出BEFG是菱形,⑤③不正确;
故选:B.
【点评】本题考查了平行四边形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、中位线定理以及平行线的性质定理,解题的关键是利用中位线,寻找等量关系,借助于证明全等三角形找到边角相等.
二.填空题(共6小题,每题3分,共18分)
13.点在第 四 象限.
【分析】根据各象限内点的坐标的符号特征判断即可.
【解答】解:∵点的横坐标大于零,纵坐标小于零,
∴点在第四象限.
故答案为:四.
【点评】本题考查了各象限内点的坐标的符号特征以及解不等式,记住各象限内点的坐标的符号是解决的关键,四个象限的符号特点分别是:第一象限(+,+);第二象限(﹣,+);第三象限(﹣,﹣);第四象限(+,﹣).
14.已知P1(a﹣1,5)和P2(4,b﹣1)关于x轴对称,则a﹣b的值是 9 .
【分析】利用关于x轴对称点的坐标特点:横坐标不变,纵坐标互为相反数求解即可.
【解答】解:∵P1(a﹣1,5)和P2(4,b﹣1)关于x轴对称,
∴a﹣1=4,b﹣1=﹣5,
∴a=5,b=﹣4,
∴a﹣b=5﹣(﹣4)=9,
故答案为:9.
【点评】本题考查了坐标平面内的轴对称变换,关于x轴对称的两点,横坐标相同,纵坐标互为相反数;关于y轴对称的两点,纵坐标相同,横坐标互为相反数.
15.在▱ABCD中,∠A=110°,则∠D= 70° .
【分析】根据平行四边形的性质得出AB∥CD,根据平行线的性质推出∠A+∠D=180°,即可求出答案.
【解答】解:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB∥CD,
∴∠A+∠D=180°,
∵∠A=110°,
∴∠D=70°.
故答案为:70°.
【点评】本题主要考查对平行四边形的性质,平行线的性质,能根据性质推出∠A+∠D=180°是解此题的关键.
16.已知某正多边形每一个外角都等于72°,则从此多边形一个顶点出发,可以引的对角线的条数是 2 条.
【分析】利用多边形的外角和是360°,多边形的每个外角都是72°,即可求出这个多边形的边数,再根据n边形从一个顶点出发可引出(n﹣3)条对角线可求答案.
【解答】解:360°÷72°=5,
5﹣3=2.
故这个正多边形从一个顶点出发可以作的对角线条数是2.
故答案为:2.
【点评】本题主要考查了多边形的对角线,多边形的外角和定理,n边形从一个顶点出发可引出(n﹣3)条对角线.
17.如图,在△ABC中,∠ACB=90°,CD=6,D是AB的中点,则AB= 12 .
【分析】根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半解答即可.
【解答】解:在△ABC中,
∵∠ACB=90°,D是AB的中点,
∴AB=2CD=2×6=12.
故答案为:12.
【点评】本题主要考查了直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半的性质,熟记性质是解题的关键.
18.如图所示,将形状大小完全相同的“平行四边形”按照一定规律摆成下列图形,第1幅图中“平行四边形”的个数为a1,第2幅图中“平行四边形”的个数为a2,第3幅图中“平行四边形”的个数为a3…,以此类推,的值为 .
【分析】先根据已知图形得出an=n(n+1),代入再利用裂项化简可得答案.
【解答】解:由图形知a1=1×2,a2=2×3,a3=3×4,
∴an=n(n+1),
∴
=
=
=
=
=,
故答案为:.
【点评】本题主要考查图形的变化规律,解题的关键是根据已知图形得出an=n(n+1)及.
三.解答题(共8小题,共计66分)
19.(6分)如图,OC是∠AOB内的一条射线,D是OC上一点,过点D作DE⊥OA于点E,DF⊥OB于点F,已知OE=OF,求证:OC是∠AOB的平分线.
【分析】根据垂直的定义和HL证明Rt△EOD与Rt△FOD全等,进而利用全等三角形的性质解答即可.
【解答】证明:∵DE⊥OA于点E,DF⊥OB于点F,
∴∠DEO=∠DFO=90°,
在Rt△EOD与Rt△FOD中,
,
∴Rt△EOD≌Rt△FOD(HL),
∴∠EOD=∠FOD,
即OC是∠AOB的平分线.
【点评】此题考查角平分线的性质,关键是根据HL证明Rt△EOD与Rt△FOD全等解答.
20.(8分)如图,在四边形ABCD中,已知∠B=90°,∠ACB=30°,AB=3,AD=10,CD=8.
(1)求证:△ACD是直角三角形;
(2)求四边形ABCD的面积.
【分析】(1)根据直角三角形的性质得到AC=2AB=6,根据跟勾股定理的逆定理即可得到结论;
(2)根据勾股定理得到BC=3,根据三角形的面积公式即可得到结论.
【解答】(1)证明:在Rt△ABC中,∠B=90°,∠ACB=30°,AB=3,
∴AC=2AB=6,
在△ACD中,AC=6,CD=8,AD=10,
∵82+62=102,即AC2+CD2=AD2,
∴∠ACD=90°,即△ACD是直角三角形;
(2)解:在Rt△ABC中,∠B=90°,AB=3,AC=6,
∴BC==3,
∴Rt△ABC的面积为•AB•BC=×3×3=,
又∵Rt△ACD的面积为•AC•CD=×8×6=24,
∴四边形ABCD的面积为:+24.
【点评】本题考查了勾股定理,勾股定理的逆定理,三角形的面积,熟练掌握勾股定理的逆定理是解题的关键.
21.(6分)如图,车高AC=4m,货车卸货时后面挡板AB弯折落在地面A1处,已知点A、B、C在一条直线上,AC⊥A1C,经过测量A1C=2m,求BC的长.
【分析】设BC=x m,则AB=A1B=(4﹣x)m,在Rt△A1BC中利用勾股定理列出方程22+x2=(4﹣x)2,进而解答即可.
【解答】解:由题意得,AB=A1B,∠BCA1=90°,
设BC=x m,则AB=A1B=(4﹣x)m,
在Rt△A1BC中,A1C2+BC2=A1B2,
即:22+x2=(4﹣x)2,
解得:x=1.5.
答:BC的长为1.5米.
【点评】此题考查了勾股定理在实际生活中的应用,正确应用勾股定理是解题关键.
22.(8分)如图,在平面直角坐标系中,已知点A(﹣4,1);B(1,1),C(﹣3,3).
(1)画出△ABC,判断△ABC的形状是 直角 三角形;
(2)点C关于x轴的对称点C'的坐标为 (﹣3,﹣3) .
(3)已知点P是y轴正半轴上一点,若S△ABC=S△ABP,则点P坐标是 (0,3) .
【分析】(1)根据△ABC各点坐标画出△ABC即可,根据勾股定理逆定理可判断△ABC的形状;
(2)根据关于x轴对称的点坐标:横坐标不变,纵坐标互为相反数即可求出点C′坐标;
(3)根据点P是y轴正半轴上一点,且S△ABC=S△ABP,AB∥x轴,可知点P与点C纵坐标相同,即可求出点P坐标.
【解答】解:(1)△ABC如图所示:
∵AB2=[1﹣(﹣4)]2=25,AC2=(﹣3+4)2+(3﹣1)2=5,BC2=(﹣3﹣1)2+(3﹣1)2=20,
∴AC2+BC2=AB2,
∴△ABC是直角三角形,
故答案为:直角;
(2)点C关于x轴的对称点C'的坐标为(﹣3,﹣3),
故答案为:(﹣3,﹣3);
(3)∵点P是y轴正半轴上一点,且S△ABC=S△ABP,
又∵AB∥x轴,
∴点P与点C纵坐标相同,
∴点P坐标为(0,3),
故答案为:(0,3).
【点评】本题考查了勾股定理逆定理,三角形的面积,关于x轴对称的点坐标,熟练掌握这些知识是解题的关键.
23.(8分)如图,在平行四边形ABCD中,点E是CD边的中点,连接AE并延长交BC的延长线于点F.
(1)求证:△ADE≌△FCE;
(2)连接DF、AC,试判断四边形ACFD的形状,并说明理由.
【分析】(1)由平行四边形的性质得出∠D=∠ECF,根据ASA即可判定△ADE≌△FCE;
(2)由△ADE≌△FCE可得AE=EF,再由DE=CE,可得四边形ACFD是平行四边形.
【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AD∥BC,AB∥CD,AD=BC,
∴∠D=∠ECF,
∵点E是CD边的中点,
∴DE=CE,
在△ADE和△FCE中,
,
∴△ADE≌△FCE(ASA);
(2)解:平行四边形.
如图,
∵△ADE≌△FCE,
∴AE=EF,
∵DE=CE,
∴四边形ACFD是平行四边形.
【点评】本题考查了平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质,熟练掌握平行四边形的性质,证明三角形全等是解决问题的关键.
24.(8分)如图,在正方形ABCD中,点E是BC上的一点,点F是CD延长线上的一点,连接AE、AF、EF,且∠FAE=90°.
(1)求证:AE=AF;
(2)若AB=12,AE=13,请求出CF的长.
【分析】(1)由题目已知证得△ABE≌△ADF,根据全等的性质可得结论;
(2)在Rt△ABE中,用勾股定理求出BE,由(1)的性质求出DF,进而可求CF的长.
【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是正方形,
∴AB=AD=CD,∠BAD=∠ABE=∠ADF=90°,
∴∠BAE+∠DAE=90°,
又∵∠FAE=90°,
∴∠EAD+∠FAD=90°,
∴∠BAE=∠DAF,
在Rt△ABE和Rt△ADF中,
,
∴Rt△ABE≌Rt△ADF(ASA),
∴AE=AF;
(2)解:在Rt△ABE中,
由勾股定理得:,
由(1)知:BE=DF=5,AB=CD=12,
∴CF=CD+DF=17.
【点评】此题考查了正方形的性质,三角形全等的判定及性质,勾股定理,解题的关键是判断出三角形全等.
25.(10分)如图,在▱ABCD中,E为BC的中点,连接AE并延长交DC的延长线于点F,连接BF,AC,若AD=AF.
(1)求证:四边形ABFC是矩形;
(2)若AD=10,∠AFB=30°,直接写出▱ABCD的面积.
【分析】(1)利用AAS判定△ABE≌△FCE,从而得到AB=CF;由已知可得四边形ABFC是平行四边形,BC=AF,根据对角线相等的平行四边形是矩形,可得到四边形ABFC是矩形;
(2)先证△ADF是等边三角形,进而可求出▱ABCD的面积.
【解答】(1)证明:∵四边形ABCD是平行四边形,
∴AB∥CD,
∴∠BAE=∠CFE,∠ABE=∠FCE,
∵E为BC的中点,
∴EB=EC,
在△ABE和△FCE中,
,
∴△ABE≌△FCE(AAS),
∴AB=CF.
∵AB∥CF,
∴四边形ABFC是平行四边形,
∵AD=BC,AD=AF,
∴BC=AF,
∴四边形ABFC是矩形.
(2)解:∵∠AFB=30°,
∴∠AFD=60°,
∵AD=AF=10.
∴△ADF是等边三角形,
∴CD=AD=5,
∴AC=CD=5,
∴▱ABCD的面积=DC•AC=5×5=25.
【点评】本题考查了平行四边形的性质,全等三角形的判定和性质,矩形的判定和性质,灵活运用这些性质解决问题是解题的关键.
26.(12分)如图,在边长为10的菱形ABCD中,对角线BD=16,点O是直线BD上的动点,OE⊥AB于E,OF⊥AD于F.
(1)对角线AC的长是 12 ,菱形ABCD的面积是 96 ;
(2)如图1,当点O在对角线BD上运动时,OE+OF的值是否会发生变化?请说明理由;
(3)如图2,当点O在对角线BD的延长线上时,OE+OF的值是否会发生变化?若不变,请说明理由;若变化,请探究OE、OF之间的数量关系,并说明理由.
【分析】(1)连接AC与BD相交于点G,根据菱形的对角线互相垂直平分求出BG,再利用勾股定理列式求出AG,然后根据AC=2AG计算即可得解;再根据菱形的面积等于对角线乘积的一半列式计算即可得解;
(2)连接AO,根据S△ABD=S△ABO+S△ADO列式计算即可得解;
(3)连接AO,根据S△ABD=S△ABO﹣S△ADO列式整理即可得解.
【解答】解:(1)如图,连接AC与BD相交于点G,
在菱形ABCD中,AC⊥BD,BG=BD=×16=8,
由勾股定理得,AG===6,
∴AC=2AG=2×6=12,
菱形ABCD的面积=AC•BD=×12×16=96;
故答案为:12;96;
(2)如图1,连接AO,则S△ABD=S△ABO+S△ADO,
所以,BD•AG=AB•OE+AD•OF,
即×16×6=×10•OE+×10•OF,
解得OE+OF=9.6是定值,不变;
(3)如图2,连接AO,则S△ABD=S△ABO﹣S△ADO,
所以,BD•AG=AB•OE﹣AD•OF,
即×16×6=×10•OE﹣×10•OF,
解得OE﹣OF=9.6,是定值,不变,
所以,OE+OF的值变化,OE、OF之间的数量关系为:OE﹣OF=9.6.
【点评】本题考查了菱形的性质,三角形的面积,主要利用了菱形的对角线互相垂直平分的性质,(2)(3)作辅助线构造出两个三角形是解题的关键.
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